「精品」陕西省榆林市绥德中学2019届高三物理上学期第一次模拟考试试题(含解析)
2019届陕西省榆林市一中高考模拟考试物理试卷及解析
2019届榆林市一中高考模拟考试
物理试卷
一、选择题：
1.材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。
若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块
A. 克服摩擦力做的功多
B. 运动的位移大
C. 运动的时间长
D. 摩擦力的冲量大
【答案】D
【解析】
【详解】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，，质量大的滑块初速度小，又由得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小，所以质量大的滑块冲量大，故D正确。
2.甲、乙两物体沿统一直线运动，运动过程中的位移—时间图像如图所示，下列说法中正确的是（）
A. 0～6s内甲物体做匀变速直线运动
B. 0～6s内乙物体的速度逐渐减小
C. 0～5s内两物体的平均速度相等
D. 0～6s内存在某时刻两物体的速度大小相等
【答案】D
【解析】
【分析】
1 / 16。
陕西省2019届高三第一次模拟联考理科综合物理试卷
陕西省2019届高三第一次模拟联考理科综合物理试题本试题卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共16页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题：1.如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为A. πRB. 2RC. 2πRD. R【答案】D【解析】【分析】位移是起点到终点的有向线段．当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动半个周长，找出气门芯的初位置与末位置，求出位移大小。
【详解】当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，轮子向前运动半个周长，气门芯的初位置与末位置如图，由几何知识得，气门芯的位移大小x R【点睛】对于物体的位移，关键找到起点与终点的位置，位移大小等于起点与终点直线距离．2.2017年4月，我国成功发射的天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿天宫二号原来的轨道（可视为圆轨道）运行。
【精准解析】陕西省榆林市绥德县绥德中学2019-2020学年高一上学期第一次阶段性考试物理试题
便．
7.一质点做匀加速直线运动，第 3s 内的位移是 2m，第 4s 内的位移是 2.5m，那么以下说法中 不正确的是（ ）
A. 这 2s 内平均速度是 2.25m/s C. 质点的加速度是 0.125m/s2 【答案】C 【解析】
B. 第 3s 末瞬时速度是 2.25m/s D. 质点的加速度是 0.5m/s2
物理试题
第Ⅰ卷（选择题，共 42 分）
一、选择题。（第 1~10 题为单项选择题，第 11~14 题为多项选择题，每小题 3 分，
选对但选不全得 2 分，共 42 分）
1.有人认为，亚里士多德的命题“重的物体下落快，轻的物体下落慢”错误的根源在于他：①
不注意观察自然现象；②对此没有做深刻的逻辑推理；③对此没有进行科学实验；④对此没
C. 0.5 m/s2
D. 1.44 m/s2
【答案】D
【解析】
【详解】设经时间 t 客车速度与货车相等，轿车刹车的加速度大小为 a，则：由 v1 v0 at ，
解得 此时，轿车的位移为 s0，有：
t v1 - v0 -a
（2 a）s0 v12 v02
-4-
货车的位移为 s1，有： s1 1t s0 s1 s 得
A. 驾驶员酒后反应时间比正常情况下多 0.5 s B. 若汽车以 20 m/s 的速度行驶时，发现前方 40 m 处有险情，酒后驾驶不能安全停车 C. 汽车制动时，加速度大小为 10 m/s2 D. 表中 x 为 66.7 【答案】ABD 【解析】 A、制动距离多在思考距离变长，故 x=54.2+（25-12.5）=66.7m，故 A 正确；B、反映时间内 汽车做匀速运动，故从表中数据得到，多出的反应时间为：＝0.5s，故 B 错误．C、汽车制动 时，加速度大小为=7.5m/s2．故 C 错误．D、若汽车以 20m/s 的速度行驶时，发现前方 40m 处 有险情，酒后驾驶的制动距离为 46.7m，大于 40m，故不能安全停车，故 D 错误；故选 ABD． 【点睛】本题关键要明确制动距离的构成，然后结合运动学公式进行计算分析.
陕西省2019届高三第一次模拟联考理科综合试卷(物理部分)-
B．由M、N两个导体棒组成的系统动量守恒
C．在两棒运动的整个过程中，电路中产生的焦耳热为0.9J
D．在两棒运动的整个过程中，通过M、N两个导体棒的电荷量相等，均为1.5C
第II卷（非选择题)
请点击修改第II卷的文字说明
评卷人
得分
三、填空题
9．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示，在水平放置的气垫导轨上安装个光电门，滑块上固定一遮光条。
(1)用天平测得重物的质量为m1，滑块的质量为m2；
(2)用螺旋测微器测遮光条的宽度d，测量结果如图乙所示，则d=___________mm：
(3)按图甲所示组装实验装置，将滑块由静止释放，测得遮光条起始位置到光电门的距离为x，遮光条通过光电门的时间为t，若实验结果表明，重物和滑块运动过程中机械能守恒，则机械能守恒的表达式为m1gx=___________(用已知量或测量的物理量相应的字母表示，g为重力加速度)。
(3)用该电路测量电源的电动势和内阻，出现系统误差的原因是______________________。
评卷人
得分
五、解答题
13．如图所示，在一等腰直角三角形ADC区域内存在垂直于纸面的匀强磁场(包含边界)，AD=DC=a。现有一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，以某一速度v1从D点沿DA边射入磁场，后垂直于AC边射出磁场，粒子的重力忽略不计。求：
B.C、电场力与重力合力为 ，这个方向上位移为L，所以合外力做功为 合外力做功为 mgL，由动能定理知动能增加量为 mgL．重力势能增加量为mgL，则机械能增加量等于动能增加量 mgL和重力势能增加量mgL之和，机械能的增加量即为电场力所做的功，故C正确；
陕西省榆林市一中2019届高考模拟考试物理(带解析)
物理一、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5只有一项是符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。
若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块A．克服摩擦力做的功多B．运动的位移大C．运动的时间长D．摩擦力的冲量大【答案】D【解析】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，，质量大的滑块初速度小，又由得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小，所以质量大的滑块冲量大，故D正确。
2．甲、乙两物体沿统一直线运动，运动过程中的位移—时间图像如图所示，下列说法中正确的是A．0～6s内甲物体做匀变速直线运动B．0～6s内乙物体的速度逐渐减小C．0～5s内两物体的平均速度相等D．0～6s内存在某时刻两物体的速度大小相等【答案】D【解析】x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，故A错误；x-t图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率逐渐增大，即速度逐渐增大，故B错误；0-5s甲的位移为5m，平均速度为，乙的位移为-3m ，平均速度为：，故C错误；x-t图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在0-6内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故D正确。
故应选：D。
3．在电荷量分别为2 q和-q的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有a、b、c三点，且b、c两点到正点电荷距离相等，则A．在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B．将一电子从a点由静止释放，它将在a、b间往复运动C．c点的电势高于b点的电势D．负试探电荷在a点具有的电势能大于在b点时的电势能【答案】C【解析】正负电荷在两点电荷之间的连线上产生的场强方向相同，所以在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故A错；将一电子从a点由静止释放，电子在a点受到向右的电场力，所以要从静止向右运动，则运动不是在a、b间往复运动，故B错；b、c两点到正点电荷距离相等，若只有正电荷，则bc两点的电势相等，但由于负电荷的存在导致c点的电势高于b点的电势，故C 对；沿着电场线电势在降低，所以a点电势高于b点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，所以a点具有的电势能小于在b点时的电势能，故D错。
精品解析：陕西省榆林市一中2019届高考模拟考试物理(解析版)
物理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题：1.材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。
若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块A. 克服摩擦力做的功多B. 运动的位移大C. 运动的时间长D. 摩擦力的冲量大【答案】D【解析】【详解】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，，质量大的滑块初速度小，又由得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小，所以质量大的滑块冲量大，故D正确。
【点睛】本题合理利用动能与动量的关系，即可解题。
2.甲、乙两物体沿统一直线运动，运动过程中的位移—时间图像如图所示，下列说法中正确的是（）A. 0～6s内甲物体做匀变速直线运动B. 0～6s内乙物体的速度逐渐减小C. 0～5s内两物体的平均速度相等D. 0～6s内存在某时刻两物体的速度大小相等【答案】D【解析】【分析】x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，x-t图象的斜率表示速度，斜率大小表示速度大小，斜率正负表示速度方向。
【详解】A项：x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，故A错误；B项：x-t图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率逐渐增大，即速度逐渐增大，故B错误；C项：0-5s甲的位移为5m，平均速度为，乙的位移为-3m，平均速度为：，故C错误；D项：x-t图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在0-6内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故D正确。
故应选：D。
2023年陕西省榆林市绥德中学高三物理第一学期期末综合测试模拟试题含解析
2023年陕西省榆林市绥德中学高三物理第一学期期末综合测试模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B 铅笔将试卷类型（B ）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长。
圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，到达C 处的速度为零，AC h =，此为过程Ⅰ；若圆环在C 处获得一竖直向上的速度v ，则恰好能回到A 处，此为过程Ⅱ．已知弹簧始终在弹性范围内，重力加速度为g ，则圆环（ ）A ．过程Ⅰ中，加速度一直减小B ．Ⅱ过程中，克服摩擦力做的功为212mv C ．在C 处，弹簧的弹性势能为214mv mgh - D ．过程Ⅰ、过程Ⅱ中克服摩擦力做功相同2、五星红旗是中华人民共和国的象征和标志；升国旗仪式代表了我国的形象，象征着我国蒸蒸日上天安门广场国旗杆高度为32.6米，而升国旗的高度为28.3米；升国旗时间与北京地区太阳初升的时间是一致的，升旗过程是127秒，已知国旗重量不可忽略，关于天安门的升国旗仪式，以下说法正确的是（ ）A．擎旗手在国歌刚刚奏响时，要使国旗在升起初始时，旗面在空中瞬间展开为一平面，必须尽力水平向右甩出手中所握旗面B．国旗上升过程中的最大速度可能小于0.2m/sC．当国旗匀速上升时，如果水平风力大于国旗的重量，则国旗可以在空中完全展开为一个平面D．当国旗匀速上升时，如果水平风力等于国旗的重量，则固定国旗的绳子对国旗的作用力的方向与水平方向夹角45度3、如图所示，竖直平面内的光滑水平轨道的左边与墙壁对接，右边与一个足够高的四分之一光滑圆弧轨道平滑相连，木块A、B静置于光滑水平轨道上，A、B的质量分别为1.5kg和0.5kg。
陕西省2019届高三物理上学期第一次月考试题(含解析)
—————————— 新学期 新成绩 新目标 新方向 ——————————2019高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题1．（3分）竖直放置的“”形支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G ，现将轻绳的一端固定于支架上的A 点，另一端从与A 点等高的B 点沿支架缓慢地向C 点移动，则绳中拉力大小变化的情况是（ ）A ．先变小后变大B ．先不变后变小C ．先不变后变大D ．先变大后变小【答案】B【解析】解：当轻绳从B 端到直杆的最上端的过程中，设两绳的夹角为2α． 设绳子总长为L ，两直杆间的距离为S ，由数学知识得到sin SLα=，L 、S 不变，则α保持不变． 再根据平衡条件可知，两绳的拉力F 保持不变．当轻绳的右端从直杆的最上端移到B 时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示．根据平衡条件得2cos F mg θ=， 得到绳子的拉力2cos mgF θ=， 所以在当轻绳的右端从直杆的最上端移到B 时的过程中，θ减小，cos θ增大，则F 变小． 故选：B ．2．（3分）质量为m 的四只完全相同的足球叠成两层放在水平面上，底层三只足球刚好接触成三角形，上层一只足球放在底层三只足球的正上面，系统保持静止．若最大静摩擦等于滑动摩擦力，则（ ）A ．底层每个足球对地面的压力为mgB ．底层每个足球之间的弹力为零CD 【答案】B【解析】解：A ．根据整体法，下面每个球对地面的压力为N ，3N 4mg =，故43mg ；故A 错误；B ．四个球的球心连线构成了正四面体，下层每个足球之间的弹力为零，故B 正确；C ．上层足球受到重力、下层足球对上层足球的三个支持力，由于三个支持力的方向不是竖直向上，所以三个支持力在竖直方向的分量之和等于重力，则下层每个足球对上层足球的支持力大小大于3mg，故C 错误；D ．根据正四面体几何关系可求，F 与mg 的夹角的余弦值cos θ=，正弦值sin θ；4N 3mg mg +==f =，联立解得：f =F =，则643mg μ==，故D 错误． 故选：B ．3．（3分）如图所示，质量为m 电量为q 的带正电物体，在磁感强度为B 、方向直纸面向里的匀强磁场中，沿动摩檫因数为μ的水平面向左以初速度v 运动，则（ ）A ．若另加一个电场强度为()mg q qvB μ+、方向水平向右的匀强电场，物体做匀速运动B ．若另加一个电场强度为()mg qvB q+、方向竖直向上的匀强电场C ．物体的速度由v 减小到零所用的时间等于()mvmg qvB μ+D ．物体的速度由v 减小到零所用的时间小于()mvmg qvB μ+【答案】B【解析】解：A ．若另加一个电场强度为()mg q qvB μ+、方向水平向左的匀强电场，电场力()F qE mg qvB f μ==+=，但电场力的方向与摩擦力方向相同，故物体不能处于平衡状态，故A 错误；D ．若另加一个电场强度为为()mg qvB q+、方向竖直向上的匀强电场，电场力F q E m g q v B ==+，支持力为零，故摩擦力为零，物体做匀速直线运动，故B 正确；C ．对物体受力分析，受重力、支持力，洛伦兹力和滑动摩擦力；根据左手定则，洛伦兹力向下，合力向后，物体做减速运动；由于摩擦力()t f mg qv B μ=+，不断减小，加速度不断减小，不是匀变速运动，故物体的速度由v 减小到零所用的时间大于()mvmg qvB μ+，故CD 错误； 故选：B ．4．（3分）伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A 、B 、C ．让小球分别由A 、B 、C 滚下，如图所示，A 、B 、C 与斜面底端的距离分别为1s 、2s 、3s ，小球由A 、B 、C 运动到斜面底端的时间分别为1t 、2t 、3t ，小球由A 、B 、C 运动到斜面底端时的速度分别为1v ，2v 、3v ，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是（ ）A ．322221231t t s s s t == B ．321222v v v == C ．212133t t v t v v ==D ．1221s s s s -=- 【答案】A【解析】解：A ．由运动学公式可知，212s at =，22sa t =故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故A 正确；B ．小球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一定不同，故B 错误；C ．由v at =可得，va t =三次下落中的加速度相同，故公式正确，但是不是当是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故C 错误；D ．由图可知及运动学规律可知，1223s s s s >--，故D 错误． 故选：A ．5．（3分）在平直公路上行驶的a 车和b 车，其位移-时间图象分别为图中直线a 和曲线b ，由图可知（ ）A ．b 车运动方向始终不变B ．在1t 时刻a 车的位移大于b 车C ．1t 到2t 时间内a 车的平均速度小于b 车D ．1t 到2t 时间内某时刻两车的速度可能相同 【答案】D【解析】解：A ．b 图线切线切线先为正值，然后为负值，知b 的运动方向发生变化．故A 错误；B ．在1t 时刻，两车的位移相等．故B 错误；C ．1t 到2t 时间内，两车的位移相同，时间相同，则平均速度相同．故C 错误；D ．1t 到2t 时间内，b 图线的切线斜率在某时刻与a 相同，则两车的速度可能相同．故D 正确． 故选：D ．6．（3分）如图所示，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与小球P 、Q 相连．已知两球在图示P 、Q 位置静止．则下列说法中正确的是（ ）A ．若两球质量相同，则P 球对槽的压力较小B ．若两球质量相同，则两球对槽的压力大小相等C ．若P 球的质量大，则O P '弹簧的劲度系数大D ．若P 球的质量大，则O P '弹簧的弹力大 【答案】BD【解析】解：对两小球受力分析如图所示，都是受重力、支持力和弹簧的弹力三个力，两小球静止，受力平衡，根据平行四边形定则作平行四边形，有几何关系可知：Q Q QG N OO Q '∆∆'∽，P P PG N OO P '∆∆'∽，则有：1Q QN OQ R G R OO ==='，1P PN OP RG R OO ===' 即支持力始终与重力相等，若两球质量相等，重力相等，则所受支持力相等，对槽的压力必然相等，故A 错误、B 正确；QQ F O Q G OO '='得：Q Q O Q F G R '=，P P F O P G OO '='得：P P O PF G R'=， 由图可知O P O Q ''>，又P Q G G >，则P Q F F >，根据胡克定律F k x =∆，两弹簧的形变量未知，则劲度系数的大小关系无法确定，故C 错误，D 正确． 故选：BD ．7．（3分）我校体育馆建设已经接近尾声，建好后将为同学们的健身提供了一个新的场所．如图为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的速度-时间图象，下列判断正确的是（ ）A ．前5s 的平均速度是0.5m /sB ．前10s 钢索最容易发生断裂C ．30s ~36s 钢索拉力的功率不变D ．0s ~10s 的平均速度等于30s ~36s 的平均速度 【答案】BD【解析】解：A ．由速度时间图线可知，10s 末的速度为1m /s ，则5s 末的速度为0.5m /s ，根据平均速度的推论知，前5s 内的平均速度0.2520.5m /sm /s v ==，故A 错误； B ．前10s 内，加速度方向向上，拉力大于重力，10~30s 内，做匀速直线运动，拉力等于重力，30~36s 内，加速度方向向下，拉力小于重力，可知前10s 内钢索最容易发生断裂，故B 正确；C ．30~36s 内做匀减速运动，拉力不变，根据P Fv =，知拉力的功率减小，故C 错误；D ．根据平均速度的推论02v vv +=知，0~10s 内和30~36s 内平均速度相等，故D 正确． 故选：BD ．8．（3分）如图所示，质量为M 的三角形木块A 静止在水平面上，其左右两斜面光滑．一质量为m 的物体B 沿倾角30α=︒的右侧斜面加速下滑时，三角形木块A 刚好保持静止．则当物块B 沿倾角60β=︒的左侧斜面下滑时，下列说法中正确的是（ ）A ．A 仍然静止不动，地面对A 的摩擦力两种情况下等大B ．若45α=︒角，物块沿右侧斜面下滑时，A 将不会滑动C ．A 将向右滑动，若使A 仍然静止需对施加向左侧的作用力D ．A 仍然静止不动，对地面的压力比沿右侧下滑时对地面的压力小 【答案】C【解析】解：物体B 沿着右侧斜面下滑时，对斜面的压力等于重力的垂直分力，为cos30F mg =︒，对物体A 受力分析，受重力、压力、支持力和向右的静摩擦力，如图所示：物体A 恰好不滑动，故静摩擦力达到最大值，等于滑动摩擦力，根据平衡条件，有： x 方向：sin30f F =︒，y 方向：cos30N Mg F =+︒，其中：f N μ=，解得：μ=，A ．物体B 从左侧下滑，先假设斜面体A 不动，受重力、支持力、压力和向左的摩擦力，如图所示：压力等于物体B 重力的垂直分力，为1cos602F mg mg =︒=，竖直方向一定平衡，支持力为：1cos604N Mg F Mg mg =+︒=+，故最大静摩擦力14m f N Mg mg μ⎫==+⎪⎝⎭，压力的水平分力为cos30m F f ︒=>，故一定滑动，要使A 静止，需要对其施加向左的推力，故C 正确，A 、D 错误；B ．若45α=︒，物块沿右侧斜面下滑时，先假设A 不滑动，B 对A 的压力为cos45mg ︒，该压力的水平分量为sin 45mg ︒，竖直分力为2cos 45mg ︒，与30α=︒时相比，B 对A 压力的水平分力变大了，B 对A 压力的竖直分力也变小了，故最大静摩擦力减小了，故一定滑动，故B 错误． 故选：C ． 二、填空题9．（3分）如图1所示是某校在高考前为给高三考生加油，用横幅打出的祝福语．下面我们来研究横幅的受力情况，如图2所示，横幅的质量为m 且质量分布均匀，由竖直面内的四条轻绳A 、B 、C 、D 固定在光滑的竖直墙面内，四条绳子与水平方向的夹角均为θ，其中绳A 、B 是不可伸长的钢性绳；绳C 、D 是弹性较好的弹性绳且对横幅的拉力恒为0T ，重力加速度为g ．绳A 、B 所受力的大小为__________；如果在一次卫生打扫除中，楼上的小明同学不慎将一质量为0m 的抹布滑落，正好落在横幅上沿的中点位置．已知抹布的初速度为零，下落的高度为h ，忽略空气阻力的影响．抹布与横幅撞击后速度变为零，且撞击时间为t ，撞击过程横幅的形变极小，可忽略不计．求撞击过程中，绳A 、B 所受平均拉力的大小为__________．【答案】02sin mgT θ+002sin mg m g T θ+++【解析】解：（1）横幅在竖直方向上处于平衡态：02sin 2sin T T mg θθ=+，解得：02sin mgT T θ=+． （2）抹布做自由落体运动，其碰撞前的速度： 22gh v =，碰撞过程中与横幅有作用力F ，由动量定理可得：00()0F m g t m v --=-，解得：0F m g =+， 由牛顿第三定律可知抹布对横幅的冲击力F F '=， 横幅仍处于平衡状态：102sin 2sin T T mg F θθ'=++，解得：0102sin mg m g T T θ+=+，故答案为：02sin mg T θ+ 002sin mg m g T θ++10．（3分）目前在我国许多省市ETC 联网正式启动运行，ETC 是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC 通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以115m /s v =朝收费站正常沿直线行驶，如果过ETC 通道，需要在收费站中心线前10m 处正好匀减速至25m /s v =，匀速通过中心线后，再匀加速至1v 正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20s 缴费成功后，再启动汽车匀加速至1v 正常行驶．设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为21m /s ．汽车过ETC 通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小为__________；汽车通过ETC 通道比通过人工收费通道节约的时间是__________秒．【答案】210m 27【解析】解：汽车过ETC 通道：减速过程有：22212v v ax -=减，【注意有文字】加速过程与减速过程位移相等，则有：2x x d =+减，【注意有文字】 解得：210m x =，汽车过ETC 通道的减速过程有：0v v at =-减，【注意有文字】 总时间121112222s v v d dt t v a v -=+=+=减，【注意有文字】 汽车过人工收费通道有：1222050s v t a=⨯+= 2122225m 2v s a=⨯=所以二者的位移差为：2122521015πs s s ∆=-=-=， 则有：21127s s t t t v ⎛⎫∆∆=-+= ⎪⎝⎭，故答案为：210m ，27．三、计算题11．如图（a ），O 、N 、P 为直角三角形的三个顶点，37NOP ∠=︒，OP 中点处固定一电量为81 2.010C q -=⨯的正点电荷，M 点固定一轻质弹簧．MN 是一光滑绝缘杆，其中ON 长为(1m)a a =，杆上穿有一带正电的小球（可视为点电荷），将弹簧压缩到O 点由静止释放，小球离开弹簧后到达N 点的速度为零．沿ON 方向建立坐标轴（取O 点处0x =），图（b ）中I 和II 图线分别为小球的重力势能和电势能随位置坐标x 变化的图象，其中30 1.2410J E -=⨯，31 1.9210J E -=⨯，42 6.210J E -=⨯，9229.010N m /C k =⨯⋅，取s i n 370︒=，cos370.8︒=，210m /s g =．（1）求电势能为1E 时小球的位置坐标1x 和小球的质量m ； （2）已知在1x 处时小球与杆间的弹力恰好为零，求小球的电量2q ； （3）求小球释放瞬间弹簧的弹性势能p E ． 【解析】解：（1）势能为1E 时，距M 点的距离为：11cos37cos370.320.32m 2x a a =︒⋅⋅︒==，1x 处重力势能为：11sin 37E mgx =︒，311110kg sin37E m gx -==⨯． （2）在1x 处，根据受力分析可知122cos37mg q q kr =︒， 其中：1tan370.24r x a =︒=， 带入数据，得：61216 2.5610C 25E aq kq -==⨯． （3）根据能量守恒，有：20P sin37mga E E E ︒+-=， 带入数据，得：3P 5.3810J E -=⨯．答：（1）求电势能为1E 时小球的位置坐标1x 为0.32m ，小球的质量3110kg m -⨯． （2）已知在1x 处时小球与杆间的弹力恰好为零，小球的电量2q 为62.5610C -⨯． （3）求小球释放瞬间弹簧的弹性势能p E 为35.3810J -⨯．12．高铁列车上有很多制动装置．在每节车厢上装有制动风翼，当风翼完全打开时，可使列车产生210.5m /s a =的平均制动加速度．同时，列车上还有电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等．单独启动电磁制动系统，可使列车产生220.7m /s a =的平均制动加速度．所有制动系统同时作用，可使列车产生最大为23m /s a =的平均制动加速度．在一段直线轨道上，列车正以0324km /h v =的速度匀速行驶时，列车长接到通知，前方有一列车出现故障，需要该列车减速停车．列车长先将制动风翼完全打开让高速行驶的列车减速，当车速减小了13时，再通过电磁制动系统同时制动．（1）若不再开启其他制动系统，从开始制动到停车，高铁列车行驶的距离是多少？ （2）若制动风翼完全打开时，距离前车只有2km ，那么该列车最迟在距离前车多远处打开剩余的制动装置，才能保证不与前车相撞？ 【解析】解：（1）由题意可得：0324km /9m h 0/s v ==，打开制动风翼时，有：210.5m /s a =，1022906330m /s v v ==⨯=，在此过程中行驶的距离为：2222011190604500m 220.5v v x a --===⨯ 在打开电磁制动后，共同作用的加速度为：2220.5m /s 0.71m /s m /s .2a +='=， 在此过程中行驶的距离为：22121601500m 22 1.2v x a ===⨯， 高铁列车在此过程中行驶的总距离为：126000m x x x =+=，（2）最迟需要在距离前车x ∆处打开其他制动装置．由题意知，此时减速需要最大制动加速度，即： 23m /s a =，22v x a ∆=，减速之前有：220012v v x x a --∆=由以上两式可解得：1220m x ∆=．答：（1）若不再开启其他制动系统，从开始制动到停车，高铁列车行驶的距离是6000m ． （2）若制动风翼完全打开时，距离前车只有2km ，那么该列车最迟在距离前车1220m 打开剩余的制动装置，才能保证不与前车相撞．13．一个光滑直槽长为L ，固定在水平面上，直槽两端有竖直挡板，槽内有两个质量相同的光滑小球．设水平向右为x 轴正方向，初始时小球1位于0x =处，速度为v ，运动方向向右；小球2位于x L =处，速度为2v ，运动方向向左，如图所示．小球间的碰撞是完全弹性的（碰撞前后速度交换方向相反），而小球每次与槽壁的碰撞结果都会使小球速度减半的返回，求：在哪些时间段内两小球的速度大小、方向相同？对应这些时间段的速度大小为多少？【解析】解：由于两个质量相同的光滑小球间的碰撞是完全弹性的（碰撞前后速度交换方向相反），所以当两个小球碰撞后，两个小球组成的系统相对于相互“穿过”了对方，所以在第一次碰撞后小球1以2v 返回左侧的时间：112Lt v=，球1与槽碰撞后的速度变成v 方向向右， 球2返回第一次右侧的时间：21L t v =，球1与槽碰撞后的速度变成2v方向向左， 所以两个小球在2L Lt v v<<的时间内速度相等，速度的大小为v ，方向向右， 在12t 时刻小球1的到O 点距离：11211()2Lx v t t =-=， 所以在两个小球发生第二次碰撞后，小球1的速度是2v方向向左，小球2的速度是v 方向向右；小球2返回右侧的时间：221132L L t t v v =+=，与槽发生第二次碰撞后的速度变成2v ，方向向左，小球1第二次返回左侧的时间：122132L L t t v v =+=．与槽发生第二次碰撞后的速度变成2v ，方向向右， 可知在：332L L t v v <<的时间内速度也相等，速度变成2v ，方向向左； 在两个小球发生第三次碰撞后，小球1的速度是2v 方向向左，小球2的速度是4v方向向右；小球2返回右侧的时间：231274L Lt t v v =+=，与槽发生第三次碰撞后的速度变成8v ，方向向左，小球1第三次返回左侧的时间：132223722L Lt t tv v =+=<．与槽发生第三次碰撞后的速度变成4v，方向向右， 可知在：772L L t v v <<的时间内速度也相等，速度变成4v ，方向向右， 在两个小球发生第四次碰撞后，小球1的速度是8v 方向向左，小球2的速度是4v方向向右，小球2返回右侧的时间：24131524L L t t v v =+=，与槽发生第四次碰撞后的速度变成8v ，方向向左，小球1第四次返回左侧的时间：142324158L Lt t t v v =+=>．与槽发生第四次碰撞后的速度变成16v，方向向右， 可知在：15152L L t v v <<的时间内速度也相等，速度变成8v，方向向左， 由以上的分析可知，两个小球在2L L t v v <<以及22(1)(1)2n L n Lt v v --<<23()4n =,,的时间内速度是相等的．对应的速度的大小分别为：v ，2v ，4v12n v -23()4n =,,（n 为两个小球的碰撞次数），答：两个小球在2L L t v v <<以及22(1)(1)2n L n Lt v v --<<23()4n =,,的时间内速度是相等的．对应的速度的大小分别为：v ，2v ，4v12n v -23()4n =,,（n 为两个小球的碰撞次数）． 四、选修部分14．氢原子从能级A 跃迁到能级B 时，辐射出波长为1λ的光，从能级A 跃迁到能级C 时，辐射出波长为2λ的光，若12λλ>，则氢原子从能级B 跃迁到能级C 时，将__________光子，光子的波长为__________． 【答案】辐射1212λλλλ- 【解析】解：因为12λλ>，根据cγλ=，知12γγ<．A 到B 辐射光子的能量小于A 到C 辐射光子的能量，所以B 能级能量比C 能级能量大， 跃迁时辐射光子，B 、C 间的能级差21hchcE λλ∆=-，又知3hcE λ∆=，解得12312λλλλλ=-． 故答案为：辐射，1212λλλλ-． 15．如图所示，光滑水平面上放置质量均为2kg M =的甲、乙两辆小车，两车之间通过一感应开关相连（当滑块滑过感应开关时，两车自动分离），甲车上表面光滑，乙车上表面与滑块P 之间的动摩擦因数0.5μ=．一根通过细线拴着且被压缩的轻质弹簧固定在甲车的左端，质量为1kg m =的滑块P （可视为质点）与弹簧的右端接触但不相连，此时弹簧的弹性势能010J E =，弹簧原长小于甲车长度，整个系统处于静止状态．现剪断细线，求： ①滑块P 滑上乙时的瞬时速度的大小；②滑块P 滑上乙车后最终未滑离乙车，滑块P 在乙车上滑行的距离．（取210m /s g =）【解析】解：（1）设滑块P 滑上乙车前的速度为v ，以整体为研究对象，作用的过程中动量和机械能都守恒，选向右的方向为正，应用动量守恒和能量关系有： 1220mv Mv -=①102221(212)2mv M E v +=②①②两式联立解得：14m /s v =，21m /s v =．（2）以滑块和乙车为研究对象，选向右的方向为正，在此动过程中，由动量守恒定律得： 12()mv Mv m M v -=+共③由能量守恒定律得：2221211()2212mgL mv Mv m M v μ+-+共④③④联立并代入数据得：5m 3L =答：①滑块P 滑上乙时的瞬时速度的大小为4m /s ．②滑块P 滑上乙车后最终未滑离乙车，滑块P 在乙车上滑行的距离为5m 3．。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
陕西省榆林市绥德中学2019届高三第一学期第一次模拟考试物理试卷一、选择题1.理想化模型是简化物理研究的重要手段，它抓住问题的主要因素，忽略次要因素，促进了物理学的发展．下列关于理想化模型建立的表述正确的是（）A. 质点作为理想化模型忽略了物体的质量B. 点电荷作为理想化模型忽略了物体所带的电荷量C. 理想电压表忽略了电压表的内阻D. 理想变压器没有能量损失【答案】BD【解析】【详解】理想化模型的建立是一种科学方法的实践应用，质点、点电荷、轻弹簧、理想电压表、电流表和理想变压器都是理想化模型。
质点作为理想化模型忽略了物体的大小和形状。
故A错误；点电荷作为理想化模型忽略了物体的大小和形状；故B正确；理想电压表则是将内阻视作无穷大，故C错误；理想变压器是不计变压器上的能量损失。
故D正确；故选BD。
2. 在哈尔滨冰雕节上，工作人员将如图所示的小车和冰球推进箱式吊车并运至高处安装，先后经历了水平向右匀速、水平向右匀减速、竖直向上匀加速、竖直向上匀减速运动四个过程。
冰球与水平底板和右侧斜挡板始终保持接触但摩擦不计。
冰球与右侧斜挡板间存在弹力的过程是( )A. 向右匀速过程B. 向右匀减速过程C. 向上匀加速过程D. 向上匀减速过程【答案】B【解析】试题分析：向右匀速过程中冰球受到竖直向下的重力与底面对球的支持力的平衡，斜面没有作用力，所以A项错误；向右匀减速过程中，加速度方向水平向左，合力水平向左，右侧斜档板一定有弹力，所以B项正确；向上匀加速过程，合力向上，底面的支持力大于球的重力，右侧斜面挡板一定没有弹力，所以C项错误；向上匀减速过程中，球的重力大于底面的支持力，右侧斜面挡板一定没有弹力，所以D项错误。
考点：本题考查了物体运动状态与受力情况3.图为一物体做直线运动时的图像，但纵坐标表示的物理量未标出．已知物体在前2 s内向东运动，以下判断正确的是（）A. 若纵坐标表示速度，则物体在4 s内的位移为4 mB. 若纵坐标表示速度，则物体在4 s内的加速度大小不变，方向始终向东C. 若纵坐标表示位移，则物体在4 s内的运动方向始终向东D. 若纵坐标表示位移，则物体在4 s内的位移为零【答案】【解析】试题分析：若纵坐标表示速度：在4s内图线与时间轴所围成的面积为零，则位移为零，A错误；图线的斜率表示加速度，斜率不变，知加速度大小和方向都不变，前2s时间内向东运动，因为物体做减速运动，则加速度的方向与速度的方向相反，则物体的加速度方向向西，B错误．若纵坐标表示位移：初末位置不同，则位移不为零．物体在前2s时间内向东运动，从图线可知在4s内物体一直向东运动，C正确，D错误．考点：本题考查v-t,x-t图像。
4.如图所示，平行板电容器与恒压电源连接，电子以速度垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场，设电容器极板上所带的电荷量为Q，电子穿出平行板电容器时在垂直于板面方向偏移的距离为．若仅使电容器上极板上移，以下说法正确的是（）A. Q减小，y不变B. Q减小，y减小C. Q增大，y减小D. Q增大，y增大【答案】【解析】仅使电容器上极板上移，两极板间距d增大，由知，电容器的电容减小，由知，U一定，C减小，则Q减小，选项C、D错误；由知，电容器两极板间的电场强度减小，电子运动的加速度减小，电子在电场中做类平抛运动，电子穿出电场的时间不变，则电子穿出平行板电容器时在垂直极板方向偏移的距离减小，选项A错误，选项B正确．5.如图所示，组装成S形的轨道平放在水平面上，abc部分由薄壁细圆管弯成，半径为，cde 部分半圆形轨道的半径为，两部分在处圆滑连接．在水平面内有一匀强电场，场强大小为V／m，方向水平向左．一个质量m=0.01kg、电荷量q=5.0×10C的带正电的小球（可视为质点）从管口点进入轨道，发现带电小球恰好能从e处飞出．不计一切摩擦，小球运动过程中带电荷量不变（g取10 m／s2），则小球从管口a点进人轨道的最小速度为（）A. m/sB. m/sC. m/sD. m/s【答案】C【解析】【分析】带电小球恰好能从e处飞出时，小球的速度为零．小球从a到e的过程中，电场力做功-qE（2r+2R），根据动能定理求出小球从管口a点进入轨道的最小速度．【详解】设小球从管口a点进入轨道的最小速度为v，则由动能定理得：-qE•2（r+R）=0-mv2解得，，故ABD错误，C正确。
故选C。
6.如图所示，一根细绳的上端系在O点，下端系一个小球B，B放在粗糙的斜面体A上．现用水平推力F向右推斜面体使其在光滑水平面上向右匀速运动一段距离（细绳尚未到达平行于斜面的位置），则在此过程中（）A. 小球B做匀速圆周运动B. 摩擦力对小球B做正功C. 水平推力F对A做的功和小球B对A做的功大小相等D. A对小球B所做的功与小球B对A所做的功大小相等【答案】BC【解析】【详解】小球B的线速度可以分解为水平方向的分速度与沿绳子方向的分速度，如图，则：v=v0cosθ，可知小球的线速度随θ的增大是逐渐变小的，故角速度逐渐变小。
故A错误。
如图，画出小球B受到的支持力N，摩擦力f的方向以及小球在该位置时运动的切线的方向，由图可知，斜面对B的摩擦力沿斜面向下，该点B运动轨迹的弧线在B受到的支持力的下方，所以B受到的摩擦力与B的位移方向夹角为锐角，所以斜面对B的摩擦力对m做正功，故B正确；斜面体A做匀速运动，动能不变，外力对A所做的总功为零，则知水平推力F和小球B对A做功的大小相等，故C正确。
斜面对B的弹力和B对斜面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，斜面在弹力方向上的位移等于B在弹力方向上的位移。
所以A对重球B的弹力所做的功与重球B对A弹力所做的功大小相等，一正一负。
由于B与A间存在相对运动，A的位移与B的位移不相等，所以A对重球B的摩擦力所做的功与重球B对A的摩擦力所做的功大小是不相等的；所以A对重球B所做的总功与重球B对A所做的总功大小不等，故D错误。
故选BC。
【点睛】恒力做功的表达式为W=FScosθ，功的正负可以看力与位移的夹角，当θ＜90°时，力做正功；当θ=90°时，力不做功；当θ＞90°时，力做负功．7.在如图所示电路中，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表A、V1、V2和V3的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表A、V1、V2和V3示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和AU3表示．下列说法正确的是（）A. 不变，不变B. 变大，变大C. 变大，不变D. 比值变大，比值不变【答案】【解析】【详解】根据欧姆定律得知，故当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，均不变，A正确；，变大，根据闭合电路欧姆定律得，则有，不变，B 错误C正确；，变大；根据闭合电路欧姆定律得，则有，不变，D正确．【点睛】本题对于定值电阻，是线性元件有，对于非线性元件，．8.一个带正电的小球沿光滑绝缘的水平桌面向右运动，速度方向垂直于一个水平向里的匀强磁场，如图所示，小球飞离桌面后落到地板上，飞行时间为，水平射程为，着地速度为．撤去磁场，其余的条件不变，小球的飞行时间为，水平射程为，着地速度为．下列结论正确的是（）A.B.C. 和大小相等D. 和方向相同【答案】C【解析】【详解】设带正电，有磁场时，小球下落过程中要受重力和洛仑兹力共同作用，重力方向竖直向下，大小方向都不变；洛仑兹力的大小和方向都随速度的变化而变化，但在能落到地面的前提下洛仑兹力的方向跟速度方向垂直，总是指向右上方某个方向，其水平分力f x水平向右，竖直分力f y竖直向上。
如图所示，竖直方向的加速度仍向下，但小于重力加速度g，从而使运动时间比撤去磁场后要长，即t1＞t2，小球水平方向也将加速运动，从而使水平距离比撤去磁场后要大，即x1＞x2，若带负电，同理，洛伦兹力方向，与图洛伦兹力相反，则可知，竖直方向的加速度仍向下，但大于重力加速度g，从而使运动时间比撤去磁场后要短，即t1＜t2，小球水平方向也将减速运动，从而使水平距离比撤去磁场后要大，即x1＜x2，在有磁场，重力和洛仑兹力共同作用时，其洛仑兹力的方向每时每刻都跟速度方向垂直，不对粒子做功，不改变粒子的动能，有磁场和无磁场都只有重力作功，动能的增加是相同的。
有磁场和无磁场，小球落地时速度方向并不相同，但速度的大小是相等的，故C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】本题关键运用分解的思想，把小球的运动和受力分别向水平和竖直分解，然后根据选项分别选择规律分析讨论.二、实验题9.为了测量物块和桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图甲所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置，板上固定的两个光电门相距为L=0.5m，滑块上遮光板的宽度d用游标卡尺测出，示数如图乙所示，质量为m=0.5 kg的滑块通过细线与重物相连，通过力传感器获得细线的拉力F=3N，让滑块由静止释放，记录滑块的遮光板通过光电门1、光电门2所用的时间分别为t1=0.02s、t2=0.01 s．（1）遮光板的宽度为d=___________________cm．（2）滑块的加速度表达式为_____________（用题中所给符号表示），滑块与桌面之间的动摩擦因数为_____________（保留两位有效数字）．（3）如果实验中力传感器出现问题后被拆掉，该同学用重物P所受的重力Mg代替细线对滑块的拉力完成了实验，为使误差尽可能减小，应满足的实验条件是__________．【答案】 (1). ①2.00； (2). ②； (3). 0.3； (4). ③M＜＜m．【解析】【详解】①由图示游标卡尺可知，其示数为20mm+0×0.1mm=20.0mm=2.00cm；②滑块经过两光电门时的速度：v1=，v2=，由速度位移公式可得：v22-v12=2aL，解得：，代入数据解得：a=3m/s2，由牛顿第二定律得：F-μmg=ma，代入数据解得：μ=0.30；③以滑块为研究对象，由牛顿第二定律得：F-μmg=ma，解得：μ=，细线对滑块的拉力F小于重物的重力Mg，实验时认为滑块受到的拉力为Mg，由μ=可知，所测μ偏大；当M比m越小，拉力F越接近于Mg，为了减小实验误差，需要满足的条件是：M远远小于m，M＜＜m．故答案为：①2.00；②；0.3；③大；M＜＜m．【点睛】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，游标卡尺不需要估读，对游标卡尺读数时要注意游标尺的精度；分析实验误差时要先求出动摩擦因数的表达式．10. 有一根长陶瓷管，其表面均匀地镀有一层很薄的电阻膜，管的两端有导电箍M和N，如图甲所示。
用多用表电阻档测得MN间的电阻膜的电阻约为1kΩ，陶瓷管的直径远大于电阻膜的厚度。