(完整word版)第1章梅涅劳斯定理及应用

第一章涅劳斯定理及应用

【基础知识】

梅涅劳斯定理设A '，B '，C '分别是ABC △的三边BC ，CA ，AB 或其延长线上的点，若A '，B '，

C '三点共线，则1BA CB AC A B B A C B

'''

??='''．

① C ′

B′

A′

B′

C ′

C B D

B 图1-1

证明如图11-，过A 作直线AD C A ''∥交BC 的延长线于D ，则 CB CA B A A D ''=''，AC DA C B A B

''，故 1BA CB AC BA CA DA A C B A C B A C A D A B

''''''

??=??=''''''．注此定理的证明还有如下正弦定理证法及面积证法．

正弦定理证法设BC A α''=∠，CB A β''=∠，B A B γ''=∠，在BA C ''△中，有

sin sin BA C B α

'，同理，sin sin CB CA γβ'='，sin sin AC AB β

'，此三式相乘即证．面积证法由A C B A C C S BA A C S '''''='△△，CB C CA B CB C CA B C CA B AC A AB B AC A AB AC A S S S S S CB B A S S S S S ''''''''''''''''''''+===='+△△△△△△△△△△，AC A C BA S AC C B S ''

'△△，此三式相乘即证．

梅涅劳斯定理的逆定理设A '，B '，C '分别是ABC △的三边BC ，CA ，AB 或其延长线上的点，若 1BA CB AC A C B A C B

'''

??='''，

② 则A '，B '，C '三点共线．

证明设直线A B ''交AB 于1C ，则由梅涅劳斯定理，得到1

11AC BA CB A C B A C A

''??=''．

由题设，有1BA CB AC A C B A C B

'''

??='''，即有

11AC AC C B C B '='．又由合比定理，知

1AC AC AB AB

，故有1AC AC '=，从而1C 与C '重合，即A '，B '，C '三点共线．有时，也把上述两个定理合写为：设A '，B '，C '分别是ABC △的三边BC ，CA ，AB 所在直线（包括三边的延长线）上的点，则A '，B '，C '三点共线的充要条件是 1BA CB AC A C B A C B

'''

??='''．上述①与②式是针对ABC △而言的，如图11-（整个图中有4个三角形），对于C BA ''△、B CA ''△、AC B ''△也有下述形式的充要条件：

1C A BC A B AB CA B C '''??='''；1B A CB A C AC BA C B '''??='''；1AB C A B C

BC A B CA

'''??='''．

③ 第一角元形式的梅涅劳斯定理设A '，B '，C '分别是ABC △的三边BC ，CA ，AB 所在直线（包括三边的延长线）上的点，则A '，B '，C '共线的充分必要条件是 sin sin sin 1sin sin sin BAA ACC CBB A AC C CB B BA

'''

??='''∠∠∠∠∠∠．

④ C

A′

C '

图1-2

证明如图12-，可得 1

sin 21

sin 2

ABA AA C

AB AA BAA S BA A C S AA AC A AC '

'''??'=

='''??△△∠∠ sin sin AB BAA AC A AC

'?∠∠．

同理，sin sin CB BC CBB B A AB B BA ''

''?∠∠，sin sin AC AC ACC C B BC C CB ''?=''?∠∠．以上三式相乘，运用梅涅劳斯定理及其逆定理，知结论成立．

第二角元形式的梅涅劳斯定理设A '，B '，C '分别是ABC △的三边BC ，CA ，AB 所在直线上的点，点O 不在ABC △三边所在直线上，则A '，B '，C '三点共线的充要条件是 sin sin sin 1sin sin sin BOA COB AOC A OC B OA C OB

'''

??='''∠∠∠∠∠∠．

⑤ A′

C '

A 图1-3

证明如图13-，由

BOA A OC S BA S A C

'''

'△△，有 sin sin BOA OC BA A OC OB A C

''∠∠．同理，sin sin COB OA CB B OA OC B A ''=?''∠∠，sin sin AOC OB AC C OB OA C B

''∠∠．

于是

sin sin sin sin sin sin BOA COB AOC BA CB AC A OC B OA C OB A C B A C B

''''''

??=??

''''''∠∠∠∠∠∠．故由梅涅劳斯定理知A '，B '，C '共线1BA CB AC A C B A C B

'''

???='''．

从而定理获证．

注（1）对于④、⑤式也有类似③式（整个图中有4个三角形）的结论．

（2）于在上述各定理中，若采用有向线段或有向角，则①、②、③、④、⑤式中的右端均为1-，③、④、⑤式中的角也可以按①或②式中的对应线段记忆．特别要注意的是三边所在直线上的点为一点或者三点在边的延长线上．【典型例题与基本方法】

1．恰当地选择三角形及其截线（或作出截线），是应用梅涅劳斯定理的关键

例1 如图14-，在四边形ABCD 中，ABD △，BCD △，△ABC 的面积比是3∶4∶1，点M ，N 分别在AC ，CD 上，满足AM ∶AC CN =∶CD ，并且B ，M ，N 共线．求证：M 与N 分别是AC 和

CD 的中点．（1983年全国高中联赛题） E

M N

图1-4

证明设

AM CN

r AC CD

==（01r <<）

，AC 交BD 于E ． 341ABD BCD ABC S S S =△△△∶∶∶∶， ∴

17BE BD =，3

AE AC =． 3

7371771AM AE r EM AM AE r AC AC AM MC AC AM r r AC

----===

=----．又因B ，M ，N 三点共线，可视BMN 为△CDE 的截线，故由梅涅劳斯定理，得

1CN DB EM ND BE MC ??=，即773

11177r r r r

-??=--．化简整理，得 2610r r --=，

解得12r =，1

r =-（舍去）．

故M 与N 分别是AC 和CD 的中点．例2 如图1-5，在四边形ABCD 中，对角线AC 平分BAD ∠，在CD 上取一点E ，BE 与AC 相交于F ，延长DF 交BC 于G ．求证：GAC EAC =∠∠．（1999年全国高中联赛题）

G 'B'

图1-5

证明记BAC CAD θ==∠∠，GAC α=∠，EAC β=∠，直线GFD 与△BCE 相截，由梅涅劳斯定理，有 1ABG AEF

AED ABF

S S BG CD EF GC DE FB S S =

??=?

△△△△ sin()sin sin sin sin()sin AB AC AE AC AE AB θαθβ

αθβθ

?-??=??

??-? sin()sin sin sin()θαβ

αθβ-?=

?-．

故 s i n ()s i n s i n ()θαβθβα-?=-?．即 s i n c o s s i n c o s s i n s i n s i n c o s s i n c o s θαβθαβθβαθβα??-??=??-??，亦即 s i n c o s s i n s i n s i n c o s s i n ()0πk θαβθαβαβαβ??=???-=?-=，且k 只可能为0，故G A C ∠

EAC =∠．

例3 设E 、F 分别为四边形ABCD 的边BC 、CD 上的点，BF 与DE 交于点P ．若BAE FAD =∠∠，则BAP CAD =∠∠．

证明如图1-6，只需证得当AF 关于BAD ∠的等角线交BE 于P 时，B 、P 、F 共线即可．

D C

图1-6

事实上，B 、P 、F 分别为△CDE 三边所在直线上的三点，且A 不在其三边所在直线上．又FAD EAB =∠∠，DAP BAC =∠∠，PAE CAF =∠∠，由第二角元形式的梅涅劳斯定理，有

sin sin sin 1sin sin sin EAB CAF DAP

BAC FAD PAE

??=∠∠∠∠∠∠．故B 、P 、F 三点共线．

注当AC 平分BAD ∠时，即为1999年全国高中联赛题．

2．梅涅劳斯定理的逆用（逆定理的应用）与迭用，是灵活应用梅氏定理的一种方法

例2另证如图1-5，设B ，G 关于AC 的对称点分别为B '，G '，易知A ，D ，B '三点共线，连FB '，

FG '，只须证明A ，E ，G '三点共线．

设EFB α'=∠，DFE BFG B FG β''===∠∠∠，AFD GFC G FC γ'===∠∠∠，则

s i n s i n s i n (

1s i n ()s i n s i n F D A F G B F E C F B A F G C F E D

S S S D A B G C E F D F B F C A B G C E D S S S F B F C F

γββγαβγαγβ'''''''???+-??=??=??='''?+-??△△△△△△．对△CB D '，应用梅涅劳斯定理的逆定理，知A ，E ，G '三点共线．故GAC EAC =∠∠．

注在图1-5中，*式也可为sin(180)βγ?--，若B '在AD 的延长上，则*式为sin()βγα++．例4 如图1-7，1O 与2O 和△ABC 的三边所在的3条直线都相切，E ，F ，G ，H 为切点，直线EG 与FH 交于点P ．求证：PA BC ⊥．

（1996年全国高中联赛题）

P （P'）

图1-7

证法1 过A 作AD BC ⊥于D ，延长DA 交直线HF 于点P '．对△ABD 及截线FHP '应用梅涅劳斯定理，有

1AH BF DP HB FD P A

??='．

由BF BH =，有1AH DP FD P A '

?='．

显然1O ，A ，2O 三点共线，连1O E ，1O G ，2O F ，2O H ，

则由12O E AD O F ∥∥，有△1

A G O ∽△2

A H O

，

从而

12AO DE AG DF AO AH ==，即AH AG

FD ED

．又CE CG =，则1AH DP DP AG DP AG CE

FD P A P A ED P A GC ED

'''=

?=?=??

'''．对△ADC ，应用梅涅劳斯定理的逆定理，知P '，G ，E 三点共线，即P '为直线EG 与FH 的交点．故点P '与点P 重合，从而PA BC ⊥．

证法2 延长PA 交BC 于D ，直线PHF 与△ABD 的三边延长线都相交，直线PGE 与△ADC 的三边延长线都相交，分别应用（迭用）梅涅劳斯定理，有 1AH BF DP HB FD PA ??=，1DP AG CE

PA GC ED ??=．上述两式相除，则有

AH BF AG CE

HB FD GC ED

?=?

．而HB BF =，CE GC =，于是

AH AG FD ED =，即AG DE

AH DF

．连1O G ，OE ，1O A ，2O A ，2O H ，2O F ，而1O ，A ，2O 共线，则OG GC ⊥，2O H BH ⊥，且

△1O AG ∽△2O AH ，从而

12O A AG DE

O A AH DF

，于是1AD O E ∥．故AD EF ⊥，即PA BC ⊥．

【解题思维策略分析】

梅涅劳斯定理是三角形几何学中的一颗明珠，它蕴含着深刻的数学美，因而它在求解某些平面几何问题，特别是某些平面几何竞赛题中有着重要的应用． 1．寻求线段倍分的一座桥梁

例5 已知△ABC 的重心为G ，M 是BC 边的中点，过G 作BC 边的平行线交AB 边于X ，交AC 边于Y ，且XC 与GB 交于点Q ，YB 与GC 交于点P ．证明：△MPQ ∽△ABC ．

（1991年第3届亚太地区竞赛题）

证明如图1-8，延长BG 交AC 于N ，则N 为AC 的中点．由XY BC ∥，知

2AX AG XB GM ==，而1

NC CA =．

N P

B A

图1-8

对△ABN 及截线XQC ，应用梅涅劳斯定理，有

212

AX BQ NC BQ XB QN CA QN ??=??=，故BQ QN =．从而MQ AC ∥，且11

24MQ CN AC ==．

同理，MP AB ∥，且1

MP AB =

．由此可知，PMQ ∠与BAC ∠的两边分别平行且方向相反，从而PMQ BAC =∠∠，且MP MQ

AB AC

，故MPQ ABC △∽△．

例 6 △ABC 是一个等腰三角形，AB AC =，M 是BC 的中点；O 是AM 的延长线上的一点，使得

OB AB ⊥；Q 是线段BC 上不同于B 和C 的任意一点，E 在直线AB 上，F 在直线AC 上，

使得E ，Q ，F 是不同的和共线的，求证：

（Ⅰ）若OQ EF ⊥，则QE QF =；（Ⅱ）若QE QF =，则OQ EF ⊥．（1994年第35届IMO 试题）

证明（1）如图1-9，连OE ，OF ，DC ．由OQ EF ⊥，易证O ，E ，B ，Q 四点共圆，O ，C ，F ，

Q 四点共圆．则 O E Q

O B Q O C Q O F ===∠∠∠∠，因此OE OF =．故QE QF =．

M 图1-9

（Ⅱ）由AB AC =，EQ QF =，对△AEF 及截线BQC 运用梅涅劳斯定理，有1AB EQ EC FC

BE QF CA BE

=??=

，即BE CF =．于是可证Rt Rt OBE OCF △≌△，得OE OF =，故OQ EF ⊥．

例7 在凸四边形ABCD 的边AB 和BC 上取点E 和F ，使线段DE 和DF 把对角线AC 三等分，已知

ADE CDF ABCD S S S ==△△，求证：ABCD 是平行四边形．

（1990年第16届全俄竞赛题）证明如图1-10，设DE ，DF 分别交AC 于P ，Q ，两对角线交于M ．要证ABCD 是平行四边形，若证得AM MC =（或PM MQ =），且BM M D =即可．

E D

B A

P M 图1-10

由ADE CDF S S =△△，ADP CDQ S S =△△（等底等高），知AEP CFQ S S =△△，而APCQ ，故有EF AC ∥，从而有

BE BF

EA FC

．对△BAM 及截线EPD ，△BCM 及截线FQD ，分别应用梅涅劳斯定理，有 1BE AP MD

EA PM DB ??=， ① 1BF CQ MD

FC QM DB ??=．

②

由①，②两式相除得

AP CQ

PM QM

．而AP CQ =，故PM MQ =，即有AM MC =．

此时，又有1

ABD CBD ABCD S S S ==△△．

又由14ADE ABCD S S =△，知BE EA =，于是①式可写为12111BE AP MD MD

EA PM DB DB

??=??=，

即有2DB MD =，亦即BM MD =．故ABCD 为平行四边形．

2．导出线段比例式的重要途径

例8 在△ABC 中，1AA 为BC 边上的中线，2AA 为BAC ∠的平分线，且交BC 于2A ，K 为1AA 上的点，使2KA AC ∥．证明2AA KC ⊥．

（1997年第58届莫斯科竞赛题）

证明如图1-11，延长CK 交AB 于D ，只须证AD AC =．

A 2

A 1D

图1-11

由2AA 平分BAC ∠，有2

2BA AB AC A C

． ①

由2KA AC ∥，有

112

2A K A A KA A C

．注意到12BC AC =，对△1ABA 及截线DKC 运用梅涅劳斯定理，得 1121212A K A A AD BC AD DB CA KA DB A C =

??=??．故12

22=

A A BD DA A C

，由合比定理，有 122121

1212222A A A C A A AC A A BA BD DA DA A C A C A C ++++===，即为 22BA AB AD A C

． ②

由①，②式有

AB AB

AC AD

，故AC AD =．例9 给定锐角△ABC ，在BC 边上取点1A ，2A （2A 位于1A 与C 之间），在CA 边上取点1B ，2B （2B 位于1B 与A 之间），在AB 边上取点1C ，2C （2C 位于1C 与B 之间），使得122112AA A AA A BB B ===∠∠∠ 211221BB B CC C CC C ==∠∠∠，直线1AA ，1BB 与1CC 可构成一个三角形，直线2AA ，2BB 与2CC 可构

成另一个三角形．证明：这两个三角形的六个顶点共圆．（1995年第36届1MO 预选题）证明如图1-12，设题中所述两个三角形分别为△UVW 与△XYZ ．

C 1

C 2

B 2B 1

A 1

Z A

图1-12

由已知条件，有△1AC C ∽△2AB B ，△2BA A ∽△1BC C ，21CB B CA A △∽△，得 12AC AC

AB AB

， 21BA AB BC BC =

，21CB BC

CA AC

=，此三式相乘得1222111AC BA CB AB BC CA ??=． ①

对△1AA B 及截线1CUC ，△2AA C 及截线2BXB ，分别应用梅涅劳斯定理，得 11111AC BC AU UA CB C A ??=， ② 2222

1A X AB CB XA B C BA ??=， ③ ①，②，③三式相乘化简，得

AU AX

UA XA =

．故UX BC ∥．同理，WX CA ∥．故1212AUX AA A BB B BWX ===∠∠∠∠．

从而点X 在△UVW 的外接圆上．

同理，可证得Y ，Z 也在△UVW 的外接圆上．证毕．

例10 如图1-13，以△ABC 的底边BC 为直径作半圆，分别与边AB ，AC 交于点D 和E ，分别过点D ，E 作BC 的垂线，垂足依次为F ，G ，线段DG 和EF 交于点M ．求证：AM BC ⊥．

（IMO -37中国国家队选拔赛题）

H M

G F

图1-13

证法1 设直线AM 与BC 交于H ，连BE ，CD ，则知90BEC BDC ==?∠∠，直线FME 与△AHC 相截，直线GMD 与△ABH 相截，迭用梅涅劳斯定理，有

1AM HF CE MH FC EA ??=，1AM HG BD

MH GB DA

??=．两式相除，得 F H C F A E B D

H G C E B G A D

??=??．

在Rt △DBC 与Rt △EBC 中，有

CD BC FC =?，2

BE BC BG =?，即2

CF CD BG BE =

．将其代入①式，得 22FH CD AE BD

HG BE CE AD

??=

??．又由△ABE ∽△ACD ，有

C D

A D

B E

A E

=．将其代入②式，得 D B C EBC S FH CD BD

DF DM

HG BE CE S EG MG

?==

?△△，从而，MH DF ∥．而DF BE ⊥，则MH BC ⊥，故AM BC ⊥．

证法 2 作高AH ，连BE ，CD ，则90BDC BEC =?=∠∠，于是，s i n D F B D B =?=

∠ cos sin BC B B ??∠∠，cos sin EG BC C C =??∠∠． ∴ c o s s i n c o s c o s s i n c o s G M E G C C A B C

M D F D B B A C B ?===?

?∠∠∠∠∠∠．又cos BH AB B =?∠，cos HG AE C =?∠， ∴

c o s c o s c o s c o s B H A B B

A C

B H G A E

C A

D C ??==??∠∠∠∠，即BH GM AB HG MD AD ?=，故1BH GM DA

HG MD AB

?==．

对△BGD 应用梅涅劳斯定理的逆定理，知H ，M ，A 三点共线．由AH BC ⊥，知

AM BC ⊥．

例11 如图1-14，设点I ，H 分别为锐角△ABC 的内心和垂心，点1B ，1C 分别为边AC ，AB 的中点．已知射线1B I 交边AB 于点2B （2B B ≠），射线1C I 交AC 的延长线于点2C ，22B C 与BC 相交于K ，1A 为△BHC 的外心．试证：A ，I ，1A 三点共线的充分必要条件是△2BKB 和△2CKC 的面积相

等．（CMO -2003试题）

B 2

A 1

B 1

C 1

C 2

I D

图1-14

分析首先证A ，I ，1A 三点共线60BAC ?=?∠．设O 为△ABC 的外心，连BO ，CO ，则2B O C B A C =∠∠．又180BHC BAC =?-∠∠，因此，60BAC =?∠

B ?，H ，O ，

C 四点共圆 1A ?在△ABC 的外接圆

O 上

AI ?与1AA 重合A ?，I ，1A 三点共线．

其次，再证2260BKB CKC S S BAC =?=?△△∠．并在三角函数式中，用A 、B 、C 分别表示三内角．证法 1 设△ABC 的外接圆半径为R ，CI 的延长线交AB 于D ，对△ACD 及截线12C IC ，应用梅涅劳斯定理，有

121AC CC DI C D IC C A

??=． ①

注意到 112

AC AB AB

C D AD AC AC BC ?=-=

-+ 2

2sin sin ()sin (sin sin )222()sin sin cos

C B A

R AB AC BC C B A R

A B AC BC B A

-??--?=

-++，

则 11s i n s i n 22cos cos 22

C B A

C D C A B

AC -?=

-?．而

s i n c o s s i n 22s i n s i n s i n 22C A B B IC AC ADC C C DI AD ACD ??-+ ???====∠∠，由①式，有2121sin 2cos

B A C

C C

D IC C C A DI AC -=?=．从而 22

222sin

cos 22cos

A B

AC CC AC C AC C A

?-==． ②

又对△ACD 及截线12B IB ，应用梅涅劳斯定理，有

211AB CB DI B D IC B A

??=．注意到11CB B A =，有22sin

2cos 2C B D DI A B AB IC ==

-，2222

cos sin 2sin sin

2222cos cos

22A B C A B

AB B D AD A B A B AB AB --?-===--，即2cos

cos cos

sin 222sin sin 2sin sin 2sin sin 2sin sin 222222

A B A B A B AC B AB AD AB AB A B A B A B AC BC B A ---=?=??=??=

++???cos

2cos sin

AB C A ?

?．从而 2

2s i n c o s 22cos 2A C

AB B AB ?=． ③

由2222221BKB CKC ABC AB C AB AC S S S S AB AC ?=?=?

=?△△△△，注意②，③24sin 12

?=，且A 为锐角

60BAC ?=?∠．

证法2 如图1-14，设直线AI 交BC 于F ，直线12B B 交CB 的延长线于E ．对ACF △及截线1B IE ，应

用梅涅劳斯定理，有

111AB CF FI

B C EF IA

??=． ④

又由11AB B C =及角平分线性质，即有FI CF BF BC

IA CA BA AB AC

===

+．令BC a =，AC b =，AB c =，则FI a

IA b c

+．由④式，有

CE b c EF a +=，即EF EF a

CF CE EF b c a

-+-．而ab

CF b c =+，则2()()a b EF b c a b c =+-+．

又ac BF b c =

+，()

a a c BE EF BF

c a -=-=+-（由题设知a c >）．从而 ()()E F a b

B E b c a c =

+-．对ABF △及截线2IB E ，应用梅涅劳斯定理，有2

21BB AI FE IF EB B A

??=．将⑤式代入上式，得22BB IF BE a c B A AI EF b -=?=，∴ 2222AB B B AB a b c

AB AB b

++-==

． ⑥

同理

A C a c b A C c +-=

．由2222221BKB CKC ABC AB C AB AC S S S S AB AC ?=?=?

=?△△△△，注意⑥，⑦1a b c a c b

b c

+-+-??=?

22260a b c bc BAC =+-?=?∠．

注例11还有其他证法，可参见笔者另文《关于2003年中国数学奥林匹克第一题》（《中等数学》2003年第6期）．

例12 如图1-15，凸四边形ABCD 的一组对边BA 与CD 的延长线交于M ，且AD BC ∥，过M 作截

线交另一组对边所在直线于H ，L ，交对角线所在直线于H '，L '．求工业化：1111

MH ML MH ML +=+

． H '

图1-15

证法1 如图1-15，对ML D '△及直线BLC 由梅涅劳斯定理得 1ML L B DC

LL BD CM

'??='．对DL H '△及直线BAM 由梅涅劳斯定理得 1L M HA DB

MH AD BL '??='

．对MHD △及直线CH A '由梅涅劳斯定理得

1HH MC DA

H M CD AH

'??='．由①?②?③得

1ML L M HH LL MH H M

??=''，所以HH LL MH H M ML L M ''

''??，所以H M MH ML ML MH H M ML L M ''--=

''??，故

1111

MH ML MH HL

+=+

''．证法2 设AD 与BC 的延长线相交于O ．△BML 和△CML 均被直线AO 所截，迭用梅涅劳斯定理，有 BA HL OB

AM MH LO

，① CD HL OC

DM MH LO

，② 由①LC ?+②BL ?，得 BA CD HL OB LC OC BL

LC BL AM DM MH LO

?+??

+?=?

．③ 注意到 O B L C O C B L

B C

?=?（直线上的托勒密定理），则③式变为BA CD

LC BL AM DM

?+?= HL

DC MH

．④ 又由BD 截△LCM 和AC 截△LBM ，迭用梅涅劳斯定理，有LL DC

BC BL L M MD

'，LH AB

BC LC H M AM

'．将此结果代入④式整理，即得欲证结论．

注当AD BC ∥，④式显然成立，故仍有结论成立．此题是二次曲线蝴蝶定理的推论． 3．论证点共直线的重要方法

例13 如图1-16，△ABC 的内切圆分别切三边BC ，CA ，AB 于点D ，E ，F ，点X 是△ABC 的一个内点，△XBC 的内切圆也在点D 处与BC 边相切，并与CX ，XB 分别相切于点Y ，Z ．证明：EFZY 是圆内接四边形．（1995年第36届IMO 预选题） P

Z F

E D C

B A

图1-16

证明由切线长定理，知CE CD CY ==，Z BF BD B ==，AF AE =，XZ XY =．

设BC 的延长线与FE 的延长线交于P ，对△ABC 及截线FEP ，应用梅涅劳斯定理，有

1AF BP CE AF BP CE

FB PC EA EA PC FB

=??=??

XZ BP CY XZ BP CY

YX PC ZB ZB PC YX

??=??

．对△XBC 应用梅涅劳斯定理的逆定理，知Z ，Y ，P 三点共线，故由切割线定理有2PE PF PD ?=，2PY PZ PD ?=．

以而PE PF PY PZ ?=?，即EFZY 是圆内接四边形．

例14 如图1-17，△ABC 中，A ∠内的旁切圆切A ∠的两边于1A 和2A ，直线12A A 与BC 交于3A ；类似地定义1B ，2B ，3B 和1C ，2C ，3C ．求证：3A ，3B ，3C 三点共线．

A 3

图1-17

证明由切线长定理，知12AA AA =，12BB BB =，12CC CC =．对△ABC 与直线123C C C ，123A A A ，123B B B 分别应用梅涅劳斯定理，有

332123213111AC AC BC CC BC C B C C C A C B C A =??=??，

233213213111BA BA CA AA CA A C A A A B A C A B

=??=??，

33212

3213111CB CB AB BB AB B A B B B C B A B C

??=?=．上述三式相乘，有

333111111333222222AC BA CB AC A B B C AC A B B C

C B A C B A BC CA AB CA AB BC ??=??=??

．设

3O 切AB 于K ，2O 切AC 于L ，则由12BB BB =，可得21221

()2

BC BK B C KB ==-．同理

11211

()2B C CL B C LC ==-．又由两内公切线长相等，即21KB LC =，故21BC B

C =．同理，21CA AC =，21AB A B =．

从而

3333

1A C B A C B C B A C B A ??=，故对△ABC 用梅涅劳斯的逆定理，知3A ，3B ，3C 三点共直线．例15 如图1-18，设△ABC 的三边BC ，CA ，AB 所在的直线上的点D ，E ，F 共线，并且直线AD ，

BE ，CF 关于A ∠，B ∠，C ∠平分线的对称直线AD '，BE '，CF '分别与BC ，CA ，AB 所在直线交于D '，E '，F '，则D '，E '，F '也共线．

D 'F'

E'F E

C B

图1-18

证明对ABC ∠及截线FED 应用第一角元形式的梅涅劳斯定理，有

sin sin sin 1sin sin sin BAD CBE ACF

DAC EBA FCB ??=∠∠∠∠∠∠．

由题设知，CAD BAD '=∠∠，D AB DAC '=∠∠，BCF ACF '=∠∠，F CA FCB '=∠∠，ABE CBE '=∠∠，E BC EBA '=∠∠，从而有

sin sin sin 1sin sin sin CAD ABE BCF D AB E BC F CA '''

??='''∠∠∠∠∠∠，即

sin sin sin 1sin sin sin BAD CBE ACF D AC E BA F CB

'''

??='''∠∠∠∠∠∠．故由第一角元形式的梅涅劳斯定理，知D '，E '，F '共线．

例16 在筝形ABCD 中，AB AD =，BC CD =．过BD 上的一点P 作一条直线分别交AD 、BC 于E 、F ，再过点P 作一条直线分别交AB 、CD 于G 、H ．设GF 与EH 分别与BD 交于I 、J ，求证：PI PJ

PB PD

．证明如图1-19，过B 作AD 的平行线交直线EF 于E '，再过B 作CD 的平行线交直线GH 于H '，则

E BP EDP PBG '==∠∠∠，HBP

HDP PBF '==∠∠∠． H '

F E

G 图1-19

进而H BG H BP GBP PBF PBE E BF ''''=-=-=∠∠∠∠∠∠．

所以 s i n s i n s i n s i n s i n s i n 1s i n s i n s i n s i n s i n s i n P B H G B I F B E F B P G B P F B E

H B G I B F E B P E B F P B F P B G

'''??=??=

'''∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠．又H '、I 、E '分别为△PGF 三边所在直线上的点，且点B 不在△PGF 三边所在的直线上．由第二角元形式的梅涅劳斯定理的逆定理知H '、I 、E '共线．

于是，由PBE PDE '△∽△，PH B PHD '△∽△．有E H EH ''∥．

因此，PI PE PB PJ PE PD '==．故PI PJ

PB PD

．注当PB PD =，P 为BD 中点时，即为1989年12月冬令营选拔赛试题．

例17 如图1-20，四边形ABCD 内接于圆，其边AB ，DC 的延长线交于点P ，AD 和BC 的延长线交于点Q ，过Q 作该圆的两条切线，切点分别为E ，F ．求证：P ，E ，F 三点共线．

（1997年CMO 试题）

图1-20

证明设圆心为O ，连QO 交EF 于L ，连LD ，LA ，OD ，OA ，则由切割线定理和射影定理，有 2QD QA QE QL QO ?==?，从而D ，L ，O ，A 四点共圆，即有QLD DAO ODA OLA ===∠∠∠∠，

亦即OL 为△LAD 的内角ALD ∠的外角平分线．又EF OQ ⊥，则EL 平分ALD ∠．设EF 分别交AD ，BC 于M ，N ，于是DM DL DQ

MA AL AQ

．同理，CN CQ

BN BQ

．于是，DM AM AM DM AD DQ AQ AQ DQ DQ AQ +===++，CN BN BC

CQ BQ BQ CQ

+，所以，

211MQ DQ DQ DA AQ DM DM AD AD +=+=+=，2QN BQ

CN BC

．直线PBA 与△QCD 的三边延长线相交，由梅涅劳斯定理，有1CP DA QB CP DM QN

PD AQ BC PD MQ CN

??=??

．对△QCD 应用梅涅劳斯定理的逆定理，知P ，M ，N 三点共线．所以P ，E ，F 三点共线．

注此例的其他证法，可参见第二章例9，第九章例15等．

例18 已知△ABC 的内切圆分别切BC 、CA 、AB 于点D 、E 、F ，线段BE 、CF 分别与该内切圆交于点P 、Q ，若直线FE 与BC 交于圆外一点R ．证明P 、Q 、R 三点共线．

（2011年香港奥林匹克题）

证明如图1-21，由切线长定理有AE AF =．对△ABC 及截线EFR 应用梅涅劳斯定理，有1AF BR CE

FB RC EA

??=，

Q S 图1-21

即有

B R E A

F B F B R C C E A F C E

=?=．设BE 与CF 交于点S ，由△EFC ∽△QEC ，△FEB PFB ∽△，△SEQ ∽△SFP ，有CQ CE

EQ EF

，FP FE PB FB

，SP FP SQ EQ =．又对△SBC 及所在边上的点R 、P 、Q ，有

SP BR CQ SP CQ BR FP CQ FB FP CQ FB

PB RC QS SQ PB RC EQ PB CE PB QE CE

??=??=??=??

1FE CE FB

FB EF CE

??=．于是，由梅涅劳斯定理的逆定理，知P 、Q 、R 三点共线． 4．注意与其他著名定理配合运用

例19 在Rt △ABC 中，已知90A =?∠，B C >∠∠，D 是△ABC 处接圆的圆心，直线A l 、B l 分别切

O 于点A 、B ，BC 与直线A l 、AC 与直线B l 分别交于点S 、D ，AB 与DS 交于点E ，CE 与直线A

l 交于点T ，又设P 是直线A l 上的点，且使得A EP l ⊥，Q （不同于点C ）是CP 与O 的交点，R 是QT 与O 的交点，令BR 与直线A l 交于点U ．证明：2

SU SP SA TU TP TA ?=?．

（2005年韩国奥林匹克题）

证明如图1-22，设BA 的延长线与O （过C 点）的切线交于点E '．由帕斯卡定理知S 、D 、E '三点共线，从而点E '与E 重合．

图1-22

由切割线窄弹知 2

T A

T R T Q =?，2SA SB SC =?．所以，22SA SB SC

TA TR TQ

?=?． ①

设TQ 与CB 交于点X ，对△XTS 及截线RBU ，截线QCP 分别应用梅涅劳斯定理，有

1XP TU SB

RT US BX

??=，

=1XQ TP SC QT PS CX ??． ② 注意相交弦定理，有XP XQ XB XC ?=?． ③ 由①、②、③，得 2

S U S P

X P S B X Q S C S B S C S A

T U T P

R T

B X

Q T

C X

T R T Q T A

???=?=．例20 在梯形ABCD 中，已知BC 、AD 分别为上、下底，F 为腰CD 上一点，AF 与BD 交于点E ，G

为边AB 上一点，满足EG AD ∥，CG 与BD 交于点H ，FH 与AB 交于点I ．证明：CI 、FG 、AD 三线共点．（2011年乌克兰奥林匹克题）证明如图1-23，设直线AB 与DC 、AF 与DG 分别交于点S 、T ．

图1-23

先证S 、H 、T 三点共线．

由EG AD BC ∥∥，知△ATP ETG ∽△，△GHE CHB ∽△，△ASD ∽△BSC ．有,,AT AD EH GE BC BS TE EG HB CB AD AS ===．上述三式相乘，有

1AT EH BS AD GE CB

TE HB SA EG CB AD

??=??=．对△AES 应用梅涅劳斯定理的逆定理，知T 、H 、S 三点共线．

考虑△AFI 和△DGC ，注意到直线IF 与CG ，FA 与GD 、AI 与DC 分别交于点H 、T 、S ，于是由戴沙格定理，知CI 、FG 、AD 三线共点．

【模拟实战】

习题A

1．在△ABC 中，点D 在BC 上，13BD DC =，E ，G 分别在AB ，AD 上，23AE EB =，1

AG GD =，EG 交AC 于点F ，求

． 2．在ABCD 中，E ，F 分别是AB ，BC 的中点，AF 与CE 相交于G ，AF 与DE 相交于H ，求AH ∶HG ∶GF ．

3．P 是△ABC 内一点，引线段APD ，BPE 和CPF ，使D 在BC 上，E 在AC 上，F 在AB 上．已知

6AP =，9BP =，6PD =，3PE =，20CF =，求△ABC 的面积．

（第7届AIME 题） 4．设凸四边形ABCD 的对角线AC 和交于点M ，过M 作AD 的平行线分别交AB ，CD 于点E ，F ，交BC 的延长线于点O ，P 是以O 为圆心，以OM 为半径的圆上一点，求证：OPF OEP =∠∠．

（1996年全国初中联赛题）

5．已知D ，F 分别是△ABC 的边AB ，AC 上的点，且23AD DB CF FA ==∶∶∶，连DF 交BC 边的延长线于点E ，求EF FD ∶．

6．设D 为等腰Rt △ABC （90C =?∠）的直角边BC 的中点，E 在AB 上，且21AE EB =∶∶，求证：CE AD ⊥．

7．在△ABC 中，点M 和N 顺次三等分AC ，点X 和Y 顺次三等分BC ，AY 与BM ，BN 分别交于点S ，R ，求四边形SRNM 与△ABC 的面积之比．

8．E ，F ，G ，H 分别为四边形ABCD 的四条边AB ，BC ，CD ，DA 上的点，若EH ，BD ，FG 三直线共点，则EF ，AC ，HG 三直线共点或平行．

9．设X ，Y ，Z 分别是△ABC 的边CB ，CA 和BA 延长线上的点，又XA ，YB 和ZC 分别是△ABC 外接圆的切线．证明：X ，Y ，Z 三点共线．（1989年新加坡竞赛题） 10．求证：三角形两角的平分线与第三角的外角平分线各与对边所在直线的交点共线．

11．已知直径为AB 的圆和圆上一点X ，设A t ，B t 和X t 分别是这个圆在A ，B ，X 处的切线．设Z 是直线AX 与B t 的交点，Y 是直线BX 与A t 的交点，证明：YZ ，X t ，AB 三直线共点．

（第6届加拿大竞赛题）

12．P 是ABCD 中任一点，过P 作AD 的平行线分别交AB ，CD 于E ，F ，又过P 作AB 的平行线，分别交AD ，BC 于G ，H ．求证：AH ，CE ，DP 三线共点．

13．在△ABC 中，1AA 为中线，2AA 为角平分线，K 为1AA 上的点，使2KA AC ∥．证明：2AA KC ⊥．（第58届莫斯科奥林匹克题） 14．直线l 交直线OX ，OY 分别于A ，B ，点C 与D 是线段AB 两侧的直线l 上两点，且CA DB =．过C 的直线CKL 交OX 于K ，交OY 于L ；过D 的直线交OX 于M ，交OY 于N ．连结ML 和KN ，交直线l 分别于E ，F ．求证：AE BF =．

15．设四边形ABCD 外切于一圆，E ，F ，G ，H 分别是AB ，BC ，CD ，DA 边上的切点，若直线HE 与DB 相交于点M ，则M ，F ，G 三点共线．

16．设P 为△ABC 的内点，过点P 的直线l ，m ，n 分别垂直于AP ，BP ，CP ，若l 交BC 于Q ，m 交AC 于R ，n 交AB 于S ，证明：Q ，R ，S 共线．（IMO -28预选题） 17．已知△ABC 的BC 与它的内切圆相切于点F ．证明：该圆的圆心O 在BC 与AF 的两个中点M ，N 的连线上．

18．已知凸四边形ABCD 内接于O ，对角线AC ，BD 相交于点Q ，过Q 分别作直线AB ，BC ，CD ，

DA 的垂线，垂足分别是E ，F ，G ，H ．求证：EH ，BD ，FG 三直线共点或互相平行．

19．设ABCD 为圆外切四边形，又AB ，BC ，CD ，DA 与该圆的切点为E ，F ，G ，H ．求证：AC ，

BD ，EG ，FH 共点．

习题B

1．P 是ABCD 内一点，MN ，EF 分别过P ，MN AD ∥且分别与AB ，CD 交于点M ，N ，EF AB ∥且分别与DA ，BC 交于点E ，F ．求证：ME ，FN ，BD 三线共点． 2．在△O A B 中，AOB ∠为锐角，从AB 上任一点M 作MP OA ⊥于P ，MQ OB ⊥于Q ，点H 是△OPQ 的垂心，求当点M 在线段AB 上移动时，点H 的轨迹．（IMO -7试题） 3．在正△ABC 的边BC ，CA ，AB 上有内分点D ，E ，F 将边分成3∶(3)(6)n n ->，线段AD ，BE ，

CF 相交所成的△PQR （BE 交AD 于P ，交FC 于Q ）是△ABC 的面积的

时，求n 的值．（1992年日本奥林匹克预选题）

4．在△ABC 中，90A =?∠，点D 在AC 上，点E 在BD 上，AE 的延长线交BC 于F ．若BE ∶2ED AC =∶DC ，则ADB FDC =∠∠．

5．已知点E ，1D ，2D 在△ABC （AB AC >）的边BC 上，12BAD CAD =∠∠，11EF AD ∥交AB 于1F ，又与CA 的延长线交于1C ，22EF AD ∥交AB 于2F ，又与CA 的延长线交于2G ．求证：212

212

BF BF BE CE CG CG ?=?．

（《数学通报》问题1353题）

6．圆外切四边形ABCD 中，AB ，BC ，CD ，DA 边上的切点分别为P ，Q ，R ，S ．AD 与BC 的延长线交于点E ，AB 与DC 延长线相交于点F ．求证：（Ⅰ）AC ，BD ，PR ，QS 四线共点；（Ⅱ）

AC ，EF ，PQ ，RS 四线共点；

（Ⅲ）BD ，EF ，PS ，QR 四线共点（假定BD EF ≠）． 7．若凸四边形的对角线AC 与BD 互相垂直，且相交于E ，过E 点分别作边AB ，BC ，CD ，DA 的

垂线，垂足依次为P ，Q ，R ，S ，并分别交CD ，DA ，AB ，BC 边于P '，Q '，R '，S '，再顺次连接P Q ''，Q R ''．R S ''，S P ''，则R S P Q AC ''''∥∥；R Q P S BD ''''∥∥．

（IMO -22试题的推广）

8．面积为1的△ABC 的边AB ，AC 上分别有点D ，E ，线段BE ，CD 相交于点P ．点D ，E 分别在AB ，AC 上移动，但满足四边形BCED 的面枳是△PBC 面积的两倍这一条件，求△PDE 面积的最大值．（1992年日本奥林匹克题） 9．ABCD 是边长为2的正方形，E 为AB 的中点，F 是BC 的中点，AF 和DE 相交于I ，BD 和AF 相交于H ．求四边形BEIH 的面积．

10．P 是凸四边形ABCD 所在平面上一点，APB ∠，BPC ∠，CPD ∠，DPA ∠的平分线分别交AB ，

BC ，CD ，DA 于点K ，L ，M ，N ．

（Ⅰ）寻找一点P ，使KLMN 是平行四边形；（Ⅱ）求所有这样的P 点的轨迹．（1995年世界城市际联赛题） 11．△ABC 中，AB AC >，AD 为内角平分线，点E 在△ABC 的内部，且EC AD ⊥，ED AC ∥，求证：射线AE 平分BC 边．（《数学教学》问题536题） 12．设△123A A A 为非等腰三角形，内心为I ，i C （1i =，2，3）为过I 与1i i A A +和2i i A A +相切的小圆（增加的下标作模3同余），i

B （1i =，2，3）为圆1i

C +和2i C +的另一交点，证明：△11A B I ，△22A B I ，△33A B I 的外心共线．（IMO -38预选题）