操作系统(精品课程) 阶段作业一
一、单项选择题（共10道小题，共100.0分）
1.下面的哪种事件，操作系统不能从进程得到对CPU的控制权
A.故障中断
B.IO中断
C.时钟中断
D.阻塞进程等待的事件发生
2.一个处于阻塞状态的进程，如果它等待的事件发生，则它的状态将变为：
A.运行状态
B.阻塞状态
C.就绪状态
D.以上都不是
3.处于挂起等待状态的进程，如果得到解除挂起的命令，它的状态将变为：
A.运行状态
B.等待状态
C.就绪状态
D.不变
4.关于进程的概念，下面的说法哪些是不对的？
A.进程是程序的一次执行
B.进程是动态的
C.一个程序对应一个进程
D.进程有生命周期
5.关于重定位，下面的描述哪个是不对的
A.重定位技术有静态重定位和动态重定位两种
B.重定位是把程序中的绝对地址变换为相对地址
C.在程序装入主存中时进行重定位是静态重定位
D.对应用软件的重定位是由操作系统实现的
6.计算机系统用（）电路来判断中断的优先级，以确定响应那个中断。
A.中断扫描
B.中断屏蔽
C.中断逻辑
D.中断寄存器
7.计算机内存中是按什么进行的编址？
A.位
B.字节
C.字
D.块
8.引入多道程序操作系统的主要目的是
A.提高CPU和其他设备的利用率
B.使不同程序都可以使用各种资源
C.操作更为方便
D.使串行程序执行时间缩短
9.下面的软件，不属于操作系统的是
A.Office
B.Windows XP
C.DOS
D.Linux
10. 进程的共享性主要体现在（）。
a.处理器
b.主存
c.外存
d.数据
A.（a，b）
B.（a，ｂ，c）
C.（ａ，b，c，ｄ）
D.（ａ，b，d）
仁爱版英语八年级下册校本作业(含答案)
仁爱版英语八年级下册 校本作业（含答案） ◆目录 ●Unit 5 Feeling Excited Topic 1 (1) Topic 2 (9) Topic 3 17 Unit 5检测卷 (25) ●Unit 6 Enjoying Cycling Topic 1 (32) Topic 2 (40) Topic 3 48 Unit 6检测卷 (56) ●Unit 7 Food Festival Topic 1 (64) Topic 2 (72) Topic 3 80 Unit 7检测卷 (88) ●Unit 8 Our Clothes Topic 1 (96) Topic 2 (104) Topic 3 112 Unit 8检测卷 (120) ●参考答案 (127)
Unit 5 Topic 1 Section A 完成时间：（30分钟以内）（编者：____________ 审核：____________） 学校班级学生 一、基础训练 1.单词互译与记忆 1) invite 2)film 3)smell 4)excited 5)disappointed _______ 2、短语互译与记忆 1) 看起来兴奋 2)邀请某人做某事 3）我最喜欢的电影之一 4）为……做好准备 5）对某人说谢谢 6）觉得失望 7）一张……的票 8）真遗憾 9)计划做某事 用所给词适当形式填空： 1)Lily happened to meet one of her old friends and invited him ______ (go) to her new house. 2) Although the meal was cold, it tasted _____(well). 3) Don’t feel _______(disappoint),It will be better next time. 4) I felt ____ (happy) because my cat was dead. 5) Please say _____(thank) to the girl who helped you 二、课时达标 根据句意及首字母提示补全单词： 1. Tomorrow is my birthday and I’d like to i_________ you to my birthday party. 2. We learned so much from Mr. Li. We must say t________ to him. 3. Tom likes Chinese food very much, because it t delicious. 单项选择 ( ) 1. The three friends are smiling because they are ________. A. sad B. unhappy C. happy D. worried ( ) 2. Please say hello ________ your friends.
操作系统作业(1-4)答案
操作系统作业(1-4)答案
操作系统作业 （第一章—第四章） 一、单项选择 1 在计算机系统中配置操作系统的目的是【】。 A 增强计算机系统的功能 B 提高系统资源的利用率 C 合理组织工作流程以提高系统吞吐量 D 提高系统的运行速度 2 在操作系统中采用多道程序设计技术，能有效提高CPU、内存和I/O设备的【】。 A 灵活性 B 可靠性 C 兼容性 D 利用率 3 在操作系统中，并发性是指若干事件【】发生。 A 在同一时刻 B 一定不在同一时刻 C 在某一时间间隔内 D 依次在不同时间间隔内 4 以下不属于衡量操作系统性能指标的是【】。 A 作业的大小 B 资源利用率 C 吞吐量 D 周转时间 5 下列选项中，操作系统提供给应用程序的接口是【】。 A 系统调用 B 中断 C 函数 D 原语 6 在分时系统中，当用户数为50时，为了保证响应时间不超过1s，选取的时间片最大值为【】。 A 10ms B 20ms C 50ms D 100ms 7 假设就绪队列中有10个就绪进程，以时间片轮转方式进行进程调度，如果时间片为180ms，切换开销为20ms。如果将就绪进程增加到30个，则系统开销所占的比率为【】。 A 10% B 20% C 30% D 90% 8 中断系统一般由相应的【】组成。 A 硬件 B 软件 C 硬件和软件 D 固件 9 以下工作中，【】不是创建进程所必须的。 A 创建进程的PC B B 为进程分配内存 C 为进程分配CPU D 将PCB插入就绪队列 10 系统中有5个用户进程且CPU工作于用户态，则处于就绪状态或阻塞状态的进程数最多分别为【】。 A 5，4 B 4，0 C 0，5 D 4，5 11 如果系统中有n个进程，则就绪队列中进程的个数最多为【】。 A 1 B n-1 C n D n+1
计算机操作系统作业一附答案
一、单选题 1、(D)不就是基本的操作系统。 A.批处理操作系统 B.分时操作系统 C.实时操作系统 D.网络操作系统 2、(A)不就是分时系统的基本特征: A.同时性 B.独立性 C.实时性 D.交互性 3、实时操作系统追求的目标就是(C )。 A.高吞吐率 B.充分利用内存 C.快速响应 D.减少系统开销 4、操作系统就是为了提高计算机的[1 B]与方便用户使用计算机而配置的基本软件。它负责管理计算机系统中的[2 C],其中包括[3 F],[4 A],外部设备与系统中的数据。操作系统中的[3 F]管理部分负责对进程进行管理。操作系统对系统中的数据进行管理的部分通常叫做[5 B]。 供选择的答案: [1] A.速度 B.利用率 C.灵活性 D.兼容性 [2] A.程序 B.功能 C.资源 D.进程 [3] [4] A.主存储器 B.虚拟存储器 C.运算器 D.控制器 E.微处理器 F.处理机 [5] A.数据库系统 B.文件系统 C.检索系统 D.数据库 E.数据存储系统 F.数据结构 G.数据库管理系统 5、批处理系统的主要缺点就是(B )。 A.CPU的利用率不高 B.失去了交互性 C.不具备并行性 D.以上都不就是 6、操作系统就是计算机系统的核心软件。按功能特征的不同,可把操作系统分为[1 B]、[2 E]、[3 C]、网络操作系统与分布式操作系统基本类型。其中[1 B]的主要目标就是提高系统的吞吐率与效率,而[2 E]就是一旦有处理请求与要求处理的数据时,CPU就应该立即处理该数据并将结果及时送回,例如[4 D]等。 供选择的答案: [1][2][3] A.单用户系统 B.批处理系统 C.分时系统 D.微机操作系统 E.实时系统 [4] A.计算机激光照排系统 B.办公自动化系统 C.计算机辅助设计系统 D.航空订票系统
七年级历史下册 第一课 校本作业(题目及答案)
七年级历史（下） 第一单元第一课繁盛一时的隋朝 一、选择题： 1．隋朝最终完成国家统一是在：( B ) A.581年 B.589年 C.605年 D.608年 2．历史上把隋文帝统治时期成为“开皇之治”主要是因为：（D） ①隋文帝励精图治，改革制度，注重吏治。②隋文帝注意发展生产。 ③隋文帝开凿了大运河，促进南北经济的交流。④统一全国，结束分裂。 A. ①②③ B. ②③④ C. ①③④ D. ①②④ 3．隋朝开凿大运河最主要的目的是：（A） A.加强南北交通，巩固统一。 B.满足隋炀帝南巡的需要。 C.加强北部边防，防止少数民族南侵。 D.促进南北经济的交流。 4．与隋代历史最相似的朝代是：（A） A. 秦朝 B. 西汉 C. 东汉 D. 北魏 二、填空题： 1：隋的建立：时间为581，建立者为杨坚_，589 年，隋文帝统一南北。 2：统治的措施:改革制度，发展生产，注重吏治。 3：大运河的开通①目的：_加强南北交通，巩固隋朝对全国的统治_。②概况：以_洛阳为中心，北达涿郡_，南至余杭_。③作用：__促进南北经济的交流_。 三、动脑筋 1、秦朝和隋朝都是中国封建社会的重要朝代，而且两者有 许多相似之处。试一下，看你能不能找出来。从这两个王朝 的兴衰中，你得到的最大启示是什么？ 都统一中国，统治的时间都较短…… 统治者要勤政爱民，发展生产，得民心者得天下。 2、材料一：“尽道隋亡为此河，至今千里赖通波” 材料二：“北通涿郡之渔商，南运江都之转输，其为利也博哉” （1）材料一中的“河”指什么？此“河”是谁在位时开通的？ 隋朝大运河隋炀帝 （2）材料二中的“涿郡”“江都”分别指现在的什么地方？ 北京扬州 （3）此河的开通在当时起到了什么作用？怎样简评价此河？此河对生态环境方面会有哪些影响？ 成为我国南北交通的大动脉，促进了我国南北经济的交流。 由于修建了大运河，也给劳动人民带来了沉重的徭役负担，从而激发了社会矛盾进而引发农民起义。
华师操作系统作业答案
华师操作系统作业答案文件编码（008-TTIG-UTITD-GKBTT-PUUTI-WYTUI-8256）
华师《操作系统》作业答案名词解释： 进程：进程是一个具有一定独立功能的程序。关于某个数据集合的一次运行活动。它是操作系统的动态执行的基本单元。在传统的操作系统中，进程既是基本的分配单元也是基本的执行单元。 长期调度：按照某种原则从磁盘某些盘区的作业队列和交互作业中选取作业进入主存，并为作业做好运行前的准备工作和作业完成后的善后工作。 死锁：一组进程中，每个进程都无限等待被该组进程中另一进程所占有的资源，因而永远无法得到的资源，这种现象称为进程死锁，这一组进程就称为死锁进程。若死锁发生，会浪费大量系统资源，甚至导致系统崩溃。 SPOOL系统：spool系统是通过共享设备来模拟独点型设备的动作，使独点型设备成为共享设备从而提高了设备利用率和系统的效率，这种技术被称为虚拟设备技术，实现这一技术的硬件和软件系统被称为SPOOL系统，或称为假脱机系统。 绝对地址：——是指存储控制部件能够识别的主存单元编号（或字节地址），也就是主存单元的实际地址。 综合分析题
第6题：在一个请求分页系统，采用最佳页面置换算法时，假如一个作业的 作业的页架数为3时，试 写出页面调度的过程，并 计算缺页次数 答：页数为三，先把前三个页面装进去，7，0，1，发生3次缺页次数；下一个 是2，按照最佳置换，应该把7拿出去，变成2，0，1，累计4次缺页次数；下 一个是2，在内，不动，不发生缺页；下一个是0，在内，不动，不发生缺页； 下一个是3，应该把1拿出去，变成2，0，3；。。。。。。。；依次往下推； 累计发生9次缺页。 第7题据所给出的参数，请分析操作系统的不同调度算法，计算并填写下表中 空白的地方。 答案： 第8题请画出进程的五种基本状态及其转换过程，并作相应解释 运行状态(Running)：进程占用处理器资源；处于此状态的进程的数目小于等于 处理器的数目，在没有其他进程可以执行时（如所有进程都在阻塞状态），通常 会自动执行系统的空闲进程 2）就绪状态，进程已获得进程可以按多个优先级别划分队列，例如，当一个进 程由于是境片用完而过入就绪状态时，排入低优先级队列，当进程由I/Or操作 完成而进入就绪状态时，排入高优先级队列。 3）阻塞状态，当进程由于等待I/O气操作或进程同步等条件而暂停运行时，它 处于阻塞状态。
操作系统作业(1-4)答案
操作系统作业 （第一章—第四章） 一、单项选择 1 在计算机系统中配置操作系统的目的是【】。 A 增强计算机系统的功能 B 提高系统资源的利用率 C 合理组织工作流程以提高系统吞吐量 D 提高系统的运行速度 2 在操作系统中采用多道程序设计技术，能有效提高CPU、内存和I/O设备的【】。 A 灵活性 B 可靠性 C 兼容性 D 利用率 3 在操作系统中，并发性是指若干事件【】发生。 A 在同一时刻 B 一定不在同一时刻 C 在某一时间间隔内 D 依次在不同时间间隔内 4 以下不属于衡量操作系统性能指标的是【】。 A 作业的大小 B 资源利用率 C 吞吐量 D 周转时间 5 下列选项中，操作系统提供给应用程序的接口是【】。 A 系统调用 B 中断 C 函数 D 原语 6 在分时系统中，当用户数为50时，为了保证响应时间不超过1s，选取的时间片最大值为【】。 A 10ms B 20ms C 50ms D 100ms 7 假设就绪队列中有10个就绪进程，以时间片轮转方式进行进程调度，如果时间片为180ms，切换开销为20ms。如果将就绪进程增加到30个，则系统开销所占的比率为【】。 A 10% B 20% C 30% D 90% 8 中断系统一般由相应的【】组成。 A 硬件 B 软件 C 硬件和软件 D 固件 9 以下工作中，【】不是创建进程所必须的。 A 创建进程的PC B B 为进程分配内存 C 为进程分配CPU D 将PCB插入就绪队列 10 系统中有5个用户进程且CPU工作于用户态，则处于就绪状态或阻塞状态的进程数最多分别为【】。 A 5，4 B 4，0 C 0，5 D 4，5 11 如果系统中有n个进程，则就绪队列中进程的个数最多为【】。 A 1 B n-1 C n D n+1
新人教版一年级数学下册认识人民币课时作业设计校本班本作业附答案
1认识图形（二） 220以内的退位减法 3分类与整理 4100以内数的认识 *摆一摆，想一想 5认识人民币 6100以内的加法和减法（一） 7找规律 8总复习 第五单元认识人民币 第1课时认识人民币（1） 1. 把面值相同的人民币连起来。 2.填空。 （1）人民币的单位是（）、（）、（）。 （2）1元=（）角 1角=（）分 3.在（）里填上正确的数。 20分=（）角 4元=（）角 8角=（）分
第2课时认识人民币（2）换一换。 1.5个2角一共是( )角，可换成( )元。 2.1张50元纸币可以换( )张1元纸币。 3.1张50元钱可以换( )张20元钱和( )张10元钱 第3课时练习十二 1. 2. 3. 4. 5. 6.10元钱可以买什么？
书包字典橡皮铅笔10元 5元 5角 1元 第4课时简单的计算（1）6角+2元3角=（）元（）角 4元5角-2元3角=（）元（）角 5元6角+2元=（）元（）角 6角+7角=（）元（）角 第5课时简单的计算（2）1.填空 5角=（）分 40分=（）角 70角=（）元 10元=（）角 2.哪两样物品的价钱合起来正好是5元？请连一连。 3元 1元5角 2元 3元5角 第6课时练习十三 1.填空。 （1） 2元＝( )角 12角＝( )元( )角（2） 6元8角＝( )角 33分＝( )角( )分（3） 71分＝( )角( )分 4角2分＝( )分
（4） 8角＋5角＝( )角＝( )元( )角 2. 填“元”、“角”、“分”。 一枝铅笔2 一瓶可乐3 一个气球9 一个铅笔盒8 3. 一本故事书5元，一本科技书7元2角，一本故事书和一本科技书共用多少钱？
(完整版)操作系统第二章作业答案
第二章作业 1.操作系统中为什么要引入进程的概念？为了实现并发进程中的合作和协调，以及保证系统的安全，操作系统在进程管理方面要做哪些工作？ 答：为了从变化角度动态地分析研究可以并发执行的程序，真实的反应系统的独立性、并发性、动态性和相互制约，操作系统中不得不引入进程的概念。 为了防止操作系统及其关键的数据结构如：PCB等，受到用户程序破坏，将处理机分为核心态和用户态。对进程进行创建、撤销以及在某些进程状态之间的转换控制。 2.试描述当前正在运行的进程状态改变时，操作系统进行进程切换的步骤。答：分为两种情况： （1）：运行状态就绪状态：根据进程的自身的情况插入到就绪队列的适当位置，系统收回处理及转入进程调度程序重新进行调度。 （2）：运行状态→阻塞状态：系统会调用进程调度程序重新选择一个进程投入运行。 3.现代操作系统一般都提供多任务的环境，是回答以下问题。 为支持多进程的并发执行，系统必须建立哪些关于进程的数据结构？ 答：系统必须建立PCB。 为支持进程的状态变迁，系统至少应该供哪些进程控制原语？ 答：阻塞、唤醒、挂起和激活原语。 当进程的状态变迁时，相应的数据结构发生变化吗？ 答：会根据状态的变迁发生相应的变化。例如：将进程PCB中进程的状态从阻塞状态改为就绪状态，并将进程从阻塞队列摘下，投入到就绪队列中。 4.什么是进程控制块？从进程管理、中断处理、进程通信、文件管理、设备管理及存储管理的角度设计进程控制块应该包含的内容。 答：PCB：描述进程本身的特征、状态、调度信息以及对资源占有情况等的数据结构，是进程存在的唯一标识。 进程控制块所包含的内容： ①进程信息描述；②CPU信息状态；③进程调度信息；④进程控制和资源占用信息。 5.假设系统就绪队列中有10个进程，这10个进程轮换执行，每隔300ms轮换一次，CPU在进程切换时所花费的时间是10ms，试问系统化在进程切换上的开销占系统整个时间的比例是多少？ 解：P=(10*10)/[(300+10)*10]=3.2% 6.试述线程的特点及其与进程之间的关系。 答：线程的特点：是被独立分派和调度的基本单位。线程与进程的关系：线程是进程的一部分，是进程内的一个实体；一个进程可以有多个线程，但至少必须有一个线程。
计算机操作系统作业及答案
作业2 1.若1页大小为4KB，计算机地址总线为32位，则页号共有多少位？逻辑地址 空间最多包含多少页？逻辑地址60000在第几页？页内偏移是多少？若该页被装进物理块1280中，则物理地址是多少？ 解:所以页内偏移即页内地址占 12 位页号占 32-12=20 位逻辑地址空间最大页数为页 60000=(EA60)16=(1110 1010 0110 0000)2 其中低 12 二进制位为页内偏移，即(A60)16=2656。高 4 二进制位为页号，即(E)16=14。物理块号1280=(500)16 物理地址=(500A60)16=5245536. 2.假定当前磁头位于100号磁道，进程对磁道的请求序列依次为57，61，39， 20，88，161，139，38，175。当采用先来先服务和最短寻道时间优先算法时，总的移动的磁道数分别是多少？（请给出寻道次序和每步移动磁道数） 解：先来先服务最短寻道时间优先 43 +4+ 22+ 19+ 68+ 73+ 22+ 101 + 137 = 489 12 + 27 + 4 +18 + 1+ 18 + 119 + 22 + 14 = 235 。 3.设系统中有三种类型的资源（A，B，C）和五个进程（P1，P2，P3，P4，P5）， A资源的数量17，B资源的数量为5，C资源的数量为20。在T0时刻系统状态如下表所示。系统采用银行家算法来避免死锁。请回答下列问题： （1）T0时刻是否为安全状态？若是，请给出安全序列。 （2）若进程P4请求资源（2，0，1），能否实现资源分配？为什么？ （3）在（2）的基础上，若进程P1请求资源（0，2，0），能否实现资源分配？为什么？ 进程最大资源需求量已分配资源量系统剩余资源数量 A B C A B C A B C P1559212233 P2536402 P3******* P4425204
七年级下册校本作业Unit 5答案
七年级下册校本作业Unit 5答案 Unit 5 Topic 1 Section A 一、 I、1. by bike 2. by subway / by underground 3. by bus 4.by train 5. on foot 6. by plane / by air 7. by car 8. by ship II、1. flies 2. train 3. do, get 4. to have 5. feet 二、I、1～5 C B A A C 三、 I、1. goes, on foot 2. go by train 3. Does, go by bus does 4. How do go By plane 5. Do you go to school by bike? Section B 一、 I、1. on weekdays 2. by bike ride a bike 3. by subway take the subway 4. by bus take a bus II、1. goes by bike 2. go by subway 3. go on foot 二、 I、always usually often sometimes seldom never 1.never 2. sometimes 3. Usually 4. always 5. seldom 6. often II、1. has 2. does go does 3. take takes 4. gets 5. catches 三、 I、1. goes by subway takes the subway home 2. never goes on foot never walks to 3. Does sometimes go by bike Does sometimes ride to 4. My uncle often goes to England by ship. Section C 一、 I、1. after school 2. play football 3. do one’s homework 4. listen to music 5. get home 6. go swimming 7. go fishing 8. three times a week II、1. takes 2. library 3. quarter 4. watches 5. twice
操作系统作业参考答案及其知识点
操作系统作业参考答案及其知识点 第一章 思考题： 10、试叙述系统调用与过程调用的主要区别？ 答： （一）、调用形式不同 （二）、被调用代码的位置不同 （三）、提供方式不同 （四）、调用的实现不同 提示：每个都需要进一步解释，否则不是完全答案 13、为什么对作业进程批处理可以提高系统效率？ 答：批处理时提交程序、数据和作业说明书，由系统操作员把作业按照调度策略，整理为一批，按照作业说明书来运行程序，没有用户与计算机系统的交互；采用多道程序设计，可以使CPU和外设并行工作，当一个运行完毕时系统自动装载下一个作业，减少操作员人工干预时间，提高了系统的效率。 18、什么是实时操作系统？叙述实时操作系统的分类。 答：实时操作系统（Real Time Operating System)指当外界事件或数据产生时，能接收并以足够快的速度予以处理，处理的结果又能在规定时间内来控制监控的生产过程或对处理系统做出快速响应，并控制所有实时任务协调一致运行的操作系统。 有三种典型的实时系统： 1、过程控制系统(生产过程控制) 2、信息查询系统(情报检索) 3、事务处理系统(银行业务) 19、分时系统中，什么是响应时间？它与哪些因素有关？ 答：响应时间是用户提交的请求后得到系统响应的时间（系统运行或者运行完毕）。它与计算机CPU的处理速度、用户的多少、时间片的长短有关系。 应用题： 1、有一台计算机，具有1MB内存，操作系统占用200KB，每个用户进程占用200KB。如果用户进程等待I/0的时间为80％，若增加1MB内存，则CPU的利用率提高多少？ 答：CPU的利用率=1-P n，其中P为程序等待I/O操作的时间占其运行时间的比例1MB内存时，系统中存放4道程序，CPU的利用率=1－（0.8）4＝59％ 2MB内存时，系统中存放9道程序，CPU的利用率=1－（0.8）9＝87％ 所以系统CPU的利用率提高了28％ 2、一个计算机系统，有一台输入机和一台打印机，现有两道程序投入运行，且程序A先开始做，程序B后开始运行。程序A的运行轨迹为：计算50ms，打印100ms，再计算50ms，打印100ms，结束。程序B的运行轨迹为：计算50ms，输入80ms，再计算100ms，结束。
必修2全部校本作业答案(2010年3月1日修改)
参考答案 第一章人口的变化 第一节人口的数量变化 一、单项选择题 二、综合题 11．（1）①（2）高高低“原始型”（3） 高低高“传统型” （4）低“现代型”老年化 12．（1）非洲非洲政治上的独立，民族经济的发展，医疗卫生事业的进步，及人口素质较低传统型（2）欧洲欧洲经济发达，社会保障系统完善，人口素质高，生育观念变化等现代型（3）非洲经济落后，粮食短缺，医疗水平低，自然灾害频繁 第二节人口的空间变化 一、单项选择题
二、综合题 9． 10.（1）C （2）C （3）B 第三节人口的合理容量 一、单项选择题 二、综合题 9．(1)减少 (2)人口增长过快 (3)黑龙江新疆草 地 37.2 (4)水土流失严重，土地变薄，过量施用化肥、农药使肥力下降 （5）实行计划生育十分珍惜和合理利用每一寸土地，切实保护耕地
10．（1）①B②D③A④C（2）资源环境 （3）提高人口科学文化素质 第一章人口的变化测试题 一、单项选择题 二、综合题 21．（1）平原高原（2）40°S-90°S海洋面积大、陆地面积小，南极大陆至今无人定居（3）北高（4）不能自然条件环境人口容量自然条件环境人口容量只能容纳极少的人在这儿生活，故不能通过迁移使人口平均分布自然人口 22．（1）资源（2）科技发展水平环境人口容量 （3）人口的文化和生活消费水平（4）环境人口容量悲观乐 观悲观与乐观之间略 23．（1）11.21% 3.4 28% （2）填表、绘图
全国人口（亿）7.3 非农业人口（%） 2.2 非农业人口比例（%）15 （3）问题：我国人均耕地面积少，仅占世界人均数的1/3 我国人均GDP远低于世界人均GDP 原因：人口过多，文化教育水平较低，受高等教育的人数少，与实现现代化要求不适应 措施：控制人口数量，提高人口素质 第二章城市化 第一节城市内部空间结构 一、单项选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D A A A C C B A D A 二、综合题 11．点拨：在经济因素对城市功能区的影响中,注意掌握各类土地利用付租能力随距离变化的关系
操作系统作业题及答案
《操作系统》课程作业 （2013年春） 姓名： 学号： 专业： 年级： 学校： 日期：
作业一：作业管理 1、有三道程序A、B、C在一个系统中运行，该系统有输入、输出设备各1台。三道程序 A、B、C构成如下： A：输入32秒，计算8秒，输出5秒 B：输入21秒，计算14秒，输出35秒 C：输入12秒，计算32秒，输出15秒 问：（1）三道程序顺序执行的总时间是多少？ （2）充分发挥各设备的效能，并行执行上述三道程序，最短需多少时间（不计系统开销）？并给出相应的示意图。 2、假设一个单CPU系统，以单道方式处理一个作业流，作业流中有2道作业，共占用CPU 计算时间、输入卡片数和打印输出行数如下： 其中，卡片输入机速度为1000张/分钟，打印机输出速度为1000行/分钟，试计算：（1）不采用spooling技术，计算这两道作业的总运行时间（从第1道作业输入开始到最后一个作业输出完毕）。 （2）如采用spooling技术，计算这2道作业的总运行时间（不计读/写盘时间），并给出相应的示意图。
作业二：进程管理 1、 请写出两程序S1和S2可并发执行的Bernstein 条件。 2、 有以下5条语句，请画出这5条语句的前趋图。 S1：y=x+1 R(x) W(y) S2：c=f-w R(f,w) W(c) S3：d=r-y R(r,y) W(d) S4：x=a+b R(a,b) W(x) S5：r=c+y R(c,y) W(r) 3、 设在教材第62页3.6.4节中所描述的生产者消费者问题中，其缓冲部分为m 个长度相等 的有界缓冲区组成，且每次传输数据长度等于有界缓冲区长度以及生产者和消费者可对缓冲区同时操作。重新描述发送过程deposit(data)和接收过程remove(data)。 P P P i P .. .. 1 2 i k 4、 设有k 个进程共享一临界区，对于下述情况，请说明信号量的初值、含义，并用P ，V 操作写出有关互斥算法。 （1） 一次只允许一个进程进入临界区； （2） 一次允许m （m 第４章第1、2节种群的特征和数量的变化 命/审题冯彬 一、选择题 1．下列调查活动或实验中，计算所得数值与实际数值相比，可能偏小的是(B) A．标志重捕法调查野兔种群密度时个别标志物脱落 B．标志重捕法调查种群密度时两次捕捉时间间隔过短 C．调查某遗传病的发病率时以患者家系为调查对象 D．用血球计数板计数酵母菌数量时统计方格内和在相邻两边及夹角上的菌体 2．下图表示种群年龄组成的三种类型，下列说法正确的是(A) ①a、b、c可分别表示同一物种的三个不同种群中各年龄期个体在种群中所占的比例 ②三个种群中处于繁殖期的个体数占总数的比例是a>b>c③三个种群的出生率的比较是a>b>c ④三个种群的迁入率与迁出率的比较是a>b>c A．只有①③B．只有①②③C．只有①③④D．只有②③④3．下列关于“培养液中酵母菌种群数量的变化”实验的相关操作，正确的是(D) A．培养用具必须经过严格的灭菌处理，培养液则不需灭菌 B．培养酵母菌时，必须去除培养液中的溶解氧 C．从瓶中吸出培养液进行计数之前，不必摇匀培养瓶中的培养液 D．为了方便酵母菌计数，培养后期的培养液应先稀释再计数 4．某种群刚迁入一个新的栖息地后，种群开始增长，随着时间的推移，种群停止增长并维持相对稳定。 在停止增长期间(D) A．增长率大于零B．老年个体数量最多C．出生率及死亡率均为零D．种群密度最大5．科学家通过对三种作物单位面积的产量和种群密度关系的研究，得到下列结果。将此结果应用于农业生产时给我们的启示是(D) A．种群密度为4左右时是甜菜生产的适宜密度 B．提高氮元素供应量后就可大幅度增加玉米的种植密度 C．欧洲防风草根的生长与种群密度无关 D．合理密植的目的是提高农作物某些部位的产量 6．下列有关“S”型曲线的说法，与事实相符合的是(C) A．该图可表示密闭的恒定容器培养液中酵母菌种群数量增长 的变化曲线 B．若该种群为海洋经济鱼类，种群数量最好保持在c的水平 C．ab段种群数量增长速率变慢，其主要原因是受天敌、生活 空间和资源等的影响 D．该曲线是在理想条件下测得的，人工培养中不会出现这样 的曲线 第10课《木兰诗》校本作业 班级姓名号数 在家巧织，从军精武，炼就红颜坚似铁；替父分忧，为国急难，谁说女子不如男？ ★【预读·感知】 二、宋；郭茂倩；《乐府诗集》；乐府民歌；乐府双璧 三、熟读全诗，用“/”给全诗划分节奏，并在括号内写出加点字的意思 唧唧复唧唧，木兰当户织。不闻机杼声，惟．（只）闻女叹息。问女何所思？问女何所忆．（思念）？女亦无所思，女亦无所忆。昨夜见军帖，可汗大点兵。军书十二 卷，卷卷有爷名。阿爷无大儿，木兰无长兄，愿为．（为此）市．（买）鞍马，从此替爷征。 东市买骏马，西市买鞍鞯，南市买辔头，北市买长 鞭。旦．（早晨 ．．）辞．（告别、辞别）爷娘去，暮宿黄河边，不闻爷娘唤女声，但．（只）闻黄河流水鸣溅溅。旦辞黄河去，暮至黑山头，不闻爷娘唤女声，但闻燕山胡骑鸣啾啾。 万里赴戎机 ．．（战争），关山度．（过）若飞。朔．（北方）气传金柝，寒光照铁衣。将军百战死，壮士十年归。 归来见天子，天子坐明堂。策勋 ．．（记功）十二转，赏 赐百千强．（有余）。可汗问所欲，“木兰不用 ．．（不愿做） 尚书郎；愿．（．希望 ．．）．驰．（骑）千里足，送儿还故乡”。 爷娘闻女来，出郭．（．外城 ．．（扶持）；阿 ．．）．相．（相互）扶将 姊闻妹来，当户理红妆；小弟闻姊来，磨刀霍霍向猪羊。开我东阁门，坐我西阁床。脱我战时袍，著我旧时裳。当窗理云鬓，对镜帖．（通“贴”）花黄。出门看伙伴，伙伴皆惊忙。同行十二年，不知木兰是女郎。 雄兔脚扑朔 ．．（眯着眼）；双兔．．（动弹），雌兔眼迷离 傍地走 ．．．（并排跑），安．（怎么）能辨我是雄雌？ 四、借助注释逐句理解大意，理清故事情节 ①停机叹息，代父从军（1、2段） ②准备出征，奔赴战场（ 3段） ③征战沙场，凯旋回朝（4段） ④建功受封，还朝辞官（ 5段） ⑤解甲还乡，亲人团聚（6段） ⑥双兔难辨，隐喻作结（ 7段） 五、写出下列句子的大意 （1）东市买骏马，西市买鞍鞯，南市买辔头，北市买长鞭。 到东边的集市买好马，到西边的集市买马鞍下的垫子，到南边集市买驾驭牲口用的嚼子和缰绳，到北 网上精品课程系统结构设计 前言 精品课程第一步要做的就是将教学内容在网上发布，管理员、教师、学生可以通过文章发布、课件发布、上传功能发布自己的课程资源，课程资源可以兼容多种文件格式，包括Word、Excel、PowerPoint，图形、音频、视频等，并且管理员拥有管理所有课程的权限。而学生登录以后，则可以根据自己的专业课程，选择自己需要查看的课件资源。 一个完善的网上精品课程系统，应该是方便管理和操作的，所以该系统还有一个功能强大的后台管理系统：可以进行学生管理，资料管理，课件管理。目前应用于动态网页设计的技术有很多，精品课程网站系统中主要采用了JSP 技术和数据库技术的整合应用。采用的数据库是SQL SERVER 2000数据库，拟建立BestCourse.mdb库文件。系统页面主要采用动态页面，利用JSP与数据库结合的技术建立数据库查询管理系统，采用交互式的动态的web画面来实现课件、文章、用户等远程浏览及管理。 系统能够实现基于校园网络环境下的资源管理，以便有效地管理用户们上传的资源，构建适合的课程资源库。系统采用B／S结构，即浏览器／服务器结构。用户通过浏览器向服务器发出请求，服务器对浏览器的请求进行处理，将用户所需信息返回到浏览器上。客户机无需安装软件，只需在服务器上进行简单的设置，数据的请求和返回结果均以网页形式完成，方便系统的管理，适合管理员的使用习惯。系统平台设计时，采用的是Myeclipse为开发工具，利用JSP技术，以SQL SERVER2000数据库作为后台数据库，WEB服务采用TOMCAT 实现。 本系统包括：前台和后台两部分，前台包括：【信息公告】【教程区】【课件区】【上传区】【知识吧交流】【站内搜索】【个人空间】，后台包括：【文章管理】【知识吧管理】【用户管理】,用户只需要通过浏览器访问就可以实现操作，操作简单灵活。 22、试写出相应的程序来描述图2-17所示的前驱图。 (a) (b) 图2-17 前驱图 解：(a) Var a,b,c,d,e,f,g,h: semaphore: =0,0,0,0,0,0,0,0; begin parbegin begin S1; signal(a); signal(b); end; begin wait(a); S2; signal(c); signal(d); end; begin wait(b); S3; signal(e); end; begin wait(c); S4; signal(f); end; begin wait(d); S5; signal(g); end; begin wait(e); S6; signal(h); end; begin wait(f); wait(g); wait(h); S7; end; parend end (b) Var a,b,c,d,e,f,g,h,i,j: semaphore: =0,0,0,0,0,0,0,0,0,0; begin parbegin begin S1; signal(a); signal(b); end; begin wait(a); S2; signal(c); signal(d); end; begin wait(b); S3; signal(e); signal(f); end; begin wait(c); S4; signal(g); end; begin wait(d); S5; signal(h); end; begin wait(e); S6; signal(i); end; begin wait(f); S7; signal(j); end; begin wait(g); wait(h); wait(i); wait(j); S8; end; parend end 一、单选题 1、（D）不是基本的操作系统。 A．批处理操作系统B．分时操作系统 C．实时操作系统D．网络操作系统 2、（A）不是分时系统的基本特征： A．同时性B．独立性 C．实时性D．交互性 3、实时操作系统追求的目标是（C ）。 A．高吞吐率B．充分利用内存C．快速响应D．减少系统开销4、操作系统是为了提高计算机的[1 B]和方便用户使用计算机而配置的基本软件。它负责管理计算机系统中的[2 C]，其中包括[3 F]，[4 A]，外部设备和系统中的数据。操作系统中的[3 F]管理部分负责对进程进行管理。操作系统对系统中的数据进行管理的部分通常叫做[5 B]。 供选择的答案： [1] A．速度B．利用率C．灵活性D．兼容性 [2] A．程序B．功能C．资源D．进程 [3] [4] A．主存储器B．虚拟存储器C．运算器 D．控制器E．微处理器F．处理机 [5] A．数据库系统B．文件系统C．检索系统 D．数据库E．数据存储系统F．数据结构 G．数据库管理系统 5、批处理系统的主要缺点是（B ）。 A．CPU的利用率不高B．失去了交互性 C．不具备并行性D．以上都不是 6、操作系统是计算机系统的核心软件。按功能特征的不同，可把操作系统分为[1 B]、[2 E]、[3 C]、网络操作系统和分布式操作系统基本类型。其中[1 B]的主要目标是提高系统的吞吐率和效率，而[2 E]是一旦有处理请求和要求处理的数据时，CPU就应该立即处理该数据并将结果及时送回，例如[4 D]等。 供选择的答案： [1][2][3] A．单用户系统B．批处理系统C．分时系统 D．微机操作系统E．实时系统 [4] A．计算机激光照排系统B．办公自动化系统 C．计算机辅助设计系统D．航空订票系统 7、现代操作系统的两个基本特征是（C）和资源共享。 A．多道程序设计B．中断处理 C．程序的并发执行D．实现分时与实时处理 8、系统调用是由操作系统提供的内部调用，它（B）。 A．直接通过键盘交互方式使用 B．只能通过用户程序间接使用 C．是命令接口中的命令使用 D．与系统的命令一样 参考答案 第一章 从实验学化学 第一节 化学实验基本方法（第1课时） 1~5 D C C B B 6~10 A D C B C 11．广口瓶、细口瓶、棕色。 12．(1)过滤是把不溶于液体的固体物质跟液态物质分离的一种方法。 (2)漏斗、烧杯、玻璃棒、铁架台、铁圈。 (3)一贴、二低、三靠。 13．(1) 用两支试管分别取出少量的CCl 4和蒸馏水，然后分别加入少量的单质碘，振荡，呈紫红色 的液体是CCl 4，呈棕黄色的液体是蒸馏水。（其它合理的方法均可） (2) 用试管取少量其中一种液体，再加入另外一种液体，下层液体是CCl 4，上层液体是蒸馏水。 14．(1) 过滤、蒸发：(2) 加热的液体因暴沸而飞溅。 (3) 玻璃棒。 15．解析：浓硫酸和浓盐酸反应制取HCl 气体，不需要加热， 即：液＋液气，可采用分液漏斗和圆底烧瓶组成发生装置；干燥HCl 可以装有浓硫酸的洗瓶，收集HCl 用向上排空气法，由于HCl 气体极易溶于水，故在水面用倒扣的漏斗来吸收尾气。整个装置为： 第一节 化学实验基本方法（第2课时） 1~5 D D C B A 6~10 B D D A C 11．蒸馏烧瓶、冷凝器、锥形瓶、分液漏斗 12．1．溶解度、溶质、溶液；2．分液漏斗；3．溶质在萃取剂中的溶解度要比在原溶剂中大；萃取 剂与原溶剂不互溶；萃取剂与溶液不发生反应。 13． F 、C 、D 、E 、A 14．（1）⑤、①、③、④、②；（2）从溶液中取样少许加入试管中，滴加盐酸后加入氯化钡溶液， 若产生白色沉淀，则说明有SO 42－离子；加入氯化钡溶液。（3）略（4）氯化钙、硫酸钠 15．A: NaOH B: NaNO 3 C: Ba （NO 3）2 D: HNO 3 X: MgSO 4 第二节 化学计量在实验中的应用(第1课时) 1~5 D D A D C 6~10 D A C D C 11．1.5；4.5；15；15×6.02×1023 12. 0.25 13．（1）m/M ；（2）N A ×2m/M ；（3）m/(m+1000) ×100% 14. 56； 56g/mol 15. 0.111g 第二节 化学计量在实验中的应用(第2课时) 1~5 B A A B D 6~10 B C D A C 11．1.5mol ；9.03×1023。 12．1∶1；2∶3；1∶1；2∶3。 13．②④③①⑤；②④①③⑤；⑤①③④②。 14．0.2 mol ；0.3 mol 。15．（1）28。（2）N 2；CO 。 第二节 化学计量在实验中的应用(第3课时) 1~5 B C D B C 6~10 A A D A B 11．0.01mol·L -1 12．0.2mol·L -1 13．（1）①量筒、玻璃棒、胶头滴管； ②将玻璃棒插入容量瓶刻度线以下，使溶液沿玻璃棒慢慢地倒入容量瓶中；③加水至离刻度线1～2cm 时，改用胶头滴管滴加水至液面与刻度线相切。 （2）不能用量筒配制溶液，不能将水加入到浓硫酸中。 14．n(HCl) = mol L L /4.224.22mol 1=；m(HCl)g mol g mol 5.36/5.361=?=；m(H 2O)g mL g 5.635/15.635=?= V(盐酸)= L mL g g g 6.0/12.15.6355.36=+ c(HCl)=L mol L mol /67.16.01= 15．3mol·L -1 第二节 化学计量在实验中的应用(第4课时) 1~5 D B A A A 6~10 C B D B C 11．0.2；0.2；0.852 12．11.36mol/L 13⑴4.2 mL 、10 mL ⑵500 mL ⑶量筒、烧杯、玻璃棒、胶头滴管14．12mol/L ；0.48mol/L 15．（1）混合溶液中溶质的质量分数为： （2）混合溶液的物质的量的浓度为： 习题一 1、举例说明为什么对并发执行的程序不加控制会产生与执行时间有关的错误？ 解：程序在并发执行时由于资源是共享的，而且常常资源数少于程序对这些资源的需求数，致使这些并发执行的程序之间因为竞争资源导致存在间接制约关系，这种间接制约使得并发执行的程序具有随机性（异步性），即“执行—暂停—执行”，它们何时启动、何时停止是未知的。例如：飞机售票系统、堆栈的存数与取数过程等（示例说明略）。 2、程序并发执行为什么会失去顺序执行时的封闭性和可再现性？ 解：所谓“封闭性”是指程序执行得到的最终结果由给定的初始条件决定，不受外界因素的影响。在程序并发执行时由于资源共享，导致这些资源的状态将由多个程序来改变，又由于存在程序执行的随机性，所以程序的运行失去封闭性。由于失去了封闭性，也将导致其失去可再现性。即虽然它们执行时的环境和初始条件相同，但得到的结果却可能各不相同。 习题二 1、试用加锁的方法解决飞机售票系统的问题。 例：民航售票系统，n个售票处 2、用机器指令（testAndset）解决飞机售票系统中任一进程的算法。 习题三 1、进程在做P、V操作时对自己和其他进程有何影响？ 进程在信号量上执行P操作后，若信号量的值为正，当前进程继续执行；若信号量的值为负，当前进程变为等待状态、放弃处理机，其它进程则有机会获得CPU。 进程在信号量上执行V操作后，不会对自己有任何影响，但当信号量的值不大于0时，需要唤醒在该信号量上所对应的等待队列中的进程。 2、设课程的前驱、后继关系如下，若每修一门课程看作进程Px（x∈1..6）试用P、V操作算法描述这种前驱与后继关系。 答： Semaphore：S1：=S2：=S3：=S4：=S5：=S6：=0； Begin Cobegin P1、P2、P3、P4、P5、P6 coend; end. P1（）P2（）P3（） Begin begin begin 修计算机导论；P（S1）；P（S2）； V（S1）；修高级语言程序设计修计算机组成原理； V（S2）；V（S3）V（S4）； End; End; End; P4（）P5（）P6（） Begin begin begin P（S3）；P（S4）；P（S5）； 修数据结构；修86汇编语言；P（S6）； V（S5）；V（S6）；修操作系统； End; End; End; 习题四 1、有三个进程R、W1、W2，进程R 从输入设备上读数据送缓冲区B，若是奇数由W1 进程从B 取数输出；若生物校本作业答案版(只要5份)
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