四川省成都七中2019-2020学年高二上学期期中物理试卷 (有解析)

四川省成都七中2019-2020学年高二上学期期中物理试卷

一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）

1.在投掷铅球的过程中，下列说法正确的是()

A. 铅球受到手的弹力是由于手发生形变而引起的

B. 铅球落地时对地面向下的压力是由地面发生形变而产生的

C. 因为铅球不会发生形变，所以手不受铅球的弹力作用

D. 铅球在飞行过程中不受重力作用

2.下列说法中，正确的是()

A. 质点运动的加速度大，则速度变化大

B. 质点运动的加速度大，则速度变化快

C. 物体在一条直线上运动，如果在相等的时间里变化的位移相等，则物体的运动就是匀变速直

线运动

D. 加速度大小不变的运动就是匀变速直线运动

3.如图所示，直升机沿着水平方向向前飞行时，旋翼平面与水平方向成θ角，旋翼与空气相互作用

产生的作用力F与机翼平面垂直。以下说法正确的是()

A. 飞机的重力G=F

B. 飞机的重力G=Fsinθ

C. 飞机水平前进的动力为Fsinθ

D. 飞机水平前进的动力为Ftanθ

4.在做“验证力的平行四边形定则”的实验中，以下说法中正确的是()

A. 用两只弹簧测力计拉橡皮条时，两细绳之间的夹角必须为90°，以便求出合力的大小

B. 用两只弹簧测力计拉橡皮条时，结点的位置必须与用一只弹簧测力计拉时结点的位置重合

C. 若用两只弹簧测力计拉时，合力的图示F与用一只弹簧测力计拉时拉力的图示F′不完全重合，

说明力的合成的平行四边形定则不一定是普通成立的

D. 同一实验过程中，结点O的位置允许变动

5.冬以来，全国多地多次发生雾霾天气，能见度不足100m.在这样的

恶劣天气中，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，乙在前，甲在

后同向行驶.某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，

同时开始刹车，结果两辆车发生了碰撞.如图所示为两辆车刹车后若

恰好不相撞的v?t图象，由此可知()

A. 两辆车刹车时相距的距离一定等于112.5m

B. 两辆车刹车时相距的距离一定小于90m

C. 两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的

D. 两辆车一定是在刹车后的20s以后的某时刻发生相撞的

6.某物体做匀变速直线运动，若它运动全程的平均速度是v1，运动到中间时刻的速度是v2，经过

全程一半位移时的速度是v3，则下列关系中正确的是()

A. v1=v2

B. v1

C. v1=v2>v3

D. v1>v2=v3

7.在如图所示装置中，两物体质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计

绳重及一切摩擦，整个装置处于静止状态。由图可知()

A. α可能大于β

B. m1一定大于m2

C. m1一定小于2m2

D. m1可能大于2m2

二、多选题（本大题共8小题，共30.0分）

8.物体甲的s?t图象和物体乙的v?t图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是()

A. 甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零

B. 甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m

C. 乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零

D. 乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m

9.一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速度为2m/s，末速度为10m/s，在这段时间内()

A. 汽车的加速度为2m/s2

B. 汽车的加速度为8m/s2

C. 汽车的平均速度为6m/s

D. 汽车的平均速度为8m/s

10.一定质量的实心光滑大球半径为R，放置在固定斜面上，被一竖直挡板

挡住，挡板可绕P点在竖直平面内转动，将一半径为r质量为m的光滑

小球放置于大球与挡板之间，整体处于静止状态，如图所示，R=3r，

现将竖直挡板顺时针缓慢放平(此过程中大球与档板始终紧密接触)，重

力加速度为g，下列说法正确的是()

A. 当整体处于静止状态时小球受挡板的弹力大小为√3

mg

3

B. 挡板顺时针缓慢放平过程中大球对小球的弹力一直变小

C. 挡板顺时针缓慢放平过程中挡板对小球的弹力先变大后变小

D. 斜面体对大球的弹力逐渐变大

11.两个物体A和B，质量分别为2m和m，用跨过定滑轮的轻绳相连，

A静止于水平地面上，如图所示，θ=30°，不计摩擦，则以下说法

正确的是()

A. 绳上拉力大小为mg

mg

B. 物体A对地面的压力大小为1

2

C. 物体A对地面的摩擦力大小为√3

mg

2

D. 地面对物体A的摩擦力方向向右

12.如图是物体做直线运动的v?t图象，可知该物体()

A. 第1 s内和第3 s内的运动方向相反

B. 第3 s内和第4 s内的加速度相同

C. 第1 s内和第4 s内的位移大小相等

D. 0～2s和0～4s内的平均速度大小相等

13.如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、

N两点，两球运动的最大高度相同，空气阻力不计，则()

A. 两球飞行时间相等

B. B的加速度比A的大

C. 两球在最高点的速度相等

D. B落地时的速度比A落地时的速度大

14.物体做匀加速直线运动．先后经过A、B两点时的速度分别为v和7v.经历的时间为t.则()

A. 经过A、B中点时的速度为5v

B. 经过A、B中点时的速度为4v

C. 从A到B的中间时刻的速度为4v

D. 从A到B的后一半时间通过的位移比前一半时间通过的位移多vt

15.某山洞内安装有如图所示的照明装置，不可伸长的轻质细绳的两端分别固定在洞

顶上的a点和b点，在绳上O点系一灯泡，且Oa段保持水平，Ob段与竖直方向

成一定夹角，现对灯泡施加一个水平向右的拉力(O点位置始终不动)，使灯泡缓慢

向右移动一小段距离的过程中，下列说法正确的是()

A. Oa上的拉力不断增大

B. Oa上的拉力可能不变

C. Ob上的拉力一定不变

D. Ob上的拉力可能增大

三、填空题（本大题共1小题，共5.0分）

16.(1)一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不

同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正

确的是______

A.a的原长比b的长

B.a的劲度系数比b的大

C.a的劲度系数比b的小

D.测得的弹力与弹簧的长度成正比

(2)如果横坐标为弹簧的形变量，则图形不过原点的原因是：______．

四、实验题（本大题共1小题，共10.0分）

17.在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中：

(1)打点计时器使用的电源为______(选填交流或直流)电源．

(2)下列操作中正确的有______(填选项代号)．

A.在释放小车前，小车要靠近打点计时器

B.打点计时器应放在长木板的有滑轮一端

C.应先接通电源，后释放小车

D.电火花计时器应使用低压6V以下交流电源

(3)实验中，把打点计时器接50Hz交流电，打出的一条纸带如图．A、B、C、D、E为我们在纸

带上所选的记数点．相邻计数点之间有四个点未画出(即相邻两点的时间间隔为0.1s)，各点间的距离如下图所示，则在打D点时，小车的速度为______m/s.并可求得小车的加速度大小为______m/s2.(计算结果都保留两位有效数字)

五、简答题（本大题共1小题，共12.0分）

18.请你根据匀变速直线运动的速度时间关系及位移时间关系，推导匀变速直线运动的速度与位移

的关系。要求推导过程中要有必要的文字说明及表达式。

六、计算题（本大题共3小题，共32.0分）

19.质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，试求：物体下

落的加速度的大小．

20.一个木箱的重力G=200N，放在粗糙的水平面上，在拉力F=40N的作用下处于静止状态，己

知力F与水平方向的夹角37°，如图所示(sin37°=0.6,cos37°=0.8)

(1)画出木箱的受力分析示意图；

(2)求地面对木箱支持力的大小；

(3)求地面对木箱的静摩擦力大小．

21.如图所示，质量m=2kg的物体靠在粗糙的竖直墙上，物体与墙之间的动摩擦

因数为μ=0.5.若要使物体能沿着墙做匀速运动，需要施加一外力F与水平方向成α=37°角，外力F的大小如何？(sinα=0.6,cosα=0.8)

-------- 答案与解析 --------

1.答案：A

解析：解：A、铅球受到手的弹力是由于手发生形变而引起的对与手接触的铅球的作用．故A正确；

B、铅球落地时对地面向下的压力是由铅球发生形变而产生的．故B错误；

C、铅球受到手的弹力会产生微小的形变，所以手受铅球的弹力作用．故C错误；

D、地球附近的物体受到的重力与物体的运动状态无关，所以铅球在飞行过程中受重力作用．故D 错误．

故选：A

物体发生形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力．是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．

本题主要考查了弹力的概念，要求同学们知道是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．

2.答案：B

解析：解：A、加速度是反映速度变化快慢的物理量，质点运动的加速度大，则单位时间内速度变化大，速度变化与时间也有关系，故A错误；

B、加速度是反映速度变化快慢的物理量，质点运动的加速度大，则速度变化快，故B正确；

C、物体在一条直线上运动，如果在相等的时间里通过的位移总相等，则物体的运动就是匀速直线运动，故C错误；

D、加速度大小不变的运动就是匀变速运动，不一定是直线运动，如平抛运动的加速度也是恒定的，故D错误；

故选：B．

加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向同向，速度增加，当加速度的方向与速度方向反向，速度减小．

解决本题的关键知道加速度的物理意义，明确加速度不变的运动叫做匀变速运动，加速度与速度共线的运动是直线运动．

3.答案：C

解析：

对直升飞机受力分析，受重力、升力和阻力，根据平衡条件列式求解。

本题是简单的三力平衡问题，键是受力分析后根据平衡条件并结合合成法分析，基础题目。

AB.飞机在水平方向飞行，竖直方向受力平衡，则有：G=Fcosθ，故AB错误。

CD.飞机在水平方向前进的动力为Fsinθ，故C正确，D错误。

故选C。

4.答案：B

解析：解：A、合力是我们根据平行四边形画出来的，不是计算出来的，故A错误．

B、为了使两次实验对橡皮筋产生的作用效果相同，故用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合，故B正确．

C、共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，如果画出的差距太大，说明实验时出现错误．故C 错误．

D、同一实验过程中，结点O的位置不允许变动．故D错误．

故选：B

明确实验目的，以及实验所要测量的物理量，即可正确安排实验步骤，注意要符合逻辑先后顺序，同时要便于操作．

明确实验目的和实验步骤是对实验的基本要求，同学们要在实际实验操作去理解实验目的和实验步骤，这样才能对实验有深刻的理解．

5.答案：C

解析：

【分析】

v?t图象给定了两车的初速度和加速度，不确定值是刹车前两车间距离，两车速度相等是两车是否碰撞的临界条件。

本题考查运动学的知识，意在考查v—t图象和追及的相关知识。

【解答】

AB.t=20s时，由v—t图象可知甲车的位移为300m.乙车的位移为200m，因而两车若相撞，刹车前的距离应小于100m，故选项AB错误；

CD.若相撞，两车一定是在刹车后的20s内的某时刻发生相撞的，若20内不详撞，20s后前车的速度大于后车，再也不会相撞，故C正确，选项D错误。

故选C。

6.答案：A

解析：

匀加速直线运动，前一半时间位移较小，后一半时间位移较大，所以中间时刻的速度比位移中点的速度要小，此外可以设出初速度、加速度和时间，利用数学方法整理v2，v3的表达式，较好的方法是作v?t图，由图象看两速度的大小关系。

选择好的方法可以事半功倍，头脑中要时刻想着图象法解决问题，其优点是形象直观。可以利用图象法推导一下匀加速运动的这两个速度之间的关系是怎样。

匀变速直线运动推论可得某段时间内平均速度等于该段时间内中间时刻的瞬时速度即：v1=v2，设

初末两点的速度分别为v a和v b，根据推论可得：v2=v a+v b

2，v3=√v a2+v b2

2

，可得：v32=v a2+v b2

2

=

v a2+v b2+v a2+v b2

4?(v a+v b)2

4

，所以有：v3?v a+v b

2

=v2，可知不论匀加速直线运动，还是匀减速直线运动，

v3>v2，综上可得：v1=v2

故选A。

7.答案：C

解析：

对与m1连接的滑轮进行受力分析，抓住两个绳子拉力在水平方向上的分力相等，得出α、β的关系．根据竖直方向上合力等于m1的重力，得出m1和m2的关系。

解决本题的关键合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，运用共点力平衡，抓住水平方向和竖直方向合力为零进行求解。

绳子通过定滑轮和动滑轮相连，绳子的拉力相等，等于m2的重力，对与m1连接的滑轮进行受力分析，

有Tsinα=Tsinβ，所以α=β.在竖直方向上有：Tcosα+Tcosβ=m1g，而T=m2g，则有

2m2gcosα=m1g.所以m1一定小于2m2，当α=β=60°时，T=m1g=m2g.故C正确，ABD错误。故选C。

8.答案：BC

解析：解：A、甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故总位移为4m，故A错误；

B、根据斜率等于速度，可知，甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m，故B正确；

CD、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移为零，故C正确，D错误；

故选：BC。

位移?时间图象表示物体的位置随时间变化的规律，而速度?时间图象表示速度随时间变化的规律；由图象的性质可得出物体的运动性质及位移大小．

本题考查对速度图象和位移的识别和理解能力，抓住各自的数学意义理解其物理意义，即速度图象的“面积”大小等于位移，而位移图象的斜率等于速度，△x表示位移．

9.答案：AC

解析：

根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车的加速度，根据平均速度的推论求出汽车的平均速度大小。

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷。

解：AB、由加速度的定义可知，汽车的加速度为：a=v?v0

t =10?2

4

=2m/s2，故A正确，B错误；

CD、汽车的平均速度为：v.=v0+v

2=2+10

2

=6m/s，故C正确，D错误。

故选AC。10.答案：AB

解析：

此题涉及到两个平衡状态，由平衡条件求大球对小球的弹力，画出小

球在竖直挡板转动过程中的动态矢量图，从该图就能确定各个力大小

的变化。

此题的难点在于动态矢量的绘制，要根据题意，细心地画出动态变化

平衡关系，从而确定各个力大小的变化。

解：A、当开始系统处于静止状态时，对小球受力分析如图所示，由几

何关系知道θ=30°，由平衡条件得到挡板对小球的弹力为：

F N2=mgtanθ=√3

mg，故A正确；

3

BC、画出竖直挡板转动过程中的动态矢量图如图所示，小球所受三个力构成封闭的三角形，由图中看出大球对小球的弹力F N1一直变小，档板的弹力先变小再变大，故B正确，C错

误；

D、把两个球当成一个整体，同理，可得斜面对大球的弹力一直减小，故D错误。

故选AB。

11.答案：AC

解析：

解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解。

先以B为研究对象根据平衡条件求出绳子的拉力；然后以A为研究对象受力分析，根据共点力平衡条件求出支持力和摩擦力的大小。

解：A、先以B为研究对象，受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mg；故A正确；

B、再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的静摩擦力，如图所示：

根据平衡条件，有：

水平方向：Tcosθ=f

竖直方向：N+Tsinθ=2mg 将T=mg代入，有：

f=√3

2

mg

N=1.5mg

结合牛顿第三定律，物体A对地面的压力大小为11

2mg，物体A对地面的摩擦力大小为√3

2

mg，故B

错误，C正确，D错误；

故选：AC。

12.答案：BC

解析：解：A、在前3s内物体的速度一直为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，第1 s内和第3 s内的运动方向相同，故A错误；

B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B正确；

C、速度图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等。故C正确；

D、根据“面积”可知：0～2s内和0～4s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D 错误。

故选：BC。

速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移。平均速度等于位移与时间之比。根据这些知识进行解答。

解决本题的关键要理解速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移。

13.答案：AD

解析：解：A、两球都做斜抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，两

球上升和下落的时间相等，而下落过程，根据t=√2?

g

，知下落时间相等，则两球运动的时间相等．故A正确．

B、A和B的加速度均等于重力加速度，即B的就速度等于A的加速度，故B错误；

C、两球的竖直高度相等，时间相等，A的水平位移小于B的水平位移，水平速度A的大，最高点只

有水平速度，故最高点A 的水平速度比B 的小，故C 错误；

D 、落地时根据v y =√2g?，竖直分速度一样大，水平分速度B 大，所以B 落地时的速度比A 落地时

的速度大，故D 正确； 故选：AD

由运动的合成与分解规律可知，物体在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，两球的加速度相同，由竖直高度相同，由运动学公式分析竖直方向的初速度关系，即可知道水平初速度的关系．两球在最高点的速度等于水平初速度．由速度合成分析初速度的关系，即可由机械能守恒知道落地速度的大小关系

本题考查运用运动的合成与分解的方法处理斜抛运动的能力，对于竖直上抛的分速度，可根据运动学公式和对称性进行研究

14.答案：AC

解析：解：AB 、位移中点速度为v =√v 02

+v t 2

2

=5v ，故A 正确，B 错误；

C 、中间时刻速度为v =

v 0+v t 2

=4v 故C 正确； D 前一半时间的位移x 1=v+4v 2

×t

2=5

4vt ，

后一半时间的位移x 2=

4v+7v 2

×t

2=114vt

△x =x 2?x 1=1.5vt

故D 错误。 故选：AC 。 两个重要的推论：

①一段位移内位移中点的瞬时速度v 与这段位移初速度v 0和末速度v t 的关系为 ②某段时间内的中间时刻速度等于这段时间内的平均速度v t 2

=v t =x

t =

v 0+v t 2

v =√v 02+v t 22v =√

v 02+v t

2

2

理解应用匀变速直线运动的重要推论，最好会用基本公式推导，能更好的理解．

15.答案：AC

解析：

先对灯泡进行分析，得出灯泡对绳子的拉力，然后对O点受力分析，受三个拉力，根据平衡条件并结合分解法列式求解即可．

本题关键对O点受力分析后根据平衡条件列式求解，可以结合合成法、分解法、正交分解法求解，中档题．

设灯泡为C，先选择灯泡为研究对象，开始时灯泡受到重力和绳子的拉力，所以绳子的拉力等于灯泡的重力；

设对灯泡施加一个水平向右的拉力后设OC与竖直方向之间的拉力为θ，如图，则：F C=mgcosθ；

选择节点O点为研究对象，则O点受到三个力的作用处于平衡状态，受力如图，

由图可知，在竖直方向：F2沿竖直方向的分力始终等于重力，即F C cosθ=mg，而且F2的方向始终不变，所以F2始终不变；故C正确，D错误；

沿水平方向：F1的大小等于F2沿水平方向的分力与F C沿水平方向分力的和，由于F C沿水平方向分力随θ的增大而增大，所以F1逐渐增大；故A正确，B错误；

故选：AC．

16.答案：B由于弹簧自身的重力作用

解析：解：(1)A、在图象中横截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故A错误．

BC、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的，故B正确．

D、弹簧的弹力满足胡克定律，弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误．

故选：B．

(2)由于弹簧自身的重力，弹簧在拉力F=0的时候，有一定的伸长量．

故答案为：(1)B；

(2)由于弹簧自身的重力作用．

(1)弹簧的弹力满足胡克定律，F=kx，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长．

(2)弹簧会因为自身的重力而自发伸长．

考查了胡克定律，注意F?l图象的认识，明确斜率和横截距的物理意义．

17.答案：(1)交流；(2)AC；(3)0.34，0.40．

解析：解：(1)打点计时器使用的是交流电源．

(2)A、在释放小车前，小车应紧靠打点计时器，故A正确．

B、打点计时器应固定在不带滑轮的一端，故B错误．

C、实验时应先接通电源，再释放小车，故C正确．

D、电火花打点计时器使用的是220V的交流电源，故D错误．

故选：AC．

(3)D点的瞬时速度为：v D=x CE

2T =0.120?0.052

0.2

m/s=0.34m/s．

因为连续相等时间内的位移之差△x=4.0mm，根据△x=aT2得：a=△x

T2=4×10?3

0.01

=0.40m/s2

故答案为：(1)交流；(2)AC；(3)0.34，0.40．

打点计时器使用交流电源，实验时小车开始紧靠打点计时器，先接通电源在释放小车．

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出D点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用．注意有效数字的保留．

18.答案：用公式v=v0+at，t=v?v0

a ①，x=v0t+1

2

at2②，把①式代入②式得：x=v0(v?v0)

a

+

a 2(v?v0)2

a2

=2v0(v?v0)+(v?v0)2

2a

=v2?v02

2a

，所以v2?v02=2ax。

解析：

利用v=v0+at，和x=v0t+1

2

at2推导。

匀变速直线运动的位移与时间的关系、速度与时间的关系.其公式为：v=v0+atx=v0t+1

2

at2，若把两式中消去t，可直接得到位移与速度的关系。

故答案为：用公式v=v0+at，t=v?v0

a ①，x=v0t+1

2

at2②，把①式代入②式得：x=v0(v?v0)

a

+

a 2(v?v0)2

a2

=2v0(v?v0)+(v?v0)2

2a

=v2?v02

2a

，所以v2?v02=2ax。

19.答案：解：由x=1

2at2得：a=2x

t2

=72

9

m/s2=8m/s2．

故物体下落的加速度大小为8m/s2．

答：物体在下落加速度的大小为8m/s2．

解析：根据匀变速直线运动的公式求出物体下落的加速度．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间关系式，根据位移的公式直接计算即可，难度不大．20.答案：解：(1)木箱受重力、地面的支持力、摩擦力、拉力，

受力如图所示；

(2)木箱在拉力作用下处于静止状态，

由平衡条件得木箱受到水平地面的支持力N=G?Fsin37°=

200N?40×0.6N=176N；

(3)由平衡条件得地面对木箱的静摩擦力f=F1=Fcos37°=

40×0.8N=32N

答：(1)木箱的受力分析如图所示；

(2)地面对木箱支持力的大小是176N；

(3)地面对木箱的静摩擦力大小是32N。

解析：(1)木箱受重力、地面的支持力、摩擦力、拉力，据此画出受力分析图；

(2)木箱在拉力作用下处于静止状态，根据平衡条件可求得地面对木箱支持力；

(3)根据平衡条件可求得地面对木箱的静摩擦力大小。

本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。

21.答案：解：当物体沿墙匀速下滑时，受力如图(a)所示，建立如图所示的坐标系，由平衡条件得

图(a)图(b)

F1sinα+F f1=mg①

F N1=F1cosα②

又有F f1=μF N1③

由①②③解得：

F1=

mg

sinα+μcosα

=

2×10

0.6+0.5×0.8

=20N

当物体匀速上滑时，受力如图(b)所示，建立如图所示的坐标系，由平衡条件得F2sinα=F f2+mg④

F N2=F2cosα⑤

又有F f2=μF N2⑥

由④⑤⑥解得：

F2=

mg

sinα?μcosα

=

2×10

0.6?0.5×0.8

=100N

答：外力F的大小为20N或100N．

解析：当物体匀速上滑时，摩擦力沿墙壁向下；当物匀速下滑时，摩擦力沿墙壁向上．根据平衡条件和摩擦力公式并运用正交分解法列式求出F．

本题是力平衡问题，关键分析清楚摩擦力的两种可能情况：当物体向上或向下滑动时，物体与墙壁间的摩擦力不同．处理方法可以分情况讨论，也可以假设摩擦力向上，取正负两种值．