【物理】 物理整体法隔离法解决物理试题专题练习(及答案)
高考物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)及解析
高考物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)及解析一、整体法隔离法解决物理试题1．如图所示，R 0为热敏电阻(温度降低，其电阻增大)，D 为理想二极管(正向电阻为零，反向电阻无穷大)，平行板电容器中央有一带电液滴刚好静止，M 点接地，开关S 闭合．下列各项单独操作时可使带电液滴向上运动的是( )A ．滑动变阻器R 的滑动触头P 向上移动B ．将热敏电阻R 0的温度降低C ．开关S 断开D ．电容器的上极板向上移动【答案】C【解析】【详解】A.当滑动变阻器的滑动触头P 向上移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电流增大，内电压及R 0两端的电压增大，则路端电压和滑动变阻器两端的电压都减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，故A 项不合题意；B.当热敏电阻温度降低时，其阻值增大，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压减小，液滴仍然静止，故B 项不合题意；C.开关S 断开时，电容器直接接在电源两端，电容器两端电压增大，则液滴向上运动，故C 项符合题意；D.若使电容器的上极板向上移动，即d 增大，则电容器电容C 减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由于Q U C =，4S C kd επ=，U E d =，所以4kQ E Sπε=，由于极板上的电荷量不变，而场强E 与极板之间的距离无关，所以场强E 不变，液滴仍然静止，故D 项不合题意．2．如图所示的电路中，电源电动势为E ．内阻为R ，L 1和L 2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻阻值均为R ．电压表为理想电表，K 为单刀双掷开关，当开关由1位置掷到2位置时，下列说法中正确的是（ ）A．L1亮度不变，L2将变暗B．L1将变亮，L2将变暗C．电源内阻的发热功率将变小D．电压表示数将变小【答案】D【解析】开关在位置1时，外电路总电阻R总=，电压表示数U=E=，同理，两灯电压U1=U2=E，电源内阻的发热功率为P热==。
物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)
(M＋2m)g， C 错误．
D、B 与斜面体间的正压力 N′＝2mgcosθ，对 B 分析，根据共点力平衡有
F＝mgsinθ＋μmgcosθ＋f′，则 B 与斜面间的动摩擦因数
f N
F -mgsin mgcos 2mgcos
，故
D
正确．
故选 BD
11．如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r，电压表 V1、V2、V3 为理想电压表，R1、R3 为定 值电阻，R2 为热敏电阻(其阻值随温度升高而减小)，C 为电容器，闭合开关 S，电容器 C 中 的微粒 A 恰好静止．当室温从 25 ℃升高到 35 ℃的过程中，流过电源的电流变化量是 ΔI， 三只电压表的示数变化量是 ΔU1、ΔU2 和 ΔU3.则在此过程中( )
A．大小为零 C．方向水平向左 【答案】A 【解析】 【详解】 对斜面体进行受力分析如下图所示：
B．方向水平向右 D．无法判断大小和方向
开始做匀速下滑知压力与摩擦力在水平方向上的分力相等，当用力向下推此物体，使物体
加速下滑，虽然压力和摩擦力发生了变化，但摩擦力 f 始终等于 FN 。知两力在水平方向
滑动，小灯泡的阻值可视为不变，下列说法正确的是（ ）
A．小灯泡 L1 变暗，V1 表的示数变小，V2 表的示数变大 B．小灯泡 L1 变亮，V1 表的示数变大，V2 表的示数变小 C．小灯泡 L2 变暗，V1 表的示数变小，V2 表的示数变大 D．小灯泡 L2 变亮，V1 表的示数变大，V2 表的示数变大
ma Fb ，F
为负值，b
对a
为推力；若
mb Fa ma Fb ，F 为正值，则 b 对 a 为拉力；若 mb Fa ma Fb ，F 为零．故 C 正确，A、
B、D 错误．故选 C．
物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)及解析
大，所以电阻 R2 两端的电压减小量小于 ΔU，由欧姆定律知，通过电阻 R2 的电流也减小， 减小量小于 ，故 B 项不合题意、D 项不合题意，C 项符合题意．
5．如图所示，A、B 两滑块的质量分别为 4 kg 和 2 kg，用一轻绳将两滑块相连后分别置于 两等高的光滑水平桌面上，并用手按着两滑块固定不动。现将一轻质动滑轮置于轻绳上， 然后将一质量为 4 kg 的钩码 C 挂于动滑轮上。现先后按以下两种方式操作：第一种方式只 释放 A 而 B 按着不动；第二种方式只释放 B 而 A 按着不动。则 C 在以上两种释放方式中获 得的加速度之比为
F1=mg sin a=ma a=gina ，因 a 和 c 球相对静止，因此 c 球的加速度也为 gsina，将 a 和
c 球以及绳看成一个整体，在只受重力和支持力的情况下加速度为 gsina，因此 a 球和杆的 摩擦力为零，故 A 错误；
对球 d 单独进行受力分离，只受重力和竖直方向的拉力，因此球 d 的加速度为零，因为 b 和 d 相对静止，因此 b 的加速度也为零，故 d 球处于平衡状态，加速度为零，不是失重状
A．
B．
C．
D．
【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
对小球进行受力分析当 a g tan 时如图一，根据牛顿第二定律，水平方向： FC sin ma ① 竖直方向： FC cos FA mg ②，联立①②得： FA mg ma tan ， FC ma sin ， FA 与 a 成线性关系，当 a=0 时， FA ＝mg，
T-fAB=mAa
fBC-T=mCa 解得 a=0.5m/s2，以 B 为研究对象，根据牛顿第二定律可得
F-（fBC+fAB）=mBa
解得 F=9N，由题知 F=15N 9N，所以可以将 B 物体从 A、C 中间抽出；即用 15N 的力作用
高考物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)含解析
高考物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)含解析一、整体法隔离法解决物理试题1．两倾斜的平行杆上分别套着a 、b 两相同圆环，两环上均用细线悬吊着相同的小球，如图所示。
当它们都沿杆向下滑动，各自的环与小球保持相对静止时，a 的悬线与杆垂直，b 的悬线沿竖直方向，下列说法正确的是A ．a 环与杆有摩擦力B ．d 球处于失重状态C ．杆对a 、b 环的弹力大小相等D ．细线对c 、d 球的弹力大小可能相等 【答案】C 【解析】 【详解】对c 球单独进行受力分析，受力分析图如下，c 球受重力和绳的拉力F ，物体沿杆滑动，因此在垂直于杆的方向加速度和速度都为零，由力的合成及牛顿第二定律可知物体合力1=mg sin a=ma a=gina F ⇒，因a 和c 球相对静止，因此c 球的加速度也为gsina ，将a 和c 球以及绳看成一个整体，在只受重力和支持力的情况下加速度为gsina ，因此a 球和杆的摩擦力为零，故A 错误；对球d 单独进行受力分离，只受重力和竖直方向的拉力，因此球d 的加速度为零，因为b 和d 相对静止，因此b 的加速度也为零，故d 球处于平衡状态，加速度为零，不是失重状态，故B 错；细线对c 球的拉力cos c T mg a =，对d 球的拉力d T mg =，因此不相等，故D 错误；对a 和c 整体受力分析有()cos na a c F m m g a =+，对b 和d 整体受力分析()cos nb b d F m m g a =+，因a 和b 一样的环，b 和d 一样的球，因此受力相等，故C 正确。
2．在如图所示的电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器．当R 2的滑动触点在a 端时合上开关S ，此时三个电表A 1、A 2和V 的示数分别为I 1、I 2和U ．现将R 2的滑动触点向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是A ． I 1增大，I 2不变，U 增大B ． I 1减小，I 2增大，U 减小C ． I 1增大，I 2减小，U 增大D ． I 1减小，I 2不变，U 减小 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】R 2的滑动触点向b 端移动时，R 2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R 3电压增大，R 1、R 2并联电压减小，通过R 1的电流I 1减小，即A 1示数减小，而总电流I 增大，则流过R 2的电流I 2增大，即A 2示数增大．故A 、C 、D 错误，B 正确．3．如图所示，三物体A 、B 、C 均静止，轻绳两端分别与A 、C 两物体相连接且伸直，m A =3kg ，m B =2kg ，m C =1kg ，物体A 、B 、C 间的动摩擦因数均为μ=0.1，地面光滑，轻绳与滑轮间的摩擦可忽略不计。
高考物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)
高考物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)一、整体法隔离法解决物理试题1．一个质量为M 的箱子放在水平地面上,箱内用一段固定长度的轻质细线拴一质量为m 的小球,线的另一端拴在箱子的顶板上,现把细线和球拉到左侧与竖直方向成θ角处静止释放,如图所示,在小球摆动的过程中箱子始终保持静止,则以下判断正确的是( )A ．在小球摆动的过程中,线的张力呈周期性变化,但箱子对地面的作用力始终保持不变B ．小球摆到右侧最高点时,地面受到的压力为(M+m)g,箱子受到地面向左的静摩擦力C ．小球摆到最低点时,地面受到的压力为(M+m)g,箱子不受地面的摩擦力D ．小球摆到最低点时,线对箱顶的拉力大于mg,箱子对地面的压力大于(M+m)g 【答案】D 【解析】在小球摆动的过程中，速度越来越大，对小球受力分析根据牛顿第二定律可知：2v F mgcos m rθ-=，绳子在竖直方向的分力为：2v F Fcos mgcos m cos r θθθ⎛⎫'==+ ⎪⎝⎭，由于速度越来越大，角度θ越来越小，故F '越大，故箱子对地面的作用力增大，在整个运动过程中箱子对地面的作用力时刻变化，故A 错误；小球摆到右侧最高点时，小球有垂直于绳斜向下的加速度，对整体由于箱子不动加速度为0M a =，a '为小球在竖直方向的加速度，根据牛顿第二定律可知：()·N M M m g F M a ma +-=+'，则有：()N F M m g ma =+-'，故()N F M m g <+，根据牛顿第三定律可知对地面的压力小于()M m g +，故B 错误；在最低点，小球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛顿第二定律有：2v T mg m r -=，联立解得：2v T mg m r =+，则根据牛顿第三定律知，球对箱的拉力大小为：2v T T mg m r '==+，故此时箱子对地面的压力为：()()2v N M m g T M m g mg m r=++=+++'，故小球摆到最低点时，绳对箱顶的拉力大于mg ，，箱子对地面的压力大于()M m g +，故C 错误，D 正确，故选D.【点睛】对m 运动分析，判断出速度大小的变化，根据牛顿第二定律求得绳子的拉力，即可判断出M 与地面间的相互作用力的变化，在最低点，球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛顿第二定律求出绳子的拉力，从而得到箱子对地面的压力．2．如图所示，在倾角37θ=︒的光滑斜面上，物块A 静止在轻弹簧上面，物块B 用细线与斜面顶端相连，物块A 、B 紧挨在一起但它们之间无弹力，已知物块A 、B 质量分别为m 和2m ，重力加速度为g ，sin370.6︒=，cos370.8︒=．某时刻将细线剪断，则在细线剪断瞬间，下列说法正确的是A ．物块B 的加速度为0.6g B ．物块A 的加速度为0.6gC ．物块A 、B 间的弹力为0.4mgD ．弹簧的弹力为1.8mg【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】剪断细线前，弹簧的弹力：sin 370.6F mg mg =︒=弹 细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为0.6F mg =弹； 剪断细线瞬间，对A 、B 系统，加速度为：3sin 370.43mg F a g m︒-==弹，即A 和B 的加速度均为0.4g ；以B 为研究对象，根据牛顿第二定律可得2sin372mg T ma ︒-= 解得0.4T mg =．故C 正确，ABD 错误．故选C ．3．在如图所示的电路中，当开关S 闭合后，电压表有示数，调节可变电阻R 的阻值，使电压表的示数增大ΔU ，则( )A ．可变电阻R 被调到较小的阻值B ．电阻R 2两端的电压减小，减小量等于ΔUC ．通过电阻R 2的电流减小，减小量小于D ．通过电阻R 2的电流减小，减小量等于【答案】C 【解析】 【详解】A.由题意知，要使电压表的示数增大，则需电阻R 和R 1并联后的总电阻增大，则需将可变电阻R 增大，即可变电阻R 被调到较大的阻值，故A 项不合题意；BCD.当R 增大时，外电阻增大，干路电流减小，电阻R 2两端的电压减小，且路端电压增大，所以电阻R 2两端的电压减小量小于ΔU ，由欧姆定律知，通过电阻R 2的电流也减小，减小量小于，故B 项不合题意、D 项不合题意，C 项符合题意．4．如图所示电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，串联的固定电阻为R 2，滑动变阻器的总阻值是R 1，电阻大小关系为R 1＋R 2＝r ，则在滑动触头从a 端滑到b 端过程中，下列描述正确的是( )A ．电路的总电流先减小后增大B ．电路的路端电压先增大后减小C ．电源的输出功率先增大后减小D ．滑动变阻器R 1上消耗的功率先减小后增大 【答案】D 【解析】A 、当滑动变阻器从a →b 移动时R 1作为并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电流是先减小后增大，故A 正确；B 、路端电压U =E -Ir ，因为电流先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，故B 正确；C 、当R 外=r 的时候电源的输出功率最大，当滑片在a 端或者b 端的时候，电路中R 外=R 2<r ,则随着外电阻的先增大后减小，由P R 外外图象的单调性可知输出功率是先增大后减小的，故C 正确；D 、滑动变阻器的总电阻R 1<R 2+r ，则滑片向右滑，R 1的总阻值先增大后减小，则滑动变阻器上消耗的功率是先增大后减小，故D 错误．本题选错误的故选D.【点睛】本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片P 从最右端→中间→左端总电阻变化情况的判断．5．如图所示，质量为m 的球置于斜面上，被一个拴在斜面上的细绳拉住。
高考物理整体法隔离法解决物理试题专项训练100(附答案)
高考物理整体法隔离法解决物理试题专项训练100(附答案)一、整体法隔离法解决物理试题1．在如图所示的电路中，当开关S 闭合后，电压表有示数，调节可变电阻R 的阻值，使电压表的示数增大ΔU ，则( )A ．可变电阻R 被调到较小的阻值B ．电阻R 2两端的电压减小，减小量等于ΔUC ．通过电阻R 2的电流减小，减小量小于D ．通过电阻R 2的电流减小，减小量等于【答案】C【解析】【详解】A.由题意知，要使电压表的示数增大，则需电阻R 和R 1并联后的总电阻增大，则需将可变电阻R 增大，即可变电阻R 被调到较大的阻值，故A 项不合题意；BCD.当R 增大时，外电阻增大，干路电流减小，电阻R 2两端的电压减小，且路端电压增大，所以电阻R 2两端的电压减小量小于ΔU ，由欧姆定律知，通过电阻R 2的电流也减小，减小量小于，故B 项不合题意、D 项不合题意，C 项符合题意．2．如图所示，质量为M 的板置于水平地面，其上放置一质量为m 的物体，物体与板，板与地面间的滑动摩檫系数分别为μ、2μ。
当作用在板上的水平拉力为F 时能将板从物体下拉出，则F 的取值范围为（ ）A ．F >mg μB ．F >()m M g μ+C ．F >2()m M g μ+D ．F >3()m M g μ+【答案】D【解析】【详解】当M 和m 发生相对滑动时，才有可能将M 从m 下抽出，此时对应的临界状态为：M 与m 间的摩擦力为最大静摩擦力m f ，且m 运动的加速度为二者共同运动的最大加速度m a ，对m 有：m m f mg a g m mμμ===，设此时作用与板的力为F '，以M 、m 整体为研究对象，有：()()2m F M m g M m a μ'-+=+，解得()3F M m g μ'=+，当F F '>时，才能将M 抽出，即()3F M m g μ>+，故D 正确，ABC 错误。
物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)
I 增大，U 2 减小，故 A 错误；
B. 电路中定值电阻阻值 R 大于电源内阻 r，外电阻减小，电源输出功率在增大，故 B 正 确； D. 由闭合欧姆定律得：
U3 E I r R
解得
具有最大速度，由 A 分析知 F合 2mgsin30 F 0 ，可得弹簧弹力 F′=mg，所以共同下
滑的距离 x
F F
mg
1 2
mg
mg
，AB
具有最大速度，故
C
正确；
k
k
2k
故选 AC．
【点睛】
当 B 放在 A 上瞬间，以 AB 整体为研究对象受力分析，根据牛顿第二定律求得 AB 的加速
度，由 AB 的共同加速度，隔离 B 分析 A 对 B 的摩擦力与支持力的大小情况即可．AB 速度
连．其中 B 与斜面同动摩擦因数为 3 ，A 为光滑物体，同时由静止释放两个物体， 6
重力加速度为 g.则下列说法正确的是( )
A．两个物体在下滑过程中会分开
B．两个物体会一起向下运动，加速度为 g 2
C．两个物体会一起向下运动．加速度为 3g 8
D．两个物体会一起向下运动，它们之间的相互作用力为 1 mg 2
A．当 B 放在 A 上的瞬间,A、B 的加速度为 g 4
B．当 B 放在 A 上的瞬间,A 对 B 的摩擦力为零 C．A 和 B 一起下滑距离 mg 时,A 和 B 的速度达到最大
2k D．当 B 放在 A 上的瞬间,A 对 B 的支持力大于 mg 【答案】AC
【解析】 【详解】 A、将 B 放在 A 上前，以 A 为研究对象受力分析有：
得
m′=4m 绳剪断瞬间，以 A 为研究对象，根据牛顿第二定律得：
【物理】物理整体法隔离法解决物理试题题20套(带答案)
滑动，小灯泡的阻值可视为不变，下列说法正确的是（ ）
A．小灯泡 L1 变暗，V1 表的示数变小，V2 表的示数变大 B．小灯泡 L1 变亮，V1 表的示数变大，V2 表的示数变小 C．小灯泡 L2 变暗，V1 表的示数变小，V2 表的示数变大 D．小灯泡 L2 变亮，V1 表的示数变大，V2 表的示数变大
C．两个物体会一起向下运动．加速度为 3g 8
D．两个物体会一起向下运动，它们之间的相互作用力为 1 mg 2
【答案】C 【解析】 对 A 受力分析，
由牛顿第二定律得 mAg sin NBA mAa A
对 B 受力分析，
由牛顿第二定律得 mB g sin NBA mB g cos mBa B ，且有 aA aB
【答案】D 【解析】将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，变阻器与 灯泡 L2 并联的电阻变大，外电路总电阻增大，则路端电压随之增大，即 V1 表的读数变 大．由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡 L1 变暗，电压表 V2 读数变 小．灯泡 L2 的电压 U2=E-I(r+RL1)增大，I 减小，则 U2 增大，灯泡 L2 变亮．故 D 正确．故选 D． 【点睛】本题是电路中动态分析问题．对于路端电压可以直接根据路端电压随外电阻增大 而增大，减小而减小判断．
F cos ma ， F sin mg
解得
a 3g 3
对 A、B、C 整体运用牛顿第二定律可得
Mg (M 2m)a
解得
故 C 错误 D 正确；
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
能进入粗焅地带，由动能定理： F(nL) mgL(1 2 3 (n 1)) 0 0 ，解得：
n=7,所以 10 个滑块不能全部进入粗糙地带，故 D 错误．
故选 B.
2．如图所示，三个物体质量分别为 m＝1.0 kg、m2＝2.0 kg、m3＝3.0 kg ，已知斜面上表面 光滑，斜面倾角 θ＝30°，m1 和 m2 之间的动摩擦因数 μ＝0.8.不计绳和滑轮的质量和摩 擦．初始用外力使整个系统静止，当撤掉外力时，m2 将(g＝10 m/s2，最大静摩擦力等于滑 动摩擦力)( )
C．当考虑空气阻力，当人处如图乙所示的状态向右匀速运动时，根据平衡条件，则重力、 支持力与空气阻力处于平衡，则脚所受摩擦力可能为零，故 C 正确； D．当不计空气阻力，当人处如图乙所示的状态向右加速运动时，根据牛顿第二定律，脚 受到的重力与支持力提供加速度，那么脚所受摩擦力可能为零，故 D 错误。 故选 C。 【点睛】 此题考查根据不同的运动状态来分析脚受到力的情况，掌握物体的平衡条件以及加速度与 合外力的关系，注意人水平方向向右运动时空气阻力的方向是水平向左的。
D．当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；因不明确内外电阻的关系，故无法明确功 率的变化情况；故 D 错误。 故选 C。
6．质量为 m 的光滑圆柱体 A 放在质量也为 m 的光滑“V 型槽 B 上,如图,α=60°,另有质量为
M 的物体 C 通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与 B 相连,现将 C 自由释放,则下列说法正确 的是（ ）
B．弹簧弹力大小为 F 时，FN＝ F 2
C．A、B 的速度最大时，FN＝mg 【答案】BCD
D．弹簧恢复原长时，FN＝0
【解析】
【详解】
A.在突然撤去 F 的瞬间，AB 整体的合力向上，大小为 F，根据牛顿第二定律，有：
F=2ma
解得： a F 2m
对物体 A 受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：
1 23
据牛顿第二定律得，f-m2gsin30°=m2a；解得 f=m2gsin30°+m2a=2.0×（10×0.5+2.5）N=15N；
最大静摩擦力 fm=μm2gcos30°=0.8×2×10× 3 N=8 3 N，可知 f＞fm，知道 m2 随 m1 一起做 2
加速运动需要的摩擦力大于二者之间的最大静摩擦力，所以假设不正确，m2 相对于 m1 下 滑．故 C 正确，ABD 错误．故选 C．
FN-mg=ma
联立解得： FN
mg
F 2
，故
A
错误；
B.弹簧弹力等于 F 时，根据牛顿第二定律得：对整体有：
对 A 有：
F-2mg=2ma
联立解得： FN
F 2
，故 B 正确；
FN-mg=ma
D.当物体的合力为零时，速度最大，对 A，由平衡条件得 FN=mg，故 C 正确。
C.当弹簧恢复原长时，根据牛顿第二定律得：对整体有：
4．如图所示电路中，L1、L2 为两只完全相同、阻值恒定的灯泡，R 为光敏电阻（光照越 强，阻值越小）．闭合电键 S 后，随着光照强度逐渐增强（ ）
A．L1 逐渐变暗，L2 逐渐变亮 B．L1 逐渐变亮，L2 逐渐变暗 C．电源内电路消耗的功率逐渐减小 D．光敏电阻 R 和灯泡 L1 消耗的总功率逐渐增大 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】 AB．光照强度逐渐增强，光敏电阻阻值减小，电路的总电阻减小，电路中总电流增大，则
I2 ( ) IR1( ) I1( )
则
故 A 错误。 B．根据
I2 I1
可得：
E U1 Ur
U Ur
则
U Ur r I1 I1
故其大小不会随 R 的变化而变化；故 B 错误。 C．电源的效率
U 100% E
因电压的改变量为△I1r；故说明电源的效率降低了 I1 r ；故 D 正确。 E
因数为 .设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g.现对 A 施加一水平向右的拉力
F，则下列判断正确的是
A．若 A、B、C 三个物体始终相对静止，则力 F 不能超过 μmg B．当力 F＝μmg 时，A、B 间的摩擦力为 C．无论力 F 为何值，B 的加速度不会超过 μg D．当力 F> μmg 时，B 相对 A 滑动 【答案】AB 【解析】 【详解】 A.A 与 B 间的最大静摩擦力大小为： mg,C 与 B 间的最大静摩擦力大小为： ，B 与地 面间的最大静摩擦力大小为： （2m+m+m）= ；要使 A，B，C 都始终相对静止，三者 一起向右加速，对整体有：F- =4ma，假设 C 恰好与 B 相对不滑动，对 C 有：
A．粗糙地带与滑块间的动摩擦因数 F mg
B．匀速运动过程中速度大小 FL 5m
C．第一个滑块进入粗糙地带后，第二个滑块进入前各段轻杆的弹力大小相等 D．在水平恒力 F 作用下，10 个滑块全部可以进入粗糙地带 【答案】B 【解析】 【详解】
A、对整体分析，根据共点力平衡得，F=3μmg，解得 F ，故 A 错误. 3mg
L2 逐渐变亮．由U E Ir 知，路端电压减小，又 L2 两端电压增大，则 L1 两端电压减小，
L1 逐渐变暗，故 A 正确 B 错误； C．电路中总电流增大，电源内电路消耗的功率：
Pr I 2r
电路中的总电流增大，故电源内电路消耗的功率增大，故 C 错误； D．将 L2 看成电源内电路的一部分，光敏电阻 R 和灯泡 L1 消耗的总功率是等效电源的输出 功率，由于等效电源的内阻大于外电阻，所以当光敏电阻的阻值减小，外电阻减小，等效 电源的内、外电阻差增大，等效电源输出功率减小，故 D 项错误． 【点睛】 电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大．
U B． I1 的大小变大
C．电源的效率降低了 I1 r E
【答案】C 【解析】
D．电源的输出功率一定增大了
【详解】
A．要使电流表 A1 示数增大，则 R 应减小；因总电流增大，则内阻及 R2 分压增大，并联部 分电压减小，则流过 R1 的电流减小，因此流过 R 的电流增大，即 A2 的示数变大，因
对 A 有：
2mg=2ma
联立解得 FN=0，故 D 正确；
mg-FN=ma
9．如图所示，质量均为 M 的物块 A、B 叠放在光滑水平桌面上，质量为 m 的物块 C 用跨 过轻质光滑定滑轮的轻绳与 B 连接，且轻绳与桌面平行，A、B 之间的动摩擦因数为 μ，设 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为 g，下列说法正确的是( )
【物理】 物理整体法隔离法解决物理试题专题练习(及答案)
一、整体法隔离法解决物理试题
1．如图所示，水平面 O 点左侧光滑，O 点右侧粗糙且足够长，有 10 个质量均为 m 完全相 同的小滑块（可视为质点）用轻细杆相连，相邻小滑块间的距离为 L，滑块 1 恰好位于 O 点，滑块 2、3……依次沿直线水平向左排开，现将水平恒力 F 作用于滑块 1，经观察发现， 在第 3 个小滑块进入粗糙地带后到第 4 个小滑块进入粗糙地带前这一过程中，小滑块做匀 速直线运动，已知重力加速度为 g，则下列说法正确的是
F cos ma ， F sin mg
解得
a 3g 3
对 A、B、C 整体运用牛顿第二定律可得
Mg (M 2m)a
解得
故 C 错误 D 正确；
M ( 3 1)m
7．如图所示，A、B、C 三个物体静止叠放在水平桌面上，物体 A 的质量为 2m，B 和 C 的
质量都是 m，A、B 间的动摩擦因数为 μ，B、C 间的动摩擦因数为 ，B 和地面间的动摩擦
3．最近，不少人喜欢踩着一种独轮车，穿梭街头，这种独轮车全名叫电动平衡独轮车，其 中间是一个窄窄的轮子，两侧各有一块踏板，当人站在踏板上向右运动时，可简化为如图 甲、乙所示的模型。关于人在运动中踏板对人脚的摩擦力，下列说法正确的是（ ）
A．考虑空气阻力，当人以如图甲所示的状态向右匀速运动时，脚所受摩擦力向左 B．不计空气阻力，当人以如图甲所示的状态向右加速运动时，脚所受摩擦力向左 C．考虑空气阻力，当人以如图乙所示的状态向右匀速运动时，脚所受摩擦力可能为零 D．不计空气阻力，当人以如图乙所示的状态向右加速运动时，脚所受摩擦力不可能为零 【答案】C 【解析】 【详解】 A．考虑空气阻力，当人处如图甲所示的状态向右匀速运动时，根据平衡条件，则脚所受 摩擦力为右，故 A 错误； B．不计空气阻力，当人处如图甲所示的状态向右加速运动时，合力向右，即脚所受摩擦力 向右，故 B 错误；
A．和 m1 一起沿斜面下滑
B．和 m1 一起沿于 m1 上滑
【答案】C
【解析】
假设 m1 和 m2 之间保持相对静止，对整体分析，整体的加速度
a
m3 g
m1
m2 gsin30
310 1 210
1 2
2.5m /
s2 ．隔离对
m2 分析，根
m1 m2 m3
施加一竖直向下、大小为 F(F＞2mg)的力，将弹簧再压缩一段距离(弹簧始终处于弹性限度 内)而处于平衡状态。现突然撤去力 F，设两物体向上运动过程中 A、B 间的相互作用力大 小为 FN。不计空气阻力，关于 FN 的说法正确的是(重力加速度为 g)( )
A．刚撤去力 F 时，FN＝ mg F 2
5．如图所示的电路中，电源电动势为 E，内阻为 r（ R2 r R1 R2 ），电表均视为理想 电表。闭合开关 S 后，调节 R 的阻值，使电流表 A1 的示数增大了 I 1，在这一过程中，电