甘肃省天水市一中2014-2015学年高二上学期第一学段(期中)考试物理(理)试题
甘肃省天水市一中高二物理上学期第一学段段考试题理(含解析)新人教版
一、选择题 ( 此题共 12 小题，每题 4 分，共 48 分． 1-8 小题给出的四个选项中，只有一个选项正确， 9-12 小题有两个以上选项正确．所有选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，有选错或不答的得 0 分 )1．对于电场，以下说法正确的选项是()A ．由 E ＝ F知，若 q 减半，则该处电场强度为本来的2 倍qQ2B ．由 E ＝ k r 2 知， E 与 Q 成正比，而与 r 成反比C ．由 E ＝ kQ2 知，在以 Q 为球心，以 r 为半径的球面上，各处场强均同样rD ．电场中某点场强方向就是该点所放电荷遇到的静电力的方向2． 以下图是电场中的一条电场线，已知 ab ＝ bc ，则以下关系式中必定正确的选项是 ( )A ． E a ＝ E b ＝ E cB ． E a >E b >E cC ． φ a >φ b >φ cD ．U ab ＝ U bcA 、B 错；此外只有在匀强电场中 U=Ed ，因此 D 也没法判断。
3．对于电势和电势能以下说法中正确的选项是（ ）A．在电场中，电势高的地方，电荷在该点拥有的电势能就大B．在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它所拥有的电势能也越大C．在电场中的任何一点上，正电荷所拥有的电势能必定大于负电荷拥有的电势能D．在负的点电荷所产生的电场中任何一点上，正电荷所拥有的电势能必定小于负电荷所具有的电势能4．以下图，有一质量为、带电量为q 的油滴，被置于竖直搁置的两平行金属板间的匀m强电场中，设油滴是从两板中间地点，并以初速度为零进入电场的，能够判断A．油滴在电场中做抛物线运动B．油滴在电场中自由落体运动C．油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D．油滴打在极板上的运动时间不单决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的荷质比5．示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理能够等效成以下状况：以下图，真空室中电极K 发出电子( 初速度不计) ，经过电压为U1的加快电场后，由小孔S 沿水平金属板A、B 间的中心线射入板中．金属板长为L，相距为d，当A、B 间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点．已知电子的质量为m、电荷量为e，不计电子重力，以下状况中必定能使亮点偏离中心距离变大的是A．U1变小，U2变大B．U1变大，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小6．一只“ 220V、100W”的灯泡正常工作时的电阻为484 , 假如在它未工作时丈量其电阻，应有A．仍等于484B．大于 484C．小于484D．没法确立7．以下图电路中，S1闭合，S2断开， L1、L2是两个完好同样的灯泡，若将S2闭合后， L1 的亮度将A．不变C．变暗B ．变亮D．怎样变化，不可以确立8.以下图的电路中，电键 S 本来是闭合的，当 R1、 R2的滑片恰巧处于各自的中点地点时，悬在平行板电容器 C两水平极板间的带电灰尘 P 恰巧处于静止状态，能使灰尘 P 加快向上挪动的方法是A．把R1 的滑片向上挪动B．把R2的滑片向上挪动C．把 2 的滑片向下挪动D．断开电键RS9．一带电粒子从电场中的 A 点运动到 B 点，轨迹如图中虚线所示。
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天水一中上学期高二物理期中检测（理科）
物理学是关于大自然规律的知识;更广义地说，物理学探索分析大自然所发生的现象，以了解其规则。
以下是为大家整理的上学期高二物理期中检测，希望可以解决您所遇到的相关问题，加油，一直陪伴您。
一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分)
1、如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为φa=5V，φb=3V.下列说法正确的是
A.c点的电势一定为4V
B.a点的场强一定比b点场强大
C.电场线的方向一定向右
D.正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少
2、如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。
下列说法中正确的是
1。
高二物理上学期期中-天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案
甘肃省天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题（本题共11个小题，每个小题3分，共33分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（3分）下列说法正确的是（）A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷考点：静电现象的解释．分析：不论静电感应带电，还是摩擦起电，它们不会创造电荷，只是电荷的转移，从一物体转移另一物体，或从一部分转移另一部分，当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷，点电荷的电量不确定，但是元电荷的整数倍．解答：解：A、静电感应不会创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分，故A正确，D错误；B、一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体只能带上同种电荷；故B错误；C、摩擦起电是因为通过电荷发生了转移而产生了电荷，故C错误；故选：A．点评：考查带电或起电的本质，掌握点电荷与元电荷的区别，理解点电荷的成立条件．2．（3分）下列关于电场线的说法中，正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是假象的曲线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、为了形象的描述电场引入电场线的概念，它是假象的切线，实际不存在．故A错误．B、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故B错误．C、电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，故C错误．D、电场线越密的地方场强大，同一试探电荷所受的静电力越大．故D正确．故选：D．点评：记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线是假象的曲线，即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．3．（3分）下列关于电流方向的说法中，不正确的是（）A．电流的方向和自由电子定向移动的方向相同B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向规定为电流方向，据此分析答题．解答：解：A、正电荷的定向移动方向是电流的方向，与电子的定向移动方向相反，故A 错误，B正确；C、在金属导体中的电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反，故C正确；D、正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反，所以电流的方向与正离子定向移动的方向相同，故D正确；本题选错误的故选：A．点评：本题考查了电流的方向，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．4．（3分）如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，则（）A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向相同C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子（不计重力）在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，并且垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，由此可以判断电场和电势的变化的情况．解答：解：A、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b、c三点的电势都相等为零，所以A错误．B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以B 正确．C、无穷远处电势为零，而a、b、c三点的电势都相等为零，所以C错误．D、垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，电场的方向是在水平方向的，所以电荷不能在a、b连线上运动，所以D错误．故选B．点评：本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．5．（3分）如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等考点：电势；电场强度；电场线．专题：图析法．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；故选D．点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低．6．（3分）对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势差的定义式，是比值定义法，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．由此定义可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．电荷电势能的变化只与电场力做功有关．解答：解：A、U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比．故A错误．B、根据电势差的定义式可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A 点移到B点电场力所做的功．故B错误．C、根据电势差的定义式可知：将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差U AB=1V．故C正确．D、电荷由A点移到B点的过程中，电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功．故D错误．故选C．点评：电势差的定义式，是比值定义法，有比值定义的共性，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．7．（3分）如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b到a．故B 错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；故选：D点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握．8．（3分）一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，则应在电流计上（）A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：I g R g=（I﹣I g）R，其中I为量程解答：解：改装成电流表要并联电阻分流，其并联电阻阻值为R：R==≈0.1Ω故为并联0.1Ω的电阻．则A错误，B 错误 C 正确 D错误故选：C点评：考查的电流表的改装原理，明确分流程度与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大．9．（3分）电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，则当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联电路电流相等，根据欧姆定律得出两电阻之比，当两电阻并联时，电压相等，结合电阻之比求出通过两电阻的电流之比．解答：解：电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，则R1：R2=U1：U2=2：1，当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，则I1：I2=R2：R1=1：2．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道串并联电路的特点，串联电路电流相等，并联电路电压相等．10．（3分）如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A．E a=B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：已知a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．解答：解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：故选：D．点评：本题关键是明确点电荷的场强的公式E=，记住即可，基础题目．11．（3分）横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．已知导线每单位体积中有n 个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导体截面的电子个数为（）A．nSv B．nvt C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由电流定义式和微观表达式可以得到时间t内通过导线横截面的电子数．解答：解：电流可以表示为：解得：N=nsvt故C正确，ABD错误故选：C点评：重点掌握电流的各种表达式，能灵活选取表达式并进行计算．二．多项选择题（本题共4个小题，每个小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的或不选不得分）12．（4分）在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．解答：解：AB、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故AB错误；C、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零也可能为零．故C正确．D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故D错误．故选：C．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．13．（4分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q′==﹣3Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．故选：CD．点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．14．（4分）如图所示是某导体的I﹣U图线，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图象的意义可明确电流与电压的关系，并能求出电阻的数值，由电流的定义可求得每秒通过电阻截面的电荷量．解答：解：A、由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，故A正确；B、由I=可知，图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可知电阻R=Ω=2Ω，故B正确；C、导体的I﹣U图线是一条倾斜的直线，则该导体为线性元件，故C错误；在R两端加6V的电压时，电路中电流I==3A，则每秒通过电阻的电荷量为q=It=3×1=3C；故D正确；故选：ABD．点评：本题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，区分U﹣I图象与I﹣U图象的异同．15．（4分）如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：计算题．分析：在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB两点的机械能．解答：解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B 点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A 点的动能比在B点多0.5J，选项C正确．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D正确．故选：CD．点评：对于本题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．三．实验题（每空3分，共18分）16．（9分）如图所示，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，则：（选填“增大”、“减小”或“不变”）（1）当向两板间插入电介质时，静电计指针张角变小．（2）当两板间距离增大时，静电计指针张角变大．（3）当两板互相平行地错开时，静电计指针张角变大．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器电量保持不变，根据电容的变化判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化．解答：解：平行板电热器电容：C=，两极板间的电压：U==；（1）当向两板间插入电介质时，两板间的电势差减小，静电计指针张角变小．（2）当两板间距离增大时，两极板间电压增大，静电计指针张角变大．（3）当两板互相平行地错开时，两极板间电压变大，静电计指针张角变大．故答案为：（1）变小；（2）变大；（3）变大．点评：本题考查了判断静电计指针夹角变化情况，应用平行板电热器电容公式、电容定义式即可正确解题．（9分）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，17．电流表内阻为0.5Ω．（1）当测量100Ω左右的电阻时，宜采用甲电路．（2）现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，则此电阻的测量值为20Ω，测量值小于真实值．（选填：“大于”或“小于”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据要测电阻与电压表电流表内阻的大小关系确定内外接法；根据测量数据用欧姆定律求测量值，根据电路求真实值．解答：解：（1）因 R=100Ω＞=50Ω属于大电阻，用电流表内接法，故用甲电路（2）由R测===20Ω由于电压表的分流作用，使电流表示数偏大，则R测偏小．所以测量值小真实值．故答案为：（1）甲（2）20；小于点评：大电阻用内接法，测量值偏大，小电阻用外接法，测量值偏小．四．计算题（本大题共4小题，满分33分．18题8分，19题8分，20题8分，21题9分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分；有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）18．（8分）如果把带电量为q=1.0×10﹣5C的点电荷从电场中A点移至B点，需克服电场力做功1.2×10﹣4J．试求：（1）求A、B两点间的电势差；（2）若选A点电势为零，则B点电势为多大？考点：电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电势差的定义式U=计算A、B两点间的电势差；（2）若选A点电势为零，根据电势差与电势的关系计算B点的电势．解答：解：（1）A、B两点间的电势差为：U AB==V=﹣12V（2）由U AB=φA﹣φB，φA=0得，φB=12V答：（1）A、B两点间的电势差是﹣12V；（2）若选A点电势为零，则B点电势为12V．点评：本题中对于电场力做功与电荷变化的关系要掌握．知道U AB=φA﹣φB，在确定了零电势后可求得某点的电势．19．（8分）有一干电池，当移动1.5C电荷时，非静电力做功为6J，（1）则该蓄电池的电动势为多大？（2）若给一小灯泡供电，供电的电流为0.3A，供电时间12min，则非静电力做功多大？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据电动势的定义式E=，W是非静电力做功，求解蓄电池的电动势．根据此式变形求解非静电力做功．解答：解：（1）已知q=1.5C，非静电力做功为：W=6J则该蓄电池的电动势为：E==V=4V（2）由E=，q=It得非静电力做功为：W非=EIt=4×0.3×12×60J=864J答：（1）则该蓄电池的电动势为4V；（2）非静电力做功864J．点评：本题关键掌握电动势的定义式E=，知道公式中W是非静电力做功．20．（8分）如图所示，匀强电场中a、b两点的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37°角，两点间的电势差为32V．（1）匀强电场的场强大小；（2）把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少多少．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：已知匀强电场中ab间的电势差和距离，根据电势差与场强的关系式U=Ed，d是两点沿场强方向的距离，即可求解场强大小．由W=qU求出电场力做功，即可得到电势能的变化．解答：解：由U ab=Ed ab cos37°，则得：场强 E==/m=100V/m．把q=10﹣10C从a点移到b点，电场力对该电荷做功为：W=qU ab=10﹣10×32J=3.2×10﹣9J，则其电势能将减少3.2×10﹣9J．答：（1）匀强电场的场强大小100V/m．（2）把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少3.2×10﹣9J．点评：解决本题的关键是掌握U=Ed和W=qU两个公式，要注意公式中d是两点沿场强方向的距离．21．（9分）两平行金属板A、B水平放置，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=5×102．﹣6kg的带电微粒，以v0=2m/s的水平初速度从两板间正中央射入，如图所示，取g=10m/s （1）当两板间电压U AB=1×103V时，微粒恰好不发生偏转，求微粒的电量和电性．（2）要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压U的取值范围？考点：带电粒子在混合场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）根据共点力平衡求出粒子的电性和电量的大小．（2）将粒子的运动分解为沿电场方向和垂直电场方向，抓住两个临界状态，即从上极板边缘飞出和下极板边缘飞出，根据牛顿第二定律和运动学公式求出两极板间电压的取值范围．解答：解：（1）微粒恰好不偏转时有：，代入数据解得q=2×10﹣9C，电场力方向竖直向上，电场的方向竖直向下，则微粒带负电．（2）粒子能穿过电场需用时间，设粒子偏转的最大加速度a，则最大侧移量，代入数据解得a=16m/s2当粒子恰好打在下极板边缘时，两板间的电压为U1则代入数据解得U1=600V，当粒子恰好打在上极板边缘，两极板间的电压为U2，代入数据解得U2=2600V．则微粒不能打到金属板上的电压范围为﹣600V＜U AB＜2600V．答：（1）微粒的电量q=2×10﹣9C，微粒带负电．（2）两板间的电压U的取值范围为﹣600V＜U AB＜2600V．点评：解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，知道粒子在垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向做匀变速直线运动，抓住临界情况，结合等时性，运用牛顿第二定律和运动学公式综合求解．。
甘肃省天水市秦安一中高二物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
甘肃省天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷一．单项选择题〔此题共11个小题，每个小题3分，共33分．每一小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的〕1．〔3分〕如下说法正确的答案是〔〕A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过抑制摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷2．〔3分〕如下关于电场线的说法中，正确的答案是〔〕A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大3．〔3分〕如下关于电流方向的说法中，不正确的答案是〔〕A．电流的方向和自由电子定向移动的方向一样B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向一样4．〔3分〕如下列图，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如此〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向一样C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子〔不计重力〕在a点无初速释放，如此它将在a、b连线上运动5．〔3分〕如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等6．〔3分〕对于电场中A、B两点，如下说法正确的答案是〔〕A．电势差的定义式U AB=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功7．〔3分〕如下列图，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，假设粒子所受重力不计，如此如下判断正确的答案是〔〕A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能8．〔3分〕一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，如此应在电流计上〔〕A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻9．〔3分〕电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，如此当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为〔〕A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：110．〔3分〕如下列图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的答案是〔〕A．E a=B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b11．〔3分〕横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，如此在时间t内通过导体截面的电子个数为〔〕A．nSv B．nvt C．D．二．多项选择题〔此题共4个小题，每个小题4分，共16分．每一小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的或不选不得分〕12．〔4分〕在静电场中，关于场强和电势的说法正确的答案是〔〕A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零13．〔4分〕两个半径一样的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，如此相互作用力可能为原来的〔〕A．B．C．D．14．〔4分〕如下列图是某导体的I﹣U图线，如下说法正确的答案是〔〕A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C15．〔4分〕如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中抑制重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．如此如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J三．实验题〔每空3分，共18分〕16．〔9分〕如下列图，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，如此：〔选填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕〔1〕当向两板间插入电介质时，静电计指针张角．〔2〕当两板间距离增大时，静电计指针张角．〔3〕当两板互相平行地错开时，静电计指针张角．〔9分〕用伏安法测电阻，可采用如下列图的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，17．电流表内阻为0.5Ω．〔1〕当测量100Ω左右的电阻时，宜采用电路．〔2〕现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，如此此电阻的测量值为Ω，测量值真实值．〔选填：“大于〞或“小于〞〕．四．计算题〔本大题共4小题，总分为33分．18题8分，19题8分，20题8分，21题9分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分；有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．〕18．〔8分〕如果把带电量为q=1.0×10﹣5C的点电荷从电场中A点移至B点，需抑制电场力做功1.2×10﹣4J．试求：〔1〕求A、B两点间的电势差；〔2〕假设选A点电势为零，如此B点电势为多大？19．〔8分〕有一干电池，当移动1.5C电荷时，非静电力做功为6J，〔1〕如此该蓄电池的电动势为多大？〔2〕假设给一小灯泡供电，供电的电流为0.3A，供电时间12min，如此非静电力做功多大？20．〔8分〕如下列图，匀强电场中a、b两点的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37°角，两点间的电势差为32V．〔1〕匀强电场的场强大小；〔2〕把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少多少．21．〔9分〕两平行金属板A、B水平放置，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=5×102．﹣6kg的带电微粒，以v0=2m/s的水平初速度从两板间正中央射入，如下列图，取g=10m/s 〔1〕当两板间电压U AB=1×103V时，微粒恰好不发生偏转，求微粒的电量和电性．〔2〕要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压U的取值范围？甘肃省天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题〔此题共11个小题，每个小题3分，共33分．每一小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的〕1．〔3分〕如下说法正确的答案是〔〕A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过抑制摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷考点：静电现象的解释．分析：不论静电感应带电，还是摩擦起电，它们不会创造电荷，只是电荷的转移，从一物体转移另一物体，或从一局部转移另一局部，当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷，点电荷的电量不确定，但是元电荷的整数倍．解答：解：A、静电感应不会创造电荷，只是电荷从物体的一局部转移到了另一局部，故A正确，D错误；B、一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体只能带上同种电荷；故B错误；C、摩擦起电是因为通过电荷发生了转移而产生了电荷，故C错误；应当选：A．点评：考查带电或起电的本质，掌握点电荷与元电荷的区别，理解点电荷的成立条件．2．〔3分〕如下关于电场线的说法中，正确的答案是〔〕A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是假象的曲线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、为了形象的描述电场引入电场线的概念，它是假象的切线，实际不存在．故A错误．B、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，如此有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故B错误．C、电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，故C错误．D、电场线越密的地方场强大，同一试探电荷所受的静电力越大．故D正确．应当选：D．点评：记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线是假象的曲线，即可顺利解出此题，故要在理解的根底上牢记根本概念．3．〔3分〕如下关于电流方向的说法中，不正确的答案是〔〕A．电流的方向和自由电子定向移动的方向一样B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向一样考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向规定为电流方向，据此分析答题．解答：解：A、正电荷的定向移动方向是电流的方向，与电子的定向移动方向相反，故A 错误，B正确；C、在金属导体中的电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反，故C正确；D、正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反，所以电流的方向与正离子定向移动的方向一样，故D正确；此题选错误的应当选：A．点评：此题考查了电流的方向，是一道根底题，掌握根底知识即可正确解题．4．〔3分〕如下列图，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如此〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向一样C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子〔不计重力〕在a点无初速释放，如此它将在a、b连线上运动考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，并且垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，由此可以判断电场和电势的变化的情况．解答：解：A、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b、c三点的电势都相等为零，所以A错误．B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以B 正确．C、无穷远处电势为零，而a、b、c三点的电势都相等为零，所以C错误．D、垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，电场的方向是在水平方向的，所以电荷不能在a、b连线上运动，所以D错误．应当选B．点评：此题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于根本的几种电场的情况要了解，此题看的就是学生的根本知识的掌握情况，比拟简单．5．〔3分〕如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等考点：电势；电场强度；电场线．专题：图析法．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的上下看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；应当选D．点评：此题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的上下．6．〔3分〕对于电场中A、B两点，如下说法正确的答案是〔〕A．电势差的定义式U AB=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势差的定义式，是比值定义法，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．由此定义可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．电荷电势能的变化只与电场力做功有关．解答：解：A、U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比．故A错误．B、根据电势差的定义式可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．故B错误．C、根据电势差的定义式可知：将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差U AB=1V．故C正确．D、电荷由A点移到B点的过程中，电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功．故D错误．应当选C．点评：电势差的定义式，是比值定义法，有比值定义的共性，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．7．〔3分〕如下列图，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，假设粒子所受重力不计，如此如下判断正确的答案是〔〕A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b到a．故B 错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；应当选：D点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生根本要求，也是重点知识，要重点掌握．8．〔3分〕一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，如此应在电流计上〔〕A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：I g R g=〔I﹣I g〕R，其中I为量程解答：解：改装成电流表要并联电阻分流，其并联电阻阻值为R：R==≈0.1Ω故为并联0.1Ω的电阻．如此A错误，B 错误 C 正确 D错误应当选：C点评：考查的电流表的改装原理，明确分流程度与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小如此分流大．9．〔3分〕电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，如此当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为〔〕A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联电路电流相等，根据欧姆定律得出两电阻之比，当两电阻并联时，电压相等，结合电阻之比求出通过两电阻的电流之比．解答：解：电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，如此R1：R2=U1：U2=2：1，当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，如此I1：I2=R2：R1=1：2．故A正确，B、C、D错误．应当选：A．点评：解决此题的关键知道串并联电路的特点，串联电路电流相等，并联电路电压相等．10．〔3分〕如下列图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的答案是〔〕A．E a=B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．解答：解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：应当选：D．点评：此题关键是明确点电荷的场强的公式E=，记住即可，根底题目．11．〔3分〕横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，如此在时间t内通过导体截面的电子个数为〔〕A．nSv B．nvt C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由电流定义式和微观表达式可以得到时间t内通过导线横截面的电子数．解答：解：电流可以表示为：解得：N=nsvt故C正确，ABD错误应当选：C点评：重点掌握电流的各种表达式，能灵活选取表达式并进展计算．二．多项选择题〔此题共4个小题，每个小题4分，共16分．每一小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的或不选不得分〕12．〔4分〕在静电场中，关于场强和电势的说法正确的答案是〔〕A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．解答：解：AB、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故AB错误；C、电势为零是人为选取的，如此电势为零的地方场强可以不为零也可能为零．故C正确．D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故D错误．应当选：C．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势上下看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．13．〔4分〕两个半径一样的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，如此相互作用力可能为原来的〔〕A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，如此两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，如此两球的电量为：q′==﹣3Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．应当选：CD．点评：两一样小球相互接触再分开，如此电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．14．〔4分〕如下列图是某导体的I﹣U图线，如下说法正确的答案是〔〕A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图象的意义可明确电流与电压的关系，并能求出电阻的数值，由电流的定义可求得每秒通过电阻截面的电荷量．解答：解：A、由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，故A正确；B、由I=可知，图象的斜率表示电阻的倒数，如此由图象可知电阻R=Ω=2Ω，故B正确；C、导体的I﹣U图线是一条倾斜的直线，如此该导体为线性元件，故C错误；在R两端加6V的电压时，电路中电流I==3A，如此每秒通过电阻的电荷量为q=It=3×1=3C；故D正确；应当选：ABD．点评：此题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，区分U﹣I图象与I﹣U图象的异同．15．〔4分〕如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中抑制重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．如此如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：计算题．分析：在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，抑制重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比拟AB两点的机械能．解答：解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向一样，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B 点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，抑制重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A 点的动能比在B点多0.5J，选项C正确．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D正确．应当选：CD．点评：对于此题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷抑制电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．三．实验题〔每空3分，共18分〕16．〔9分〕如下列图，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，如此：〔选填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕〔1〕当向两板间插入电介质时，静电计指针张角变小．〔2〕当两板间距离增大时，静电计指针张角变大．〔3〕当两板互相平行地错开时，静电计指针张角变大．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器电量保持不变，根据电容的变化判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化．解答：解：平行板电热器电容：C=，两极板间的电压：U==；〔1〕当向两板间插入电介质时，两板间的电势差减小，静电计指针张角变小．〔2〕当两板间距离增大时，两极板间电压增大，静电计指针张角变大．〔3〕当两板互相平行地错开时，两极板间电压变大，静电计指针张角变大．故答案为：〔1〕变小；〔2〕变大；〔3〕变大．点评：此题考查了判断静电计指针夹角变化情况，应用平行板电热器电容公式、电容定义式即可正确解题．〔9分〕用伏安法测电阻，可采用如下列图的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，17．电流表内阻为0.5Ω．〔1〕当测量100Ω左右的电阻时，宜采用甲电路．〔2〕现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，如此此电阻的测量值为20Ω，测量值小于真实值．〔选填：“大于〞或“小于〞〕．。
甘肃省天水一中高二物理上学期第一学段测试题 理【会员独享】
天水一中2009级2022—2012学年第一学期第二阶段试题物 理一．选择题（每小题至少有一个选项正确每小题4分，共48分）1．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。
如果在荧光屏上P 点出现亮斑，那么示波管中的A ．极板X 应带正电B ．极板X ’应带正电 C ．极板Y 应带正电D ．极板Y ’应带正电2．在真空中，有两个完全相同的金属小球带电量分别为－Q 1和＋Q 2，相距r 时，其相互作用力为F 。
今将两小球接触一下，再相距r ，这时相互作用力为F/3，则两球原来带电量大小的关系是A ．Q 1:Q 21:3=B ．Q 1:Q 23:1=C ．Q 1:Q 22:1=D ． Q 1:Q 21:2=3．如图所示，带箭头的直线表示某电场的电场线，虚线表示等势线，一个带负电的粒子以一定初速度进入电场，由A 运动到B （轨迹为图中AB 实曲线所示）．设粒子经过A 、B 两点时的加速度和速度分别用a A 、a B 、v A 、v B 表示，则（不计粒子重力）A ．a A ＞a BB ．a A ＜a BC ．v A ＞v BD ．v A ＜v B4．A 、B 是一条电场线上的两点，一正电荷从A 点静止释放，仅在电场力的作用下沿电场线由A 点运动到B 点，此过程中的速度图象如图所示，比较A 、B 两点场强E 和电势φ的大小，以下正确的是A. E A ＞E BB. E A ＜E BC.φA ＞φBD.φA ＜φB5．如图所示，带正电的金属圆环竖直放置，某一时刻，一个电子恰好经过圆环的圆心沿轴线以速度v 0水平向右运动，若电子仅受电场力，则运动情况可能是A ．做匀速直线运动B ．做减速直线运动C ．做加速直线运动D ．以圆心为平衡位置做振动6．如图所示，中子内有一个电荷量为 + 23 e 的上夸克和两个电荷量为 - 13 e 的下夸克，3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为（ ）A ．ker 2B ．ke 3r2 C ．ke 9r2 D ．2ke 3r27．质量为m 的带正电小球A 悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E 的匀强电场中，当小球A 静止时，细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为A ．E m g33 B ．Em g3 C ．Emg2 D ．Emg28．某电场的部分电场线如图所示，A 、B 是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹(图中虚线)上的两点，下列说法中正确的是 A ．粒子的机械能一定守恒B ．粒子一定是从B 点向A 点运动C ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能D ．粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能9．如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、 c 间距离，用φa 、φb 、φc 和E a 、E b 、E c 分别表示a 、b 、c 三点的电势和场强，可以判定A ．φa ＞φb ＞φ cB ．E a ＞E b ＞E cC ．φa –φb =φb –φ cD ．E a = E b = E c10．关于等势面，以下说法正确的是A ．等势面越密的地方，电场强度越大B ．等量同种点电荷的中垂面一定是等势面C ．在同一等势面上各点的电场强度必定相等D ．在同一等势面上移动电荷，电场力不做功11. 匀强电场中有两点A 、B,已知U AB ＝5V,A 、B 间的距离为0.1m ，则匀强电场的场强A.E ≥50V/mB.E ≤50V/mC.E ＝50V/mD.以上说法都不对12. 对处于静电平衡状态的导体，以下说法正确的是A ．导体一定是等势体a bB．导体内部的场强处处为零C．导体的电势一定为零D．导体表面的电场线一定与表面垂直二. 填空题 (每空4分,共20分 )13．在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A 与一灵敏的相接，极板B和静电计的外壳接地。
甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题Word版含答案
路测出铜导线的电阻 Rx ，从而确定导线的实际长度。 可供使用的器材有： 电流表：量程 0.6A，内阻约 0.2Ω ； 电压表：量程 3V，内阻约 9kΩ ； 滑动变阻器 R1：最大阻值 5Ω ； 滑动变阻器 R2：最大阻值 20Ω ； 定值电阻：R 0=3Ω ； 电源：电动势 6V，内阻可不计；开关、导线若干。回答下列问题： （1）实验中滑动变阻器应选
b
）
A.Ea＜Eb C.φ a＜φ
D. φ a＞φ
b
11. a、b、c 三个 粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中 b 恰 好飞出电场，由此可以肯定（ ）
A.在 b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上 B.b 和 c 同时飞离电场 C.进入电场时，c 的速度最大，a 的 速度最小 D.动能的增量相比，c 的最小，a 和 b 的一样大 12. 两个电荷量分别为+q 和－q 的带电粒子分别以速度 va 和 vb 射入匀强磁场，两粒子的入射 方向与竖直磁场边界的夹角分别为 30°和 60°，磁场宽度为 d，两粒子同时由 A 点出发，同 时到达与 A 等高的 B 点，如图所示，则（ A．a 粒子带正电，b 粒子带负电 B．两粒子的轨道半径之比 Ra∶Rb＝ C．两粒子的质量之比 ma∶mb＝1∶2 D．两粒子的速度之比 va∶vb＝ 3 ∶2
3
）
3 ∶1
二.实验题（每空 3 分，共 18 分） 13. （ 1 ） 用多用电表的电阻“×10”挡进行测量时表盘的示数如下图，待测阻值约为 Ω。 （2）用螺旋测微器测得样品的外径如下图所示，其示数 D= mm．
14. 实验室购买了一捆标称长度为 100m 的铜导线，某同学想通过实验测其实际长度。该同学
高二物理上学期期中-天水市秦安二中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案
甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9-12小题有两个以上选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷），带电荷量分别为﹣3×10﹣9C和9×10﹣9C，它们之间静电力大小为F，现让两小球接触后又放回原处，它们之间静电力大小变为（）A．F B．C．3F D．考点：库仑定律．分析：两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小．解答：解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律可得，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为，F=k=27×10﹣18，当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量均为q=，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F′，则F′=k=F，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分．2．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．解答：解：根据电流强度的定义公式I=；可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．故选：B．点评：本题应能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．3．（4分）下列关于电势和电势能等的说法中，正确的是（）A．电势降落的方向，一定是电场强度的方向B．电场力做正功，电荷的电势能一定减小C．电势越高处，电荷电势能一定越大D．电势能与电荷量大小有关，与电荷种类无关考点：电势．分析：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能就大．电场中电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它具有的电势能不一定越大．电势为零的点，任一试探电荷在该点的电势能一定为零．电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．解答：解：A、沿电场线的方向电势降低，电场线的方向是电势降落最快的方向，不能说电势降低的方向就是电场线的方向．故A错误；B、电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．故B正确；C、根据推论可知：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故C错误；D、电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故D错误．故选：B．点评：本题考查电势、电势能的关系，可根据电势的定义式φ=分析它们之间的关系．要注意电荷的正负．4．（4分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．P B．C．D．P﹣考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机消耗的电功率为P=UI，发热功率P热=I2r．解答：解：电动机消耗的电功率为P，加在电动机上的电压是U，故电流为：I=；发热功率：P热=I2R=；故选：C．点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路；电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．5．（4分）下列说法中错误的是（）A．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．制作汽油桶的材料用金属比塑料好C．电工穿绝缘衣比金属衣安全D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全考点：* 静电的利用和防止．分析：避雷针利用尖端放电来中和电荷；其它选项均利用静电屏蔽作用，从而即可求解．解答：解：A、避雷针是利用中和电荷，尖端放电，来避免雷击的一种设施，故A正确；B、因为塑料和油摩擦容易起电，静电积累多了容易有火花，会爆炸，危险!而且会造成巨大的损失，而金属能及时把产生的静电导走，故B正确；C、电工穿金属衣比绝缘衣安全，直到静电屏蔽，故C错误；D、呆在汽车里比呆在木屋里要安全，汽车起到静电屏蔽作用，故D正确，本题选择错误的，故选：C．点评：考查避雷针的工作原理，理解尖端放电，掌握静电屏蔽作用及在实际生活中的应用．6．（4分）如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2，则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（不计粒子重力）（）A．＜B．＜C．＜D．＜考点：带电粒子在匀强电场中的运动．分析：带电粒子无初速度在加速电场中被加速，又以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子先做匀加速直线运动，后做类平抛运动．这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动．可利用加速电场的电压U 求出进入偏转电场的初速度，然后运用偏转电场的长度L求出运动时间，由于分运动间具有等时性，所以由运动学公式求出垂直于初速度方向的位移．值得注意的是，求出的位移不是等于偏转电场的宽度，而是小于或等于宽度的一半．解答：解：带电粒子在电场中被加速，则有 qu1=﹣0 （1）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，可看成匀速直线运动与匀加速直线运动的两分运动．匀速直线运动：由运动学公式得 L=vt （2）匀加速直线运动：设位移为x，则有x==t2（3）要使带电粒子能飞出电场，则有x＜（4）由（1）﹣（4）可得：＜故选：C．点评：考查带电粒子在电场中加速与偏转，从而先做匀加速直线运动，后做匀加速曲线运动．运用了运动学公式与动能定理，同时体现出处理类平抛运动的方法．还值得注意是：粒子的偏转位移应小于偏转电场宽度的一半．7．（4分）如图所示电路中，S1闭合，S2断开，L1、L2是两个完全相同的灯泡，若将S2闭合后，L1的亮度将（）A．不变B．变亮C．变暗D．如何变化，不能确定考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：将S2闭合后，分析外电路总电阻的变化，判断总电流的变化，由闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化，即可判断L1亮度的变化．解答：解：将S2闭合后，两灯并联，外电路总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，由闭合电路欧姆定律分析可知路端电压减小，灯L1的电压减小，实际功率减小，所以L1的亮度变暗．故C正确．故选：C点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，关键掌握并联电路的总电阻小于任何一个支路的电阻，由闭合电路欧姆定律进行分析．8．（4分）如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P 加速向上移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：要使尘埃P上移，应使其受到的合力向上，则应增大电容器两端的电压；通过闭合电路欧姆定律分析如何调节滑动变阻器．解答：解：P开始时受重力、电场力而保持静止，电场力竖直向上，而要使P向上运动，必须增大电场力，需要增大板间场强，则电容器两端的电压应增大；A、R1此时相当于导线，故调节R1不会改变电容器两端的电压．故A错误；B、由电路图可知，电容器与R2的上端并联，把R2的滑片向上移动时电容器板间电压减小，场强减小，则尘埃P所受的电场力减小，所以P应向下移动．故B错误．C、把R2的滑片向下移动，使C两端的电压增大，可知尘埃P向下加速运动；故C正确．D、断开电键S时，电源断开，电容器充电，板间场强逐渐减小，尘埃向下加速运动，故D 错误；故选：C．点评：本题关键确定电容器板间电压，要注意电容器两端的电压等于与之并联电阻两端的电压；而与电容器串联的电阻只能作为导线处理．9．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子在A点的初速度为零考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．解答：解：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B 点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C 正确；D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D错误．故选：BC．点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，判定动能增加与否，从确定速度大小．10．（4分）两个完全相同的灵敏电流计改装成两个不同量程的电压表V1、V2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表（）A．读数相同B．指针偏转的角度相同C．量程大的电压表读数大D．量程大的电压表读数小考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：两表串联后，通过每个电流表的电流相同，指针偏转角度相同，但两电压表的总内阻不同，则两表的示数不同，其示数之比为两表的内阻之比．解答：解：A、两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同．故A错误．B、因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确．C、两表指针偏转角度相同，示数不等．因是串联关系，分压之比为内阻之比，量程大的内阻大，电压表读数大，故C正确，D错误．故选：BC．点评：考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为串联关系，相同的电流表电流相同，偏转角度一样，而对应刻度由量程决定．11．（4分）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源的电动势，r为电源内阻，且R1＞r，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：R1为定值电阻，R2为可变电阻，根据P=I2R1可以分析电阻R1的功率的变化情况，由于R2减小的时候，电路电流就在增加，所以不能根据P=I2R2来分析R2的功率的变化情况；当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大．解答：解：A、根据数学知识分析得知，当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，当把R1和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R1+r，根据结论可知，当R2=R1+r时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，所以A正确；BC、根据P=I2R1可知，当R2=0时，电路的总电流最大，所以此时R1获得最大功率，所以B 错误，C正确；D、电源的输出功率的变化关系为先增大在减小，当当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，由于R1＞r，外电阻已经大于了内电阻，所以此时电源的输出功率随着外电阻的增大而减小，所以当R2=0时，电源的输出功率最大，所以D正确；故选：ACD．点评：对于R2的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把R1和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的变化情况，即为R2的功率的情况．12．（4分）如图所示的两个电路中，电源相同，各电阻阻值相等，电源和电流表内阻不可忽略，四个相同的电流表、、、的读数分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式正确的是（）A．I1=I3B．I1＜I4C．I2=2 I1D．I2＜I3+I4考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：由题，电源相同，其内阻不计，电路的路端电压等于电动势．根据串联电路电压的分配，分析A1和R串联的电压与A3和R串联电压的关系，分析I1和I3及I1和I4大小．根据并联电路的特点分析I1和I3的关系．根据外电路总电阻的关系，判断I2与I3+I4的关系．解答：解：A、B、左图中，A1和R串联的电压小于电源的电动势，右图中，A3和R串联电压等于电源的电动势，则I1＜I3，I1＜I4．故A错误，B正确．C、由于电流表的内阻不可忽略不计，A1和R串联这一路电流小于R的电流，所以I2＞2I1．故C错误．D、设电流表的内阻为r，左图中外电路总电阻为R左=r+=，右图中，外电路总电阻R右=（R+r），根据数学知识得到＞1，所以左图中干路电流小于右图中干路电流，即有I2＜I3+I4．故D正确．故选：BD．点评：本题难度在于运用数学知识分析两图中外电阻的大小，作商是比较大小经常用到的方法．二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共14分）.13．（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～15V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A回答下列问题：（1）实验中电流表应选用C （用序号表示）；（2）如图是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电流来选择电流表量程；题（2）的关键是根据小灯泡电阻满足，可知电流表应用外接法．解答：解：（1）：根据小灯泡规格“6V，1.5W”可知，小灯泡额定电流为：I=，所以电流表应选C；（2）：小灯泡在额定情况下的电阻为R=，由于满足，所以电流表应用外接法；连线图如图所示：故答案为：（1）C（2）如图点评：应明确：①应根据待测电阻的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．14．（8分）在把电流表改装为电压表的实验中，实验所用的电流表满刻度电流为200μA，欲将此表改装成量程为2V的电压表．（1）为测出电流表的内阻，采用如图1所示的电路原理图．请将以下各实验步骤填写完整．①依照电路原理图将实物连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S1，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验完毕时，两个电阻箱读数如图2所示，则电流表内阻r g=500Ω．这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值偏小（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：（1）根据半偏法测电阻的原理完成实验步骤．（2）电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积是电阻箱示数，根据串并联电路特点分析实验误差．解答：解：（1）①为保护电路，连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节 R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S2，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验应用半偏法测电流表内阻，电流表内阻等于电阻箱R′的阻值，由图2所示R′可知，电阻箱阻值为：R′=0×100000Ω+0×10000Ω+0×1000Ω+5×100Ω+0×10Ω+0×1Ω=500Ω，则电流表内阻为：r g=R′=500Ω．半偏法测电流表内阻，当闭合S1时，电路总电阻变小，电路总电阻变大，电流表半偏法时流过电阻箱的电流大于满偏电流的一半，电阻箱阻值小于电流表内阻，用这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值偏小．故答案为：（1）①大；②S2；R；③S1；R′；④R′；（2）500；偏小．点评：本题考查了半偏法测电流表内阻实验，要掌握半偏法测电阻的原理、会进行实验误差分析．三、解答题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本大题3小题，共38分）. 15．（12分）如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m 的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：（1）电子通过B点时的速度大小V；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）根据动能定理求出电子通过B点时的速度大小；（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，根据水平方向上做匀速直线运动，求出运动的时间，结合竖直方向上做匀加速直线运动求出侧移距离．解答：解：（1）从A到B由动能定理得：eU0=mv02解得：v0=；（2）电子作类平抛运动有：=ma，解得：a=水平方向 L=v0t竖直方向 y=at2解之得：y=答：（1）电子通过B点时的速度大小为；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间飞出时的侧移距离y为．点评：本题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，掌握处理带电粒子在偏转电场中运动的方向，结合牛顿第二定律和运动学公式，抓住等时性进行求解．16．（12分）在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？（2）电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI﹣I2r求解输出功率．解答：解：（1）通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I=得：I===0.1 A（2）由E=Ir+U+U D可得电动机两端电压：U D=E﹣Ir﹣U=6 V﹣0.1×1 V﹣0.3 V=5.6 V所以电动机输入的电功率：P入=U D I=0.56 W电动机的发热功率：P热=I2R=0.02 W电动机的输出功率：P出=P入﹣P热=0.54 W答：（1）通过电动机的电流是0.1A；（2）电动机输入的电功率为0.56W、转变为热量的功率为0.02W和输出机械功率是0.54W．点评：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．17．（14分）有一种测量压力的电子秤，其原理如图所示．E是内阻不计、电动势为6V的电源．R0是一个阻值为400Ω的限流电阻．G是由理想电流表改装成的指针式测力显示器．R 是压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，其关系如下表所示．C是一个用来保护显示器的电容器．秤台的重力忽略不计．压力F/N 0 50 100 150 200 250 300 …电阻R/Ω300 280 260 240 220 200 180 …（1）在坐标系中画出电阻R随压力F变化的图线，并归纳出电值R随压力F变化的函数关系式（2）写出压力与电流的关系式，说明该测力显示器的刻度是否均匀（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的量程是多少牛顿？考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据电阻随压力变化的数据来画图，把压力和电阻作为一组有序数对在坐标系中描点然后连接即可．再根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知电阻与压力成一次函数关系，利用待定系数法可确定函数关系式．（2）根据欧姆定律推导串联电路电流的关系式，结合R与F的关系式推导压力与电流的关系式可知测力显示器的刻度是否均匀．（3）根据串联电路电压规律可知压敏电阻两端的电压，根据串联电路特点可计算压敏电阻的值，进一步计算测力计的最大测量值．解答：解：（1）把压力大小作为横坐标，把电阻大小作为纵坐标，在坐标系中描点连线即可得压敏电阻R的阻值随压力F的大小变化的图象．如图．根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知压敏电阻R的阻值与压力F成一次函数关系，设它们的关系式为R=KF+b．把F=50N，R=280Ω和F=100N，R=260Ω代入得：280=50K+b…①，260=100K+b…②．①②构成方程组解得K=﹣0.4，b=300，所以它们的关系式为R=300﹣0.4F．（2）根据欧姆定律得 I=把R=﹣0.4F+300，U=6V，R0=400Ω代入上式化简得：F=1750﹣所以压力和电流不成一次函数关系，故该测力显示器的刻度是不均匀的．（3）从上式可知，压力增大时，压敏电阻值减小，当电阻两端的电压为5V时，压敏电阻两端的电压为：U1=U﹣U0=6V﹣5V=1V根据串联电路特点可得==即=得 R=80Ω把R=80Ω代入R=300﹣0.4F．即80=﹣0.4F+300解得F=550N．答：（1）利用表中的数据归纳出电阻R随压力F变化的函数式为R=300﹣0.4F；（2）通过寻求压力与电流表中电流的关系为F=1750﹣，该测力显示器的刻度不均匀．（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的最大称量值为550N．点评：本题考查学生对欧姆定律和串联电流特点的掌握并结合函数知识对实际问题做出正确的判断．。
甘肃省天水市一中2015届高三上第一学段物理考试试题及答案
天水一中2012级2014～2015学年度第一学期第一学段考试题物 理命题人：刘卫东 审核人：赵小华一、选择题(每小题4分，共48分。
注意：第1、3、6、10、12小题为多选题)1．a 、b 两辆汽车在同一条平直公路上行驶的v －t 图象如下图所示．下列说法正确的是 A.t 1时刻，a 车和b 车处在同一位置 B.t 2时刻，a 、b 两车运动方向相反C.在t 1到t 2这段时间内，b 车的加速度先减小后增大D.在t 1到t 2这段时间内，b 车的位移大于a 车的位移2．如图所示，两轻弹簧a 、b 悬挂一小铁球处于平衡状态，a 弹簧与竖直方向成30°角，b 弹簧水平，a 、b 的劲度系数分别为k 1、k 2，则a 、b 两弹簧的伸长量x 1与x 2之比为 A.212k k B.21k k C.12k k D.212kk3．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的的质量均为m ，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为3μ，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g 。
现对物块施加一水平向右的拉力F ，则木板加速度大小a 可能是 A ．g a μ= B ．32g a μ=C ．3g a μ=D ．32gm F a μ-= 4．在高速公路的拐弯处，路面造得外高内低，即当车向右拐弯时，司机左侧的路面比右侧的要高一些，路面与水平面间的夹角为θ,设拐弯路段是半径为R 的圆弧，要使车速为v 时车轮与路面之间的横向（即垂直于前进方向）摩擦力等于零，θ应满足 A. gtan θ＝v 2/R B. gsin θ＝v 2/R C. gcot θ＝v 2/R D. gcos θ＝v 2/R 5．一物体从某高度以初速度v 0水平抛出，落地时速度大小为v t ，则它运动时间为A ．g v v t 0-B ．gv v t 22-C ．g v v t 2202- D ．g v v t 20- 6．如图所示，一个匀速转动的半径为R 的水平圆盘上放着两个木块，木块M 放在圆盘的边缘处，木块M 和N 质量之比为1:3，且与圆盘摩擦因数相等，木块N 放在离圆心13R 处，它们都随圆盘一起做匀速圆周运动。
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甘肃省天水市一中2014-2015学年高二上学期第一学段（期中）考试物理（理）
试题忠
一、 选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余
为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分）
1、如图所示，a 、b 、c 为同一条电场线上的三点，c 为ab 连线的中点，a 、b 两点的电势分别为φa =5V ，φb =3V .下列说法正确的是
A ．c 点的电势一定为4V
B ．a 点的场强一定比b 点场强大
C ．电场线的方向一定向右
D ．正点电荷从c 点运动到b 点电势能一定减少 2、如图所示，虚线a 、b 、c 是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P 、Q 是轨迹上的两点。
下列说法中正确的是
A.三个等势面中，等势面a 的电势最高
B.带电质点一定是从P 点向Q 点运动
C.带电质点通过P 点时的加速度比通过Q 点时小
D.带电质点通过P 点时的动能比通过Q 点时小
3、如图所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动。
则以下说法中正确的是（ ） A ．当小球运动到最高点a 时，线的张力一定最小 B ．当小球运动到最低点b 时，小球的速度一定最大 C ．小球可能做匀速圆周运动 D ．小球不可能做匀速圆周运动
4.如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方有带正电的点电荷Q ，一表面绝缘带正电的金属球(可视为质点，且不影响原电场)自左以速度v 0开始在金属板上向右运动，在运动过程中( )
A ．小球先做减速运动后做加速运动
B ．小球做匀速直线运动
C ．小球做匀变速运动
D ．以上说法都不正确
5、.如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。
若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（ ） A.所受重力与电场力平衡 B.电势能逐渐增加 C.动能逐渐增加 D.做匀变速直线运动
a
b c
P
Q
6.如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，S是闭合的，φa表示a点的电势，F表示点电荷受到的电场力.现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则( )
A.φa变大，F变大
B.φa变大，F变小
C.φa不变，F不变
D.φa不变，F变小
7.如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na＋水平向右移动。
若测得4s内分别有1.0×1018个Na＋和Cl－通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（）
A．水平向左 0.8A
B．水平向
右 0.08A
C．水平向左0.4A
D．水平向右 0.04A
8．如图所示电路中，当滑动变阻器R的滑动触头向下滑动时（）
A．灯泡L1、L2、L3均变亮
B．灯泡L1、L3变亮，L2变暗
C．灯泡L1、L2变亮，L3变暗
D．灯泡L1变亮，L2、L3变暗
9、两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压U稳定于12 V的直流电源上.有人把一个内阻
不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，如图所示，电压表示数为8 V.如果他把此电压表
改接在R2两端，则电压表的示数将（）
A.小于4 V
B.等于4 V
C.大于4 V小于8 V
D.等于或大于8 V
10．直流电动机线圈的电阻为R，当电动机工作时通过线圈的电流是I，此时它两端的电压为U，则电动机的输出功率为()
A．UI B．IU＋I2R C．IU－I2R D．U2/R
11．有一只电压表，它的内阻是100 Ω，量程为0.2 V，现要改装成量程为10 A的电流表，电压表上应()
A．并联0.002 Ω的电阻B．并联0.02 Ω的电阻
C．并联50 Ω的电阻D．串联4 900Ω的电阻
12.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速
度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）。
若小物体电荷量保持不变，OM＝ON，则（）
A．小物体上升的最大高度为
22 12
4
V V
g
B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小
C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功
D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小
二、实验题（2分×9）（共18分）
13.用伏安法测某电阻的阻值，用安培表的内接法测量时，两只电表的读数分别为3V、3mA；
用安培表的外接法测量时，两只电表的读数分别为2.9V、4mA。
则在本次实验中：电路应选择安培表的（填“内”或“外”）接法，该电阻测量值为Ω，比这个电阻的真实值（填“偏大”或“偏小”）。
14、小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象。
所提供的器材有：
该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：
I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50
U/V00.200.400.600.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00
（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为，电压表为，滑动变阻器为（以上均填写器材代号）。
（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中。
（3）请在图乙的坐标系中画出小灯泡的I — U曲线。
（4）若将该小灯泡直接接在电动势是 1.5 V，内阻是 2.0 Ω的电池两端，小灯泡的实际功率为 _________W。
三、计算解答题（解答应写出必要的文字说明、方程式和图画。
）
15．（10分）如图R1=14Ω，R2=9Ω。
当开关处于位置a，电流表示数
I1=0.2A，当开关处于位置b时，电流表示数I2=0.3A。
求电源的电
动势E和内电阻r。
（电流表为理想电表）
16、（12分）如图，一个电子以速度v0=6.0×106m／s和仰角α=45°从带电平行板电容器的下板边缘向上板飞行。
两板间场强E=2.0×104V／m，方向自下向上。
若板间距离d=2.0×10-2m，板长L=10cm，问此电子能否从下板射至上板？它将击中极板的什么地方？
17．（12分）如图所示，现在有一个小物块，质量为m =80g，带正电荷q =2⨯10－4C,放在水平轨道上M点，物块与水平轨道之间的滑动摩擦系数μ= 0.2，轨道处在一个水平向左的匀强电场中，E = 103V/m，在水平轨道的末端N处，连接一个光滑的的半圆形轨道，半径为R=40cm，取g = 10m/s2，求：
（1）要使小物块能够运动到轨道的最高点L，那么M、N间的距离S至少多大？
（2）如果在（1）题的位置释放小物块，当它运动到P（轨道中点）点时对轨道的压力等于多少？
天水一中2013级2014—2015学年第一学期第一学段考试
物理答案（理）
一、选择题（每小题至少有一个选项正确，
．．．．．．．．．．．．．每小题4分，共48分。
）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案CD D D C BD B B B A C B AD
二. 填空题(每空2分,共18分)
13．内、1000、偏大
14．（1）A；C；E；（2）见答图1；（3）见答图2；（4）0.27W。
三、解答题（共34分） 15．（10分）E=3V r=1Ω 16、（12分）
应先计算y 方向的实际最大位移，再与d 进行比较判断。
由于y m ＜d ，所以电子不能射至上板。
因此电子将做一种抛物线运动，最后落在下板上，落点与出发点相距1.03cm 。
17．（12分）（1）物块能通过轨道最高点的条件是
V=2m/s
解得s=15.25m （2）物块到P 点时
14/p v m s =
3.0N F N =。