解析山东省菏泽市单县一中2020┄2021学年高一下学期月考物理试卷a卷3月份

山东省菏泽市单县一中2020┄202１学年高一(下)月考物理试卷（A卷)(3月份）

一、选择题（本题共8小题,每题6分,共4８分.在每题所给的四个选项中,有一个或多个选项正确，全部选对的得６分,对而不全的得3分,有错选或不答的得０分）

1.（6分)下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位()

A. 米、牛顿、千克?B．?千克、焦耳、秒

C．米、千克、秒?D.?米/秒2、千克、牛顿

2.（6分)关于弹力和摩檫力的关系，下列说法正确的是（）

?A. 有摩檫力的接触面上一定有弹力

?B.?有弹力的接触面上一定有摩檫力

?C．摩檫力大小跟支持力大小成正比

D. 摩檫力的方向总是跟支持力的方向垂直

3．(6分）如图所示是某质点沿某一条直线运动的v﹣t图象,则以下说法中正确的是()

A. 第1ｓ末质点的速度改变方向

?Ｂ．?第2s末质点的位移改变方向

C.?第３s内质点的速度方向与加速度方向相反

D.?第1ｓ末和第３ｓ末质点的位置相同

4．（6分)如图所示，物体M与m用轻绳相连，绳通过定滑轮,M静止在倾角为θ的斜面上,则关于M与斜面之间静摩擦力的大小和方向的说法中,正确的是（）

?Ａ.?ｍgsinθ﹣ｍg，沿斜面向上?B．Ｍgｓiｎθ﹣ｍg,沿斜面向下

Ｃ.?mｇ﹣Ｍgsinθ,沿斜面向下Ｄ. 条件不全,无法判断

5．(6分）如图所示，水平传送带A、B两端相距ｓ=3.5ｍ，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，物体滑上传送带Ａ端的瞬时速度v A=4m/s，到达B端的瞬时速度设为vＢ.下列说法中正确的是（)

A．若传送带不动,v B=３m/s

?B.?若传送带逆时针匀速转动，v B一定等于3ｍ/s

Ｃ. 若传送带顺时针匀速转动,vＢ一定等于3m/ｓ

D. 若传送带顺时针匀速转动,v B有可能等于3m/

６．（6分)关于受力物体的运动情况,下列说法正确的是（)

A．物体在恒力作用下有可能做曲线运动

?B．物体在变力作用下不可能做曲线运动

?C.?做曲线运动的物体，其速度方向与合外力的方向不在同一直线上

D．物体在变力作用下不可能做直线运动

7．(6分)质点做曲线运动，它的轨迹如图所示,由Ａ向Ｃ运动，关于它通过B点时的速度v 的方向和加速度a的方向正确的是（)

Ａ．? B. Ｃ．

D．

8．（6分)如图，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系,用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板,O与Ａ在同一高度,小球的水平初速度分别是v1、v２、ｖ3，打在挡板上的位置分别是B、C、Ｄ,且AB：BC：CD=1: 3：5.则v1、v2、v3之间的正确关系是(）

?Ａ. v1：v2:v3=6：３:２?B. v1:v2:v3=5：3：1

?C．?v1:ｖ2：ｖ3=3：２：1?Ｄ.?v1：v2:v3＝９:4：1

二、实验题（共２小题，12分)

９.(8分)在用接在5０Hｚ交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中,得到如图所示的一条纸带,从比较清晰的点开始标计数点0、1、2、3、4…,其中每两个计数点间还有4个点未画出,量得0与1两计数点间的距离x１=３0.2mｍ,3与4两计数

点间的距离ｘ4=48.8mm,则小车在3与４两计数点间的平均速度为m/s,小车的加速度为ｍ/s2．（计算结果均保留两位有效数字)

10．（4分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,采用如图所示的装置.则下列说法中正确的是（）

Ａ.?本实验主要采用控制变量的方法来研究加速度与力、质量的关系

Ｂ. 在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量

?C．在探究加速度与质量的关系时作出a图象容易更直观判断出二者间的关系

?Ｄ.?无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小．

三、计算题（2个小题，共40分，请写出必要的公式和解题步骤，直接写结果零分) 11．物体做直线运动,其位移图象如图所示，试求;

(1）5ｓ末的瞬时速度

（２)２０s内的平均速度

(3)30ｓ内的位移．

1２．如图所示,质量Ｍ=8kｇ的小车放在光滑的水平面上,在小车右端加一水平恒力F=8N,当小车向右运动的速度达到１.5m/s时，在小车前端轻轻放上一个大小不计、质量ｍ=2kg 的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ=0．２,物块始终没有离开小车，g取1０ｍ／s２.求：

(１)小车速度达到1.５m/s所需要的时间

(2)小物块在小车上滑动的时间

（３)要使物块始终没有离开小车,小车至少多长．

山东省菏泽市单县一中２０２0┄202１学年高一(下)月考物理试卷（A卷）（３月份)

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共8小题,每题６分,共48分.在每题所给的四个选项中，有一个或多个选项正确，全部选对的得６分,对而不全的得3分,有错选或不答的得0分)

1.(6分)下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位(）

?A.?米、牛顿、千克B．?千克、焦耳、秒

?C．米、千克、秒 D．米/秒2、千克、牛顿

考点:?力学单位制．

分析: 国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量.它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．

解答：解：Ａ中的牛顿是导出单位,B中的焦耳是导出单位，C中的都是基本单位，D中的米/秒2、牛顿都是导出单位，所以全是国际单位制的基本单位的是C.

故选C.

点评:?国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁,它们在国际单位制中的单位分别是什么,这都是需要学生自己记住的基本的知识，本题较简单．

2.（6分）关于弹力和摩檫力的关系,下列说法正确的是(）

A. 有摩檫力的接触面上一定有弹力

?B．有弹力的接触面上一定有摩檫力

?C. 摩檫力大小跟支持力大小成正比

D.?摩檫力的方向总是跟支持力的方向垂直

考点：?摩擦力的判断与计算；参考系和坐标系．

专题: 摩擦力专题.

分析：?弹力产生的条件：相互接触挤压；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势.弹力的方向垂直于接触面,摩擦力的方向与接触面相切,与相对运动或相对运动趋势的方向相反.

解答：解：A、弹力产生的条件:相互接触挤压;摩擦力产生的条件:接触面粗糙;相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势.可见,有摩擦力,必有弹力；有弹力,不一定有摩擦力.故A正确,Ｂ错误．

Ｃ、滑动摩檫力大小跟支持力大小成正比,静摩擦力不存在这个关系，故C错误.

D、弹力的方向垂直于接触面,摩擦力的方向与接触面相切，与相对运动或相对运动趋势的方向相反.可见两个力方向互相垂直．故D正确.

故选AD．

点评：解决本题的关键掌握弹力和摩擦力的产生条件，以及它们的方向.知道有摩擦力,必有弹力;有弹力,不一定有摩擦力．

3.(6分)如图所示是某质点沿某一条直线运动的v﹣t图象，则以下说法中正确的是（）

?A．第1s末质点的速度改变方向

?B. 第２s末质点的位移改变方向

?C. 第3s内质点的速度方向与加速度方向相反

Ｄ.?第１ｓ末和第3s末质点的位置相同

考点：匀变速直线运动的图像．

专题：运动学中的图像专题.

分析：?ｖ﹣ｔ图象倾斜的直线表示匀变速直线运动．速度的方向由速度的正负表示,由速度图象可直接读出速度的方向；速度图象图线的斜率等于加速度，图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移．由此分析即可.

解答: 解:A、由图知,质点在前２s内一直沿正向运动,速度方向没有改变，故A错误．B、由图知，第2s末前后速度由正向变为负向，所以质点在第2s末速度改变了方向，根据“面积”表示位移,可知第２s末质点的位移方向没有改变，故B错误.

C、速度图象图线的斜率等于加速度,可知，质点在第3ｓ内加速度的方向为负向,与速度方向相同,故Ｃ错误.

D、图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移,可知2﹣3s内位移为0，则第1s末和第3ｓ末质点的位置相同，故D正确．

故选：D．

点评：?对于物理图象可借助于数学知识进行理解，抓住速度图线的斜率等于加速度、图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移是关键．

4．(６分)如图所示，物体Ｍ与ｍ用轻绳相连,绳通过定滑轮，M静止在倾角为θ的斜面上,则关于Ｍ与斜面之间静摩擦力的大小和方向的说法中,正确的是(）

A.?mgsinθ﹣ｍg，沿斜面向上Ｂ． Mｇｓｉｎθ﹣mg，沿斜面向下C．m g﹣Mgsｉnθ,沿斜面向下?D. 条件不全，无法判断

考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算.

专题：共点力作用下物体平衡专题．

分析：对m１进行分析受力,将其重力沿斜面向下的分力与绳子的拉力大小进行比较,确定m1的运动趋势方向,判断其所受的静摩擦力方向和大小

解答: 解:由题，整个系统处于静止状态,绳子的拉力大小F=mｇ.

当F＜Mｇｓinθ时，M有沿斜面向下运动的趋势,则M所受的静摩擦力方向沿斜面向上f=Ｍｇsinθ﹣mｇ;

当Ｆ＞Mgsinθ时,M有沿斜面向上运动的趋势，则M所受的静摩擦力方向沿斜面向下f＝mｇ﹣Mgsinθ;

当Ｆ=Ｍgsinθ时，Ｍ没有运动的趋势，不受斜面的静摩擦力．因条件不明确,无法具体判断；故选：D．

点评：?本题是要抓住静摩擦力的可变性,要根据外力判断物体的运动趋势方向，来确定静摩擦力方向．

５．（6分）如图所示,水平传送带A、B两端相距s=3.5m,物体与传送带间的动摩擦因数μ＝0．1,物体滑上传送带A端的瞬时速度v A=４m/s,到达B端的瞬时速度设为vＢ．下列说法中正确的是()

?A．若传送带不动,v B=3m/s

?Ｂ.?若传送带逆时针匀速转动,v B一定等于3m/s

?C．?若传送带顺时针匀速转动,v B一定等于3m/s

Ｄ．若传送带顺时针匀速转动，v B有可能等于３m/

考点：牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系．

专题:?牛顿运动定律综合专题．

分析:?物块滑上传送带,若传送到不动,物块做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律和运动学公式求出到达B点的速度．若传送带顺时针匀速转动，根据物块的速度与传送带的速度大小判断物体的运动情况.若传送带逆时针转动,物块滑上传送带做匀减速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律进行求解.

解答：解:A、若传送带不动,物体做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律得，匀减速直线运动的加速度大小ａ＝μg=１m/s2,根据vＢ2﹣v A２=﹣2as，解得vＢ＝３ｍ/ｓ．故A正确．B、若传送带逆时针转动,物块滑上传送带做匀减速直线运动,由于滑块所受的滑动摩擦力与传送带静止时相同,则加速度与传送带静止时也相同，到达B点的速度大小一定等于

3m/s．故Ｂ正确．

C、D若传送带顺时针匀速运动,若传送带的速度小于３m/s,物块滑上传送带做匀减速直线运动，加速度与传送带静止时也相同，则到达B点的速度等于3ｍ/s.故Ｃ错误,D正确.

故选ABD．

点评：解决本题的关键通过物体的受力判断出物体滑上传送带的运动情况,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．

6．（6分)关于受力物体的运动情况,下列说法正确的是（）

?A. 物体在恒力作用下有可能做曲线运动

Ｂ.?物体在变力作用下不可能做曲线运动

?C. 做曲线运动的物体，其速度方向与合外力的方向不在同一直线上

D.?物体在变力作用下不可能做直线运动

考点：?物体做曲线运动的条件．

分析：?根据合力的方向与速度的方向之间的关系，当合力与速度在同一条直线上时,物体就做直线运动；

当合力的方向与速度的方向不在同一条直线上时,物体就要做曲线运动;

解答: 解:A、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上,但合力不一定变化,如平抛运动.所以A选项正确．

B、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上,与力的大小是否变化无关,所以Ｂ错误．

C、物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上,所以Ｃ选项正确.Ｄ、只要是力的方向与速度的方向在同一条直线上，物体就做直线运动,受变力作用的时候,物体可以是在做变加速运动,所以Ｄ选项错误．

故选:A、Ｃ．

点评: 本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，只要掌握了物体做曲线运动的条件,本题基本上就可以解决了．

7．(6分）质点做曲线运动,它的轨迹如图所示，由A向C运动，关于它通过Ｂ点时的速度ｖ的方向和加速度ａ的方向正确的是()

?A．Ｂ．?C．?

D.?

考点:?物体做曲线运动的条件．

专题：物体做曲线运动条件专题.

分析：根据曲线运动中质点的速度方向是轨迹的切线方向、加速度方向指向轨迹的内侧分析选择.

解答:?解:A、速度方向沿轨迹切线方向是正确的,而加速度不可能沿切线方向．故Ａ错误;

B、图中速度方向沿轨迹的切线方向,加速度指向轨迹的内侧，符合实际．故B正确;

C、图中速度方向是正确的，而加速度方向是错误的，按图示加速度方向轨迹应向右弯曲．故ＣD错误.

故选：B.

点评：?本题对曲线运动速度方向和加速度方向的理解能力．可根据牛顿定律理解加速度的方向．

8．（6分)如图，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，Ｏ与A在同一高度,小球的水平初速度分别是ｖ1、v2、v3,打在挡板上的位置分别是B、C、Ｄ,且AB:ＢC:ＣＤ=１：3：5.则v1、v2、v３之间的正确关系是（）

A.?v1：v2：ｖ３=6：３:2?Ｂ. ｖ1：ｖ２:v３＝5：３:１

?C.?v1:ｖ2：v3=3:2:1 D．?v1:ｖ2：v3=9：４：1

考点：研究平抛物体的运动．

专题：?实验题；直线运动规律专题.

分析：?忽略空气阻力，则小球被抛出后做平抛运动.由题意可知三次小球的水平距离相同,可根据竖直方向的位移比求出时间比，再根据水平速度等于水平位移与时间的比值，就可以得到水平速度的比值.

解答：?解:忽略空气阻力，则小球被抛出后做平抛运动,竖直方向做自由落体运动,根据h=gt ２,解得：t=

所以三次小球运动的时间比t1:ｔ2：t3=：:=1:2:３,

小球的水平位移相等，由v=可得，速度之比：ｖ1：v2：v３=::=6:３：２；

故选:A.

点评：本题是平抛运动规定的直接应用,抓住水平方向和竖直方向运动的时间相等解题,难度不大.

二、实验题(共２小题，１2分)

9.（8分）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始标计数点0、1、2、３、4…,其中每两个计数点间还有４个点未画出,量得0与1两计数点间的距离ｘ1＝30.2ｍm,3与4两计数点间的距离ｘ4=48．8mm，则小车在3与4两计数点间的平均速度为0.49m／s,小车的加速度为０.62m/s2．（计算结果均保留两位有效数字)

考点：?测定匀变速直线运动的加速度.

专题：实验题；直线运动规律专题．

分析:?根据平均速度的定义式求解小车在３与4两计数点间的平均速度.

根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小.

解答：解：由于每相邻两个计数点间还有４个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T＝0.１s，

根据平均速度的定义式得：

小车在３与4两计数点间的平均速度==＝0.49m／s,

根据匀变速直线运动的推论△ｘ＝aＴ２,有:

ｓ34﹣s０1=3aT2,

所以解得：ａ===0．６２ｍ／ｓ2，

故答案为：0.４9,0.6２.

点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．

10．(4分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,采用如图所示的装置.则下列说法中正确的是（）

?A．?本实验主要采用控制变量的方法来研究加速度与力、质量的关系

?B.?在探究加速度与外力的关系时,应该改变小车的质量

?Ｃ．?在探究加速度与质量的关系时作出a图象容易更直观判断出二者间的关系

D.?无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小．

考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

专题: 实验题．

分析: 该实验采用控制变量法,先控制小车的质量不变,研究加速度与力的关系,再控制砝码盘和砝码的总重力不变,研究加速度与质量的关系．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，细线的拉力等于砝码盘和砝码的总重力大小.

解答:?解:A、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,需先控制一个物理量不变，研究另外两个物理量的关系,该方法为控制变量法.故Ａ正确．

B、在探究加速度与外力的关系时,用保持小车的质量不变,改变砝码盘和砝码的总质量.故B 错误.

C、在探究加速度与质量的关系时作出a图象容易更直观判断出二者间的关系，故C正确.

D、在小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时,细线的拉力等于砝码盘和砝码的总重力大小.故D错误．

故选:AC.

点评：?解决本题的关键知道实验的研究方法，会通过图象探究加速度和力和质量的关系,知道实验中的两个认为:１、认为细线的拉力等于小车的合力，２、认为砝码盘和砝码的总重力等于细线的拉力.

三、计算题(2个小题，共４0分，请写出必要的公式和解题步骤，直接写结果零分)

１1．物体做直线运动，其位移图象如图所示,试求；

（1)5s末的瞬时速度

(２)2０s内的平均速度

（3)3０s内的位移.

考点:?匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的速度与时间的关系.

专题：运动学中的图像专题．

分析：?位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置,图象的斜率表示该时刻的速度．由求解平均速度.

解答：解：(1)由图可知，5ｓ末的瞬时速度:v=

（2）由图可得，ｔ＝20s时的位移为20m，20s内的平均速度:=１m/s

(3）由图可知，30ｓ内的位移：s=0m

答:(1）5s末的瞬时速度为３m/ｓ；

(2）２0s内的平均速度为１m/s;

(3)3０s内的位移为０ｍ.

点评：?本题考查对位移﹣时间图象的理解和认识，知道图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，并能够根据计算平均速度．

12.如图所示，质量Ｍ＝8kg的小车放在光滑的水平面上，在小车右端加一水平恒力Ｆ=8N,当小车向右运动的速度达到1.5m/s时,在小车前端轻轻放上一个大小不计、质量ｍ=2kg的小物块,物块与小车间的动摩擦因数μ＝0．2，物块始终没有离开小车，g取１0m/s２.求: (1)小车速度达到1.５m／s所需要的时间

(2）小物块在小车上滑动的时间

（3）要使物块始终没有离开小车，小车至少多长．

考点:?牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系．

专题：牛顿运动定律综合专题.

分析: (1）根据牛顿第二定律求出小车的加速度,结合速度时间公式求出速度达到1.５m/s 时所需的时间.

(２)根据牛顿第二定律分别求出小物块和小车的加速度大小,抓住速度相等,根据运动学公式求出小物块在小车上滑动的时间．

(3)根据速度相等时,小车和小物块的位移求出相对位移的大小,即小车的至少长度.

解答：解:(１）以小车为研究对象，小物块没放在小车上时

根据牛顿第二定律F=Ma1

v０=a1t1

联立可得,小车运动的时间为ｔ1＝1.5s

（２）设滑行时间为t,

对m由根据牛顿第二定律得:

μmｇ=ma1

速度：ｖ1=a2t2,

对M根据牛顿第二定律得:

F﹣μｍg=Ma2

速度：v2=ｖ0+a3t2，

速度相同时小物块与小车之间不发生相对滑动即:v1=v2,

a１t=v0+a２ｔ

t=＝1s

（3)速度相同时,小车运动的位移为：,

解得：x1=1.75ｍ，

小物块的位移为:，

代入数据解得：x2=1m，

则小物块在车上滑动的距离为:

L=ｘ1﹣ｘ２=１.75﹣１m=0．７５m,

即小车最小长度为0．75m.

答:(1）小车速度达到1.５m/s所需要的时间为1.5s

（2)小物块在小车上滑动的时间为1s

（3）要使物块始终没有离开小车,小车要０.75ｍ长.

点评: 该题是相对运动的典型例题，要认真分析两个物体的受力情况,正确判断两物体的运动情况，再根据运动学基本公式求解，难度适中.