2020届山东省威海荣成市高三上学期期中考试物理试题(实验班)(解析版) (1)

2020届山东省威海荣成市高三上学期期中考试物理试题（实验班）（解析版）本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共8页。

满分100分，考试用时90分钟。

答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号填写在答题卡规定的位置。

考试结束后，只将答题卡交回。

第Ⅰ卷（选择题共40分）注意事项：1.第Ⅰ卷共10小题。

2.每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

一、选择题：本题共10小题，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，每题4分；第7~10题有多项符合题目要求，每题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1. 下列说法正确的是（ ）A. 做匀加速直线运动的物体，初速度越大，时间越长，其位移也一定越大B. 做匀加速直线运动的物体，任意连续相等时间内的位移之比均为1：3：5C. 做匀减速直线运动的物体，其加速度与速度变化量的方向一定相反D. 做匀减速直线运动的物体，任意时间内中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置的瞬时速度 【答案】D 【解析】 【详解】A ．根据02tv v x t +=可知，做匀加速直线运动的物体，初速度越大，时间越长，其位移不一定越大，选项A 错误；B ．做初速度为零的匀加速直线运动的物体，从运动开始计时，在任意连续相等时间内的位移之比均为1：3：5，选项B 错误；C ．无论物体做匀加速还是匀减速，其加速度与速度变化量方向一定是相同的，选项C 错误；D ．设初速度为v 0，末速度为v ，则中间时刻的瞬时速度012v vv +=中间位置的瞬时速度22022v v v +=因为2222222000021()20424v v v v vv v v v v +++--=-=＞知无论加速还是减速，则总是v 1＜v 2，即任意时间内中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置的瞬时速度，选项D 正确。

故选D 。

2. 木块A 、B 分别重50N 和60N ，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A 、B 之间的轻弹簧被压缩了2cm ，弹簧的劲度系数为400N/m ，系统置于水平地面上静止不动。

现用F =2N 的水平拉力作用在木板B 上，如图所示，则F 作用后木板A 、B 所受摩擦力的大小分别为（ ）A. 8N ，10NB. 8N ，15NC. 10N ，8ND. 10N ，15N【答案】A 【解析】【详解】木块受到的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，木块A 受到的最大静摩擦力A A 12.5N F G μ==木块B 受到的最大静摩擦力B B 15N F G μ==弹簧对木块A 、B 的弹力为8N F kx ==弹对于木块A ，弹簧对木块A 的弹力小于木块A 受到的最大静摩擦力，所以木块A 处于静止状态，根据平衡可得，A 受到静摩擦力A =8N F 静对于木块B ，在水平方向拉力F 和弹簧对木块B 的弹力的合力为8N 2N 10N +=小于木块B 受到的最大静摩擦力，所以木块B 处于静止状态，根据平衡可得，B 受到静摩擦力=10N F B 静故选A 。

3. 如图所示，一根铁棒AB 两端分别沿竖直墙壁和水平地面滑动，当铁棒滑到与竖直墙壁成θ角时，A 端下滑的速度为v ，则此时B 端移动的速度为（ ）A. v sinθB.sin v θC. v tanθD.tan v θ【答案】D 【解析】【详解】将A 点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度为v A ∥=v cos θ将B 点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度v B ∥=v B sin θ由于v A ∥=v B ∥所以tan B v v θ=故D 正确，ABC 错误。

故选D 。

4. 在一根绳上串着两个质量不同的小球1、2，已知两小球的质量关系m 1<m 2，当手提着绳的上端使两小球沿水平方向一起向右做匀加速直线运动时（空气阻力忽略不计），则下图中正确的是（ ）A. B. C. D.【答案】C 【解析】【详解】手提着绳端沿水平方向一起做匀加速直线运动，对整体分析，整体受到重力和拉力，两个力的合力水平向右，根据平行四边形定则知，则拉力的方向斜向右上方，对下面小球m 2，利用牛顿第二定律，则在水平方向有2cos T m a α=而在竖直方向则有2sin T m g α=对上面小球同理有1cos cos F T m a βα-= 1sin sin F T m g βα=+联立解得12cos ()F m m a β=+ 12sin )F m m g β=+(则tan g aβ=而tan g aα=则=αβ故选C 。

5. 如图所示，A 、B 是位于水平桌面上两个质量相等的小滑块，离墙壁的距离分别为L 和2L，与桌面之间的动摩擦因数分别为A μ和B μ，现给滑块A 某一初速度，使之从桌面右端开始向左滑动，设AB 之间、B 与墙壁之间的碰撞时间都很短，且碰撞中没有能量损失，若要使滑块A 最终不从桌面上掉下来，滑块A 的初速度的最大值为（ ）()A B gL μμ+()2A B gL μμ+C. ()2A B gL μμ+()12A B gL μμ+【答案】B 【解析】【详解】以A 、B 两物体组成的系统为研究对象，A 与B 碰撞时，由于相互作用的内力远大于摩擦力，所以碰撞过程中系统的动量守恒。

设A 与B 碰前速度为v A ，碰后A 、B 的速度分别为v A ′、v B ′，由动量守恒定律得A A A AB B m v m v m v ='+'由于碰撞中总动能无损失，所以2'2'2A A A A B B 111222m v m v m v =+ 且A B m m m ==联立得A B A 0v v v '='=，即A 与B 碰后二者交换速度。

所以第一次碰后A 停止运动，B 滑动；第二次碰后B 停止运动，A 向右滑动，要求A 最后不掉下桌面，它所具有的初动能正好等于A 再次回到桌边的全过程中A 、B 两物体克服摩擦力所做的功，即20A B 12()2222L L mv mg L mg μμ=-+ 解得0A B 2()v g L μμ=+故ACD错误，B 正确。

故选B 。

6. 螺丝钉是利用斜面自锁原理制成的。

其原理如图所示，螺母与螺杆的螺纹结合，可以看作由两个叠放在一起并卷曲起来的同倾角斜面组成，设螺母、螺杆间的动摩擦因数为μ，斜面的高为螺距h ，底为圆周长2πr ，当螺杆受到很大的压力F 时，仍然不会移动（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），则应满足的关系为（ ）A. h ≤2πμrB. h ≤πμrC. h ≥2πμrD. h ≥πμr【答案】A 【解析】【详解】当螺杆受到很大的压力F 时，仍然不会移动，由受力分析图可知()N 22cos 2πF F Fh r θ==+()f 222πN F F h r μ==+由平衡知识()f 22sin 2πF F h r θ≥=+可得2πr h μ≥故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

7. 如图所示，水星和金星绕太阳的运动可视为匀速圆周运动。

若测得在相同时间内水星、金星转过的角度分别为θ1、θ2（均为锐角），则由此条件可求得水星和金星（）A. 质量之比为θ1：θ2B. 绕太阳运动的周期之比为θ2：θ1C. 232θ231θD. 与太阳连线扫过的面积之比为1：1【答案】BC【解析】【详解】AB．水星和金星作为环绕体，根据=tθω可知22=tTππωθ=可求出周期比1221TTθθ=但无法它们求出质量之比，故A错误，B正确。

C．根据开普勒第三定律33122212r rT T=可知2232113223221r Tr Tθθ==选项C正确；D．因火星和金星沿不同的轨道绕太阳运动，则在相同时间内火星和金星与太阳连线扫过的面积之比不相等，选项D错误。

故选BC。

8. 将一小球竖直向上抛出，取竖直向上为正方向，设小球在抛出点的重力势能为零，小球所受空气阻力大小恒定。

从抛出到落回抛出点的过程中，小球的加速度a、速度v、机械能E、动能E k与其离开抛出点高度h 之间的关系正确的是（ ）A. B.C. D.【答案】AD 【解析】【详解】A ．小球所受空气阻力大小恒定，上升阶段是匀减速直线运动，取向上为正方向，根据牛顿第二定律有1()mg f ma -+=a 1大小恒定，方向向下，小球所受空气阻力大小恒定，下降阶段是匀加速直线运动，取向上为正方向，根据牛顿第二定律有2f mg ma -=a 2大小恒定，方向向上，且有12a a >故A 正确；B ．上升阶段是匀减速直线运动，取向上为正方向，有22012v v a h -=非一次线性函数，同理可知，下降过程的v h -图像也非一次线性函数，故B 错误； C ．上升过程机械能E 与小球离抛出点高度h 的关系为0E E fh =-下降过程机械能E 与小球离抛出点高度h 的关系为1()E E f H h =--由图像可知，故C 错误；D ．上升过程动能E k 与小球离抛出点高度h 的关系为0()k k E E mg f h =-+下降过程动能E k 与小球离抛出点高度h 的关系为'()()k E mg f H h =--且落回出发点的动能小于抛出时的动能，故D 正确。

故选AD 。

9. 如图所示，用一轻质弹簧把两块质量分别为m 和M 的木块A 、B 连接起来，组成一个系统，竖直放在水平地面上，力F 竖直向下作用在木块A 上，使系统处于静止状态。

若突然撤去力F （空气阻力忽略不计），下列说法正确的是（ ）A. 撤去力F 的瞬间，木块A 的加速度大小为FmB. 撤去力F 后，木块A 向上运动的过程中，该系统机械能一直减小C. 为使木块B 能够离开地面，应保证F ≥（M +m ）gD. 若木块B 能够离开地面，则从木块B 离开地面到再次回到地面的过程中系统动量守恒 【答案】AC 【解析】【详解】A ．有力F 作用时A 处于平衡状态，即重力、弹力、F 三者的合力为零，撤去力F 后弹簧弹力及A 的重力不变，则A 所受合力与F 等大反向，由牛顿第二定律有F a m=故A 正确；B ．撤去力F 后，系统只有重力和弹簧弹力做功，故A 、B 、弹簧和地球组成的系统机械能守恒，故B 错误；C ．有力F 作用时A 处于平衡状态，此时弹簧弹力方向向上，大小为1F F mg =+木块B 刚好离开地面时，弹簧弹力方向向下，大小为2F Mg =要使B 能离开地面的临界条件为，B 刚好离开地面时A 的速度也为0，设此过程中A 向上运动的距离为L ，则122F FL mgL-=联立解得()F m M g=+所以为使木块B能够离开地面，应保证F≥(M+m)g，故C正确；D．若木块B能够离开地面，则向上做减速后向下做加速运动，说明系统合力不为0，则动量不守恒，故D 错误。