等差数列的前n项和
等差数列的前n项和
1.理解并掌握等差数列的前n项和公式及其推导过程,体会等差数列的前n项和公式与二次函数的关系.(重点)
2.熟练掌握等差数列的五个基本量a1,d,n,a n,S n之间的联系,能够由其中的任意三个求出其余的两个.(重点)
[基础·初探]
教材整理等差数列的前n项和
1.等差数列的前n项和公式
已知量首项、末项与项数首项、公差与项数
求和公式S n=n a1+a n
2S n=na1+
n n-1
2d
2.等差数列前n项和公式的函数特点
S n=na1+n n-1
2d=
d
2n2+?
?
?
?
?
a1-
d
2n.
d≠0时,S n是关于n的二次函数,且无常数项.
判断(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)公差为零的数列不能应用等差数列的前n项和公式.()
(2)数列{n2}可以用等差数列的前n项和公式求其前n项和S n.()
(3)若数列{a n}的前n项和为S n=an2+bn,则{a n}是等差数列.()
【解析】(1)任何等差数列都能应用等差数列的前n项和公式.
(2)数列{n2}不是等差数列,故不能用等差数列的前n项和公式.
(3)当公差不为0时,等差数列的前n项和是关于n的二次函数(常数项为0).【答案】(1)×(2)×(3)√
[小组合作型]
与S n 有关的基本量的计算
(1)已知等差数列{a n }中,a 1=32,d =-1
2,S n =-15,求n 和a n ; (2)已知等差数列{a n }中,S 5=24,求a 2+a 4;
(3)数列{a n }是等差数列,a 1=1,a n =-512,S n =-1 022,求公差d ; (4)已知等差数列{a n }中,a 2+a 5=19,S 5=40,求a 10.
【精彩点拨】 运用方程的思想,根据已知条件建立方程或方程组求解,另外解题时要注意整体代换.
【尝试解答】 (1)S n =n ·32+n n -1
2·? ??
??
-12=-15,整理得n 2-7n -60=0, 解得n =12或n =-5(舍去), 所以a 12=32+(12-1)×? ????
-12=-4.
(2)设等差数列的首项为a 1,公差为d , 则S 5=5a 1+
5×5-1
2
d =24, 即5a 1+10d =24,所以a 1+2d =24
5, 所以a 2+a 4=2(a 1+2d )=2×245=48
5. (3)因为a n =a 1+(n -1)d ,S n =na 1+
n n -1
2
d ,
又a 1=1,a n =-512,S n =-1 022, 所以?????
1+n -1d =-512, ①n +1
2n n -1d =-1 022, ② 把(n -1)d =-513代入②得
n +12n ·(-513)=-1 022,解得n =4, 所以d =-171.
(4)由已知可得????
?
a 1+d +a 1+4d
=19,
5a 1+5×4
2d =40,
解得a 1=2,d =3,
所以a 10=a 1+9d =2+9×3=29.
等差数列中基本计算的两个技巧:
(1)利用基本量求值.等差数列的通项公式和前n 项和公式中有五个量a 1,d ,n ,a n 和S n ,一般是利用公式列出基本量a 1和d 的方程组,解出a 1和d ,便可解决问题.解题时注意整体代换的思想.
(2)利用等差数列的性质解题.等差数列的常用性质:若m +n =p +q (m ,n ,p ,q ∈N +),则a m +a n =a p +a q ,常与求和公式S n =n a 1+a n
2
结合使用.
[再练一题] 1.等差数列中:
(1)a 1=105,a n =994,d =7,求S n ; (2)a n =8n +2,d =5,求S 20; (3)d =1
3,n =37,S n =629,求a 1及a n .
【解】 (1)由a n =a 1+(n -1)d 且a 1=105,d =7, 得994=105+(n -1)×7,解得n =128, ∴S n =
n a 1+a n
2
=
128×105+994
2
=70 336. (2)∵a n =8n +2,∴a 1=10,又d =5, ∴S 20=20a 1+
20×20-1
2
×5=20×10+10×19×5=1 150. (3)将d =1
3,n =37,S n =629代入a n =a 1+(n -1)d ,
S n =
n a 1+a n
2
,得?
??
a n =a 1+12,37·a 1+a n
2=629,
解得???
a 1=11,
a n =23.
等差数列前n 项和公式在实际中的应用
为响应教育部下发的《关于在中小学实施“校校通”工程的通知》的
要求,某市提出了实施“校校通”工程的总目标:从2011年起用10年的时间,在全市中小学建成不同标准的校园网.据测算,2011年该市用于“校校通”工程的经费为500万元.为了保证工程的顺利实施,计划每年投入的资金都比上一年增加50万元.那么从2011年起的未来10年内,该市在“校校通”工程中的总投入是多少
【精彩点拨】 将该实际问题转化为数列问题求解,由于每年投入资金都比上一年增加50万元,故可考虑利用等差数列求解.
【尝试解答】 根据题意,从2011年~2020年,该市每年投入“校校通”工程的经费都比上一年增加50万元,
所以,每年投入的资金依次组成等差数列{a n },其中,a 1=500,d =50. 那么,到2020年(n =10),投入的资金总额为 S 10=10×500+10×10-1
2
×50=7 250(万元), 即从2011年~2020年,该市在“校校通”工程中的总投入是7 250万元.
有关数列的应用问题,应首先通过对实际问题的研究建立数列的数学模型,最后求出符合实际的答案,可分以下几步考虑:
(1)问题中所涉及的数列{a n }有何特征; (2)是求数列{a n }的通项还是求前n 项和; (3)列出等式(或方程)求解. [再练一题]
2.如图1-2-2,一个堆放铅笔的V 型架的最下面一层放1支铅笔,往上每一
层都比它下面一层多放1支.最上面一层放120支,这个V型架上共放着多少支铅笔
图1-2-2
【解】由题意可知这个V型架自下而上各层的铅笔数组成等差数列,记为数列{a n},其中a1=1,a120=120.根据等差数列前n项和公式得S120=120×1+120
2=7 260.
即V型架上共放着7 260支铅笔.
[探究共研型]
等差数列前n项和的性
质
探究1设{a n}是等差数列,公差为d,S n是其前n项和,那么S m,S2m-S m,S3m-S2m也成等差数列吗如果是,它们的公差是多少
【提示】由S m=a1+a2+…+a m,S2m-S m=a m+1+a m+2+…+a2m=a1+md +a2+md+…+a m+md=S m+m2d,
同理S3m-S2m=a2m+1+a2m+2+…+a3m=S2m-S m+m2d,
所以S m,S2m-S m,S3m-S2m也成等差数列,公差为m2d.
探究2设S n、T n分别为两个等差数列{a n}和{b n}的前n项和,那么
a n
b n与
S2n-1
T2n-1有怎样的关系请证明之.
【提示】
a n
b n=
S2n-1
T2n-1.
【证明】
a n
b n=
2a n
2b n=
a1+a2n-1
b1+b2n-1
=
2n-1a1+a2n-1
2
2n-1b1+b2n-1
2
=
S2n-1
T2n-1.
(1)等差数列{a n}的前m项和为30,前2m项和为100,求数列{a n}的
前3m 项的和S 3m ;
(2)两个等差数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n 和T n ,已知S n T n =7n +2n +3,求a 5
b
5的值.
【精彩点拨】 (1)利用S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m 成等差数列求解.(2)利用前n 项和结合等差数列的性质将项的比值转化为和的比值求解.
【尝试解答】 (1)在等差数列中,S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m 成等差数列,∴30,70,S 3m -100成等差数列,
∴2×70=30+(S 3m -100),∴S 3m =210. (2)a 5b 5=2a 52b 5=
9a 1+a 9
9
b 1+b 9=S 9T 9
=65
12.
巧妙应用等差数列前n 项和的性质 (1)“片段和”性质.
若{a n }为等差数列,前n 项和为S n ,则S n ,S 2n -S n ,S 3n -S 2n ,…构成公差为n 2d 的等差数列.
(2)项数(下标)的“等和”性质. S n =n a 1+a n 2
=n a m +a n -m +1
2
.
(3)项的个数的“奇偶”性质. {a n }为等差数列,公差为d .
①若共有2n 项,则S 2n =n (a n +a n +1); S 偶-S 奇=nd ;S 偶S 奇=a n +1
a n
.
②若共有2n +1项,则S 2n +1=(2n +1)a n +1;S 偶-S 奇=-a n +1;S 偶S 奇=n
n +1.
(4)等差数列{a n }中,若S n =m ,S m =n (m ≠n ),则S m +n =-(m +n ). (5)等差数列{a n }中,若S n =S m (m ≠n ),则S m +n =0. [再练一题]
3.已知两个等差数列{a n }与{b n }的前n (n >1)项和分别是S n 和T n ,且S n ∶T n
=(2n +1)∶(3n -2),求a 9
b 9
的值.
【解】 a 9b 9=2a 92b 9=a 1+a 17
b 1+b 17
=a 1+a 17
2×17b 1+b 172×17=S 17
T 17
=2×17+13×17-2=3549=5
7
.
等差数列前n 项和的最值 探究1 将等差数列前n 项和S n =na 1+n n -12
d 变形为S n 关于n 的函数
后,该函数是怎样的函数为什么
【提示】 由于S n =na 1+
n n -1
2
d =d 2n 2+? ?
?
??a 1-d 2n ,
所以当d ≠0时,S n 为关于n 的二次函数,且常数项为0.
探究2 类比二次函数的最值情况,等差数列的S n 何时有最大值最小值 【提示】 由二次函数的性质可以得出,当d >0时,S n 有最小值;当d <0时,有最大值,且n 取值最接近对称轴的正整数时,S n 取得最值.
在等差数列{a n }中,a 10=18,前5项的和S 5=-15. (1)求数列{a n }的通项公式.
(2)求数列{a n }的前n 项和的最小值,并指出何时取最小值.
【精彩点拨】 (1)直接根据等差数列的通项公式和前n 项和公式列关于首项a 1和公差d 的方程,求得a 1和d ,进而得解;
(2)可先求出前n 项和公式,再利用二次函数求最值的方法求解,也可以利用通项公式,根据等差数列的单调性求解.
【尝试解答】 (1)由题意得?
???
?
a 1+9d =18,5a 1+5×4
2×d =-15,
得a 1=-9,d =3, ∴a n =3n -12. (2)S n =n a 1+a n
2
=12(3n 2-21n )=32? ?
?
??n -722-1478,
∴当n =3或4时,
前n 项的和取得最小值S 3=S 4=-18.
等差数列前n 项和的最值问题的三种解法:
(1)利用a n :当a 1>0,d <0时,前n 项和有最大值,可由a n ≥0且a n +1≤0,求得n 的值;当a 1<0,d >0,前n 项和有最小值,可由a n ≤0且a n +1≥0,求得n 的值.
(2)利用S n :由S n =d 2n 2+? ?
???a 1-d 2n (d ≠0),利用二次函数配方法求得最值时n
的值.
(3)利用二次函数的图象的对称性. [再练一题]
4.在等差数列{a n }中,a 1=25,S 17=S 9,求S n 的最大值. 【解】 利用前n 项和公式和二次函数性质,由S 17=S 9得 25×17+172(17-1)d =25×9+9
2(9-1)d ,解得d =-2, ∴S n =25n +n
2(n -1)(-2)=-(n -13)2+169, ∴由二次函数性质,当n =13时,S n 有最大值169.
1.设S n 为等差数列{a n }的前n 项和,S 8=4a 3,a 7=-2,则a 9=( ) A .-6 B .-4 C .-2 D .2 【解析】 S 8=
8
a 1+a 82
=4(a 3+a 6),又S 8=4a 3,所以a 6=0,
又a 7=-2,所以a 8=-4,a 9=-6. 【答案】 A
2.记等差数列前n 项和为S n ,若S 2=4,S 4=20,则该数列的公差d 等于( ) A .2 B .3 C .6 D .7
【解析】 由题意得???
2a 1+d =4,4a 1+6d =20,解得?????
a 1=12,
d =3.
【答案】 B
3.在等差数列{a n }中,a 1=2,前三项和为15,则前6项和为( ) A .57 B .-40 C .-57 D .40 【解析】 由题意知a 1+a 2+a 3=15,∴3a 2=15,a 2=5, ∴d =a 2-a 1=3,∴a n =3n -1, ∴S 6=
6
2+17
2
=57. 【答案】 A
4.在等差数列{a n }中,已知a 1=2,d =2,则S 20=________. 【解析】 S 20=20·a 1+20×192×d =20×2+20×19
2×2=420.
【答案】 420
5.等差数列{a n }中,a 10=30,a 20=50. (1)求通项公式a n ; (2)若S n =242,求n .
【解】 (1)由a n =a 1+(n -1)d ,a 10=30,a 20=50, 得方程组???
a 1+9d =30,
a 1+19d =50,
解得???
a 1=12,d =2,
所以a n =2n +10. (2)由S n =na 1+n n -1
2
d ,S n =242,
得12n +
n n -1
2
×2=242,
解得n =11或n =-22(舍去),所以n =11.
学业分层测评(五)
(建议用时:45分钟)
[学业达标]
一、选择题
1.设S n是等差数列{a n}的前n项和,若a1+a3+a5=3,则S5=() A.5B.7 C.9 D.11
【解析】法一:∵a1+a5=2a3,∴a1+a3+a5=3a3=3,∴a3=1,
∴S5=5a1+a5
2=5a3=5,故选A.
法二:∵a1+a3+a5=a1+(a1+2d)+(a1+4d)=3a1+6d=3,∴a1+2d=1,
∴S5=5a1+5×4
2d=5(a1+2d)=5,故选A.
【答案】A
2.已知{a n}是公差为1的等差数列,S n为{a n}的前n项和,若S8=4S4,则a10=()
C.10 D.12
【解析】∵公差为1,
∴S8=8a1+8×8-1
2×1=8a1+28,S4=4a1+6.
∵S8=4S4,∴8a1+28=4(4a1+6),解得a1=1 2,
∴a10=a1+9d=1
2+9=
19
2.故选B.
【答案】B
3.在等差数列{a n}中,若S9=18,S n=240,a n-4=30,则n的值为() A.14 B.15 C.16 D.17
【解析】S9=9a1+a9
2=9a5=18,所以a5=2,
S n=n a1+a n
2=
n a5+a n-4
2=240,
∴n(2+30)=480,∴n=15.【答案】B
4.设S n是等差数列{a n}的前n项和,若S3
S6=
1
3,则
S6
S12等于()
【解析】由题意S3,S6-S3,S9-S6,S12-S9成等差数列.
∵S3
S6=
1
3.不妨设S3=1,S6=3,则S6-S3=2,所以S9-S6=3,故S9=6,∴
S12-S9=4,故S12=10,
∴S6
S12=
3
10.
【答案】A
5.设等差数列{a n}的前n项和为S n,若a1=-11,a4+a6=-6,则当S n取得最小值时,n等于()
A.6 B.7 C.8 D.9
【解析】设公差为d,由a4+a6=2a5=-6,
得a5=-3=a1+4d,解得d=2,
∴S n=-11n+n n-1
2×2=n2-12n,
∴当n=6时,S n取得最小值.
【答案】A
二、填空题
6.已知{a n}为等差数列,S n为其前n项和.若a1=6,a3+a5=0,则S6=________.
【解析】∵a3+a5=2a4,∴a4=0.
∵a1=6,a4=a1+3d,∴d=-2.
∴S6=6a1+6×6-1
2d=6.
【答案】6
7.已知{a n}是等差数列,S n是其前n项和.若a1+a22=-3,S5=10,则a9的值是________.
【解析】 法一:设等差数列{a n }的公差为d ,由S 5=10,知S 5=5a 1+5×4
2d =10,得a 1+2d =2,即a 1=2-2d .所以a 2=a 1+d =2-d ,代入a 1+a 22=-3,化简得d 2-6d +9=0,所以d =3,a 1=-4.故a 9=a 1+8d =-4+24=20.
法二:设等差数列{a n }的公差为d ,由S 5=10,知5
a 1+a 5
2
=5a 3=10,所
以a 3=2.
所以由a 1+a 3=2a 2,得a 1=2a 2-2,代入a 1+a 22=-3,化简得a 22+2a 2+1
=0,所以a 2=-1.
公差d =a 3-a 2=2+1=3,故a 9=a 3+6d =2+18=20. 【答案】 20
8.等差数列{a n }的前9项的和等于前4项的和,若a 1=1,a k +a 4=0,则k =________.
【解析】 设{a n }的公差为d ,由S 9=S 4及a 1=1得9×1+9×82×d =4×1+4×3
2×d ,所以d =-16,又a k +a 4=0,所以??????1+
k -1
×? ????-16+?
???
??
1+4-1
×? ????-16=0,即k =10.
【答案】 10 三、解答题
9.一个等差数列的前10项之和为100,前100项之和为10,求前110项之和.
【解】 设等差数列{a n }的公差为d ,前n 项和为S n ,则 S n =na 1+
n n -1
2
d .
由已知得?????
10a 1+10×9
2d =100,
①
100a 1+100×99
2d =10, ②
①×10-②,整理得d =-11
50, 代入①,得a 1=1 099
100,
所以S 110=110a 1+110×109
2d =110×1 099100+110×1092×? ????-1150 =110? ????
1 099-109×11100=-110. 故此数列的前110项之和为-110.
10.已知等差数列{a n }中,a 1=9,a 4+a 7=0. (1)求数列{a n }的通项公式;
(2)当n 为何值时,数列{a n }的前n 项和取得最大值 【解】 (1)由a 1=9,a 4+a 7=0, 得a 1+3d +a 1+6d =0,解得d =-2, ∴a n =a 1+(n -1)d =11-2n . (2)a 1=9,d =-2, S n =9n +
n n -1
2
·(-2)=-n 2+10n
=-(n -5)2+25,
∴当n =5时,S n 取得最大值.
[能力提升]
1.在项数为2n +1项的等差数列{a n }中,所有奇数项的和为165,所有偶数项的和为150,则n =( )
A .9
B .10
C .11
D .12
【解析】 ∵等差数列有2n +1项, ∴S 奇=
n +1
a 1+a 2n +12
,S 偶=n a 2+a 2n
2
.
又a 1+a 2n +1=a 2+a 2n , ∴S 奇S 偶=n +1n =165
150, ∴n =10. 【答案】 B
2.已知两个等差数列{a n }与{b n }的前n 项和分别为A n 和B n ,且A n B n =7n +45
n +3,
则使得a n
b n
为整数的正整数n 的个数是( )
A .2
B .3
C .4
D .5
【解析】 a n b n =A 2n -1B 2n -1=14n +382n +2=7n +19n +1=
7
n +1+12n +1=7+12
n +1
,∴n
=1,2,3,5,11.
【答案】 D
3.在等差数列{a n }中,d =2,a n =11,S n =35,则a 1等于________. 【解析】 因为S n =na 1+
n n -1
2
d ,所以35=na 1+
n n -1
2
×2=na 1
+n (n -1)①,又a n =a 1+(n -1)·d =a 1+2(n -1),
∴a 1+2(n -1)=11②,由①②可得a 21-2a 1-3=0, 解得a 1=3或-1. 【答案】 3或-1
4.从4月1日开始,有一新款服装投入某商场销售,4月1日该款服装销售出10件,第二天销售出25件,第三天销售出40件,以后每天售出的件数分别递增15件,直到4月12号日销售量达到最大,然后,每天销售的件数分别递减10件.
(1)记该款服装4月份日销售与销售天数n 的关系为a n ,求a n ; (2)求4月份的总销售量;
(3)按规律,当该商场销售此服装超过1 200件时,社会上就流行,而且销售量连续下降,且日销售低于100件时,则流行消失,问:该款服装在社会上流行是否超过10天
【解】 (1)从4月1日起每天销售量依次组成数列{a n },(n ∈{1,2,…,30}) 依题意,数列a 1,a 2,…,a 12是首项为10,公差为15的等差数列, ∴a n =15n -5(1≤n ≤12).
a 13,a 14,a 15,…,a 30是首项为a 13=a 12-10=165,公差为-10的等差数列, ∴a n =165+(n -13)(-10)=-10n +295(13≤n ≤30),
∴a n =??
?
15n -5 1≤n ≤12,n ∈N +
,
-10n +295 13≤n ≤30,n ∈N +.
(2)4月份的总销售量为 12
10+1752+18×165+18×17×-10
2
=2 550(件), (3)4月1日至4月12日销售总数为 12
a 1+a 12
2
=12
10+175
2
=1 110<1 200, ∴4月12日前还没有流行.由-10n +295<100得n >39
2, ∴第20天流行结束,故该服装在社会上流行没有超过10天.
等差数列的前n 项和
1.理解并掌握等差数列的前n 项和公式及其推导过程,体会等差数列的前n 项和公式与二次函数的关系.(重点)
2.熟练掌握等差数列的五个基本量a 1,d ,n ,a n ,S n 之间的联系,能够由其中的任意三个求出其余的两个.(重点)
[基础·初探]
教材整理 等差数列的前n 项和 1.等差数列的前n 项和公式
已知量 首项、末项与项数 首项、公差与项数 求和公式
S n =
n a 1+a n 2
S n =na 1+
n n -1
2
d
2.等差数列前n 项和公式的函数特点 S n =na 1+n n -1
2
d =d 2n 2+? ?
?
??a 1-d 2n . d ≠0时,S n 是关于n 的二次函数,且无常数项.
判断(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)公差为零的数列不能应用等差数列的前n 项和公式.( ) (2)数列{n 2}可以用等差数列的前n 项和公式求其前n 项和S n .( ) (3)若数列{a n }的前n 项和为S n =an 2+bn ,则{a n }是等差数列.( ) 【解析】 (1)任何等差数列都能应用等差数列的前n 项和公式. (2)数列{n 2}不是等差数列,故不能用等差数列的前n 项和公式.
(3)当公差不为0时,等差数列的前n 项和是关于n 的二次函数(常数项为0).
[小组合作型]
与S n 有关的基本量的计算
(1)已知等差数列{a n }中,a 1=32,d =-1
2,S n =-15,求n 和a n ; (2)已知等差数列{a n }中,S 5=24,求a 2+a 4;
(3)数列{a n }是等差数列,a 1=1,a n =-512,S n =-1 022,求公差d ; (4)已知等差数列{a n }中,a 2+a 5=19,S 5=40,求a 10.
【精彩点拨】 运用方程的思想,根据已知条件建立方程或方程组求解,另外解题时要注意整体代换.
【尝试解答】 (1)S n =n ·32+n n -1
2·? ??
??
-12=-15,整理得n 2-7n -60=0, 解得n =12或n =-5(舍去), 所以a 12=32+(12-1)×? ????
-12=-4.
(2)设等差数列的首项为a 1,公差为d , 则S 5=5a 1+
5×5-1
2
d =24, 即5a 1+10d =24,所以a 1+2d =24
5, 所以a 2+a 4=2(a 1+2d )=2×245=48
5.
(3)因为a n =a 1+(n -1)d ,S n =na 1+
n n -1
2
d ,
又a 1=1,a n =-512,S n =-1 022, 所以?????
1+n -1d =-512, ①n +1
2n n -1d =-1 022, ② 把(n -1)d =-513代入②得
n +12n ·(-513)=-1 022,解得n =4, 所以d =-171.
(4)由已知可得????
?
a 1+d +a 1+4d
=19,
5a 1+5×4
2d =40,
解得a 1=2,d =3,
所以a 10=a 1+9d =2+9×3=29.
等差数列中基本计算的两个技巧:
(1)利用基本量求值.等差数列的通项公式和前n 项和公式中有五个量a 1,d ,n ,a n 和S n ,一般是利用公式列出基本量a 1和d 的方程组,解出a 1和d ,便可解决问题.解题时注意整体代换的思想.
(2)利用等差数列的性质解题.等差数列的常用性质:若m +n =p +q (m ,n ,p ,q ∈N +),则a m +a n =a p +a q ,常与求和公式S n =n a 1+a n
2
结合使用.
[再练一题] 1.等差数列中:
(1)a 1=105,a n =994,d =7,求S n ; (2)a n =8n +2,d =5,求S 20; (3)d =1
3,n =37,S n =629,求a 1及a n .
等差数列前n 项和公式在实际中的应用
为响应教育部下发的《关于在中小学实施“校校通”工程的通知》的
要求,某市提出了实施“校校通”工程的总目标:从2011年起用10年的时间,在全市中小学建成不同标准的校园网.据测算,2011年该市用于“校校通”工程的经费为500万元.为了保证工程的顺利实施,计划每年投入的资金都比上一年增加50万元.那么从2011年起的未来10年内,该市在“校校通”工程中的总投入是多少
【精彩点拨】 将该实际问题转化为数列问题求解,由于每年投入资金都比上一年增加50万元,故可考虑利用等差数列求解.
【尝试解答】 根据题意,从2011年~2020年,该市每年投入“校校通”工程的经费都比上一年增加50万元,
所以,每年投入的资金依次组成等差数列{a n },其中,a 1=500,d =50. 那么,到2020年(n =10),投入的资金总额为 S 10=10×500+10×10-1
2
×50=7 250(万元), 即从2011年~2020年,该市在“校校通”工程中的总投入是7 250万元.
有关数列的应用问题,应首先通过对实际问题的研究建立数列的数学模型,最后求出符合实际的答案,可分以下几步考虑:
(1)问题中所涉及的数列{a n }有何特征; (2)是求数列{a n }的通项还是求前n 项和;
(3)列出等式(或方程)求解.
[再练一题]
2.如图1-2-2,一个堆放铅笔的V型架的最下面一层放1支铅笔,往上每一层都比它下面一层多放1支.最上面一层放120支,这个V型架上共放着多少支铅笔
图1-2-2
[探究共研型]
等差数列前n项和的性
质
探究1n n S m,S2m-S m,S3m-S2m也成等差数列吗如果是,它们的公差是多少
【提示】由S m=a1+a2+…+a m,S2m-S m=a m+1+a m+2+…+a2m=a1+md +a2+md+…+a m+md=S m+m2d,
同理S3m-S2m=a2m+1+a2m+2+…+a3m=S2m-S m+m2d,
所以S m,S2m-S m,S3m-S2m也成等差数列,公差为m2d.
探究2设S n、T n分别为两个等差数列{a n}和{b n}的前n项和,那么a n
b n与
S2n-1
T2n-1
有怎样的关系请证明之.
【提示】a n
b n=
S2n-1
T2n-1.
【证明】a n
b n=
2a n
2b n=
a1+a2n-1
b1+b2n-1
=
2n-1a1+a2n-1
2
2n-1b1+b2n-1
2
=
S2n-1
T2n-1.
(1)等差数列{a n}的前m项和为30,前2m项和为100,求数列{a n}的前3m项的和S3m;
(2)两个等差数列{a n},{b n}的前n项和分别为S n和T n,已知
S n
T n=
7n+2
n+3,求
a5
b5的值.
【精彩点拨】(1)利用S m,S2m-S m,S3m-S2m成等差数列求解.(2)利用前n项和结合等差数列的性质将项的比值转化为和的比值求解.
【尝试解答】(1)在等差数列中,S m,S2m-S m,S3m-S2m成等差数列,∴30,70,S3m-100成等差数列,
∴2×70=30+(S3m-100),∴S3m=210.
(2)
a5
b5=
2a5
2b5=
9a1+a9
9b1+b9=
S9
T9=
65
12.
巧妙应用等差数列前n项和的性质
(1)“片段和”性质.
若{a n}为等差数列,前n项和为S n,则S n,S2n-S n,S3n-S2n,…构成公差为n2d的等差数列.
(2)项数(下标)的“等和”性质.
S n=
n a1+a n
2=
n a m+a n-m+1
2.
(3)项的个数的“奇偶”性质.
{a n}为等差数列,公差为d.
①若共有2n项,则S2n=n(a n+a n+1);
S偶-S奇=nd;
S偶
S奇=
a n+1
a n.
②若共有2n+1项,则S2n
+1
=(2n+1)a n+1;S偶-S奇=-a n+1;
S偶
S奇=
n
n+1.
(4)等差数列{a n}中,若S n=m,S m=n(m≠n),则S m+n=-(m+n).