第12章习题答案
大学物理第12章习题解答
第十二章 习题答案12.1 选择题(1) 对位移电流,下述四种说法哪个正确( )A. 位移电流是由线性变化磁场产生的.B. 位移电流是指变化的电场.C. 位移电流的热效应服从焦耳-楞次定律.D. 位移电流的磁效应不服从安培环路定理.(2) 空气中有一无限长金属薄壁圆筒,在表面上沿圆周方向均匀地流着一层随时间变化的面电流i (t),则( )A. 圆筒内均匀地分布着变化磁场和变化电场.B. 任意时刻通过圆筒内假象的任一球面的磁通量和电通量均为零.C. 沿圆筒内任意闭合环路上电场强度的环流为零.D. 沿圆筒外任意闭合环路上磁感应强度的环流不为零.(3) 如图12.1(3)所示为一充电后的平行板电容器,A 板带正电,B 板带负电,开关K 合上时,A ､B 板间位移电流的方向为(按图上所标x 轴正方向回答)A ．x 轴正向B ．x 轴负向C ．x 轴正向或负向D ．不确定 题12.1(3)图 答案：(1) B, (2)B, (3)B.12.2 填空题1． S t B l E L S d d ⋅⋅⎰⎰∂∂-= ① 0d =⎰⋅S B S ②S t D I l H S L i d d ⋅⋅⎰⎰∑∂∂+= ③试判断下列结论是否包含于或等效于哪一个麦克斯韦方程式的.将确定的方程式用代号填在相应结论的空白处.(1) 变化的电场一定伴随有磁场__________________．(2) 变化的磁场一定伴随有电场__________________．(3) 磁感线是无头无尾的闭合曲线________________．2．平行板电容器的电容C 为20 μF ,两板上的电压变化率V/s 105.1d d 5⨯=tU ,则该平行板电容器中的位移电流为____________．3．一空气平行板电容器的两极板是半径为R 的圆形导体片,在充电时,板间电场强度的变化率为tE d d .若略去边缘效应,则两板间的位移电流为______________． 答案: (1)③①②, (2)3 A, (3)20R dt dE πε12.3 圆柱形电容器内､外导体截面半径分别为R 1和R 2(R 1 <R 2) ,中间充满介电常数为ε的电介质.当两极板间的电压变化率为k tU =d d 时(k 为常数),求介质内距圆柱轴线为r 处的位移电流密度.解：设圆柱形电容器内、外导体单位长度分别带有±λ的电量，由高斯定理⎰==⋅l rl D S d D λπ2 内、外导体间的电位移矢量r D πλ2=；电场强度rD E πελε2== 内、外导体间的电势差：12ln 2221R R dr r l d E U R R πελπελ==⋅=⎰⎰ ∴ 12ln 2R R U πελ= 电位移矢量：R R e R R r U e r D 12ln 2επλ== ∴ 介质内距离圆柱轴线为r 处的位移电流密度R R d e R R r k e dt dU R R r t D j 1212ln ln εε==∂∂= 12.4 (1)试证明平行板电容器两极板之间的位移电流可写为tU C I d d d =,其中C 是电容器的电容,U 是两极板间的电势差.(2)要在1.0 μF 的电容器内产生1.0 A 的位移电流,加在电容器上的电压变化率应是多大?解：(1) 平行板电容器：d U E D εε== 电容：d SC ε= 由位移电流定义：()dt dU C CU dt d d U S dt d dt dD SS j I d d ==⎪⎭⎫ ⎝⎛===ε 得证。
《习近平新时代中国特色社会主义思想概论》2023版第12章知识点及练习题答案
《习近平新时代中国特色社会主义思想概论》2023版第十二章知识点及练习题第十二章建设社会主义生态文明重要知识点1.绿水青山就是金山银山的科学内涵2.建设美丽中国的主要任务3.全球环境治理的中国方案练习题一、选择题（一）单选题1.（）是关系中华民族永续发展的根本大计。
A.生态文明建设B.保护环境C.绿色低碳D.生物多样性2.（）是工业文明发展到一定阶段的产物，是人类社会进步的重大成果。
A.农业文明B.生态文明C.政治文明D.人类文明3.以下思不是中华文明的鲜明特色和独特标识的是（）A.天地与我并生B.我思故我在C.而万物与我为一D.天人合一4.（），这是重要的发展理念，也是推进现代化建设的重大原则。
A.生态文明建设B.山水林田湖草沙治理C.绿水青山就是金山银山D.人与自然和谐共生5.习近平指出：“（）是最公平的公共产品，是最普惠的民生福祉。
”A.生活环境B.社会福利C.土地D.良好的生态环境6.（）把“增强绿水青山就是金山银山的意识”等写入党章。
A.党的十八大B.党的十八届三中全会C.党的十九大D.党的二十大7.（），是全面建设社会主义现代化国家的重要目标，也是满足人民日益增长的优美生态环境需要的必然要求。
A.建设美丽中国B.生态文明建设C.绿水青山就是金山银山D.建设美丽世界8.习近平指出：“绿色发展，就其要义来讲，是要解决好（）问题。
”A.生态环境保护B.人与自然和谐共生C.生物多样性D.美丽中国建设9.科学划定自然保护地保护范围及功能分区，构建以（）为主体、自然保护区为基础、各类自然公园为补充的自然保护地体系。
A.原始森林B.名山大川C.国家公园D.生态环境10.制度的生命力在于执行，关键在（），靠的是严管。
A.监督B.保障C.真抓D.执行11.要站在对人类文明负责的高度，秉持共商共建共享的全球治理观，携手应对气候变化、海洋污染、生物保护等全球性环境问题，实现联合国（）可持续发展目标，扎实推动全球生态文明之路行稳致远。
组织胚胎学习题 第12章
第12章免疫系统一、A型题1．关于胸腺，哪项错误( )A．是培育T细胞的中枢淋巴器官B．在抗原刺激下，胸腺细胞增殖分化成T细胞C．培育中的胸腺细胞，只有5%能分化成初始T细胞D．胸腺小体仅分布于髓质2．胸腺上皮细胞的主要功能是( )A．向胸腺细胞呈递抗原信息B．形成网状纤维，构成胸腺支架C．分泌胸腺激素，培育T淋巴细胞D．分泌细胞因子，保护胸腺细胞3．血－胸腺屏障的血管周隙内常有( )A．白细胞B．胸腺细胞C．巨噬细胞D．成纤维细胞4．胸腺小体位于( )A．皮质和髓质B．皮质与髓质交界处C．髓质D．皮质5．关于胸腺，哪项错误( )A．属于中枢淋巴器官B．胸腺实质分为皮质和髓质C．髓质内有胸腺小体D．皮质内有许多淋巴小结6．淋巴结内毛细血管后微静脉主要分布于( )A．浅层皮质B．皮质与髓质交界处C．髓索D．副皮质区二、C型题A. T淋巴细胞C．两者皆是B．B淋巴细胞D．两者皆非7．在骨髓内早期分化( )8．在胸腺内早期分化( )9．表面有特异性抗原受体( )10．效应细胞分泌抗体( )11．类型多，分工细()三、X型题12．下列哪些细胞属于抗原提呈细胞( )A．巨噬细胞B．郎格汉斯细胞C．交错突细胞D．网状细胞13．属于单核吞噬细胞系统的有( )A．肺巨噬细胞B．小胶质细胞C．破骨细胞D．网状细胞14．血液内淋巴细胞进入淋巴组织的通道是( )A．脾血窦B．淋巴结的毛细血管后微静脉C．脾的边缘窦D．胸腺小体四、名词解释1．B细胞(B-lymphocyte)2．胸腺依赖区(thymus dependent area)五、论述题、1．试述单核吞噬细胞系统的组成、分布和功能特点。
2．简述淋巴细胞再循环的途径和意义。
【参考答案】一、A型题：1.B2.C3. C4. C5. D6.D二、C型题：7. B 8. A 9.C 10.B 11. A三、X型题：12. ABC 13. ABC 14. ABC四、名词解释1. B细胞(B-lymphocyte)即骨髓依赖淋巴细胞。
爆破工程第12章习题及(附答案)
第12章习题及参考答案一、填空题1.爆破器材的检验项目有（外观检验）、（爆炸性能检验）和（物理化学安定性检验）三个方面；销毁爆破器材可采用（爆炸法）、（焚烧法）、（溶解法）、（化学分解法）四种。
2.《爆破安全规程》规定，在（黄昏）和（夜间）等能见度差的条件下，不宜进行地面及水下爆破的装药工作。
《民用爆炸物品安全管理条例》规定，在（城市）、（风景名胜区）和（重要工程设施附近）实施爆破作业的，应当向爆破作业所在地设区的市级公安机关提出申请。
3.爆破作业前，必须进行警戒并发出能使爆破警戒区域及附近人员能清楚地听到或看到的信号，一次爆破应依次发出（预警）、（起爆）和（解除警戒）三次信号。
4.爆破安全事故从总体上可分为早爆、迟爆和有害效应事故三大类；爆破质量事故主要有（半爆）、（拒爆（盲炮））、（空爆（冲炮））、（带爆）、（残眼过深）等。
5.爆破作业可能产生的公害有（爆破振动）、（爆破冲击波）、（爆破飞石）、（有毒有害气体）、（爆破噪声）和（爆尘）。
6.爆破工地可能遇到的外来电有（杂散电）、（静电）、（雷电）、（射频电）和（感应电）。
7.《爆破安全规程》于2003年9月12日由国家质量监督检验检疫总局发布，（2004年5月1日）实施。
《民用爆炸物品安全管理条例》于2006年5月10日由国务院发布，（2006年9月1日）起施行。
8.爆破工程往往是一种高风险的作业，但爆破技术正在向着（精细化）、（科学化）和（数字化）的方向发展。
二、判断题1.硐室爆破、大型深孔爆破、拆除爆破工程以及复杂环境岩土爆破工程，应实行分级管理。
（√）2.一次用药量不超过200kg,环境不复杂的拆除爆破，不实行分级管理，纳入一般岩土爆破进行管理。
（√）3.根据规定，爆破工程均应实行分级管理。
（×）4.A级、B级、C级、D级爆破工程均应编制爆破设计书；其他一般爆破应编制爆破说明书。
（√）5.A级、B级、C级和对安全影响较大的D级爆破工程，都应进行安全评估。
第12章 习题(带答案)
9、垄断厂商利润最大化时（ Ａ Ｃ Ｐ＝ＭＲ＝ＭＣ； Ｐ>ＭＲ＝ＭＣ；
10、完全垄断厂商的平均收益曲线为直线时，边际收益曲线也是直线。边际收益曲线的 斜率为平均收益曲线斜率的（ A ）。 Ａ 2 倍； Ｂ 1/2 倍； Ｃ 1 倍； Ｄ 4 倍。
11、若一个管理机构对一个垄断厂商的限价正好使经济利润消失，则价格要等于（ C ）。 Ａ Ｃ 边际收益； 平均成本； Ｂ Ｄ D Ｂ Ｄ 边际成本； 平均可变成本。 ）。 取得最大利润； 上述情况都可能发生。 D ）。
dTC 2Q 40 . dQ
该厂商实行三级价格歧视时利润最大化的原则可以写为 MR1=MR2=MC. 于是： 关于第一个市场： 根据 MR1=MC，有： 120-20Q1=2Q+40 关于第二个市场： 根据 MR2=MC，有： 7Q2=10 即 22Q1+2Q2=80
1 1 ），得 116=138（ 1 ）解得 ed ≈6 ed ed
所以，厂商长期均衡时主观需求曲线 d 上的需求的价格点弹性 ed ≈6. （3）令该厂商的线性的主观需求 d 曲线上的需求的函数形式 P=A-BQ，其中，A 表示该线 性需求 d 曲线的纵截距，-B 表示斜率.下面，分别求 A 值和 B 值. 根据线性需求曲线的点弹性的几何意义，可以有 ed
A.如果在某一行业中存在许多厂商,则这一市场是完全竞争的 B.如果厂商所面临的需求曲线是向下倾斜的,则这一市场是不完全竞争的 C.如果行业中所有厂商生产相同的产品,且厂商的数目大于 1,则这个市场是不完全竞争的 D.如果某一行业中有不止一家厂商,他们都生产相同的产品,都有相同的价格,则这个市场 是完全竞争的 2、垄断厂商面临的需求曲线是（ Ａ 向下倾斜的； A ）。 Ｂ 向上倾斜的；
无机化学(上册)：第12章 氧化还原与电化学 习题与答案
第12章氧化还原与电化学习题与详细答案1．计算下列化合物中右上角带“*”元素的氧化态：KCl*O3，NaCl*O，H2O*2，O*3，S*8，C*60，KO*2，Na2S*2O3，Cr*2O72-，S*4O62-，N*H4+，N*2H4，Fe*3O4，Ni*(CO)4，Na[Co*(CO)4]，H[Mn*(CO)5]，[Fe*(CN)6]4-，[Fe(N*CS)6]3-.解：+5 +1 -1 0 0 0 -½ +2 +6 +2.5 -3KCl*O3，NaCl*O，H2O*2，O*3，S*8，C*60，KO*2，Na2S*2O3，Cr*2O72-，S*4O62-，N*H4+，-2 +8/3 0 -1 -1 +2 -3N*2H4，Fe*3O4，Ni*(CO)4，Na[Co*(CO)4]，H[Mn*(CO)5]，[Fe*(CN)6]4-，[Fe(N*CS)6]3-.2．用“氧化数法”配平以下列各氧化还原反应的方程式；（8）-（15）同时用“离子-电子法”配平：（1）AgNO3(s) → Ag(s) + NO2(g) + O2(g)（2）(NH4)2Cr2O7(s) → N2(g) + Cr2O3(s)（3）H2O2(aq) → H2O(l) + O2(g)（4）Cu(s) + HNO3（稀）→ Cu(NO3)2 + NO(g)（5）CuS(s) + HNO3（浓）→ CuSO4 + NO2(g)（6）H2S(g) + H2SO4（浓）→ S(s) + SO2(g)（7）C(s) + H2SO4（浓）→ CO2(g) + SO2(g) + H2O（8）SO2(g) + MnO4-→ Mn2+ + SO42-（9）Cr2O72- + H2O2→ Cr3+ + O2(g)（10）CrO42- + CN-→ Cr(OH)3(s) + OCN-（11）Cl2(g) + CN- + OH-→ Cl- + OCN-（12）I2(s) + OH-→ I- + IO3-（13）I- + IO3-→ I2(s) + H2O（14）I2(s) + S2O32-→ I- + S4O62-（15）NaBiO3(s) + Mn2+ + H+→ Bi3+ + MnO4-解：（1）氧化数+1 +5 -2 0 +4 -2 02 AgNO3(s) = 2 Ag(s) + 2 NO2(g) + O2(g)（2）(NH4)2Cr2O7(s) = N2(g) + Cr2O3(s) + 4 H2O（3）2 H2O2(aq) = 2 H2O(l) + O2(g)（4）3 Cu(s) + 8 HNO3（稀）= 3 Cu(NO3)2 + 2 NO(g) + 4 H2O（5）CuS(s) + 8 HNO3（浓）= CuSO4 + 8 NO2(g) + 4 H2O（6）H2S(g) + H2SO4（浓）= S(s) + SO2(g) + 2 H2O（7）C(s) + 2 H2SO4（浓）→ CO2(g) + 2 SO2(g) + 2 H2O（8）“氧化数法”：5 SO2(g) + 2 MnO4- + 2 H2O = 2 Mn2+ + 5 SO42- + 4 H+“离子-电子法”：5 SO2(g) + 10 H2O = 5 SO42- + 20 H+ + 10 e2 MnO4- + 10 e + 16 H+ = 2 Mn2+ + 5 SO42-两式相加，得：5 SO2(g) + 2 MnO4- + 2 H2O = 2 Mn2+ + 5 SO42- + 4 H+（9）“氧化数法”：Cr2O72- + 3 H2O2 + 8 H+ = 2 Cr3+ + 3 O2(g) + 7 H2O“离子-电子法”：3 H2O2 = 3 O2(g) + 6 H+ + 6 eCr2O72- + 14 H+ + 6 e = 2 Cr3+ + 7 H2O两式相加，得：Cr2O72- + 3 H2O2 + 8 H+ = 2 Cr3+ + 3 O2(g) + 7 H2O （10）“氧化数法”：2 CrO42- + 3 CN- + 5 H2O = 2 Cr(OH)3(s) + 3 OCN- + 4 OH-“离子-电子法”：3 CN- + 6 OH- = 3 OCN- + 3 H2O + 6 e2 CrO42- + 8 H2O + 6 e = 2 Cr(OH)3(s) +10 OH-两式相加，得：2 CrO42- + 3 CN- + 5 H2O = 2 Cr(OH)3(s) + 3 OCN- + 4 OH- （11）“氧化数法”：Cl2(g) + CN- + 2 OH- = 2 Cl- + OCN- + H2O“离子-电子法”：CN- + 2 OH- = OCN- + H2O + 2 eCl2(g) + 2 e = 2 Cl- + H2O两式相加，得：Cl2(g) + CN- + 2 OH- = 2 Cl- + OCN- + H2O（12）“氧化数法”：3 I2(s) + 6 OH- = 5 I- + IO3- + 3 H2O“离子-电子法”：I2(s) + 12 OH- = 2 IO3- + 6 H2O + 10 e5 I2(s) + 10 e = 10 I-两式相加，约简系数，得：3 I2(s) + 6 OH- = 5 I- + IO3- + 3 H2O（13）“氧化数法”：5 I- + IO3- + 6 H+ = 3 I2(s) + 3 H2O“离子-电子法”：10 I- = 5 I2(s) + 10 e2 IO3- + 12 H+ + 10 e = I2(s) + 6 H2O两式相加，约简系数，得：5 I- + IO3- + 6 H+ = 3 I2(s) + 3 H2O（14）“氧化数法”：I2(s) + 2 S2O32- = 2 I- + S4O62-“离子-电子法”：2 S2O32- = S4O62- + 2 eI2(s) + 2 e = 2 I-两式相加，得：I2(s) + 2 S2O32- = 2 I- + S4O62-（15）“氧化数法”：5 NaBiO3(s) + 2 Mn2+ + 14 H+ = 5 Bi3+ + 5 Na+ + 2 MnO4- + 7 H2O “离子-电子法”：2 Mn2+ + 8 H2O= 2 MnO4- + 16 H+ + 10 e5 NaBiO3(s) + 30 H+ + 10 e = 5 Bi3+ + 5 Na+ + 15 H2O两式相加，得：5 NaBiO3(s) + 2 Mn2+ + 14 H+ = 5 Bi3+ + 5 Na+ + 2 MnO4- + 7 H2O 3．含氰（CN-）工业废水可以用漂白粉[有效成份Ca(ClO)2]或氯气或H2O2在碱性介质中进行氧化处理后排放，写出各反应方程式。
第12章-直流稳压电源的习题答案
解：若二极管D2断开时，vo的波形为单相半波整流波形；如果D2接反或者被短路，均会导致电源被短路。
12.5画出三倍压整流电路，并说明其工作原理。
解：
题解12.5图为三倍压整流电路。
题解12.5图
12.6电路如题12.6图示，变压器副边电压有效值为2V2。
（1）画出v2、vD1和vO的波形；
（4）若V2为电源变压器副边电压的有效值，则半波整流电容滤波电路和全波整流电容滤波电路在空载时的输出电压均为 。（）
（5）当输入电压VI和负载电流IL变化时，稳压电路的输出电压是绝对不变的。（）
（6）一般情况下，开关型稳压电路比线性稳压电路效率高。（）
（7）整流电路可将正弦电压变为脉动的直流电压。（）
答案：（1）②；③；①；④（2）④；（3）③；（4）①；（5）①
12.3填空：
在题12.3图电路中，调整管为，采样电路由组成，基准电压电路由组成，比较放大电路由组成，保护电路由组成。输出电压最小值的表达式为，最大值的表达式为。
解：T1；R1R2R3；R、Dz；T2、Rc；T3、Ro； 、
12.4试分析题12.4图桥式整流电路中负载电压vo的波形。若二极管D2断开时，vo的波形如何？如果D2接反，结果如何？如果D2被短路，结果又如何？
D2、D3的最大反向电压
12.8电路如题12.8图，要求：
（1）分别标出vO1和vO2对地的极性；
（2）vO1、vO2分别是半波整流还是全波整流？
（3）当V21＝V22＝20V时，VO1和VO2各为多少？
（4）当V21＝18V，V22＝22V时，画出vO1、vO2的波形；并求出VO1和VO2各为多少？
12.10电路如题12.10图，已知稳压管的稳定电压为6V，最小稳定电流IZmin为5mA，允许耗散功率为PZ为240mW，动态电阻rZ小于15Ω。若断开电阻R2，试问：
第12章习题答案
第12章习题答案填空题：1.棘轮机构是由摇杆、棘爪、棘轮、止动爪组成，可实现运动，适用于低速轻载的场合。
其棘轮转角大小的调节方法是：改变主动摇杆摆角的大小、加装一棘轮罩以遮盖部分棘齿。
2.槽轮机构是由主动拨盘、从动槽轮、机架组成，优点是：结构简单、外形尺寸小、机械效率高，能较平稳、间歇地进行转位，缺点是：存在柔性冲击，适用于速度不太高的场合。
3.擒纵轮机构由擒纵轮、擒纵叉、游丝摆轮及机架组成。
4.擒纵轮机构优点是结构简单，便于制造，价格低廉，缺点是振动周期不很稳定，故主要用于计时精度要求不高、工作时间较短的场合。
5.凸轮式间歇运动机构由主动轮和从动盘组成，主动凸轮作连续转动，通过其凸轮廓线推动从动盘作预期的间歇分度运动。
优点是：动载荷小，无刚性和柔性冲击，适合高速运转，无需定位装置，定位精度高，结构紧凑，缺点是：加工成本高，装配与调整的要求严格。
6.不完全齿轮机构由一个或一部分齿的主动轮与按动停时间要求而作出的从动轮相啮合，使从动轮作间歇回转运动。
工作特点是：结构简单，制造容易，工作可靠，动停时间比可在较大范围内变化，但在从动轮的运动始末有刚性冲击，适合于低速、轻载的场合。
7.螺旋机构是由螺杆、螺母和机架组成，通常它是将旋转运动转换为直线运动。
但当导程角大于当量摩擦角时，它还可以将直线运动转换为旋转运动。
主要优点：能获得很大的减速比和力的增益；选择合适的螺旋机构导程角，可获得机构的自锁性；主要缺点：效率较低，特别是具有自锁性的螺旋机构效率低于50％。
8.单万向铰链机构由末端各有一叉的主、从动轴和中间“十”字构件铰接而成；为变角传动机构，两轴的平均传动比为1；但角速度比却不恒等于1，而是随时间变化的。
9.组合机构的特点：组合机构不仅能满足多种设计要求，而且能综合应用和发挥各种基本机构的特点，甚至能产生基本机构所不具有的运转特性和运动形式，以及更为多样的运动规律。
10.将连续回转运动转换为单向间歇转动的机构有槽轮机构；不完全齿轮机构；凸轮式间歇运动机构。
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12.1试述系统算法流程图和ASM图的相同和相异处，它们之间的关系如何?
解：相同点：它们都是描述数字系统功能最普通且常用的工具。
都是用约定的几何图形、指向线(箭头线)和简练的文字说明来描述系统的基本工作过程，即描述系统的工作流程。
不同点：算法流程图是一种事件驱动的流程图，只表示事件发生的先后，与系统时序无关。
而ASM图已具体为时钟CP驱动的流程图，能表示事件的精确时间间隔序列。
算法流程图的传输框可能对应ASM图中的一个或几个状态框，即控制器的状态。
关系：可以由算法流程图推导ASM图，关键是决定算法流程图的传输框应该转化成ASM 图的状态框还是条件框，以及何时应该根据时序关系增加状态框。
转换原则有3条：
原则1：在ASM图的起始点应安排一个状态框。
原则2：必须用状态框分开不能在同一时钟周期完成的寄存器操作。
原则3：如果判断框中的转移条件受前一个寄存器操作的影响，应在它们之间安排一个状态框。
12.2 在T1状态下，如果控制输入Y和Z分别等于1和0，系统实现条件操作：寄存器
增1，并转换到状态T2。
试按上述条件画出一个部分ASM图。
12.3 试分别画出满足下列状态转换要求的数字系统的ASM图：
(1)如果X＝0，控制器从状态T l变到状态T2；如果X＝1，产生一个条件操作．并从状态T1变到状态T2。
(2)如果X＝1，控制器从状态T1变到状态T2，然后变到状态T3；如果X＝0，控制器
从状态T1变到状态T3。
(3)在T1状态下，若XY＝00，变到状态T2；若XY＝0l，变到状态T3；若XY＝10，变到状态T1；否则变到状T4。
12.4数字系统的ASM图表示于题图12.4。
试用每态一个触发器的方法实现系统控制器。
题图12.4
解：略
12.5控制器的状态转移图如图12.5所示，它有四个状态和两个输入端。
请完成下列问题(1)试画出等效的ASM图(状态框是空的)；
(2)用数据选择器和译码器实现控制器。
图12.5 控制器的状态转移图
解：
（1）
（2）略
12.6设计一个数字系统，它有3个四位寄存器A、B和C，并实现下列操作：
(1)启动信号出现，传送两个二进制数给A和B；
(2)如果A＜B，左移A的内容，结果传送给C；
(3)如果A＞B，右移B的内容，结果传送给C；
(4)如果A＝B，将数传给C。
解：略
12.7 根据题图12.7所示ASM图，写出控制器状态转移图，画出控制器电路。
题图12.7
解：X 1X 2X 3X 4/Z 1Z 2Z 3
控制器电路图略。
12.8 图12.8所示的ASM 图的状态可以化简，请画出简化后的ASM 图。
1⨯/000
解：简化后的ASM图为：
12.9某系统ASM图的部分VHDL描述如下，请补全该程序，并画出该系统的ASM图。
解：增加程序如下：
该系统的ASM图：
12.10某系统实现序列检测，有两输入序列A和B，当两序列对出现A=1且B=1，A=1且B=0或A=0且B=0时，输出Z=1，否则输出0。
根据上述要求写出含有两个进程(Process)的VHDL程序。
解：
12.11根据题12.10要求写出含有三个并发进程（Process）的VHDL程序，其中一个描述触发器，一个描述次态转移，一个描述输出逻辑。
解：
解：。