重点高中自主招生物理试卷三(含答案)

重点高中自主招生物理试卷三（含答案详解）

一．选择题（共11小题）

1．在图所示的电路中，W为一个稳压管，其作用是确保C、D之间的电压U CD不变，只要流过稳压管W的电流在5mA和25mA之间，U CD将稳定为15V．R2为一可变电阻，它的最小值为1000Ω，最大值为无穷大（即断路）。设电源电压U为25V，则当R2变化时，为了确保U CD为15V，则R1阻值范围应为（）

A．2500Ω～2000ΩB．400Ω～500Ω

C．250Ω～400ΩD．500Ω～2000Ω

2．如图所示，电源电压恒定不变，R1＝20Ω，当滑片P在某一位置时，电压表的示数为U1，R2的功率为P0，当滑片P在另一位置时，电压表的示数为U，R2的功率仍为P0，且U＝4U1，则R2的最大阻值可能为（）

A．30ΩB．20ΩC．100ΩD．64Ω

3．如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断不正确的是（）

A．L1和L3变暗，L2变亮

B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变

C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值

D．L1上电压变化值小于L2上电压变化值

4．在如图的电路中，电源电压U保持不变，在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S，测得U甲：U乙＝1：3；断开开关S，拆去电压表并在甲、乙两处分别接入电流表，此时I甲：I乙是（）

A．3：1B．1：1C．1：3D．4：3

5．如图所示，D1和D2是两个二极管，二极管是一种具有单向导电性能的器材。当有按图中箭头方向的电流通过二极管时，二极管的电阻为零：当有按图中箭头反方向的电流通过二极管时，二极管的电阻无穷大。电阻R1、R2、R3的阻值均为10Ω，在a、b间接电压恒为6V的电源。当a接电源正极，闭合开关S时，流过开关的电流为I1：当b接电源正极，闭合开关S时，流过开关的电流为I2．则I1和I2分别是（）

A．1.8A和0.2A B．1.8A和0.6A C．0.4A和0.6A D．0.4A和0.2A 6．如图甲是灯泡L和定值电阻R的U﹣I关系图象。将L和R先后以乙图和丙图两种方式接在同一电源上（电压不变）。若乙图中的U1：U2＝m，丙图中I1：I2＝n，则下列判断中正确的是（）

A．m＝n B．m＞n C．m＜n D．mn＝1

7．将两只不同阻值的电阻R1、R2连成如图（a）所示的电路，当闭合电键S后，电流表示

数为0.5A，现将图（a）中的电阻改接成如图（b）所示的电路，则闭合电键S后，电流表中的示数（）

A．一定大于2A

B．一定小于0.5A

C．一定大于0.5A，但小于1A

D．一定大于1A，但小于2A

8．实验室里可以用欧姆表来直接测量电阻。如图虚线框内是欧姆表的简化结构图，它由灵敏电流表、电源、变阻器等组成。在a，b间接入一个电阻R，电路中就有一个对电流Ⅰ，即电阻R与电流表的读数Ⅰ有一一对应关系。所以，由电流表的指针位置可以知道电阻R 大小。为了方便，事先在电流表的刻度盘上标出了电阻的欧姆值。欧姆表在测量电阻前都需要调零，即把a，b两接线柱短接，调节变阻器的滑片位置，使电流表满偏（指在最大刻度处）。若某欧姆表的刻度值是按电源电压为1.5伏来刻度的，满偏电流为10毫安。在使用一段时间后，发现电源电压降为0.9伏，用这个欧姆表测得某电阻为350欧，则这个电阻的实际值为（不考虑电源本身的电阻）（）

A．210欧B．150欧C．250欧D．280 欧

9．如图所示，电源电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P从a端滑向b端的过程中，三只理想电流表示数变化的绝对值分别为△I1、△I2、△I3，下列说法正确的是（）

A．A1的示数变大，A3的示数变小

B．A2的示数变大，A3的示数变大

C．△I1小于△I3

D．△I2+△I3＝△I1

10．电压表实际上是有电阻的，可以看成是一个可以显示本身承担电压的大电阻，如图所示，两电阻两端所加电压恒为10V，当电压表接R x时示数为4V，当电压表接R时示数为5V，且R为60kΩ，则R x为（）

A．60kΩB．40kΩC．48kΩD．240kΩ

11．阻值相等的三个电阻R和R1，R2，R3组成如图所示的电路，且R1＝R2＝R3，若电阻R1两端的电压为20伏，电阻R3两端的电压为4伏，则电阻R2两端的电压为（）

A．6伏B．8伏C．10伏D．12伏

二．多选题（共1小题）

12．在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，R1，R2，R3为定值电阻。移动滑动变阻器的滑片，使电压表V1，V2的示数分别增大△U1，△U2，在这个过程中（）

A．△U2＜△U1

B．通过电阻R1的电流增加

C．通过电阻R2的电流减小

D．电阻R3两端的电压增大△U2

三．实验探究题（共2小题）

13．为了测定额定电压为2.8V小灯泡的电阻，某同学设计了如图甲的实验电路图。

（1）根据电路图，用笔画线代替电线，将图乙中的实验电路连接成完整实验电路；

（2）开关S闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于（选填“A端”、“B端”或者“AB正中间”）。

（3）正确连接好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表和电压表都几乎无示数，则接下来的操作应该是：。

（4）已知小灯泡灯丝在27℃时的电阻约为1.5Ω，并且其电阻值与灯丝的热力学温度成正比（热力学温度T与摄氏度t的关系为T＝t+273），根据图丙画出的小灯泡I﹣U特性曲线，估算该灯泡以额定功率工作时灯丝的温度为℃。

（5）考虑到电压表的电阻对实验的影响，按图甲测出的阻值比实际值。（选填“偏大”或者“偏小”）

14．小乐想用电源、一个电流表、两只开关和阻值已知的电阻R0测量电阻R x的阻值。并连接了如图甲所示电路进行实验。只闭合开关S1时电流表的示数为I1；闭合开关S1和S2时电流表的示数为I2，则电阻R x的表达式为（用I1、I2和R0表示）．小明认为此电路不妥。缺少了滑动变阻器，他设计了另外一种电路，如图乙所示，他认为只闭合开关S1，电流表测得的是R0中的电流。只闭合开关S2，电流表测得的是R x中的电流。这样也可以测量电阻R x的阻值。请你帮助说明一下，在测量电阻的电路中加了滑动变阻器的好处是，但是小明的这种测法（选填“正确”或“不正确”），理由是。

参考答案与试题解析

一．选择题（共11小题）

1．在图所示的电路中，W为一个稳压管，其作用是确保C、D之间的电压U CD不变，只要流过稳压管W的电流在5mA和25mA之间，U CD将稳定为15V．R2为一可变电阻，它的最小值为1000Ω，最大值为无穷大（即断路）。设电源电压U为25V，则当R2变化时，为了确保U CD为15V，则R1阻值范围应为（）

A．2500Ω～2000ΩB．400Ω～500Ω

C．250Ω～400ΩD．500Ω～2000Ω

【分析】当R2取最小值时，流过稳压管W的电流最小，为5mA；当R2无穷大时，流过稳压管W及R1的电流最大，为25mA．电阻R1两端的电压不变，根据欧姆定律求解即可。【解答】解：根据题意可知：电源电压U＝25V，R2两端电压U2＝15V，

所以R1两端的电压U1＝U﹣U2＝25V﹣15V＝10V

当R2最小时，流过稳压管的电流最小为5mA，则电阻R1的电流最大，根据欧姆定律，有：I＝5mA+＝5mA+15mA＝20mA，

R1＝＝＝500Ω；

当R2最大时，R2无穷大，即断路，流过稳压管的电流最大为25mA，因为此时稳压管与R1串联，所以流过R1的电流也是25mA，根据欧姆定律，有：

R＝＝＝400Ω；

故R1阻值范围应为：400Ω＜R1＜500Ω。

故选：B。

【点评】本题关键明确稳压管额工作原理，理清电路中的电流和电压关系，然后根据欧姆定律列式求解。

2．如图所示，电源电压恒定不变，R1＝20Ω，当滑片P在某一位置时，电压表的示数为U1，

R2的功率为P0，当滑片P在另一位置时，电压表的示数为U，R2的功率仍为P0，且U＝4U1，则R2的最大阻值可能为（）

A．30ΩB．20ΩC．100ΩD．64Ω

【分析】先画出两种情况的等效电路图，根据欧姆定律表示出两种情况下电压表的示数之比即可求出电流之比，根据P＝I2R表示出两种情况下R2的功率之比求出R2两次接入电路中的电阻之比，根据电压一定时电流与电阻成反比得出等式即可求出R2的接入电路中的电阻，R2的最大阻值不小于接入电路中的最大阻值。

【解答】解：当滑片P在某一位置时电路图如图甲所示，当滑片P在另一位置时电路图如图乙所示：

由I＝可得，两次电压表的示数之比：

＝＝＝，

因两次电路中R2的功率均为P0，

所以，由P＝I2R可得：

＝×＝（）2×＝，

解得：＝，

因电源的电压一定时，电路中的电流与电阻成反比，

所以，＝＝＝，

解得：R2＝80Ω，

即R2的最大阻值不小于80Ω，由选项可知C符合。

故选：C。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用比值法解决问题时要注意各量之间的关系，不要颠倒。

3．如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断不正确的是（）

A．L1和L3变暗，L2变亮

B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变

C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值

D．L1上电压变化值小于L2上电压变化值

【分析】由图可知L3与滑动变阻器串联后与L2并联，再与R0、L1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；由串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系。

【解答】解：

当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗；

电路中电流减小，故R0、L1两端的电压减小，而电源电压不变，根据串联电路的电压特点可知并联部分两端的电压增大，故L2变亮；

由于L2中电流增大，干路电流减小，由于并联电路的电流特点可知：支路L3的电流减小，故L3变暗；故A正确、B错误；

因L1中电流减小，L3中电流减小，而L2中电流增大；开始时有：I1＝I2+I3，故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C正确；

因并联部分的电压与L1、R0上的总电压等于电源电压；L2两端的电压增大，L1、R0及内阻

r两端的电压减小，而电源电压不变，故L2两端电压增大值应等于其它电阻的减小值，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D正确；

故选：B。

【点评】本题不但考查电路中各量的变化方向，还考查了各电阻中电流及电压的变化值，题目较为新颖，要求学生能灵活应用串并联电路的电流电压规律及闭合电路的欧姆定律。4．在如图的电路中，电源电压U保持不变，在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S，测得U甲：U乙＝1：3；断开开关S，拆去电压表并在甲、乙两处分别接入电流表，此时I甲：I乙是（）

A．3：1B．1：1C．1：3D．4：3

【分析】（1）在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S时，两电阻串联在电路中，甲表测的是R1两端的电压，乙表测的是R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；

（2）断开开关S，拆去电压表并在甲、乙两处分别接入电流表时，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电流表的示数之比。

【解答】解：（1）在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S时，两电阻串联在电路中，甲表测的是R1两端的电压，乙表测的是R2两端的电压，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由I＝可得，两电阻的阻值之比：

＝＝＝＝；

（2）断开开关S，拆去电压表并在甲、乙两处分别接入电流表时，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，两电流表的示数之比：

＝＝＝＝。

故选：C。

【点评】本题考查了串联电路和并联电路中电流和电压的关系，以及电流表和电压表的使用，关键是甲、乙是电流表或电压表时电路串并联的辨别。

5．如图所示，D1和D2是两个二极管，二极管是一种具有单向导电性能的器材。当有按图中箭头方向的电流通过二极管时，二极管的电阻为零：当有按图中箭头反方向的电流通过二极管时，二极管的电阻无穷大。电阻R1、R2、R3的阻值均为10Ω，在a、b间接电压恒为6V的电源。当a接电源正极，闭合开关S时，流过开关的电流为I1：当b接电源正极，闭合开关S时，流过开关的电流为I2．则I1和I2分别是（）

A．1.8A和0.2A B．1.8A和0.6A C．0.4A和0.6A D．0.4A和0.2A

【分析】因为二极管是一种具有单向导电性能的器材，故只需按照题目的要求，把电源的正极分别放在a、b两端，根据电流的方向分别分析出电路的连接方式，从而得到电路中的总电阻，又知电源电压，再根据串并联的特点和欧姆定律即可求出电路中的电流。

【解答】解：（1）当a接电源正极时，电流从a点流经电流表后分为三条路径，最终回到b 端的负极，即R1、R2、R3并联。由于开关在干路上，则此时流过开关的电流为：

I1＝++＝++＝1.8A；故CD错误；

（2）当b接电源正极时，电流从b点流经R3、R2、R1后再流经电流表，即R1、R2、R3串联，

此时电路中的总电阻：R总2＝R1+R2+R3＝10Ω+10Ω+10Ω＝30Ω，

此时流过开关的电流为：I2＝＝＝0.2A；故A正确，B错误。

故选：A。

【点评】本题的难点在于根据二极管的特点和电流的方向判断出电路的连接方式，再根据串并联电路的特点和欧姆定律解得。

6．如图甲是灯泡L和定值电阻R的U﹣I关系图象。将L和R先后以乙图和丙图两种方式接在同一电源上（电压不变）。若乙图中的U1：U2＝m，丙图中I1：I2＝n，则下列判断中正确的是（）

A．m＝n B．m＞n C．m＜n D．mn＝1

【分析】图乙中，灯泡与电阻串联，U1：U2＝m；图丙中，灯泡与电阻并联，I1：I2＝n，分别根据串联电路的电压规律和并联电路的电压规律求得两电阻之比，然后即可得出结论。【解答】解：

由图乙知，灯泡与电阻串联，所以通过它们的电流相同，

由I＝可知，当电流相同时，电压与电阻成正比，

所以：＝＝m，

由图丙知，灯泡与电阻并联，各支路两端的电压相同，

由I＝可知，当电压相同时，电流与电阻成反比，

所以：＝＝n，

即：＝，

由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而增大，而乙图中灯泡两端电压比丙图中小，所以R L

小于R L丙，

乙

所以：＜，则m＜，即mn＜1，故D错误；

由乙图可知，在电流相同时，U1＞U2，则U1：U2＝m＞1，

由于m＜，则n＜1，故m＞n，故B正确，AC错误。

故选：B。

【点评】能灵活运用欧姆定律及其变形公式，熟知串并联电路的电压、电流、电阻的关系，是解答本题的关键，有一定的难度。

7．将两只不同阻值的电阻R1、R2连成如图（a）所示的电路，当闭合电键S后，电流表示数为0.5A，现将图（a）中的电阻改接成如图（b）所示的电路，则闭合电键S后，电流表中的示数（）

A．一定大于2A

B．一定小于0.5A

C．一定大于0.5A，但小于1A

D．一定大于1A，但小于2A

【分析】（1）由（a）电路图可知两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律表示出电流表的示数；

（2）由（b）电路图可知两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电阻特点得出总电阻，根据欧姆定律表示出电流表的示数；根据数学知识求出两电流表示数的最小比值，即可求出图（b）中电流表的示数。

【解答】解：由（a）电路图可得I1＝，

由（b）电路图可得电路的总电阻R＝，

电路中的电流I2＝＝，

则＝＝＝＝

＝＝+4，

因R1≠R2，

所以，＞4，

即I2＞4I1＝4×0.5A＝2A。

故选：A。

【点评】本题考查了电阻的串联和电阻的并联，关键是能把电流表的示数关系转化为数学知识进一步求解。

8．实验室里可以用欧姆表来直接测量电阻。如图虚线框内是欧姆表的简化结构图，它由灵敏电流表、电源、变阻器等组成。在a，b间接入一个电阻R，电路中就有一个对电流Ⅰ，即电阻R与电流表的读数Ⅰ有一一对应关系。所以，由电流表的指针位置可以知道电阻R 大小。为了方便，事先在电流表的刻度盘上标出了电阻的欧姆值。欧姆表在测量电阻前都需要调零，即把a，b两接线柱短接，调节变阻器的滑片位置，使电流表满偏（指在最大刻度处）。若某欧姆表的刻度值是按电源电压为1.5伏来刻度的，满偏电流为10毫安。在使用一段时间后，发现电源电压降为0.9伏，用这个欧姆表测得某电阻为350欧，则这个电阻的实际值为（不考虑电源本身的电阻）（）

A．210欧B．150欧C．250欧D．280 欧

【分析】由欧姆定律求出欧姆表的内阻，由欧姆定律求出电阻阻值为350欧时的电流，然后由欧姆定律求出电阻的真实值。

【解答】解：由I＝可知，电源电压为1.5V时，欧姆表的内阻：R内＝＝

＝150Ω，

刻度值为350Ω所对应的电流值：I＝＝＝0.003A，

电源电压为0.9V时，欧姆表的内阻：R内′＝＝＝90Ω，

电流I＝0.003A对应的电阻：R总＝＝＝300Ω，

待测电阻的阻值：R′＝R总﹣R内′＝300Ω﹣90Ω＝210Ω。

故选：A。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的综合应用，注意：无论电源电压为何值，用欧姆表测得的电阻值和电流值是对应的，且电源电压不同时，欧姆表的内阻不同。9．如图所示，电源电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P从a端滑向b端的过程中，三只理想电流表示数变化的绝对值分别为△I1、△I2、△I3，下列说法正确的是（）

A．A1的示数变大，A3的示数变小

B．A2的示数变大，A3的示数变大

C．△I1小于△I3

D．△I2+△I3＝△I1

【分析】分析电路连接及电表测量的物理量：

AB、滑动变阻器的滑片P从a端滑向b端的过程中，分析变阻器连入电路的电阻变化，由电阻的串联规律判断变阻器与R3串联的电阻变化，根据并联电路的规律确定并联部分的电阻变小，从而确定电路的总电阻变小，由欧姆定律I＝得出A1的示数变化；

由分压原理可得出并联电路的电压变化，由欧姆定律I＝确定A2的示数变化，由并联电路电流的规律确定A3的示数变化；

CD、根据三个电流表示数变化特点，由并联电路电流的规律确定A1示数增大量与A3示数增大量的关系，从而进一步确定△I2+△I3与△I1的关系。

【解答】解：

由图可知，变阻器R与R3串联后与R2并联，再与R1串联，电流表A2测R2的电流，电流表A3测R3与R串联支路的电流，电流表A1测并联电路的总电流：

AB、滑动变阻器的滑片P从a端滑向b端的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的串联和并联规律可知，变阻器与R3串联的总电阻变小，并联部分的总电阻也变小，整个电路的总电阻也变小，由欧姆定律I＝可知总电流变大，即A1的示数变大，

并联部分的总电阻变小，由分压原理可知，并联部分电路的电压变小，由I＝可知R2的电流变小，即A2的示数变小，

由并联电路电流的规律可得：I A1＝I A2+I A3﹣﹣﹣﹣﹣①，

综合分析可知A3的示数一定变大，故AB错误；

CD、因A1示数变大，A2示数变小，A3示数变大，由①知A1示数增大量一定小于A3示数增大量，即△I1小于△I3，故C正确；

因△I3＞△I1，则△I2+△I3＞△I1，所以△I2+△I3≠△I1，故D错误。

故选：C。

【点评】本题为混联电路，考查了串联、并联电路的规律及欧姆定律的灵活运用，电路较为复杂，有一定难度。

10．电压表实际上是有电阻的，可以看成是一个可以显示本身承担电压的大电阻，如图所示，两电阻两端所加电压恒为10V，当电压表接R x时示数为4V，当电压表接R时示数为5V，且R为60kΩ，则R x为（）

A．60kΩB．40kΩC．48kΩD．240kΩ

【分析】设电压表的内阻为r，则串并联电路的特点和欧姆定律分别得出干路电流的表达式即可求解R x的阻值。

【解答】解：当电压表接R x时，电路相当于电压表的内阻与R x并联后与R串联；

根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得：

R两端的电压U R＝U﹣U x＝10V﹣4V＝6V，

根据并联电路的电流特点可得：

I r+I x＝I R，

即：+＝；

所以，+＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，

当电压表接R时，电路相当于电压表的内阻与R并联后与R x串联；

根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得：

R x两端的电压U x′＝U﹣U R′＝10V﹣5V＝5V，

根据并联电路的电流特点可得：

I x′＝I r′+I R′，

即：＝+；

所以，＝+﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，

解①②得：R x＝48×103Ω＝48kΩ。

故选：C。

【点评】本题考查伏安法测电阻的实验误差分析，要注意明确电压表内阻带来的影响，根据串并联电路的规律进行分析求解。

11．阻值相等的三个电阻R和R1，R2，R3组成如图所示的电路，且R1＝R2＝R3，若电阻R1两端的电压为20伏，电阻R3两端的电压为4伏，则电阻R2两端的电压为（）

A．6伏B．8伏C．10伏D．12伏

【分析】（1）由电路图可知，R3与R串联后与R2并联，再与R串联，最后再与R1并联；已知R3两端的电压，根据欧姆定律可求该支路电流，再根据并联电路的电压特点和串联电路的电压特点得出通过最右端R的电流，得出等式。

（2）根据并联电路的电流特点得出通过中间电阻R的电流，根据欧姆定律表示出其两端的电压，再根据R1两端的电压等于中间电阻R两端的电压和R2两端的电压之和得出等式，

联立等式得出方程，解方程即可得出电阻R2两端的电压。

【解答】解：如下图所示：

设R2两端的电压为U2，R1＝R2＝R3＝x，

由图1可知：BCD中R与R3串联，通过R3的电流，

因最右边R3与R串联后在与R2并联，

所以，通过R的电流，

则＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

如图2可知：BE与BCD并联，

通过中间电阻R的电流I＝+，

中间R两端的电压为U R中＝IR＝（+）R，

由图3可得：ABE与AF并联，

因电阻R1两端的电压为20伏，

所以，（+）R+U2＝20V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

由①②两式可得：U22+4U2﹣96＝0，

解得：U2＝8V，U2＝﹣12V（舍掉）

故选：B。

【点评】本题考查了并联电路和串联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是分清电路各元件的连接方式，难点是根据已知电压建立方程。

二．多选题（共1小题）

12．在如图所示的电路中，电源电压U保持不变，R1，R2，R3为定值电阻。移动滑动变阻器的滑片，使电压表V1，V2的示数分别增大△U1，△U2，在这个过程中（）

A．△U2＜△U1

B．通过电阻R1的电流增加

C．通过电阻R2的电流减小

D．电阻R3两端的电压增大△U2

【分析】A、根据串联电路电压的规律分析原来电路电压和移动滑片后电路电压的关系，从而确定故△U2与△U1大小关系；

B、由欧姆定律分别得出原来通过R1的电流和移动滑片后电流的表达式，从而得出通过电阻R1的电流增加表达式；

CD、由串联电路电压的规律，R3两端电压减小△U2；

类似B选项，故通过R3两的电流减小，

由串联电路的规律分析回答。

【解答】解：A、根据串联电路电压的规律有：U＝U1+U R2+U R3，

即原来：

U1＝U﹣（U R2+U R3）﹣﹣﹣﹣﹣①，

移动滑片后，

U1′＝U﹣（U R2′+U R3′）﹣﹣﹣﹣②

②﹣①得：U1′﹣U1＝（U R2+U R3）﹣（U R2′+U R3′）＝（U R2﹣U R2′）+（U R3﹣U R3′）＝△U R2+△U R3，

即△U1＝△U R2+△U R3﹣﹣﹣③，

根据串联电路各部分电压之和不变，故△U2＝△U R3﹣﹣﹣﹣④，

由③④得：△U2＜△U1

A正确；

B、由欧姆定律，原来通过R1的电流：

I1＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤

移动滑片后：

I1′＝﹣﹣﹣﹣﹣⑥

⑥﹣⑤得：I1′﹣I1＝﹣＝；

故通过电阻R1的电流增加△I1＝，B错误；

CD、由串联电路电压的规律，R3两端电压减小△U2，D错误；

类似B选项，故通过R3两的电流减小，

由串联电路的规律，流经R2、R3的电流相等，故通过电阻R2的电流减小，C正确；故选：AC。

【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律的运用，对思维能力要求较高。三．实验探究题（共2小题）

13．为了测定额定电压为2.8V小灯泡的电阻，某同学设计了如图甲的实验电路图。

（1）根据电路图，用笔画线代替电线，将图乙中的实验电路连接成完整实验电路；

（2）开关S闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于A端（选填“A端”、“B端”或者“AB正中间”）。