2014届高考数学一轮复习教学案(基础知识+高频考点+解题训练)正弦定理和余弦定理(含解析)(北师大版)
第七节
正弦定理和余弦定理
[知识能否忆起]
1.正弦定理
2.余弦定理
3.三角形中常用的面积公式 (1)S =1
2ah (h 表示边a 上的高);
(2)S =12bc sin A =12ac sin B =1
2ab sin C ;
(3)S =1
2
r (a +b +c )(r 为三角形的内切圆半径).
[小题能否全取]
1.(2012·广东高考)在△ABC 中,若∠A =60°,∠B =45°,BC =32,则AC =( ) A .43 B .2 3 C. 3
D.3
2
解析:选B 由正弦定理得:BC sin A =AC sin B ,即32sin 60°=AC sin 45°,所以AC =323
2×2
2=
2 3.
2.在△ABC 中,a =3,b =1,c =2,则A 等于( ) A .30° B .45° C .60°
D .75°
解析:选C ∵cos A =b 2+c 2-a 22bc =1+4-32×1×2=12,
又∵0° 3.(教材习题改编)在△ABC 中,若a =18,b =24,A =45°,则此三角形有( ) A .无解 B .两解 C .一解 D .解的个数不确定 解析:选B ∵a sin A =b sin B , ∴sin B =b a sin A =24 18sin 45°, ∴sin B =22 3 . 又∵a 4.(2012·陕西高考)在△ABC 中,角A ,B ,C 所对边的长分别为a ,b ,c .若a =2,B =π 6 ,c =23,则b =________. 解析:由余弦定理得b 2=a 2+c 2-2ac cos B =4+12-2×2×23×3 2 =4,所以b =2. 答案:2 5.△ABC 中,B =120°,AC =7,AB =5,则△ABC 的面积为________. 解析:设BC =x ,由余弦定理得49=25+x 2-10x cos 120°, 整理得x 2+5x -24=0,即x =3. 因此S △ABC =12AB ×BC ×sin B =12×3×5×32=1534. 答案:153 4 (1)在三角形中,大角对大边,大边对大角;大角的正弦值也较大,正弦值较大的角也较大,即在△ABC 中,A >B ?a >b ?sin A >sin B . (2)在△ABC 中,已知a 、b 和A 时,解的情况如下: 典题导入 [例1] (2012·浙江高考)在△ABC 中,内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,且b sin A =3a cos B . (1)求角B 的大小; (2)若b =3,sin C =2sin A ,求a ,c 的值. [自主解答] (1)由b sin A =3a cos B 及正弦定理 a sin A =b sin B ,得sin B =3cos B , 所以tan B =3,所以B =π 3 . (2)由sin C =2sin A 及a sin A =c sin C ,得c =2a . 由b =3及余弦定理b 2=a 2+c 2-2ac cos B , 得9=a 2+c 2-ac . 所以a =3,c =2 3. 在本例(2)的条件下,试求角A 的大小. 解:∵ a sin A = b sin B , ∴sin A =a sin B b =3·sin π33=12. ∴A =π 6 . 由题悟法 1.应熟练掌握正、余弦定理及其变形.解三角形时,有时可用正弦定理,有时也可用余弦定理,应注意用哪一个定理更方便、简捷. 2.已知两角和一边,该三角形是确定的,其解是唯一的;已知两边和一边的对角,该三角形具有不唯一性,通常根据三角函数值的有界性和大边对大角定理进行判断. 以题试法 1.△ABC 的三个内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,a sin A sin B +b cos 2A =2a . (1)求b a ; (2)若c 2=b 2+3a 2,求B . 解:(1)由正弦定理得, sin 2A sin B +sin B cos 2A = 2sin A ,即 sin B (sin 2A +cos 2A )=2sin A . 故sin B = 2sin A ,所以b a = 2. (2)由余弦定理和c 2=b 2+3a 2,得cos B =(1+3)a 2c . 由(1)知b 2=2a 2, 故c 2=(2+3)a 2.可得cos 2B =1 2, 又cos B >0,故cos B =2 2 ,所以B =45°. 典题导入 [例2] 在△ABC 中a ,b ,c 分别为内角A ,B ,C 的对边,且2a sin A =(2b +c )sin B +(2c +b )sin C . (1)求A 的大小; (2)若sin B +sin C =1,试判断△ABC 的形状. [自主解答] (1)由已知,根据正弦定理得2a 2=(2b +c )·b +(2c +b )c ,即a 2=b 2+c 2+bc . 由余弦定理得a 2=b 2+c 2-2bc cos A , 故cos A =-1 2,∵0 (2)由(1)得sin 2A =sin 2B +sin 2C +sin B sin C =3 4. 又sin B +sin C =1, 解得sin B =sin C =1 2 . ∵0° 由题悟法 依据已知条件中的边角关系判断三角形的形状时,主要有如下两种方法: (1)利用正、余弦定理把已知条件转化为边边关系,通过因式分解、配方等得出边的相应关系,从而判断三角形的形状; (2)利用正、余弦定理把已知条件转化为内角的三角函数间的关系,通过三角函数恒等变形,得出内角的关系,从而判断出三角形的形状,此时要注意应用A +B +C =π这个结论. [注意] 在上述两种方法的等式变形中,一般两边不要约去公因式,应移项提取公因式,以免漏解. 以题试法 2.(2012·安徽名校模拟)已知△ABC 的三个内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,向量m =(4,-1),n =????cos 2A 2,cos 2A ,且m ·n =7 2 . (1)求角A 的大小; (2)若b +c =2a =23,试判断△ABC 的形状. 解:(1)∵m =(4,-1),n =??? ?cos 2A 2,cos 2A , ∴m ·n =4cos 2A 2-cos 2A =4·1+cos A 2-(2cos 2A -1)=-2cos 2A +2cos A +3. 又∵m ·n =7 2 , ∴-2cos 2A +2cos A +3=7 2, 解得cos A =1 2 . ∵0 3 . (2)在△ABC 中,a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,且a =3, ∴(3)2=b 2+c 2-2bc ·1 2=b 2+c 2-bc .① 又∵b +c =23, ∴b =23-c ,代入①式整理得c 2-23c +3=0,解得c =3,∴b = 3,于是a =b =c = 3,即△ABC 为等边三角形. 典题导入 [例3] (2012·新课标全国卷)已知a ,b ,c 分别为△ABC 三个内角A ,B ,C 的对边,a cos C +3a sin C -b -c =0. (1)求A ; (2)若a =2,△ABC 的面积为3,求b ,c . [自主解答] (1)由a cos C +3a sin C -b -c =0及正弦定理得sin A cos C +3sin A sin C -sin B -sin C =0. 因为B =π-A -C , 所以3sin A sin C -cos A sin C -sin C =0. 由于sin C ≠0,所以sin ????A -π6=1 2. 又0<A <π,故A =π 3 . (2)△ABC 的面积S =1 2bc sin A =3,故bc =4. 而a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,故b 2+c 2=8. 解得b =c =2. 由题悟法 1.正弦定理和余弦定理并不是孤立的.解题时要根据具体题目合理选用,有时还需要交替使用. 2.在解决三角形问题中,面积公式S =12ab sin C =12bc sin A =1 2ac sin B 最常用,因为公式 中既有边也有角,容易和正弦定理、余弦定理结合应用. 以题试法 3.(2012·江西重点中学联考)在△ABC 中,1 2cos 2A =cos 2A -cos A . (1)求角A 的大小; (2)若a =3,sin B =2sin C ,求S △ABC . 解:(1)由已知得1 2(2cos 2A -1)=cos 2A -cos A , 则cos A =12.因为0 3. (2)由 b sin B = c sin C ,可得sin B sin C =b c =2, 即b =2c . 所以cos A =b 2+c 2-a 22bc =4c 2+c 2-94c 2=12, 解得c =3,b =23, 所以S △ABC =12bc sin A =12×23×3×32=33 2 . 1.在△ABC 中,a 、b 分别是角A 、B 所对的边,条件“a cos B ”成立的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充要条件 D .既不充分也不必要条件 解析:选C a cos B . 2.(2012·泉州模拟)在△ABC 中,a ,b ,c 分别是角A ,B ,C 所对的边.若A =π 3,b =1, △ABC 的面积为 3 2,则a 的值为( ) A .1 B .2 C.3 2 D. 3 解析:选D 由已知得12bc sin A =12×1×c ×sin π3=3 2,解得c =2,则由余弦定理可得 a 2=4+1-2×2×1×cos π 3 =3?a = 3. 3.(2013·“江南十校”联考)在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,已知a =23,c =22,1+tan A tan B =2c b ,则C =( ) A .30° B .45° C .45°或135° D .60° 解析:选B 由1+tan A tan B =2c b 和正弦定理得 cos A sin B +sin A cos B =2sin C cos A , 即sin C =2sin C cos A , 所以cos A =1 2,则A =60°. 由正弦定理得23sin A =22 sin C , 则sin C = 22 , 又c 4.(2012·陕西高考)在△ABC 中 ,角A ,B ,C 所对边的长分别为a ,b ,c ,若a 2+b 2 =2c 2,则cos C 的最小值为( ) A.3 2 B.22 C.12 D .-12 解析:选C 由余弦定理得a 2+b 2-c 2=2ab cos C ,又c 2=12(a 2+b 2),得2ab cos C =1 2(a 2 +b 2 ),即cos C =a 2+b 24ab ≥2ab 4ab =1 2 . 5.(2012·上海高考)在△ABC 中,若sin 2 A +sin 2B D .不能确定 解析:选C 由正弦定理得a 2 +b 2 ,所以cos C =a 2+b 2-c 2 2ab <0,所以C 是钝角,故 △ABC 是钝角三角形. 6.在△ABC 中,角A 、B 、C 所对的边分别是a 、b 、c .若b =2a sin B ,则角A 的大小为________. 解析:由正弦定理得sin B =2sin A sin B ,∵sin B ≠0, ∴sin A =1 2,∴A =30°或A =150°. 答案:30°或150° 7.在△ABC 中,若a =3,b =3,A =π 3,则C 的大小为________. 解析:由正弦定理可知sin B =b sin A a = 3sin π3 3=12,所以B =π6或5π 6 (舍去),所以C =π -A -B =π-π3-π6=π 2 . 答案:π2 8.(2012·北京西城期末)在△ABC 中,三个内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c .若b =25,B =π4,sin C =5 5 ,则c =________;a =________. 解析:根据正弦定理得 b sin B = c sin C ,则c =b sin C sin B =22,再由余弦定理得b 2=a 2+c 2 -2ac cos B ,即a 2-4a -12=0,(a +2)(a -6)=0,解得a =6或a =-2(舍去). 答案:22 6 9.(2012·北京高考)在△ABC 中,若a =2,b +c =7,cos B =-1 4,则b =________. 解析:根据余弦定理代入b 2=4+(7-b )2-2×2×(7-b )×????-1 4,解得b =4. 答案:4 10.△ABC 的内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,a sin A +c sin C -2a sin C =b sin B . (1)求B ; (2)若A =75°,b =2,求a ,c . 解:(1)由正弦定理得a 2+c 2-2ac =b 2. 由余弦定理得b 2=a 2+c 2-2ac cos B . 故cos B = 2 2 ,因此B =45°. (2)sin A =sin(30°+45°)=sin 30°cos 45°+cos 30°sin 45°=2+6 4 . 故a =b ×sin A sin B =2+62=1+3, c =b ×sin C sin B =2×sin 60° sin 45° = 6. 11.(2013·北京朝阳统考)在锐角三角形ABC 中,a ,b ,c 分别为内角A ,B ,C 所对的边,且满足3a -2b sin A =0. (1)求角B 的大小; (2)若a +c =5,且a >c ,b =7,求AB · AC 的值. 解:(1)因为3a -2b sin A =0, 所以 3sin A -2sin B sin A =0, 因为sin A ≠0,所以sin B = 3 2 . 又B 为锐角,所以B =π 3. (2)由(1)可知,B =π 3.因为b = 7. 根据余弦定理,得7=a 2+c 2-2ac cos π 3, 整理,得(a +c )2-3ac =7. 由已知a +c =5,得ac =6. 又a >c ,故a =3,c =2. 于是cos A =b 2+c 2-a 22bc =7+4-947 =7 14, 所以AB ·AC =|AB |· |AC |cos A =cb cos A =2×7× 7 14 =1. 12.(2012·山东高考)在△ABC 中,内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,已知sin B (tan A +tan C )=tan A tan C . (1)求证:a ,b ,c 成等比数列; (2)若a =1,c =2,求△ABC 的面积S . 解:(1)证明:在△ABC 中,由于sin B (tan A +tan C )= tan A tan C , 所以sin B ????sin A cos A +sin C cos C =sin A cos A ·sin C cos C , 因此sin B (sin A cos C +cos A sin C )=sin A sin C , 所以sin B sin(A +C )=sin A sin C . 又A +B +C =π, 所以sin(A +C )=sin B , 因此sin 2B =sin A sin C . 由正弦定理得b 2=ac , 即a ,b ,c 成等比数列. (2)因为a =1,c =2,所以b =2, 由余弦定理得cos B =a 2+c 2-b 22ac =12+22-22×1×2=34, 因为0 7 4 , 故△ABC 的面积S =12ac sin B =12×1×2×74=7 4 . 1.(2012·湖北高考)设△ABC 的内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c .若三边的长为连续的三个正整数,且A >B >C ,3b =20a cos A ,则sin A ∶sin B ∶sin C 为( ) A .4∶3∶2 B .5∶6∶7 C .5∶4∶3 D .6∶5∶4 解析:选D 由题意可得a >b >c ,且为连续正整数,设c =n ,b =n +1,a =n +2(n >1,且n ∈N * ),则由余弦定理可得3(n +1)=20(n +2)·(n +1)2+n 2-(n +2)2 2n (n +1) ,化简得7n 2-13n - 60=0,n ∈N *,解得n =4,由正弦定理可得sin A ∶sin B ∶sin C =a ∶b ∶c =6∶5∶4. 2.(2012·长春调研)在△ABC 中,角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知4sin 2 A +B 2 -cos 2C =7 2 ,且a +b =5,c =7,则△ABC 的面积为________. 解析:因为4sin 2A +B 2-cos 2C =7 2, 所以2[1-cos(A +B )]-2cos 2C +1=7 2 , 2+2cos C -2cos 2C +1=72,cos 2C -cos C +1 4 =0, 解得cos C =12.根据余弦定理有cos C =12=a 2+b 2 -7 2ab , ab =a 2+b 2-7,3ab =a 2+b 2+2ab -7=(a +b )2-7=25-7=18,ab =6,所以△ABC 的面积S △ABC =12ab sin C =12×6×32=33 2 . 答案:33 2 3.在△ABC 中,角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,且满足(2b -c )cos A -a cos C =0. (1)求角A 的大小; (2)若a =3,S △ABC =33 4,试判断△ABC 的形状,并说明理由. 解:(1)法一:由(2b -c )cos A -a cos C =0及正弦定理,得 (2sin B -sin C )cos A -sin A cos C =0, ∴2sin B cos A -sin(A +C )=0, sin B (2cos A -1)=0. ∵0 2. ∵0 3 . 法二:由(2b -c )cos A -a cos C =0, 及余弦定理,得(2b -c )·b 2+c 2-a 22bc -a ·a 2+b 2-c 2 2ab =0, 整理,得b 2 +c 2 -a 2 =bc ,∴cos A =b 2+c 2-a 22bc =1 2 , ∵0 3 . (2)∵S △ABC =12bc sin A =33 4, 即12bc sin π3=33 4, ∴bc =3,① ∵a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,a =3,A =π3, ∴b 2+c 2=6,② 由①②得b =c =3, ∴△ABC 为等边三角形. 1.已知a ,b ,c 分别是△ABC 的三个内角A ,B ,C 所对的边.若a =1,b =3,A +C =2B ,则sin C =________. 解析:在△ABC 中,A +C =2B ,∴B =60°.又∵sin A =a sin B b =1 2 ,∴A =30°或150°(舍),∴C =90°,∴sin C =1. 答案:1 2.在△ABC 中,a =2b cos C ,则这个三角形一定是( ) A .等腰三角形 B .直角三角形 C .等腰直角三角形 D .等腰或直角三角形 解析:选A 法一:(化边为角)由正弦定理知: sin A =2sin B cos C ,又A =π-(B +C ), ∴sin A =sin(B +C )=2sin B cos C . ∴sin B cos C +cos B sin C =2sin B cos C , ∴sin B cos C -cos B sin C =0, ∴sin(B -C )=0. 又∵B 、C 为三角形内角,∴B =C . 法二:(化角为边)由余弦定理知cos C =a 2+b 2-c 2 2ab , ∴a =2b ·a 2+b 2-c 22ab =a 2+b 2-c 2 a , ∴a 2=a 2+b 2-c 2,∴b 2=c 2,∴b =c . 3.在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,已知 cos 2C =-1 4. (1)求sin C 的值; (2)当a =2,2sin A =sin C 时,求b 及c 的长. 解:(1)因为cos 2C =1-2sin 2C =-1 4,且0 所以sin C = 104 . (2)当a =2,2sin A =sin C 时,由正弦定理a sin A =c sin C ,得c =4.由cos 2C =2cos 2C -1=-14,及0 . 由余弦定理c 2=a 2+b 2-2ab cos C ,得b 2±6b -12=0,解得b =6或26, 所以??? b =6,c =4或??? b =26, c =4. 4.设△ABC 的内角A ,B ,C 所对的边长分别为a ,b ,c , 且cos B =4 5 ,b =2. (1)当A =30°时,求a 的值; (2)当△ABC 的面积为3时,求a +c 的值. 解:(1)因为cos B =45,所以sin B =35. 由正弦定理 a sin A = b sin B ,可得a sin 30°=103,所以a =53 . (2)因为△ABC 的面积S =12ac ·sin B ,sin B =3 5, 所以3 10 ac =3,ac =10. 由余弦定理得b 2=a 2+c 2-2ac cos B , 得4=a 2+c 2-8 5ac =a 2+c 2-16, 即a 2+c 2=20. 所以(a +c )2-2ac =20,(a +c )2=40. 所以a +c =210. 新课标高考模拟试题 数学文科 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分150分。考试时间120分钟。 参考公式: 样本数据n x x x ,,21的标准差??锥体体积公式 ])()()[(122221x x x x x x n S n -++-+-= Sh V 3 1= 其中x 为样本平均数 ??其中S 为底面面积,h 为高 柱体体积公式?? 球的表面积、体积公式 Sh V =?? 323 4 ,4R V R S ππ== 其中S为底面面积,h 为高 ?其中R 为球的半径 第Ⅰ卷(选择题 共60分) 一、选择题 1.已知集合2 {|1},{|20}A x x B x x x =≤=-<,则A B =?( ) A .(0,1) B. C.(]0,1?D .[)1,1- 2.若(1,1),(1,1),(2,4)a b c ==-=-,则c 等于 ( ) A.-a+3b B.a-3b ?C .3a-b D .-3a+b 3.已知四棱锥P —ABC D的三视图如右图所示,则四棱锥P—ABCD 的体积为( ) A. 13 ?B . 23 ?C .3 4 ?D .38 4.已知函数()sin()(0,0,||)2 f x A x A π ω?ω?=+>><的部分图象如图所示,则()f x 的 解析式是( ) A.()sin(3)()3f x x x R π =+ ∈ B .()sin(2)()6 f x x x R π =+∈ ?C.()sin()()3f x x x R π =+ ∈?D.()sin(2)()3 f x x x R π =+∈ 5.阅读下列程序,输出结果为2的是( )新课标高考数学模拟试题文科数学(含答案)
2020高考数学专题复习----立体几何专题