动量矩定理

动量矩定理
动量矩定理

动量矩定理

蜻蜓、飞机和直升机

儿时的我很爱雨后捉蜻蜓。夏天一场大雨过后,街道上和低洼处到处是水坑。许多蜻蜓在水面上下飞舞,并不时用尾巴尖端表演“蜻蜓点水”的特技。我们就用长竿端部的网兜捕捉蜻蜓,捉到后用细线拴住它的腰部,看它在我的掌握之中乱飞,快乐异常。长大后对蜻蜓的兴趣转为对飞机的热爱,考大学选了飞机设计专业。

飞机(为了与直升机区别,可称其为“平飞飞机”,这里是按它们的飞行状态来区分的)的机翼与蜻蜓的翅膀极为相似,可是它在天空只能不停地往前飞行,不能停止。蜻蜓就有这个本事。直升机克服了平飞飞机(下文中仍简称为飞机)不能在空中悬停的缺点,它依靠旋转的翅膀(正确术语为旋翼)能在空中悬停,并可将重物吊起或降下,所以它在反潜、救灾、反恐、反海盗任务中有独特的优势。直升机的先祖,至少可追朔到中国明代就出现的竹蜻蜓,直到如今仍是许多孩童的好玩具。现代人又把它叫做“飞螺旋”和“中国陀螺”。它用旋转叶片产生升力,使竹蜻蜓飞起来。

直升机和飞机的主要区别在于它们产生升力的机理不同。飞机靠机身两侧的形似蜻蜓翅膀(见图1)的平直机翼提供升力,前进的动力是由机头的螺旋桨或尾部喷管(即尾喷管)的喷气来提供;而直升机则是借助旋转的机翼(旋翼)产生升力。直升机的旋翼和飞机的螺旋桨都是用旋转的叶片推动空气产生作用力的。飞机的螺旋桨基本不提供升力,只起克服空气阻力使飞机前进的作用;而直升机的

旋翼,主要提供升力;在需要前进时,倾斜旋转轴,从而造成水平分力,使直升机前进。一般而言,直升机旋翼叶片的尺寸(长宽和面积)要比飞机螺旋桨叶片大得多。

直升机旋翼的种类

为了讨论直升机的动力学问题,先对直升机的类别进行简介。按照旋翼的数目与配置以及叶片数目来区分,直升机有如下几种:

01

单旋翼直升机

顾名思义,单旋翼直升机就是它只有一个旋翼。一般它必须带一个尾桨负责抵消旋翼产生的反转矩。例如,欧洲直升机公司制造的EC-135直升机。图2就是一个带尾桨的单旋翼直升机图片。

但是,也有单旋翼直升机无尾桨的情况,这时它的机身尾部侧面有空气排出管道,用喷气的反作用力来抵消旋翼产生的反转矩。例如,美国麦道直升机公司生产的MD520N直升机。“旋翼产生的反转矩”将是本文的讨论的重点。

02

双旋翼直升机

双旋翼直升机具有两个旋翼。两个旋翼的排列有如下三个情况:

?纵列式:两个旋翼前后纵向排列,旋转方向相反。例如,美国波音公司制造的CH-47“支努干”运输直升机。

?横列式:两个旋翼左右横向排列,旋翼轴间隔较远,旋转方向相反。比如,前苏联的Mi-12直升机。

?共轴式:两个旋翼上下排列,在同一个转轴线上,互成反向旋转。例如,前苏联的卡-50武装直升机。(请见图7的共轴式双旋翼直升机图片)

03

四旋翼直升机

图3是中国研制的四旋翼无人直升机。四个旋翼分为两对,分别以正螺旋和反螺旋方向旋转。

04

叶片数量

叶片数量往往与载重量大小相关,常见有2,3,4,8 个叶片。例如米-8直升机有4个叶片;米-28有5个叶片;米-26直升机的旋翼有8个叶片,尾桨有5个叶片。2008年5月26日,一架红色米-26直升机吊装了一台重约13.2吨的重型挖掘机,前往唐家山堰塞湖坝体。图4为执行该项任务的米-26直升机照片。倾转式旋翼飞机

美国V-22鱼鹰直升机就是倾转式旋翼飞机(参见图5),它兼有直升机和飞机的共同优点。当旋翼的转轴竖直时,旋翼产生升力。当转轴角(与竖直轴的夹角)

接近90度时,旋翼就变成螺旋桨,飞行速度由300公里/时,提高到500公里/时。现在,美国V-22部署到东亚美军驻日基地,对中国进行威慑。

直升机旋翼动力学奥妙与动量矩守恒律

前边提到,单旋翼直升机除了有一个大的旋翼外,在尾部还有一个小的尾旋翼(也叫尾桨)。图6是一个带镶嵌式尾旋翼(尾桨)的直升机。尾桨产生的作用力沿水平方向,并且与机身垂直,对机身重心有一个力矩(转矩)。再仔细看,尾桨力矩使机身转动的方向必然和主旋翼的转动方向相反。在设计时,要保证尾桨的转矩与旋翼的动量矩大小相等方向相反。这样直升机才能正常飞行。下面我们从力学原理出发来讨论一下直升机运行的奥秘。

动量矩定理(Theorem of moment of momentum) 和动量矩守恒定律(Law of conservation of moment of momentum) 是刚体(或质点系)运动必须满足的动力学原理。动量矩定理说,动量矩对时间的变化率等于外加力矩之总和。当质点系不受外力作用或所受全部外力对某定点或定轴的主矩始终等于零时,该质点系对该点或该轴的动量矩保持不变。即当作用于它的外力矩之和为零时,它的动量矩变化率将等于零。这就是动量矩守恒定律。

为了更严格地说明动量矩定理和动量矩守恒定律,请看下边的公式:

01

动量矩

?质点对某点的动量矩为L0(mv)= rmv;其中,黑体符号L0、 r、v都是向量。这个公式表明,质点m对0点的动量矩L0等于质点m到0点的矢径r与其动量mv的矢量积。

?刚体的动量矩为Lz=Jzω;其中,Jz为刚体对于转轴的转动惯量,ω是角速度向量。

02

动量矩定理

动量矩对时间的变化率等于外加力矩之总和,就是:

[Lz]' =∑Mz(Fi )

其中,等号左边是对动量矩Lz求时间导数,右边是对外力矩求和。

03

动量矩守恒定律

当上式的右端项为零时,Lz为常数,即动量矩永恒不变。直升机在空中飞行时,它的旋翼不停地旋转,这将产生对直升机重心的动量矩。由于它是孤立系统,外界对它的外力矩之和为零,如果没有尾桨的话,机身将不停地向旋翼旋转的反向旋转,这样就难以执行所指定的各类任务。安装尾桨就是要以尾桨的力矩平衡这个“旋翼产生的反转矩”。这就是直升机安装尾桨的力学意义。

为使机身不产生旋转,也不安装尾桨。聪明的工程师们设计了共轴式双旋翼直升机(参见图7)。它的两幅旋翼安装在同一个轴上,分别朝不同方向旋转,二者

的动量矩必须大小相等,构成平衡。若是双轴两旋翼情况(如V-22鱼鹰直升机),要求两个旋翼的转动方向相反且动量矩相等。对于四轴四旋翼情况,很容易推断,它们要两两成对,分别朝反向转动,动量矩大小要相等,以保证总动量矩为零。刚体的转动惯量

上节提到Jz为刚体对转轴的转动惯量,它和物体平动的惯性量(即质量)类似。当转动惯量越大时,转动它越困难,或者使它转动角速度增大越困难。具有相同质量的物体,形状不同,其转动惯量大小不同。以图8所示实心长方体为例。这是一个三维尺寸为aⅹbⅹc的长方体,为简单起见,令b=2a=4c;根据理论力学教科书,有如下公式:

其中:Jz,Jy,Jx分别是绕z,y,x三个轴、对物体重心点0的转动惯量。可见,Jz最大,Jx次之,Jy最小。

刚体的转动惯量问题,和我们身边的许多活动息息相关,这里以竞技运动为例。体操和跳水运动员在做空翻或翻腾动作时,其身体的姿势(形态)决定了其动作的难度,裁判打分时给不同的难度系数。例如图9a 所示的跳水女运动员所做的团身空翻(或向后翻腾),她的身体曲折成三段,各部分身体重量最靠近于重心。于是,其转动惯量最小,可以使翻腾速度最快。所以,在10米台跳水做翻腾三周半的动作时都多采用团身翻腾。图9b所示的则是曲体空翻(或向后翻腾),她的身体呈曲两段折叠,其转动惯量比团身情况稍大。难度系也较大。最难做的是图9c所示的体操运动员所做的直体空翻。由于直体的转动惯量最大,空翻最费力;难度系数最大。同时由于姿态优美,打分较高。

另外,与转动惯量有关的例子还有高空走钢丝。图10是阿迪力在新疆喀纳斯高空走钢丝的照片。你看他两手紧握一根很长的平衡杆。这根平衡杆与他的身体紧紧结合为一体,总的转动惯量大大增加。一个很大转动惯量的物体,是不易被转动的,所以他的直立状态较为稳定,比较安全。相反,如果没有这个平衡杆,他茕茕一身走在钢丝上,就很易翻倒。这就是走钢丝的人必须握有平衡杆的力学奥秘。

最后,和动量矩守恒有关的例子是陀螺仪,它是具有高速旋转刚体转子、服从动量矩守恒律的一种常用仪表。现代高精度的单自由度陀螺常是液浮、磁浮和气浮并用的三浮陀螺仪。这种陀螺仪的精度极高。陀螺仪广泛应用于各种运载体(如船舶、飞机等)上,成为各种运载体的自动控制、制导和导航系统中测定姿态、方位的重要元件。实际上,地球就是一个巨大的陀螺仪,由于动量守恒,其旋转角速度恒久不变。读者们是否可以设想一下,这对于我们人类生活会有哪些实际意义呢?

梁坤京理论力学第十二章动量矩定理课后答案

动量矩定理 12-1 质量为m 的点在平面Ox y内运动,其运动方程为: t b y t a x ωω2sin cos == 式中a 、b 和ω为常量。求质点对原点O的动量矩。 解:由运动方程对时间的一阶导数得原点的速度 t b t y v t a t x v y x ωωωω2cos 2d d sin d d ==-== 质点对点O 的动量矩为 t a t b m t b t a m x mv y mv m M m M L y x O O ωωωωωωcos 2cos 22sin )sin ()()(0??+?-?-=?+?-=+=y x v v ? t mab ωω3 cos 2= 12-3 如图所示,质量为m 的偏心轮在水平面上作平面运动。轮子轴心为A ,质心为C,A C = e ;轮子半径为R,对轴心A 的转动惯量为JA ;C 、A、B 三点在同一铅直线上。(1)当轮子只滚不滑时,若v A已知,求轮子的动量和对地面上B 点的动量矩。(2)当轮子又滚又滑时,若v A 、ω已知,求轮子的动量和对地面上B点的动量矩。 解:(1)当轮子只滚不滑时B 点为速度瞬心。 ? 轮子角速度R v A =ω? 质心C 的速度)(e R R v C B v A C += =ω? ?轮子的动量(A C mv R e R mv p += =?方向水平向右) ?对B点动量矩ω?=B B J L ? 由于? 2 22)( )( e R m me J e R m J J A C B ++-=++= 故[ ] R v e R m me J L A A B 2 2)( ++-=? (2)当轮子又滚又滑时由基点法求得C 点速度。 e v v v v A CA A C ω+=+= 轮子动量( )(e v m mv p A C ω+==?方向向右) 对B 点动量矩 ) ( )()()( )( 2e mR J e R mv me J e R e v m J BC mv L A A A A C C B +++=-+++=+=ωωωω 12-13 如图所示,有一轮子,轴的直径为50 m m,无初速地沿倾角?=20θ的轨道滚下,设只滚不滑,5秒内轮心滚动的距离为s = 3 m 。试求轮子对轮心的惯性半径。 解:取轮子为研究对象,轮子受力如图(a)所示,根据刚体平面运动微分方程有 ? F mg ma C -=θsin ? (1) J Cα = Fr ? ?(2) 因轮子只滚不滑,所以有 a C =αr (3)

习题 动量矩定理(2)

动量矩定理(2) 班级 学号 姓名 一、选择题 1、圆柱在重力作用下沿粗糙斜面下滚,角加速度 ;当小球离开斜面后, 角加速度 。 (1)等于零; (2)不等于零; (3)不能确定 2、OA 杆重P ,对O 轴的转动惯量为J ,弹簧的弹性系数为k ,当杆处于铅垂位置时弹 簧无变形,取位置角?及其正向如图所示,则OA 杆在铅直位置附近作微振动的运动 微分方程为 。 (1) ??? Pb ka J --=2 ; (2) ??? Pb ka J 2+= ; (3) ??? Pb ka J +-=-2 ; (4) 二、填空题 1、在质量为M ,半径为R 的均质圆环上固接一质量为m 的均质细杆AB ,位置如图,切 有60=∠CAB °。若系统在铅垂面内以角速度ω绕O 轴转动,则系统对O 轴的动量 矩的大小为 。 2、如图系统中,小球质量为m ,水平杆OA 质量不计,弹簧刚度系数为k ,图示为静 平衡位置, 则系统作微振动时的微分方程为 。 三、计算题(解题步骤:①取研究对象画受力图②运动分析③列动力学方程求解) 1、两个重物M 1和M 2的质量各为m 1与m 2,分别系在两条不计质量的绳上,如图所示。此两绳又分别围绕在半径为r 1和r 2的塔轮上。塔轮的质量为m 3,质心为O ,对轴O 的回转半径为ρ。重物受重力作用而运动,求塔轮的角加速度。 ???Pb ka J -=-2

2、图示均质圆盘的半径R=180mm ,质量m=25kg 。测得圆盘的扭转振动周期s 11=T ;当加上另一物体时,测得扭转振动周期为s 2.1 2=T 。求所加物体对于转动轴的转动惯量。 3、一刚性均质杆重200N 。A 、B 处为光滑铰链约束。当杆位于水平位置时,C 处弹簧压缩了76mm ,弹簧刚度系数为8750N/m 。试求当约束A 突然移走时,此瞬时支座B 的反力。

第九章 动量矩定理

第九章 动量矩定理 一、目的要求 1.对质点系(刚体、刚体系)的动量矩,质点系(刚体、刚体系)对某轴的转动惯量等概念有清晰的理解,熟练地计算质点系对某定点(轴)的动量矩,根据刚体(系)的运动计算刚体(系)对某点(轴)和质心的动量矩,会用定义、平行移轴定理和组合法(分割法)计算刚体对某轴的转动惯量。 2.能熟练地应用质点系的动量矩定理(包括动量矩守恒)和刚体绕定轴转动微分方程求解动力学问题。 3.会应用相对质心的动量矩定理和刚体平面运动微分方程求解动力学问题。 二、基本内容 1.质点系(刚体、刚体系)对某定点(轴)和质心的动量矩、转动惯量的概念及计算。 1)质点系对某定点(轴)及质心的动量矩 c c c i i i i i L v m r v m r v m m L )(00 ir i c i i i c v m r v m r L 为质点系对质心C 的动量矩。 z z i i i i z z L v m m v m m L ][)]([)(00 ,z 是过定点O 的轴。 2)平动刚体对某定点O 的动量矩 c c v r M L 0 3)绕定轴转动刚体对转轴z 的动量矩 z i i z J r m L )(2 4)平面运动刚体对运动平面内定点O 的动量矩 c c c J v Mr L sin 0 ir i v v ,分别为第i 个质点的绝对速度和相对于坐标原点在质心的平动坐标系的 速度,c v 为质点系(刚体、刚体系)质心的绝对速度,c z J J 、分别为刚体对转轴和质心轴的转动惯量, 为定点O 到质点系质心的矢径与质心速度的夹角, 为刚体转动的角速度。

(4)转动惯量 1)定义 dm r r m J m i i z 22 2)引入回转(惯性)半径 2z z m J z 为刚体对转轴的回转半径 3)平行轴定理 2Ml J J c z z l 为轴Z 和轴Z c 间的距离 4)组合法(分割法) n z z z z J J J J 2.主要公式 (1)动量矩定理 n i (e)i F M dt L d 1 00 )( (a ) i i i i i v m r v m m L )(00是质点系对定点O 的动量矩 n i e i i e i F r F m 1 ) ()(0)( 是外力系对O 点的主矩 (2)刚体绕定轴转动微分方程 )(i z z M dt d J F (b ) 2i i z r m J ,是刚体对转轴z 的转动惯量 (3)质点系相对于质心的动量矩定理 )()(e i c c c F M dt L d J (4)刚体平面运动微分方程

动量定理和定量矩定理

第十二章 动量定理和动量矩定理 本章研究的两个定理 动量定理——力系主矢量的运动效应反映; 动量矩定理——力系主矩的运动效应反映。 一.质点系质量的几何性质 1. 质心 质点系的质量中心,其位置有下式确定: m r m r i i c ∑= ∑= i m m 其投影式为 m x m x i i c ∑= , m y m y i i c ∑= , m z m z i i c ∑= 2. 刚体对轴的转动惯量 定义:∑= 2i i Z r m I 为刚体对z 轴的转动惯量或)(2 2i i i Z y x m I +=∑ 影响Z I 的因素?? ? ??是常量与刚体是固连在一起时若轴的位置有关与转轴量的分布有关与刚体的质量多少和质z I z z 单位:2kgm 物理意义:描述刚体绕z 轴时惯性大小的度量。 Z I 的计算方法: (1) 积分法 例12.1已知:设均质细长杆为l ,质量为m 。求其对于过质心且与杆的轴线垂直的轴z 的转动惯量。 解:建立如图12.2所示坐标,取微段dx 其质量为dx l m dm = ,则此杆对轴z 的转动惯

量为:12 2 2220 ml dx x l m I l z ==? 例12.2已知:如图12.3所示设均质细圆环的半径为R ,质量为m ,求其对于垂直于圆 环平面且过中心O 的轴的转动惯量。 解:将圆环沿圆周分为许多微段,设每段的质量为i m ,由于这些微段到中心轴的距离都等于半径R ,所以圆环对于中心轴z 的转动惯量为: 222mR m R R m I i i z ===∑∑ 例12.3已知:如图12.4所示,设均质薄圆板的半径为R ,质量为m ,求对于垂直于板面且过中心O 的轴z 的转动惯量。 解:将圆板分成无数同心的细圆环,任一圆环的半径为r ,宽度为dr ,质量为 rdr R m dm ππ22= ,由上题知,此圆环对轴z 的转动惯量为dr r R m dm r 32 2 2=,于是,整个圆板对于轴z 的转动惯量为: 23 02 212mR dr r R m I R z ==? (2) 回转半径(惯性半径) 设刚体对轴z 的转动惯量为Z I ,质量为m ,则由式m I z z =ρ定义的长度,称为刚 体对轴z 的回转半径。 例如:均质杆(图12.2) 122ml I z = l l 289.012 2 ==ρ 均质圆环(图12.3) 2 mR I z = R =ρ

动量矩定理习题

动量矩定理 习 题 例1:单摆将质量为m 的小球用长为l 的线悬挂于水平轴上,使其在重力作用下绕悬挂轴O 在铅直平面内摆动。线自重不计且不可伸长,摆线由偏角0?时从静止开始释放,求单摆的运动规律。 解:将小球视为质点。其速度为? l v =且垂直于摆线。摆对轴的动量矩为 ()?? 2ml l ml mv m o =?= 又 ()o T m o =,则外力对轴O 之矩为 ()?sin mgl F m o -= 注意:在计算动量矩与力矩时,符号规定 应一致(在本题中规定逆时针转向为正)。 根据动量矩定理,有 ()??sin 2mgl ml t x -= d d 即 0sin =+?? l g (a) 当单摆做微幅摆动时,??≈sin ,并令l g n = 2ω 则式(a )成为 02=+?ω? n (b ) 解此微分方程,并将运动初始条件带入,即当t=0时,0??=,00=? ,得单摆微幅摆动时的运动方程为 t n ω??cos 0= ? 由此可知,单摆的运动是做简谐振动。其振动周期为 g l T n π ωπ 22==

例2:双轴传动系统中,传动轴Ⅰ与Ⅱ对各自转轴的转动惯量为1J 与2J ,两齿轮的节圆半径分别为1R 与2R ,齿数分别为1z 与2z ,在轴Ⅰ上作用有主动力矩1M ,在轴Ⅱ上作用有阻力矩2M ,如图所示。求轴Ⅰ的角加速度。 解:轴Ⅰ与轴Ⅱ的定轴转动微分方程分别为 1111R P M J τε-= (a ) 2222R P M J τε+-= (b) 又 1 22112z z R R i === εε (c ) 以上三式联立求解,得 2 21211i J J i M M +-= ε 例3:质量为m 半径为R 的均质圆轮置放在倾角为α的斜面上,在重力的作用下由静止开始运动,设轮与斜面间的静、动滑动摩擦系数分别为f 、f ',不计滚动摩阻。试分析轮的运动。 解:取轮为研究对象,根据平面运动微分方程有 F mg ma c -=αsin (a ) N mg +-=αcos 0 (b) FR J c =ε (c) 由式(b )得 αc o s mg N = (d) 情况一: 设接触处绝对光滑。则F=0,由式(a )、(c)得 αs i n g a c = 0=ε 情况二:设接触处绝对粗糙。轮只滚不滑,做纯滚动。F 为静滑动摩擦力。 εR a c = ααεαsin 3 1 sin 32 sin 3 2 g F g R g a c = = = ∴

012 第十二章 动量矩定理

第12章 动量矩定理 通过上一章的学习我们知道动量是表征物体机械运动的物理量。但是在某些情况下,一个物体的动量不足以反映它的运动特征。例如,开普勒在研究行星运动时发现,行星在轨道上各点的速度不同,因而动量也不同,但它的动量的大小与它到太阳中心的距离之乘积—称为行星对太阳中心的动量矩,总是保持为常量,可见,在这里,行星对太阳中心的动量矩比行星的动量更能反映行星运动的特征。 在另一些情况下,物体的动量则完全不能表征它的运动。例如,设刚体绕着通过质心C 的z 轴转动。因为不论刚体转动快慢如何,质 心速度C v 总是等于零,所以刚体的动量也总是零。但是,刚体上各质点的动量大小与其到z 轴的距离的乘积之和—即刚体对z 轴的动量矩却不等于零。可见,在这里,不能用动量而必须用动量矩来表征刚体的运动。 §12-1 质点动量矩定理 例2.人造地球卫星本来在位于离地面600km h =的圆形轨道上,如图所示,为使其进入410km r =的另一圆形轨道,须开动火箭,使卫星在A 点的速度于很短时间内增加0.646km/s ,然后令其沿椭圆轨道自由飞行到达远地点B ,再进入新的圆形轨道。问:(1)卫星在椭圆轨道的远地点B 处时的速度是多少?(2)为使卫星沿新的圆形轨道运行,当它到达远地点B 时,应如何调整其速度?大气阻力及其它星球的影响不计。地球半径6370km R =。 图12-5 解:首先求出卫星在第一个圆形轨道上的速度,可由质点动力学方程求出。卫星运行时只受地球引力的作用,即 2 2 () R F mg R x =+ 式中x 是卫星与地面的距离。当卫星沿第一圆形轨道运动时,有

22 2 ()()v R m mg R h R h =++ 即 2 2 () gR v R h =+ (b ) 将6370km R =,600km h =,9.8m/s g =代入上式,得卫星在第一个圆形轨道上运动的速度 17.553km/s v = 所以卫星在椭圆轨道上的A 点的速度为 7.5530.6468.199km/s A v =+= 卫星在椭圆轨道上运动时,仍然只受地球引力作用,而该引力始终指向地心O ,对地以O 的矩等于零,所以卫星对地心O 的动量矩应保持为常量。设卫星在远地点B 的速度为B v ,则有 A A B B r v r v = 所以 4 63706008.199 5.715km/s 10A B A B r v v r += ?=?= 设卫星沿新的圆形轨道运行时所需的速度为2v ,则 22 2 2 4 9.86370 6.306km/s 10gR v r ?=== 由此可见,为使卫星沿着第二个圆形轨道运行,当它沿椭圆轨道到达B 点时,应再开动火箭,使其速度增加一个值 20.591km/s B B v v v ?=-= 顺便指出,在(b )式中令0h →,就得到7.9km/s v =,这就是为使卫星在离地面不远处作圆周运动所需的速度,称为第一宇宙速度。 §12-2 质点系动量矩定理 例1.质量为1m 、半径为R 的均质圆轮绕定轴O 转动,如图所示。轮上缠绕细绳,绳端悬挂质量为2m 的物块,试求物块的加速度。均质圆 轮对于O 轴的转动惯量为211 2 O J m R =。

动量矩定理

思 考 题 11-1 质点系的动量按下式计算: ∑∑==c v M v m K 质点系的动量矩可否按下式计算 ()()c z z z v M m v m m L ∑== 11-2 人坐在转椅上,双脚离地,是否可用双手将转椅转动 为什么 11-3 图示两轮的转动惯量相同。在图(a )中绳的一端受拉力G ,在图(b )中绳的一端挂一重物,重量也等于G 。问两轮的角加速度是否相同为什么 11-4 问在什么条件下,图示定滑轮(设为匀质圆盘)两侧绳索的 (a 思 考 题 思 考 题 G M 2 1 思 考 题 11-5 图 I

拉力大小才能相等 11-5 如图所示的传动系统中,轮1的角加速度按下式计算对吗 2 11 1J J M += ε 11-6 如图示,已知3/2Ml J z =,按下列公式计算' z J 对吗 22 9732Ml l M I I z z = ?? ? ??+=' 11-7 质量为M 的均质圆盘,平放在光滑的水平面上,其受力情况如图所示。试说明圆盘将如何运动设开始时,圆盘静止,图中2R r = 11-8 一半径为R 的轮在水平面上只滚动而不滑动。如不计滚动摩阻,试问在下列两种情况下,轮心的加速度是否相等接触面的摩擦力是 否相同(1)在轮上作用一顺时针转向的力偶,力偶矩为M ;(2)在轮心作用一水平向右的力P ,R M P = F F F (a (b (c 思考题11-7图 思考题

习题 11-1 计算各质点系的动量对O点的动量矩,已知a、b、c、d各均质物体重Q,物体尺寸与质心速度或绕转轴的角速度如图示。(e)、(f)中设物体A和B的重量均为P ,速度为v ,均质滑轮的重量为Q 。 11-2 如图示,均质圆盘,半径为R,质量为m。细杆长l,绕轴O 转动,角速度为ω。求下列三种情况下对固定轴O的动量矩。 (1)圆盘固结于杆;(2)圆盘绕A轴转动,相对于杆OA的角速度为ω-;(3)圆盘绕A轴转动,相对于杆OA的角速度也为ω。 11-3 小锤系于线MOA的一端,此线穿过一铅垂小管。小锤绕管轴沿半径MC=R的圆周运动,每分钟120转。现将线段OA慢慢向下拉, 的长度,此时小锤沿半径C1M1=R/2的圆周运动。使外面的线段缩短到OM 1 求小锤沿此圆周每分钟的转数。 题 11-2图

动量定理习题

动量、冲量及动量定理一 1.两物体质量之比为m 1∶m 2=4∶1,它们以一定的初速度沿水平面在摩擦力作用下做减速滑行到停下来的过程中 (1)若两物体的初动量相同,所受的摩擦力相同,则它们的滑行时间之比为_______; (2)若两物体的初动量相同,与水平面间的动摩擦因数相同,则它们的滑行时间之比为_______; (3)若两物体的初速度相同,所受的摩擦力相同,则它们的滑行时间之比为_______; (4)若两物体的初速度相同,与水平面间的动摩擦因数相同,则它们的滑行时间之比为_______. 2. 从高为H 的平台上,同时水平抛出两个物体A 和B ,已知它们的质量m B =2m A ,抛出时的速度v A =2v B ,不计空气阻力,它们下落过程中动量变化量的大小分别为Δp A 和Δp B ,则( ) A.Δp A =Δp B B.Δp A =2Δp B C.Δp B =4Δp A D.Δp B =2Δp A 3.“蹦极”是一项勇敢者的运动,如图5-1-1所示,某人用弹性橡皮绳拴住身体自高空P 处自由下 落,在空中感受失重的滋味.若此人质量为60 kg ,橡皮绳长20 m ,人可看成质点,g 取10 m/s 2,求: (1)此人从点P 处由静止下落至橡皮绳刚伸直(无伸长)时,人的动量为_______; (2)若橡皮绳可相当于一根劲度系数为100 N/m 的轻质弹簧,则此人从P 处下落到_______m 时具有最大速度;(3)若弹性橡皮绳的缓冲时间为3 s ,求橡皮绳受到的平均冲力的大小. 4. 高压采煤水枪出水口的截面积为S ,水的射速为v ,射到煤层上后,水速度为零.若水的密度为ρ,求水对煤层的冲力. 5.将一质量为kg 1的物体以速度0v 抛出,若在抛出后s 5钟落地,不计空气阻力,试求此物体在落地前s 3内的动量变化。 6.玻璃杯同一高度下落下,掉在水泥地上比掉在草地上容易碎,这是由于玻璃杯与水泥地撞击的过程中( ) A .玻璃杯的动量较大 B .玻璃杯受到的冲量较大 C .玻璃杯的动量变化较大 D .玻璃杯的动量变化较快 7.蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做出各种空中动作的运动项目。一个质量为kg 60的运动员,从离水平网面m 2.3高处自由落下,着网后又沿竖直方向蹦回离水平网面m 0.5高处。已知运动员与网接触的时间为s 2.1,若把这段时间内网对运动员的作用力当作恒力来处理,求此力的大小。 8.如图1所示,质量为M 的小车在光滑的水平面上以速度0v 向右做匀速直线运动,一个质量为m 的小球从高h 处自由下落,与小车碰撞后反弹上升的高度为仍为h 。设M ?m ,发生碰撞时弹力N F ?mg ,小球与车之间的动摩擦因数为μ,则小球弹起时的水平速度可能是 A .0v B .0 C .gh 22μ D .-v 0 9.一个质量为m=2kg 的物体,在F 1=8N 的水平推力作用下,从静止开始沿水平面运动了t 1=5s,然后推力减小为F 2=5N,方向不变,物体又运动了t 2=4s 后撤去外力,物体再经 过t 3=6s 停下来。试求物体在水平面上所受的摩擦力。 10.质量是60kg 的建筑工人,不慎从高空跌下,由于弹性安全带的保护作用,最后使人悬挂在空中.已

第2节质点系的角动量定理及角动量守恒定律

第5.2节 质点系的角动量定理及角动量守恒定律 5.2.1离心调速器模型如图所示.由转轴上方向下看,质量为m 的小球在水平面内绕AB 逆时针作匀速圆周运动,当角速度为ω时,杆张开α角.杆长为l .杆与转轴在B 点相交.求(1)作用在小球上的各力对A 点、B 点及AB 轴的力矩.(2)小球在图示位置对A 点、B 点及AB 轴的角动量.杆质量不计 解:(本题中A 点的位置不明确,A 点应与两小球同 高度) 以A 点为坐标原点建立坐标系,x 轴向右,y 轴向上,z 轴垂直于纸面向外。 左侧小球: 受力:j mg W ?-= ,)?cos ?(sin j i T T αα+= 位失:相对于A 点:i l r A ?sin α-= 相对于B 点:T T l j i l r B -=+-=)?cos ?(sin αα 速度:小球绕y 轴作匀速圆周运动,速率为:αωωsin l r v == 在图中所示位置:k l k v v ?sin ?αω== 重力矩: ?)?(?)?(?sin )?()?cos ?(sin ?sin )?()?sin (=?=?==-?+-=?==-?-=?=j j j j k mgl j mg j i l W r k mgl j mg i l W r B A AB B B A A ττταααταατ 拉力T 的力矩: 0?)?(?)?(0 ?2sin ?cos sin )?cos ?(sin )?sin (2 1=?=?==?-=?=-=-=+?-=?=j j j j T T T l T r k lT k lT j i T i l T r B A AB B B A A τττταααααατ 角动量: j m l j j L j j L L m l m l L j i m l k m l j i l v m r L j m l k m l i l v m r L B A AB B B B A A ?sin ?)?(?)?(sin sin sin cos ||) ?sin ?sin cos (?sin )?cos ?(sin ?sin ?sin )?sin (222 42222222αωαωαααωαααωαωαααωαωα=?=?==+=+-=?+-=?==?-=?=

理论力学(机械工业出版社)第十一章动量矩定理习题解答

习 题 11-1 质量为m 的质点在平面Oxy 内运动,其运动方程为:t b y t a x ωω2sin ,cos ==。其中a 、b 和w 均为常量。试求质点对坐标原点O 的动量矩。 t a x v x ωωsin -== t b y v y ωω2cos 2== x mv y mv L y x O +-= )cos 2cos 22sin sin (t a t b t b t a m ωωωωωω?+?= )cos 2cos 22sin (sin t t t t mab ωωωωω?+?= )cos 2cos 2cos sin 2(sin t t t t t mab ωωωωωω?+?= )2cos (sin cos 22t t t mab ωωωω+= t mab ωω3cos 2= 11-2 C 、D 两球质量均为m ,用长为2 l 的杆连接,并将其中点固定在轴AB 上,杆CD 与轴AB 的交角为θ,如图11-25所示。如轴AB 以角速度w 转动,试求下列两种情况下,系统对AB 轴的动量矩。(1)杆重忽略不计;(2)杆为均质杆,质量为2m 。 图11-25 (1) θθ222sin 2)sin (2ml l m J z =?= θω22sin 2l m L z = (2) θθ220 2sin 3 2d )sin (2ml x x l m J l z ==?杆 θ22sin 3 8 ml J z = θ ω22sin 3 8 l m L z = 11-3 试求图11-26所示各均质物体对其转轴的动量矩。各物体质量均为m 。 图11-26 (a) ω23 1ml L O = (b) 22291)6(121ml l m ml J O =+= ω29 1ml L O -=

动量定理与动量守恒定律典型例题解析

动量定理与动量守恒定律·典型例题解析 【例1】 在光滑的水平面上有一质量为2m 的盒子,盒子中间有一质量为m 的物体,如图55-1所示.物体与盒底间的动摩擦因数为μ现给物体以水平速度v 0向右运动,当它刚好与盒子右壁相碰时,速度减为 v 02 ,物体与盒子右壁相碰后即粘在右壁上,求: (1)物体在盒内滑行的时间; (2)物体与盒子右壁相碰过程中对盒子的冲量. 解析:(1)对物体在盒内滑行的时间内应用动量定理得:-μmgt = m mv t 0·-,=v v g 0022 (2)物体与盒子右壁相碰前及相碰过程中系统的总动量都守恒,设碰 撞前瞬时盒子的速度为,则:=+=+.解得=,=.所以碰撞过程中物体给盒子的冲量由动量定理得=-=,方向向右. v mv m v 22mv (m 2m)v v v I 2mv 2mv mv /61001212210v v 0043 点拨:分清不同的物理过程所遵循的相应物理规律是解题的关键. 【例2】 如图55-2所示,质量均为M 的小车A 、B ,B 车上 挂有质量为的金属球,球相对车静止,若两车以相等的速率M 4 C C B 1.8m/s 在光滑的水平面上相向运动,相碰后连在一起,则碰撞刚结束时小车的速度多大?C 球摆到最高点时C 球的速度多大? 解析:两车相碰过程由于作用时间很短,C 球没有参与两车在水平方向的相互作用.对两车组成的系统,由动量守恒定律得(以向左为正):Mv -Mv =

2Mv 1两车相碰后速度v 1=0,这时C 球的速度仍为v ,向左,接着C 球向左上方摆动与两车发生相互作用,到达最高点时和两车 具有共同的速度,对和两车组成的系统,水平方向动量守恒,=++,解得==,方向向左.v C v (M M )v v v 0.2m /s 222M M 4419 点拨:两车相碰的过程,由于作用时间很短,可认为各物都没有发生位移,因而C 球的悬线不偏离竖直方向,不可能跟B 车发生水平方向的相互作用.在C 球上摆的过程中,作用时间较长,悬线偏离竖直方向,与两车发生相互作用使两车在水平方向的动量改变,这时只有将C 球和两车作为系统,水平方向的总动量才守恒. 【例3】 如图55-3所示,质量为m 的人站在质量为M 的小车的右端,处于静止状态.已知车的长度为L ,则当人走到小车的左端时,小车将沿光滑的水平面向右移动多少距离? 点拨:将人和车作为系统,动量守恒,设车向右移动的距离为s ,则人向左移动的距离为L -s ,取向右为正方向,根据动量守恒定律可得M ·s -m(L -s)=0,从而可解得s .注意在用位移表示动量守恒时,各位移都是相对地面的,并在选定正方向后位移有正、负之分. 参考答案 例例跟踪反馈...;;.×·3 m M +m L 4 M +m M H [] 1 C 2h 300v 49.110N s 04M m M 【例4】 如图55-4所示,气球的质量为M 离地的高度为H ,在气球下方有一质量为m 的人拉住系在气球上不计质量的软绳,人和气球恰悬浮在空中处于静止状态,现人沿软绳下滑到达地面时软绳的下端恰离开地面,求软绳的长度.

动量定理的应用练习题及答案

三 动量定理的应用 姓名 一、选择题(每小题中至少有一个选项是正确的) 1、在下列各种运动中,任何相等的时间内物体动量的增量总是相同的有( ) A 、匀加速直线运动 B 、平抛运动 C 、匀减速直线运动 D 、匀速圆周运动 2、质量为5 kg 的物体,原来以v=5 m/s 的速度做匀速直线运动,现受到跟运动方向相同的冲量15 N ·s 的作用,历时4 s ,物体的动量大小变为 ( ) A.80 kg ·m/s B.160 kg ·m/s C.40 kg ·m/s D.10 kg ·m/s 3、用力拉纸带,纸带将会从重物下抽出,解释这些现象的正确说法是:( ) A 、在缓慢拉动纸带时,纸带给物体的摩擦力大; B 、在迅速拉动纸带时,纸带给物体的摩擦力小; C 、在缓慢拉动纸带时,纸带给重物的冲量大; D 、在迅速拉动纸带时,纸带给重物的冲量小. 4、从同一高度的平台上,抛出三个完全相同的小球,甲球竖直上抛,乙球竖直下抛,丙球平抛.三球落地时的速率相同,若不计空气阻力,则( ) A 、抛出时三球动量不是都相同,甲、乙动量相同,并均不小于丙的动量 B 、落地时三球的动量相同 C 、从抛出到落地过程,三球受到的冲量都不同 D 、从抛出到落地过程,三球受到的冲量不都相同 5、若质量为m 的小球从h 高度自由落下,与地面碰撞时间为 ,地面对小球的平均作用力大小为F ,则在碰撞过程中(取向上的方向为正)对小球来说( ) A 、重力的冲量为 B 、地面对小球的冲量为 C 、合力的冲量为 D 、合力的冲量为 6、一物体竖直向上抛出,从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是t,上升的最大高度是H ,所受空气阻力大小恒为F,则在时间t 内 A.物体受重力的冲量为零 B.在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量 小 C.物体动量的增量大于抛出时的动量 D.物体机械能的减小量等于FH 7.恒力F 作用在质量为m 的物体上,如图8—1所示,由于地面对 物体的摩擦力较大,没有被拉动,则经时间t ,下列说法正确的是 A.拉力F 对物体的冲量大小为零 B.拉力F 对物体的冲量大小为Ft C.拉力F 对物体的冲量大小是Ftcos θ D.合力对物体的冲量大小为零 *8、物体在恒定的合力F 作用下作直线运动,在时间Δt 1内速度由0增大到v ,在时间Δt 2内速度由v 增大到2v 。设F 在Δt 1内做的功W 1,冲量是I 1;在Δt 2内做的功W 2,冲量是I 2。那么 ( ) A .I 1

第17章 动量定理和动量矩定理总结

第17章 动量定理和 动量矩定理

工程力学学习指导 第17章 动量定理和动量矩定理 17.1 教学要求与学习目标 1. 正确理解动量的概念,能够熟练计算质点系、刚体以及刚体系的动量。 2. 认真理解有关动量定理、动量守恒定理以及质心运动定理,掌握这些定理的相互关系。 3. 正确而熟练地应用动量定理、动量守恒定理以及质心运动定理解决质点系动力学两类问题,特别是已知运动求未知约束力的问题。 4. 学习动量矩定理时,首先需要认识到,在动力学普遍定理中,动量定理和动量矩定理属于同一类型的方程,即均为矢量方程。而质点系的动量和动量矩,可以理解为动量组成的系统(即动量系)的基本特征量——动量系的主矢和主矩。两者对时间的变化率等于外力系的基本特征量——力系的主矢和主矩。 5. 认真理解质点系动量矩概念,正确计算系统对任一点的动量矩。 6. 熟悉动量矩定理的建立过程,正确应用动量矩定理求解质点系的两类动力学问题。 7. 于作平面运动的刚体,能够正确建立系统运动微分方程和补充的运动学方程,并应用以上方程求解刚体平面运动的两类动力学问题。 17.2 理 论 要 点 17.2.1 质点系的动量 质点系中所有质点动量的矢量和(即质点系动量的主矢)称为质点系的动量。即 i i i m v p ∑=

质点系的动量是自由矢,是度量质点系整体运动的基本特征量之一。具体计算时可采用其在直角坐标系的投影形式,即 ?? ?? ? ?? ?? ===∑∑∑i iz i z i iy i y i ix i x v m p v m p v m p 质点系的动量还可用质心的速度直接表示:质点系的动量等于质点系的总质量与质心速度的乘积,即 C m v p = 这相当于将质点系的总质量集中于质心一点的动量,所以说质点系的动量描述了其质心的运动。 上述动量表达式对于刚体系也是正确的。 17.2.2 质点系动量定理 质点系动量定理建立了质点系动量的变化率与外力主矢量之间的关系。其微分形式为 (e)(e)R d d i i t ==∑p F F 质点系的动量对时间的变化率等于质点系所受外力系的矢量和。式中(e)i i ∑F 或 (e)R F 为作用在质点系上的外力系主矢。 质点系动量定理的积分形式,也称为质点系的冲量定理,即 2 1 (e)(e)21d t i i t i i t ?==∑∑∫p p F I 质点系动量在某时间间隔内的改变量等于质点系所受外力冲量。此式将广 泛应用于求解碰撞问题。 17.2.2 动量守恒定理 1. 质点系动量守恒定理 当外力主矢恒等于零,即(e)R 0=F 时,质点系的动量为一常矢量。即 112C p p == 式中1C 是常矢量,由运动的初始条件决定。 2. 质点系动量在某轴上的投影守恒 质点系的动量定理实际应用时常采用投影式,即

12第十二章 动量矩定理

1 质点系对某轴的动量矩等于质点系中各质点的动量对同一轴之矩的代数和。 ( ) 2 刚体的质量是刚体平动时惯性大小的度量,刚体对某轴的转动惯量则是刚体绕该轴转动时惯性大小的度量。 ( ) 3 刚体对某轴的回转半径等于其质心到该轴的距离。( ) 4 如果作用于质点系上的所有外力对固定点O 的主矩不为零,那么,质点系的动量矩一定不守恒。( ) 5 如果质点系所受的力对某点(或轴)的矩恒为零,则质点系对该点(或轴)的动量矩不变。( ) 6 图中所示已知两个均质圆柱,半径均为R ,质量分别为2m 和3m ,重物的质量为1m 。重物向下运动的速度为V ,圆柱C 在斜面上只滚不滑,圆柱O 与绳子之间无引对滑动,则系统 对O 轴的动量矩为vR m R m vR m H o 12 232 ++=ω。( ) 7 图中已知均质圆轮的半径为R ,质量为m ,在水平面上作纯滚动,质心速度为C v ,则轮子对速度瞬心I 的动量矩为R mv H c I =。( ) 1 已知刚体质心C 到相互平行的z z 、'轴的距离分别为b a 、,刚体的质量为m ,对z 轴的转动惯量为z J ,则' z J 的计算公式为__________________。

A .2)(b a m z z ++='J J ; B .)(2 2b a m z z -+=' J J ; C.)(2 2b a m z z --=' J J 。 2 两匀质圆盘A 、B ,质量相等,半径相同,放在光滑水平面上,分别受到F 和' F 的作用,由静止开始运动,若' F F =,则任一瞬间两圆盘的动量相比较是_____________________。 A.B A p p >; B.B A p p <; C.B A p p =。 3 在一重W 的车轮的轮轴上绕有软绳,绳的一端作用一水平力P ,已知车轮的半径为R ,轮轴的半径为r ,车轮及轮轴对中心O 的回转半径为ρ,以及车轮与地面间的滑动摩擦系数为f ,绳重和滚阻皆不计。当车轮沿地面作平动时,力P 的值为_________________。 A.ρ/fWR P =; B.r fWR P /=; C.r fW P /ρ=;④ fW P =。

《理论力学》第十一章动量矩定理习题解

y x 第十一章 动量矩定理 习题解 [习题11-1] 刚体作平面运动。已知运动方程为:23t x C =,24t y C =,3 2 1t = ?,其中长度以m 计,角度以rad 计,时间以s 计。设刚体质量为kg 10,对于通过质心C 且垂直于图平面的惯性半径m 5.0=ρ,求s t 2=时刚体对坐标原点的动量矩。 解: )(1223|2 2m x t C =?== )(1624|22m y t C =?== t t dt d dt dx v C Cx 6)3(2=== )/(1226|2s m v t Cx =?== t t dt d dt dy v C Cy 8)4(2=== )/(1628|2s m v t Cy =?== 2323)21(t t dt d dt d === ?ω )/(622 3 |22s rad t =?==ω → →→+=k v m M J L C Z Cz O )]([ω → → -+=k y mv x mv m L C Cx C Cy O ][2 ωρ → =→ ?-?+??=k L t O ]1612121665.0[10|2 2 → =→ =k L t O 15|2 )/(2 s m kg ?,→ k 是z 轴正向的单位向量。 [习题11-2] 半径为R ,重为W 的均质圆盘固结在长l ,重为P 的均质水平直杆AB 的B 端,绕铅垂轴Oz 以角速度ω旋转,求系统对转轴的动量矩。 解: g Pl l g P J AB z 3312 2,= ??=

平动 )(a O 转动 绕定轴C )( b 转动 绕定轴1 )(O c 1 O 在圆弧上作纯滚动 )(d g l R W l g W g J l z 4) 4(R W 412222,+= ?+??=圆盘 ωω?+?=圆盘,,z AB z z J J L ω4) 4(3[222g l R W g Pl L z ++= ω)4443( 2 2 2 g WR g Wl g Pl L z ++= ω4333(2 22g WR g Wl g Pl L z ++= ω)433( 2 2R g W l g W P L z ++= [习题11-3] 已知均质圆盘质量为m ,半径为R ,当它作图示四种运动时,对固定点1O 的动量矩分别为多大?图中l C O =1。 解:)(a 因为圆盘作平动,所以 ωω211ml J L z O O == 解:)(b → → → →?+=p r L L C C O 1 其中,质心C 的动量为0 ωω22 1 1mR J L Cz O = = 解:)(c ωω)2 1 (2211ml mR J L z O O +== 解:)(d 因为圆盘作平面运动,所以: )(11→ +=C Z O Cz O v m M J L ω

梁坤京理论力学第十二章动量矩定理课后答案

动量矩定理 12-1 质量为m 的点在平面Oxy 内运动,其运动方程为: x a cos t y bsin2 t 式中a 、b 和 为常量。求质点对原点 O 的动量矩。 解:由运动方程对时间的一阶导数得原点的速度 V x dx sin t dt a V y dy 2b cos2 t 质点对点 O 的动量矩为 L O M o (mV x ) M 0( mV y ) mv x y mv y x m ( a sin t) bsin2 t m 2b cos2 t acos t 2mab cos 3 t 12-3 如图所示,质量为m 的偏心轮在水平面上作平面运动。 轮子轴心为A,质心为C, AC = e ;轮子半径为 R,对轴心A 的转动惯量为J A ; C 、A 、B 三点在同一铅直线上。(1 )当轮子只 滚不滑时,若 V A 已知,求轮子的动量和对地面上 B 点的动量矩。(2)当轮子又滚又滑时, 若V A 、 已知,求轮子的动量和对地面上 B 点的动量矩。 解:(1)当轮子只滚不滑时 B 点为速度瞬心。 轮子角速度 V A R 质心C 的速度V C BC R e 轮子的动量 p mv C mv A (方向水平向右) R 对B 点动量矩L B J B 2 2 2 由于 J B J C m (R e) J A me m (R e) 故 L B J A me 2 m (R e )2 食 (2)当轮子又滚又滑时由基点法求得 C 点速 度。 V C V A V CA V A e 轮子动量 p mv C m(v A e) (方向向右) 对B 点动量矩 L B mv C BC J C m(v A 2 e) (R e) (J A me) mv A (R e) (J A mRe) 12-13 如图所示,有一轮子,轴的直径为 50 mm 无初速地沿倾角 20的轨道滚下,设 只滚不滑,5秒内轮心滚动的距离为 s =3m 。试求轮子对轮心的惯性半径。 解:取轮子为研究对象,轮子受力如图( a )所示,根据刚体平面运动微分方程有 ma C mgsi n F ( 1) J C = Fr ( 2) 因轮子只滚不滑,所以有 a c = r ( 3) ? 12

动量定理练习题及答案

二 动量定理 姓名 一、选择题(每小题中至少有一个选项是正确的) 1、关于冲量和动量,下面说法错误的是( ) A .冲量是反映力和作用时间积累效果的物理量 B .动量是描述运动状态的物理量 C .冲量是物体动量变化的原因 D .冲量的方向与动量的方向一致 2、物体在恒力作用下运动,下列说法正确的是( ) A .动量的方向与受力的方向相同 B .动量的方向与冲量的方向相同 C .动量的增量方向与受力的方向相同 D .动量变化率的方向与速度方向相同 3、从同一高度落下的玻璃杯掉在水泥地面上易碎,而掉在软垫上不易碎,这是因为落到水泥地上时( ) A .受到的冲量大 B .动量变化快 C .动量变化量大 D .受到地面的作用力大 4、如图所示,物体受到大小为10牛,与地面成60°夹角的拉 力F 的作用在光滑的地面上滑行,在F 作用的3s 时间内( ) A .F 的冲量大小为30Ns B .F 的冲量大小为15Ns C .物体的动量变化为30kg ·m · D .物体质量不知,故上述情况无法确定 5、对物体所受的合外力与其动量之间的关系,叙述正确的是:( ) A 、物体所受的合外力与物体的初动量成正比; B 、物体所受的合外力与物体的末动量成正比; C 、物体所受的合外力与物体动量变化量成正比; D 、物体所受的合外力与物体动量对时间的变化率成正比. 6、动量相等的甲、乙两车,刹车后沿两条水平路面滑行,若两车质量之比m 1/m 2=1/2,路面对两车的阻力相同,则两车滑行时间之比为 ( ) A .1:1 B .1:2 C .2:1 D .1:4 7、甲、乙两个质量相同的物体,以相同的初速度分别在粗糙程度不同的水平面上运动,乙物体先停下来,甲物体又经较长时间停下来,下面叙述中正确的是( ). A 、甲物体受到的冲量大于乙物体受到的冲量 B 、两个物体受到的冲量大小相等 C 、乙物体受到的冲量大于甲物体受到的冲量 D 、无法判断 8、跳高运动员在跳高时总是跳到沙坑里或跳到海 绵上,这样做是为了( ) A 、减小运动员的动量变化 B 、减小运动员所受的冲量 C 、延长着地过程的作用时间 D 、减小着地时运动员所受的平均冲力 *9.在行车过程中,如果车距不够,刹车不及时,汽车将发生碰撞,车里的人可能受到伤害,为了尽可能地减轻碰撞所引起的伤害,人们设计了安全带。假定乘客质量为70 kg ,汽车车速为108 km/h (即30 m/s ),从踩下刹车到车完全停止需要的时间为5 s ,安全带对乘客的作用力大小约为 ( )