2018版高考数学一轮复习第六章数列第5讲数列的综合应用理
第5讲 数列的综合应用
一、选择题
1.已知{a n }为等比数列.下面结论中正确的是
( ).
A .a 1+a 3≥2a 2
B .a 2
1+a 2
3≥2a 2
2 C .若a 1=a 3,则a 1=a 2
D .若a 3>a 1,则a 4>a 2
解析 设公比为q ,对于选项A ,当a 1<0,q ≠1时不正确;选项C ,当q =-1时不正确;选项D ,当a 1=1,q =-2时不正确;选项B 正确,因为a 2
1+a 2
3≥2a 1a 3=2a 2
2. 答案 B
2.满足a 1=1,log 2a n +1=log 2a n +1(n ∈N *
),它的前n 项和为S n ,则满足S n >1 025的最小n 值是
( ).
A .9
B .10
C .11
D .12
解析 因为a 1=1,log 2a n +1=log 2a n +1(n ∈N *
),所以a n +1=2a n ,a n =2n -1
,S n =2n
-1,则
满足S n >1 025的最小n 值是11. 答案 C
3.某化工厂打算投入一条新的生产线,但需要经环保部门审批同意方可投入生产.已知该生产线连续生产n 年的累计产量为f (n )=1
2n (n +1)(2n +1)吨,但如果年产量超过150
吨,将会给环境造成危害.为保护环境,环保部门应给该厂这条生产线拟定最长的生产期限是
( ).
A .5年
B .6年
C .7年
D .8年
解析 由已知可得第n 年的产量a n =f (n )-f (n -1)=3n 2
.当n =1时也适合,据题意令
a n ≥150?n ≥52,即数列从第8项开始超过150,即这条生产线最多生产7年.
答案 C
4.在等差数列{a n }中,满足3a 4=7a 7,且a 1>0,S n 是数列{a n }前n 项的和,若S n 取得最大值,则n =
( ). A .7
B .8
C .9
D .10
解析 设公差为d ,由题设3(a 1+3d )=7(a 1+6d ), 所以d =-4
33
a 1<0.
解不等式a n >0,即a 1+(n -1)? ??
??-433a 1>0, 所以n <37
4
,则n ≤9,
当n ≤9时,a n >0,同理可得n ≥10时,a n <0. 故当n =9时,S n 取得最大值.
答案 C
5.设y =f (x )是一次函数,若f (0)=1,且f (1),f (4),f (13)成等比数列,则f (2)+f (4)+…+f (2n )等于
( ).
A .n (2n +3)
B .n (n +4)
C .2n (2n +3)
D .2n (n +4)
解析 由题意可设f (x )=kx +1(k ≠0), 则(4k +1)2
=(k +1)×(13k +1),解得k =2,
f (2)+f (4)+…+f (2n )=(2×2+1)+(2×4+1)+…+(2×2n +1)=2n 2+3n .
答案 A
6.若数列{a n }为等比数列,且a 1=1,q =2,则T n =
1
a 1a 2+
1
a 2a 3
+…+
1
a n a n +1
的结果可化为( )
A .1-1
4n
B .1-1
2n
C.23? ?
?
??1-14n D.23?
?
???1-12n
解析 a n =2n -1
,设b n =1a n a n +1=? ????122n -1,
则T n =b 1+b 2+…+b n =12+? ????123+…+? ??
??122n -1
=12? ?
???1-14n 1-14
=23? ????1-14n .
答案 C 二、填空题
7.设关于x 的不等式x 2
-x <2nx (n ∈N *
)的解集中整数的个数为a n ,数列{a n }的前n 项和为
S n ,则S 100的值为________.
解析 由x 2
-x <2nx (n ∈N *
),得0<x <2n +1,因此知a n =2n . ∴S 100=100 2+200
2=10 100.
答案 10 100
8.已知a ,b ,c 成等比数列,如果a ,x ,b 和b ,y ,c 都成等差数列,则a x +c y
=________. 解析 赋值法.如令a ,b ,c 分别为2,4,8,可求出x =a +b
2
=3,y =
b +c
2
=6,a x +c y
=
2. 答案 2 9.设曲线y =x
n +1(n ∈N *
)在点(1,1)处的切线与x 轴的交点的横坐标为x n ,令a n =lg x n ,则
a 1+a 2+a 3+…+a 99的值为________.
解析 由y ′=(n +1)x n (x ∈N *
),所以在点(1,1)处的切线斜率k =n +1,故切线方程为
y =(n +1)(x -1)+1,令y =0得x n =n
n +1
,所以a 1+a 2+a 3+…+a 99=lg x 1+lg x 2+…
+lg x 99=lg(x 1·x 2·…·x 99)=lg 12×23×…×9999+1=lg 1
99+1=-2.
答案 -2
10.数列{a n }的前n 项和为S n ,若数列{a n }的各项按如下规律排列:
12,13,23,14,24,34,15,25,35,45,…,1n ,2n ,…,n -1
n ,…,有如下运算和结论: ①a 24=38
;
②数列a 1,a 2+a 3,a 4+a 5+a 6,a 7+a 8+a 9+a 10,…是等比数列; ③数列a 1,a 2+a 3,a 4+a 5+a 6,a 7+a 8+a 9+a 10,…的前n 项和为T n =n 2+n
4
;
④若存在正整数k ,使S k <10,S k +1≥10,则a k =5
7
.
其中正确的结论有________.(将你认为正确的结论序号都填上)
解析 依题意,将数列{a n }中的项依次按分母相同的项分成一组,第n 组中的数的规律是:第n 组中的数共有n 个,并且每个数的分母均是n +1,分子由1依次增大到n ,第
n 组中的各数和等于
1+2+3+…+n n +1=n
2
.
对于①,注意到21=6 6+1 2<24<7 7+1
2=28,因此数列{a n }中的第24项应是第7
组中的第3个数,即a 24=3
8
,因此①正确.
对于②、③,设b n 为②、③中的数列的通项,则b n =
1+2+3+…+n n +1=n 2,显然该数列是等差数列,而不是等比数列,其前n 项和等于
1
2×
n n +1 2
=
n 2+n
4
,因此②不正确,③正确.
对于④,注意到数列的前6组的所有项的和等于62
+64=1012,因此满足条件的a k 应是第
6组中的第5个数,即a k =5
7,因此④正确.
综上所述,其中正确的结论有①③④. 答案 ①③④ 三、解答题
11.已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,S 5=35,a 5和a 7的等差中项为13.
(1)求a n 及S n ; (2)令b n =
4a n -1
(n ∈N *
),求数列{b n }的前n 项和T n . 解 (1)设等差数列{a n }的公差为d , 因为S 5=5a 3=35,a 5+a 7=26,
所以?
??
??
a 1+2d =7,2a 1+10d =26,解得a 1=3,d =2,
所以a n =3+2(n -1)=2n +1,
S n =3n +n n -1 2
×2=n 2
+2n .
(2)由(1)知a n =2n +1, 所以b n =
4a 2
n -1=1n n +1 =1n -1
n +1
, 所以T n =? ????1-12+? ????12-13+…+? ????1
n -1n +1
=1-
1n +1=n n +1
. 12.设数列{a n }的前n 项和为S n ,满足2S n =a n +1-2n +1
+1,n ∈N *
,且a 1,a 2+5,a 3成等差
数列. (1)求a 1的值;
(2)求数列{a n }的通项公式;
(3)证明:对一切正整数n ,有1a 1+1a 2+…+1a n <3
2.
(1)解 当n =1时,2a 1=a 2-4+1=a 2-3, ① 当n =2时,2(a 1+a 2)=a 3-8+1=a 3-7,
②
又a 1,a 2+5,a 3成等差数列,所以a 1+a 3=2(a 2+5),
③
由①②③解得a 1=1. (2)解 ∵2S n =a n +1-2
n +1
+1,
∴当n ≥2时,有2S n -1=a n -2n
+1, 两式相减整理得a n +1-3a n =2n
,则a n +12n
-3
2·a n
2
n -1=1,
即
a n +1
2n
+2=32? ??
??a n 2n -1+2.又a 120+2=3,知 ????
??a n 2n -1+2是首项为3,公比为3
2的等比数列,
∴
a n
2
n -1
+2=3? ??
??32n -1
,
即a n =3n -2n ,n =1时也适合此式,∴a n =3n -2n
. (3)证明 由(2)得1
a n
=
1
3-2
. 当n ≥2时,? ??
??32n >2,即3n -2n >2n
,
∴1a 1+1a 2+…+1a n <1+? ????122+? ????123+…+? ??
??12n
=1+12? ????1-12n -1<32. 13.已知各项均不相等的等差数列{a n }的前四项和为14,且a 1,a 3,a 7恰为等比数列{b n }的前三项.
(1)分别求数列{a n },{b n }的前n 项和S n ,T n ; (2)记数列{a n b n }的前n 项和为K n ,设c n =
S n T n K n
,求证:c n +1>c n (n ∈N *
). (1)解 设公差为d ,则?????
4a 1+6d =14,
a 1+2d 2
=a 1 a 1+6d ,
解得d =1或d =0(舍去),a 1=2, 所以a n =n +1,S n =
n n +3
2
.
又a 1=2,d =1,所以a 3=4,即b 2=4. 所以数列{b n }的首项为b 1=2,公比q =b 2
b 1
=2, 所以b n =2n
,T n =2
n +1
-2.
(2)证明 因为K n =2·21
+3·22
+…+(n +1)·2n
, ① 故2K n =2·22
+3·23
+…+n ·2n +(n +1)·2
n +1
,
②
①-②得-K n =2·21
+22
+23
+ (2)
-(n +1)·2
n +1
,
∴K n =n ·2n +1
,则c n =S n T n K n = n +3 2n -1
2
n +1
. c n +1-c n = n +4 2
n +1
-1 2n +2
- n +3 2n
-1
2
n +1
=
2n +1
+n +2
2
n +2
>0, 所以c n +1>c n (n ∈N *
).
14.设数列{a n }的前n 项和S n 满足S n +1=a 2S n +a 1,其中a 2≠0. (1)求证:{a n }是首项为1的等比数列;
(2)若a 2>-1,求证:S n ≤n
2(a 1+a n ),并给出等号成立的充要条件.
证明 (1)由S 2=a 2S 1+a 1,得a 1+a 2=a 2a 1+a 1, 即a 2=a 2a 1.
因a 2≠0,故a 1=1,得a 2a 1
=a 2,
又由题设条件知S n +2=a 2S n +1+a 1,S n +1=a 2S n +a 1, 两式相减得S n +2-S n +1=a 2(S n +1-S n ), 即a n +2=a 2a n +1,由a 2≠0,知a n +1≠0,因此a n +2
a n +1
=a 2. 综上,
a n +1a n
=a 2对所有n ∈N *
成立.从而{a n }是首项为1,公比为a 2的等比数列. (2)当n =1或2时,显然S n =n
2(a 1+a n ),等号成立.
设n ≥3,a 2>-1且a 2≠0,由(1)知,a 1=1,a n =a n -1
2, 所以要证的不等式化为:
1+a 2+a 2
2+…+a n -1
2≤n
2(1+a n -1
2)(n ≥3),
即证:1+a 2+a 2
2+…+a n
2≤
n +1
2
(1+a n
2)(n ≥2),
当a 2=1时,上面不等式的等号成立.
当-1<a 2<1时,a r
2-1与a n -r
2-1,(r =1,2,…,n -1)同为负; 当a 2>1时,a r
2-1与a n -r 2-1,(r =1,2,…,n -1)同为正;
因此当a 2>-1且a 2≠1时,总有(a r
2-1)(a n -r
2-1)>0,即a r
2+a n -r
2<1+a n
2,(r =1,2,…,
n -1).
上面不等式对r 从1到n -1求和得 2(a 2+a 2
2+…+a n -12)<(n -1)(1+a n
2). 由此得1+a 2+a 2
2+…+a n
2<
n +1
2
(1+a n
2).
综上,当a 2>-1且a 2≠0时,有S n ≤n
2(a 1+a n ),当且仅当n =1,2或a 2=1时等号成立.