2020届高考物理人教版一轮复习专题3.2 牛顿第二定律 作业
2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练
第三部分牛顿运动定律
二.牛顿第二定律
一.选择题
1.(6分)(2019河南开封三模)如图所示,质量都为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止,用大小等于mg的恒力F向上拉B,运动距离h时B与A分离。则下列说法中正确的是()
A.B和A刚分离时,弹簧为原长
B.B和A刚分离时,它们的加速度为g
C.弹簧的劲度系数等于
D.在B与A分离之前,它们做匀加速运动
【参考答案】C
【名师解析】B和A刚分离时,B受到重力mg和恒力F,B的加速度为零,A的加速度也为零,说明弹力对A有向上的弹力,与重力平衡,弹簧处于压缩状态。故AB错误。B和A 刚分离时,弹簧的弹力大小为mg,原来静止时弹力大小为2mg,则弹力减小量△F=mg.两
物体向上运动的距离为h,则弹簧压缩量减小△x=h,由胡克定律得:k==.故C
正确。对于在B与A分离之前,对AB整体为研究对象,重力2mg不变,弹力在减小,合力减小,整体做变加速运动。故D错误。
2.(6分)(2019山东枣庄二模)如图所示,用轻质细绳将条形磁铁悬挂于天花板上,处于悬空状态,现将一铁块置于条形磁铁下方,系统处于静止状态。关于磁铁和铁块受力情况,下列说法正确的是()
A.条形磁铁一定受3个力
B.铁块一定受2个力
C.若烧断细绳,则铁块一定受2个力
D.若烧断细绳,则条形磁铁一定受3个力
【参考答案】D
【名师解析】如果磁铁对铁块的吸引力大于铁块的重力,则二者之间有弹力,如果磁铁对铁块的吸引力等于铁块的重力,则二者之间没有弹力,由此分析受力情况。
条形磁铁受到重力、绳子拉力、铁块的吸引力,也可能受到铁块的弹力,也可能不受铁块的弹力,故A错误;铁块受到重力、磁铁的吸引力,可能受到磁铁的弹力,也可能不受弹力,故B错误;若烧断细线,二者一起做自由落体运动,由牛顿第二定律可知,铁块一定受到受到重力、磁铁的吸引力,磁铁的弹力3个力作用,故C错误;若烧断细绳,条形磁铁受到重力、铁块的弹力、铁块的吸引力3个力,故D正确。
3. 如图所示,固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ,在斜杆下端固定有质量为m的小球,下列关于杆对球的作用力F的判断中,正确的是()
A.小车静止时,F mgsinθ
=,方向沿杆向上
B.小车静止时,F mg cosθ
=,方向垂直于杆向上
C.小车向右以加速度a运动时,一定有
ma F
sinθ=
D.小车向左匀速运动时,F mg
=,方向竖直向上
【参考答案】D
【思路点拨】
【名师解析】小车静止时,球受到重力和杆的弹力作用,由平衡条件可得杆对球的作用力F =mg,方向竖直向上,选项A.B错误;小车向右以加速度a运动时,只有当a=g tan θ时,
才有F=ma
sin θ,如图所示,选项C错误;小车向左匀速运动时,根据平衡条件知,杆对球的弹力大小为mg,方向竖直向上,选项D正确。
4.(2016福建省五校联考)有下列几种情景,其中对情景的分析和判断正确的是( )
①点火后即将升空的火箭;
②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车;
③运动的磁悬浮列车在轨道上高速行驶;
④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动。
A.因火箭还没运动,所以加速度一定为零
B.轿车紧急刹车,速度变化很快,所以加速度很大
C.高速行驶的磁悬浮列车,因速度很大,所以加速度也一定很大
D.因空间站处于完全失重状态,所以空间站内的物体加速度为零
【参照答案】B
【名师解析】
点火后即将升空的火箭,加速度一定不为零,选项A错误;轿车紧急刹车,速度变化很快,所以加速度很大,选项B正确;高速行驶的磁悬浮列车,速度很大,加速度可能为零,选项C错误;因空间站处于完全失重状态,所以空间站内的物体加速度不为零,选项D错误。
5. 图甲中的塔吊是现代工地必不可少的建筑设备,图乙为150kg的建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象,g取10m/s2,下列判断正确的是()
A. 前10s的悬线的拉力恒为1500N
B. 46s末塔吊的材料离地面的距离为22m
C. 0~10s材料处于失重状态
D. 在30s~36s钢索最容易发生断裂
【参考答案】B
【名师解析】由图可知前10s内物体的加速度a=0.1m/s2..。由F–mg=ma可解得悬线的拉力为F=mg+ma=1515N,选项A错误。由图象面积可得整个过程上升高度是28m,下降的高度为6m,46s末塔吊的材料离地面的距离为28m-6m=22m,选项B正确。0~10s加速度向上,材料处于超重状态,F>mg,钢索最容易发生断裂,选项C错误。因30s~36s物体加速度向下,材料处于失重状态,F<mg,在30s~36s钢索最不容易发生断裂,选项D错误;
6. 如图,木箱内有一竖直放置的弹簧,弹簧上方有一物块,木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上.若在某一段时间内,物块对箱顶刚好无压力,则在此段时间内,木箱的运动状态可能为()
A.加速下降B.加速上升
C.减速上升D.减速下降
【参考答案】BD
【名师解析】木箱静止时物块对箱顶有压力,则物块受到箱顶向下的压力。当物块对箱顶刚好无压力时,表明系统处于超重状态,有向上的加速度,属于超重,木箱的运动状态可能为加速上升或减速下降,选项BD正确。
【点评】此题考查受力分析、牛顿第二定律及超重和失重现象。
注解:要注意题述中的“可能”运动状态,不要漏选。
7. 为了研究超重和失重现象,某同学把一体重计放在电梯的地板上,她站在体重计上随电
梯上下运动,并观察体重计示数的变化情况.下表记录了几个特定时刻体重计的示数,若已t
.1和2时刻该同学的质量相等,但所受的重力不等
B.t1和t2时刻电梯的加速度大小相等,方向一定相反
C.t1和t2时刻电梯的加速度大小相等,运动方向一定相反
D.t3时刻电梯一定静止
【参考答案】B
【名师解析】t1和t2时刻物体的质量并没有发生变化,所受重力也没有发生了变化.故A错误.根据表格读数分析,t1时刻物体处于超重状态,根据牛顿第二定律分析得知,电梯的加速度方向向上.t2时刻物体处于失重状态,电梯的加速度方向向下,两个时刻加速度方向相反.但运动方向都可能向上或向下,不一定相反.故B正确C错误.t3时刻物体处于平衡状态,可能静止,也可能向上匀速运动.故D错误.
8. 如图5-4-4所示,A为电磁铁,C为胶木秤盘,A和C(包括支架)的总质量为M,B为铁块,质量为m,整个装置用轻绳悬挂在O点,在电磁铁通电后,铁块被吸引上升的过程中,轻绳上拉力F的大小为 ( )
A.F=mg B.Mg C.F=(M+m)g D.F>(M+m)g 【参考答案】D 【名师解析】电磁铁通电后,铁块被吸引而加速上升,可以认为A、B、C组成的系统重心加速上移,即整个系统处于超重状态,则轻绳拉力F应大于(M+ m)g. 9.如图所示,台秤上放有盛水的杯,杯底用细绳系一木质的小球,若细线突然断裂,则在小木球上浮到水面的过程中,台秤的示数将( ). A.变小 B.变大 C.不变 D.无法确定 【参考答案】A 【名师解析】本题若用隔离法进行受力分析,再通过对运动过程的分析、定量推理、再比较判断,就太费时、费力.如果从整体思维出发,对系统看是失重的成分大还是超超重的成分大, 就比较简捷,起到了化繁为简的效果.将容器和木球看做整体,整体受竖直向下的重力和台秤竖直向上的支持力N,当细线被剪断后,其实际效果是:在本球向上加速运动的同时,木球上方与该木球等体积的水球,将以同样大小的加速度向下加速流动,从而填补了木球占据的空间,由于ρ水>ρ木,水球的质量大于木球的质量,因此木球和水所组成的系统其质心有向下的加速度,整个系统将处于失重状态,故台秤的示数将变小. 10.(2016·安徽合肥一模)如图所示,在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重。她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程;由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。关于她的实验现象,下列说法中正确的是() A.只有“起立”过程,才能出现失重的现象 B.只有“下蹲”过程,才能出现超重的现象 C.“下蹲”的过程,先出现超重现象后出现失重现象 D.“起立”、“下蹲”的过程,都能出现超重和失重的现象 【参考答案】D 【名师解析】“起立”的过程,先加速向上后减速向上运动,加速向上运动加速度方向向上,出现超重现象,后减速向上运动加速度方向向下,出现失重现象,即“起立”过程先出现超重现象后出现失重现象,整个“起立”过程能出现超重和失重的现象;“下蹲”的过程,先加速向下后减速向下运动,加速向下运动加速度方向向下,出现失重现象,后减速向下运动加速度方向向上,出现超重现象,即“下蹲”过程先出现失重现象后出现超重现象,整个“下蹲”过程能出现超重和失重的现象,选项D正确ABC错误。 【点评】只要物体具有向下的加速度,则处于失重状态;物体具有向上的加速度,则处于超重状态。 二.计算题 1.(2006·北京崇文一模)为了实现“神舟”六号飞船安全着陆,在飞船距地面约1 m时(即将着陆的瞬间),安装在返回舱底部的四台发动机同时点火工作,使返回舱的速度由8 m/s降至2 m /s.设返回舱质量为3.5×102kg,减速时间为0.2 s.设上述减速过程为匀变速直线运动,试回答和计算下列问题:(g取10m/s2) (1)在返回舱减速下降过程中,航天员处于超重还是失重状态?计算减速时间内,航天员承受的载荷值(即航天员所受的支持力与自身重力的比值). (2)计算在减速过程中,返回舱受到四台发动机推力的大小. 【名师解析】(1)航天员处于超重状态a=v1-v2/t=-30 m/s2. 根据牛顿第二定律:mg-N=ma, 载荷比 (2)设返回舱受到的推力为F,根据牛顿第二定律:Mg-F=Ma, a=(v1-v2)/t=-30 m/s2. 解得发动机推力F的大小为1.40×105N. 2.(9分)(2019浙江稽阳联谊学校联考模拟)2019年1月4日上午10时许,科技人员在北京航天飞行控制中心发出指令,嫦娥四号探测器在月面上空开启发动机,实施降落任务。 在距月面高为H=102m处开始悬停,识别障碍物和坡度,选定相对平坦的区域后,先以a1 匀加速下降,加速至v1=4ms/时,立即改变推力,以a2=2m/s2匀减速下降,至月表高度30m处速度减为零,立即开启自主避障程序,缓慢下降。最后距离月面2.5m时关闭发动机,探测器以自由落体的方式降落,自主着陆在月球背面南极艾特肯盆地内的冯?卡门撞击坑中,整个过程始终垂直月球表面作直线运动,取竖直向下为正方向。已知嫦娥四号探测器的质量m=40kg,月球表面重力加速度为1.6m/s2.求: (1)嫦娥四号探测器自主着陆月面时的瞬时速度大小v2; (2)匀加速直线下降过程的加速度大小a1; (3)匀加速直线下降过程推力F的大小和方向。 【命题意图】本题以嫦娥四号着陆月球为情景,考查匀变速直线运动规律、牛顿运动定律及其相关的知识点。 【解题思路】(1)距离月面2.5m时关闭发动机,探测器以自由落体的方式降落, 由v22=2g′h2得:v2=m/s (2)由题意知加速和减速发生的位移为:h=102m﹣30m=72m 由位移关系得:+=h 解得:a1=1m/s2 (3)匀加速直线下降过程由牛顿第二定律得:mg′﹣F=ma1 解得:F=24N,方向竖直向上。 牛顿第二定律的系统表达式 一、整体法和隔离法处理加速度相同的连接体问题 1.加速度相同的连接体的动力学方程: F 合 = (m 1 +m 2 +……)a 分量表达式:F x = (m 1 +m 2 +……)a x F y = (m 1 +m 2 +……)a y 2. 应用情境:已知加速度求整体所受外力或者已知整体受力求整体加速度。 例1、如图,在水平面上有一个质量为M的楔形木块A,其斜面倾角为α,一质量为m的木块B放在A的斜面上。现对A施以水平推力F, 恰使B与A不发生相对滑动,忽略一切摩擦,则B对 A的压力大小为( BD ) A 、 mgcosα B、mg/cosα C、FM/(M+m)cosα D、Fm/(M+m)sinα ★题型特点:隔离法与整体法的灵活应用。 ★解法特点:本题最佳方法是先对整体列牛顿第二定律求出整体加速度,再隔离B受力分析得出A、B之间的压力。省去了对木楔受力分析(受力较烦),达到了简化问题的目的。 例2.质量分别为m1、m2、m3、m4的四个物体彼此用轻绳连接,放在光滑的桌面上,拉力F1、F2分别水平地加在m1、m4上,如图所示。求物体系的加速度a和连接m2、m3轻绳的张力F。(F1>F2) 例3、两个物体A和B,质量分别为m1和m2,互相接触放在光滑水平面上,如图所示,对物体A施以水平的推力F,则物体A对B的作用力等于 ( ) A.F F F F 3、B 解析:首先确定研究对象,先选整体,求出A、B共同的加速度,再单独研究B,B 在A施加的弹力作用下加速运动,根据牛顿第二定律列方程求解. 将m1、m2看做一个整体,其合外力为F,由牛顿第二定律知,F=(m1+m2)a,再以m2为研究对象,受力分析如右图所示,由牛顿第二定律可得:F12=m2a,以上两式联立可得:F12= ,B正确. 例4、在粗糙水平面上有一个三角形木块a,在它的两个粗糙斜面上分别放有质量为m1和m2的两个木块b和c,如图1所示,已知m1>m2,三木块均处于静止, 则粗糙地面对于三角形木块( D ) A.有摩擦力作用,摩擦力的方向水平向右。B.有摩擦力作用,摩擦力的方向水平向左。C.有摩擦力作用,组摩擦力的方向不能确定。D.没有摩擦力的作用。 二、对加速度不同的连接体应用牛顿第二定律1.加速度不同的连接体的动力学方程:b c a 牛顿运动定律 专题一(第12讲) 一、斜面问题 1.(2013重庆理综) 图1为伽利略研究自由落体运动实验的示意图,让小球 由倾角为θ的光滑斜面滑下,然后在不同的θ角条件下进行多次实验,最后推理出自由落体运动是一种匀加速直线运动。分析该实验可知,小球对斜面的压力、小球运动的加速度和重力加速度与各自最大值的比值y随θ变化的图像分别对应图2中的() A.①、②和③ B.③、②和① C.②、③和① D.③、①和② 二、等时圆问题 2.如图所示,ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆,a、b、c、d 位于同一圆周上,a点为圆周的最高点,d点为最低点。每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出),三个滑环分别从a、b、c处释放(初速为 0),用t1、t2、t3依次表示滑环到达d所用的时间,则() A.t1 < t2 < t3 B.t1 > t2 > t3 C.t3 > t1 > t2 D.t1 = t2 = t3 变式1:如图所示,oa、ob、oc是竖直面内三根固定的光滑细杆,O、a、b、c、d位于同一圆周上,d点为圆周的最高点,c点为最低点。每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出),三个滑环都从o点无初速释放,用t1、t2、t3依次表示滑环到达a、b、c所用的时间,则( ) t1 = t2 = t3 B.t1 > t2 > t3 C.t1 < t2 < t3 D.t3 > t1 > t2 变式2:有三个光滑斜轨道1、2、3,它们的倾角依次是60°、45°和30°。 这些轨道交于O点.现有位于同一竖直线上的3个小物体甲、乙、丙,分别沿这3个轨道同时从静止自由下滑,如图所示。物体滑到O点的先后顺序是() A.甲最先,乙稍后,丙最后 B.乙最先,然后甲和丙同时到达 C.甲、乙、丙同时到达 D.乙最先,甲稍后,丙最后 三、连接体问题 3.如图所示,质量形状均相同的木块紧靠在一起,放在光滑的水平面上,现用水平恒力推1号木块,使10个木块一起向右匀加速运动,则2号木块对3号木块的推力为___________,4号木块对3号木块的推力为___________. 牛顿第二定律应用的典型问题 牛顿第二定律应用的典型问题 ——陈法伟 1. 力和运动的关系 力是改变物体运动状态的原因,而不是维持运动的原因。由知,加速度与力有直接关系,分析清楚了力,就知道了加速度,而速度与力没有直接关系。速度如何变化需分析加速度方向与速度方向之间的关系,加速度与速度同向时,速度增加;反之减小。在加速度为零时,速度有极值。 例1. 如图1所示,轻弹簧下端固定在水平面上。一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落,接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度后停止下落。在小球下落的这一全过程中,下列说法中正确的是() 图1 A. 小球刚接触弹簧瞬间速度最大 B. 从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上 C. 从小球接触弹簧到到达最低点,小球的速度先增大后减小 D. 从小球接触弹簧到到达最低点,小球的加速度先减小后增大 解析:小球的加速度大小决定于小球受到的合外力。从接触弹簧到到达最低点,弹力从零开始逐渐增大,所以合力先减小后增大,因此加速度先减小后增大。当合力与速度同向时小球速度增大,所以当小球所受弹力和重力大小相等时速度最大。故选CD。 例2. 一航天探测器完成对月球的探测任务后,在离开月球的过程中,由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行,先加速运动,再匀速运动,探测器通过喷气而获得推动力,以下关于喷气方向的描述中正确的是() A. 探测器加速运动时,沿直线向后喷气 B. 探测器加速运动时,竖直向下喷气 C. 探测器匀速运动时,竖直向下喷气 D. 探测器匀速运动时,不需要喷气 解析:受力分析如图2所示,探测器沿直线加速运动时,所受合力方向与 运动方向相同,而重力方向竖直向下,由平行四边形定则知推力方向必须斜向上方,由牛顿第三定律可知,喷气方向斜向下方;匀速运动时,所受合力为零,因此推力方向必须竖直向上,喷气方向竖直向下。故正确答案选C。 牛顿第二定律 1.牛顿第二定律的表述(内容) 物体的加速度跟物体所受的外力的合力成正比,跟物体的质量成反比,加速度的方向跟合力的方向相同,公式为:F=ma(其中的F和m、a必须相对应)。 对牛顿第二定律理解: (1)F=ma中的F为物体所受到的合外力. (2)F=ma中的m,当对哪个物体受力分析,就是哪个物体的质量,当对一个系统(几个物体组成一个系统)做受力分析时,如果F是系统受到的合外力,则m是系统的合质量.(3)F=ma中的F与a有瞬时对应关系,F变a则变,F大小变,a则大小变,F方向变a也方向变. (4)F=ma中的F与a有矢量对应关系,a的方向一定与F的方向相同。 (5)F=ma中,可根据力的独立性原理求某个力产生的加速度,也可以求某一个方向合外力的加速度. 若F为物体受的合外力,那么a表示物体的实际加速度;若F为物体受的某一个方向上的所有力的合力,那么a表示物体在该方向上的分加速度;若F为物体受的若干力中的某一个力,那么a仅表示该力产生的加速度,不是物体的实际加速度。 (6)F=ma中,F的单位是牛顿,m的单位是千克,a的单位是米/秒2. (7)F=ma的适用范围:宏观、低速 2.应用牛顿第二定律解题的步骤 ①明确研究对象。可以以某一个物体为对象,也可以以几个物体组成的质点组为对象。设每个质点的质量为m i,对应的加速度为a i,则有:F合=m1a1+m2a2+m3a3+……+m n a n 对这个结论可以这样理解:先分别以质点组中的每个物体为研究对象用牛顿第二定律: ∑F1=m1a1,∑F2=m2a2,……∑F n=m n a n,将以上各式等号左、右分别相加,其中左边所有力中,凡属于系统内力的,总是成对出现的,其矢量和必为零,所以最后实际得到的是该质点组所受的所有外力之和,即合外力F。 ②对研究对象进行受力分析。(同时还应该分析研究对象的运动情况(包括速度、加速度),并把速度、加速度的方向在受力图旁边画出来。 ③若研究对象在不共线的两个力作用下做加速运动,一般用平行四边形定则(或三角形定则)解题;若研究对象在不共线的三个以上的力作用下做加速运动,一般用正交分解法解题(注意灵活选取坐标轴的方向,既可以分解力,也可以分解加速度)。 ④当研究对象在研究过程的不同阶段受力情况有变化时,那就必须分阶段进行受力分析,分阶段列方程求解。 解题要养成良好的习惯。只要严格按照以上步骤解题,同时认真画出受力分析图,那么问题都能迎刃而解。 3.应用举例 【例1】质量为m的物体放在水平地面上,受水平恒力F作用,由静止开始做匀加速直线运动,经过ts后,撤去水平拉力F,物体又经过ts停下,求物体受到的滑动摩擦力f. 牛顿第二定律的应用 Prepared on 22 November 2020牛顿第二定律的系统表达式及应用一中
牛顿第二定律专题(高清图)
牛顿第二定律应用的典型问题
牛顿第二定律以及专题训练
牛顿第二定律的应用