2017届赤峰二中高二上学期期末考试物理卷(2016.01)

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赤峰市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题

赤峰市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A 的小球a 固定于圆心O 的正下方半圆上A 点；带电量为q ,质量为m 的小球b 静止于B 点，其中∠AOB =30°。

由于小球a 的电量发生变化，现发现小球b 沿容器内壁缓慢向上移动，最终静止于C 点(未标出)，∠AOC =60°。

下列说法正确的是（）A ．水平面对容器的摩擦力向左B ．容器对小球b 的弹力始终与小球b 的重力大小相等C ．出现上述变化时，小球a 的电荷量可能减小D ．出现上述变化时，可能是因为小球a 的电荷量逐渐增大为32(23)A q【答案】BD 【解析】【分析】【详解】A ．对整体进行受力分析，整体受到重力和水平面的支持力，两力平衡，水平方向不受力，所以水平面对容器的摩擦力为0，故A 错误；B ．小球b 在向上缓慢运动的过程中，所受的外力的合力始终为0，如图所示小球的重力不变，容器对小球的弹力始终沿半径方向指向圆心，无论小球a 对b 的力如何变化，由矢量三角形可知，容器对小球的弹力大小始终等于重力大小，故B 正确； C ．若小球a 的电荷量减小，则小球a 和小球b 之间的力减小，小球b 会沿半圆向下运动，与题意矛盾，故C 错误；D ．小球a 的电荷量未改变时，对b 受力分析可得矢量三角形为顶角为30°的等腰三角形，此时静电力为22sin15Aqq mg kL ︒= a 、b 的距离为2sin15L R =︒当a 的电荷量改变后，静电力为2Aqq mg kL '='a 、b 之间的距离为L R '=由静电力122'q q F kL = 可得3223A A q q -=-'（）故D 正确。

故选BD 。

2．电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A 、B ，AB 连线中点为O.在A 、B 所形成的电场中，以O 点为圆心半径为R 的圆面垂直AB 连线，以O 为几何中心的边长为2R 的正方形平面垂直圆面且与AB 连线共面，两个平面边线交点分别为e 、f ，则下列说法正确的是( )A ．在a 、b 、c 、d 、e 、f 六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B ．将一电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力始终不做功C ．将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D ．沿线段eOf 移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大【答案】BC 【解析】图中圆面是一个等势面，e 、f 的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e 、f 的场强相同，故A 错误．图中圆弧egf 是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU 可知：将一正电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力不做功，故B 正确．a 点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU 可知：将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C 正确．沿线段eof 移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D 错误．故选BC ．【点睛】等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU 分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．3．如图，质量分别为m A和m B的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A和q B，用绝缘细线悬挂在天花板上。

内蒙古赤峰市2016-2017学年高二下学期期末考试物理试

注意事项：1.本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。

答卷前，考试务必将自己的姓名、准考证号写在答题卡上。

2.答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。

写在本试卷上无效。

3.考试结束时，将答案写在答题卡相应位置上，写在本试卷上无效。

4.考试结束，将试题卷和答题卡一并交回。

第I卷（选择题共48分）一．选择题(本题共12小题，每小题4分,共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～9题只有一项符合题目要求，第10～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不做答的得0分)1.关于物理学家做出的贡献，下列说法正确的是A.奥斯特发现了电磁感应现象B.韦伯发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系C.洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律D.安培观察到通电螺旋管和条形磁铁的磁场很相似，提出了分子电流假说2.两个相同的金属小球A、B，可视为点电荷，所带的电量q A=+q0、q B=-9q0,相距r放置时，相互作用的引力大小为F，现将A球与B球接触，再把A、B两球间的间距增大到2r，那么A、B之间的相互作用力将变为A.引力、928FB. 斥力、914FC. 斥力、49FD. 引力、94F3.下列各物理量的表达式中，是用比值法定义该物理量的是A.加速度F am =B.电场强度F Eq =C.电功率2U PR =D.电流强度U I R=4.如图所示，实线是一簇标明方向的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图作出正确判断的是A.带电粒子带的是正电B.带电粒子在a 点的受力较小C.带电粒子在b 点的加速度较大D.带电粒子在a 点的电势能较大5.某水电站发电机的输出功率为200kW ，输电线总电阻为0.05Ω，用110V 和11kV 两种电压输电，下列关于两种情况下输电线上的电功率损失之比正确的是 A.1001 B. 100001 C. 1100 D. 1100006.某小型发电机线圈内阻r =1.0Ω，产生的电动势为202sin10(V)e t π=，用其给阻值R =9.0Ω的台灯供电，设灯泡电阻丝电阻不随温度变化.则下列说法正确的是 A.此发电机产生交流电的频率50Hz B.用电压表测得台灯灯泡上的电压为20V C.用电流表测得流过台灯灯泡的电流为2A D.台灯灯泡消耗的功率为40W7.如图所示的电路中，三个灯泡相同，而且足够耐压，电源内阻忽略，单刀双掷开关S 接A 时，三个灯亮度相同，那么S 接B 时会出现的现象是A. 三个灯亮度仍然相同B. 甲灯最亮，丙灯不亮C. 甲灯和乙灯亮度相同，丙灯不亮D. 丙灯不亮，乙灯最亮8.如下图所示，面积为0.1m2的10匝线圈EFG处在某磁场中，t=0时，磁场方向垂直于线圈平面向里i，磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示. 已知线圈与右侧电路接触良好，电路中的电阻R=4Ω，电容C=10μF，线圈EFG的电阻为1Ω，其余部分电阻不计．则当开关S 闭合，电路稳定后，在t1=0.1s至t2=0.2s这段时间内A. 通过R的电流是2.5AB. 通过R的电流方向从a到bC. 电容器极板带电量为8×10-2CD. R消耗的电功率是0.16W9.如图所示，若电子在阴极处无初速度，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为L，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离也是L.在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如右图所示．每个电子穿过平行板的时间极短，可以认为电压是不变的，则在t=0.06s时刻，电子打在荧光屏上的位置与O点的距离为A. 92L B.34L C.2720L D.2740L10.如图所示，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，正好是一个矩形的四个顶点，其中长ad=20cm，宽203cmab ，电场线与矩形所在平面平行.已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，下列结论正确的是A. c的电势为0VB. c的电势8VC.匀强电场的电场强度的大小是100V/mD.匀强电场的电场强度方向是b →a11.2017年2月12日，著名导弹和火箭技术专家、两弹一星功勋奖章获得者，中科院资深院士任新民因病医治无效逝世，享年102岁.下列核反应方程属于研究“两弹”的基本核反应方程是 A.235190136192038540U+n Sr+Xe+10n →B.1441717281N+He O+H →C.238234492902U Th+He →D.23411220H+H He+n →12.如图所示的是研究光电效应规律的电路，图中标有A 和K 的为光电管，其中A 为阴极，K 为阳极，电表为理想电表.现接通电源，用能量为10.5eV 的光子照射阴极A ，电流计中有示数，若将滑动变阻器的滑片P 缓慢向右滑动，电流计的读数逐渐减小，当滑至某一位置时电流计的读数恰好为零，读出此时电压表的示数为6.0V ；现保持滑片P 位置不变，以下判断正确的是A.若增大入射光强度，电流计的读数不为零B.光电管阴极材料的逸出功为4.5eVC.若用光子能量为12eV 的光照射阴极A ，光电子最大初动能一定变大D.若用光子能量为9.5eV 的光照射阴极A ，同时把滑片P 向左移动少许，电流计的读数不一定为零第II 卷（非选择题共52分）二、非选择(包括必考题和选考题两部分。

教育最新K12内蒙古赤峰二中2017-2018学年高二物理上学期升学考试(一模)试题(含解析)

赤峰二中2016级高二第一次模拟考试物理试题一、选择题（每小题4分，共48分。

其中第9--12题是多选题，其他的题是单选题，）1. 物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列说法中正确的是（）A. 卡文迪许发现了万有引力定律B. 牛顿通过实验测出了万有引力常量C. 开普勒研究第谷的天文观测数据，发现了行星运动的规律D. 伽利略发现地月间的引力满足距离平方反比规律【答案】C【解析】牛顿发现了万有引力定律，选项A错误；卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，选项B错误；开普勒研究第谷的天文观测数据，发现了行星运动的规律，选项C正确；牛顿发现地月间的引力满足距离平方反比规律，选项D错误；故选C.2. 古典诗词作为中华民族的优秀文化，传承了“正心、修身、齐家、治国、平天下”的思想内涵。

从物理的角度看古诗词会发现有的诗词中也蕴含了朴索的物理知识。

在下面四句诗词的物理分析中错误．．的是( )A. 毛泽东的《送瘟神》中“坐地日行八万里，巡天遥看一千河”。

是指位于地球表面的人随地球自转每天的行程约为八万里，这个结论与人的位置无关。

B. 陈与义的《襄邑道中》中“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风。

卧看满天云不动，不知云与我俱东。

”在这首诗中，诗人艺术性地表达了他对运动相对性的理解。

诗中描述了“花”、“榆堤”和“云”的运动都是以船为参考系。

C. 苏轼的《江城子密州出猎》中“会挽雕弓如满月，西北望，射天狼”诗词中描述的情景涉及到了弹性势能转化为动能的过程。

D. 冯梦龙的《醒世恒言》中“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟。

”诗词中“临崖立马收缰晚”说明物体具有惯性，物体的运动状态不能突变。

【答案】A【解析】“坐地日行八万里”中八万里即四万公里，等于赤道的长度，所以这个结论与人的位置有关．故A错误；参考系是为了研究问题方便而假定静止不动的物体．故只要研究对象与参考系的相对位置不发生变化，则观察到的结果是物体静止不动．在本题中船是向东高速行驶，诗中描述了“花”、“榆堤”和“云”的运动都是以船为参考系．故B正确；会挽雕弓如满月，则发生了弹性形变的弓具有一定的弹性势能，释放后，弓的弹性势能转化为箭的动能．故C正确；惯性是物体总有保持原有运动状态不变的性质，一切物体都有惯性，“临崖立马收缰晚”说明物体具有惯性，物体的运动状态不能突变．故D正确．本题选择不正确的，故选A.点睛：该题考查对相对运动、参考系、惯性等物理概念的理解，真正理解了参考系等概念即可顺利解决此类题目，而要理解这一概念就必需多看课本，多认真处理此类题目．3. 在跳高运动员落地的位置通常会放置海绵垫，这样做是为了( )A. 减小运动员落地时的动量B. 减小运动员的动量变化C. 减小运动员所受的冲量D. 减小运动员落地时受到的平均作用力【答案】D【解析】试题分析：跳高运动员在落地的过程中，动量变化一定．由动量定理可知，运动员受到的冲量一定，延长与地面的接触时间，可以减小运动员受到的冲击力．落地时，速度一定，跳高运动员在落地的过程中，动量变化一定．由动量定理可知，运动员受到的冲量I一定；跳高运动员在跳高时跳到沙坑里或跳到海绵垫上可以延长着地过程的作用时间t，由I=Ft可知，延长时间t可以减小运动员所受到的平均冲力F，D正确．4. 如图所示，光滑的水平面上，小球在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球到达P点时F突然发生变化，下列关于小球运动的说法正确的是( )A. F突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动B. F突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动C. F突然变大，小球将沿轨迹Pb做离心运动D. F突然变小，小球将沿轨迹Pc逐渐靠近圆心【答案】A【解析】在水平面上，细绳的拉力提供m所需的向心力，当拉力消失，物体受力合为零，将沿切线方向做匀速直线运动．当拉力突然减小时，将沿pb轨道做离心运动，若变大时，则沿着轨迹Pc运动，故A正确．5. 一自身质量为100千克的小船静止在平静的湖面上,船长为6米,一质量为50千克的人从船尾走到船头,在此过程中船对岸的位移大小为(人行走前人、船均静止,水的阻力不计)（）A. 3米B. 2米C. 4米D. 0【答案】B6. 如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，某次球与墙壁上A点碰撞后水平弹离，恰好垂直落在球拍上的B点，已知球拍与水平方向夹角，AB两点高度差，忽略空气阻力，重力加速度，则球刚要落到球拍上时速度大小为( )A.B.C.D.【答案】C【解析】根据h＝gt2得；竖直分速度：刚要落到球拍上时速度大小，C正确，ABD错误；故选C.点睛:本题考查平抛运动的处理方法，平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，一定要记住平抛运动的规律．7. 我国首颗量子科学实验卫星于2016年8月16日1点40分成功发射．量子卫星成功运行后，我国将在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信，构建天地一体化的量子保密通信与科学实验体系．假设量子卫星轨道在赤道平面，如图所示．已知量子卫星的轨道半径是地球半径的m倍，同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，图中P点是地球赤道上一点，由此可知（）A. 同步卫星与量子卫星的运行周期之比为B. 同步卫星与P点的速率之比为C. 量子卫星与P点的速率之比为D. 量子卫星与同步卫星的速率之比为【答案】C【解析】根据，得，由题意知r量子＝mR，r同步＝nR，所以，故A错误；P为地球赤道上一点，P点角速度等于同步卫星的角速度，根据v=ωr，所以有，故B错误；根据，得，所以，故D错误；综合上述分析有v同=nv P，，得，故C正确；故选C.8. 转笔是一项深受广大学生喜爱的休闲活动，如图所示，长为L的笔绕笔杆上的O点做圆周运动，当笔尖的速度为v1时，笔帽的速度为v2，则转轴O到笔尖的距离为（）A. B.C. D.【答案】B【解析】笔尖与笔帽的角速度相等，根据v=rω知，，又r1+r2=L，所以，则．故B正确，ACD错误．故选B.点睛：解决本题的关键知道两球的角速度相等，通过线速度之比得出转动的半径之比是本题的突破口．9. 如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。

内蒙古赤峰二中高二物理上学期精选试卷检测题

内蒙古赤峰二中高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。

某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。

直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。

2017-2018学年内蒙古赤峰市、呼和浩特市高二上学期校际联考期末考试物理试题解析版

2017-2018学年内蒙古赤峰市、呼和浩特市校际联考高二（上）期末物理试卷一、单选题1.对于由点电荷Q产生的电场，下列说法正确的是A. 电场强度的表达式仍成立，即，式中的Q就是产生电场的点电荷所带电量B. 在真空中，点电荷产生电场强度的表达式为，式中Q就是产生电场的点电荷所带电量C. 在真空中，式中Q是试探电荷D. 任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积【答案】B【解析】【分析】电场强度公式适用于所有的电场，E为场源电荷产生的场强，q为试探电荷；点电荷的场强公式，其中E就是式中Q产生的场强．【详解】A、电场强度的表达式仍成立，式中q指的是试探电荷的电荷量，并非场源点电荷Q，场源点电荷的场强公式为：，所以A错误；B、在真空中，电场强度的表达式为，式中Q就是产生电场的电荷，所以B正确；C、在真空中，式中Q是产生电场的点电荷，所以C错误；D、由于点电荷产生的电场强度不是匀强电场，所以任意两点间的电势差不等于场强和这两点间距离的乘积，故D错误；故选：B【点睛】本题是基础的题目，考查的就是学生对基本公式使用条件及物理量的物理意义，在平时要注意多积累．2.下列说法中，正确的是A. 电场线与磁感线都是电场或磁场中实际存在的线B. 地理南极正上方磁场方向竖直向上，地理北极正上方磁场方向竖直向下C. 电场线和磁感线都不是不闭合曲线D. 电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布越密的地方，同一通电导线所受的磁场力也越大【答案】B【解析】【分析】磁感线和电场线都是人们为形象描述场而假想的；利用磁感线和电场线的分布特点和疏密程度都反映场的强弱；导线受到的安培力：。

【详解】A、磁感线和电场线都是人们为形象描述场而假想的，并不是实际存在的故A错误；B、根据地球的磁场的特点可知，地理南极正上方磁场方向竖直向上，地理北极正上方磁场方向竖直向下故B正确；C、磁感线是闭合的曲线，而静电场的电场线是从正电荷无限远出发终止于无限远负电荷的不闭合的曲线，故C错误．D、电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布越密的地方，同一通电导线所受的磁场力不一定越大，还与导线与磁场的方向之间的关系有关，故D错误．故选：B【点睛】该题考查电场线与磁场线的特点，明确磁感线和电场线为形象描述场而假想的，并不是实际存在和分布特点是解题的关键．3.带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，实线是电场线，关于粒子，下列说法正确的是A. 在a点的加速度大于在b点的加速度B. 在a点的电势能小于在b点的电势能C. 在a点的速度小于在B点的速度D. 电场中a点的电势一定比b点的电势高【答案】C【解析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知E A＜E B，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大，故A错误；由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，整个过程电场力做正功，电势能减小，即在a点的电势能大于在b点的电势能，故B错误；整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大，故C 正确；由于不知道粒子的电性，也不能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点的电势大小关系，故D错误；故选C．4.右图描绘了两个电阻的伏安曲线，由图中可知，若将这两个电阻并联接入电路中，则通过R1、R2的电流比是：（）A. 1：2B. 3：1C. 6：1D. 1：6【答案】D【解析】试题分析：把两电阻并联后，两端电压相同，由欧姆定律U=IR结合图像可知电流之比为1：6，故选D考点：考查欧姆定律点评：本题难度较小，由图像可知，斜率表示电阻大小，当纵坐标相同时判断电流之比即为所求5. 下图分别表示匀强磁场的磁感应强度B、闭合电路中一部分直导线的运动速度v和电路中产生的感应电流I的相互关系，其中正确是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】解：A、伸开右手时，让磁感线穿过掌心，大拇指所指方向即为运动方向，则感应电流方向应沿导线向下，故A错误；B、伸开右手时，让磁感线穿过掌心，大拇指所指方向即为运动方向，则感应电流方向垂直纸面向外，故B正确；C、伸开右手时，大拇指所指方向即为运动方向，则无感应电流，没有切割磁感线．故C错误D、伸开右手时，让磁感线穿过掌心，大拇指所指方向即为运动方向，则感应电流方向垂直纸面向，则D错误．故选：B【点评】导线在磁场中切割磁感线，会产生感电流．由右手定则来确定方向，而通电导线放入磁场中，有受到安培力．则安培力的方向是由左手定则来确定即要让磁感线穿过掌心，四指指的是电流方向，则大拇指所指的是安培力方向6.在如图所示的电路中，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向a端移动一段距离，下列结论正确的是A. 灯泡L变亮B. 电流表读数变大C. 电容器C上的电荷量增多D. 电压表读数变小【答案】C【解析】将滑动变阻器滑片P向a端移动后，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知，电路中电流I变小，则电流表读数变小，灯泡L变暗．故AB错误．电容器C两端的电压U C=E-I（R L+r），I变小，其他量不变，则U C增大，电容器C上的电荷量增多．故C正确．变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则路端电压增大，电压表读数变大．故D 错误．故选C.点睛：本题是电路动态变化分析问题，要明确本题中电压表测量路端电压，而路端电压随外电阻的增大而增大．7.关于带电粒子在匀强磁场中所受的洛伦兹力，下列说法正确的是A. 洛伦兹力的方向可以不垂直于带电粒子的运动方向B. 洛伦兹力力的方向总是垂直于磁场的方向C. 洛伦兹力的大小与带电粒子的速度方向和磁场方向的夹角无关D. 仅将带电粒子的速度减半，洛伦兹力的大小变为原来的两倍【答案】B【解析】【分析】当带电粒子的速度方向与磁场方向不平行，带电粒子受到洛伦兹力作用，根据左手定则可以得出洛伦兹力的方向。

内蒙古赤峰二中高二物理上学期期末试卷(含解析)

2015-2016学年内蒙古赤峰二中高二（上）期末物理试卷一、选择题1．在我们日常的体育课当中，体育老师讲解篮球的接触技巧时，经常这样模拟：当接迎面飞来的篮球，手接触到球以后，两臂随球后引至胸前把球接住．这样做的目的是（）A．减小篮球的冲量B．减小篮球的动量变化C．增大篮球的动量变化D．减小篮球的动量变化率2．如图所示，p、p′分别表示物体受到冲量前、后的动量，短线表示的动量大小为15kg•m/s，长线表示的动量大小为30kg•m/s，箭头表示动量的方向．在下列所给的四种情况下，物体动量改变量相同的是（）A．①② B．②④ C．①③ D．③④3．2005年7月26日，美国“发现号”航天飞机从肯尼迪航天中心发射升空，飞行中一只飞鸟撞上了航天飞机的外挂油箱，幸好当时速度不大，航天飞机有惊无险．假设某航天器的总质量为10t，以8km/s的速度高速运行时迎面撞上一只速度为10m/s、质量为5kg的大鸟，碰撞时间为1.0×10﹣5s，则撞击过程中的平均作用力约为（）A．4×l09N B．8×109 N C．8×l012N D．5×106 N4．向空中发射一物体，不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a、b 两块．若质量较小的a块的速度方向仍沿原来的反方向，则（）A．b的速度方向一定与原速度方向相反B．从炸裂到落地这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大C．a、b不一定同时到达地面D．b的动量大小一定比a的动量大5．在光滑的水平面的同一直线上，自左向右地依次排列质量均为m的一系列小球，另一质量为m的小球A以水平向右的速度v运动，依次与上述小球相碰，碰后即粘合在一起，碰撞n次后，剩余的总动能为原来的八分之一，则n为（）A．5 B．6 C．7 D．86．如图所示，两个相同的木块A、B静止在水平面上，它们之间的距离为L，今有一颗子弹以较大的速度依次射穿了A、B，在子弹射出A时，A的速度为v A，子弹穿出B时，B的速度为v B，A、B停止时，它们之间的距离为s，整个过程A、B没有相碰，则（）A．s=L，v A=v B B．s＞L，v A＜v B C．s＜L，v A＞v B D．s＜L，v A＜v B7．将一长木板静止放在光滑的水平面上，如甲图所示，一个小铅块（可视为质点）以水平初速度v0由木板左端向右滑动，到达右端时恰能与木板相对静止．铅块运动中所受的摩擦力始终不变．现将木板分成两段A和B相同的两块，并紧挨着放在原水平面上，让小铅块仍以初速度v0，由木块A的左端开始向右滑动，如乙图所示．则下列说法中正确的是（）A．小铅块恰能滑到木板B的右端，并与木板B保持相对静止B．小铅块从木板B的右端飞离木板C．小铅块滑到木板B的右端前就与木板B保持相对静止D．小铅块在木板B上滑行产生的热量等于在A上滑行产生的热量8．如图所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上．今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下．关于这个过程，下列说法正确的是（）A．小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B．小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是C．小球和小车作用前后，小车和小球的速度可能没有变化D．车上曲面的竖直高度不会大于9．如图所示，一根足够长的水平滑杆SS′上套有一质量为m的光滑金属圆环，在滑杆的正下方与其平行放置一足够长的光滑水平的木制轨道PP′，PP′穿过金属环的圆心，现使条形磁铁以某一水平速度沿绝缘轨道向右运动．则（）A．磁铁的运动是先减速后匀速，圆环的运动是先加速后匀速B．磁铁一直减速到零，圆环先加速后匀速C．磁铁与圆环系统减少的机械能将全部转化为电热D．磁铁与圆环系统整个过程动量守恒10．质量为m的小球A以速度v0在光滑水平面上运动，与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小v A和小球B的速度大小v B可能为（）A．v A=v0，v B=v0B．v A=v0，v B=v0C．v A=v0，v B=v0D．v A=v0，v B=v011．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1、m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑水平面上．现使B获得水平向右、大小为3m/s的瞬时速度，从此刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象提供的信息可得（）A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都具有最大的弹性势能B．从t3到t4时间弹簧由压缩状态恢复到原长C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2D．在t2时刻弹簧压缩到最短12．在光滑绝缘的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如图所示的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以初速度从如图位置向右自由平移，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环的速度为v，则下列说法正确的是（）A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中磁场力的冲量大小为0.5mv二、解答题13．某实验小组在进行“验证动量守恒定律”的实验．入射球与被碰球半径相同．①实验装置如图1所示．先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把B球静置于水平槽前端边缘处，让A球仍从 C处由静止滚下，A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自落点的痕迹．记录纸上的O点是重锤所指的位置，M、P、N分别为落点的痕迹．未放B球时，A球落地点是记录纸上的点．②释放多次后，取各落点位置的平均值，测得各落点痕迹到O点的距离：OM=13.10cm，OP=21.90cm，ON=26.04cm．用天平称得入射小球A的质量m1=16.8g，被碰小球B的质量m2=5.6g．若将小球质量与水平位移的乘积作为“动量”，请将下面的数据处理表格填写完整．OP/m OM/m ON/m 碰前总动量p/kg•m 碰后总劝量p′/kg•m相对误差||×100%0.2190 0.1310 0.2604 3.68×10﹣3根据上面表格中的数据处理数据，你认为能得到的结论是：．③实验中可以将表达式m1v1=m1v1′+m2v2′转化为m1s1=m1s1′+m2s2′来进行验证，其中s1、s1′、s2′为小球平抛的水平位移．可以进行这种转化的依据是．（请选择一个最合适的答案）A．小球飞出后的加速度相同B．小球飞出后，水平方向的速度相同C．小球在空中水平方向都做匀速直线运动，水平位移与时间成正比D．小球在空中水平方向都做匀速直线运动，又因为从同一高度平抛，运动时间相同，所以水平位移与初速度成正比④完成实验后，实验小组对上述装置进行了如图2所示的改变：（I）在木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将木板竖直立于靠近槽口处，使小球A从斜槽轨道上某固定点C由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；（Ⅱ）将木板向右平移适当的距离固定，再使小球A从原固定点C由静止释放，撞到木板上得到痕迹P；（Ⅲ）把半径相同的小球B静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球仍从固定点C由静止开始滚下，与小球B相碰后，两球撞在木板上得到痕迹M和N；用刻度尺测量纸上O点到M、P、N三点的距离分别为y1、y2、y3．请你写出用直接测理的物理量来验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式：．三.计算题14．如图1所示，物块A、B的质量分别是m1=4.0kg和m2=6.0kg，用轻弹簧相连接放在光滑的水平面上，物块B左侧与竖直墙相接触．另有一个物块C从t=0时刻起以一定的速度向左运动，在t=5.0s时刻与物块A相碰，碰后立即与A粘在一起不再分开．物块C的v﹣t图象如图2所示．试求：（1）物块C的质量m3；（2）在5.0s到15s的时间内物块A的动量变化的大小和方向．15．如图所示，在绝缘光滑水平桌面上有两个静止的小球A和B，B在桌边缘．A和B均可视为质点，质量均为m=0.2kg．A球带正电，电荷量为q=0.1C．B球是绝缘体，不带电．桌面离地面的高度h=0.05m．开始时A、B相距L=0.1m．在方向水平向右，大小E=10N/C的匀强电场的电场力作用下，A开始向右运动，并与B球发生碰撞．碰撞中A、B的总能量无损失，A和B间无电荷转移，取g=10m/s2求：（1）A经过多长时间和B相碰？（2）A、B落地点之间的水平距离是多大？16．如图所示，内壁光滑的木槽质量为m A=m，内直径为2L，置于水平桌面上，槽与桌面间的动摩擦因数为μ．槽内有两个小球B、C，它们的质量分别是m B=m，m C=2m．现用两球将很短的轻弹簧压紧（球与弹簧不连接），且B球到木槽左端、C球到木槽右端的距离均为L，这时弹簧的弹性势能为E P=μmgL．同时释放B、C球，并假设小球与槽碰撞后不分离，碰撞时间不计．求：（1）第1个小球与槽碰撞后的共同速度？（2）第2个小球与槽碰撞后的共同速度？（3）整个运动过程中，桌面与槽摩擦产生的热量？2015-2016学年内蒙古赤峰二中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．在我们日常的体育课当中，体育老师讲解篮球的接触技巧时，经常这样模拟：当接迎面飞来的篮球，手接触到球以后，两臂随球后引至胸前把球接住．这样做的目的是（）A．减小篮球的冲量B．减小篮球的动量变化C．增大篮球的动量变化D．减小篮球的动量变化率【考点】动量定理．【专题】动量定理应用专题．【分析】抓住篮球动量的变化量相同，通过比较时间，根据动量定理进行分析．【解答】解：手接触到球的过程，篮球的动量变化为定值，据动量定理，篮球的冲量也为定值，两臂随球后引至胸前，目的是延长接触时间，减小篮球的动量变化率，从而减小球对手的作用力．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】本题考查动量定理的基本的运用，并且能与生活实际相联系．2．如图所示，p、p′分别表示物体受到冲量前、后的动量，短线表示的动量大小为15kg•m/s，长线表示的动量大小为30kg•m/s，箭头表示动量的方向．在下列所给的四种情况下，物体动量改变量相同的是（）A．①② B．②④ C．①③ D．③④【考点】动量守恒定律．【分析】首先规定正方向，用带符号的量值表示动量，根据动量变化量等于末动量与初动量的差，求解出动量变化量，即可进行选择．【解答】解：取向右方向为正方向．①中初动量p=30kg•m/s，末动量p′=﹣15kg•m/s，则动量变化量为△p=p′﹣p=﹣45kg•m/s；②中初动量p=15kg•m/s，末动量p′=30kg•m/s，则动量变化量为△p=p′﹣p=15kg•m/s；③中初动量p=15kg•m/s，末动量p′=﹣30kg•m/s，则动量变化量为△p=p′﹣p=﹣45kg•m/s；④中初动量p=30kg•m/s，末动量p′=15kg•m/s，则动量变化量为△p=p′﹣p=﹣15kg•m/s；故①③物体动量改变量相同．故选：C【点评】本题关键要注意动量是矢量，不仅要考虑大小，还要用正负号表示其方向．3．2005年7月26日，美国“发现号”航天飞机从肯尼迪航天中心发射升空，飞行中一只飞鸟撞上了航天飞机的外挂油箱，幸好当时速度不大，航天飞机有惊无险．假设某航天器的总质量为10t，以8km/s的速度高速运行时迎面撞上一只速度为10m/s、质量为5kg的大鸟，碰撞时间为1.0×10﹣5s，则撞击过程中的平均作用力约为（）A．4×l09N B．8×109 N C．8×l012N D．5×106 N【考点】动量定理．【专题】动量定理应用专题．【分析】飞鸟在极短时间内加速，根据动量定理直接列式求解即可．【解答】解：飞鸟在极短时间内加速，以飞机运动方向为正方向，根据动量定理，有：F•△t=m•△v﹣0解得故选A．【点评】本题是飞鸟撞飞机问题，关键根据动量定理列式后求解，注意单位，基础题．4．向空中发射一物体，不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a、b 两块．若质量较小的a块的速度方向仍沿原来的反方向，则（）A．b的速度方向一定与原速度方向相反B．从炸裂到落地这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大C．a、b不一定同时到达地面D．b的动量大小一定比a的动量大【考点】动量守恒定律．【专题】定性思想；推理法；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】当物体的速度沿水平方向炸裂成a、b两块时，质量较小的a块的速度方向仍沿原来的反方向，根据动量守恒定律判断b的运动方向，a、b均做平抛运动，高度相同，运动时间相同，同时到达地面．在炸裂过程中，动量守恒，根据动量守恒定律判断爆炸后ab动量的大小．【解答】解：A、在炸裂过程中，由于重力远小于内力，系统的动量守恒．炸裂前物体的速度沿水平方向，炸裂后质量较小的a块的速度方向沿原来的反方向，根据动量守恒定律判断出来b的速度一定沿与原来速度方向相同，故A错误．B、a、b都做平抛运动，飞行时间相同，由于初速度大小关系无法判断，所以a飞行的水平距离不一定比b的大．故B错误．C、a、b都做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由于高度相同，飞行时间一定相同，a，b一定同时到达水平地面．故C错误．D、爆炸过程动量守恒，爆炸前系统合动量与b的动量方向相同，则爆炸后合动量与b的动量方向相同，则b的动量大小一定比a的动量大，故D正确．故选：D【点评】本题是动量守恒定律的应用，基础题．系统动量守恒，不仅作用前后总动量的大小保持不变，总动量的方向也保持不变，解题时要抓住这一点．5．在光滑的水平面的同一直线上，自左向右地依次排列质量均为m的一系列小球，另一质量为m的小球A以水平向右的速度v运动，依次与上述小球相碰，碰后即粘合在一起，碰撞n次后，剩余的总动能为原来的八分之一，则n为（）A．5 B．6 C．7 D．8【考点】动量守恒定律．【专题】动量定理应用专题．【分析】根据动量守恒求碰后小球的速度，然后求出碰后动能的表达式，从而推断第n次碰撞后动能的表达式．【解答】解：第一次碰撞时根据动量守恒：mv=2mv′得：v′=碰撞前的动能：E0=mv2第一次碰撞后的动能：E1=•2m=第n次碰撞后的总能E n=（n+1）m•=得：n=7．故选：C．【点评】本题考查碰撞中的动量和能量的综合问题，属于难题．6．如图所示，两个相同的木块A、B静止在水平面上，它们之间的距离为L，今有一颗子弹以较大的速度依次射穿了A、B，在子弹射出A时，A的速度为v A，子弹穿出B时，B的速度为v B，A、B停止时，它们之间的距离为s，整个过程A、B没有相碰，则（）A．s=L，v A=v B B．s＞L，v A＜v B C．s＜L，v A＞v B D．s＜L，v A＜v B【考点】动能定理；动量定理．【专题】动能定理的应用专题．【分析】子弹穿过木块的过程中，由于子弹克服木块的阻力做功，动能减小，速度减小，穿过B木块的时间较长，根据动量定理分析v A与v B的大小．根据动能定理判断两个木块滑行距离的大小，即可比较s与L的大小．【解答】解：子弹穿过木块的过程中，由于子弹克服木块的阻力做功，动能减小，速度减小，所以子弹穿过A木块过程的平均速度较大，所用时间较短，根据动量定理得：对木块：ft=mv，v与t成正比，所以A的速度小于B的速度，即v A＜v B．根据动能定理得：﹣μmgs=0﹣，则得木块滑行的距离为 s=，木块的初速度v 越大，滑行距离越大，则知A木块滑行的距离小于B滑行的距离，所以A、B停止时它们之间的距离增大，则有s＞L．故选B【点评】本题尽管是选择题，但综合性较强，动用了运动学公式、动量定理和动能定理等多个知识，有一定的难度．7．将一长木板静止放在光滑的水平面上，如甲图所示，一个小铅块（可视为质点）以水平初速度v0由木板左端向右滑动，到达右端时恰能与木板相对静止．铅块运动中所受的摩擦力始终不变．现将木板分成两段A和B相同的两块，并紧挨着放在原水平面上，让小铅块仍以初速度v0，由木块A的左端开始向右滑动，如乙图所示．则下列说法中正确的是（）A．小铅块恰能滑到木板B的右端，并与木板B保持相对静止B．小铅块从木板B的右端飞离木板C．小铅块滑到木板B的右端前就与木板B保持相对静止D．小铅块在木板B上滑行产生的热量等于在A上滑行产生的热量【考点】功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．【分析】比较两次运动的区别，铅块一直做匀减速直线运动，木板一直做匀加速直线运动，第一次在小铅块运动过程中，整个木板一直加速，第二次小铅块先使整个木板加速，运动到部分上后A部分停止加速，只有B加速，加速度大于第一次的对应过程，通过比较小铅块的位移确定是否飞离木板．根据摩擦力乘以相对位移等于热量比较小铅块在木板B上和木板A 上产生的热量．【解答】解：A、B、C在第一次在小铅块运动过程中，小铅块与木板之间的摩擦力使整个木板一直加速，第二次小铅块先使整个木板加速，运动到B部分上后，A部分停止加速，只有B部分加速，加速度大于第一次的对应过程，故第二次小铅块与B木板将更早达到速度相等，所以小铅块还没有运动到B的右端．故A、B错误，C正确；D、根据摩擦力乘以相对位移等于产生的热量，知在木板B上相对运动的位移没有A长度的2倍，所以产生的热量小于在木板A上滑行产生热量，故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键理清铅块和木板的运动过程，通过比较位移的关系判断是否脱离，以及掌握功能关系Q=fs相对，难度适中．8．如图所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上．今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下．关于这个过程，下列说法正确的是（）A．小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B．小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是C．小球和小车作用前后，小车和小球的速度可能没有变化D．车上曲面的竖直高度不会大于【考点】动量守恒定律；动量定理；机械能守恒定律．【专题】动量定理应用专题．【分析】小球和小车组成的系统，动量守恒，根据动量的变化来计算冲量的大小，根据系统的能量不会增加来判断最大的高度大小．【解答】解：A、小球滑上曲面的过程，小车向右运动，小球滑下时，小车还会继续前进，故不会回到原位置，所以A错误．B、由小球恰好到最高点，知道两者有共同速度，对于车、球组成的系统，由动量守恒定律列式为mv=2mv′，得共同速度v′=．小车动量的变化为，这个增加的动量是小车受到的总动量的大小，所以B错误．C、由于满足动量守恒定律，系统机械能又没有增加，所以是可能的，两曲面光滑时会出现这个情况．所以C正确；D、由于小球原来的动能为，小球到最高点时系统的动能为×2m×（）2=，所以系统动能减少了，如果曲面光滑，则减少的动能等于小球增加的重力势能，即=mgh，得h=．显然，这是最大值，如果曲面粗糙，高度还要小些，所以D正确．故选：CD【点评】本题是系统动量守恒和机械能守恒的类型，类似于弹性碰撞，常见类型．9．如图所示，一根足够长的水平滑杆SS′上套有一质量为m的光滑金属圆环，在滑杆的正下方与其平行放置一足够长的光滑水平的木制轨道PP′，PP′穿过金属环的圆心，现使条形磁铁以某一水平速度沿绝缘轨道向右运动．则（）A．磁铁的运动是先减速后匀速，圆环的运动是先加速后匀速B．磁铁一直减速到零，圆环先加速后匀速C．磁铁与圆环系统减少的机械能将全部转化为电热D．磁铁与圆环系统整个过程动量守恒【考点】动量守恒定律；功能关系．【专题】定性思想；推理法；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】金属圆环光滑，一足够长的水平的绝缘轨道光滑，所以圆环与磁铁组成的系统水平方向受到的合力为0，满足动量守恒，根据动量守恒定律与能量的转化与守恒定律即可解答．【解答】解：A、磁铁在靠近金属环的过程中金属环的感应电流方向产生的磁场与原磁场的方向相反，所以磁铁受到阻力的作用，同理，在离开金属环的过程中金属环的感应电流方向产生的磁场与原磁场的方向相同，也是受到阻力的作用，而圆环受到的是引力作用，做加速运动，当两者速度相等时，一起做匀速运动，则磁铁的运动是先减速后匀速，圆环的运动是先加速后匀速，故A正确，B错误；C、根据能量守恒可知，磁铁与圆环系统减少的机械能将全部转化为电热，故C正确；D、选取磁铁与圆环组成的系统为研究的系统，系统受到的合力为0，满足动量守恒，故D 正确．故选：ACD【点评】本题为结合楞次定律考查动量守恒定律的应用，要注意选取的研究对象是磁铁与圆环组成的系统，可根据楞次定律的表现来判断物体运动状态的变化．10．质量为m的小球A以速度v0在光滑水平面上运动，与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小v A和小球B的速度大小v B可能为（）A．v A=v0，v B=v0B．v A=v0，v B=v0C．v A=v0，v B=v0D．v A=v0，v B=v0【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】两球碰撞过程中动量守恒．本题的难点在于判断碰撞后A球的速度方向，A的速度方向可能与原来相反，也可能与原来相同，分两种情况研究．【解答】解：若碰后A球速度方向和原来一致，根据动量守恒得：mv0=mv A+2mv B，①根据碰撞过程系统的总动能不增加，则得≥+②A、若v A=v0，v B=v0，且v A与v0方向相反，代入①②两式均成立，故A正确．B、将v A=v0，v B=v0，且v A与v0方向相反，代入①式成立，而代入②不成立，故B错误．C、将v A=v0，v B=v0，且v A与v0方向相反，代入①②两式均成立，故C正确．D、将v A=v0，v B=v0，且v A与v0方向相同，代入①式成立，但碰后A的速率不可能大于B 的速率，故D错误．故选AC【点评】对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．11．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1、m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑水平面上．现使B获得水平向右、大小为3m/s的瞬时速度，从此刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象提供的信息可得（）A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都具有最大的弹性势能B．从t3到t4时间弹簧由压缩状态恢复到原长C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2D．在t2时刻弹簧压缩到最短【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】定性思想；推理法；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】两个滑块与弹簧系统机械能守恒、动量守恒，结合图象可以判断它们的能量转化情况和运动情况．【解答】解：A、从图象可以看出，从0到t1的过程中弹簧被拉伸，t1时刻两物块达到共同速度1m/s，此时弹簧处于拉伸状态，且形变量最大，此时弹簧具有最大的弹性势能，故A 正确；B、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧被压缩到最短，则从t3到t4时间弹簧由压缩状态恢复到原长，故B正确；C、根据动量守恒定律，t=0时刻和t=t1时刻系统总动量相等，有：m1v1=（m1+m2）v2m1×3=（m1+m2）×1解得：m1：m2=1：2，故C正确；D、t2时刻A速度最大，B速度反向最大，此时弹簧处于原长，故D错误．故选：ABC【点评】本题关键结合动量守恒和机械能守恒列式分析，同时根据图象，分析清楚物体的运动情况．12．在光滑绝缘的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如图所示的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以初速度从如图位置向右自由平移，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环的速度为v，则下列说法正确的是（）A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中磁场力的冲量大小为0.5mv【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．。

内蒙古赤峰二中2016-2017学年高二物理上学期期末考试试题

赤峰二中2015级2016-2017学年度上学期期末考试物理试卷全卷满分100分时间90分钟一．选择题（每题4分，共48分，1-8题每题只有一个答案，9-12题有多个答案，全选对得4分，选对不全得2分，选错或不选得0分）1．当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时北极指向读者的是（）A． B． C． D．2．如图，电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是( )A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电3.飞机在一定高度水平飞行时，由于地磁场的存在，其机翼就会切割磁感线，两机翼的两端点之间会有一定的电势差。

若飞机在北半球水平飞行，且地磁场的竖直分量方向竖直向下，则从飞行员的角度看( )A．机翼左端的电势比右端的电势低 B．机翼左端的电势比右端的电势高C．机翼左端的电势与右端的电势相等 D．以上情况都有可能4．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离则（）A．带点油滴将沿竖直向上运动B．P点的电势将升高C．带点油滴的电势能将增大D．电容器电容减小，极板带电量增大5．如图所示，边长为L的金属框abcd放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上，当金属框绕ab 边以角速度ω逆时针转动时，a 、b 、c 、d 四点的电势分别为a ϕ、b ϕ、c ϕ、d ϕ．下列判断正确的是( )A ．金属框中无电流，d a ϕϕ=B ．金属框中电流方向沿a-d-c-b-a ，a ϕ＜d ϕC ．金属框中无电流，ω221BL U bc -= D ．金属框中无电流，ω2BL U bc -=6．如图所示，分别在M 、N 两点固定放置两个点电荷，电荷量均为+Q ，MN 连线的中点为O 。

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一、选择题
1.在体育课上，体育老师讲解篮球的接触技巧时，经常这样描述：当接迎面飞来的篮球，手接触到球以后，两臂随球后引至胸前把球接住．这样做的目的是（）
A．减小篮球的冲量B．减小篮球的动量变化
C．增大篮球的动量变化D．减小篮球的动量变化率
2.如图所示，p、p ，分别表示物体受到冲量前、后的动量，短线表示的动量大小为15kg·m/s，长线表示的动量大小为30kg·m／s，箭头表示动量的方向．在下列所给的四种情况下，物体动量改变量相同的是( )
A．①②B．②④C．①③D．③④
3.据报道，美国“发现号”航天飞机从肯尼迪航天中心发射升空，飞行中一只鸟撞上了航天飞机外挂的油箱，幸好当时速度不大，航天飞机有惊无险．假设某航天器的总质量10 t，以8km/s的速度高速运行时迎面撞上一只速度为10 m/s、质量为5kg的大鸟，碰撞时间为1.0×10-5 s则撞击过程中的平均作用力约为
A.4×109 N
B.8×109 N
C.8×1012 N
D.5×106 N
4.向空中发射一物体，不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a、b 两块．若质量较小的a块的速度方向仍沿原来的反方向，则()
A．b的速度方向一定与原速度方向相反
B．从炸裂到落地这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大
C．a、b不一定同时到达地面
D．b的动量大小一定比a的动量大
5.在光滑的水平面的同一直线上，自左向右地依次排列质量均为m的一系列小球，另一质量为m的小球A以水平向右的速度v运动，依次与上述小球相碰，碰后即粘合在一起，碰撞
n次后，剩余的总动能为原来的1/8，则n为
A. 5
B. 6
C. 7
D. 8
6.如图所示，两个相同的木块A、B静止在水平面上，它们之间的距离为L，今有一颗子弹以较大的速度依次射穿了A、B，在子弹射出A时，A的速度为v A，子弹穿出B时，B的速度为v B，A、B停止时，它们之间的距离为s，整个过程A、B没有相碰，则（）
A．s=L，v A=v B
B．s＞L，v A＜v B
C．s＜L，v A＞v B
D．s＜L，v A＜v B
7.将一长木板静止放在光滑的水平面上，如下图甲所示，一个小铅块(可视为质点)以水平初速度v 0由木板左端向右滑动，到达右端时恰能与木板保持相对静止。

铅块运动中所受的摩擦力始终不变。

现将木板分成A和B两块，并紧挨着放在原水平面上，让小铅块仍以初速度v 0 由木块A的左端开始向右滑动，如图乙所示。

则下列有关说法正确的是()
A．小铅块恰能滑到木板B的右端，并与木板B保持相对静止
B．小铅块从木板B的右端飞离木板
C．小铅块滑到木板B的右端前就与木板B保持相对静止
D．小铅块在木板B上滑行产生的热量等于在A上滑行产生的热量
8.如图所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上．今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下．关于这个过程，下列说法正确的是（）
A．小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置
B．小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是mv/2
C．小球和小车作用前后，小车和小球的速度可能没有变化
D．车上曲面的竖直高度不会大于v2/4g
9如图所示，一根足够长的水平滑杆SS′上套有一质量为m的光滑金属圆环，在滑杆的正下方与其平行放置一足够长的光滑水平的木制轨道PP′,PP′穿过金属环的圆心，现使条形磁铁以某一水平速度沿绝缘轨道向右运动。

则（）
A.磁铁的运动是先减速后匀速，圆环的运动是先加速后匀速
B.磁铁一直减速到零，圆环先加速后匀速
C.磁铁与圆环系统减少的机械能将全部转化为电热
D.磁铁与圆环系统整个过程动量守恒
10.质量为m的小球A以速度v0在光滑水平面上运动，与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小v A和小球B的速度大小v B可能为（）
A．v A=1/3v0，v B=2/3v0
B．v A=2/5v0，v B=7/10v0
C．v A=1/4v0，v B=5/8v0
D．v A=3/8v0，v B=5/16v0
11.如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1、m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑水平面上．现使B获得水平向右、大小为3m/s的瞬时速度，从此刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象提供的信息可得（）
A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都具有最大的弹性势能
B．从t3到t4时间弹簧由压缩状态恢复到原长
C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2
D．在t2时刻弹簧压缩到最短
12.在光滑绝缘的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如图所示的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大。

一个半径为a、质量为m、电阻为R 的金属圆环垂直磁场方向，以初速度从如图位置向右自由平移，当圆环运动到直径刚好与边
界线PQ重合时，圆环的速度为，则下列说法正确的是（）
A．此时圆环中的电功率为
B．此时圆环的加速度为
C．此过程中通过圆环截面的电量为
D．此过程中磁场力的冲量大小为0.5mv
13.某实验小组在进行“验证动量守恒定律”的实验．入射球与被碰球半径相同．
①实验装置如下图所示．先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把B球静置于水平槽前端边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自落点的痕迹．记录纸上的O点是重锤所指的位置，M、P、N分别为落点的痕迹．未放B球时，A球落地点是记录纸上的______点．
②释放多次后，取各落点位置的平均值，测得各落点痕迹到O点的距离：OM=13.10cm，OP=21.90cm，ON=26.04cm．用天平称得入射小球A的质量m 1 =16.8g，被碰小球B的质量m 2 =5.6g．若将小球质量与水平位移的乘积作为“动量”，请将下面的数据处理表格填写完整。

根据上面表格中的数据处理数据，你认为能得到的结论是：。

③实验中可以将表达式m 1 v 1 =m 1 v 1′+m 2 v 2′转化为m 1 s 1 =m 1 s 1′+m 2 s 2′来进行验证，其中s 1、s 1′、s 2′为小球平抛的水平位移．可以进行这种转化的依据是______．（请选择一个最合适的答案）
A．小球飞出后的加速度相同
B．小球飞出后，水平方向的速度相同
C．小球在空中水平方向都做匀速直线运动，水平位移与时间成正比
D．小球在空中水平方向都做匀速直线运动，又因为从同一高度平抛，运动时间相同，所以水平位移与初速度成正比
④完成实验后，实验小组对上述装置进行了如下图所示的改变：
（I）在木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将木板竖直立于靠近槽口处，使小球A从斜槽轨道上某固定点C由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；
（II）将木板向右平移适当的距离固定，再使小球A从原固定点C由静止释放，撞到木板上得到痕迹P；
（III）把半径相同的小球B静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球仍从固定点C由静止开始滚下，与小球B相碰后，两球撞在木板上得到痕迹M和N；
用刻度尺测量纸上O点到M、P、N三点的距离分别为y1、y2、y3。

请你写出用直接测理的物理量来验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式：。

14.如图甲所示，物块A、B的质量分别是m1=4.0kg和m2=6.0kg．用轻弹簧相连接放在光滑的水平地面上，物块B左侧与竖直墙相接触．另有一物块C从t=0时以一定速度向左运动，在t=0.5s时与物块A相碰，碰后立即与A粘在一起不再分开，物块C的v-t图象如图乙所示．试求：
（1）物块C的质量m3；
（2）在5.0s到15s的时间内弹簧弹力对A的冲量的大小；
15.如图所示，在绝缘光滑水平桌面上有两个静止的小球A和B，B在桌边缘．A和B均可视为质点，质量均为m=0.2kg．A球带正电，电荷量为q=0.1C．B球是绝缘体，不带电．桌面离地面的高度h=0.05m．开始时A、B相距L=0.1m．在方向水平向右，大小E=10N/C的匀强电场的电场力作用下，A开始向右运动，并与B球发生碰撞．碰撞中A、B的总能量无损失，A和B间无电荷转移，求：
（1）A经过多长时间和B相碰？
（2）A、B落地点之间的水平距离是多大？
16.如图所示，内壁光滑的木槽质量为m A= m,内直径为2L，置于水平桌面上,槽与桌面间的动摩擦因数为μ.槽内有两个小球B、C，它们的质量分别是m B = m，m C=2 m .现用两球将很短的轻弹簧压紧(球与弹簧不连接)，且B球到木槽左端、C球到木槽右端的距离均为L，这时弹簧的弹性势能为E P = μmgL.同时释放B、C球，并假设小球与槽碰撞后不分离,碰撞时
（1）第1个小球与槽碰撞后的共同速度？
（2）第2个小球与槽碰撞后的共同速度？
（3）整个运动过程中，桌面与槽摩擦产生的热量？。