立体几何【2007——2013湖北高考数学(文科真题分类整理)独自整理,附带答案】
1、(2007?湖北文5)在棱长为1的正方体ABCD﹣A
1B
1
C
1
D
1
中,E、F分别为棱AA
1
、
BB
1的中点,G为棱A
1
B
1
上的一点,且A
1
G=λ(0≤λ≤1),则点G到平面D
1
EF的
距离为()
A、B、
C、D、
考点:空间点、线、面的位置。专题:计算题。
分析:因为A
1B
1
∥EF,所以G到平面D
1
EF的距离即是A
1
到面D
1
EF的距离,由三
角形面积可得所求距离.
解答:解:因为A
1B
1
∥EF,G在A
1
B
1
上,所以G到平面D
1
EF的距离即是A
1
到面D
1
EF
的距离,
即是A
1到D
1
E的距离,D
1
E=,由三角形面积可得所求距离为,
故选D
2、(2007?湖北文17)如图,在三棱锥V﹣ABC中,VC⊥底面ABC,AC⊥BC,D是AB的中点,且AC=BC=a,∠VDC=θ(0<θ<).
(Ⅰ)求证:平面VAB⊥平面VCD;
(Ⅱ)当确定角θ的值,使得直线BC与平面VAB所成的角为.
考点:空间中直线与平面之间的位置关系。
分析:法一:(Ⅰ)要证平面VAB⊥平面VCD,只需证明平面VAB内的直线AB,
垂直平面VCD内的两条相交直线CD、VC即可;
(Ⅱ)过点C在平面VCD内作CH⊥VD于H,说明∠CBH就是直线BC与平面VAB 所成的角.求出,使得直线BC与平面VAB所成的角为.
法二:以CA,CB,CV所在的直线分别为x轴、y轴、z轴,
(Ⅰ)建立如图所示的空间直角坐标系,证明,,推出AB⊥平面VCD,即可证明平面VAB⊥平面VCD.
(Ⅱ)求出平面VAB的一个法向量,利用,求出使得直线
BC与平面VAB所成的角为的θ的值.
解答:解法1:(1)∵AC=BC=a,∴△ABC是等腰三角形,
又D是AB的中点,∴CD⊥AB,
又VC⊥底面ABC,∴VC⊥AB.于是AB⊥平面VCD,
又AB?平面VAB,∴平面VAB⊥平面VCD.
(2)过点C在平面VCD内作CH⊥VD于H,则由(1)知CH⊥平面VAB.连接BH,
于是∠CBH就是直线BC与平面VAB所成的角,依题意,所以
在Rt△CHD中,;
在Rt△BHC中,,
∴,
∵,∴,
故当时,
直线BC与平面VAB所成得角为.
解法2:(1)以CA、CB、CV所在的直线分别为x轴、y轴、z轴,建立如图所示
的空间直角坐标系,
则C(0,0,0),A(a,0,0),B(0,a,0),,,于是,,,.从而,即AB⊥CD.
同理,
即AB⊥VD,又CD∩VD=D,∴AB⊥平面VCD.
又AB?平面VAB,∴平面VAB⊥平面VCD.
(2)设平面VAB的一个法向量为n=(x,y,z)
则由,得
可取,
又,
于是=,
即,
∵,∴,
故当时,直线BC与平面VAB所成得角为.
解法3:(1)以点D为原点,以DC、DB所在的直线分别为x轴、y轴.
建立如图所示的空间直角坐标系,
则D(0,0,0),,,,
,
于是,,
.
从而,即AB⊥DC,
同理,即AB⊥DV.
又DC∩DV=D,∴AB⊥平面VCD.
又AB?平面VAB,∴平面VAB⊥平面VCD.
(2)设平面VAB的一个法向量为n=(x,y,z),
则由得
取n=(tanθ,0,1),
又,于是
,
即.
又∵,∴.
故当时,直线BC与平面VAB所成的角为.
点评:本小题主要考查线面关系、直线与平面所成角的有关知识,考查空间想象能力和推理运算能力以及应用向量知识解决数学问题的能力
3.(08湖北文3)用与球心距离为1的平面去截球,所得的截面面积为π,则球
的休积为 A.
3
32π B. 38π
C.π28
D. 328π
【标准答案】3.D
【试题解析】易知球的半径是2,所以根据球的体积公式知348233
R V ππ==球,故D 为正确答案.
【高考考点】球的体积公式和空间想象能力。 【易错提醒】记错公式。
【学科网备考提示】对立体几何中的公式要牢记在心。 4.(08湖北文18)(本小题满分12分)
如图,在直三棱柱111ABC A B C -中,平面1A BC ⊥侧面11.A ABB (Ⅰ)求证: ;AB BC ⊥
(Ⅱ)若1AA AC a ==,直线AC 与平面1A BC 所成的角为θ,二面角1,.2
A BC A π
?θ?--+=
的大小为求证:
【标准答案】18.
(Ⅰ)证明:如右图,过点A 在平面A 1ABB 1内作AD ⊥A 1B 于D ,则
由平面A 1BC ⊥侧面A 1ABB 1,且平面A 1BC ∩侧面A 1ABB 1=A 1B , 得AD ⊥平面
A 1BC .又BC 平面A 1BC 所以AD ⊥BC .
因为三棱柱ABC -A 1B 1C 1是直三棱柱, 则AA 1⊥底面ABC ,所以AA 1⊥BC . 又AA
1∩AD =A ,从而BC ⊥侧面A 1ABB 1, 又AB 侧面A 1ABB 1, 故AB ⊥BC .
(Ⅱ)证法1:连接CD ,则由(Ⅰ)知∠ACD 就是直线AC 与平面A 1BC
所成的角,∠ABA 1就是二面角A 1-BC -A 的颊角,即∠ACD =θ,∠ABA 1= .
于是在Rt ΔADC 中,sin θ=a
AD
AC AD =
,在Rt ΔADA 1中,sin ∠AA 1D =
a
AD
AA AD 1,
∴sin θ=sin ∠AA 1D ,由于θ与∠AA 1D 都是锐角,所以θ=∠AA 1D .
又由Rt ΔA 1AB 知,∠AA 1D + =∠AA 1B + =2π,故θ+ =2
π
.
证法2:由(Ⅰ)知,以点B 为坐标原点,以BC 、BA 、BB 1所在的直线分别
为x 轴、y 轴、z 轴,建立如图所示的空间直角坐标系.
5. (09湖北文6)如图,在三棱柱ABC-A 1B 1C 1中,∠ACB=900,∠ACC 1=600,∠BCC 1=450,侧棱CC 1的长为1,则该三棱柱的高等于 A.21 B.22 C.
2
3
D.
3
3
【答案】
6、(10年湖北文)用a 、b 、c 表示三条不同的直线,y 表示平面,给出下列命题: ①若a ∥b ,b ∥c ,则a ∥c ;②若a ⊥b ,b ⊥c ,则a ⊥c ; ③若a ∥y ,b ∥y ,则a ∥b ;④若a ⊥y ,b ⊥y ,则a ∥b .
A. ①②
B. ②③
C. ①④
D.③④ 4.【答案】C 【解析】根据平行直线的传递性可知①正确;在长方体模型中容易观察出②中a 、c 还可以平行或异面;③中a 、b 还可以相交;④是真命题,故C 正确.
7.(10年湖北文5)函数0.51
log (43)
y x =
-的定义域为
如图,四棱锥S ABCD -的底面是正方形,SD ⊥平面ABCD ,SD AD a ==,点E 是SD 上的点,且(01)DE a λλ=<≤
(Ⅰ)求证:对任意的λ∈(0、1],都有AC BE ⊥; (Ⅱ)若二面角D AE D --的大小为600,求λ的值。 本小题主要考查空间直线与直线、直线与平面的位
置关系和二面角等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力和运算求解能力。(满分12分)
(Ⅰ)证法1:连接BD ,由底面ABCD 是正方形可得AC ⊥BD 。
SD ⊥平面ABCD ,∴BD 是BE 在平面ABCD 上的射影, 由三垂线定理得AC BE ⊥
(Ⅱ)
解法1: SD ⊥平面ABCD ,CD ?平面ABCD ,∴ SD ⊥CD.
又底面ABCD 是正方形,∴CD AD ⊥,又S D A D D =
,∴CD ⊥平面SAD
过点D 在平面SAD 内做DF ⊥AE 于F ,连接CF ,则CF ⊥AE , 故∠CFD 是二面角C-AE-D 的平面角,即∠CFD=60° 在Rt △ADE 中, AD=a , DE= a λ, AE=a 12+λ 。 于是,21
AD DE a
DF AE λλ?=
=+ 在Rt △CDF 中,由co °=
1
2
+=λλCD
DF
得
3
3
1
2=
+λλ,即332+λ=3λ (0,1]λ∈, 解得λ=
2
2
(Ⅰ)证法2:以D 为原点,DA DC DS
、
、的方向分别作为x y z 、、的正方向建立如图所示的空间直角坐标系,则
(0,0,0),(,0,0),(,,0),(0,,0),(0,0,)D A a B a a C a E a λ,
(,,0),(,,),(,0,),(0,,)AC a a BE a a a EA a a EC a a λλλ=-=---=-
, ∴22(,,0)(,,)00AC BE a a a a a a a a λλ=--=-+-=
即对任意的λ∈(0,1],都有AC BE ⊥
(Ⅱ)解法2:(0,,0)DC a =
为平面ADE 的一个法向量
设平面ACE 的一个法向量为(,,)n x y z =,
则,n EA n EC ⊥⊥
∴00n EA n EC ?=??=?? 即00x z y z λλ-=??-=? 取1z =,得(,,1)n λλ=
∴22||
||cos 60212||||||
21
DC n DC n λλλλ==?+=+
由λ∈(0,1],解得2
2
λ=
8.(10年湖北文14)圆柱形容器内盛有高度为3cm 的水,若放入三个相同的珠(球的半么与圆柱的底面半径相同)后,水恰好淹没最上面的球(如图所示),则球的半径是____cm.
【答案】4
【解析】设球半径为r ,则由3V V V +=球水柱可得33224863
r r r r πππ?+?=?,解得r=4.
9、(10年湖北文18)(本小题满分12分) 如图,在四面体ABOC 中,OC ⊥OA 。OC ⊥OB ,∠AOB=120°,且OA=OB=OC=1 (Ⅰ)设P 为AC 的中点,Q 在AB 上且AB=3AQ ,证明:PQ ⊥OA ; (Ⅱ)求二面角O-AC-B 的平面角的余弦值。
本小题主要考查空间直线与直线、直线与平面的位置
关系和二面角等基础知识,同时考查空间想象能力、推理论证能力和运算求解能力.(满分12分)
(Ⅰ)在平面OAB 内作ON ⊥OA 交AB 于N ,连接CN , 在△AOB 中, 120AOB ∠= 且OA=OB,
030AB OBA ∴∠=∠= 。
在Rt △AON 中, 030AN ∠= ,
1
02
N AN ∴=
。
A B
C O P A
B
C O
N
P
Q
在△ONB 中,1209030NOB ∠=-= OBN =∠.
1
02
NB N AN ∴==
。 又AB=3AQ ,∴Q 为AN 的中点。
在△CAN 中,,P Q 分别为AC,AN 的中点,
//PQ CN ∴.由OA ⊥OC ,OA ⊥ON 知:OA ⊥平面CON 。
又NC ?平面CON,∴OA ⊥CN. 由PQ//CN,知OA ⊥PQ. (Ⅱ)连结PN,PO.
由OC ⊥OA ,OC ⊥OB 知:OC ⊥平面OAB 。 又ON ?平面OAB ,∴ OC ⊥ON.
又由ON ⊥OA 知:ON ⊥平面AOC. ∴OP 是NP 在平面AOC 内的射影。 在等腰Rt △COA 中,P 为AC 的中点,∴AC ⊥OP 。 根据三垂线定理,知:AC ⊥NP.
∴OPN ∠为二面角O-AC-B 的平面角。 在等腰Rt △COA 中,OC=OA=1,
∴OP=
22
。 在Rt △AON 中,ON=OA tan30 =
33
, ∴在Rt △PON 中,PN=2
2
OP ON +=30
6
,
∴cos 2
15
2530
6
OP OPN PN ∠===。 解法二:
(Ⅰ)取O 为坐标原点,以OA,OC 所在的直线为x 轴,z 轴,建立空间直角坐标系O-xyz (如图所示)。
则A(1,0,0),C (0,0,1),B 13
(,,0)22-。 AC P 为中点,11
P(,0,)22
∴。33AB (,,0)22=- 。 A
B
C O
N
P
Q
A
B
C N
P
Q
o
x
z
y
又由已知,可得113
AQ AB ,.326
== (-,0) 又13OQ=OA+AQ=(,,0)26 .31PQ=OQ-OP=(0,,-)62∴ . 31
PQ OA=(0,,-)(1,0,0)=062
∴ .故PQ OA ⊥ 。
(Ⅱ)记平面ABC 的法向量n=n n n 123(,,),则由n ⊥CA ,n AB ⊥
,且CA =(1,0,
-1)。
得13220,
33
0,22
n n n n -=??
?-+
=??故可取(1,3,1)n =。 又平面OAC 的法向量为e=(0,1,0)。
3,,1,03
cos n e 515
∴<>== (1,1)(0),
二面角O-AC-B 的平面角是锐角,记为θ,则15
cos 5
θ=
。 10.(2011湖北文7)设球的体积为V ,它的内接正方体的体积为V ,下列说法中最合适的是( ).
A .V 比V 大约多一半
B .V 比V 大约多两倍半
C .V 比V 大约多一倍
D .V 比V 大约多一杯半 【答案】D .
【解析】 本题考查了空间几何体的组合体以及体积的计算问题.
11.(2011湖北文18)(本小题满分12分)如图,已知正三棱柱A B C -111A B C 的底面边长为2,侧棱长为32,点E 在侧棱1A A 上,点F 在侧棱1B B 上,且
22A E =,2BF =.
(Ⅰ) 求证:1C F C E ⊥;
(Ⅱ) 求二面角1E C F C --的大小.
【解析】本小题主要考查空间直线与平面的位置关系和二面角的求法,同时考查空间想象能力和推理论证能力.
解法1:(Ⅰ)由已知可得221132,2(22)23CC CE C F ===+= 222221(),2(2)6EF AB AE BF EF C E =+-==+=
于是有2222221111,EF C E C F CE C E CC +=+= 所以11,C E EF C E CE ⊥⊥
又1,.EF CE E C E CEF =⊥ 所以平面
由1,.CF CEF CF C E ?⊥平面故
(Ⅱ)在CEF ?中,由(Ⅰ)可得6,23EF CF CE === 于是有EF 2+CF 2=CE 2,所以.CF EF ⊥
又由(Ⅰ)知CF ⊥C 1E ,且1EF C E E ?=,所以CF ⊥平面C 1EF , 又1C F ?平面C 1EF ,故CF ⊥C 1F 。
于是1EFC ∠即为二面角E —CF —C 1的平面角。
由(Ⅰ)知1C EF ?是等腰直角三角形,所以145BFC ∠=?,即所求二面角E —CF —C 1的大小为45?。
解法2:建立如图所示的空间直角坐标系,则由已知可得
1(0,0,0),(3,1,0),(0,2,0),(0,2,32),(0,0,22),(3,1,2)A B C C E F
(Ⅰ)1(0,2,2),(3,1,2)C E CF =--=-
10220C E CF ?=+-=
1.CF C E ∴⊥
(Ⅱ)(0,2,22)CE =-
,设平面CEF 的一个法向量为 (,,)m x y z =
由0,,,0,
m CE m CE m CF m CF ??=?⊥⊥??=??
得 即2220,
(0,2,1)320
y z m x y z ?-+=?=?-+=?? 可取 设侧面BC 1的一个法向量为1,,,(3,1,0)n n BC n CC CB ⊥⊥=-
由及
1(0,0,32),(1,3,0)CC n ==
可取
设二面角E —CF —C 1的大小为θ,于是由θ为锐角可得
||62
cos 2||||32m n m n θ?===?? ,所以45θ=? 即所求二面角E —CF —C 1的大小为45?.
12、(2012湖北文15)已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为
____________.
12π【解析】由三视图可知,该几何体是由左右两个相同的圆柱(底面圆半径为2,高为1)与中间一个圆柱(底面圆半径为1,高为4
)组合而成,故该几何体
的体积是22
2121412
Vπππ
=???+??=.
【点评】本题考查圆柱的三视图的识别,圆柱的体积.学生们平常在生活中要多多观察身边的实物都是由什么几何形体构成的,以及它们的三视图的画法. 来年需注意以三视图为背景,考查常见组合体的表面积.
13. (2012湖北文19)(本小题满分12分)
某个实心零部件的形状是如图所示的几何体,其下部是底面均是正方形,侧面是
全等的等腰梯形的四棱台A
1B
1
C
1
D
1
-ABCD,上不是一个底面与四棱台的上底面重
合,侧面是全等的矩形的四棱柱ABCD-A
2B
2
C
2
D
2
。
(1)证明:直线B
1D
1
⊥平面ACC
2
A
2
;
(2)现需要对该零部件表面进行防腐处理,已知AB=10,A
1B
1
=20,AA
2
=30,AA
1
=13
(单位:厘米),每平方厘米的加工处理费为0.20元,需加工处理费多少元?
.【解析】
【点评】本题考查线面垂直,空间几何体的表面积;考查空间想象,运算求解以及转化与划归的能力.线线垂直?线面垂直?面面垂直是有关垂直的几何问题的常用转化方法;四棱柱与四棱台的表面积都是由简单的四边形的面积而构成,只需求解四边形的各边长即可.来年需注意线线平行,面面平行特别是线面平行,以及体积等的考查.
14.(2013湖北,文16)我国古代数学名著《数书九章》中有“天池盆测雨”题:在下雨时,用一个圆台形的天池盆接雨水.天池盆盆口直径为二尺八寸,盆底直径为一尺二寸,盆深一尺八寸.若盆中积水深九寸,则平地降雨量是__________寸.(注:①平地降雨量等于盆中积水体积除以盆口面积;②一尺等于十寸)
答案:3
解析:由题意盆内所盛水的上底面直径为2812
2
+
=20(寸),下底面半径为6寸,
高为9寸,故体积为V=1
3
·9·(π·102+π·62+π·10·6)=588π,而盆
上口面积为π·142
=196π,故平地降雨量为
588π
196π
=3(寸). 15.(2013湖北,文20)(本小题满分13分)如图,某地质队自水平地面A ,B ,C 三处垂直向地下钻探,自A 点向下钻到A 1处发现矿藏,再继续下钻到A 2处后下面已无矿,从而得到在A 处正下方的矿层厚度为A 1A 2=d 1.同样可得在B ,C 处正下方的矿层厚度分别为B 1B 2=d 2,C 1C 2=d 3,且d 1<d 2<d 3.过AB ,AC 的中点M ,N 且与直线AA 2平行的平面截多面体A 1B 1C 1-A 2B 2C 2所得的截面DEFG 为该多面体的一个中截面,其面积记为S 中. (1)证明:中截面DEFG 是梯形;
(2)在△ABC 中,记BC =a ,BC 边上的高为h ,面积为S .在估测三角形ABC 区域内正下方的矿藏储量(即多面体A 1B 1C 1-A 2B 2C 2的体积V )时,可用近似公式V 估=S
中·
h 来估算.已知V =1
3
(d 1+d 2+d 3)S ,试判断V 估与V 的大小关系,并加以证明.
(1)证明:依题意,A 1A 2⊥平面ABC ,B 1B 2⊥平面ABC ,C 1C 2⊥平面ABC , 所以A 1A 2∥B 1B 2∥C 1C 2.
又A 1A 2=d 1,B 1B 2=d 2,C 1C 2=d 3,且d 1<d 2<d 3. 因此四边形A 1A 2B 2B 1,A 1A 2C 2C 1均是梯形. 由AA 2∥平面MEFN ,AA 2?平面AA 2B 2B ,且平面AA 2B 2B ∩平面MEFN =ME , 可得AA 2∥ME ,即A 1A 2∥DE .
同理可证A 1A 2∥FG ,所以DE ∥FG . 又M ,N 分别为AB ,AC 的中点,
则D ,E ,F ,G 分别为A 1B 1,A 2B 2,A 2C 2,A 1C 1的中点, 即DE ,FG 分别为梯形A 1A 2B 2B 1,A 1A 2C 2C 1的中位线.
因此DE =12(A 1A 2+B 1B 2)=12(d 1+d 2),FG =12(A 1A 2+C 1C 2)=1
2
(d 1+d 3),
而d 1<d 2<d 3,故DE <FG ,所以中截面DEFG 是梯形. (2)解:V 估<V .证明如下:
由A 1A 2⊥平面ABC ,MN ?平面ABC ,可得A 1A 2⊥MN . 而EM ∥A 1A 2,所以EM ⊥MN , 同理可得FN ⊥MN .
由MN 是△ABC 的中位线,可得MN =11
22
BC a =即为梯形DEFG 的高,
因此S 中=S 梯形DEFG =13121231(2)22228d d d d a a
d d d ++??+?=++ ???,
即V 估=S 中·h =8
ah
(2d 1+d 2+d 3).
又12
S ah =,所以V =13(d 1+d 2+d 3)S =6ah (d 1+d 2+d 3).
于是V -V 估=6ah (d 1+d 2+d 3)-8ah (2d 1+d 2+d 3)=24
ah
[(d 2-d 1)+(d 3-d 1)].
由d 1<d 2<d 3,得d 2-d 1>0,d 3-d 1>0,故V 估<V .
16.(2013湖北,文22)(本小题满分14分)如图,已知椭圆C1与C2的中心在坐标原点O,长轴均为MN且在x轴上,短轴长分别为2m,2n(m>n),过原点且不与x轴重合的直线l与C
1
,C2的四个交点按纵坐标从大到小依次为A,B,C,D,记m
n
λ=,△BDM和△ABN的面积分别为S1和S2.
(1)当直线l与y轴重合时,若S1=λS2,求λ的值;
(2)当λ变化时,是否存在与坐标轴不重合的直线l,使得S1=λS2?并说明理由.解:依题意可设椭圆C1和C2的方程分别为
C 1:
22
22
=1
x y
a m
+,C2:
22
22
=1
x y
a n
+.
其中a>m>n>0,
m
n
λ=>1.
(1)解法1:如图1,若直线l与y轴重合,即直线l的方程为x=0,则
S 1=
1
2
|BD|·|OM|=
1
2
a|BD|,S
2
=
1
2
|AB|·|ON|=
1
2
a|AB|,所以1
2
||
||
S BD
S AB
=.
在C1和C2的方程中分别令x=0,可得y A=m,y B=n,y D=-m,
于是
||
||1 ||||1
B D
A B
y y
BD m n
AB y y m n
λ
λ
-++
===
---
.
若1
2=
S S λ,则
1
1
λ
λ
λ
+
=
-
,
化简得λ2-2λ-1=0.
由λ>1,可解得λ=2+1.
故当直线l与y轴重合时,若S1=λS2,则λ=2+1.
图1
解法2:如图1,若直线l与y轴重合,则
|BD|=|OB|+|OD|=m+n,|AB|=|OA|-|OB|=m-n;
S 1=
1
2
|BD|·|OM|=
1
2
a|BD|,
S 2=
1
2
|AB|·|ON|=
1
2
a|AB|.
所以1
2||1 ||1
S BD m n S AB m n λλ
++
===
--
.
若1
2=
S S λ,则
1
1
λ
λ
λ
+
=
-
,化简得λ2-2λ-1=0.
由λ>1,可解得λ=2+1.
故当直线l与y轴重合时,若S1=λS2,则λ=2+1.
(2)解法1:如图2,若存在与坐标轴不重合的直线l,使得S1=λS2.
图2
根据对称性,不妨设直线l :y =kx (k >0),
点M (-a,0),N (a,0)到直线l 的距离分别为d 1,d 2,则
因为122|0|11ak ak d k k --==++,222
|0|11ak ak
d k k -==
++,所以d 1=d 2. 又S 1=12|BD |d 1,S 2=1
2|AB |d 2,
所以12||||
S BD S AB ==λ,即|BD |=λ|AB |.
由对称性可知|AB |=|CD |,
所以|BC |=|BD |-|AB |=(λ-1)|AB |, |AD |=|BD |+|AB |=(λ+1)|AB |,
于是||1||1
AD BC λλ+=
-.① 将l 的方程分别与C 1,C 2的方程联立,可求得
222A am x a k m =+,222B an
x a k n
=+.
根据对称性可知x C =-x B ,x D =-x A ,于是
221||2||||21||A D A B
B C k x x x AD BC x k x x +-==+-=222222m a k n n a k m ++.② 从而由①和②式可得
2222221
1a k n a k m λλλ++=+(-)
.③
令1=1t λλλ+(-)
,则由m >n ,可得t ≠1,于是由③可解得2222
22
11n t k a t λ(-)=(-). 因为k ≠0,所以k 2>0.
于是③式关于k 有解,当且仅当2222
2
1>01n t a t λ(-)
(-)
, 等价于2221(1)<0t t λ?
?-- ???.
由λ>1,可解得1
λ
<t <1,
即11
<11λλλλ+<
(-)
, 由λ>1,解得λ>1+2,所以
当1<λ≤1+2时,不存在与坐标轴不重合的直线l ,使得S 1=λS 2; 当λ>1+2时,存在与坐标轴不重合的直线l 使得S 1=λS 2.
解法2:如图2,若存在与坐标轴不重合的直线l ,使得S 1=λS 2.根据对称性, 不妨设直线l :y =kx (k >0),
点M (-a,0),N (a,0)到直线l 的距离分别为d 1,d 2,则
因为12
2
|0|11ak ak
d k
k
--=
=
++,22
2
|0|11ak ak d k
k
-=
=
++,所以d 1=d 2.
又S 1=12|BD |d 1,S 2=1
2|AB |d 2,
所以12||=||
S BD S AB λ=.
因为
221||||||1||B D A B A B
A B k x x x x BD AB x x k x x λ+-+===-+-, 所以11
A B x x λλ+=-.
由点A (x A ,kx A ),B (x B ,kx B )分别在C 1,C 2上,可得 22222=1A A x k x a m +,222
22=1B B x k x a n
+, 两式相减可得22222222
=0A B A B x x k x x a m
λ-(-)
+, 依题意x A >x B >0,所以22A B x x >.
所以由上式解得2222
2222A B B A m x x k a x x λ(-)
=(-)
.
因为k 2
>0,所以由2222222
>0A B B A m x x a x x λ(-)(-),可解得<1A
B
x x λ<. 从而1
1<<1
λλλ+-,解得λ>1+2,所以
当1<λ≤1+2时,不存在与坐标轴不重合的直线l ,使得S 1=λS 2; 当λ>1+2时,存在与坐标轴不重合的直线l 使得S 1=λS 2.
届高三文科数学立体几何专题训练
2015届高三数学(文)立体几何训练题 1、如图3,AB 是⊙O 的直径,PA 垂直于⊙O 所在的平面,C 是圆周上不同于A 、B 的一点. ⑴求证:平面PAC ⊥平面PBC ; ⑵若PA=AB=2,∠ABC=30°,求三棱锥P -ABC 的体积. 2、如图,已知P A ?⊙O 所在的平面,AB 是⊙O 的直径,AB =2,C 是⊙O 上一点,且AC =BC =P A ,E 是PC 的中点,F 是PB 的中点. (1)求证:EF 3、如图,四棱柱1111D C B A ABCD -中,A A 1?底面ABCD ,且41=A A . 梯 形ABCD 的面积为6,且AD 平面DCE A 1与B B 1交于点E . (1)证明:EC D A 111A ABB 4、如图,已知正三棱柱ABC —A 1B 1C 1,AA 1=AB =2a ,D 、E 分别为CC 1、A 1B 的中 点. (1)求证:DE ∥平面ABC ; (2)求证:AE ⊥BD ; (3)求三棱锥D —A 1BA 的体积 . 5.如图,矩形ABCD 中,3AB =,4=BC .E ,F 分别在线段BC 和AD 上,EF ∥AB , 将矩形ABEF 沿EF 折起.记折起后的矩形为MNEF ,且平面⊥MNEF 平面ECDF . (Ⅰ)求证:NC ∥平面MFD ; P A B C O E F A B C D E A 1 B 1 C 1 D 1 A D F
F E A (Ⅱ)若3EC =,求证:FC ND ⊥; (Ⅲ)求四面体CDFN 体积的最大值. 6、如图,在三棱锥P ABC -中,PA ⊥底面ABC,090=∠BCA ,AP=AC, 点D ,E 分别在棱,PB PC 上,且BC (Ⅰ)求证:D E ⊥平面PAC ; (Ⅱ)若PC ⊥AD ,且三棱锥P ABC -的体积为8,求多面体ABCED 的体积。 7、如图:C 、D 是以AB 为直径的圆上两点,==AD AB 232,BC AC =,F 是AB 上一点, 且AB AF 3 1 =,将圆沿直径AB 折起,使点C 在平面ABD 的射影E 在BD 上,已知2=CE . (1)求证:⊥AD 平面BCE ; (2)求证://AD 平面CEF ; (3)求三棱锥CFD A -的体积. 8、如图甲,在平面四边形ABCD 中,已知45,90,105,o o o A C ADC ∠=∠=∠=A B BD =,现将四边 形ABCD 沿BD 折起,使平面ABD ⊥平面BDC (如图乙),设点E 、F 分别为棱AC 、AD 的中点. (1)求证:DC ⊥平面ABC ;
近五年高考数学(理科)立体几何题目汇总
高考真题集锦(立体几何部分) 1.(2016.理1)如图是由圆柱和圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的表面积是( ) A 20π B24π C28π D.32π 2. βα,是两个平面,m,n 是两条直线,有下列四个命题: (1)如果m ⊥n,m ⊥α,n ∥β,那么βα⊥; (2)如果m ⊥α,n ∥α,那么m ⊥n. (3)如果αβα?m ,∥那么m ∥β。 (4)如果m ∥n,βα∥,那么m 与α所成的角和n 与β所成的角相等。 其中正确的命题有___________ 3.(2016年理1)如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条互相垂直的半径.若该几何体的体积是π328,则它的表面积是 A 17π B.18π C.20π D.28π 4.平面α过正方体1111D C B A ABCD -的顶点A ,α//平面11D CB ,?α平面ABCD =m , ?α平面11A ABB =n,则m,n 所成角的正弦值为( ) A.23 B.22 C.33 D.3 1 5.(2016年理1)如图,在以A,B,C,D,E,F 为顶点的五面体中,面ABEF 为正方形,AF=2FD ,∠AFD=90°,且二面角D-AF-E 与二面角C-BE-F 都是60° .(12分) (Ⅰ)证明:平面ABEF ⊥平面EFDC ; (Ⅱ)求二面角E-BC-A 的余弦值.
6. (2015年理1)圆柱被一个平面截取一部分后与半球(半径为r )组成一个几何体,该几何体三视图的正视图和俯视图如图所示,若该几何体的表面积是16+20π,则r=( ) A.1 B.2 C.7 D.8 7.如图,四边形ABCD 为菱形,∠ABC=120°,E,F 是平面ABCD 同一侧的亮点,BE ⊥平面ABCD,DF ⊥平面ABCD,BE=2DF,AE ⊥EC. (1) 证明:平面AEC ⊥平面AFC; (2) 求直线AE 与直线CF 所成角的余弦值。 8.一个正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如下图,则截取部分体积和剩余 部分体积的比值为() 9.如图,长方体1111D C B A ABCD -中,AB = 16,BC = 10,AA1 = 8,点E ,F 分别在1111C D B A , 上,411==F D E A ,过点E,F 的平面α与此长方体的面相交,交线围成一个正方形。 (1)在图中画出这个正方形(不必说明画法和理由); (2)求直线AF 与平面α所成的角的正弦值 10.如图,菱形ABCD 的对角线AC 与BD 交于点O ,AB=5,AC=6,点E,F 分别在AD,CD 上,AE=CF=45 ,EF 交BD 于点H.将△DEF 沿EF 折到△DEF 的位置,OD ’=10 (1)证明:D ’H ⊥平面ABCD (2)求二面角B-D ’A-C 的正弦值
高三文科数学立体几何平行垂直问题专题复习(含答案)
高三文科数学专题复习:立体几何平行、垂直问题 【基础知识点】 一、平行问题 1.直线与平面平行的判定与性质 定义判定定理性质性质定理 图形 条件a∥α 结论a∥αb∥αa∩α=a∥b 2. 面面平行的判定与性质 判定 性质 定义定理 图形 条件α∥β,a?β 结论α∥βα∥βa∥b a∥α 平行问题的转化关系: 二、垂直问题 一、直线与平面垂直 1.直线和平面垂直的定义:直线l与平面α内的都垂直,就说直线l与平面α互相垂直.2.直线与平面垂直的判定定理及推论 文字语言图形语言符号语言 判定定理 一条直线与一个平面内的两条相交直线都垂直,则该直线与此平 面垂直 推论 如果在两条平行直线中,有一条垂直于平面,那么另一条直线也垂直这个平面
文字语言 图形语言 符号语言 性质定理 垂直于同一个平面的 两条直线平行 4.直线和平面垂直的常用性质 ①直线垂直于平面,则垂直于平面内任意直线. ②垂直于同一个平面的两条直线平行. ③垂直于同一条直线的两平面平行. 二、平面与平面垂直 1.平面与平面垂直的判定定理 文字语言 图形语言 符号语言 判定定理 一个平面过另一个平 面的垂线,则这两个平 面垂直 2.平面与平面垂直的性质定理 文字语言 图形语言 符号语言 性质定理 两个平面垂直,则一个 平面内垂直于交线的直线垂直于另一个平 面 类型一、平行与垂直 例1、如图,已知三棱锥A BPC -中,,,AP PC AC BC ⊥⊥M 为AB 中点,D 为PB 中点, 且△PMB 为正三角形。(Ⅰ)求证:DM ∥平面APC ; (Ⅱ)求证:平面ABC ⊥平面APC ; (Ⅲ)若BC 4=,20AB =,求三棱锥D BCM -的体积。 M D A P B C
最新-江苏高考数学立体几何真题汇编
A B C D E F 2008-2018江苏高考数学立体几何真题汇编 (2008年第16题) 在四面体ABCD 中, CB =CD ,AD ⊥BD ,且E 、F 分别是AB 、BD 的中点, 求证:(1)直线EF ∥平面ACD (2)平面EFC ⊥平面BCD 证明:(1) ??? E , F 分别为AB ,BD 的中点?EF ∥AD 且AD ?平面ACD ,EF ?平面ACD ?直线EF ∥平面ACD (2)? ?????CB =CD F 是BD 的中点 ? CF ⊥BD ? ?? AD ⊥BD EF ∥AD ? EF ⊥BD ?直线BD ⊥平面EFC 又BD ?平面BCD , 所以平面EFC ⊥平面BCD
B C? (2009年第16题) 如图,在直三棱柱ABC—A1B1C1中,E,F分别是A1B,A1C的中点,点D在B1C1上,A1D⊥B1C . 求证:(1)EF∥平面ABC (2)平面A1FD⊥平面BB1C1C 证明:(1)由E,F分别是A1B,A1C的中点知EF∥BC, 因为EF?平面ABC,BC?平面ABC,所以EF∥平面ABC (2)由三棱柱ABC—A1B1C1为直三棱柱知CC1⊥平面A1B1C1, 又A1D?平面A1B1C1,故CC1⊥A1D, 又因为A1D⊥B1C,CC1∩B1C=C,CC1、B1C?平面BB1C1C 故A1D⊥平面BB1C1C,又A1D?平面A1FD, 故平面A1FD⊥平面BB1C1C
P A B C D D P A B C F E (2010年第16题) 如图,在四棱锥P —ABCD 中,PD ⊥平面ABCD ,PD =DC =BC =1,AB =2,AB ∥DC , ∠BCD =90°. (1)求证:PC ⊥BC ; (2)求点A 到平面PBC 的距离. 证明:(1)因为PD ⊥平面ABCD , BC ?平面ABCD ,所以PD ⊥BC . 由∠BCD =90°,得CD ⊥BC , 又PD ∩DC =D ,PD 、DC ?平面PCD , 所以BC ⊥平面PCD . 因为PC ?平面PCD ,故PC ⊥BC . 解:(2)(方法一)分别取AB 、PC 的中点E 、F ,连DE 、DF ,则: 易证DE ∥CB ,DE ∥平面PBC ,点D 、E 到平面PBC 的距离相等. 又点A 到平面PBC 的距离等于E 到平面PBC 的距离的2倍. 由(1)知:BC ⊥平面PCD ,所以平面PBC ⊥平面PCD 于PC , 因为PD =DC ,PF =FC ,所以DF ⊥PC ,所以DF ⊥平面PBC 于F . 易知DF = 2 2 ,故点A 到平面PBC 的距离等于2. (方法二)等体积法:连接AC .设点A 到平面PBC 的距离为h . 因为AB ∥DC ,∠BCD =90°,所以∠ABC =90°. 从而AB =2,BC =1,得△ABC 的面积S △ABC =1. 由PD ⊥平面ABCD 及PD =1,得三棱锥P —ABC 的体积V =13S △ABC ×PD = 1 3 . 因为PD ⊥平面ABCD ,DC ?平面ABCD ,所以PD ⊥DC . 又PD =DC =1,所以PC =PD 2+DC 2=2. 由PC ⊥BC ,BC =1,得△PBC 的面积S △PBC = 2 2 . 由V A ——PBC =V P ——ABC ,13S △PBC ×h =V = 1 3 ,得h =2, 故点A 到平面PBC 的距离等于2.
2019-2020年高考数学大题专题练习——立体几何
2019-2020年高考数学大题专题练习——立体几何(一) 1.如图所示,四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为正方形,⊥PD 平面ABCD , 2PD AB ==,点,,E F G 分别为,,PC PD BC 的中点. (1)求证:EF PA ⊥; (2)求二面角D FG E --的余弦值. 2.如图所示,该几何体是由一个直角三棱柱ADE BCF -和一个正四棱锥P ABCD -组合而成,AF AD ⊥,2AE AD ==. (1)证明:平面⊥PAD 平面ABFE ; (2)求正四棱锥P ABCD -的高h ,使得二面角C AF P --的余弦值是 22 .
3.四棱锥P ABCD -中,侧面PDC是边长为2的正三角形,且与底面垂直,底面ABCD是 面积为ADC ∠为锐角,M为PB的中点. (Ⅰ)求证:PD∥面ACM. (Ⅱ)求证:PA⊥CD. (Ⅲ)求三棱锥P ABCD -的体积. 4.如图,四棱锥S ABCD -满足SA⊥面ABCD,90 DAB ABC ∠=∠=?.SA AB BC a ===,2 AD a =. (Ⅰ)求证:面SAB⊥面SAD. (Ⅱ)求证:CD⊥面SAC. S B A D M C B A P D
5.在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为矩形,测棱PD ⊥底面ABCD ,PD DC =,点E 是 BC 的中点,作EF PB ⊥交PB 于F . (Ⅰ)求证:平面PCD ⊥平面PBC . (Ⅱ)求证:PB ⊥平面EFD . 6.在直棱柱111ABC A B C -中,已知AB AC ⊥,设1AB 中点为D ,1A C 中点为E . (Ⅰ)求证:DE ∥平面11BCC B . (Ⅱ)求证:平面11ABB A ⊥平面11ACC A . E D A B C C 1 B 1 A 1 D A B C E F P