2019-2020学年天津市滨海新区塘沽第一中学高一下学期第一次月考化学试题 Word版含解析
塘沽一中2019—2020 学年度第二学期高一年级第一次月考
化学学科试题
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Cu 64 Fe 56 S
32
一、选择题：(每小题只有一个正确选项，每小题4 分，共60 分）
1.下列过程属于人工固氮的是( )
A. 用N2 和H2合成NH3
B. 闪电时大气中氮的氧化物的生成
C. 由氨气制尿素
D. 从空气中分离出氮气
【答案】A
【解析】
【分析】
固氮：将游离态的氮转化成化合态的氮，包括自然固氮、人工固氮。
【详解】A. 用N2 和H2合成NH3：N2+ 3H22NH3，是工业上将游离态的氮转化成化合态的氮，属于人工固氮，A选项符合题意；
B. 闪电时大气中氮的氧化物的生成：是自然固氮，B选项不符合题意；
C. 由氨气制尿素：是化合态氮之间的转化，不属于固氮，C选项不符合题意；
D. 从空气中分离出氮气：没有转化成化合态的氮，不属于固氮，D选项不符合题意；
答案选A。
2.下列说法正确的是（）
A. SO2 有毒，不能用作食品添加剂
B. 燃煤中加入生石灰可以减少SO2 的排放
C. 2mol N2 可与6molH2完全反应生成4molNH3
D. 氨水中含有NH3·H2O 和H2O 两种分子
【答案】B
【解析】
【详解】A. SO2 有毒，可用作一定范围内的食品添加剂，但必须严格按照国家有关范围和标准使用，否则，会影响人体健康，A选项错误；
B. 燃煤中加入生石灰可以吸收SO2 ：SO2 + CaO = CaSO3，2CaSO3 + O2 = 2CaSO4，B选项正确；
C. 合成氨反应是可逆反应，所以2mol N 2 可与 6molH 2 不能完全反应，生成的NH 3小于4mol ，C 选项错误；
D. 氨水中除含有 NH 3·H 2O 和 H 2O 外，还有NH 3，D 选项错误；
答案选B 。
【点睛】氨气溶于水，部分与水反应生成NH 3?H 2O ：NH 3 + H 2O
NH 3?H 2O ，NH 3?H 2O 部分电离：NH 3?H 2O NH 4+ + OH -，水也部分电离：H 2O H + + OH -，所以氨水中有3种分子、3种离子：NH 3、NH 3?H 2O 、H 2O 、NH 4+、OH -、H +。
3.下列除杂质的操作方法正确的是（ ）
A. N 2 中有少量的 CO ：通过灼热的氧化铜
B. 食盐中有少量的 NH 4Cl ：加过量的烧碱溶液后加热蒸干
C. NO 中有少量的 NO 2：用水洗涤后再干燥
D. NO 2 中有少量 NH 3：用水洗涤后干燥
【答案】C
【解析】
【详解】
A. CO 通过灼热的
氧化铜发生反应：CO + CuO Cu + CO 2，产生新的杂质气体CO 2，
A 选项错误；
B. 食盐中有少量的 NH 4Cl ：加过量的烧碱溶液后加热蒸干会带入新杂质NaOH ，B 选项错误；
C. NO 中有少量的 NO 2：用水洗涤发生反应：3NO 2 + H 2O = 2HNO 3 + NO ，再干燥可得纯NO ，C 选项正确；
D. NO 2 中有少量 NH 3：用水洗涤时NO 2能与水发生反应：3NO 2 + H 2O = 2HNO 3 + NO ，D 选项错误；
答案选C 。
4.下列说法正确的是（ ）
A. 因为 SO 2 具有漂白性，所以它能使品红溶液、溴水、KMnO 4(H ＋)、石蕊溶液褪色
B. 向 50 mL 18.4 mol/L H 2SO 4 溶液中加入足量的铜片并加热，充分反应后，被还原的 H 2SO 4的物质的量小于 0.46 mol
C. SO 2、NO 2 和 CO 2 都是引起酸雨的主要原因，导致雨水的 pH 小于 5.6
D. 浓 HNO 3 与浓盐酸按 3∶1 的体积比混合所得的混合物叫王水，能溶解金和铂
【答案】B
【解析】
【详解】A. SO2使溴水、KMnO4(H＋)表现的是还原性，SO2不能漂白石蕊溶液，A选项错误；
B. 50 mL 18.4 mol/L H2SO4含H2SO4：50×10-3L×18.4 mol/L=0.92mol，加入足量的铜片并加热：2H2SO4(浓) + Cu CuSO4 + 2H2O + SO2↑，被还原的H2SO4占反应的H2SO4总量的一半，但随反应进行，硫酸变稀，反应停止。所以，充分反应后，被还原的H2SO4的物质的量小于
0.92mol÷2= 0.46 mol，B选项正确；
C. CO2不是引起酸雨的原因，C选项错误；
D. 王水是浓HNO3与浓盐酸按1∶3 的体积比混合所得的混合物，D选项错误；
答案选B。
5. 下列叙述不正确的是
A. NH3易液化，液氨常用作制冷剂
B. 浓HNO3的氧化性强于稀HNO3
C. 铵盐受热易分解，因此贮存氨态氮肥时要密封保存，并放在阴凉通风处
D. 稀HNO3和活泼金属反应时主要得到氢气
【答案】D
【解析】
【详解】A、氨气的熔沸点较低，所以易液化，液氨气化时要吸收大量的热，常用作制冷剂，正确；
B、对于同种氧化剂，一般浓度越高氧化性越强，正确；
C、铵盐受热易分解，因此贮存氨态氮肥时要密封保存，并放在阴凉通风处，正确；
D、稀HNO3和活泼金属反应时不会得到氢气，而主要是氮的氧化物，错误。
答案选D。
6.下列各组离子在碱性条件下可以大量共存，在酸性条件下因发生氧化还原反应而不能大量共存的是( )
A. Cu2+Fe2+NO3-Cl–
B. K+Mg2+HSO3-SO42-
C. S2－Na+K+Cl-
D. Ba2+Na+I-NO3-
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意可知，各组离子有两个要求：在碱性条件下可以大量共存；在酸性条件下因发生氧化还原反应而不能大量共存。可从这两个方面着手判断各选项。
【详解】A. Cu2+、Fe2+在碱性条件下不能大量存在，A选项不符合题意；
B. Mg2+、HSO3-在碱性条件下不能大量存在，B选项不符合题意；
C. S2－、Na+、K+、Cl-：在酸性条件下，S2-不能大量存在：S2- + 2H+ = H2S↑，但不是发生氧化还原反应，C选项不符合题意；
D. Ba2+、Na+、I-、NO3-在碱性条件下可以大量共存，在酸性条件下I-、NO3-因发生氧化还原反应而不能大量共存：NO3-在酸性条件下有强氧化性，能将I-氧化，D选项符合题意；
答案选D。
7.如图装置，将溶液A 逐渐加入固体B 中，下列叙述中不正确的是（）
A. 若a 为浓盐酸，b 为MnO2，c 中盛品红溶液，则c 中溶液不褪色
B. 若a 为稀硫酸，b 为FeS，c 中盛硫酸铜溶液，则c 中产生淡黄色沉淀
C. 若a 为醋酸溶液，b 为贝壳，c 中盛过量澄清石灰水，则c 中溶液变浑浊
D. 若a 为浓氨水，b 为生石灰，c 中盛AlCl3溶液，则c 中产生白色沉淀
【答案】B
【解析】
【分析】
该发生装置为固体和液体不加热制气体，结合各气体的性质可对选项作出判断。
【详解】A. 浓盐酸和MnO2反应需加热，而该装置没有加热，所以不能生成氯气，品红溶液不会褪色，A选项正确；
B. 若a 为稀硫酸，b 为FeS：FeS + H2SO4 = H2S↑ + FeSO4，产生的H2S经过硫酸铜溶液：H2S + CuSO4= CuS↓(黑色) + H2SO4，所以c 中产生黑色沉淀，B选项不正确；
C. 若a 为醋酸溶液，b 为贝壳：2CH3COOH + CaCO3 = Ca(CH3COO)2 + CO2↑ + H2O，产生的CO2经过c 中过量澄清石灰水：CO2 + Ca(OH)2(过量) = CaCO3↓ + H2O，所以c 中溶液变浑浊，C选项正确；
D. 若a 为浓氨水，b 为生石灰：CaO + NH3? H2O = Ca(OH)2 + NH3↑，产生的NH3经过c 中AlCl3溶液：AlCl3 + 3NH3?H2O = Al(OH)3↓ + 3NH4Cl，所以c 中产生白色沉淀，D选项正确；答案选B。
8.如表所示有关物质检验的实验结论正确的是( )
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】D
【解析】
【分析】
根据物质的性质及反应现象分析解答。
【详解】A.白色沉淀可以能是氯化银，溶液中可能含有银离子，应该先加盐酸排除银离子的干扰，故A错误；
B.溶液中可能含有HSO3-，故B错误；
C.具有漂白作用的不仅仅是二氧化硫，融入氯气也可以使品红褪色，故C错误；
D.先通入酸性高锰酸钾溶液，目的是除去二氧化硫气体，再通入澄清石灰水变浑浊，说明产物是二氧化碳，进而证明亚硫酸的酸性强于碳酸，故D正确。
故选D。
【点睛】在物质检验的实验中，一定要注意排除其他物质的干扰，很多反应的现象是一样的，需要进一步验证，例如二氧化硫和二氧化碳都能使澄清石灰水变浑浊，但二氧化硫可以与酸性高锰酸钾反应，二氧化碳不可以。
9.根据下列实验事实得出的相应结论正确的是( )
选项
实验事实 结论 A
NH 3 的水溶液可以导电 NH 3 是电解质 B
SO 2 通入硝酸钡溶液出现白色沉淀 BaSO 3 不溶于强酸 C
浓硝酸久置发黄 硝酸不稳定 D
浓硫酸能脱去胆矾晶体中的水 浓硫酸具有脱水性
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】C
【解析】 【详解】A. NH 3 的水溶液可以导电是因为：NH 3 + H 2O NH 3?H 2O ， NH 3?H 2O NH 4+ + OH -，并不是NH 3 自身电离导致的，所以NH 3 是非电解质，A 选项错误；
B. SO 2 通入硝酸钡溶液出现白色沉淀，是因为SO 2被NO 3-氧化成SO 42-，并进一步生成了BaSO 4沉淀，B 选项错误；
C. 浓硝酸久置发黄是因为：4HNO 3 = 4NO 2↑ + O 2↑ + 2H 2O ，体现了硝酸的不稳定性，C 选项正确；
D. 浓硫酸能脱去胆矾晶体中的水，体现的是浓硫酸的吸水性，原因是胆矾中的水是以H 2O 的形式与Cu 2+和SO 42-结合，而不是在脱水过程中形成的，D 选项错误；
答案选C 。
【点睛】1. 电解质是在溶于水或熔融状态下能导电的化合物，其本质是在一定条件下自身能电离的化合物。
2. CuSO 4?5H 2O 中H 2O 分子以不同形式与Cu 2+和SO 42-结合，但CuSO 4?5H 2O 是纯净物。 10.将X 气体通入2BaCl 溶液，未见沉淀生成，然后通入Y 气体，有沉淀生成，X 、Y 不可能是
选项
X Y A 2SO 2H S
B 3NH
2CO C 2Cl 2CO
D
2SO 2NO
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】C
【解析】 【详解】A.硫化氢与二氧化硫反应生成单质硫，单质硫不溶于水，可以产生沉淀，选项A 不选；
B .氨气与二氧化碳反应生成碳酸铵，碳酸铵与氯化钡反应生成碳酸钡沉淀，选项B 不选；
C.氯气、二氧化碳均不与氯化钡反应，则一直没有沉淀生成，选项C 选；
D.二氧化氮和水反应生成硝酸，硝酸和二氧化硫发生氧化还原反应生成24SO
离子，然后与氯化钡反应生成硫酸钡白色沉淀，选项D 不选；
答案选C 。
【点睛】本题主要是考查物质的性质，该题侧重元素化合物性质的考查，明确氯气、二氧化硫、氨气、二氧化碳与氯化钡的性质是解答的关键，特别是有关的氧化性和还原性是易错点，解答时注意发生的氧化还原反应及复分解反应。
11.下列关系图中，A 是一种正盐，B 是气态氢化物，C 是单质，F 是强酸。当 X 无论是强酸还是强碱时都有如下转化关系（其他反应产物及反应所需条件均已略去），当 X 是强碱时，过量 B 跟 Cl 2 反应除生成 C 外，另一产物是盐酸盐。
下列说法中不正确的是（ ）
A. 当 X 是强酸时，A 、B 、C 、D 、E 、F 中均含同一种元素，F 可能是 H 2SO 4
B. 当 X 是强碱时，A 、B 、C 、D 、E 、F 中均含同一种元素，F 是 HNO 3
C. 用 O 2 代替 Cl 2, 也能与 B 反应生成 C 物质
D. 当 X 是强酸时，C 在常温下是一种易溶于酒精的固体
【答案】D
【解析】
【分析】
当X 是强碱时：和强碱反应产生的气态氢化物B可判断为NH3，则A为铵盐，过量的B 跟Cl2反应生成的盐酸盐是NH4Cl，则C为N2，由此判断D为NO、E为NO2、F为HNO3；A和强酸反应生成的B能被Cl2氧化，且生成的C能被O2连续氧化，在常见的物质中可考虑A为硫化物，所以，当X 是强酸时，A、B、C、D、E、F可分别为(NH4)2S、H2S、S、SO2、SO3、H2SO4。可在此基础上对各选项作出判断。
【详解】A. 当X 是强酸时，A、B、C、D、E、F可分别为Na2S、H2S、S、SO2、SO3、H2SO4，它们均含S元素，A选项正确；
B. 当X 是强碱时，A、B、C、D、E、F分别为(NH4)2S、NH3、N2、NO、NO2、HNO3，它们均含同一种元素N，B选项正确；
C. 用O2 代替Cl2：4NH3 + 3O2(纯氧) 2N2 + 6H2O，2H2S + O2(少量) 2H2O +
2S↓，所以O2也能与B 反应生成C 物质，C选项正确；
D. 根据以上分析，当X 是强酸时，C 为S，S在常温下是一种微溶于酒精的固体，D选项不正确；
答案选D。
12.历史上被称为“世界八大公害”和“20 世纪十大环境公害”之一的洛杉矶光化学烟雾事件使
人们深刻认识到了汽车尾气的危害性。汽车尾气中氮氧化物和碳氢化合物受紫外线作用可产生二次污染物光化学烟雾，其中某些反应过程如图所示。下列说法不正确的是（）
A. 烟雾是一种固溶胶，其分散剂是空气
B. O2和O3是氧的两种同素异形体
C. 反应I 属于氧化还原反应
D. NO2不是酸性氧化物
【答案】A
【解析】
【分析】
A.烟雾是一种气溶胶；
B.同种元素的不同单质属于同素异形体；
C.有元素化合价升降的反应是氧化还原反应；
D.与水反应只生成对应酸的氧化物属于酸性氧化物。
【详解】A.烟雾
是一种气溶胶，其分散剂是空气，故A错误；B.同种元素的不同单质属于同素异形体，O2和O3是氧的两种同素异形体，故B正确；
C.NO与O3反应生成NO2，反应I中存在元素化合价的升降，属于氧化还原反应，故C正确；
D.与水反应只生成对应酸的氧化物属于酸性氧化物，NO2与水反应生成硝酸和NO，不是酸性氧化物，故D正确；
故答案选A。
13.短周期主族元素W、X、Y、Z 的原子序数依次增大，其中W 与X 同周期且相邻；X 与Z 均可形成18 个电子的氢化物，且两者可反应生成淡黄色固体；Y 是地壳中含量最高的金属元素。下列说法正确的是( )
A. 简单离子的半径：r(X)< r(Y)< r(Z)
B. X 分别与W、Z 形成的化合物中化学键的类型相同
C. 简单氢化物的沸点：Z >X
D. 常温下Y 的单质与W 的最高价氧化物对应水化物的浓溶液不反应
【答案】B
【解析】
【分析】
X 与Z 均可形成18 个电子的氢化物，且两种氢化物可反应生成淡黄色固体，可判断X的氢化物为H2O2，Z的氢化物为H2S，两者反应生成淡黄色固体S：H2O2 + H2S = S↓ +2H2O；W 与X 同周期且相邻，且原子序数：W＜X，则W为N；地壳中含量最高的金属元素是Al，则Y 为Al。总之，W、X、Y、Z分别是N、O、Al、S。可在此基础上对各选项作出判断。
【详解】A. X、Y、Z的简单离子分别是O2-、Al3+、S2-，其中O2-、Al3+是10电子离子，电子层数均为2，核电荷数后者大，则r(Al3+)< r(O2-)；S2-是18电子离子，电子层数均为3，所以简单离子的半径：r(Al3+)< r(O2-)< r(S2-)，A选项错误；
B. X(O) 与W(N)、Z(S) 形成的化合物中化学键均为共价键，类型相同，B选项正确；
C. Z、X的简单氢化物分别是H2S和H2O，由于H2O分子间能形成氢键，使得其沸点高于H2S，C选项错误；
D. 常温下Y 的单质(Al)在W 的最高价氧化物对应水化物的浓溶液(浓硝酸)中钝化，原因是Al 表面被浓硝酸氧化形成致密的氧化膜，所以两者实际上发生了反应，D 选项错误； 答案选B 。
【点睛】简单离子半径大小比较：
1. 电子层数越多，半径越大；
2. 电子数相同时，核电荷数越大，半径越小；
3. 核电荷数相同时，电子数越多，半径越大。
14.有某硫酸和硝酸的混合溶液20 mL ，其中含硫酸的浓度为2 mol·L －1，含硝酸的浓度为1 mol·
L －1，现向其中加入0.96 g 铜粉，充分反应后(假设只生成NO 气体)，最多可收集到标准状况下的气体的体积为( )
A. 224 mL
B. 168 mL
C. 112 mL
D. 89.6 mL
【答案】A
【解析】
【详解】铜与稀硝酸反应的实质为8H ++3Cu+2NO 3-=3Cu 2++2NO↑+4H 2O ，在溶液中每3molCu 与8molH +完全反应生成2molNO ，题中0.96g 铜粉的物质的量为0.96g 64g/mol =0.015mol ，混合溶液中H +的物质的量为2mol·L －1×0.02L×2+1mol·L －1×0.02L=0.10mol ，NO 3-的物质的量为1mol·L －1×0.02L=0.02mol ，根据离子方程式的关系：8H ++3Cu+2NO 3-=3Cu 2++2NO↑+4H 2O ，显然氢离子过量，铜完全反应，生成的NO 气体由铜的物质的量计算得出，生成NO 的物质的量为0.01mol ，在标准状况下的体积为0.01mol ×22.4L/mol=0.224L=224mL 。 故选A 。 15.在标准状况下，在三个干燥的烧瓶内分别装有纯净的NH 3，含一半空气的HCl 气体, NO 2 和O 2的混合气体[V(NO 2)∶V(O 2) = 4∶1 ]，然后分别作喷泉实验，三个烧瓶内所得溶液的物质的量浓度之比为 A. 2∶1∶2
B. 5∶5∶4
C. 1∶1∶1
D. 无法确定 【答案】B
【解析】
【详解】在相同条件下，气体摩尔体积相同，烧瓶的容积相同，根据n=m
V V 知，氨气、氯化
氢、NO2、O2的物质的量之比为5：2.5：4：1；做喷泉实验时，盛放氨气的烧瓶、含一半空气的氯化氢气体的烧瓶、含NO2和O2的混合气体(体积比为4：1)的烧瓶，各烧瓶中溶液的体积分别为：一烧瓶、半烧瓶、一烧瓶，所以溶液的体积比为2：1：2；因为4NO2+O2+2H2O=4HNO3硝酸的物质的量和二氧化氮的物质的量相等，所以各烧瓶中溶质的物质的量之比为5：2.5：4，
根据c=n
V
知，各物质的量浓度之比为；
5
5
：
2.5
2.5
：
4
5
=5：5：4，故选B。
【点睛】本题考查的是物质的量浓度的有关计算，正确求算盛放氯化氢气体的烧瓶溶液的体积、盛放NO2和O2气体的烧瓶溶质的物质的量是解本题的关键。
二、简答题：（共40 分）
16.如图是氮元素的几种价态与物质类别的对应关系。请回答下列问题：
(1)写出N2 的一种用途：________________。
(2)B 物质的电子式为：________________。
(3)HNO3与图中的物质C 常用于检验Cl-的存在，则C 的化学式为______________。
(4)实验室制取物质B 的化学方程式为______________。
(5)浓硝酸与木炭在加热条件下反应的化学方程式为___________。
(6)如图装置可用于探究氯气与氨气的反应。实验时先通过三颈瓶瓶口1 通入氨气，然后关闭b 活塞，再通过瓶口2 通入氯气。
①实验中三颈瓶内出现白烟并在内壁凝结成固体，发生反应的化学方程式为________，请设计一个实验方案鉴定该固体中的阳离子____________
②实验完毕后，观察到三颈瓶内还有黄绿色气体，简述如何处理才能不污染环境
___________________。
(7)将3.2g 铜与60.0mL 一定浓度的硝酸发生反应，铜完全溶解，产生NO2和NO 混合气体的体积为8.96L(标况)。待产生的气体全部释放后，向溶液加入100mL 2.0mol/L 的NaOH 溶液，恰好使溶液中的Cu2+全部转化成沉淀，则原硝酸溶液的浓度为_______________mol/L。【答案】(1). 作保护气或作制冷剂或用于合成氨等(合理即可)(2). (3). AgNO3(4). 2NH4Cl + Ca(OH)2CaCl2+ 2NH3↑+ 2H2O(5). C + 4HNO3(浓) CO2↑ + 4NO2↑ + 2H2O(6). 8NH3 + 3Cl2 = N2 + 6NH4Cl(7). 取少量固体于试管中，加入NaOH溶液，微热，产生的气体在试管口用湿润的红色石蕊试纸检测，如果试纸变蓝，则证明该固体中含有NH4+(8). 将活塞b打开，Cl2即可被烧杯中的NaOH溶液吸收(9).
10
【解析】
【分析】
(1)~(5)由图可判断，气态氢化物B为NH3，+2价氧化物为NO，C为硝酸盐。可在此基础上结合氮的单质及其化合物的结构和性质解(1)~(5)小题；
(6)氯气有强氧化性，能将氨气氧化，还原产物HCl与NH3反应生成NH4Cl固体；检验该固体中的阳离子即为检验NH4Cl中的NH4+；
②三颈瓶内黄绿色气体为Cl2，Cl2能和碱反应，故可用碱溶液吸收；
(7)原硝酸溶液中的HNO3的物质的量等于未被还原的HNO3和被还原的HNO3的物质的量总和。未被还原的HNO3的物质的量等于反应后溶液中的NO3-的物质的量；根据N元素守恒，被还原的HNO3的物质的量等于还原产物NO2和NO的物质的量总和。利用题给数据分别计算即可求得原硝酸溶液的浓度。
【详解】(1) N2 性质稳定，可作保护气；液氮温度低，可作制冷剂；N2还可用于合成氨，等等。
答案为：作保护气或作制冷剂或用于合成氨等(合理即可)；
(2) B 为NH3，为共价化合物，电子式为：。
答案为：；
(3) 检验Cl- 常用HNO3酸化的AgNO3溶液，所以C 的化学式为AgNO3。
答案为：AgNO3；
(4) 实验室常用NH4Cl和碱石灰共热制取NH3，化学方程式为：2NH4Cl + Ca(OH)2CaCl2 + 2NH3↑ + 2H2O。
答案为：2NH 4Cl + Ca(OH)2 CaCl 2 + 2NH 3↑ + 2H 2O ；
(5) 浓硝酸与木炭在加热条件下反应的化学方程式为：C + 4HNO 3(浓)
CO 2↑ + 4NO 2↑ + 2H 2O 。
答案为：C + 4HNO 3(浓) CO 2↑ + 4NO 2↑ + 2H 2O ；
(6) ① 在三颈瓶内，氯气将氨气氧化成氮气，还原产物HCl 与NH 3 反应生成NH 4Cl 固体，所以发生反应的化学方程式为：8NH 3 + 3Cl 2 = N 2 + 6NH 4Cl ；NH 4Cl 中NH 4+ 的检验方法为：取少量固体于试管中，加入NaOH 溶液，微热，产生的气体在试管口用湿润的红色石蕊试纸检测，如果试纸变蓝，则证明该固体中含有NH 4+。
答案为：8NH 3 + 3Cl 2 = N 2 + 6NH 4Cl ；取少量固体与试管中，加入NaOH 溶液，微热，产生的气体在试管口用湿润的红色石蕊试纸检测，如果试纸变蓝，则证明该固体中含有NH 4+； ② 三颈瓶内黄绿色气体为Cl 2，Cl 2能和碱反应，故可用碱溶液(如NaOH 溶液)吸收，可将活塞b 打开，Cl 2即可被烧杯中的NaOH 溶液吸收。
答案为：将活塞b 打开，Cl 2即可被烧杯中的NaOH 溶液吸收；
(7) 根据分析可知，原硝酸溶液中的HNO 3 的物质的量等于反应后溶液中的NO 3- (未被还原的HNO 3)和还原产物NO 2 和 NO 的物质的量总和(被还原的HNO 3)。一、反应后溶液中的的NO 3- ：向反应后溶液加入NaOH 溶液恰好使溶液中的 Cu 2+ 全部转化成沉淀后，溶液的溶质为NaNO 3，则有：n (NO 3-)=n (Na +)=100×10-3L×2.0mol/L=0.2mol ；二、被还原的HNO 3：还原产物为NO 2 和 NO ，所以，被还原的HNO 3的物质的量为：
-18.96L =0.4mol 22.4L mol g ；则原硝酸溶液的浓度为：-30.2mol+0.4mol 60.=10m 010L L
ol/ 。 答案为：10。
【点睛】硝酸与金属的反应中硝酸的变化：
1. 被还原，得到还原产物，如NO 2、NO 等；
2. 表现酸性，生成硝酸盐；
3. 未反应，即剩余硝酸。
在此认识基础上利用N 元素守恒进行相关计算，可使计算思路清晰。
17.某课外活动小组欲利用 CuO 与 NH 3 反应，研究 NH 3 的某种性质并测定其组成， 设计了如下实验装置（夹持装置未画出）进行实验。请回答下列问题：
(1)仪器a 的名称为_____________。
(2)实验中观察到装置C 中黑色CuO 粉末变为红色固体，量气管有无色无味的气体，上述现象证明NH3 具有_____________性，写出相应的化学方程式____________。
(3)E 装置中浓硫酸的作用____________。
(4)读取气体体积前，应对装置F 进行的操作：_____________。
(5)实验完毕，若测得干燥管D 增重mg，装置F 测得气体的体积为n L（已折算成标准状况），则氨分子中氮、氢的原子个数比为____________（用含m、n 字母的代数式表示）
(6)在实验室中用图中A 装置也可制取SO2气体：
①选用的药品可以是_____________。
A．Na2SO3溶液与HNO3B．Na2SO3固体与浓H2SO4
C．碳与浓H2SO4D．铜与浓H2SO4
②将制得的SO2通入淀粉碘化钾溶液，现象为_________，表明SO2的氧化性比
I2___________(填“强或“弱”)。
③实验室用NaOH 溶液作为SO2的吸收剂防止污染空气，若向100mL 0.3mol/L 的NaOH溶液中通入标准状况下0.448LSO2 气体，所得溶液中的溶质是_________（填化学式）。
④某硫酸厂拟用含Cr2O72-的酸性废水处理烟气中SO2，反应后的铬元素以Cr3+形式存在，则反应中氧化剂和还原剂的物质的量之比是______________。
【答案】(1). 分液漏斗(2). 还原性(3). 2NH3+ 3CuO Δ
3Cu + N2+ 3H2O
(4). 防止F中的水分进入D装置，并吸收未反应的氨气(5). 调整F装置，使两边液面相平
(6).
9n
11.2m
(7). B(8). 无明显现象(9). 弱(10). Na2SO3和NaHSO3(11). 1：
3
【解析】
【分析】
(1)~(5) 根据题意观察装置可知：A装置为氨气发生装置，B装置干燥氨气，C为反应装置，D
装置吸收反应产生的水，E 装置防止F 中的水分进入D 装置干扰实验结果，F 装置测量生成氮气的体积。可在此基础上结合相关知识解(1)~(5)小题；
(6) ① A 装置特点为固液不加热制取气体，根据各反应的条件和产物可对各选项作出判断； ② SO 2不能和KI 反应，无法将I -氧化为I 2；
③ 将SO 2通到NaOH 溶液中，发生的反应为：2NaOH + SO 2 = Na 2SO 3 + H 2O ，或NaOH + SO 2 = NaHSO 3，根据题给数据计算n (NaOH)和n (SO 2)的比值，可判断反应的产物。
④ 氧化还原反应中有元素化合价升高，同时有元素化合价降低。反应中Cr 元素化合价升高，则S 元素的化合价降低，根据电子得失守恒可计算氧化剂和还原剂的物质的量之比。
【详解】(1) 装置中仪器a 为分液漏斗。
答案为：分液漏斗；
(2) 装置C 中黑色CuO 粉末变为红色固体，说明氧化铜被还原为铜单质，说明氨气具有还原性，量气管有无色无味的气体，根据元素守恒该气体肯定含有氮元素，只能是氮气，故方程式为2NH 3 + 3CuO 3Cu + N 2 + 3H 2O 。
答案为：还原性；2NH 3 + 3CuO
3Cu + N 2 + 3H 2O (3) 根据实验目的，需要测定D 装置的质量变化来确定生成水的量，故E 装置的作用是防止F 中的水分进入D 装置，同时浓硫酸还能吸收氨气。
答案为：防止F 中的水分进入D 装置，并吸收未反应的氨气；
(4) 为保证读出的气体体积为标准大气压下的体积，需要调整F 装置，使两边液面相平。 答案为：调整F 装置，使两边液面相平；
(5) 测得干燥管D 增重m g ，即生成m g 水，装置F 测得气体的体积为n L ，即n L 氮气，根据元素守恒，水中的氢元素都来自于氨气，氮气中的氮元素都来自于氨气，故氨分子中氮、氢的原子个数比为：11nL mg 9n 2:(2)=22.4L mol 18g mol 11.2m
--????。 答案为：9n 11.2m
； (6) ① A 装置特点为固液不加热制取气体，
A. Na 2SO 3 会被 HNO 3氧化，A 选项错误；
B. Na 2SO 3 固体与浓 H 2SO 4反应可生成SO 2：Na 2SO 3 + H 2SO 4 = Na 2SO 4 + SO 2↑ + H 2O ，B 选项正确；
C. 碳与浓 H 2SO 4反应需加热：2H 2SO 4(浓) + C CO 2↑ + 2SO 2↑ + 2H 2O ，C 选项错误；
D. 铜与浓 H 2SO 4需加热：2H 2SO 4(浓) + Cu
CuSO 4 + 2H 2O + SO 2↑，D 选项错误；
答案为：B ； ② SO 2不能和KI 反应，所以将制得的 SO 2通入淀粉碘化钾溶液，无明显现象；
SO 2不能将I - 氧化成I 2，表明 SO 2 的氧化性比 I 2弱。
答案为：无明显现象；弱；
③ 将SO 2通到NaOH 溶液中，发生的反应先是：2NaOH + SO 2 = Na 2SO 3 + H 2O ，n (NaOH)：n (SO 2)=2：1时恰好完全反应生成Na 2SO 3；然后是：Na 2SO 3 + SO 2 + H 2O = 2NaHSO 3，总反应为：NaOH + SO 2 = NaHSO 3，n (NaOH)：n (SO 2)=1：1时恰好完全反应生成NaHSO 3。根据题给
信息，n (NaOH)= 100×10-3 L × 0.3mol/L = 0.03 mol ，n (SO 2)= -1
0.448L =0.02mol 22.4L mol g ，n (NaOH)：n (SO 2)= 0.03：0.02=3：2，介于2：1和1：1之间，所以，所得溶质为Na 2SO 3和NaHSO 3。
答案为：Na 2SO 3和NaHSO 3。
④ 氧化还原反应中有元素化合价升高，同时有元素化合价降低。根据题意，Cr 的化合价变化为：+6→+3，Cr 2O 72-为氧化剂，1mol Cr 2O 72-得电子2×(6-3)mol=6mol ；则SO 2被氧化为SO 42-，SO 2为还原剂，S 的化合价变化为：+4→+6，1molSO 2失电子(6-4)mol=2mol 。根据电子得失守恒，氧化剂和还原剂的物质的量之比为：2：6=1：3。
答案为：1：3
【点睛】1. 量气装置读数的注意事项：①气体恢复到室温；②上下移动可活动仪器，使两边液面相平；③读数时视线与凹液面最低处相平。
2. 在分析物质变化时，要善于利用守恒法，如元素守恒、电子守恒等。
2018年天津滨海新区塘沽工农村小学
2018年天津市滨海新区塘沽工农村小学 小一招生工作方案 一、指导思想 深入贯彻落实《2018年天津市小学招生入学工作指导意见》,认真执行《2018年滨海新区小学招生入学工作方案》，以《中华人民共和国义务教育法》等法律、法规为依据，以着力促进教育公平，着力促进滨海新区义务教育优质均衡发展，以办好每一所学校为目标，科学划定学区片，以坚持免试就近入学为原则，体现义务教育的公平性、公益性、普惠性，保障本市户籍适龄儿童免试就近入学，统筹安排符合条件的居住证持有人随迁子女入学。切实保障适龄儿童少年接受义务教育的权利。以促进义务教育有品质的均衡。 二、组织领导 （一）成立招生工作领导小组 组长：张宝颖 副组长：杨金良陈岭 成员：高慧丽孙桂霞孙强王艳丽吴宝静 李金龙李凤娇 医护人员：贾菲 工作职责： 组长：领导、监督招生的全面工作。 副组长：负责小一招生工作的组织、管理、咨询、验证工作。 成员：负责小一招生工作中的简章的张贴，新生的报名、验证、登统输机及证件核查、秩序维护等具体工作。
（二）成立招生工作社会监督小组 组长：张宝颖 责任督学：张静张世永 教师代表：张虹薛朋琴 家长代表：张永娟王宇 职责：监督招生工作执行情况、听取招生工作汇报、独立自主开展监督工作。 三、招生计划 计划招收6个教学班，240人。 四、招生办法 （一）招生年龄：年满六周岁儿童（2012年8月31日前出生）。适龄儿童确因身体状况等原因需要延缓入学的，5月25日父母应当向学校提出申请。 （二）招生时间：2018年 5月26日、5月27日 上午8:00----11:30 下午1:30----3:30 （三）招生范围 1．本区内“人户一致”，适龄儿童的户籍和合法固定居所证明地址相一致，适龄儿童户籍的户主、合法固定居所的产权所有人或承租人，必须是适龄儿童的父母、祖父母或外祖父母。(适龄儿童户籍随祖父母和外祖父母的，须有父亲或母亲至少一方的户籍)。 2.本区域内“人户分离”的适龄儿童持相关证件到实际居住地登记，由区教育体育委员会本着相对就近的原则，根据登记入学人数和学校资源分布情况，统筹安排入学。 3.本市跨区县的“人户分离”适龄儿童，由户籍地所属区县教育局先行
天津市塘沽区分区规划-第九综合分区规划说明
第二部分规划说明书 一现状基本概况 第九分区位于塘沽区海河北岸，规划范围为其四至界线为：东到车站立交桥，南接海河，西接黑猪河，北达京山铁路，规划建设用地面积为5.3平方公里（不含海河面积）。 第九分区现状调查包括河头镇湖北村、河头村的部分土地，中心桥乡的五十间房部分土地，现状调查总面积为702.2公顷，包括248公顷的水域荒地面积。现状总人口为2.47万人，海河在南部经过。 （一）现状分析 1、人口现状： 第九分区截止1996年底，共有常驻人口24678人。调查统计第九分区平均人口毛密度为35人／公顷。 ２．用地现状： 第九分区包括河头镇的湖北村和河头村的部分土地，中心桥乡的五十间房部分土地，本次调查总面积为702.2公顷，包括248公顷的水域荒地面积。现状用地结构如下: 3、建筑现状: 本区建筑以住宅为主，另有少量工业厂房、行政办公、商业建筑。居民住宅有解放前、解放初农民自建平房住宅，也有近十年来新建的农村住宅，层数为2-3层或5-6层，及部分企事业单位七、八十年代兴建的职工宿舍（5-6层）。另有二片正在建设的居民小区。 4、道路交通及设施： 本区由于位于城乡结合部，交通包括对外交通和城市交通两部分，对外交通主要是京山铁路和津塘公路从本区穿越，区内道路主要有新胡路等，基本满足目前需要，但未形成合理网络。
5、公建配套设施： 本区公建配套设施十分不完善，由于位于城乡结合部，没有成片的城市居住区，集中供热供气缺口较大，部分新建居住小区自行配套市政及公建设施，市场和环保问题也有待于解决。在城乡居民聚居的沿街形成农贸日用品自由市场，缺乏文化娱乐休闲场所。雨污水明渠排放，环境卫生较差。 6、公共绿地： 本区无公共绿地和园林，仅有少量沿街绿化，在分区规划中应加强道路绿化，规划公共绿地。 7、市政公用设施： 虽然本区人均市政公用用地面积达2.37平方米，但市政公用设施水平较差，其原因是本区市政公用设施以加油站和汽车修理厂为主，仅有两处邮电局用地，其它公共交通用地、环卫设施用地均为零。 （二）当前面临的突出矛盾 1、城市建设用地与城市景观 本区是塘沽城区的西部城乡结合部，有津塘公路和京山铁路穿越本区，使本区成为滨海新区重要的窗口地区，因此当前主要问题是如何使新区开发建设与城市景观建设结合起来，树立良好新区景观形象。 2、公用设施 要加强本区的市场的建设，加强园林绿化建设。 （三）对策与措施 1、用地性质调整 2、严格执行公建配套指标 3、增加公共绿地 4、路网调整 二总体规划要求 （一）基本思路 1、第九分区为塘沽区的城乡结合区，要依据塘沽区总体规划及滨海新 区总体规划，切实落实和深化总体规划，贯彻可持续发展战略。 2、根据第九分区的特点和优势，从区情出发，扬长避短，合理制定分区发展战略，重点解决当前面临的主要问题。 （二）总体规划要求 1、指导思想： 突出体现城市经济与社会的相互协调和可持续发展； 突出体现社会与环境的相互协调和可持续发展； 切实体现人民生活质量的提高。 三规划的范围、依据和原则 规划区范围：位于海河北岸，塘沽地区的西部。
2020-2021学年天津市滨海新区塘沽一中等七校高三(上)模拟数学试卷
2020-2021学年天津市滨海新区塘沽一中等七校高三（上）模拟 数学试卷 一、选择题（本题共9个小题，每小题5分，共45分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．） 1．（5分）若集合2|01x A x x +??=??-?? ，2{|20}B x x x =--<，则(A B = ) A ．[2-，2) B ．(1-，1] C ．(1,1)- D ．(1,2)- 2．（5分）为了调查某厂2000名工人生产某种产品的能力，随机抽查了20位工人某天生产该产品的数量，产品数量的分组区间为[10，15)，[15，20)，[20，25)，[25，30)，[30，35]，频率分布直方图如图所示．工厂规定从生产低于20件产品的工人中随机地选取2位 工人进行培训，则这2位工人不在同一组的概率是( ) A ． 1 10 B ． 715 C ． 815 D ． 1315 3．（5分）已知公差为d 的等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，则“0n n S na -<，对1n >，*n N ∈恒成立”是“0d >”的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充分必要条件 D ．既不充分也不必要条件 4．（5分）函数||cos ()sin ln x x f x x x = +在[π-，0)(0?，]π的图象大致为( ) A ． B ．
C ． D ． 5．（5分）已知函数|| ()2x f x =，131(())4a f =，37 (log )2b f =，13 (log 5)c f =，则a 、b 、c 的 大小关系为( ) A ．c b a >> B ．b a c >> C ．a b c >> D ．c a b >> 6．（5分）直三棱柱111ABC A B C -的所有顶点都在同一球面上，且2AB AC ==，90BAC ∠=?，142AA =，则该球的表面积为( ) A ．40π B ．32π C ．10π D ．8π 7．（5分）已知抛物线21:2(0)C y px p =>的焦点为F ，准线与x 轴的交点为E ，线段EF 被 双曲线22 222:1(0,0)x y C a b a b -=>>的顶点三等分，且两曲线1C ，2C 的交点连线过曲线1C 的 焦点F ，则双曲线2C 的离心率为( ) A 2B ． 32 2 C ． 113 D ． 222 8．（5分）将函数()cos f x x =的图象先向右平移5 6π个单位长度，再把所得函数图象的横坐 标变为原来的 1 (0)ωω>倍纵坐标不变得到函数()g x 的图象．若函数()g x 在3(,)22 ππ 上没有零点，则ω的取值范围是( ) A ．228 (0,][,]939 B ．2 (0,]9 C ．28 (0,][,1]99 D ．(0，1] 9．（5分）已知函数()f x ，()g x 均是周期为2的函数，22 2,01 ()34()2,122 x x x f x x x ?-+? =?--+<
天津市滨海新区塘沽滨海中学2015届高三上学期第一次月考地理试题(无答案)
一、选择题（每小题只有一个正确答案，共48分） 1．我国高原中，地面起伏不大，除几条山脉外，很多地方是一望无际的原野，这个高原是（） A．黄土高原 B．青藏高原 C．云贵高原 D．内蒙古高原 2．位于地势第二级阶梯，内有丘陵分布，并且没有绿洲的盆地是（） A．塔里木盆地B．柴达木盆地 C．四川盆地D．准噶尔盆地 3．秦岭—淮河是我国一条主要的地理界线，下列界线与它大体一致的是（） A．半湿润和半干旱的界线B．年平均气温0°C等值线 C．800mm年等降水量线D．暖湿带与中温带界线 4．我国下列地区中，受冬季风影响时间最长、影响强度最大的是（） A．内蒙古高原B．华北平原 C．塔里木盆地D．黄土高原 5．某城市，1月平均气温为2.8°C，7月平均气温为29°C，年平均降水量为1260mm。这个城市是我国的( ) A．北京B．哈尔滨C．武汉D．广州 6．我国人口的突出特点是( ) A 人口分布不均 B 城镇人口增长迅速 C 人口的增长与经济发展协调 D 人口基数大，人口增长快 7．我国不少山脉走向不仅控制了主要河流的走向，还是这些河流的分水岭，如长江与黄河的分水岭是（）A．秦岭B．南岭C．昆仑山—秦岭D．祁连山—秦岭 8．1998年长江汛期流量比1954年小，而中游水位却比1954年高。其主要人为原因是（） ①降水集中、所有支流同时来水②上游滥砍滥伐森林，中游泥沙沉积加剧 ③围湖造田，湖面缩小，调蓄能力减弱④江堤年久失修，沿途挖沙失控 A．①②B．②③C．③④D．②④ 9．位于我国地势的第三级阶梯，主要由内力作用形成的地形有（） A．黄土高原、三江平原B．渭河谷地、汾河谷地 C．长江三角洲、珠江三角洲D．泰山、庐山 10．青藏高原与长江中下游平原相比较，其相似点与相异点是（） ①地势平坦，但海拔高度差异大②同属于中纬度，但海陆位置差异大③湖泊众多， 但湖泊性质和类型差异大④受季风影响显著，但季风来源差异大 A．①②B．②③C．①③ D．②④ 11．我国西北地区发展农业生产最重要的限制条件是（） A．土地资源不足 B．化肥、农药不足 C．劳动力不足D．水资源不足 12．北回归线从东向西依次穿过的我国省级行政区是（） A．广东、广西、海南、云南B．台湾、广东、广西、云南 C．台湾、福建、广东、广西D．云南、广西、广东、福建 13．下面的四幅图是我国的小麦、油菜、水稻和甜菜的集中产区分布图，图序与排序一致的是 A．①油菜②水稻③冬小麦④甜菜 B．①水稻②甜菜③油菜④冬小麦 C．①甜菜②冬小麦③水稻④油菜 D．①冬小麦②水稻③甜菜④油菜 14．美国五大湖工业区和我国沪宁杭工业区相同的区位（布局）条件是 A．交通便利，市场巨大B．原料、燃料自给，水运方便 C．人口多，劳动力价格低廉D．农业基础好，盛产稻米 15．2010年4月2日，我国“大洋一号”科学考察船从青岛启航，计划依次穿过太平洋、大西洋、印度洋进行综合科学考察，再返回青岛。它将先后途经
2021届天津市塘沽区中考物理质量检测试题
2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、选择题（本题包括20个小题） 1．小刚想利用光照强度自动调节电压表的示数，其原理是：光照增强，光敏电阻R x阻值变小，电压表的示数随之减小，反之则电压表的示数增大．如图所示是小刚设计的四个电路图，若电源电压不变，R0是定值电阻，光照强度用符号[Failed to download image : http://192.168.0.10:8086/QBM/2019/5/24/2210448305225728/2211336040333312/STEM/e9d195fae068481d93 be5412eacd9f57.png]表示，其中符合要求的是（） A．[Failed to download image : http://192.168.0.10:8086/QBM/2019/5/24/2210448305225728/2211336040333312/STEM/61404bca611444f48b1 0b313c329a13b.png] B．[Failed to download image : http://192.168.0.10:8086/QBM/2019/5/24/2210448305225728/2211336040333312/STEM/a75109fb15a244a298 89ca7c4a651394.png] C．[Failed to download image : http://192.168.0.10:8086/QBM/2019/5/24/2210448305225728/2211336040333312/STEM/720c69014bc841bc8d0 9fc2598fe272a.png] D．[Failed to download image : http://192.168.0.10:8086/QBM/2019/5/24/2210448305225728/2211336040333312/STEM/3ac00fe15ab945938ed 4fc84ed95ab13.png] 2．人造地球卫星广泛应用于全球通信、军事侦察、气象观测、资源普查、环境监测、大地测量等方面。如右图所示，当卫星从近地点向远地点运动时，它的 A．重力势能减小 B．速度增大 C．机械能增大 D．动能转化为重力势能 3．如图所示是小刚在中考体育测试中投掷铅球的过程示意图，铅球在b点离手，c点是铅球运动的最高点，d点是铅球运动的最低点，整个过程中，若不计空气阻力，下列说法错误的是（） A．在a到d的过程中，铅球相对于地面是运动的
天津滨海新区中考录取分数线公布
天津滨海新区中考录取分数线公布2017年天津滨海新区中考录取分数线公布 塘沽一中：537.5 滨海一中：515.5 紫云中学：516.2 十三中学：506 塘沽二中：495.6 渤油一中：486.5 滨海中学：478.5 塘沽一中536.05 紫云中学507.1 育华中学505.6 塘沽十三中490.6 塘沽二中479.25 渤海石油一中463.4 滨海中学452.5 实验中学滨海学校517.3 南开中学生态城学校511.95 一中滨海学校508.45
高中阶段招生的学校有普通高中、综合高中和中等职业技术类学校。普通高中从办学层次来分，有现代化寄宿制高中、市重点中学、区重点中学;从办学体制来分，又分为公办高中、公立转制高中和民 办高中。综合高中是近几年一种新的教育模式，在普通教育中适当 地渗透职业技术教育。中等职业技术类学校(含中专、职校、技校) 主要是培养从事生产、服务、管理等第一线工作的中等专业技术人才。 技巧二：定好自己的位、排好学校的序 另外，一般情况下，公办高中的择校、民办学校的收费都比公办收费高，选择这些志愿的考生，须了解清楚有关学校的收费标准， 结合家庭的`实际情况，慎重考虑志愿的顺序。 技巧三：排好志愿顺序增加录取机会 由于中招录取的原则是从高分到低分，按照考生的志愿顺序进行录取。因此，第一志愿可报与自己平时的水平相对或稍高一点的学校，下一个志愿要比平时水平报得稍低一点形成一个由高到低的 “梯度”。这样，考生在考试中一旦超常发挥或出现失常时，不至 于因未报自认为不可能去的学校而遗憾。考生应当把自己喜欢的学 校放在前面，精心排好志愿顺序，做到每一批每一个志愿都有用， 以增加录取机会。 相反，中职的入学受分数线限制不像高中那么严格，门槛低。与此同时，考试成绩不佳不等于能力差，学习成绩不拔尖的学生也能 成为某个领域的应用型、实用型专业人才，在社会上自主自立。此外，中职学校的毕业生也可通过“3+证书”的高职类高考，考上全 日制普通高校继续深造。考生选报普高、职高，关键还要看自己的 兴趣爱好。
天津市滨海新区塘沽一中2020届高三复课模拟考试数学试卷(解析)
2020年塘沽一中高三毕业班复课模拟检测 数 学答案 一、选择题 CDAC DAABD 二、填空题 52 ； 22216y x ； 32，10 2 7 ；827 ；7 7 . 8 16.【答案】解：设“从这100箱橙子中随机抽取一箱，抽到一级品的橙子”为事件A ， 则 现有放回地随机抽取4箱，设抽到一级品的个数为， 则， 所以恰好抽到2箱是一级品的概率为． 设方案二的单价为，则单价的期望为 ， 因为 ， 所以从采购商的角度考虑应该采用方案一． 用分层抽样的方法从这100箱橙子中抽取10箱，其中珍品4箱，非珍品6箱， 则现从中抽取3箱，则珍品等级的数量X 服从超几何分布， 则X 的所有可能取值分别为0，1，2，3， ，， ， ， X 的分布列为 X 0 1 2 3 P 17.【答案】解：与BN 交于F ，连接EF ． 由已知可得四边形BCNM 是平行四边形，所以F 是BN 的中点． 因为E 是AB 的中点，所以分 又 平面MEC ， 平面MEC ，所以 平面 分 异面直线所成角的余弦值为 Ⅲ由于四边形ABCD 是菱形，E 是AB 的中点，可得． 又四边形ADNM 是矩形，面面ABCD ，面ABCD ， 如图建立空间直角坐标系 ，则 0，， 0，， 2，，
， ， ，设平面PEC 的法向量为y ，． 则， ， 令 ，，又平面ADE 的法向量 0，， ， ，解得 ， 在线段AM 上是否存在点P ，当时使二面角 的大小为． 18.（1）由题意知： 1 2 c a =，∴2222,a c b a c ==-，∴3b c =. 所以 3 )3 a c bc +=，把2,3a c b c ==代入，解得：2,3a b ==， 所以椭圆方程为22 143 x y +=. （2）由题意知，直线AB 的斜率存在，且不为0，设直线AB 为1x my =+， 代入椭圆方程得( ) 2 2 34690m y my ++-=. 设()()1122,,,A x y B x y ，则1212 2269 ,3434 m y y y y m m --+==++， 所以AB 的中点坐标为22 43,3434m m m -?? ?++?? ， 所以()22221 22121121||1213434 m m AB m y m m m ++=+-=+=++. 因为G 是ABQ △的外心，所以G 是线段AB 的垂直平分线与线段AQ 的垂直平分线的交点，AB 的垂直平分线方程为 22 343434m y m x m m ? ?+ =-- ?++? ?， 令0y =，得21 34x m =+，即2 1,034G m ?? ?+?? ，所以222213313434m GF m m +=-=++ 所以 () 22222121||12344333 34 m AB m m GF m ++===++，所以2||AB GF 为定值，定值为4. 19.【详解】 （1）证明：当1λ=时,()1 112n n n a a ---=+, () 2+1 2+1221112n n n n a a a --∴=+ =+①， () 222121112 n n n n a a a ----=+ =②, 则①+②得21211n n a a +--=,
2020届 天津市滨海新区塘沽第一中学 高三毕业班第二次模拟生物试题
姓名：座号： 保密★启用前 2020 年塘沽一中高三毕业班第二次模拟考试 生物学 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100 分，考试用时 60分钟。第Ⅰ卷1 至6 页，第Ⅱ卷6 至11 页。 温馨提示：疫情期间，受时间和地域限制，此次考试采用线上测试方式，答卷时，考生务必将答案填涂在答题卡上，拍照上传部分的试题按要求，拍照清楚，在规定时间内完成上传。特殊时期，请各位考生珍惜实战演练机会，独立作答！ 祝各位考生考试顺利！ 第Ⅰ卷 注意事项： 1．每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 2．本卷共12 题，每题4 分，共48 分。在每题给出的四个选项中，只有一项是最符 合题目要求的。 1．关于激素、抗体、酶和神经递质的叙述，正确的是 A．激素和抗体都具有特异性，只能作用于特定的靶细胞 B．激素和酶都具有高效性，能产生酶的细胞一定能产生激素 C．激素通过管道运输到体液中，一经靶细胞接受即被灭活 D．乙酰胆碱与特定分子结合后可在神经元之间传递信息 2．以下呼吸作用在生活实际当中的应用，解释正确的是 A．酸奶“胀袋”是由于乳酸菌呼吸产生大量气体 B．伤口用纱布包扎有利于组织细胞有氧呼吸 C．用酵母发酵产酒的初期可以适当通入空气 D．松土可避免植物根系有氧呼吸产生过多CO2 生物第1页（共11 页）
3．在生物教材当中出现了很多有关小泡的叙述，下面说法错误的是 A．内质网膜会形成小泡，把附在其上的核糖体中合成的蛋白质包裹起来，随后小泡离开内质网向高尔基体移动并最后与之融合 B．在动物、真菌和某些植物的细胞中，含有一些由高尔基体断裂形成的，由膜包被的小泡，称为溶酶体 C．在植物有丝分裂的前期，核膜开始解体，形成分散的小泡，到了有丝分裂的末期，这些小泡会聚集成一个细胞板，进而形成新的细胞壁 D．刚分裂形成的植物细胞中只有很少几个分散的小液泡，随着细胞的长大，这些小液泡就逐渐合并发展成一个大液泡 4．在观察细胞减数分裂图像时，图像中的同源染色体和姐妹染色单体不易区分，还需借助其他结构特点。如植物减数分裂产生的子细胞全部包在胼胝体（由葡聚糖形成的透明包层）内，直到分裂结束，子细胞才分散。以下各图是处于减数分裂不同时期的水仙细胞，下列叙述正确的是 A．图3 所示细胞发生了同源染色体分离 B．图9 所示细胞发生姐妹染色单体分离 C．图1、5、6 所示细胞处于减数第一次分裂 D．图2、7、8 所示细胞处于减数第二次分裂 5．下列关于生物实验的叙述，不正确的是 A．在苹果的组织样液中加入斐林试剂，水浴加热后的颜色变化为由蓝变棕再变砖红B．鉴定DNA 时，应将丝状物直接加入到二苯胺试剂中进行沸水浴，溶液变蓝 C．分离叶绿体中的色素时，不同色素随层析液在滤纸上的扩散速度不同 D．溴麝香草酚蓝与CO2反应，颜色变化为由蓝变绿再变黄 生物第2页（共11 页）
未来天津滨海新区规划全面介绍_图文(精)
天津滨海新区规划 空间布局为“T”型结构 滨海新区总体空间布局为“T”型结构：沿京津塘高速公路和海河建设“高新技术产业发展轴”，沿海岸线和海滨大道建设“海洋经济发展带”。在“轴”、“带”的交汇处，建设国际港口大都市标志区和生态宜居的海滨新城，构成滨海新区的核心区。同时，要加快建设和形成七个产业功能区，即高新技术产业区、现代冶金产业区、空港物流加工区、海洋产业及循环经济示范区、海港物流区、化学工业区和休闲旅游区。 交通系统带动经济快速发展
天津滨海新区未来的交通系统规划由公路、铁路、航运等立体交通网络组成，将建设成为拥有海、陆、空立体交通网络的工业基地，建成比较完善的基础设施框架，形成现代交通网络体系，从而进一步发挥连接国内外、联系南北方、沟通中西部的枢纽功能，使滨海新区人流、物流、资金流往来不断增加，并带动经济快速发展。 滨海化工区范围达80平方公里 规划中的天津滨海新区化工区产业包括石油化工、海洋化工、精细化工，区域范围达80平方公里。 居住区布局未来布局规划
图为天津滨海新区居住区未来布局规划。 海滨休闲旅游区 根据汉沽区确定的目标，汉沽区要建成为环渤海乃至东北亚地区休闲旅游服务体系的重要组成部分，要建成国际旅游目的地，天津市的海滨休闲旅游区。 该休闲旅游区的规划面积为150平方公里，其中陆域面积和海域面积各为75平方公里，投资金额为166亿元人民币。将以航母游乐港为龙头，带动沿海旅游观光带和沿蓟运河旅游观光带的发展。建设以航母游乐港、世界级主题公园、海上游乐园、高尔夫球场为支撑的旅游核心区，以营城湖、四万亩葡萄观光园为支撑的生态湿地观光区和综合服务区。
天津市塘沽区1970年-2010年历史遥感影像海岸线动态监测
天津市塘沽区1970年-2010年海岸线动态监测 1 历史遥感影像 目前，全球高分辨率遥感影像市场被GeoEye、IKONOS、QuickBird、WorldView等主流卫星所占据，在为用户提供丰富空间信息的同时，也不断推动遥感卫星的进步与行业发展。正如大家所了解，IKONOS是第一颗亚米级分辨率的商业卫星，发射时间为1999年。那么在此之前乃至更老的历史时期高分辨率遥感影像应该如何获取呢？直到“锁眼”（KeyHole）、“资源-F”（Resurs-F）、“彗星”（Kometa）等一系列历史解密影像陆续进入中国才填补了高分辨率遥感影像市场的上述空白。经过几年的应用情况来看，目前规划、海洋、科研、国土、环境、考古等行业用户已经充分掌握了如何利用历史解密影像为自己的工作提供帮助。解密影像拥有较高的分辨率，丰富的时相以及波段光谱信息，这意味着可以更好的满足不同传统用户以及更多的非行业用户的需求。 目前“锁眼”（KeyHole）系列（表1）可以提供的是1960-1980年之间的KH-1-4(CORONA)、KH-5 (ARGON)、KH-6 (LANYARD)、KH-7 (GAMBIT)和KH-9 (HEXAGON)共930000张单景图片。 表1 KeyHole系列卫星影像参数
实际中用户主要使用的大多是KH-4A和KH-4B存档影像，时相集中在1966-1972之间。这个阶段Corona系列卫星共发射32次，经过长期调试已经可以把卫星轨道降到166公里的水平上，从而使分辨率达到了1.8米，回访周期1天，并可以提供立体相对。这个期间用户完全可以选择到理想的存档数据。 值得推荐的是KH-7存档影像，时相集中在1963年7月到1967年6月。分辨率最初为1.2米，到1966年提高到0.6米，拍摄的目标主要集中在战略目标、核目标以及导弹防御和弹道导弹系统。除了将近100幅以色列的单景影像仍然处于保密状态之外，KH-7拍摄的19000幅单景影像全部得到了解密。 可以作为重要时相补充的还有KH-9存档影像，被认为是KH-1-4存档影像的替代品。KH-9获取了全球大面积分辨率6米的影像，除以色列领土外，29000幅影像已经解密。 KeyHole 系列在历史解密影像的资源整合中发挥着举足轻重的作用，无论是空间分辨率、时间分辨率以及制图精度等方面都拥有出色的表现，即便这样仍然受时相和波段的约束。而“资源-F”（Resurs-F）的出现得到了国内众多用户的高度关注，Resurs-F卫星大家也许不是很熟悉，但提起同属于Resurs系列至今仍在服役的Resurs-DK1卫星大家应该并不陌生。该计划始于上世纪70年代，资源系列解密的卫星影像包括：F1、F2和F3，解密影像自2007年开始商业化（表2）。 表2 Resurs系列卫星影像参数
塘沽一中第三届学术论坛 - 天津塘沽一中
塘沽一中第三届学术论坛 ——各抒己见话课改 议程串台词 一、各位领导，各位老师：下午好！ 欢迎出席塘沽一中第三届学术论坛， 本届论坛的推介语是各抒己见话课改， 我们学校随着天津市教改的步伐 从2006年正式步入新课改的行列， 三年过去了，一届学生毕业了， 新课程背景下的教育理念，教学策略， 教学评价到底给我们带来了什么， 在本次论坛上，我们将聆听教育理论专家 解读新课程理念， 教学一线老师反思课堂教学 和教育评价 还可以了解学生的成长体验和评价 也可以各抒己见，进行充分的对话和沟通。 二、我们特别荣幸地请到了天津教育科学研究院王慧霞博士， 王博士在“课程与教学基本理论”“教师教育” 等专业领域有深入的研究。 掌声有请王博士！
在王博士演讲之后， 各位老师将有一个难得的机会与王博士对话。 三、王博士深入浅出的论述引发了我们的思考， 哪位老师有问题？想与王博士对话？ 四、教育理想和教育现实还有一段距离， 这正是我们不懈努力的理由。再次感谢王博士。 也谢谢两位老师！我们的一线教师， 在丰富多彩的教学现场，在思考中实践，在实践中思考。用新理念促成专业发展以新方法推进教学改革。 教师和新课改一同成长。这一点窦艳老师的体会更加真切。掌声欢迎窦艳老师演讲。
五、谢谢窦艳老师！ 教师在教师行动中成长。2006年至2009年， 我们经历了第一轮新课改实验。 当时，年级组的全体教师正像窦艳老师说的那样， 在课堂教学理念上，变信息传播为发展思维和人格。 在教师发展上，变教书匠为专业教师、专家教师。 在教研活动中，变教师的个体行动为教研组内共同的专业发展。在教学准备上，变传统教案为教学案一体 在教学评价上，变一元评价为多元评价。 评价观的改变，使我们的教育教学充满了生机和活力。 六、 为此，我们请来了王瑞刚老师和陈阳同学。 王瑞刚，塘沽一中特级教师，高中语文组学科组长， 天津市未来教育家奠基工程第一期培训班学员。 陈阳，塘沽一中2009届文科班优秀毕业生， 原学生会主席，2009年以605分的高分考入 中国人民大学社会与人口学院。现在在中国人民大学 校学生会任职。 我们希望能通过一对师生对语文学科 的教育教学评价等方面的探讨 一窥整个新课改背景下各个学科多元化评价的变化。 也欢迎老师们积极参与到我们的讨论中， 为更加完善我们的新的评价体系贡献您的真知灼见。 下面，有请王瑞刚、陈阳！ 七、请留步！也请窦艳老师到台上来。下面是互动环节， 思想的碰撞必将产生灵感的火花。 也必将为我们今后的教育教学注入新鲜元素。谢谢各位！ 八、下面，掌声有请段校长为今天的论坛作评价和总结。 九、谢谢段校长！各位领导，各位老师： 新理念为我们的教育教学指明了方向， 新方法使我们的课堂教学更加充实有效， 新评价使我们的教育过程充满多元化的精彩！ 塘沽一中第三届学术论坛到此结束。再次感谢大家的光临！
2020届天津市滨海新区塘沽一中高三毕业班第二次高考模拟考试英语试题及答案
绝密★启用前 天津市滨海新区塘沽一中 2020届高三毕业班第二次高考模拟考试 英语试题 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分，考试用时120分钟。第Ⅰ卷1至12页，第Ⅱ卷12至16页。 温馨提示：疫情期间，受时间和地域限制，此次考试采用线上测试方式，答卷时，考生务必将答案填涂在答题卡上，拍照上传部分的试题按要求，拍照清楚，在规定时间内完成上传。特殊时期，请各位考生珍惜实战演练机会，独立作答！ 祝各位考生考试顺利！ 第Ⅰ卷 注意事项： 1．每小题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 2．本卷共55小题，共95分。 第一部分：英语知识运用（共两节，满分45分） 第一节：单项填空（15分） 1. -- I feel so nervous about the National English Speech Competition tomorrow. --_______________ A. I really envy you. B. Glad to hear that C. Sounds great D. Take it easy 2. The disappearance of dinosaurs is not necessarily caused by astronomical incidents．But _________explanations are hard to find． A. alternative B. aggressive C. ambiguous D. apparent 3. It was when I got back to my apartment ______ I first came across my new neighbors． A. who B. where C. which D. that 4. Developing the Yangtze River Economic Belt is a systematic project which _______ a clear road map and timetable． A. calls for B. calls on C. calls off D. calls up 5. China's soft power grows _______ the increasing appreciation and understanding
天津市滨海新区塘沽滨海中学2014-2015学年高二上学期期中考试地理(文)试题(无答案)
一、单线选择题。（每题1.5分，共60分） 1.自然地理环境是一个统一的整体，决定自然地理环境差异的两个基本因素是（） A．土壤、植被 B．气候、水文 C．气候、地形 D．植被、水文 2．关于我国三大自然区内部差异性的叙述，正确的是（） A．东部季风区内部差异的形成以水分为基础 B．西北干旱半干旱区内部差异的形成以热量为基础 C．青藏高寒区的垂直差异主要随海拔的升高而发生变化 D．三大自然区的内部差异普遍以热量的变化为基础 3. 产生自然区域差异的主要因素是（） ①纬度位置②海陆位置③海拔高度④人口密度 Ａ.①②③Ｂ.②③④Ｃ.①②④Ｄ.①③④ 4.我国东、中、西部三个经济地带的经济发展差异主要表现在（） A．人口数量和人口密度 B．海陆位置和纬度位置 C．发展速度和发展潜力 D．经济发展水平和经济发展速度 5．我国中西部经济地带发展中存在的主要问题是（） A．森林、草原面积过大 B．边境线过长 C．基础设施比较落后 D．东北重工业比重过大 6.西北地区气候干旱的自然特征的形成原因是（） ①距海洋远②终年受副热带高气压带控制 ③高大山地尤其是青藏高原隆起对水汽的阻隔作用④纬度位置偏高 A.①② B.②④ C.①③ D.③④ 7. 影响我国年降水量分布由东南沿海向西北内陆递减的主要因素有（） ①农牧活动②距海远近③季风风向④纬度位置 A．①③ B．②③ C．②④ D．①④ 8. 不同区域形成的因素不同，区域特征相差也很大，结合中国政区图，甲区域和乙区域相比，气候的差异是( )
华北平原从20世纪70年代开始，大规模开采地下水。下表为华北平原某些城市开采 地下水数量统计表。读表，回答9～11题。 地区名称中心位置补给指数实际开采指数中心水位埋深(m) 唐山市矿区东林30 54.5 26.85 北京近郊东郊50～60 80～100 40 保定市区印染厂25 66.8 30.51 石家庄市区第一印染厂30 147.4 31.32 邯郸化工区树脂厂15 83.2 32.5 9.根据上表的数据显示，上述地区面临的共同问题是 ( ) A．土壤盐碱化 B．海水入侵 C．出现地表渍涝现象 D．形成地下水漏斗区 10.该地区大规模开采地下水的重要原因是 ( ) ①地表水污染严重②河川径流量少③人口密集，生活生产耗水量大④径流量含沙量大 A．①③ B．①④ C．②③ D．③④ 11.为防止表中所示生态问题的进一步恶化，可采取的措施有 ( ) ①建立高耗水项目管理制度②合理开采，做到采补平衡 ③规划地下水禁采区④跨流域调水 A．①②③ B．①③④ C．②③④ D．①②③④ 12．东北地区不是我国重要的 A．商品粮基地 B．林业生产基地 C．畜牧业生产基地D．商品棉基地 13．东北地区地形结构的基本特征是（） A．支离破碎，水乡风光 B．黄土遍布，沟壑纵横 C．山环水绕，沃野千里D．平原广大，一片沼泽 近年来中国成为吸收日本对外直接投资增长最快的地区之一。读“日本产业外移地区投资比率图”，回答14～15题。 14．日本对外投资主要集中地区和增长最快的地区分别是 ( ) A．北美、欧洲 B．北美、亚洲 C．欧洲、亚洲 D．亚洲、其他地区
天津市塘沽区2021届新高考第一次大联考数学试卷含解析
天津市塘沽区2021届新高考第一次大联考数学试卷 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．若(12)5i z i -=（i 是虚数单位），则z 的值为（ ） A ．3 B ．5 C D 【答案】D 【解析】 【分析】 直接利用复数的模的求法的运算法则求解即可. 【详解】 () 125i z i -=（i 是虚数单位） 可得()125i z i -= 解得z =本题正确选项：D 【点睛】 本题考查复数的模的运算法则的应用，复数的模的求法，考查计算能力. 2．已知α22sin αα=，则cos2α等于（ ） A ． 2 3 B ． 29 C ．13 - D ．49 - 【答案】C 【解析】 【分析】 22sin αα=可得cos α=，再利用2cos 22cos 1αα=-计算即可. 【详解】 因为cos 2sin ααα=，sin 0α≠，所以cos 3 α= ， 所以2 21cos22cos 1133 αα=-= -=-. 故选：C. 【点睛】 本题考查二倍角公式的应用，考查学生对三角函数式化简求值公式的灵活运用的能力，属于基础题.
3．若4log 15.9a =， 1.012b =，0.10.4c =，则（ ） A ．c a b >> B ．a b c >> C ．b a c >> D ．a c b >> 【答案】C 【解析】 【分析】 利用指数函数和对数函数的单调性比较a 、b 、c 三个数与1和2的大小关系，进而可得出a 、b 、c 三个数的大小关系. 【详解】 对数函数4log y x =为()0,∞+上的增函数，则4441log 4log 15.9log 162=<<=，即12a <<； 指数函数2x y =为R 上的增函数，则 1.011222b =>=； 指数函数0.4x y =为R 上的减函数，则100.0.410.4c <==. 综上所述，b a c >>. 故选：C. 【点睛】 本题考查指数幂与对数式的大小比较，一般利用指数函数和对数函数的单调性结合中间值法来比较，考查推理能力，属于基础题. 4．已知复数z 满足：34zi i =+（i 为虚数单位），则z =（ ） A ．43i + B ．43i - C ．43i -+ D ．43i -- 【答案】A 【解析】 【分析】 利用复数的乘法、除法运算求出z ，再根据共轭复数的概念即可求解. 【详解】 由34zi i =+，则3434 431 i i z i i +-===--， 所以z =43i +. 故选：A 【点睛】 本题考查了复数的四则运算、共轭复数的概念，属于基础题. 5．已知复数z 满足()1i +z =2i ，则z =（ ）
2021届天津市塘沽一中滨海七校高三(上)联考模拟物理试题
2021届天津市塘沽一中滨海七校高三（上）联考模 拟物理试题 学校_________ 班级__________ 姓名__________ 学号__________ 一、单选题 1. 如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（） A．绳子对杆的拉力在水平方向的合力 为零 B．三条绳中的张力都相等 C．杆对地面的压力等于自身重力D．绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力 2. 中国已投产运行的1000kV特高压输电，是目前世界上电压最高的输电工程。假设甲、乙两地原来用500kV的超高压输电，在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV特高压输电，不考虑其他因素的影响。则（） A．输电电流变为原来的2倍 B．输电线上损失的电压将变为原来的2倍 C．输电线上损耗的电功率将变为原来的 D．输电线上损失的电压将变为原来的 3. 图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面，一带电粒子射入此静电场中后，依a→b→c→d→e轨迹运动。已知电势U K U L U M。下列说法中正确的是（）
A．该电场可能为匀强电场 B．粒子带负电 C．粒子在c点时动能为0 D．粒子在a、e两点时动能相等 4. 2020年爆发了新冠肺炎，该病毒传播能力非常强，因此研究新冠肺炎病毒株的实验室必须是全程都在高度无接触物理防护性条件下操作。武汉病毒研究所是我国防护等级最高的P4实验室，在该实验室中有一种污水流量计，其原理可以简化为如右下图所示模型：废液内含有大量正、负离子，从直径为d的圆柱形容器右侧流入，左侧流出。流量值Q等于单位时间通过横截面的液体的体积。空间有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，下列说法正确的是（） A．带电粒子所受洛伦兹力方向由M指向N B．M点的电势高于N点的电势 C．污水流量计也可以用于测量不带电的液体的流速 D．只需要测量MN两点电压就能够推算废液的流量 5. 如图所示，不可伸长的轻质细绳一端固定于O点，另一端系着质量为m的小球，将小球拉至水平位置的A处由静止释放（绳处于伸直状态），运动到最低点B时的速度大小为v，不计空气阻力。小球从A运动到B的过程中，下列说法正确的是（） A．细绳拉力所做的功为 B．细绳拉力的冲量为0 C．重力的功率先增大后减小 D．小球动量变化量大小为0 二、多选题
天津市滨海新区塘沽第一中学2020届高三毕业班复课模拟检测化学试题
天津市滨海新区塘沽第一中学2020届高三毕业班复 课模拟检测化学试题 学校_________ 班级__________ 姓名__________ 学号__________ 一、单选题 1. 下列说法正确的是（） A．煤的气化是物理变化，是高效、清洁地利用煤的重要途径 B．我国研制的重组新冠疫苗无需冷藏 C．将牛油和烧碱溶液混合加热，充分反应加入热的饱和食盐水，上层析出甘油D．华为继麒麟980之后自主研发的7nm芯片问世，芯片的主要成分是硅 2. 2Na 2S+Na 2 CO 3 +4SO 2 =3Na 2 S 2 O 3 +CO 2 可用于工业上制备Na 2 S 2 O 3 。下列正确的是 （） A．中子数为20的硫原子：S B．Na+的结构示意图： C．Na 2 S的电子式： D．Na 2CO 3 溶液显碱性的离子方程式：CO 3 2?+2H 2 O=H 2 CO 3 +2OH－ 3. 下列说法正确的是（） A．固态二氧化碳属于共价晶体 B．CH 4 分子中含有极性共价键，所以是极性分子 C．所有的金属元素都分布在d区和ds区 D．离子键、氢键、范德华力本质上都是静电作用 4. 科学家提出由 WO 3 催化乙烯和 2-丁烯合成丙烯的反应历程如图（所有碳原子满足最外层八电子结构）。下列说法不正确的是 A．乙烯、丙烯和 2-丁烯互为同系物 B．乙烯、丙烯和 2-丁烯的沸点依次升高 C．Ⅲ→Ⅳ中加入的 2-丁烯具有反式结构
D．碳、钨（W）原子间的化学键在Ⅲ→Ⅳ→Ⅰ的过程中未发生断裂 5. 下列离子方程式不能正确表示体系颜色变化的是（） A．向AgCl悬浊液中加入Na 2 S溶液，有黑色难溶物生成：2AgCl(s)+S2? (aq)Ag 2 S(s)+2Cl－(aq) B．向酸性KMnO 4溶液中加入NaHSO 3 固体，溶液紫色褪去：2MnO 4 －+5SO 3 2?+ 6H+= 2Mn2++5SO 42?+3H 2 O C．向橙色K 2Cr 2 O 7 溶液中加入NaOH溶液，溶液变黄色：Cr 2 O 7 2?+2OH-=2CrO 4 2?+H 2 O D．向稀硝酸中加入铜粉，溶液变蓝色：3Cu+8H++2NO 3－=3Cu2++2NO↑+4H 2 O 6. 某温度下，一反应平衡常数K=c(CO)?c(H 2O)/c(CO 2 )?c(H 2 )。恒容时到达平衡 后，升高温度，H 2 浓度减小。下列说法正确的是 A．升温，逆反应速率减小B．加压，H 2 浓度减小 C．增加H 2 ，K减小D．该反应的正反应是吸热反应 7. 设N A 为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的个数为（） ①标准状况下，2.24LSO 3中所含原子数为0.4N A ②电解精炼铜时，阳极质量每减少64g，电路中就转移2N A 个电子 ③1molFe高温条件下与水蒸气反应，电子转移数为3N A ④18gD 2O(重水)完全电解，转移的电子数为N A ⑤常温下，pH=12的Ba(OH) 2溶液中，N(OH-)=N A ⑥1L0.1mol·L-1Fe 2(SO 4 ) 3 溶液中含有的阳离子数目小于0.2N A ⑦12g石墨烯(单层石墨)中含有六元环的个数为0.5N A ⑧N A 个Fe(OH) 3 胶体粒子形成的纳米材料的质量大于107g A．1 B．2 C．3 D．4 8. 短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大。W的某种核素不含中子；X、Y原子核外L层的电子数之比为3：4；X与Z同主族，且X、Y、Z原子的最外层电子数之和为16。下列说法不正确的（） A．W、X、Z三种元素形成的化合物一定为强电解质 B．简单氢化物的稳定性：X＞Z＞Y C．电负性：X＞Z＞Y D．原子半径：Y＞Z＞X＞W 实验方案实验目的 A 取三种试剂各10mL于试管中，再分别加入 5mL蒸馏水，振荡、静置，观察现象 鉴别苯、乙醇、四氯化 碳三种无色液体 B 向MgCl 2、FeCl 3 的混合溶液中滴加少量比较K sp[Fe(OH)3]、