2018年高考物理复习：7分钟满分训练4 含解析

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高考物理二轮复习训练：7分钟满分训练4Word版含解析

7分钟满分训练(四)1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)(2018·河南省濮阳市高三下学期二模)下列说法正确的是( BCD )A ．大颗粒的盐磨成细盐，就变成了晶体B ．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r 0的过程中，它们的分子势能先减小后增大C ．空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水平的饱和蒸气压的比值D ．给自行车打气，越打越困难主要是因为胎内气体压强增大，而与分子间的斥力无关E ．第二类永动机不违反热力学第二定律，但违反了热力学第一定律[解析] 将大颗粒的粗盐磨成细盐，细盐仍然是晶体，A 错误；两个分子的间距从极近逐渐增大到10r 0的过程中，分子间表现出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做负功，它们的分子势能先减小后增大，B 正确；空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水平的饱和蒸气压的比值，C 正确；给自行车打气，越打越困难主要是因为胎内气体压强增大，与分子间的斥力无关，因为分子斥力起作用的距离r <r 0，D 正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化，E 错误。

(2)(10分)(2018·河南省濮阳市高三下学期二模)一截面积为S 的气缸竖直倒放，气缸内有一质量为m 的活塞，将一定质量的理想气体封闭在气缸内，气柱的长度为L ，活塞与气缸壁无摩擦，气体处于平衡状态，如图1所示，现保持温度不变，把气缸倾斜，使气缸侧壁与竖直方向夹角为θ＝37°，重新达到平衡后，如图2所示，设大气压强为p 0，气缸导热良好。

已知(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，重力加速度为g ，求：①此时理想气柱的长度；②分析说明气缸从竖直到放到倾斜过程，理想气体吸热还是放热。

[解析] ①以活塞为研究对象，气缸竖直倒立时，根据平衡条件有p 0S ＝mg ＋p 1S ，得p 1＝p 0－mg S气缸倾斜后，根据平衡条件有p 0S ＝mg cos37°＋p 2S ，得p 2＝p 0－mg S cos37°＝p 0－4mg 5S根据玻意尔定律有p 1LS ＝p 2xS ，解得x ＝5p 0S －5mg 5p 0S －4mgL ②由①得出气体体积减小，大气压对气体做功。

高考物理总复习第四章第4节万有引力与航天练习(含解析)-人教版高三全册物理试题

第4节万有引力与航天1.(2018·河北张家口期末)第谷、开普勒等人对行星运动的研究漫长而曲折,牛顿在他们的研究根底上,得出了科学史上最伟大的定律之一——万有引力定律.如下说法中正确的答案是( D )A.开普勒通过研究、观测和记录发现行星绕太阳做匀速圆周运动B.太阳与行星之间引力的规律并不适用于行星与它的卫星C.库仑利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值D.牛顿在发现万有引力定律的过程中应用了牛顿第三定律解析:开普勒发现行星绕太阳沿椭圆轨道运动,选项A错误;万有引力定律适用于任何可看成质点的两物体之间,选项B错误;卡文迪许测量出了引力常量的数值,选项C错误;牛顿在发现万有引力定律的过程中认为太阳吸引行星,同样行星也吸引太阳,选项D正确.2.(2018·江苏卷,1)我国高分系列卫星的高分辨对地观察能力不断提高.今年5月9日发射的“高分五号〞轨道高度约为705 km,之前已运行的“高分四号〞轨道高度约为36 000 km,它们都绕地球做圆周运动.与“高分四号〞相比,如下物理量中“高分五号〞较小的是( A ) A.周期 B.角速度C.线速度D.向心加速度解析:“高分五号〞的运动半径小于“高分四号〞的运动半径,即r五<r四,由万有引力提供向心力得=mr=mrω2=m=ma,如此T=∝,T五<T四,选项A正确;ω=∝,ω五>ω四,选项B错误;v=∝,v五>v四,选项C错误;a=∝,a五>a四,选项D错误.3.(2019·江苏扬州测试)(多项选择)2017年9月25日后,微信启动页面采用“风云四号〞卫星成像图.“风云四号〞是我国新一代静止轨道气象卫星,如此其在圆轨道上运行时( CD )A.可定位在赤道上空任意高度B.线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间C.角速度与地球自转角速度相等D.向心加速度比月球绕地球运行的向心加速度大解析:同步卫星只能在赤道上空,且高度保持不变,故A错误;第一宇宙速度为人造卫星的最大运行速度,气象卫星的线速度小于第一宇宙速度,故B错误;同步卫星的周期等于地球的自转周期,所以同步卫星绕地球运行的角速度与地球自转的角速度相等,故C正确;同步卫星与月球都是万有引力提供向心力,由=ma可得a=,所以同步卫星绕地球运行的向心加速度比月球绕地球运行的向心加速度大,故D正确.4.(2019·陕西西安模拟)一些星球由于某种原因而发生收缩,假设该星球的直径缩小到原来的四分之一,假设收缩时质量不变,如此与收缩前相比( D )A.同一物体在星球外表受到的重力增大到原来的4倍B.同一物体在星球外表受到的重力增大到原来的2倍C.星球的第一宇宙速度增大到原来的4倍D.星球的第一宇宙速度增大到原来的2倍解析:当直径缩小到原来的四分之一时,半径也同样缩小到原来的四分之一,重力加速度g=增大到原来的16倍,第一宇宙速度v=增大到原来的2倍.5.(2019·重庆巴蜀中学月考)“嫦娥五号〞卫星预计由长征五号运载火箭发射升空,自动完成月面样品采集,并从月球起飞,返回地球.这次任务的完成将标志着我国探月工程“三步走〞顺利收官.引力常量为G,关于“嫦娥五号〞的运动,以下说法正确的答案是( B )A.“嫦娥五号〞的发射速度小于同步卫星的发射速度B.假设“嫦娥五号〞在月球外表附近做匀速圆周运动的周期,如此可求出月球的密度C.“嫦娥五号〞的发射速度必须大于11.2 km/sD.“嫦娥五号〞在月球外表附近做匀速圆周运动的线速度大小为7.9 km/s解析:“嫦娥五号〞的运行轨道高度大于同步卫星的运行轨道高度,故“嫦娥五号〞的发射速度大于同步卫星的发射速度,故A错误;由G=m()2r和M=πR3ρ可得ρ=()3,当在月球外表时,r=R,只需知道周期T,就可以求出月球的密度,故B正确;“嫦娥五号〞的发射速度小于11.2 km/s,故C错误;“嫦娥五号〞在月球外表附近绕月球做匀速圆周运动的线速度v=,g和R均比地球的要小,故v<7.9 km/s,故D错误.6.(2019·安徽六校教育研究会第一次联考)地球和火星绕太阳公转的轨道半径分别为R1和R2(公转轨道近似为圆),如果把行星与太阳连线扫过的面积与其所用时间的比值定义为扫过的面积速率,如此地球和火星绕太阳公转过程中扫过的面积速率之比是( B )A. B.C. D.解析:根据开普勒第三定律有==k,天体公转的角速度ω=,一定时间内扫过的面积S==,所以扫过的面积速率之比等于单位时间内的面积比,代入角速度可得面积速率之比为.7.(2019·江苏连云港模拟)对于环绕地球做圆周运动的卫星来说,它们绕地球做圆周运动的周期会随着轨道半径的变化而变化,某同学根据的不同卫星做圆周运动的半径r与周期T关系作出如下列图图像,如此可求得地球质量为(引力常量为G)( A )A. B.C. D.解析:由=m r可得=,结合图线可得,=,故M=.8.(2019·河北石家庄质检)(多项选择)如下列图为某飞船从轨道Ⅰ经两次变轨绕火星飞行的轨迹图,其中轨道Ⅱ为圆轨道,轨道Ⅲ为椭圆轨道,三个轨道相切于P点,P,Q两点分别是椭圆轨道Ⅲ的远火星点和近火星点,S是轨道Ⅱ上的点,P,Q,S三点与火星中心在同一直线上,且PQ=2QS,如下说法正确的答案是( AC )A.飞船在P点由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要减速B.飞船在轨道Ⅱ上由P点运动到S点的时间是飞船在轨道Ⅲ上由P点运动到Q点的时间的1.5倍C.飞船在轨道Ⅱ上S点与在轨道Ⅲ上P点的加速度大小相等D.飞船在轨道Ⅱ上S点的速度大小小于在轨道Ⅲ上P点的速度大小解析:飞船在P点由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要做减速运动,选项A正确;因为PQ=2QS,所以飞船在轨道Ⅱ上运行的轨道半径R2==1.5QS,飞船在轨道Ⅲ上运动轨迹的半长轴R3==QS,由开普勒第三定律=k知,==1.84,选项B错误;由牛顿第二定律知G=ma,解得a=,由于飞船在轨道Ⅱ上S点与在轨道Ⅲ上P点到火星中心的距离相等,故飞船在两点的加速度大小相等,选项C正确;飞船在轨道Ⅱ上S点的速度大小等于在轨道Ⅱ上P点的速度大小,飞船在P点由轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ需要减速运动,故飞船在轨道Ⅱ上S点的速度大小大于在轨道Ⅲ上P点的速度大小,选项D错误.9.(2019·安徽合肥测试)宇航员在月球外表上做自由落体实验,将铁球由距月球外表高h处静止释放,经时间t落在月球外表.引力常量为G,月球的半径为R.求:(1)月球外表的重力加速度g.(2)月球的质量M.(3)月球的“第一宇宙速度〞的大小v.解析:(1)由自由落体运动的规律可知h=gt2解得月球外表重力加速度g=.(2)在月球外表,万有引力近似与重力相等G=mg得月球的质量M=(3)万有引力提供向心力,即G=m解得v=.答案:(1)(2)(3)10.(2018·山东泰安一模)由中国科学家设计的空间引力波探测工程“天琴计划〞,采用三颗全同的卫星(SC1,SC2,SC3)构成一个边长约为地球半径27倍的等边三角形,阵列如下列图.地球恰好处于三角形中心,卫星在以地球为中心的圆轨道上运行,对一个周期仅有 5.4分钟的超紧凑双白星(RXJ0806.3+1527)产生的引力波进展探测.假设贴近地球外表的卫星运行速率为v0,如此三颗全同卫星的运行速率最接近( B )v0000解析:由几何关系可知,等边三角形的几何中心到各顶点的距离等于边长的,所以卫星的轨道半径r与地球半径R的关系为r=27×R=9R;根据v=可得=≈0.25,如此v同=0.25v0,故B正确.11.(2019·吉林第二次调研)(多项选择)轨道平面与赤道平面夹角为90°的人造地球卫星被称为极地轨道卫星,它运行时能到达南、北极地区的上空,需要在全球范围内进展观测和应用的气象卫星、导航卫星等都采用这种轨道.如下列图,假设某颗极地轨道卫星从北纬45°的正上方按图示方向首次运行到南纬45°的正上方用时45分钟,如此( AB )A.该卫星的运行速度大小一定小于7.9 km/sB.该卫星的轨道半径与同步卫星的轨道半径之比为1∶4C.该卫星的加速度大小与同步卫星的加速度大小之比为2∶1D.该卫星的机械能一定小于同步卫星的机械能解析:由题意可知,卫星的周期 T=×45 min=180 min=3 h;由于卫星的轨道半径大于地球的半径,如此卫星的线速度小于第一宇宙速度,即卫星的线速度大小小于7.9 km/s,选项A正确;由万有引力提供向心力得G=m()2r,解得r=,该卫星的轨道半径与同步卫星的轨道半径之比===,选项B正确;由牛顿第二定律得G=ma,解得a=,该卫星的加速度大小与同步卫星的加速度大小之比==2=,选项C错误;由于不知该卫星与同步卫星的质量关系,故无法比拟其机械能大小,选项D错误.12.(2019·河北邯郸质检)2017年10月中国科学院国家天文台宣布FAST天文望远镜首次发现两颗太空脉冲星,其中一颗的自转周期为T(实际测量为1.83 s,距离地球1.6万光年).假设该星球恰好能维持自转不瓦解,令该星球的密度ρ与自转周期T的相关量为q星,同时假设地球同步卫星离地面的高度为地球半径的6倍,地球的密度ρ0与自转周期T0的相关量为q 地,如此( A )A.q地=q星B.q地=q星C.q地=q星D.q地=7q星解析:星球恰好能维持自转不瓦解,对该星球赤道外表的物体m有=m R,密度ρ=,可得q星==,同理对地球同步卫星有=m0··7R0,ρ0=,可得q地==,所以q地=q星.13.(2019·某某南宁二中月考)石墨烯是近年发现的一种新材料,其超高强度与超强导电、导热等非凡的物理性质有望使21世纪的世界发生革命性的变化.科学家们设想,用石墨烯制作超级缆绳,搭建“太空电梯〞,通过地球同步轨道站向地面垂下一条缆绳至赤道基站,电梯仓沿着这条缆绳运行,实现外太空和地球之间便捷的物资交换.地球的半径为R,自转周期为T,地球外表重力加速度为g,如下说法正确的答案是( B )A.“太空电梯〞上各点的角速度不一样B.乘“太空电梯〞匀速上升时乘客对电梯仓内地板的压力逐渐减小C.当电梯仓停在距地面高度为处时,仓内质量为m的乘客对电梯仓内地板的压力为零D.“太空电梯〞的长度L=解析:“太空电梯〞上各点在相等的时间内转过的角度相等,故角速度一样,A错误.由牛顿第二定律有G-F N=mω2r,随着r的增大,F N逐渐减小,由牛顿第三定律可知B正确.当电梯仓停在距地面高度为处时,有G-F N=G-F N=mω2(+R),F N一定不等于零,由牛顿第三定律可知C错误.“太空电梯〞的长度为同步卫星到地面的距离,由万有引力提供向心力得G=m r,由r=R+L,GM=gR2(黄金代换),得L=-R,D错误.14.(2018·湖南衡阳一模)(多项选择)据报道,一个国际研究小组借助于智利的天文望远镜,观测到了一组双星系统,它们绕两者连线上的某点O做匀速圆周运动,如下列图,假设此双星系统中体积较小的成员能“吸食〞另一颗体积较大星体的外表物质,导致质量发生转移,在演变过程中两者球心之间的距离保持不变,双星平均密度可视为一样.如此在最初演变的过程中( BC )A.它们间万有引力大小保持不变B.它们做圆周运动的角速度不变C.体积较大的星体做圆周运动轨迹的半径变大,线速度变大D.体积较大的星体做圆周运动轨迹的半径变小,线速度变大解析:设体积较小的星体质量为m1,轨道半径为r1,体积较大的星体质量为m2,轨道半径为r2,双星间的距离为L,转移的质量为Δm.如此它们之间的万有引力为F=G,根据数学知识得知,随着Δm的增大,F先增大后减小,故A错误.对m1星体有G=(m1+Δm)ω2r1,对m2星体有G=(m2-Δm)ω2r2,得ω=,总质量m1+m2不变,两者距离L不变,如此角速度ω不变,故B正确.ω2r2=,由于ω,L,m1均不变,当Δm增大时,如此r2增大,即体积较大星体圆周运动轨迹半径变大;又由v=ωr2可知线速度v也增大,故C正确,D错误.15.(多项选择)太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动.当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间,且三者几乎排成一条直线的现象,天文学称为“行星冲日〞.据报道,2014年各行星冲日时间分别是:1月6日木星冲日;4月9日火星冲日;5月11日土星冲日;8月29日海王星冲日;10月8日天王星冲日.地球与各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示,如此如下判断正确的答案是( BD )地球火星木星土星天王星海王星轨道半径1.0 1.5 5.2 9.5 19 30(AU)A.各地外行星每年都会出现冲日现象B.在2015年内一定会出现木星冲日C.天王星相邻两次冲日的时间间隔为土星的一半D.地外行星中,海王星相邻两次冲日的时间间隔最短解析:金星运动轨道半径小于地球运动轨道半径,运行周期小于地球,因此可能发生凌日现象而不会发生冲日现象,选项A错误;地球周期T地=1年,如此ω地=,同理得T木=年,如此ω木=,木星于2014年1月6日冲日,如此(ω地-ω木)·t=2π,解得t=年≈1年,明确2015年内一定会出现木星冲日现象,B选项正确;根据开普勒第三定律,天王星周期年,远大于地球周期,说明天王星相邻两次冲日间隔近似一年,同理土星周期为年,也会出现类似情况,故C错误;周期越长,相邻两次冲日间隔越接近一年,D项正确.。

2018届河北省高考(通用)闯关模拟(四)物理试题(解析版)

2018届河北省高考（通用）闯关模拟（四）物理试题（解析版）一、选择题1．一质量为m 的滑块在粗糙水平面上滑行，通过频闪照片分析得知，滑块在最开始2 s 内的位移是最后2 s 内位移的两倍，且已知滑块最开始1 s 内的位移为2.5 m ，由此可求得( )A ．滑块的加速度为5m/s 2B ．滑块的初速度为5m/sC ．滑块运动的总时间为3 sD ．滑块运动的总位移为4.5 m解析：根据滑块最开始1 s 内的位移为2.5 m ，有2.5 m ＝v 0×1 s －12a ×(1 s)2，根据滑块在最开始2 s 内的位移是最后2 s 内位移的两倍，有v 0×2 s －12a ×(2 s)2＝2×12a ×(2 s)2，联立解得a ＝1 m/s 2，v 0＝3 m/s ，选项A 、B 错误；滑块运动的总时间为t ＝v 0a ＝3 s ，C 正确；滑块运动的总位移为x ＝v 02t ＝4.5 m ，D 正确．答案：CD2．在一大雾天，一辆汽车以32 m/s 的速度匀速行驶在高速公路上，t ＝0时刻汽车司机突然发现正前方100 m 处有一辆货车以20 m/s 的速度同方向匀速行驶，为避免与货车相撞，汽车司机立即刹车．已知两车运动的v －t 图象如图所示，则( )A ．汽车减速运动的加速度为4 m/s 2B ．两车的最近距离为82 mC ．t ＝6 s 时汽车和货车相撞D ．t ＝3 s 时货车在汽车前解析：由v －t 图象可知汽车减速运动时，加速度a ＝v －v 0t ＝0－328 m/s 2＝－4 m/s 2，加速度是矢量，既有大小又有方向，所以A 选项错误；二者速度相等时两车具有最小距离，根据v ＝v 0＋at 得t ＝3 s ，此时二者距离x ＝x 0＋v t －(v 0t ＋12at 2)＝82 m ，所以B 正确、D 正确；“匀减速追匀速”，速度相等时没有追上，此后汽车速度小于货车速度；二者不会相撞，选项C 错误．答案：BD3．如图所示，水平传送带以恒定速度v 向右运动．将质量为m 的物体Q 轻轻放在水平传送带的左端A 处，经过t 秒后，Q 的速度也变为v ，再经t 秒物体Q 到达传送带的右端B 处，则( )A ．前t 秒内物体做匀加速运动，后t 秒内物体做匀减速运动B ．后t 秒内Q 与传送带之间无摩擦力C ．前t 秒内Q 的位移与后t 秒内Q 的位移大小之比为：1D ．Q 由传送带左端运动到右端的平均速度为34v解析：前t 秒内物体Q 相对传送带向左滑动，物体Q 受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律F f ＝ma 可知，物体Q 做匀加速运动，后t 秒内物体Q 相对传送带静止，做匀速运动，不受摩擦力作用，选项A 错误、B 正确；前t 秒内Q 的位移x 1＝v 2t ，后t 秒内Q 的位移x 2＝v t ，故x 1x 2＝12，选项C 错误；Q 由传送带左端运动到右端的平均速度v ＝x 1＋x 22t ＝v 2t ＋v t 2t ＝34v ，选项D 正确．答案：BD4.(2018·汕头质检)建设房屋时，保持底边L 不变，要设计好屋顶的倾角θ，以便下雨时落在房顶的雨滴能尽快地滑离屋顶，雨滴下滑时可视为小球做无初速无摩擦的运动．下列说法正确的是( )A ．倾角θ越大，雨滴下滑时的加速度越大B ．倾角θ越大，雨滴对屋顶压力越大C ．倾角θ越大，雨滴从顶端O 下滑至屋檐M 时的速度越大D ．倾角θ越大，雨滴从顶端O 下滑至屋檐M 时的时间越短解析：设屋檐的底角为θ，底边为L ，注意底边长度是不变的，屋顶的坡面长度为x ，雨滴下滑时加速度为a ，对雨滴做受力分析，只受重力mg 和屋顶对雨滴的支持力F N ，垂直于屋顶方向：mgcosθ＝F N ，平行于屋顶方向：ma ＝mgsinθ，雨滴的加速度为：a ＝gsinθ，则倾角θ越大，雨滴下滑时的加速度越大，故A 正确；雨滴对屋顶的压力：F ′N ＝F N ＝mgcosθ，则倾角θ越大，雨滴对屋顶压力越小，故B 错误；根据三角关系判断，屋顶坡面的长度x ＝L 2cosθ，由x ＝12gsinθ·t 2可得：t ＝2L gsin2θ，可见当θ＝45°时，用时最短，D 错误；由v ＝gsinθ·t 可得：v ＝gLtanθ，可见θ越大，雨滴从顶端O 下滑至M 时的速度越大，C 正确．答案：AC5．(2018·青岛一模)如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为30°，质量分别为M 、m 的两个物体通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板．开始时用手按住物体M，此时M到挡板的距离为s，滑轮两边的细绳恰好伸直，而没有力的作用．已知M＝2m，空气阻力不计．松开手后，关于二者的运动下列说法中正确的是()A．M和m组成的系统机械能守恒B．当M的速度最大时，m与地面间的作用力为零C．若M恰好能到达挡板处，则此时m的速度为零D．若M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和解析：运动过程中，M、m与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；当M 速度最大时，弹簧的弹力等于Mgsin30°＝mg，此时m对地面的压力恰好为零，B正确；然后M做减速运动，恰好能到达挡板时，也就是速度刚好减小到了零，之后M会上升并最终到达松手位置，所以此时弹簧弹力大于mg，即此时m受到的绳拉力大于自身重力，m还在加速上升，C错误；根据功能关系，M减小的机械能，等于m增加的机械能与弹簧增加弹性势能之和，而M恰好到达挡板时，动能恰好为零，因此M减小的机械能等于M减小的重力势能，即等于重力对M 做的功，D正确．答案：BD6．质量为2 kg的物体，放在动摩擦因数μ＝0.1的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉力做的功W和物体发生的位移L之间的关系如图所示，重力加速度g取10 m/s2.则此物体()A．在位移L＝9 m时的速度是3 3 m/sB．在位移L＝9 m时的速度是3 m/sC．在OA段运动的加速度是2.5 m/s2D．在OA段运动的加速度是1.5 m/s2解析：由图象可知当L ＝9 m 时，W ＝27 J ，而W Ff ＝－μmgL ＝－18 J ，则W 合＝W ＋W Ff ＝9 J ，由动能定理，有W 合＝12m v 2，解得v ＝3 m/s ，A 项错误，B 项正确；在A 点时，W ′＝15 J ，W ′Ff ＝－μmgL ′＝－6 J ，由动能定理可得v A ＝3 m/s ，则a ＝v 2A 2L ′＝1.5 m/s 2，C 项错误，D 项正确．答案：BD7．如图所示，一带电粒子在两个固定的等量正电荷的电场中运动，图中的实线为等势面，虚线ABC 为粒子的运动轨迹，其中B 点是两点电荷连线的中点，A 、C 位于同一等势面上，下列说法正确的是( )A ．该粒子可能带正电B ．该粒子经过B 点时的速度最大C ．该粒子经过B 点时的加速度一定为零D ．该粒子在B 点的电势能小于在A 点的电势能解析：从该带电粒子的运动轨迹看，固定电荷对它有吸引力，由固定电荷带正电可知，该粒子一定带负电，故A 错误；因为粒子从A 运动到B 的过程中，只受电场力且电场力先做正功后做负功，由动能定理知，动能先增加后减小，故B 点的动能不是最大，则经过B 点时的速度不是最大，故B 错误；B 点是两点电荷连线的中点，合场强为零，故粒子受力为零，则加速度为零，C 正确；因为离正电荷越远，电势越低，即φA <φB ，因粒子带负电，由E p ＝φq 得，E pA >E pB ，故D 项正确．答案：CD8．(2018·舟山模拟)A、B两球带等量异种电荷，带电荷量均为2×10－5 C，两球质量均为0.72 kg，A球通过绝缘细线吊在天花板上，B球一端固定绝缘棒，现将B球放在某一位置，能使绝缘细线伸直，A球静止且与竖直方向的夹角为30°，g取10 m/s2，则B球到A球的距离可能为()A．0.5 m B．1 mC．2 m D．3 m解析：选A球为研究对象，它受重力、库仑力和细线的拉力，三力平衡，由几何关系得，库仑力的最小值为F min＝mgsin30°＝0.72×10×12N＝3.6 N而由F＝kq2r2得r max＝kq2F min＝9×109×4×10－103.6m＝1 m，故A、B正确，C、D错误．答案：AB9．(2018·陕西省宝鸡市高三教学质量检测)如图所示，垂直纸面放置的两根平行长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1>I2，纸面内的一点H到两根导线的距离相等，则该点的磁感应强度方向可能为图中的()A．B4B．B3C．B2D．B1解析：根据题述，I1>I2，由安培定则，I1在H点产生的磁感应强度方向垂直于H和I1连线，指向右下，I2在H点产生的磁感应强度方向垂直于H和I2连线，指向左下．I1在H点产生的磁感应强度比I2在H点产生的磁感应强度大，H点磁感应强度为两磁场的叠加，故H 点的磁感应强度方向可能为图中的B 3，选项B 正确．答案：B10．在变电站里，经常要用交流电表监测电网上的强电流．所用的器材叫电流互感器，如图所示，能正确反映其工作原理的是( )解析：电流互感器把大电流变成小电流，测量时更安全，据变压器原理，I 1I 2＝n 2n 1，I 2＝n 1n 2I 1，所以要求线圈匝数n 2>n 1，原线圈要接在火线上，故本题只有A 正确．答案：A二、非选择题1、如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图．图中A 为小车，质量为m 1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B ，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P 的质量为m 2，C 为弹簧测力计，实验时改变P 的质量，读出测力计不同读数F ，不计绳与滑轮的摩擦．(1)下列说法正确的是( )A ．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B ．实验时应先接通电源后释放小车C ．实验中m 2应远小于m 1D ．测力计的读数始终为m 2g 2(2)如图为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个点没有画出．由此可求得小车的加速度的大小是________ m/s 2(交流电的频率为50 Hz ，结果保留两位有效数字)．(3)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a －F 图象可能是图中的图线( )解析：(1)一端带有定滑轮的长木板必须稍微倾斜，以平衡摩擦力，选项A 错误．实验时应先接通电源后释放小车，选项B 正确．实验中m 2不必远小于m 1，选项C 错误．由于P 向下加速运动，测力计的读数始终小于m 2g 2，选项D 错误．(2)由Δx ＝aT 2解得小车的加速度的大小是0.50 m/s 2.(3)遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a －F 图象，应该是当F 从某一值开始增大，加速度a 才开始增大，所以可能是图线C.答案：(1)B (2)0.50 (3)C2、如图甲所示，倾角θ＝37°的足够长粗糙斜面固定在水平面上，滑块A 、B 用细线跨过光滑定滑轮相连，A 与滑轮间的细线与斜面平行，B 距地面一定高度，A 可在细线牵引下沿斜面向上滑动．某时刻由静止释放A ，测得A 沿斜面向上运动的v －t 图象如图乙所示(B 落地后不反弹)．已知m A ＝2 kg ，m B ＝4 kg ，重力加速度g ＝10 m/s 2，sin37°＝0.6、cos37°＝0.8.求：(1)A 与斜面间的动摩擦因数；(2)A 沿斜面向上滑动的最大位移．解析：(1)在0～0.5 s 内，根据题图乙，可得A 、B 整体的加速度a 1为a 1＝2 m/s 0.5 s ＝4 m/s 2设细线张力大小为F T ，分别对A 、B ，由牛顿第二定律有F T －m A g sinθ－μm A g cosθ＝m A a 1m B g －F T ＝m B a 1联立解得μ＝0.25(2)B 落地后，A 继续减速上升由牛顿第二定律有m A g sinθ＋μm A g cosθ＝m A a 2 代入数据得a 2＝8 m/s 2故A 减速向上滑动的位移x 2＝(2 m/s )22a 2＝0.25 m0～0.5 s 内A 加速向上滑动的位移x 1＝(2 m/s )22a 1＝0.5 m 所以，A 上滑的最大位移x ＝x 1＋x 2＝0.75 m 答案：(1)0.25 (2)0.75。

2018年高考物理二轮复习：7分钟满分训练1 Word版含解析

7分钟满分训练(一)1．[物理——选修3–3](15分)导学号 86084454(1)(5分)(2017·青海省西宁市三校4月模拟)下列说法正确的是( BCE )A ．布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的B ．一定质量的理想气体，温度不变，分子的平均动能不变C ．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大D ．晶体一定具有各向异性，非晶体一定具有各向同性E ．外界对物体做功，物体的内能可能减小[解析] 布朗运动是由液体分子之间的不规则运动引起的，故A 错误；温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子平均动能不变，故B 正确；当分子力表现为引力时，距离增大时，分子力做负功，故分子势能增大，C 正确；只有单晶体具有各向异性，而多晶体是各向同性的，故D 错误；改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做功，物体的内能可能增加也可能减少，故E 正确。

所以BCE 正确，AD 错误。

(2)(10分)(2017·青海省西宁市三校4月模拟)一圆柱形气缸，质量M 为10 kg ，总长度L 为40 cm ，内有一厚度不计的活塞，质量m 为5 kg ，截面积S 为50 cm 2，活塞与气缸壁间摩擦不计，但不漏气，当外界大气压强p 0为1×105 Pa ，温度t 0为7 ℃时，如果用绳子系住活塞将气缸悬挂起来，如图所示，气缸内气体柱的高L 1为35 cm ，g 取10 m/s 2。

求：(i)此时气缸内气体的压强；(ii)当温度升高到多少摄氏度时，活塞与气缸将分离。

[解析] (ⅰ)以气缸为研究对象，受力分析，受到重力、外界大气压力，气缸内气体的压力，根据平衡条件得：p 0S ＝pS ＋Mg ，则：p ＝p 0－Mg S ＝1×105－10050×10－4 Pa ＝0.8×105 PA ． (ⅱ)温度升高，气缸内气体的压强不变，体积增大，根据气体等压变化方程得：V 1T 1＝V 2T 2 当活塞与气缸将分离时，气柱的总长度为40 cm ，代入数据得：35S 280＝40S T 2解得：T 2＝320 K ＝47 ℃。

2018年高考真题全国卷II理综物理试题解析(解析版)详细答案

2018年高考真题全国卷II理综物理试题解析(解析版)详细答案本文没有明显的格式错误，但是有一些排版不规范的问题。

在第一题的解析中，CD错误应该换行，单独成为一句话，并且需要加上标点符号。

在第二题的解析中，最后一句话应该换行，单独成为一段。

在第三题的解析中，密度公式后面应该加上标点符号。

同时，每段话的语言表达也可以更加简洁明了。

例如，第一题的解析可以改为：“木箱在运动过程中受到拉力和摩擦力的作用，根据动能定理可知，动能等于力做功的大小。

因此，动能小于拉力所做的功，选项A正确。

”1014Hz和1015Hz是指频率的单位，108m·s-1是指光速的大小。

根据光电效应方程，只有当光的频率大于某个最小值时，才能产生光电效应。

根据公式f=Φ/h，其中Φ为金属的逸出功，h为普朗克常量，可以求出锌产生光电效应的最低频率为1015Hz。

在同一平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强磁场区域，区域宽度均为l，磁感应强度大小相等、方向交替向上向下。

一边长为的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动，线框中感应电流i随时间t变化的正确图线可能是D。

在移动过程中，左边导体棒切割产生的电流方向是顺时针，右边切割磁感线产生的电流方向也是顺时针，两根棒切割产生电动势方向相同，因此电流恒定且方向为顺时针。

从第二个矩形区域到第三个矩形区域，左右两根棒切割磁感线产生的电流大小相等，方向相反，所以回路中电流表现为零。

从第三个矩形区域到第四个矩形区域，左边切割产生的电流方向逆时针，右边切割产生的电流方向也是逆时针，所以电流的大小为，方向是逆时针。

当线框再向左运动时，左边切割产生的电流方向顺时针，右边切割产生的电流方向是逆时针，此时回路中电流表现为零，故线圈在运动过程中电流是周期性变化，因此D是正确的选项。

甲、乙两汽车同一条平直公路上同向运动，其速度-时间图像分别如图中甲、乙两条曲线所示。

已知两车在t2时刻并排行驶，下列说法正确的是BD。

2018年高考物理+答案详解

由F
= kx
可得： k= F = x
mg x2 − x1
0.100 9.8 =（3.775 −1.950）10−2
N / m 53.7N / m
。
考点：形变、弹性、胡克定律弹力和弹簧伸长的关系实验
7
启达教育
10.（10 分）某实验小组利用如图（a）所示的电路探究在 25℃~80℃范围内某热敏电阻的温度特性。所用器材有：置于温控室（图中虚线区域）中的热敏电阻 RT，其标称值（ 25℃时的阻值）为 900.0Ω；电源 E（6V，内阻可忽略）；电压表 V（量程 150mV）；定值电阻 R0（阻值 20.0Ω），滑动变阻器 R1（最大阻值为 1000 ）；电阻箱 R2（阻值范围 0~999.9 ）；单刀开关 S1，单刀双掷开关 S2。
E0=0，由动能定理可知 Ek-E0=Fs，即 Ek=Fs，所以 Ek 与 s 成正比。
另外 Ek = 1 mv2 = 1 ma2t2 = p2 ，ACD 错误。
2
2
2m
考点：匀速直线运动
2. 如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块 P，系统处于静止状态。现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其向上做匀加速直线运动。以 x 表示 P 离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示 F 和 x 之间关系的图像可能正确的是（）。
6
启达教育
9.（5 分）如图（a），一弹簧上端固定在支架顶端，下端悬挂一托盘；一标尺由游标和主尺构
成，主尺竖直固定在弹簧左边；托盘上方固定有一能与游标刻度线准确对齐的装置，简化为
图中的指针。
现要测量图（a）中弹簧的劲度系数。当托盘内没有砝码时，移动游标，使其零刻度线对准指

2018年高考物理二轮复习 8分钟精准训练4

8分钟精准训练(四)1．(5分)(2017·陕西省师大附中二模) 在“探究做功与速度变化的关系”的实验中，某小组同学组装了如图所示装置，PQ 为一块倾斜放置的木板，将带有遮光片的小车从斜面上不同位置由静止释放，在斜面底端Q 处固定有一个光电门，测出小车从开始运动到经过光电门处的距离L 及小车经过光电门处遮光片的挡光时间t ，就能完成“合外力做功与速度变化的关系”探究。

(1)某同学为了寻找合外力做功与速度变化的关系，测出了几组L 与t 的数值，在坐标纸上画出了L －1t图象如图所示。

在实验中需要保持不变的是( C ) A ．小车的释放位置B ．小车的质量C ．导轨倾斜的角度D ．光电门的位置图象。

v ＝d t (d 为遮光片的宽度)，由动能定理得：L ＝d 22g θ－μg cos θ·(1t)2，由此可知实验中需要保持不变的是导轨倾斜的角度，故B 正确，ACD 错误。

(2)由(1)可知尝试做出L －1t2的图象更直观。

(3)重力和摩擦力的总功W 也与距离L 成正比，因此不会影响探究的结果。

2．(10分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)实验室中有一块量程较小的电流表G ，其内阻约为1000 Ω，满偏电流为100 μA ，将它改装成量程为1 mA 、10 mA 双量程电流表。

现有器材如下：2A ．滑动变阻器R 1，最大阻值50 Ω；B ．滑动变阻器R 2，最大阻值50k Ω；C ．电阻箱R ′，最大阻值9999 Ω；D ．电池E 1，电动势3.0 V ；E ．电池E 2，电动势4.5 V ；(所有电池内阻均不计)；F ．单刀单掷开关S 1和S 2，单刀双掷开关S 3，及导线若干。

(1)采用如图甲所示电路测量电流表G 的内阻，为提高测量精确度，选用的滑动变阻器为 B __，选用的电池为 E __(填器材前的字母序号)；采用此种方法电流表G 内阻的测量值 <__真实值(填“＞”、“＝”或“＜”)。

高考物理二轮复习训练：7分钟满分训练2Word版含解析

7分钟满分训练(二)1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)(2018·江西省高三下学期十校模拟)下列说法中正确的是(CDE)A．分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零B．布朗运动是由于液体分子对固定小颗粒的撞击引起的，固体小颗粒的体积越大，液体分子对它的撞击越多，布朗运动就越显著C．在墙壁与外界无热传递的封闭房间里，夏天为了降低温度，同时打开电冰箱和电风扇，两电器工作较长时间后，房子内的气温将会增加D．一定质量的理想气体经历等温压缩过程时，气体压强增大，从分子动理论观点来分析，这是因为单位时间内，器壁单位面积上分子碰撞的次数增多E．在轮胎爆裂这一短暂过程中，气体膨胀，温度下降[解析]设分子平衡距离为r，分子距离为r。

当r>r0，分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当r<r0，分子力表现为斥力，分子距离越小，分子势能越大；故当r ＝r0，分子力为0，分子势能最小；由于分子势能是相对的，其值与零势能点的选择有关，所以分子距离为平衡距离时分子势能最小，但不一定为零，A错误；布朗运动是由于液体分子对固体小颗粒的撞击引起的，固体小颗粒的体积越大，液体分子对它的撞击越多，不平衡性越不明显，布朗运动就越不显著，B错误；夏天为了降低温度同时打开电冰箱和电风扇，二电器工作较长时间后，为此消耗电能，故W>0，与外界无热交换，故Q＝0，根据热力学第一定律公式ΔU＝W＋Q，房内气体内能增加，故房间内部的气温将升高，C正确；由玻意耳定律可知气体的体积减小，分子数密度增加，故单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数增多，D正确；当车胎突然爆裂的瞬间，气体膨胀对外做功，这一短暂过程中气体与外界热量交换很少，根据热力学第一定律气体内能是减少，温度降低，E正确。

(2)(10分)(2018·江西省高三下学期十校模拟)如图所示，截面积分别为S A＝1cm2、S B＝0.5cm2的两个上部开口的柱形气A、B，底部通过体积可以忽略不计的细管连通，A、B两个气缸内分别有两个不计厚度的活塞，质量分别为m A＝1.4kg、m B＝0.7kg。

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7分钟满分训练(四)
1．[物理——选修3–3](15分)导学号 86084460
(1)(5分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟) 下列说法正确的是( BCE )
A．一切自然过程总是沿着分子热运动无序性减小的方向进行
B．机械能转化为内能的实际宏观过程是不可逆过程
C．气体可以从单一热源吸收热量，全部用来对外做功
D．第二类永动机没有违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律
E. 热量可以从低温物体传到高温物体，但是不可能不引起其它变化
[解析] 由熵增加原理知，一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，故A错误；根据热力学第二定律知，机械能转化为内能的实际宏观过程是不可逆过程，故B正确；在外界的影响下，气体可以从单一热源吸收热量，全部用来对外做功，故C正确；第二类永动机没有违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，故D错误；根据热力学第二定律知，热量可以从低温物体传到高温物体，但是不可能不引起其它变化。

故E正确。

(2)(10分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)如图所示，两个可导热的气缸竖直放置，它们的底部由一细管连通(忽略细管的容积)。

两气缸各有一个
活塞，质量分别为m
1和m
2
，活塞与气缸无摩擦。

活塞的下方为理想气体，上方
为真空。

当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度h.(已知m
1＝2m，m
2
＝m)
①在两活塞上同时各放一质量为m的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差(假定环境温度始终保持为T
);
②在达到上一问的终态后，环境温度由T
0缓慢上升到1.25T
，试问在这个
过程中，气体对活塞做了多少功？(假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到气缸顶部)。

[解析] (1)开始时两缸内的气压相等，从而可得出两活塞的面积关系，两活塞上同时各加一质量为m的物块后，就打破了原有的平衡，面积小的活塞会下
沉，直至面积小的活塞移到底部，再确定左侧气体的状态参量，整个过程是等温变化，由气体的状态方程可得出左缸气体的高度，即为两活塞的高度差。

(2)缓慢升温气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律求体积变化，求出活塞移动的距离，根据W ＝F 1Δx 求功
(1)设左、右活塞的面积分别为S ′和S ，由于气体处于平衡状态，故两活塞对气体的压强相等，即：
2mg S ′＝mg S
，由此得S ′＝2S 在两个活塞上各加质量为m 的物块后，假设左右两活塞仍没有碰到汽缸底部，
由平衡条件：P 左＝3mg 2S ，P 右＝2mg S
，P 左＜P 右，则右活塞降至气缸底部，所有气体都在左气缸中。

在初态，气体的压强为
mg S ，体积为3Sh ；在末态，气体压强为2mg 2S
，体积为2xS(x 为左活塞的高度)
由玻意耳定律得：mg S ·3Sh ＝3mg 2S
·2xS 解得：x ＝h ，即两活塞的高度差为x ＝h ②当温度由T 0上升至T ＝1.25T 0时，气体的压强不变，设x ′是温度达到T
时左活塞的高度，
由盖·吕萨克定律得：x ′＝T T 0
x ＝1.25h 活塞对气体做的功为：W ＝F Δx ＝3mg(x ′－x)＝0.75mgh
2．[物理——选修3–4](15分)导学号 86084461
(1)(5分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)如图所示，a 、b 、c 、d …为传播简谐横波的介质中一系列等间隔的质点，相邻两质点间的距离均为0.1 m 。

若某时刻向右传播的波到达a 质点，a 开始时先向上运动，经过0.2 s ，d 质点第一次达到最大位移，此时a 正好在平衡位置。

已知质点振幅为2 cm, ad 沿传播方向上的距离小于一个波长。

则该简谐横波在介质中的波速可能值为 3或2__m/s ，此时质点j 的位移为 0__cm 。

[解析] 波从a传到d时，d开始向上振动，经过1
4
T第一次达到最大位移，
而a正好在平衡位置，可能经过平衡位置向下，也可能经过平衡位置向上。

若a正好经过平衡位置向下，则a已经振动了1
2
T，波从a传到d的时间为
1
4
T，
则ad间的距离为1
4
λ，即有
1
4
λ＝0.3 m，可得波长λ＝1.2 m，且
T
2
＝0.2 s，得T
＝0.4 s，故波速v＝λ
T
＝
1.2
0.4
＝3 m/s。

在时间
T
2
内，波传播的距离为
1
2
λ＝0.6 m，
所以波还没有传到j，j的位移为0。

若a正好经过平衡位置向上，则a已经振动了T，波从a传到d的时间为3
4 T，
则ad间的距离为3
4
λ，即有
3
4
λ＝0.3 m，可得波长λ＝0.4 m，且T＝0.2 s，故波
速v＝λ
T
＝2 m/s，在T时间内，波传播的距离为λ＝0.4 m，所以波还没有传到j，
j的位移为0。

(2)(10分)(2017·江西省南昌市十所省重点中学模拟)如图所示，真空中两细束平行单色光a和b从一透明半球的左侧以相同速率沿半球的平面方向向右移动，光始终与透明半球的平面垂直。

当b光移动到某一位置时，两束光都恰好从透明半球的左侧球面射出(不考虑光在透明介质中的多次反射后再射出球面)。

此时a和b都停止移动，在与透明半球的平面平行的足够大的光屏M上形成两个小
光点。

已知透明半球的半径为R，对单色光a和b的折射率分别为n
1＝
23
3
和n
2
＝2，光屏M到透明半球的平面的距离为L＝(1
2
＋
3
2
)R，不考虑光的干涉和衍射，
真空中光速为c，求：
①两细束单色光a和b的距离d；
②两束光从透明半球的平面入射直至到达光屏传播的时间差Δt。