第10章 数论问题

第10章 数论问题
第10章 数论问题

第10章 数论问题

教学内容:

1.数的整除问题

2.质数与合数

3.奇偶性问题

4.分解质因数(含乘积尾数分析及平方数问题)

5.最大公因数与最小公倍数

6.余数问题

7.n 进制问题

8.取整运算相关问题

9.不定方程的求解问题

10.整数的分拆

11.分数的拆分问题

12.杂题

数的整除问题知识要点:

1. 整数的离散性:任何两个整数之间至少相差1,即:若y x <,则y x ≤+1;

2. 任何两个整数的和、差、积都是整数;

3. 若整数a 除以整数b 没有余数,称作a 能被b 整除,记作b ∣a ;

4. 一些特殊数的整除特征:2,5,4,25,8,125,3,9,7,11,13;

1.直接用整除特征求数位数字

例:四位偶数□□64能被11整除,求出所有满足要求的四位数。

拓展:一个多位数(两位及两位以上),它的各位数字之和是13,如果他能被11整除,那么这个多位数最小是多少?

2.多种整除特征结合求数位数字

例:四位数□□92能同时被3和5整除,求出所有满足要求的四位数。

拓展:六位数□□2008

能同时被9和11整除,这个六位数是多少?

3.利用数字谜求数位数字

例:一个五位数,它的末三位为999,。如果这个数能被23整除,那么这个五位数最小是多少?

4.质数与合数

例1:求具有下列特征的质数:这个质数加上10或14后,其和仍是质数。

例2:请写出五个质数,使得它们正好构成一个公差为12 的等差数列。

例3:【练习】小明买了铅笔、橡皮和本三种文具,已知它们的数目是各不相同的质数,且满足:铅笔数×(橡皮数+本数)=110+本数,小明买了多少块橡皮?

5.末尾零问题

例:1×2×3×…×19×20,这个乘积的末尾共有多少个0?将这个乘积再乘上一个个位不是0的数,使得最后的结果的末尾有尽量多的0,此时,末尾将有多少个0?

【练习】证明:任意五个连续自然数的积的个位数字都是0.

6.余数问题

例1:求下列各式所得结果的个位数字:

(1)443322432

++; (2)317667483+?; (3)12171312-1713+;

例2:有一个大于1的自然数,用它除498,447和379得到相同的余数,求这个自然数。

例3:20120330这个八位数除以3的余数是多少?除以5,8,9,11的余数分别是多少?

7.平方数问题

例:把40,44,45,63,65,78,99,105这八个数平分成两组,使每组四个数的乘积相等。

【练习】把39,45,49,56,60,70,78,84,91九个数分成三组,使每组中三个数的乘积都相等。

8.约数倍数问题

例1:2000000的约数有多少个?分别是多少?它的所有约数的和是多少?它的所有约数的乘积是多少?它的所有约数中8的倍数有多少个,这些和是多少?

例2:计算①(28,72) , 【28,72】

②(28,44,260) , 【28,44,260】

③(1085,1178) , 【1085,1178】

例3:一块长方形草地,长120米,宽90米。现在在它的四周种树,四个角和各边中点都要求种树,且相邻两棵树中间的距离都相等。请问:最少要种多少棵树?

例4:有四个不同的正整数,它们的和是1111,请问:这四个数的最大公约数最大是多少?

9.N 进制问题

例1:请把下列数化成十进制数① (101011001)2 , ②(1232)4 , ③(1A2B )16 , ④ (75)8 .

例2:将十进制数101化成二进制数,641转化成三进制的数,1949转化成16进制的数。

例3:在七进制下计算

()7326+()7402 , ()7326?()7402

例4:自然数()10abc x

=化成二进制数后是一个七位数()21abcabc 。请问x 等于多少?

10.取整问题

例1:计算:

???????17116+???????17216+???????17316+……+???????171516+???????171616

例2:求方程[]{}092

=-x x 的解的个数.

11.不定方程问题

计算:14474=+y

x

12.整数拆分

例1:已知算式()2007321+++++n 的结果可以表示为()1>n n 个连续自然数的和.请问:共有多少个满足要求的自然数?

例2:一部电视连续剧共8集,电视台要在周一到周四这四天内按顺序完成,其中可以有若干天不播,共有多少种安排播出的方法.

13.分数拆分

例:将

21写成三个自然数的倒数之和,共有多少种方法?

组合数论问题

组合数论问题 组合数论作为数论的一个(小)分支,是研究整数集合的组合性质。与代数数论、解析数论等分支相对应,组合数论的证明与结论更多地带有“离散的、组合的”味道。 例1. (组合数论经典定理)证明:任意2n+1个整数中一定可以找到n 个, 其和为n 的倍数。 [证:]先证命题的(完全)积性,即 引理:若对于正整数m, n 原命题都成立,则命题对于mn 亦成立。 由引理,只需对n=p 为素数的情形证明即可。 反证法,设存在2p+1个正整数1221,,,+p x x x 使得其中任意p 个之和 考察 )(m o d )(1122 1 p x x x C p i i i p p p ∑-++++≡ 例2.(IMO 预选题2008N4).对于整数k ?2,证明122k k C +-1 22k k C -被23k 整除但不被23k+1整除. [证:]利用2n n C =2(2)!(!)n n =2(21)!!!n n n -=222((21)!!)(2)! n n n -, 1 22k k C +-1 22k k C -=21 2(21)!!(2)!k k k +--22 2((21)!!)(2)!k k k -=22(21)!!(2)!k k k -(121(221)k k i i -=+-∏-1 2 1 (2(21))k k i i -=--∏). 1 21 (221)k k i i -=+-∏-121 (2(21))k k i i -=--∏=2 12(21)12(21)1 2k k r k r r S ---+--=∑≡2 k+1 (2k -1)!!121 1 21 k i i -=-∑ (mod 23k+1). 1 21121 k i i -=-∑=121 2111()212(21)k k i i i -=+---∑=2k-1 1 2 11(21)(2(21)) k k i i i -=---∑. A={1,3,…, 2k -1}是(mod 2k )的缩系,故r -2(r ∈A)是r 2(r ∈A)的置换,因此 1(2)k r A r r ∈-∑≡-2 1r A r ∈∑≡-2 r A r ∈∑=-1 2 1 (4(1)1)k i i i -=-+∑≡2k-1(mod 2k ).

数论综合(四)

整数可以分成奇数和偶数两大类。能被2整除的数叫做偶数,不能被2整除的数叫做奇数。偶数通常可以用2k (k 为整数)表示,奇数则可以用2k +1(k 为整数)表示。 任何一个大于1的自然数n 都可以写成质数的连乘积,即:312123k a a a a k n p p p p =????L ,其中k p p p ,?,,21为质数,k a a a ,?,,21为自然数,并且这种表示是唯一的.该式称为n 的质因子分解式。 奇数与偶数有如下的运算性质: (1)偶数±偶数=偶数,奇数±奇数=偶数; (2)偶数±奇数=奇数; (3)偶数个奇数相加得偶数; (4)奇数个奇数相加得奇数; (5)偶数×奇数=偶数, 奇数×奇数=奇数。 质因数: 如果一个质数是某个数的约数,那么就说这个质数是这个数的质因数。 分解质因数: 把一个合数用质因数相乘的形式表示出来,叫做分解质因数。 例如:30235=??.其中2、3、5叫做30的质因数.又如21222323=??=?,2、3都叫做12的质因数,其中后一个式子叫做分解质因数的标准式,在求一个数约数的个数及约数的和的时候都要用到这个标准式.分解质因数往往是解数论类题目的突破口,它可以帮助我们分析数字的特征。 例1 有苹果、橘子各一筐,苹果有240个,橘子有313个,把这两筐水果平均分给小朋友,已知苹果分到最后还剩2个,橘子分到最后还剩7个,那么最多有多少个小朋友? 分析与解:从240个苹果中去掉2个,即将238个苹果平均分给这些小朋友,没有剩余;从313个橘子中去掉7个,即将306个橘子平均分给这些小朋友,也没有剩余。那么238和306都是这些小朋友人数的倍数,这些小朋友的人数是238和306的公约数。求最多有多少个小朋友,实际上就是在求238与306的最大公约数。 (238,306)=34,所以最多有34个小朋友。 答:最多有34个小朋友。

六年级奥数.数论.整除问题(ABC级).学生版

知识框架 」、整除的定义: 当两个整数a和b (b工0, a被b除的余数为零时(商为整数),则称a被b整除或b整除a,也把a 叫做b的倍数,b叫a的约数,记作b|a,如果a被b除所得的余数不为零,则称a不能被b整除,或b不整除a,记作b a. 二、常见数字的整除判定方法 1. 一个数的末位能被2或5整除,这个数就能被2或5整除; 一个数的末两位能被4或25整除,这个数就能被4或25整除; 一个数的末三位能被8或125整除,这个数就能被8或125整除; 2. 一个位数数字和能被3整除,这个数就能被3整除; 一个数各位数数字和能被9整除,这个数就能被9整除; 3. 如果一个整数的奇数位上的数字之和与偶数位上的数字之和的差能被11整除,那么这个数能被11整 除; 4. 如果一个整数的末三位与末三位以前的数字组成的数之差能被7、11或13整除,那么这个数能被7、 11或13整除; 5. 如果一个数从数的任何一个位置随意切开所组成的所有数之和是9的倍数,那么这个数能被9整除; 6. 如果一个数能被99整除,这个数从后两位开始两位一截所得的所有数(如果有偶数位则拆出的数都有 两个数字,如果是奇数位则拆出的数中若干个有两个数字还有一个是一位数)的和是99的倍数,这个数一定是99的倍数。 7. 若一个整数的个位数字截去,再从余下的数中,减去个位数的2倍,如果差是7的倍数,则原数能被 7整除。如果差太大或心算不易看出是否7的倍数,就需要继续上述「截尾、倍大、相减、验差」的 过程,直到能清楚判断为止。例如,判断133是否7的倍数的过程如下:13-3X2 = 7,所以133是7 的倍数;又例如判断6139是否7的倍数的过程如下:613 —9>2= 595 , 59- 5X2= 49,所以6139是7的倍数,余类推。 8. 若一个整数的个位数字截去,再从余下的数中,加个位数的4倍,如果和是13的倍数,则原数能被 13整除。如果和太大或心算不易看出是否13的倍数,就需要继续上述「截尾、倍大、相加、验差」 的过程,直到能清楚判断为止。 MSDC模块化分级讲义体系六年级奥数.数论.整除问题(ABC级).学生版Page 1 of 14

六年级下册数学试题-小升初 方程、计数、最值、行程等问题中的数论综合(下)(无答案) 全国通用

方程、计数、最值、行程等 问题中的数论综合(下) (★★) 200以内除以3余1,除以4余2,除以5余3的自然数有多少个?分别是多少? (★★) 一个大于10的数,除以3余1,除以5余2,除以11余7,问满足条件的最小自然数是多少? (★★★)(小学数学奥林匹克预赛) 某数除以11余8,除以13余10,除以17余12,那么这个数的最小可能值是______。 (★★★) 101个连续的非零自然数的和恰好是四个不同的质数的积,那么这个最小的和应该是______。 (★★★★) 小明打算做一个两位数乘以三位数的乘法,但粗心的他在计算时遗留掉了乘号,从而将两位数直接放在三位数的左边,形成了一个五位数,该五位数恰好为应得的乘积的9倍,问:原来的两个数的乘积是多少?

某单位的职工到郊外植树,其中有男职工也有女职工,并且有13 的职工各带一个孩子参加。男职工每人种13棵树,女职工每人种10棵树,每个孩子种6棵树,他们一共种了216棵树,那么其中有多少名男职工? A 、 B 两地相距20.3千米,甲、乙、丙的速度分别是4米/秒,6米/秒,5米/秒。如果甲、乙从A ,丙从B 地同时出发相向而行,那么,在多长时间之后,丙与乙的距离是丙与甲距离的2倍? 在线测试题 温馨提示:请在线作答,以便及时反馈孩子的薄弱环节! 1.300以内除以4余1,除以5余2,除以6余3的自然数有( )个。 A .3 B .4 C .5 D .6 2.一个大于10的数,除以2余1,除以4余3,除以9余7,那么满足条件的最小自然数 是( )。 A .40 B .41 C .42 D .43 3.某数除以9余5,除以11余7,除以19余8,那么这个数的最小可能值是( )。 A .95 B .194 C .293 D .392 4.有a ,b ,c 三个数,已知24,36,54a b a c b c ?=?=?=,那么a b c ++=( )。 A .19 B . 20 C .18 D .21 (★★★★) (★★★★★)

数论综合

数论综合 A卷 1.两个连续奇数的和乘它们的差,积是304,这两个奇数分别是()和()。 2.一个数分别与相邻的两个奇数相乘,得到的两个乘积相差40,这个数是()。 3.有两个质数,它们之和既是一个小于100的奇数,又是17的倍数,这两个质数的积是()。 4.如果P,P+10,P+20是质数,那么P+2011=()。 5.在89,121,135,480,483中,是3的倍数的有()个。 6.若1a219b7是99的倍数,则a+b的值为()。 7.把91,85,77,65,51,33这六个数分为两组,每组三个数,使两组的积相等,则两组之差为()。 8.已知三个连续偶数的和比其中最大的一个偶数的2倍还多2,这三个偶数分别是()()()。 9.小明在4张同样的纸片上各写了一个正整数,从中随机抽取2张,并将它们上面的数相加,重复这样做,每次所得的和都是7,8,9,10中的一个数,并将这4个数都能取到,猜猜看,小明在这4张纸片上写的数分别是()。 10.一个三位数,各位数字分别为A,B,C,它们互不相等,且都不为0,用A,B,C排得6个不同的三位数,若这6个三位数之和是2664,则这6个三位数中最大的可能是()。

11.已知在一个除法算式中,被除数能被除数整除,除数与商都是质数,被除数,除数和商的积为441.则被除数为()。 12.1到1000的自然数中,不能被3也不能被5整除的数共有()个。 13.一个三位数,既能被8整除,又能被9整除,且5是它的因数,则这个三位数最小是()。 14.一个三位小数四舍五入到百分位约是2.96,这个三位小数最大是()。 15.1008乘一个正整数a,积是一个完全平方数,则a的最小值为()。 16.能被3整除的最小的四位数是()。 17.三个质数的和为140,则这三个质数乘积的最大值是()。 B卷 1.在10以内任意选两个不同的质数,就可以写一个分数,其中最小的是(),能化成有限小数的最简真分数是()。 2.任意两个连续的自然数中,两个数都是质数的有()组。 3.两个质数的倒数相加的和的分子是31,和的分母是()。 4.三个质数的倒数之和为,这三个质数的和是()。 5.在1~~2015这2015个数中,与21互质的数共有()个。 6.12345678987654321除本身之外的最大因数是()。 7.已知A=2×3×3×3×3×5×5×7,在A的两位数的因数中,最大的是()。

六年级奥数-第十讲.数论之余数问题.教师版

第十讲:数论之余数问题 余数问题是数论知识板块中另一个内容丰富,题目难度较大的知识体系,也是各大杯赛小升初考试必考的奥数知识点,所以学好本讲对于学生来说非常重要。 许多孩子都接触过余数的有关问题,并有不少孩子说“遇到余数的问题就基本晕菜了!” 余数问题主要包括了带余除法的定义,三大余数定理(加法余数定理,乘法余数定理,和同余定理),及中国剩余定理和有关弃九法原理的应用。 知识点拨: 一、带余除法的定义及性质: 一般地,如果a是整数,b是整数(b≠0),若有a÷b=q……r,也就是a=b×q+r, 0≤r<b;我们称上面的除法算式为一个带余除法算式。这里: r=时:我们称a可以被b整除,q称为a除以b的商或完全商 (1)当0 r≠时:我们称a不可以被b整除,q称为a除以b的商或不完全商 (2)当0 一个完美的带余除法讲解模型: 如图,这是一堆书,共有a本,这个a就可以理解为被除数,现在 要求按照b本一捆打包,那么b就是除数的角色,经过打包后共打包了 c捆,那么这个c就是商,最后还剩余d本,这个d就是余数。 这个图能够让学生清晰的明白带余除法算式中4个量的关系。并且 可以看出余数一定要比除数小。 二、三大余数定理: 1.余数的加法定理 a与b的和除以c的余数,等于a,b分别除以c的余数之和,或这个和除以c的余数。 例如:23,16除以5的余数分别是3和1,所以23+16=39除以5的余数等 于4,即两个余数的和3+1. 当余数的和比除数大时,所求的余数等于余数之和再除以c的余数。 例如:23,19除以5的余数分别是3和4,故23+19=42除以5的余数等于3+4=7除以5的余数,即2. 2.余数的乘法定理 a与b的乘积除以c的余数,等于a,b分别除以c的余数的积,或者这个积除以c所得的余数。 例如:23,16除以5的余数分别是3和1,所以23×16除以5的余数等于3×1=3。 当余数的和比除数大时,所求的余数等于余数之积再除以c的余数。 例如:23,19除以5的余数分别是3和4,所以23×19除以5的余数等于3×4除以5的余数,即2. 3.同余定理

初中奥数:数论问题位值原理的解题技巧

初中奥数:数论问题位值原理的解题技巧 1、一个两位数,其十位与个位上的数字交换以后,所得的两位数 比原来小27,则满足条件的两位数共有______个. 【解析】:11+12+13+14+15+16+17=98.若中心圈内的数用a表示,因三条线的总和中每个数字出现一次,只有a多用3两次,所以98+2a 应是3的倍数,a=11,12,…,17代到98+2a中去试,得到a=11,14,17时,98+2a是3的倍数. (1)当a=11时98+2a=120,120÷3=40 (2)当a=14时98+2a=126,126÷3=42 (3)当a=17时98+2a=132,132÷3=44 相对应的解见上图. 2、一个三位数,它等于抹去它的首位数字之后剩下的两位数的4倍于25之差,求这个数。 解答:设它百位数字为a,十位数字为b,个位数字为c 则100a+10b+c=4(10b+c) 化简得5(20a-6b+5)=3c 因为c为正整数,所以20a-6b+5是3的倍数 又因为0≤c≤9 所以0≤3c/5≤5.4 所以0≤20a-6b+5=3c/5≤5.4 所以3c/5=3 即c=5

所以20-6b+5=3 化简得3b-1=10a 按照同样的分析方法,3b-1是10的倍数,解得b=7 最后再算出10a=3*7-1=20 则a=2 所以答案为275。 3、a、b、c是1——9中的三个不同数码,用它们组成的六个没有重复数字的三位数之和是(a+b+c)的多少倍? 解答:组成六个数之和为: 10a+b+10a+c+10b+a+10b+c+10c+a+10c+b =22a+22b+22c =22(a+b+c) 很显然,是22倍 4、有2个3位数,它们的和是999,如果把较大的数放在较小数的左边,所成的数正好等于把较小数放在较大数左边所成数的6倍,那么这2数相差多少呢? 解答:abc+def=999,abcdef=6defabc,根据位值原 理,1000abc+def=6000def+6abc 化简得994abc=5999def,两边同时除以7得142abc=857def,所以abc=857,def=142 所以857-142=715 5、将一个三位数的数字重新排列,在所得到的三位数中,用的减去最小的,正好等于原来的三位数,求原来的三位数。

第20讲 数论综合二完整版

第20讲数论综合二 兴趣篇 1.有4个不同的正整数,它们中任意2个数的和都是2的倍数,任意3个数的和都是3的倍数,要使这4个数的和尽可能小,请问:这4个数应该分别是多少? 答案:1、7、13、19 解析:“任意2个数的和都是2的倍数”说明四个数奇偶性相同,“任意3个数的和都是3的倍数”说明四个数除以3的余数相同.若这四个数为奇数,第一个数为1,依次加6可得四个数为1、7、13、19.若这四个数为偶数,第一个数为2,依次加6可得四个数为2、8、14、20.显然第一组更小. 2.已知算式(1+2+3+…+n)+ 2007的结果可表示为n(n>l)个连续自然数的和.请问:共有多少个满足要求的自然数n? 答案:5个 解析:1+2+3+…+n是项数为n的等差数列之和,我们考虑将2007平均分成n份,加到每一项上即可.2007=32×223,有6个约数,分别为1、3、9、223、669、2007。其中1舍去,有5个满足要求的自然数。 3.有些自然数能够写成一个质数与一个合数之和的形式,并且在不计加数顺序的情况下,这样的表示方法至少有4种,请问:所有满足上述条件的自然数中最小的一个是多少? 答案:11 解析:因为有四种表示方法,至少涉及四个质数,最小的四个质数是2、3、5、7,最小的四个合数是4、6、8、9,恰好有11=7+4=5+6=3+8= 2+9.因此满足条件最小的数是11. 4.甲、乙两个自然数的乘积比甲数的平方小2008.请问:满足上述条件的自然数有几组? 答案:4组 解析:由题目条件得,甲×甲-甲×乙=甲×(甲-乙)2008,将2008写成两个

数乘积的形式,有如下几种:2008=2008×1=1004×2=502×4=251×8.因此满足条件的甲、乙数为(2008,2007)、(1004,1102)、(502,498)、(251,243),共有4组. 5.两个不同两位数的乘积为完全平方数,请问:它们的和最大可能是多少? 答案:170 解析(1)两个数均为平方数,则它们的乘积仍为平方数,这种情况和最大为81+64=145.(2)两个数均不是平方数,则这两个数为a×m2,a×n2(其中m不等于n).对可能的情况进行讨论:当a=2时,这两个数最大是2×72、2×62,和为98+72=170.当a=3时,这两个数最大是3×25、3×16,和为75+48=123.当a=5时,这两个数最大是5×16、5×9,和为80+45=125.当a=6时,这两个数最大是6×16、6×9,和为96+54=150.……经讨论,和最大为170. 6.n个自然数,它们的和乘以它们的平均数后得到2008.请问:n最小是多少? 答案:502 解析:由于2008=2008×1=1004×2=502×4=251×8,如果这挖个数的和为2008,平均数为1,那么n为2008.如果这n个数的和为1004,平均数为2,那么n为502.知果这n个数的和为502,平均数为4,那么这不可能,如果这n 个数的和为251,平均数为8,那么这不可能,因此n最小是502. 7.一个正整数若能表示为两个正整数的平方差,则称这个数为“智慧数”,比如16=52-32,16就是一个“智慧数”,请问:从1开始的自然数列中,第2008个“智慧数”是多少? 答案:2680 解析:通过尝试可以发现如下规律:相邻两个平方数的差为3,5,7,9,

(完整)小学六年级奥数基础知识——数论

行程问题 基本行程问题平均速度火车过桥流水行船接送问题电梯行程 数论问题 奇偶分析数的整除约数倍数进位制余数问题完全平方数 几何问题 小学几何五大模型勾股定理与弦图巧求周长立体图形的体积 计数问题 加法原理乘法原理容斥原理排列组合枚举法归纳法 应用题 鸡兔同笼问题年龄问题盈亏问题牛吃草问题工程问题浓度问题 计算问题 分数列项与整数列项繁分数的计算数学计算公式换元法找规律 其他 数阵图与数字谜操作与策略抽屉原理逻辑推理不定方程染色问题 小学六年级奥数基础知识——数论一 一质数和合数 (1)一个数除了1和它本身,不再有别的约数,这个数叫做质数(也叫做素数)。 一个数除了1和它本身,还有别的约数,这个数叫做合数。 (2)自然数除0和1外,按约数的个数分为质数和合数两类。 任何一个合数都可以写成几个质数相乘的形式。 要特别记住:0和1不是质数,也不是合数。 (3)最小的质数是2 ,2是唯一的偶质数,其他质数都为奇数; 最小的合数是4。 (4)质数是一个数,是含有两个约数的自然数。 互质 是指两个数,是公约数只有一的两个数,组成互质数的两个数可能是两个质数(3和5),可能是一个质数和一个合数(3和4),可能是两个合数(4和9)或1与另一个自然数。 (5)如果一个质数是某个数的约数,那么就说这个质数是这个数的质因数。 把一个合数用质因数相乘的形式表示出来,叫做分解质因数。 (6)100以内的质数有25个:2、3、5、7、11、13、17、19、23、29、31、37、41、43、47、53、59、61、67、71、73、79、83、89、97. 注意:两个质数中差为1的只有3-2 ;除2外,任何两个质数的差都是偶数。 二整除性 (1)概念 一般地,如a、b、c为整数,b≠0,且a÷b=c,即整数a除以整除b(b不等于0),除得

第五讲数论与组合

1是否存在实数x使得tan x+和 cot x+都是有理数。 2在1,2,…,2012中取一组数,使得任意两数之和不能被其差整除,最多能取多少个数

3在由若干南方球队和北方球队参加的排球单循环赛中,已知南方队比北方队多9支,所有南方队得到的分数总和是所有北方队得到的分数总和的9倍(每场比赛胜者得一分,负者得零分)。证明:循环赛结束后,某支南方队积分最高。 4在一次考试中333个同学共答对了1000道题。答对至多3题者为不及格,答对至少6道题者为优秀。已知不是所有同学答对的题的个数的奇偶性都相同。问:成绩不及格者和

优秀者人数哪个多 5目前有n(n≥2)为乒乓球选手,他们互相进行了若干场乒乓球双打比赛,并且发现任意两名选手作为队友恰好只参加过一次比赛,请问n的所有可能取值。 6将边长为正整数m,n的矩形划分成若干边长均为正整数的正方形.每个正方形的边均平行于矩形的相应

边.试求这些正方形边长之和的最小值. 7对于整数n ≥4,求出最小的整数f(n),使得对于任何正整数m ,集合{m ,m+1,…,m+n -1}的任一个f(n)元子集中,均至少有3个两两互素的元素. n m D A C B A 1 D 1

8如图,在7×8的长方形棋盘的每个小方格的中心点各放一个棋子。如果两个棋子所在的小方格共边或共顶点,那么称这两个棋子相连。现从这56个棋子中取出一些,使得棋盘上剩下的棋子,没有五个在一条直线(横、竖、斜方向)上依次相连。问最少取出多少个棋子才可能满足要求?并说明理由。

9一种密码锁的密码设置是在正n边 A A A的每个顶点处赋值0和1形12n 两个数中的一个,同时在每个顶点处涂染红、蓝两种颜色之一,使得任意相邻的两个顶点的数字或颜色中至少有一个相同.问:该种密码锁共有多少种不同的密码设置? 10设A是一个9 3 的方格表,在每一

跃峰奥数PPT3组合数论6-2(多项式之二色链)

温馨提示 为了设计教学场景互动效果的需要,课件中采用 了大量“播放后隐藏”的文本,从而导致预览模式下 出现诸多文本重叠,影响阅读。但在放映模式下,这 些现象都不会出现。 另外,课件中的图像均不是一次性形成,而是展 现了“尝试-修改-成形”等发生过程,这可能导致预 览模式下出现诸多乱码,但在放映模式下,图形则非 常生动、美观。 【百度文库】 跃峰奥数PPT 经典原创

组合数论6-2(多项式之二色链) ●冯跃峰 本讲内容 本节为第3板块(组合数论)第6专题(多项式)的第小节2 (二色链),包含如下3个部分内容: 第一部分,概述问题涉及的知识方法体系; 第二部分,思维过程剖析。这是课件的核心部分,重在发掘 问题特征,分析如何找到解题方法。按照教师场景授课互动效 果设计,立足于启发思维; 第三部分,详细解答展示。提供笔者重新书写的解答(简称 “新写”),力求严谨、流畅、简练。【百度文库】 跃峰奥数PPT 经典原创

【基本知识结构】 多项式问题,一般看作属于代数的范畴。 但由于常常涉及到不定方程的相关问题与方法,这里将其归入数论的范畴。从思维方法上讲,这也许更为恰当。一、代数基本定理:任何非常数多项式至少有一个根。 推论(根数定理):n 次多项式恰有n 个根。二、余式定理:x-a 除以f (x )的余数是f (a ), 即f (x )=(x-a )g (x )+f (a )。三、恒等定理1:两个多项式相等,等价于对应项的系数都相等。 恒等定理2:两个n 次多项式在n+1个不同点处的值相等,则两个多项式 恒等。 四、爱森斯坦判别法:若存在质数p ,使p|a i (i=0,1,…,n-1),但 p ?a n ,p 2?a 0,则多项式f (x )=a n x n +a n-1x n-1+…+a 0在有理数域上不可约。 比如多项式:x 2+2px+p 。 【百度文库】跃峰奥数PPT 经典原创

{小学数学}小六数学第21讲:数论综合教师版-——李寒松[仅供参考]

2021年{某某}小学 小 学 数 学 学 习 资 料 教师: 年级: 日期:

第二十一讲数论综合 数论是历年小升初的考试难点,各学校都把数论当压轴题处理。由于行程题的类型较多,题型多样,变化众多,所以对学生来说处理起来很头疼。数论内容包括:整数的整除性,同余,奇数与偶数,质数与合数,约数与倍数,整数的分解与分拆等。作为一个理论性比较强的专题,数论在各种杯赛中都会占不小的比重,而且数论还和数字谜,不定方程等内容有着密切的联系,其重要性是不言而喻的。 基本公式 1.已知b|c,a|c,则[a,b]|c,特别地,若(a,b)=1,则有ab|c。 2.已知c|ab,(b,c)=1,则c|a。 3.唯一分解定理:任何一个大于1的自然数n都可以写成质数的连乘积,即 n= p11a× p22a×...×p k k a(#) 其中p1

6.自然数是否能被3,4,25,8,125,5,7,9,11,13等数整除的判别方法。 7.平方数的总结: ①平方差:A2-B2=(A+B)(A-B),其中我们还得注意A+B, A-B同奇偶性。 ②约数:约数个数为奇数个的是完全平方数。约数个数为3的是质数的平方。 ③质因数分答案:把数字分答案,使他满足积是平方数。 ④立方和:A3+B3=(A+B)(A2-AB+B2)。 8.十进制自然数表示法,十进制和二进制,八进制,五进制等的相互转化。 9.周期性数字:abab=ab×101 1.全面掌握数论的几大知识点,能否在考试中取得高分,解出数论的压轴大题是关键。 2.牢记基本公式,并在解题中灵活运用公式。 例1:将4个不同的数字排在一起,可以组成24个不同的四位数(4×3×2×1=24)。将这24个四位数按从小到大的顺序排列的话,第二个是5的倍数;按从大到小排列的话,第二个是不能被4整除的偶数;按从小到大排列的第五个与第二十个的差在3000-4000之间。请求出这24个四位数中最大的一个。 答案:不妨设这4个数字分别是a>b>c>d 那么从小到大的第5个就是dacb,它是5的倍数,因此b=0或5,注意到b>c>d,所以b=5; 从大到小排列的第2个是abdc,它是不能被4整除的偶数;所以c是偶数,c<b=5,c=4或2 从小到大的第二十个是adbc,第五个是dacb,它们的差在3000-4000之间,所以a=d+4; 因为a>b,所以a至少是6,那么d最小是2,所以c就只能是4。而如果d=2,那么abdc的末2位是24,它是4的倍数,和条件矛盾。因此d=3,从而a=d+4=3+4=7。 这24个四位数中最大的一个显然是abcd,我们求得了a=7,b=5,c=4,d=3 所以这24个四位数中最大的一个是7543。 例2:一个5位数,它的各个位数字和为43,且能被11整除,求所有满足条件的5位数? 答案:现在我们有两个入手的选择,可以选择数字和,也可以选择被11整除,但我们发现被11整除性质的运用要具体的数字,而现在没有,所以我们选择先从数字和入手。 5位数数字和最大的为9×5=45,这样43的可能性只有9,9,9,9,7或9,9,9,8,8。这样我们接着用11的整除特征,发现符合条件的有99979,97999,98989符合条件。

六年级奥数.数论.整除问题(ABC级).学生版

一、整除的定义: 当两个整数a 和b (b≠0),a 被b 除的余数为零时(商为整数),则称a 被b 整除或b 整除a ,也把a 叫做b 的倍数,b 叫a 的约数,记作b|a ,如果a 被b 除所得的余数不为零,则称a 不能被b 整除,或b 不整除a ,记作b a. 二、常见数字的整除判定方法 1. 一个数的末位能被2或5整除,这个数就能被2或5整除; 一个数的末两位能被4或25整除,这个数就能被4或25整除; 一个数的末三位能被8或125整除,这个数就能被8或125整除; 2. 一个位数数字和能被3整除,这个数就能被3整除; 一个数各位数数字和能被9整除,这个数就能被9整除; 3. 如果一个整数的奇数位上的数字之和与偶数位上的数字之和的差能被11整除,那么这个数能被11整 除; 4. 如果一个整数的末三位与末三位以前的数字组成的数之差能被7、11或13整除,那么这个数能被7、 11或13整除; 5. 如果一个数从数的任何一个位置随意切开所组成的所有数之和是9的倍数,那么这个数能被9整除; 6. 如果一个数能被99整除,这个数从后两位开始两位一截所得的所有数(如果有偶数位则拆出的数都有 两个数字,如果是奇数位则拆出的数中若干个有两个数字还有一个是一位数)的和是99的倍数,这个数一定是99的倍数。 7. 若一个整数的个位数字截去,再从余下的数中,减去个位数的2倍,如果差是7的倍数,则原数能被 7整除。如果差太大或心算不易看出是否7的倍数,就需要继续上述「截尾、倍大、相减、验差」的过程,直到能清楚判断为止。例如,判断133是否7的倍数的过程如下:13-3×2=7,所以133是7的倍数;又例如判断6139是否7的倍数的过程如下:613-9×2=595 , 59-5×2=49,所以6139是7的倍数,余类推。 8. 若一个整数的个位数字截去,再从余下的数中,加个位数的4倍,如果和是13的倍数,则原数能被 13整除。如果和太大或心算不易看出是否13的倍数,就需要继续上述「截尾、倍大、相加、验差」知识框架 数的整除

第1,2讲 组合与数论问题

第1,2讲组合与数论问题 一.填空题: 1.设a,b,c是互异的自然数且ab+bc+ca=abc,则a+b+c=_______. 2.从1到2013连续的2013个自然数按某种顺序排列,然后按连续三项计算和数,得到2011个和数,则这些和数中,奇数的个数最多有_________个. 3.在式子:12○22○32○…○20092的“○”中填入“+”或“?”中的一个,如果所得的数非负,那么这个非负数的最小值是________. 4.直角三角形的三边之长为正整数,其中一条直角边的长为35,那么它的周长的最大值与最小值分别是_______、_________. 5. 已知 S的最大 整数为__________. 6.末四位数为2013,且被71整除的最小的正整数为_____________. 7.用6种不同的颜色给正方体的6个面染色,各面颜色互不相同,经过适当的翻转重复的染色视为同一种染色,则不同的染色方式有__________. 8.某数学竞赛分两试进行.一试有选择题6个,答对一个得6分,填空题6个,答对一个得9分,解答题三个,每题20分,每5分一档分步计分,二试解答题有三个,每题50分,每10分一档分步计分,某同学参加竞赛,则他的得分可能有________种. 9.把1,2,3,…,2n这2n个正整数随意放置在一个圆周上,据统计,在所有相邻的三个数中,三个数全为奇数的有a组,三个数中恰有两个数奇数的有b组,三个数中恰有一个数为奇数的有c组,三个数都为偶数的有d组,如果a-d≠0,那么(b-c)/(a-d)=____________. 10.自然数k具有性质:在半径为1的圆上任取4点,都有两点的距离不大于k,则k的最小值为________. 二.解答题: 11.n是正整数,求证 537 5315 n n n ++是整数.

数学思维导引-六年级-数论综合三(21)

第22讲数论综合三 典型问题 ◇◇兴趣篇◇◇ 1.(1)求所有满足下列条件的三位数:在它左边写上40后所得的五位数是完全平方数。 (2)求满足下列条件的最小自然数:在它左边写上80后所得的数是完全平方数。 【分析】(1)设这个三位数为abc 根据题意有240abc n =,即240000abc n +=,22200(200)(200)abc n n n =-=+-当201n =时,401abc =,五位数是220140401 =当202n =时,804abc =,五位数是220240804 =当203n =时,abc 不是三位数(舍去) 所以满足条件的三位数是401,804 (2)当这个自然数是一位数时,有280a n =,229841=,228784=,因此一位数不 存在,同理两位数不存在当这个自然数是三位数时,有280abc n =,280000abc n =-,228480656=,所以最小自然数是656 2.已知!n 3 是一个完全平方数,试确定自然数n 的值。(n n !123 ) 【分析】当6n ≥时,!()n m 3331 ,不可能是完全平方数,因此n 只能取1到5间的数, 经试验1n =或3 3.一个完全平方数是四位数,且它的各位数字均小于7。如果把组成它的每个数字都加上3,便得到另外一个完全平方数。求原来的四位数。 【分析】根据题意有2abcd m =,2(3)(3)(3)(3)a b c d n ++++=,因此223333n m -=,即 ()()311101n m n m +-=??,且,n m 都是两位数,因此()()33101n m n m +-=?,所

完整版六年级奥数数论综合

第19讲数论综合 知识点精讲 特殊数的整除特征 1. 尾数判断法 1) 能被2整除的数的特征: 2) 能被5整除的数的特征: 3) 能被4 (或25)整除的数的特征: 4) 能被8 (或125)整除的数的特征: 2. 数字求和法: 3. 99的整除特性: 4. 奇偶位求差法: 5. 三位截断法: 特别地:7X11X13=1001, abcabc=abcX1001 二、多位数整除问题 技巧:1>目的是使多位数变短”途径是结合数的整除特征和整除性质 2>对于没有整除特性的数,利用竖式解决。 三、质数合数 1. 基本定义 【质数】一一 【合数】一一 注:自然数包括0、1、质数、合数. 【质因数】一一 【分解质因数】一一 用短除法和分拆相乘法分解质因数。任何一个合数分解质因数的结果是唯一的。 分解质因数的标准表示形式:N=a1Xa2Xa3X X n,其中a1、a2、a3 an都是合数N的质因数,且

a 1

【互质数】 【偶数】 【奇数】 2. 质数重要性质 1)100以内有25个质数: 2)除了2和5,其余的质数个位数字只能是: 3)1既不是质数,也不是合数 4)在质数中只有2是偶数,其他质数都是奇数 5)最小的质数是2?最小的奇质数是3 6)有无限多个 3. 质数的判断: 1)定义法:判断整除性 2)熟记100以内的质数 3)平方判断法: 例如:对2011,首先442<2011<452,然后用1至44中的全部质数去除2011,即可叛断出2011为质数.

4. 合数 1)无限多个 2)最小的合数是4 3)每个合数至少有三个约数 5. 互质数 1)什么样的两个数- -定是互质数? 注意:分解质因数是指一个合数写成质因数相乘的形式21=3 7,不能写成:3 7=21. 6. 偶数和奇数 1) 2) 偶数;个位数字是1,3,5,7,9的数是奇数 3) 4) 数是他们乘积的一半 5)?因此,要分解的合数应写在等号左边,如: 0属于偶数 十进制中,个位数字是0,2,4,6,8的数是 除2外所有的正偶数均为合数 相邻偶数的最大公约数为2,最小公倍 奇±奇=偶偶±禺=偶偶埼=奇

组合数学与数论1

第一部分:组合数学 第一章计数的基本原则 一.组合数学的历史和内容 1.历史:组合数学最早起源于中世纪的印度,在漫长的历史中,一 直发展缓慢。随着上一世纪计算机的出现,组合数学开始快速地发展。近几年,由于计算机安全领域受到重视以及组合数学在计算机安全领域的应用,组合数学受到越来越多的重视。 2.内容:组合数学主要包括以下几个内容: (1)组合分析(也称为组合计数理论) (2)组合优化(包括线性规划,整数规划等) (3)组合设计(包括区组设计等) (4)组合算法(例如:搜索算法,DFS算法与分支定界法,动态规 划等) *图论本是组合数学这个家族的一个主要成员,但它已成长壮大,独立成一门学科。 3. 本课程介绍的主要内容:组合计数理论 二.加法原则与乘法原则 1. 加法原则: 设事件A有m种产生方式,事件B有n种产生方式,则“事件A 或事件B”有m+n种产生方式。 例子:大于0而小于10的偶数有4个,即:{2,4,6,8},大于0而小于10的奇数有5个,即:{1,3,5,7,9}。则大于0而小于10

的整数有:4+5=9个,即:{1,2,3,4,5,6,7,8,9}。 *如果A1,A2,?,A n是互不相交的有穷集,那么 |A1∪A2∪?∪A n|=|A1|+|A2|+?+|A n| 2.乘法原则: 若事件A有m种产生方式,事件B有n种产生方式,则“事件A 与事件B”有mn种产生方式。 例1:设一个符号由两个字符组成,第一个字符有a,b,c,d,e五种方式,第二个字符有1,2,3三种方式。则根据乘法原则,该符号具有5×3= 15种方式,即 a1,b1,c1,d1,e1;a2,b2,c2,d2,e2;a3,b3,c3,d3,e3. 例2:从A到B有3条不同的道路,从B到C有2条不同的道路,从A经B到C共有n=3×2=6条不同的道路。 例3:求比10000小的正整数中含有数字1的数的个数。 解:先求所有4位数中不含有数字1的个数,即求由{0,2,3,4,5,6,7,8,9} 9个数字组成的4位数的个数。每一位都有9种出现方式,根据乘法原则,由9个数字组成的4位数个数为:9×9×9×9= 6561,其中包含0000不是正整数。故比10000小不含数字1的4位正整数的个数=6561?1=6560. 所以小于10000含有数字1的4位数个数=9999?6560=3439.

100个著名初等数论问题

100个著名初等数学问题 https://www.360docs.net/doc/c68960617.html,/xyp 2003-10-26 数学园地 第01题阿基米德分牛问题Archimedes' Problema Bovinum 太阳神有一牛群,由白、黑、花、棕四种颜色的公、母牛组成. 在公牛中,白牛数多于棕牛数,多出之数相当于黑牛数的1/2+1/3;黑牛数多于棕牛数,多出之数相当于花牛数的1/4+1/5;花牛数多于棕牛数,多出之数相当于白牛数的1/6+1/7. 在母牛中,白牛数是全体黑牛数的1/3+1/4;黑牛数是全体花牛数1/4+1/5;花牛数是全体棕牛数的1/5+1/6;棕牛数是全体白牛数的1/6+1/7. 问这牛群是怎样组成的? 第02题德·梅齐里亚克的法码问题The Weight Problem of Bachet de Meziriac 一位商人有一个40磅的砝码,由于跌落在地而碎成4块.后来,称得每块碎片的重量都是整磅数,而且可以用这4块来称从1至40磅之间的任意整数磅的重物. 问这4块砝码碎片各重多少? 第03题牛顿的草地与母牛问题Newton's Problem of the Fields and Cows a头母牛将b块地上的牧草在c天内吃完了; a'头母牛将b'块地上的牧草在c'天内吃完了; a"头母牛将b"块地上的牧草在c"天内吃完了; 求出从a到c"9个数量之间的关系? 第04题贝韦克的七个7的问题Berwick's Problem of the Seven Sevens 在下面除法例题中,被除数被除数除尽: * * 7 * * * * * * * ÷ * * * * 7 * = * * 7 * * * * * * * * * * * * * 7 * * * * * * * * * 7 * * * * * 7 * * * * * * * * * * * * * * * 7 * * * * * * * * * * * * * * 用星号(*)标出的那些数位上的数字偶然被擦掉了,那些不见了的是些什么数字呢? 第05题柯克曼的女学生问题Kirkman's Schoolgirl Problem

六年级奥数.数论.整除问题

数的整除 知识框架 一、整除的定义: 当两个整数a和b(b≠0),a被b除的余数为零时(商为整数),则称a被b整除或b整除a,也把a 叫做b的倍数,b叫a的约数,记作b|a,如果a被b除所得的余数不为零,则称a不能被b整除,或b不整除a,记作b a. 二、常见数字的整除判定方法 1.一个数的末位能被2或5整除,这个数就能被2或5整除; 一个数的末两位能被4或25整除,这个数就能被4或25整除; 一个数的末三位能被8或125整除,这个数就能被8或125整除; 2.一个位数数字和能被3整除,这个数就能被3整除; 一个数各位数数字和能被9整除,这个数就能被9整除; 3.如果一个整数的奇数位上的数字之和与偶数位上的数字之和的差能被11整除,那么这个数能被11整 除; 4.如果一个整数的末三位与末三位以前的数字组成的数之差能被7、11或13整除,那么这个数能被7、 11或13整除; 5.如果一个数从数的任何一个位置随意切开所组成的所有数之和是9的倍数,那么这个数能被9整除; 6.如果一个数能被99整除,这个数从后两位开始两位一截所得的所有数(如果有偶数位则拆出的数都有 两个数字,如果是奇数位则拆出的数中若干个有两个数字还有一个是一位数)的和是99的倍数,这个数一定是99的倍数。 7.若一个整数的个位数字截去,再从余下的数中,减去个位数的2倍,如果差是7的倍数,则原数能被 7整除。如果差太大或心算不易看出是否7的倍数,就需要继续上述「截尾、倍大、相减、验差」的过程,直到能清楚判断为止。例如,判断133是否7的倍数的过程如下:13-3×2=7,所以133是7的倍数;又例如判断6139是否7的倍数的过程如下:613-9×2=595 ,59-5×2=49,所以6139是

初等数论第2版习题答案

第一章 §1 1 证明:n a a a ,,21 都是m 的倍数。 ∴存在n 个整数n p p p ,,21使 n n n m p a m p a m p a ===,,,222111 又n q q q ,,,21 是任意n 个整数 m p q p q q p a q a q a q n n n n )(22112211+++=+++∴ 即n n a q a q a q +++ 2211是m 的整数 2 证: )12)(1()12)(1(-+++=++n n n n n n n )1()1()2)(1(+-+++=n n n n n n )1()1/(6),2)(1(/6+-++n n n n n n )1()1()2)(1(/6+-+++∴n n n n n n 从而可知 )12)(1(/6++n n n 3 证: b a , 不全为0 ∴在整数集合{}Z y x by ax S ∈+=,|中存在正整数,因而 有形如by ax +的最小整数00by ax + Z y x ∈?,,由带余除法有00000,)(by ax r r q by ax by ax +<≤++=+ 则 S b q y y a q x x r ∈-+-=)()(00,由00by ax +是S 中的最小整数知0=r by ax by ax ++∴/00 下证8P 第二题 by ax by ax ++/00 (y x ,为任意整数) b by ax a by ax /,/0000++∴ ).,/(00b a by ax +∴ 又有b b a a b a /),(,/),( 00/),(by ax b a +∴ 故),(00b a by ax =+ 4 证:作序列 ,2 3, ,2 , 0,2 ,,2 3,b b b b b b - -- 则a 必在此序列的某两项之间

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