2015年三年高考数学(理)真题精编——专题10 立体几何(大题01)
三、解答题
1. 【2015高考天津,理17】(本小题满分13分)如图,在四棱柱1111ABCD A B C D -中,侧棱
1A A ABCD ⊥底面,AB AC ⊥,1AB =
,
12,AC AA AD CD ===且点M 和N 分别为11C D B D 和的中点.
(I)求证://MN 平面ABCD ; (II)求二面角11D AC B --的正弦值;
(III)设E 为棱11A B 上的点,若直线NE 和平面ABCD 所成角的正弦值为
1
3
,求线段1A E 的长 【答案】(I)见解析;
(II)
; (III)
2-.
【解析】如图,以A 为原点建立空间直角坐标系,依题意可得(0,0,0),(0,1,0),(2,0,0),(1,2,0)A B C D -,
N
1
D
N
D
(III)依题意,可设111A E A B λ= ,其中[0,1]λ∈,则(0,,2)E λ,从而(1,2,1)NE λ=-+ ,又(0,0,1)n =
为
平面
ABCD 的一个法向量,由已知得
1cos ,3
NE n NE n NE n ?==
=?
,整理得243
0λλ+-=, 又因为[0,1]λ∈,解得2λ=
-,
所以线段1A E 2 .
【考点定位】直线和平面平行和垂直的判定与性质,二面角、直线与平面所成的角,空间向量的应用.
4. 【2013天津,理17】如图,四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,侧棱A 1A ⊥底面ABCD ,AB ∥DC ,AB ⊥AD ,
AD =CD =1,AA 1=AB =2,E 为棱AA 1的中点.
(1)证明B 1C 1⊥CE ;
(2)求二面角B 1-CE -C 1的正弦值;
(3)设点M 在线段C 1E 上,且直线AM 与平面ADD 1A 1,求线段AM 的长.
【答案】(Ⅰ)详见解析;;
易得11B C =(1,0,-1),CE =(-1,1,-1),于是11B C ·CE
=0,
所以B1C1⊥CE.
(2)1B C
=(1,-2,-1).
设平面B1CE 的法向量m =(x ,y ,z),
则10,0,B C CE ??=???=??
m m 即20,0.x y z x y z --=??-+-=?
(3)AE
=(0,1,0),1EC =(1,1,1).
设EM =λ1EC =(λ,λ,λ),0≤λ≤1,有AM =AE +EM
=(λ,λ+1,λ).
可取AB
=(0,0,2)为平面ADD1A1的一个法向量.
设θ为直线AM 与平面ADD1A1所成的角,则
sin θ=|cos 〈AM ,AB
〉|=AM AB AM AB
??
=
.
=
,解得13λ=,
所以AM
(方法二)
(1)证明:因为侧棱CC1⊥底面A1B1C1D1,B1C1?平面A1B1C1D1, 所以CC1⊥B1C1.
经计算可得B1E B1C1,EC1, 从而B1E2=2
2
111B C EC +, 所以在△B1EC1中,B1C1⊥C1E ,
又CC1,C1E ?平面CC1E ,CC1∩C1E=C1, 所以B1C1⊥平面CC1E , 又CE ?平面CC1E ,故B1C1⊥CE.
(3)连接D1E ,过点M 作MH ⊥ED1于点H ,可得MH ⊥平面ADD1A1,连接AH ,AM ,则∠MAH 为直线AM 与平面 ADD1A1所成的角.
设AM =x ,从而在Rt △AHM 中,有MH x ,AH x .
在Rt △C1D1E 中,C1D1=1,ED1,得EH 1
3
x =.
5. 【2014天津,理17】如图,在四棱锥P ABCD -中,PA ^
底面ABCD ,AD AB ^,//AB DC ,
2AD DC AP ===,1AB =,点E 为棱PC 的中点.
C
(Ⅰ)证明:BE DC ^;
(Ⅱ)求直线BE 与平面PBD 所成角的正弦值;
(Ⅲ)若F 为棱PC 上一点,满足BF AC ^,求二面角F AB P --的余弦值. 【答案】(Ⅰ)详见试题分析;(Ⅱ)直线
BE 与平面PBD
;. 【解析】
试题分析:(Ⅰ)可以建立空间直角坐标系,利用向量数量积来证明BE DC ^。也可以利用综合法:要证
BE DC ^,由于,BE DC 是异面直线,可将问题转化为证明线面垂直。由于点E 为棱PC 的中点,可以
先取PD 中点M ,连结AM ,从而可证得//BE AM 。由线面垂直的判定定理易证CD 平面PAD ,从而DC AM ^,最后证得BE DC ^;(Ⅱ)向量法:先求平面PBD 的法向量n
,然后利用公式
sin cos ,n BE n BE n BE
q ×==×求直线BE 与平面PBD 所成角的正弦值.综合法:在(I )的基础上,可
先证明EBM D为直线BE 与平面PBD 所成的角,在直角三角形BEM 中,利用锐角三角函数即可求得直
线BE 与平面PBD 所成角的正弦值;(Ⅲ)向量法:先求平面FAB 和平面ABP 的法向量12,n n
,再利用公
(Ⅰ)向量()0,1,1BE = ,()2,0,0DC =
,故0BE DC
? . ∴BE DC ^.
(Ⅱ)向量()1,2,0BD =- ,()1,0,2PB =- .设(),,n x y z =
为平面PBD 的法向量,则0,0,
n BD n PB
ì???í????
即
20,20.
x y x z ì-+=??í
?-=??不妨令1y =,可得()2,1,1n = 为平面PBD 的一个法向量.于是有
cos ,n BE n BE n BE
×==
=
×
BE 与平面PBD
. (Ⅲ)向量()1,2,0BC = ,()2,2,2CP =-- ,()2,2,0AC = ,()1,0,0AB =
.由点F 在棱PC 上,设
CF CP l =
,01l #,故()12,22,2BF BC CF BC CP l l l l =+=+=--
,由BF AC ^,得
0BF AC
?
,因此,()()2122220l l -+-=,解得3
4
l =,即113,,222BF 骣÷
?=
-÷?÷
?桫 .设()1,,n x y z = 为 平面FAB 的法向量,则110,
0,n AB n BF
ì???í???? 即0,113
0.2
22x x y z ì=???í?-++=???不妨令1z =,可得()10,3,1n =- 为平面FAB 的一个法向量.取平面ABP 的法向量()20,1,0n =
,则
12
1211
cos ,n n n n n n ×==
=-×
.易知,二面角F AB P --
.
(方法二)(Ⅰ)如图,取PD 中点M ,连结EM ,AM .由于,E M 分别为,PC PD 的中点,故//EM DC ,且12EM DC =,又由已知,可得//EM AB 且EM AB =,故四边形ABEM 为平行四边形,∴//BE AM .
C
(Ⅲ)如图,在PAC D 中,过点F 作//FH PA 交AC 于点H .∵PA ^底面ABCD ,故FH ^底面
ABCD ,从而FH AC ^.又BF AC ^,得AC ^平面FHB ,因此AC BH ^.在底面ABCD 内,
可得3CH HA =,从而3CF FP =.在平面PDC 内,作//FG DC 交PD 于点G ,于是3DG GP =.由 于//DC AB ,故//GF AB ,∴,,,A B F G 四点共面.由AB PA ^, AB AD ^,得AB ^平面PAD ,
考点:1.空间两条直线的位置关系、直线与平面位置关系;2.二面角、直线与平面所成角的计算.
8. 【2013高考北京理第17题】(本小题共14分)如图,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1
中,AA 1C 1
C 是边长为4的正
方形.平面ABC ⊥平面AA 1C 1C ,AB =3,BC =5,
(1)求证:AA 1⊥平面ABC ;
(2)求二面角A 1-BC 1-B 1的余弦值;
(3)证明:在线段BC 1上存在点D ,使得AD ⊥A 1B ,并求
1
BD
BC 的值. 【答案】解:(1)因为AA 1C 1C 为正方形,所以AA 1⊥AC .
因为平面ABC ⊥平面AA 1C 1C ,且AA 1垂直于这两个平面的交线AC ,所以AA 1⊥平面ABC . (2)由(1)知AA 1⊥AC ,AA 1⊥AB .
由题知AB =3,BC =5,AC =4,所以AB ⊥AC .
如图,以A 为原点建立空间直角坐标系A -xyz ,则B (0,3,0),A 1(0,0,4),B 1(0,3,4),C 1(4,0,4).
设平面A 1BC 1的法向量为n =(x ,y ,z ),
则1110,0,A B A C ??=???=??
n n 即340,40.y z x -=??=?
令z =3,则x =0,y =4,所以n =(0,4,3). 同理可得,平面B 1BC 1的法向量为m =(3,4,0). 所以cos 〈n ,m 〉=
16
||||25
?=
n m n m . 由题知二面角A 1-BC 1-B 1为锐角, 所以二面角A 1-BC 1-B 1的余弦值为
1625
.
9. 【2014高考北京理第17题】(本小题满分13分)
如图,正方体MADE 的边长为2,B ,C 分别为AM ,MD 的中点,在五棱锥ABCDE P -中,F 为棱PE 的中点,平面ABF 与棱FD ,PC 分别交于G ,H . (1)求证:FG AB //;
(2)若PA ⊥底面ABCDE ,且PA AE =,求直线BC 与平面ABF 所成角的大小,并求线段PH 的长
.
【答案】(1)详见解析;(2)
2.
试题解析:(1)在正方形AMDE 中,因为B 是AM 的中点,所以DE AB //, 因为?AB 平面PDE ,所以//AB 平面PDE ,
因为?AB 平面ABF ,且平面 ABF 平面PDE FG =, 所以FG AB //.
(2)因为⊥PA 底面ABCDE ,所以AB PA ⊥,AE PA ⊥,
如图建立空间直角坐标系xyz A -,则)0,0,1(),0,0,0(B A ,)2,0,0(),0,1,2(P C ,)1,1,0(F ,
)0,1,1(=BC ,设平面ABF 的法向量为),,(z y x =n ,
则?????=?=?0
0AF AB n n ,即???=+=00z y x ,令1=z ,则1-=y ,所以)1,1,0(-=n ,
考点:空间中线线、线面、面面的平行于垂直,用向量法求线面角,即空间距离.
10. 【2015高考北京,理17】如图,在四棱锥A EFCB -中,AEF △为等边三角形,
平面AEF ⊥平面EFCB ,EF BC ∥,4BC =,2EF a =,60EBC FCB ∠=∠=?,O 为EF 的中点.
(Ⅰ) 求证:AO BE ⊥;
(Ⅱ) 求二面角F AE B --的余弦值; (Ⅲ) 若BE ⊥平面AOC ,求a 的值.
O F
E
C
B
A
【答案】(1)证明见解析,(2
)-,(3)43a =
【解析】
试题分析:证明线线垂直可寻求线面垂直,利用题目提供的面面垂直平面AEF ⊥平面EFCB ,借助性质定理证明AO ⊥平面EFCB ,进而得出线线垂直,第二步建立空间直角坐标系,写出相关点的坐标,平面AEF 的法向量易得,只需求平面AEB 的法向量,设平面AEB 的法向量,利用线线垂直,数量积为零,列方程求出法向量,再根据二面角公式求出法向量的余弦值;第三步由于AO BE ⊥,要想BE ⊥
平面AOC ,只需BE OC ⊥,利用向量、
BE OC
的坐标,借助数量积为零,求出a 的值,根据实际问题予以取舍.
(Ⅲ)有(1)知AO ⊥平面EFCB ,则AO BE ⊥,若BE ⊥平面AOC ,只需BE OC ⊥,
(2,EB a =- ,0)-,又(,0)OC =--
,
22(2))0BE OC a ?=--+-
=
,解得2a =或43a =
,由于2a <,则43
a =. 考点定位:本题考点为线线垂直的证明和求二面角,要求学生掌握空间线线、线面的平行与垂直的判定与性质,利用法向量求二面角以及利用数量积为零解决垂直问题.
11. 【2014高考广东卷.理.18】 (本小题满分13分)如图4,四边形ABCD 为正方形,PD ⊥平面ABCD ,
30DPC ∠= ,AF PC ⊥于点F ,//FE CD ,交PD 于点E .
(1)证明:CF ADF ⊥平面; (2)求二面角D AF E --的余弦值.
图4
F
P
E
D C
B
A
【答案】(1)详见解析;
.
z y
x
F
P E
D B
A
【考点定位】本题考查直线与平面垂直的判定以及利用空间向量法求二面角,属于中等题.
12.【2013高考广东卷.理.18】 (本小题满分14分)如图(1),在等腰直角三角形ABC中,∠A=90°,BC
=6,D,E分别是AC,AB上的点,CD=BE,O为BC的中点.将△ADE沿DE折起,得到如图(2)所示的
四棱锥A′BCDE,其中A′O.
图(1)
图(2)
(1)证明:A′O⊥平面BCDE;
(2)求二面角A′CDB的平面角的余弦值.
【答案】(1)详见解析 (2
【解析】(1)由题意,得OC=3,AC=AD=.
如图,连结OD ,OE ,在△OCD 中, 由余弦定理可得
OD =.
由翻折不变性可知A ′D =,
所以A ′O 2+OD 2=A ′D 2,所以A ′O ⊥OD . 同理可证A ′O ⊥OE ,又OD ∩OE =O , 所以A ′O ⊥平面BCDE .
向量法:以O 点为原点,建立空间直角坐标系O -xyz 如图所示.
则A ′(0,0),C (0,-3,0),D (1,-2,0),
所以CA ' =(0,3DA '
=(-1,2).
设n =(x ,y ,z )为平面A ′CD 的法向量,
【考点定位】本题考查立体几何中的线面垂直与二面角,属于能力题
14. 【2015
高考广东,理18】如图2,三角形PDC 所在的平面与长方形ABCD 所在的平面垂直,
4PD PC ==,6AB =,3BC =.点E 是CD 边的中点,点F 、G 分别在线段AB 、BC 上,且2AF FB =,
2CG GB =.
(1)证明:PE FG ⊥;
(2)求二面角P AD C --的正切值; (3)求直线PA 与直线FG 所成角的余弦值.
【答案】(1)见解析;(2;(3 【解析】(1)证明:∵ PD PC =且点E 为CD 的中点,
∴ PE DC ⊥,又平面PDC ⊥平面ABCD ,且平面PDC 平面ABCD CD =,PE ?平面PDC , ∴ PE ⊥平面ABCD ,又FG ?平面ABCD , ∴ PE FG ⊥;
(3)如下图所示,连接AC , ∵ 2AF FB =,2CG GB =即2AF CG
FB GB
==, ∴ //AC FG ,
∴ PAC ∠为直线PA 与直线FG 所成角或其补角, 在PAC ?
中,5PA =
=
,AC ==,
由余弦定理可得
222
cos 2PA AC PC
PAC PA AC
+-∠=
=
=
?, ∴ 直线PA 与直线
FG
【考点定位】直线与直线垂直、二面角、异面直线所成角.
15. 【 2014湖南19】如图6,四棱柱1111ABCD A B C D -的所有棱长都相等
,11111,AC BD O AC B D O == ,四边形11ACC A 和四边形11BDD B 为矩形. (1)证明:1O O ⊥底面ABCD ;
(2)若060CBA ∠=,求二面角11C OB D --的余弦值.
【答案】(1) 详见解析
(2)要求二面角,此问可以以以O 为坐标原点,1,,OB OC OO 所在直线分别为x 轴,y 轴,z 轴建立三维直角坐标系,利用空间向量的方法得到二面角的余弦值,在此说明第一种方法,做出二面角的平面角, 过1O 作
1B O 的垂线交1B O 于点H ,连接11,HO HC .利用(1)得到111O O AC ⊥,在利用四边形1111A B C D 为菱形,对角
线相互垂直,两个垂直关系即可得到11A C 垂直于平面11BDD B ,进而得到111B O O C ⊥,结合11B O O H ⊥得到线面垂直,说明角11O HC 即为哦所求二面角的平面角,设四棱柱各边长为2a ,利用勾股定理求出相应边长即可得到角11O HC 的余弦值,进而得到二面角的余弦值.
(2)法1::过1O 作1B O 的垂线交1B O 于点H ,连接11,HO HC .不妨设四棱柱1111ABCD A B C D -的边长为
2a .
1OO ⊥底面ABCD 且底面ABCD //面1111A B C D 1OO ∴⊥面1111A B C D
又11O C ? 面1111A B C D
111O C OO ∴⊥
四边形1111A B C D 为菱形
1111O C O B ∴⊥
(浙江专)高考数学分项解析专题10立体几何理
【十年高考】(浙江专版)高考数学分项版解析 专题10 立体几何 理 一.基础题组 1. 【2014年.浙江卷.理3】某几何体的三视图(单位:cm )如图所示,则此几何体的表面积是 A. 902 cm B. 1292 cm C. 1322 cm D. 1382 cm 2. 【2013年.浙江卷.理12】若某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则此几何体的体积等于__________cm 3 .
【答案】:24 【解析】:由三视图可知该几何体为如图所示的三棱柱割掉了一个三棱锥. 11111111A EC ABC A B C ABC E A B C V V V ---=-= 1 2 ×3×4×5-13×12×3×4×3=30-6=24. 3. 【2012年.浙江卷.理10】已知矩形ABCD ,AB =1,2BC = .将△ABD 沿矩形的对角线 BD 所在的直线进行翻折,在翻折过程中,( ) A .存在某个位置,使得直线AC 与直线BD 垂直 B .存在某个位置,使得直线AB 与直线CD 垂直 C .存在某个位置,使得直线A D 与直线BC 垂直 D .对任意位置,三对直线“AC 与BD ”,“AB 与CD ”,“AD 与BC ”均不垂直 4. 【2012年.浙江卷.理11】已知某三棱锥的三视图(单位:cm)如图所示,则该三棱锥的体积等于__________ cm 3 .
【答案】1 【解析】 由图可知三棱锥底面积13 1322 S = ??=(cm 2),三棱锥的高h =2 cm ,根据三棱锥体积公式,113 21332 V Sh ==??=(cm 3). 5. 【2011年.浙江卷.理3】若某几何体的三视图如图所示,则这个几何体的直观图可以是 7. 【2009年.浙江卷.理5】在三棱柱111ABC A B C -中,各棱长相等,侧掕垂直于底面,点 D 是侧面11BB C C 的中心,则AD 与平面11BB C C 所成角的大小是 ( ) A .30 B .45 C .60 D .90答案:C 【解析】取BC 的中点E ,则AE ⊥面11BB C C ,AE DE ∴⊥,因此AD 与平面11BB C C 所成
近五年高考数学(理科)立体几何题目汇总
高考真题集锦(立体几何部分) 1.(2016.理1)如图是由圆柱和圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的表面积是( ) A 20π B24π C28π D.32π 2. βα,是两个平面,m,n 是两条直线,有下列四个命题: (1)如果m ⊥n,m ⊥α,n ∥β,那么βα⊥; (2)如果m ⊥α,n ∥α,那么m ⊥n. (3)如果αβα?m ,∥那么m ∥β。 (4)如果m ∥n,βα∥,那么m 与α所成的角和n 与β所成的角相等。 其中正确的命题有___________ 3.(2016年理1)如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条互相垂直的半径.若该几何体的体积是π328,则它的表面积是 A 17π B.18π C.20π D.28π 4.平面α过正方体1111D C B A ABCD -的顶点A ,α//平面11D CB ,?α平面ABCD =m , ?α平面11A ABB =n,则m,n 所成角的正弦值为( ) A.23 B.22 C.33 D.3 1 5.(2016年理1)如图,在以A,B,C,D,E,F 为顶点的五面体中,面ABEF 为正方形,AF=2FD ,∠AFD=90°,且二面角D-AF-E 与二面角C-BE-F 都是60° .(12分) (Ⅰ)证明:平面ABEF ⊥平面EFDC ; (Ⅱ)求二面角E-BC-A 的余弦值.
6. (2015年理1)圆柱被一个平面截取一部分后与半球(半径为r )组成一个几何体,该几何体三视图的正视图和俯视图如图所示,若该几何体的表面积是16+20π,则r=( ) A.1 B.2 C.7 D.8 7.如图,四边形ABCD 为菱形,∠ABC=120°,E,F 是平面ABCD 同一侧的亮点,BE ⊥平面ABCD,DF ⊥平面ABCD,BE=2DF,AE ⊥EC. (1) 证明:平面AEC ⊥平面AFC; (2) 求直线AE 与直线CF 所成角的余弦值。 8.一个正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如下图,则截取部分体积和剩余 部分体积的比值为() 9.如图,长方体1111D C B A ABCD -中,AB = 16,BC = 10,AA1 = 8,点E ,F 分别在1111C D B A , 上,411==F D E A ,过点E,F 的平面α与此长方体的面相交,交线围成一个正方形。 (1)在图中画出这个正方形(不必说明画法和理由); (2)求直线AF 与平面α所成的角的正弦值 10.如图,菱形ABCD 的对角线AC 与BD 交于点O ,AB=5,AC=6,点E,F 分别在AD,CD 上,AE=CF=45 ,EF 交BD 于点H.将△DEF 沿EF 折到△DEF 的位置,OD ’=10 (1)证明:D ’H ⊥平面ABCD (2)求二面角B-D ’A-C 的正弦值
立体几何专题训练(附答案)
立体几何 G5 空间中的垂直关系 18.、[2014·广东卷] 如图1-4,四边形ABCD为正方形,PD⊥平面ABCD,∠DPC=30°,AF⊥PC于点F,FE∥CD,交PD于点E. (1)证明:CF⊥平面ADF; (2)求二面角D- AF- E的余弦值. 图1-4 19.、[2014·湖南卷] 如图1-6所示,四棱柱ABCD-A1B1C1D1的所有棱长都相等,AC∩BD =O,A1C1∩B1D1=O1,四边形ACC1A1和四边形BDD1B1均为矩形. (1)证明:O1O⊥底面ABCD; (2)若∠CBA=60°,求二面角C1-OB1-D的余弦值. 19.解:(1)如图(a),因为四边形ACC1A1为矩形,所以CC1⊥AC.同理DD1⊥BD. 因为CC1∥DD1,所以CC1⊥BD.而AC∩BD=O,因此CC1⊥底面ABCD. 由题设知,O1O∥C1C.故O1O⊥底面ABCD. (2)方法一:如图(a),过O1作O1H⊥OB1于H,连接HC1. 由(1)知,O1O⊥底面ABCD O1O⊥A1C1. 又因为四棱柱ABCD-A1B1C1D1的所有棱长都相等,所以四边形A1B1C1D1是菱形, 因此A1C1⊥B1D1,从而A1C1⊥平面BDD1B1,所以A1C1⊥OB1,于是OB1⊥平面O1HC1. 进而OB1⊥C1H.故∠C1HO1是二面角C1-OB1-D的平面角.
不妨设AB =2.因为∠CBA =60°,所以OB =3,OC =1,OB 1=7. 在Rt △OO 1B 1中,易知O 1H =OO 1·O 1B 1OB 1=237.而O 1C 1=1,于是C 1H =O 1C 21+O 1H 2 = 1+12 7 = 197 . 故cos ∠C 1HO 1=O 1H C 1H = 23 7197 =25719. 即二面角C 1-OB 1-D 的余弦值为257 19 . 方法二:因为四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1的所有棱长都相等,所以四边形ABCD 是菱形,因此AC ⊥BD .又O 1O ⊥底面ABCD ,从而OB ,OC ,OO 1两两垂直. 如图(b),以O 为坐标原点,OB ,OC ,OO 1所在直线分别为x 轴,y 轴,z 轴,建立空间直角坐标系O -xyz ,不妨设AB =2.因为∠CBA =60°,所以OB =3,OC =1,于是相关各点的坐标为O (0,0,0), B 1(3,0,2), C 1(0,1,2). 易知,n 1=(0,1,0)是平面BDD 1B 1的一个法向量. 设n 2=(x ,y ,z )是平面OB 1C 1的一个法向量,则?????n 2·OB →1=0,n 2·OC →1=0,即???3x +2z =0, y +2z =0. 取z =-3,则x =2,y =23,所以n 2=(2,23,-3). 设二面角C 1-OB 1-D 的大小为θ,易知θ是锐角,于是 cos θ=|cos 〈,〉|=??????n 1·n 2|n 1|·|n 2|=2319=25719. 故二面角C 1-OB 1-D 的余弦值为25719 . 19. 、、[2014·江西卷] 如图1-6,四棱锥P - ABCD 中,ABCD 为矩形,平面PAD ⊥平面ABCD . 图1-6 (1)求证:AB ⊥PD .
2015高考数学专题复习:函数零点
2015高考数学专题复习:函数零点 函数)(x f y =的零点就是方程0)(=x f 实数根,亦即函数)(x f y =的图像与x 轴交点的横坐标. ()x g x f y -=)(的零点(个数)?函数()x g x f y -=)(的图像与x 轴的交点横坐标(个数) ?方程()()0=-x g x f 即()x g x f =)(的实数根(个数) ?函数)(x f y =与)(x g y =图像的交点横坐标(个数) 1.求下列函数的零点 1.232-+=x x y 2.x y 2log = 3.62 -+=x x y 4.1ln -=x y 5.2 1sin + =x y 2.函数22()(2)(32)f x x x x =--+的零点个数为 3.函数()x f =???>-≤-+) 0(2ln ) 0(322x x x x x 的零点个数为 4.函数() () ???>+-≤-=13.41.44)(2x x x x x x f 的图像和函数()ln g x x =的图像的交点个数是 ( ) .A 1 .B 2 .C 3 .D 4 5.函数5 ()3f x x x =+-的零点所在区间为 ( ) A .[0,1] B .[1,2] C .[2,3] D .[3,4] 6.函数1()44x f x e x -=+-的零点所在区间为 ( ) A. (1,0)- B. (0,1) C. (1,2) D. (2,3) 7.函数()2ln(2)3f x x x =--的零点所在区间为 ( ) A. (2,3) B. (3,4) C. (4,5) D. (5,6) 8.方程2|2|lg x x -=的实数根的个数是 9.函数()lg ()72f x x g x x ==-与图像交点的横坐标所在区间是 ( ) A .()21, B .()32, C .()43, D .()54, 10.若函数2 ()4f x x x a =--的零点个数为3,则a =______
2018届高考数学立体几何(理科)专题02-二面角
2018届高考数学立体几何(理科)专题02 二面角 1.如图,在三棱柱111ABC A B C -中, 1,90A A AB ABC =∠=?侧面11A ABB ⊥底面ABC . (1)求证: 1AB ⊥平面1A BC ; (2)若15360AC BC A AB ==∠=?,,,求二面角11B A C C --的余弦值.
2.如图所示的多面体中,下底面平行四边形与上底面平行,且,,,,平面 平面,点为的中点. (1)过点作一个平面与平面平行,并说明理由; (2)求平面与平面所成锐二面角的余弦值.
3.如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为平行四边形, 2AB AD =, BD =,且PD ⊥底面ABCD . (1)证明:平面PBD ⊥平面PBC ; (2)若Q 为PC 的中点,且1AP BQ ?=u u u v u u u v ,求二面角Q BD C --的大小.
4.如图所示的几何体是由棱台和棱锥拼接而成的组合体,其底面四边形是边长为2的菱形,,平面. (1)求证:; (2)求平面与平面所成锐角二面角的余弦值.
5.在四棱锥P ABCD -中,四边形ABCD 是矩形,平面PAB ⊥平面ABCD ,点E 、F 分别为BC 、AP 中点. (1)求证: //EF 平面PCD ; (2)若0 ,120,AD AP PB APB ==∠=,求平面DEF 与平面PAB 所成锐二面角的余弦值.
6.如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为直角梯形, ,90AD BC ADC ∠=o P ,平面PAD ⊥底面ABCD , Q 为AD 中点, M 是棱PC 上的点, 1 2,1,2 PA PD BC AD CD === ==(Ⅰ)若点M 是棱PC 的中点,求证: PA P 平面BMQ ; (Ⅱ)求证:平面PQB ⊥平面PAD ; (Ⅲ)若二面角M BQ C --为30o ,设PM tMC =,试确定t 的值.
2019-2020年高考数学大题专题练习——立体几何
2019-2020年高考数学大题专题练习——立体几何(一) 1.如图所示,四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为正方形,⊥PD 平面ABCD , 2PD AB ==,点,,E F G 分别为,,PC PD BC 的中点. (1)求证:EF PA ⊥; (2)求二面角D FG E --的余弦值. 2.如图所示,该几何体是由一个直角三棱柱ADE BCF -和一个正四棱锥P ABCD -组合而成,AF AD ⊥,2AE AD ==. (1)证明:平面⊥PAD 平面ABFE ; (2)求正四棱锥P ABCD -的高h ,使得二面角C AF P --的余弦值是 22 .
3.四棱锥P ABCD -中,侧面PDC是边长为2的正三角形,且与底面垂直,底面ABCD是 面积为ADC ∠为锐角,M为PB的中点. (Ⅰ)求证:PD∥面ACM. (Ⅱ)求证:PA⊥CD. (Ⅲ)求三棱锥P ABCD -的体积. 4.如图,四棱锥S ABCD -满足SA⊥面ABCD,90 DAB ABC ∠=∠=?.SA AB BC a ===,2 AD a =. (Ⅰ)求证:面SAB⊥面SAD. (Ⅱ)求证:CD⊥面SAC. S B A D M C B A P D
5.在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为矩形,测棱PD ⊥底面ABCD ,PD DC =,点E 是 BC 的中点,作EF PB ⊥交PB 于F . (Ⅰ)求证:平面PCD ⊥平面PBC . (Ⅱ)求证:PB ⊥平面EFD . 6.在直棱柱111ABC A B C -中,已知AB AC ⊥,设1AB 中点为D ,1A C 中点为E . (Ⅰ)求证:DE ∥平面11BCC B . (Ⅱ)求证:平面11ABB A ⊥平面11ACC A . E D A B C C 1 B 1 A 1 D A B C E F P