2020年浙江省宁波市中考物理一模试卷

中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共6小题，共22.0分）

1.电影《流浪地球》开启了中国科幻电影元年，影片

中涉及到许多我们学过的科学知识，以下观点正确

的是（）

A. 在太阳内部，发生核裂变产生光和热

B. 地球发动机喷射的燃气推动地球前进，说明物体间力的作用是相互的

C. 关闭地球发动机后地球仍能向前运动，这是由于受到惯性的作用

D. 开启地球发动机使地球加速前进的过程中机械能守恒

2.下列关于光现象的说法正确的是（）

A. 光是一种电磁波，能在真空中传播

B. 虚像既能呈现在光屏上也能被人眼观察到

C. 物体远离平面镜时，它在镜中的像将变小

D. 在岸边看水的深度比实际深度浅，是由光的反射引起的

3.下列四个科学实验，关于它们对应的实验现象或者结论，下列说法错误的是（）

A. 覆杯实验证明大气压的存在

B. 对物体做功，物体内能增大

C. 通电导体在磁场中受到力的作用

D. 移走小磁针，磁场消失

4.某工厂搬运货物用了如图所示的装置。已知滑轮组中绳子能承受的最大拉力为

500N，定滑轮的质量为0.5kg，动滑轮的质量为0.6kg，货箱重为15N，不计绳重和

绳子与滑轮间的摩擦，下列说法正确的是（）

A. 匀速吊起货物上楼，每次能吊的货物最多不能超

过 1469N

B. 使用的定滑轮质量越小越省力

C. 工人分别用5m/s和3m/s速度匀速拉升同一货

物，工人做功的功率相同

D. 所吊货物质量为100kg，匀速提升10m，则水平

拉力F所做的功为10210J

5.在“测量小灯泡和定值电阻的阻值”实验中，根据测得的电流和电压数据绘制了如

图甲中A、B的I-U图象，现将小灯泡L和定值电阻R连成如图乙、丙电路（电源电压均为8V），则下列说法正确（）

A. 由图甲知小灯泡电阻随温度的增大而减小

B. 图乙电路的总功率为 2.4W

C. 由图甲知定值电阻的阻值为10Ω

D. 图丙电路中电流表示数为 0.7A

6.如图，重5N的薄壁容器放在水平硬板MN上，容

器底面积为300cm2，高度为25cm，装有15cm深的

水。一根原长为10cm的轻质弹簧、细弹簧EF吊着

柱形木块刚好静止在水面上。弹簧上端E连接在固

定不动的支架上，下端F连接在木块（不吸水）上

表面的中心上，弹簧长度每变化1cm，弹力变化量

为1N．木块的重力为5N，底面积为50cm2，高度

为20cm。现将水平硬板MN缓慢向上移动，木块始

终保持竖直方向，弹簧均在弹性限度内，下列判断

错误的是（）

A. 木块的密度为 0.5×103kg/m3

B. 当木块浸入水中的深度为2cm时，木块受到的浮力为1N

C. 当容器内水的深度为17cm时，弹簧对木块的弹力为1N

D. 当硬板向上移动25cm时，容器对硬板的压强为1500Pa

二、填空题（本大题共4小题，共18.0分）

7.如图是一种流行的指尖陀螺玩具，这种玩具中间为一轴承，两侧各有一飞叶，拨动

飞叶后可以在手指上转动，时长可达1～6分钟。这种陀螺内部装有滚珠轴承，这是为了______，同时飞叶一般采用密度大的金属制作，目的是为了通过增大质量来增大飞叶的______，从而在停止拨动陀螺后，陀螺依旧转动。

8.1901年，挪威人伯克兰制造出世界上第一台电磁发射器，首开电磁炮先河。为了

认识电磁炮的一些特性，小海制作了一个电磁炮模型，其原理如图所示。螺线管通电后，在磁力作用下，铁制撞针迅速前移，推动炮弹射出炮筒。

（1）小海要增强电磁炮中螺线管磁场，下列方法可行的是______（选填字母）。

A．增加螺线管的线圈匝数B．改变线圈中的电流方向C．增大通过螺线管的电流（2）电磁铁的磁性强弱很难直接观察，通常需要用吸引铁屑或者大头针的多少来比较，这种研究方法与下列______（选填字母）实验所用方法相同。

A．用刻度尺测量物体的长度B．用未点燃的蜡烛比较像与物的大小C．用压强计究液体内部压强

9.如图是一个“擦窗机器人”。它的“腹部”有吸盘。擦窗时，

它的真空泵会将吸盘内的空气向外抽出，它就能牢牢吸在竖直

玻璃上。当擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，若真空泵继续

向外抽气，此时吸盘内的气压______，擦窗机器人受到的摩擦

力______（选填“变大”、“变小”或“不变”）

10.2019年1月3日，嫦娥四号探测器自主着陆在月球背面，实现人类探测器首次在月

球背面软着陆，并获取了月背面的影像图成功地传回了地面。

（1）地球上的我们只能看到月球的正面而看不到背面的原因是______。

（2）图中的“玉兔二号”巡视器自身携带太阳能电池板。该电池板的能量转化是______。

三、计算题（本大题共3小题，共20.0分）

11.某品牌太阳能汽车如图，在景区接送游客。

（1）车轮与地面的总接触面积为2.0×10-2m2，该汽车对水平地面的压强2.5×105Pa，求该车对地面的压力多大？

（2）某次运送游客时，该车以18km/h的速度在水平路面上匀速行驶3.6km，此时该车的输出功率为800W．求：此过程中该车受到的阻力多大？牵引力所做的功多大？

12.如图所示，一根长为1.2米的轻质杠杆OA可绕固定点O转动，C点处悬挂一重为

60牛的物体。（已知AB=BC=CD=DO）

（1）若在B点用竖直向上的力使杠杆在水平位置平衡，求这个力的大小。

（2）若在A点施加一个力使杠杆水平平衡，甲同学认为该杠杆一定是省力杠杆，乙同学认为该杠杆可能是费力杠杆。你赞同哪位同学的观点，并说明理由。

13.连续阴雨，空气潮湿，能见度低，为保证师生安全，学校科学兴趣小组的同学们设

计了如图甲所示的模拟电路，能实现湿度达到一定程度，警示灯发光；湿度越大，警示灯越亮。为了提高警示灯效果，警示灯还能不断闪烁。（提示：电磁铁线圈电阻忽略不计，警示灯电阻保持不变）

（1）根据设计要求，应选择图乙中的______（选填“R1”或“R2”）为湿敏电阻。

（2）闭合开关，警示灯发光，同时衔铁被吸下来，此时串联在图甲电路中______（选择“A”或“B”）位置的湿敏电阻被短路，警示灯变得更亮。

（3）已知电源电压为6V，警示灯的规格是“6V 3W”，当空气湿度为80%时，闪烁的过程中，灯较暗时的实际功率是多少？

四、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）

14.小海从旅游胜地带回一块玄武岩火山石，如图甲所示，他通过多种方法测定这块玄

武岩的密度。

方法一：

（1）将托盘天平放在水平桌面上，把标尺上的游码移至刻度线处，调节平衡螺母，直到指针在______，表示天平平衡。

（2）用天平测量火山石的质量，天平平衡时，游码和砝码的示数，如乙图，火山石质量为______g；

（3）在用排水法测的火山石的体积，利用密度公式算得了火山石的密度。

方法二：

（1）将装有水的玻璃杯放在电子秤上，电子秤示数清零，如图丙；

（2）火山石用细线绑住悬挂着浸没于水中，电子秤示数为8.6g，如图丁；

（3）结合方法一中测得的数据，小海算出火山石的密度为______g/cm3（保留一位小数）。

15.小海要测定标有“2.5V”字样小灯泡的额定功率，选择了一些器材连接如图所示电

路（电源用两节新的干电池）。

（1）同组的小曙发现小海的电路连接有误，如果此时闭合开关，电压表的示数为______V．请你在接的那根导线上打“×”，并另画一根导线，使电路连接正确。

（2）改正错误后，小海正确操作实验。测量数据如表所示：

“1Ω”、“2Ω”或“8.9Ω”）

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：

A、在太阳内部，每时每刻都发生着核聚变，释放出大量的光和热，故A错误；

B、地球发动机喷射燃气推动地球前进，这是利用了物体间的作用是相互的，故B正确；

C、一切物体都有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；

D、开启地球发动机使地球加速前进的过程中，发动机对地球做功，使地球的机械能增大，故D错误。

故选：B。

（1）在太阳内部，每时每刻都发生着核聚变；

（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；

（3）一切物体都有惯性；

（4）机械能包括动能和势能。

本题考查核能、力的相互性、惯性和机械能，是一道综合题。

2.【答案】A

【解析】解：A、光在同种均匀介质中沿直线传播，故A错误；

B、是否用光屏能呈接是实像和虚像的重要区别，实像能用光屏呈接，虚像呈接不到。但虚像能被人眼观察到，故B错误；

C、由“平面镜成像特点之一：正立等大的虚像”可知物体远离平面镜时，它在镜中的像不变，故C错误；

D、从水底反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得水的深度比实际的浅了。故是由光的折射引起的，故D错误。

故选：A。

（1）光是一种电磁波，光在真空中的传播速度是3×105km/s。

（2）实像和虚像的区别：实像能用光屏呈接，虚像不能；实像是实际光线会聚而成的，虚像是实际光线的反向延长线会聚形成的；

（3）平面镜成像特点之一：正立等大的虚像；

（4）光从水中斜射到水面上时，会发生折射现象，折射光线将远离法线，折射角大于入射角。

本题主要考查学生对：光的传播速度、实像与虚像的区别、平面镜成像的特点、光的折射的了解和掌握，涉及到的知识点较多，综合性较。

3.【答案】D

【解析】解：

A、由于外界存在大气压，所以能进行覆杯实验，故A正确；

B、对物体做功，其他形式的能转化为物体的内能，故物体内能增大，故B正确；

C、由图可知，该图为电动机的原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的，故C正确；

D、导线通电后，导线的周围存在磁场，磁场的有无与小磁针无关，故D错误。

故选：D。

（1）“覆杯实验”证明了大气压的存在；

（2）做功可以改变物体的内能；

（3）通电线圈在磁场中受力的作用后，可以使线圈在磁场中产生运动；

（4）通电导线的周围存在磁场。

此题主要考查的是学生对图中装置演示实验原理的理解和掌握，基础性题目。

4.【答案】D

【解析】解：

动滑轮重力G动=mg=0.6kg×10N/kg=6N。

A、由图知，n=3，不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦，拉力F=（G+G箱+G动），

则每次能吊的材料最大重G最大=3F最大-（G箱+G动）=3×500N-（15N+6N）=1479N，故A 错误；

B、改变使用的定滑轮的质量，不会影响有用功、总功的大小，不会影响滑轮组的机械效率，故B错误；

C、工人快速拉升、慢速拉升同样的材料，做的功相同，但时间不同，由P=可知工人

做功的功率不相同，故C错误；

D、所吊材料受到的重力G=mg=100kg×10N/kg=1000N，

不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦，拉力F=（G+G箱+G动）=（1000N+15N+6N）=N，水平拉F所做的功W=Fs=N×30m=10210J，故D正确。

故选：D。

（1）由图知承担物重的绳子股数n=3，不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦，拉力F=（G+G 箱+G轮），知道每根绳子能承受的最大拉力，可求每次能吊的材料最大重力；

（2）使用滑轮组增大机械效率的方法：增大提升的物重，减小动滑轮重力、减小摩擦；

（3）利用公式P=分析判断工人做功的功率大小关系；

（4）知道所吊材料受到的重力，利用F=（G+G箱+G轮）可求拉力；利用s=3h求拉力

端移动的距离，利用W=Fs可计算水平拉力F所做的功。

本题考查了使用滑轮组拉力、总功、功率的计算，以及提高机械效率的方法，知识点多、综合性强，要求灵活应用相关知识，属于难题、易错题！

5.【答案】B

【解析】解：（1）定值电阻的I-U图象是正比例函数图象，其I-U图象是B图线，则A 图线为灯泡的I-U图象，

由图象可知，当灯泡两端的电压分别为1V、2V、4V、8V时，

通过灯泡的电流依次为0.2A、0.3A、0.4A、0.5A，

由I=变形式R=可得，灯泡的电阻依次为5Ω、6.7Ω、10Ω、16Ω，

所以，小灯泡两端的电压增大时，通过的电流增大，

由P=UI可得，灯泡的实际电功率增大，温度升高，灯泡的电阻增大，故A错误；（2）由电路图乙可知，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，

因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，

所以，由图象可知，当I=0.3A、U R=6V、U L=2V时符合，

则图乙电路的总功率P=UI=8V×0.3A=2.4W，故B正确；

定值电阻的阻值R===20Ω，故C错误；

（3）由电路图丙可知，定值电阻R与灯泡L并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，灯泡和定值电阻两端的电压均为8V，

由图象可知，通过它们的电流分别为I L=0.5A、I R=0.4A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，电流表的示数I=I L+I R=0.5A+0.4A=0.9A，故D错误。

故选：B。

（1）定值电阻的I-U图象是正比例函数图象，据此判断出其I-U图象，然后得出灯泡的I-U图象，从图象中读出几组通过灯泡的电流和对应两端的电压值，根据欧姆定律求出对应灯泡的电阻，然后分析通过灯泡电流和电压变化时的功率变化，从而得出灯泡的电阻与温度的关系；

（2）根据串联电路的电流特点和电压特点结合图象读出符合题意的电流、电压值，根据P=UI求出电路的总功率，根据欧姆定律求出电阻的阻值；

（3）由电路图丙可知，定值电阻R与灯泡L并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压，根据图象读出通过的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流表的示数。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

6.【答案】D

【解析】解：

A．木块的质量m===0.5kg，

木块的体积V=Sh=50cm2×20cm=1000cm3=1×10-3m3，

则木块的密度ρ===0.5×103kg/m3，故A正确。

B．当木块浸入水中的深度为2cm时，其所受的浮力：

F浮=ρ水V排g=ρ水Sh浸g=1.0×103kg/m3×50×2×10-6m3×10N/kg=1N，故B正确。

C．容器中原来装有15cm深的水，当容器内水的深度为17cm时，水面上升了△h=2cm，则此时此时木块排开水的体积：V排=S容△h=300cm2×2cm=600cm3=6×10-4m3，

此时木块所受的浮力为：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×6×10-4m3×10N/kg=6N

对木块进行受力分析知木块的重力是5N，而木块受到的浮力是6N，木块在水中静止时一定受到了弹簧向下1N的压力，故C正确。

D．容器中水的重力：G水=ρ水V水g=1.0×103kg/m3×300×15×10-6m3×10N/kg=45N，

当硬板向上移动25cm时，弹簧的长度l''=20cm+10cm-25cm=5cm，

由题可知，此时弹簧对木块的弹力为F弹'=5N，弹力的方向竖直向下，

则容器对硬板的压力：

F压=G容+G水+G木+F弹'=5N+45N+5N+5N=60N，

产生的压强：p===2000Pa，故D错误；

故选：D。

A中利用G=mg求出木块的质量，利用V=Sh求出木块的体积，然后利用密度公式计算密度；

B中根据阿基米德原得，求出木块浸入水中的深度为2cm时受到的浮力；

C中当容器内水的深度为17cm时，水面上升了2cm因而可求得水上升的体积，根据浮力公式可求得此时木块受到的浮力为6N，对木块进行受力分析知此时木块受到弹簧向下的压力。

D中当硬板向上移动25cm时，根据阿基米德原理求出此时木块受到的浮力，然后对整

个装置受力分析，求出对地面的压力，从而求出压强。

本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件、力的合成与弹簧的伸长与拉力的关系的，为压轴题。

7.【答案】减小摩擦惯性

【解析】解：陀螺内部装有滚珠轴承，这是用滚动代替滑动来减小摩擦。

因为一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大，所以，为了使在停止拨动陀螺后陀螺依旧转动，可以通过增大质量来增大它的惯性。

故答案为：减小摩擦；惯性。

（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

（2）一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

本题难度不大，掌握减小摩擦力的方法及惯性等相关知识并能灵活运用是正确解答本题的关键。

8.【答案】AC C

【解析】解：（1）由题意可知，要想增强电磁炮弹中螺线管磁场，可以增加螺线管的线圈的匝数或增强螺线管线圈中电流，故应选AC；

（2）通过炮弹出射点离落地点间的水平距离来判断物体动能的大小；该实验方法是采用的转换法，

A．用刻度尺测量物体的长度，用的是直接测量法，故A不符合题意；

B．用未点燃的蜡烛比较像与物的大小，用到了对比，故B不符合题意；

C．根据压强计内液面的高度差来比较压强的大小，采用的是转换法，故C符合题意。故选C。

故答案为：（1）AC；（2）C。

（1）通电螺线管的磁场强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，据此解答；

（2）通过用吸引铁屑或者大头针的多少来判断磁性的大小；该实验方法是采用的转换法，分析得出三个研究实例的研究方法即可知道用到此研究方法的实例。

本题考查了影响磁性大小的因素、转换法的应用，属于基础知识。

9.【答案】减小；不变

【解析】解：当擦窗机器人的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，内部气体压强减小，它在外界大气压的作用下被告牢牢吸在竖直玻璃上。

擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，当真空泵继续向外抽气时，机器人的重力不变，则擦窗机器人受到的摩擦力不变；

故答案为：减小；不变。

（1）吸盘主要是利用大气压来工作的，据此解答；

（2）物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力；

本题考查了大气压的应用，二力平衡条件的应用，物体在平衡状态下受平衡力，找出平衡力是解题关键。

10.【答案】月球的自转周期与月球的公转周期相同太阳能转化为电能

【解析】解：（1）由于月球的自转周期与月球的公转周期相同，地球上的人只能看到月球正面看不到背面；

（2）太阳能电池板的作用是将太阳能转化为电能。

故答案为：（1）月球的自转周期与月球的公转周期相同；（2）太阳能转化为电能（1）由于月球的自转周期与月球的公转周期相同，地球上的人只能看到月球正面看不到背面；

（2）太阳能电池板的作用是将太阳能转化为电能。

本题考查能量的转化及地球和月球的运动特点，属于中等题。

11.【答案】解：

（1）由p=得车对地面的压力：

F=pS=2.5×105Pa×2.0×10-2m2=5×103N；

（2）汽车速度v=18km/h=18×m/s=5m/s，

由P===Fv地牵引力：

F===160N；

因为车匀速运动，

所以受到的阻力：

f=F=160N；

牵引力做功：

W=Fs=160N×3600m=5.76×105J。

答：（1）车对地面的压力为5×103N；

（2）此过程中该车受到的阻力为160N，牵引力所做的功为5.76×105J。

【解析】（1）知道压强和受力面积，利用F=pS求车对地面的压力；

（2）知道汽车速度、功率，利用P===Fv求牵引力；由于车匀速运动，车受到的牵

引力和阻力是一对平衡力，大小相等；知道运动距离，再利用W=Fs求牵引力做功。本题考查了压强公式、功率公式、功的公式以及二力平衡条件的应用，要求灵活利用相关公式，难度适中。

12.【答案】解：

（1）由图可知，动力臂为OB=OA=×1.2m=0.9m，阻力臂为OC=OA=×1.2m=0.6m，

由杠杆的平衡条件：F×OB=G×OA，F×0.9m=60N×0.6m，所以F=40N。

（2）如果A点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆可能是等臂杠杆，也可能是省力杠杆，还可能是费力杠杆。故乙同学观点正确。

答：（1）若在B点用竖直向上的力使杠杆在水平位置平衡，这个力的大小为40N。（2）乙同学的观点正确，因为A点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆可能是等臂杠杆，也可能是省力杠杆，还可能是费力杠杆。

【解析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，算出在B点用竖直向上的力；

（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，力臂的大小关系决定了力的大小关系。

此题是有关杠杆的平衡条件的应用，根据力臂的关系判断杠杆的分类。

13.【答案】R2 B

【解析】解：

（1）由图甲知：R1的电阻随湿度的增加而增加，R2的电阻随湿度的增加而减小；

根据实际需要，当空气潮湿，能见度低时，警示灯变亮，即警示灯随湿度增加而变亮；当警示灯变亮时，电路的电流增大，电阻减小，即湿敏电阻随着湿度的增加而减小，故R2符合要求；

（2）由图乙知，当空气潮湿（湿度大），能见度低时，湿敏电阻的阻值变小，根据I=

知，电路的电流增大，电磁铁的磁性变强，将衔铁吸引下来；若湿敏电阻放在B位置时，会被短路，电路的电流突然增大，警示灯一下变得很亮，起到闪烁的作用，而放在A点则不会出现此现象。

（3）由P=知，警示灯的电阻为：

R L===12Ω；

由图甲知，当空气湿度为80%时，R2的电阻为12Ω，

在闪烁过程中，电路的最小电流为：

I===0.25A；

灯较暗时的实际功率：

P L实=I2R L=（0.25A）2×12Ω=0.75W。

故答案为：（1）R2；（2）B；（3）灯较暗时的实际功率是0.75W。

（1）根据图象判断出R1和R2与湿度的关系；

（2）根据实际需要，当空气潮湿，能见度低时，警示灯变亮，即警示灯随湿度增加而变亮，警示灯变亮时，电路的电流增大，电阻减小，即湿敏电阻随着湿度的增加而减小，根据图象选出合适的电阻；由于警示灯不断闪烁确定湿敏电阻的位置；

（3）根据P=算出灯泡的电阻；

根据图象判断出当空气湿度为80%时R2的电阻，灯泡较暗时，灯泡与湿敏电阻串联，根据欧姆定律算出此时的电流，根据P=I2R算出灯泡的实际功率。

本题考查了学生分析图象的能力、电磁继电器的使用、欧姆定律的计算、电功率的计算等知识，是一道难题。

14.【答案】分度盘的中央21.6 2.5

【解析】解：

方法一：（1）使用托盘天平时应把天平放在水平桌面上，将标尺上的游码移到零刻度线处，调节平衡螺母，直到指针指到分度盘的中线处或指针左右摆动的幅度相同为止；（2）标尺的分度值为0.2g，火山石的质量：m=20g+1.6g=21.6g；

方法二：（1）将装有水的玻璃杯放在电子秤上，电子秤示数清零；

（2）火山石用细线绑住悬挂着浸没于水中，电子秤示数为8.6g，说明排开水的质量为8.6g，

火山石的体积就是排开水的体积：V=V排===8.6cm3，

火山石的密度为：ρ==≈2.5g/cm3。

故答案为：（1）分度盘的中央；

（2）21.6；

方法二：2.5。

方法一：（1）将托盘天平放在水平桌面上，将标尺上的游码移至零刻度线处，调节平衡螺母，直到指针在分度盘的中央，表示天平平衡。

（2）火山石的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；

方法二：排开水的质量为8.6g，根据密度公式算出排开水的体积，排开水的体积就是火山石的体积，根据密度公式算出火山石的密度。

由天平和量筒测量固体的密度是比较简单的测量固体密度的实验，如果只有天平或只有量筒测量固体的密度有一定的难度，没有天平，也没有量筒测量固体的密度难度会更大。

15.【答案】3 1Ω

【解析】解：（1）原电路中，电流表与灯串联后再与变阻器并联，而电压表串联在电路中测电源电压，故闭合开关，电压表的示数为3V；

电流表应与灯串联后再与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：

（2）由欧姆定律R=，第1、2-----8次的电阻分别为8.9Ω、8.1Ω和2Ω，灯越亮，灯的

功率越大，灯丝的温度越高，灯的电阻越大；灯丝的温度越低，灯的电阻越小；

当小灯泡在断电一段时间后，温度与环境温度相同，灯的电阻变小，即小于2Ω，灯的电阻不可能为0，故的电阻可能是1Ω。

故答案为：（1）3；如上所示；（2）1Ω。

（1）原电路中，电流表与灯串联后再与变阻器并联，而电压表串联在电路中测电源电压，据此分析；

电流表应与灯串联后再与变阻器串联，电压表与灯并联；

（2）由欧姆定律R=，分别求出第1、2-----8次的电阻分大小，由灯丝的温度越高，灯

的电阻越大；灯丝的温度越低，灯的电阻越小分析。

本题测定标有“2.5V”字样小灯泡的额定功率，考查电路分析、电路连接及欧姆定律的运用和数据分析。