2018年浙江省温州市中考物理试卷(含解析)

2018年浙江省温州市初中毕业、升学考试

物理

一、选择题：本大题共6小题，每小题4分，共24分．不需写出解答过程，请把最后结果填在题后括号内．1．（2018浙江省温州市，7，4分）下列实物连接与电路图相符合的是（水果电池的铜片为正极、锌片为负极）（）

【答案】B

【解析】考查电路图与实物图的对应关系，电池连接成电池组是电池首尾即正负极相连，电池串联，根据题意本题是水果电池，水果电池的铜片为正极、锌片为负极，依据电路图的对应关系，故选B。

【知识点】电路图

2．（2018浙江省温州市，10，4分）某智能百叶窗的叶片上贴有太阳能板，在光照时发电，给电动机供电以调节百叶窗的开合。该过程中发生的能量转换是（）

A．电能→机械能→光能B．光能→机能→电能

C．光能→电能→机械能D．机械能→电能→光能

【答案】C

【解析】太阳能电池首先将太阳的光能转变成电能，给百叶窗电动机供电，电动机再将电能转化为机械能，故选C。

【知识点】能量转化

3．（2018浙江省温州市，11，4分）如图为玩具鸟在平面镜中的成像示意图。下列能改变像位置的是（）A．竖直上移玩具鸟B．竖直下移平面镜

C．人向平面镜靠近D．像与镜间放一木板

【答案】A

【解析】平面镜的成像特点，像与物关于平面镜对称，像的位置由物体的位置决定，所以要改变像的位置只需改变玩具鸟的位置，故选A。

【知识点】平面镜成像特点

4．（2018浙江省温州市，12，4分）如图所示的小制作中，装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，引起灯泡发光。装置A的工作原理是（）

A. 通电线圈周围存在磁场B．电磁感应

C．通电线圈能在磁场中转动D．磁极间相互作用

【答案】B

【解析】根据题意，风吹风扇，风扇叶片转动，灯泡发光，说明产生了电流，因此通过A装置产生了电，所以A的工作原理应该是电生磁，即电磁感应原理，故选B。

【知识点】电磁感应现象

5．（2018浙江省温州市，13，4分）大爆炸宇宙论认为宇宙处于不断的膨胀中，所有的星系都在远离我们而去，离我们越远的星系，退行越快。若在我们所在的星系1观测，下图能类比宇宙膨胀的是（箭头方向和长短分别表示运动方向和快慢）（）

【答案】A

【解析】根据题意所有的星系都在远离我们而去，离我们越远的星系，退行越快。箭头方向和长短分别表示运动方向和快慢，综合可得，答案选A。

【知识点】宇宙膨胀理论

6．（2018浙江省温州市，15，4分）如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上。挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为l，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图像为（）

【答案】D

【解析】本题是判断B点所受摩擦力的情况，可以将AB看作一杠杆，其支点为A点，杠杆P点收到绳子的拉力即平底锅的重力G为动力F1，PA的距离即l为动力臂，B点受到的摩擦力为阻力F，AB的长为杠杆的阻力臂L，根据杠杆的平衡条件F1l=FL，则错误!未找到引用源。，在平底锅向右移动的过程中，G与L都不变，因此F与l是成正比的，故选D。

【知识点】杠杆

二、填空题：每空2分．

7．（2018浙江省温州市，16，4分）16.2018年5月5日，夏威夷的基拉韦厄火山喷发。

（1）火山是由地壳运动引起的，有时会给人类带来灾害。请再举一例由地壳运动引起的自然灾害：________________

（2）基拉韦厄火山喷发的炽热岩浆流入海洋，导致海洋上空形成浓厚的白雾，白雾形成过程中发生的物态变化有_________________（填物态变化名称）

【答案】（1）地震（2）汽化和液化

【解析】（1）根据平常的生活常识结合题意可以得出地震；（2）炽热岩浆流入海洋，海洋里的水发生汽化，由液态变为水蒸气，水蒸气上升过程中，遇冷又液化形成白雾。

【知识点】物态变化

8．（2018浙江省温州市，19，6分）19．2018年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号＂的中继卫星“鹊桥号”，它将成为

“嫦娥四号”与地球间的“通信桥梁”

（1）“鹊桥号”＂质量为448千克，发射后随火箭竖直升空1000米的过程中，“鹊桥号”需克服重力做功_______________焦。

（2）若地月间距离为3.8×105千米，电磁波速度为3×105千米/秒，在月球上发出的电磁波到达地球需____________

秒。（计算结果保留1位小数）

（3）如图是月球背面照片，其中A处是__________。

【答案】（1）4.48×106J （2）1.3 （3）环形山

【解析】（1）根据功的计算，需要克服重力中的功为W=Gh=4480N ×1000m=4.48×106J ；（2）

3.1/103108.355=??==s

km km v s t ，要注意本题计算结果除不尽，需要保留一位小数；（3）环形山又叫做月坑.月坑近似于圆形,与地球上的火山口地形很相似。

【知识点】功、速度

9．（2018浙江省温州市，20，4分）如图是小明制作的简易“蒸汽船”型。将盛有一定量水的铜容器安装在“船

10．体”上，用蜡烛对铜制容器底部加热，一段时间后铜管会向右喷蒸汽，“蒸汽船”就向左行驶。

（1）蜡烛对铜制容器加热导致容器内水温升高这是通过_______的方式改变水的内能。

（2）当铜管向右喷蒸汽时“船体”获得喷出的蒸汽对其向左的推力，这说明了___________。

【答案】（1）热传递 （2）力的作用是相互的

【解析】（1）改变物体的内能有两种方式，做功和热传递，结合题意，蜡烛对铜制容器加热导致容器内水温升高这是通过热传递的方式改变水的内能。（2）当铜管向右喷蒸汽时“船体”获得喷出的蒸汽对其向左的推力，这说明力的作用是相互的。

【知识点】内能、力的相互作用

10．（2018浙江省温州市，23，4分）如图甲是某身高体重量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示其身高，体重。

（1）若体检者重600牛，双脚与台面的接触面积为0.05米2，则他对台面的压强为____帕。

（2）小明利用某压敏电阻R 及相关电路元件设计身高体重测量仪电路，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如图乙所示，现要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。下列电路设计最合理的是__________。

【答案】（1）1.2×104 （2）C

【解析】（1）压强的计算Pa m

N s F P 42102.105.0600?===；（2）由图乙可知，压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，根据要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大，分析电路图压敏电阻与电流表串联，与滑动变阻器并联，人越高电压越大，越重，R 越小，电流越大符合题意的电路图，故选C

【知识点】压强、电路的设计

三、实验探究题，每空3分

11．（2018浙江省温州市，24，9分）24．飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行如下实验。

①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。重复5次实验并计算升力平均值。

②改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。

③处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。

（1）本实验得出的结论是：_________________________________。

（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”．利用现有器材，如何操作可以模拟飞机不同的飞行速度？_________________________________________。

（3）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500km/h 做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2（θ1、θ2均小于15°）。请比较θ1、θ2的大小关系：__________。

【思路分析】（1）直接分析图乙的图像走势，语言描述出来即可；（2）根据题意可以由两种方式改变飞行速度即改变电风扇的档位来改变风速大小（改变电风扇与飞机模型的距离）（3）飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大，飞机以500km/h做水平匀速直线飞行，以800km/h做水平匀速直线飞行时，根据二力平衡升力都等于重力，因此这两种情况下升力相等，再结合第一小题的结论得出θ1>θ2。

【解题过程】（1）飞机以一定的速度飞行时，迎角从0o到20o，飞机所受升力是先变大后变小，15o附近时达到最大；（2）改变电风扇的档位来改变风速大小（改变电风扇与飞机模型的距离）（3）θ1>θ2

【知识点】图像信息获取、控制变量法

12．（2018浙江省温州市，26，9分）为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20Ω，2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验。

①将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。

②用R2替换R，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上

老师告知小明；滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生

③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接人电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。

（1）图丁中电流表的示数为_________安

（2）步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P和旋钮触片Q，使电压表示数为4伏？_______________________。

3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有______________（可多选）。

A．15欧B．25欧C．35欧D．45欧

【思路分析】（1）首先观察电流表所接的量程为0~3A，故电流表的读数为2A；（2）观察丙电路图，电压表测的是R2的电压，滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4V，要使电压表的示数减小为4V，结合串联电路电压分配与电阻关系，应该使滑动变阻器滑片P向移增大它的接入电路的电阻，因为滑动变阻器阻值较大，调节不够精确，使电压表的示数又略小于4V了，此时再通过Q精调，将Q逆时针旋转使其接入电路的阻值减小，从而使电压表示数为准确的4V；（3）因为电源电压为6V，R2两端的电压始终为4V，所以滑动变阻器两端电压则为2V，根据串联电路电压分配与电阻关系可知，定值电阻与滑动变阻器的电阻比应该为2:1，而滑动变阻器最大阻值为20欧，所以定值电阻阻值不能超过40欧，故45欧不可能，因此选ABC。【解题过程】（1）电流表的读数为2A （2）将滑片P向右移动，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动，直至电压表示数为4V （3）ABC

【知识点】探究“电流与电阻的关系”

三、解答题

13．（2018浙江省温州市，30，5分）人体在不同的外界环境中，对热的感觉有不同的程度，散热越困难时往往会感觉到越热，人的热感与气温、相对湿度的关系如图所示。

据图判断，在25℃和35℃时，哪种气温下相对湿度对人体的热感影响较大？并综合运用所学知识对这两种温度时，相对湿度对人体的热感影响情况作出解释。

【思路分析】结合图表，25℃时，作出图中的蓝线，可以发现相对湿度的变化对人的舒适度没有影响，都感觉不热；但是在35℃时，作出图中的红线，可以发现随着相对湿度的变大，人感觉越难受。人体在温度比较高的情况下，会通过皮肤的散热以及汗液蒸发的方式为自己降温。

【解题过程】在35℃气温下，相对湿度对人的热感影响更大。因为气温为25℃时，人体主要靠皮肤直接散热来调节体温，散热快慢取决于皮肤与环境的温差，所以相对湿度对人的热感影响不大气温为35℃时，人体主要靠液蒸发来散热，相对湿量度越大，液蒸发越困难，导致身体散热越困难，所以觉得更热。

【知识点】人体体温的调节

14．（2018浙江省温州市，31，10分）如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在。已知金属球重5牛，体积为5×10-3米3。（滑轮和细线的重力、配重的体积及各种摩擦均忽略不计）

（1）用气泵向甲装置玻璃容器内压入空气，观察到什么现象可以说明金属球受到空气浮力的作用？___________________________________________________。

（2）制作该演示器中的空心金属球，用了体积为5×10-5米3的金属材料，求该金属材料的密度。

（3）小明想通过最小刻度为0.1牛的弹簧测力计反映空气浮力大小的变化，他设想将该演示器改进成如图乙所示装置。压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2千克／米3，现通过气泵向玻璃容器内压入空气，使容器内空气密度增大到3.0千克／米3，能否使演示器中的弹簧测力计示数变化值大于0.1牛，请通过计算说明。

【思路分析】（1）充气时，金属球与配重都处于空气中，都收到空气的浮力，但是因为金属球的体积更大，所以浮力增大的更多，当浮力增大到大于金属球的重力时，此时金属球上升，配重下降；（2）首先得出金属球的质量，再根据密度公式求解；（3）分别算出两次情况下金属球受到的浮力，结合动滑轮知识求弹簧测力计示数变化。

【解题过程】（1）如图示，充气前金属球与配重跨过定滑轮处于平衡，当充气时，金属球与配重都处于空气中，都收到空气的浮力，但是因为金属球的体积更大，所以浮力增大的更多，当浮力增大到大于金属球的重力时，

此时金属球上升，配重下降；（2）首先求出金属球的质量：，

；

（3）F浮1=ρ气1gV球=1.2kg/m3×10N/kg×5×10-3m3=0.06N

F浮2=ρ气2gV球=3.0kg/m3×10N/kg×5×10-3m3=0.15N

F1=2×（G球-F浮1）=2×（5N-0.06N）=9.88N

F2=2×（G球-F浮2）=2×（5N-0.15N）=9.7N

ΔF拉=9.88N-9.7N=0.18N

【知识点】浮力、阿基米德原理

15．（2018浙江省温州市，33，9分）如图甲为某型号豆浆机示意图，将黄豆和清水放入杯体，经过如图乙“三次加热、二次打浆”的工序，可制作可口的豆浆。

（1）若豆浆机“加热”时功率为1000瓦，“打浆”时功率为200瓦。则按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗多少电能？

（2）为了防止豆浆过少导致“干烧”和豆浆过多导致“溢浆”，小明设计了如图丙所示的电路，La、Lb是两个完全相同的电磁铁，Ra和Rb分别是安装在“防溢浆”水位和“防干烧”水位下方的压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。只有当豆浆液而处在“防干烧”和“防溢浆”水位之间时，电热丝才能工作。（假设电磁铁对衔铁的吸引力不会随距离的改变而改变，不考虑衔铁的弹力和重力）。

①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电磁铁La吸住衔铁，此时压敏电阻的阻值分别为为Ra’和和Rb’，请比较两者的大小关系：__________________。

②已知压敏电阻Ra的阻值随液面高度h的变化曲线如图丁所示，请结合Ra的变化曲线画出压敏电阻Rb的值随液面高度h变化的大致曲线，并在图中横坐标上标出“防干烧”水位h1和“防溢浆”水位h2。

【思路分析】（1）根据功的计算公式W=Pt，分别得出加热与打浆的时间，即可算出消耗的电能；（2）根据电磁铁La吸住衔铁，判断La的磁性比L b的磁性强，则流过电磁铁La的电流比流过L b的大，再由欧姆定律得出①Ra’

【解题过程】（1）根据图乙可知，在一次豆浆制作过程中，

加热的时间是t加热=15×60s=900s,打浆的时间t打浆=1×60s=60s,

所以完成一次豆浆制作消耗的电能为:

W=W加热+W打浆=P加热t加热+P打浆t打浆=1000W×900s+200W×60s=9.12×105J

（2）①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S。电磁铁La吸住衔铁，说明La的磁性比L b的磁性强，那就说明流过电磁铁La的电流比流过L b的大，又根据电路图R a’、R b’并联，所以它们两端的电压相等，根据欧姆定律应该是R a’

②当水位低于防干烧水位h1时，为保证电路的安全，衔铁被La吸附，即La的磁性比L b的磁性强，线圈流过的电流大于L b的，又两线路并联，因此R a

当水位高于h1时，为保证电路的安全，衔铁被L b吸附，与前一种情况相反，R a> R b。故h1即为第一处R a，R b 曲线的交点，且水首先浸没R b，故R b阻值改变点位于Ra前，于h0后。

当水位在h1和防溢水位h2之间，为保证电路的安全，衔铁被L b吸附，R a> R b。当水位高于h2时，为保证电路的安全，衔铁被La吸附，因此R a

【知识点】电磁继电器、欧姆定律、电能与电功率