2009年全国高考理科数学试题及答案-全国1卷1
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2009年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(必修+选修Ⅱ)
一、选择题
(1)设集合A={4,5,7,9},B={3,4,7,8,9},全集U=A B ,则集合[u (A
B )中的元素共有
(A )3个 (B )4个 (C )5个 (D )6个 (2)已知
1i
Z
+=2+I,则复数z= (A )-1+3i (B)1-3i (C)3+I (D)3-i (3) 不等式
1
1
X X +-<1的解集为 (A ){x }
{}011x x x ??? (B){}01x x ??
(C ){}10x x -?? (D){
}0x x ?
(4)设双曲线22221x y a b
-=(a >0,b >0)的渐近线与抛物线y=x 2
+1相切,则该双曲线的离心率等于
(A )3 (B )2 (C )5 (D )6
(5) 甲组有5名同学,3名女同学;乙组有6名男同学、2名女同学。若从甲、乙两组中各选出2名同
学,则选出的4人中恰有1名女同学的不同选法共有 (A )150种 (B )180种 (C )300种 (D)345种 (6)设a 、b 、c 是单位向量,且a ·b =0,则()()a c b c -?-的最小值为
(A )2-(B )22- (C )1- (D)12-
(7)已知三棱柱111ABC A B C -的侧棱与底面边长都相等,1A 在底面ABC 上的射影为BC 的中点,则异面直线AB 与1CC 所成的角的余弦值为
(A )
34(B )54 (C )74 (D) 34
(8)如果函数()cos 2y x φ=3+的图像关于点43π??
???
,0中心对称,那么π的最小值为 (A )
6π (B )4π (C )3π (D) 2
π
(9) 已知直线y=x+1与曲线y ln()x a =+相切,则α的值为 (A)1 (B)2 (C) -1 (D)-2
(10)已知二面角α-l-β为600
,动点P 、Q 分别在面α、β内,P 到β的距离为3,Q 到α的距离为
23,则P 、Q 两点之间距离的最小值为
(A)2 (B)2 (C) 23 (D)4
(11)函数()f x 的定义域为R ,若(1)f x +与(1)f x -都是奇函数,则 (A) ()f x 是偶函数 (B) ()f x 是奇函数 (C) ()(2)f x f x =+ (D) (3)f x +是奇函数
(12)已知椭圆C: 2
212
x y +=的又焦点为F ,右准线为L ,点A L ∈,线段AF 交C 与点B 。若3FA FB =,则AF =
(A)2 (B)2 (C) 3 (D)3
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在题中横线上. (注意:在试题卷上作答无效.........) (13) 10
()x y -的展开式中,7
3
x y 的系数与3
7
x y 的系数之和等于 . (14)设等差数列{}n a 的前n 项和为n s .若9s =72,则249a a a ++= .
(15)直三棱柱ABC -111A B C 各顶点都在同一球面上.若12,AB AC AA ===∠BAC =120,则此球的
表面积等于 . (16)若
4
2
π
π
<X <
,则函数3
tan 2tan y x x =的最大值为 .
三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 17.(本小题满分10分)
在?ABC 中,内角A 、B 、C 的对边长分别为a 、b 、c ,已知
222a c b -=,且
sin cos 3cos sin A C A C =,求b.
18.(本小题满分12分)
2
上,∠ABM=600
.(Ⅰ)证明:M 是侧棱SC 的中点;
(Ⅱ)求二面角S —AM —B 的大小。
(19)(本小题满分12分)
甲、乙二人进行一次围棋比赛,约定先胜3局者获得这次比赛的胜利,比赛结束,假设在一局中,甲获胜的概率为0.6,乙获胜的概率为0.4,各局比赛结果相互独立。已知前2局中,甲、乙各胜1局。
(1)求甲获得这次比赛胜利的概率;
(2)设ε 表示从第3局开始到比赛结束所进行的局数,求ε 的分布列及数学期望。
(20)(本小题满分12分)
在数列{}n
a 中, 1111
112n n
n a a a n ?? ???’+’+==+
+. ()I 设n
n a b n
=
,求数列}{n b 的通项公式;
()II 求数列{}n a 的前n 项和n s .
21.(本小题满分12分)
如图,已知抛物线2
:E y x =与圆2
2
2
:(4)M x y r -+=(r >0)相交于A B C D 、、、四个点。
(I )求r 的取值范围:
(II)当四边形ABCD 的面积最大时,求对角线
A B C D 、、、的交点p 的坐标。
22.(本小题满分12分)
设函数3
2
()33f x x bx cx =++有两个极值点[][]12211,2.x x x ∈-∈,,0,且
(Ⅰ)求b 、c 满足的约束条件,并在下面的坐标平面内,画出满足这些条件的点(b ,c )和区域;
(Ⅱ)证明:1
102
-2≤f(x )≤-
2009年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(必修+选修Ⅱ)参考答案
一、选择题 (1)解:{3,4,5,7,8,9}A
B =,{4,7,9}(){3,5,8}U A B
C A B =∴=故选A 。
(2)解:(1)(2)13,13z i i i z i =+?+=+∴=- 故选B 。 (3) 解:验x=-1即可。
(4) 解:设切点00(,)P x y ,则切线的斜率为0'
0|2x x y
x ==.由题意有
00
2y x x =又2001y x =+ 解得: 2
201,2,1()5b b
x e a a
=∴
==+=. (5) 解: 分两类(1) 甲组中选出一名女生有112
536225C C C ??=种选法
(2) 乙组中选出一名女生有211
562120C C C ??=种选法.故共有345种选法.选D
(6)解:
,,a b c 是单位向量()()
2
()a c b c a b a b c c
∴-?-=?-+?+
1||||12cos ,12a b c a b c =-+?=-<+>≥-故选D.
(7)解:设BC 的中点为D ,连结1A D ,AD ,易知1A AB θ=∠即为异面直线AB 与1CC 所成的角,由三角余弦定理,易知
113
co c s 4
os cos AD AD A AD DAB A A AB θ=∠∠?=?=.故选D
(8)解:
函数()cos 2y x φ=3+的图像关于点43π??
???
,0中心对称 4232k ππφπ∴?
+=+13()6
k k Z πφπ∴=-∈由此易得min ||6π
φ=.故选A
(9) 解:设切点00(,)P x y ,则0000ln 1,()y x a y x =+=+,
又
0'01
|1x x y x a
==
=+
00010,12x a y x a ∴+=∴==-∴=.故答案选B
(10)解:如图分别作,,,QA A AC l C PB B αβ⊥⊥⊥于于于
B
C
B C A 1
1
1
A
D
PD l D ⊥于,连,60,CQ BD ACQ PBD ∠=∠=?则 23,3AQ BP ==,2AC PD ∴==
又
2221223PQ AQ AP AP =+=+≥
当且仅当0AP =,即A P 点与点重合时取最小值。故答案选C 。 (11)解:
(1)f x +与(1)f x -都是奇函数,(1)(1),(1)(1)f x f x f x f x ∴-+=-+--=--,
∴函数()f x 关于点(1,0),及点(1,0)-对称,函数()f x 是周期2[1(1)]4T =--=的周期函
数.(14)(14)f x f x ∴--+=--+,(3)(3)f x f x -+=-+,即(3)f x +是奇函数。故选D 12.解:过点B 作BM l ⊥于M,并设右准线l 与X 轴的交点为N ,易知FN=1.由题意3FA FB =,故
2
||3
BM =
.又由椭圆的第二定义,得222||233BF =
?=||2AF ∴=.故选A 二、填空题:
13.解: 373
101010()2240C C C -+-=-=-
14.解:
{}n a 是等差数列,由972S =,得599,S a ∴=58a =
∴2492945645()()324a a a a a a a a a a ++=++=++==.
15.解:在ABC ?中2AB AC ==,120BAC ∠=?,可得23BC =,由正弦定理,可得ABC ?外接圆半径
r=2,设此圆圆心为O ',球心为O ,在RT OBO '?中,易得球半径5R =
,故此球的表面积为
2420R ππ=.
16.解:令tan ,
x t =14
2
x t π
π
<<
∴>,
443
22
24
222tan 2222
tan 2tan 81111111tan 1()244
x t y x x x t t t t ∴=====≤=------- 三、解答题:本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。 17(本小题满分10分) 解法一:在ABC ?中
sin cos 3cos sin ,A C A C =则由正弦定理及余弦定理
有:222222
3,a b c b c a a c +-+-?
=?化简并整理得:2222()a c b -=.又由已知
222a c b -=24b b ∴=.解得40(b b ==或舍). 解法二:
由余弦定理得:
2222cos a c b bc A -=-.
又 2
2
2a c b -=,0b ≠。
所以 2cos 2b c A =+…………………………………① 又 sin cos 3cos sin A C A C =,
sin cos cos sin 4cos sin A C A C A C ∴+=
sin()4cos sin A C A C +=,
即sin 4cos sin B A C =
由正弦定理得sin sin b
B C c
=
, 故 4cos b c A =………………………② 由①,②解得4b =。 18. 解法一:
(I )作ME ∥CD 交SD 于点E ,则ME ∥AB ,ME ⊥平面SAD ,连接AE ,则四边形ABME 为直角梯形 作MF AB ⊥,垂足为F ,则AFME 为矩形 设ME x =,则SE x =,222(2)2AE ED AD x =
+=-+
2(2)2,2MF AE x FB x ==-+=-
由2
tan 60,(2)23(2)MF FB x x =?-+=-。
得 解得1x =,即1ME =,从而1
2
ME DC =,所以M 为侧棱SC 的中点 (Ⅱ)222MB BC MC =
+=,又60,2ABM AB ∠==,所以ABM ?为等边三角形,
又由(Ⅰ)知M 为SC 中点
2,6,2SM SA AM ===,故222,90SA SM AM SMA =+∠=
取AM 中点G ,连结BG ,取SA 中点H ,连结GH ,则,BG AM GH AM ⊥⊥,由此知BGH ∠为二面角
S AM B --的平面角
22312223,,2222
BG AM GH SM BH AB AH =
====+= 所以2226
cos 23
BG GH BH BGH BG GH +-∠==-??
二面角S AM B --的大小为6
arccos()3
- 解法二:
以D 为坐标原点,射线DA 为x 轴正半轴,建立如图所示的直角坐标系D-xyz 设(2,0,0)A ,则(2,2,0),(0,2,0),(0,0,2)B C S (Ⅰ)设(0)SM MC λλ=?,则
2222
(0,
,),(2,,)1111M MB λλλλλ
-=++++ 又(0,2,0),,60AB MB AB =- 故||||cos 60MB AB MB AB ?=?
即
222
422(2)()()111λλλ
-=+++++ 解得1λ=,即SM MC = 所以M 为侧棱SC 的中点
(II )由(0,1,1),(2,0,0)M A ,得AM 的中点211
(
,,)222
G 又231
(
,,),(0,1,1),(2,1,1)222
GB MS AM =-=-=- 0,0GB AM MS AM ?=?=
所以,GB AM MS AM ⊥⊥
因此,GB MS 等于二面角S AM B --的平面角
6
cos ,3||||
GB MS GB MS GB MS ?=
=-? 所以二面角S AM B --的大小为6
arccos()-
19.解:记i A 表示事件:第i 局甲获胜,i=3,4,5
j B 表示事件:第j 局乙获胜,j=3,4
(Ⅰ)记B 表示事件:甲获得这次比赛的胜利
因前两局中,甲、乙各胜一局,故甲获得这次比赛的胜利当且仅当在后面的比赛中,甲先胜2局,从而
34345345B A A B A A A B A =?+??+??
由于各局比赛结果相互独立,故
34345345()()()()P B P A A P B A A P A B A =?+??+??
=34345345()()()()()()()()P A P A P B P A P A P A P B P A ++ =0.6×0.6+0.4×0.6×0.6+0.6×0.4×0.6 =0.648
(II )ξ的可能取值为2,3 由于各局比赛结果相互独立,所以
3434(2)()P P A A B B ξ==?+?
=3434()()P A A P B B ?+? =3434()()()()P A P A P B P B ?+? =0.6×0.6+0.4×0.4 =0.52
(3)1(2)P P ξξ==-==1.0.52=0.48
ξ的分布列为
ξ
2 3 P
0.52
0.48
2(2)3(3)E P P ξξξ=?=+?=
=2×0.52+3×0.48 =2.48
20. 解:(I )由已知得111b a ==,且
11
12n n n
a a n n +=++ 即 112n n n
b b +=+
从而 211
2b b =+
3221
2
b b =+
……
111
(2)2n n n b b n --=+
≥ 于是 121111
......222n n b b -=++++
=11
2(2)2
n n --≥
又 11b = 故所求的通项公式1122
n n b -=- (II )由(I )知11
1(2)222
n n n n
a n n --=-
=-, ∴n S =11(2)2n
k k k k -=-∑111(2)2
n n
k k k k
k -===-∑∑
而
1
(2)(1)n
k k n n ==+∑,又1
1
2n
k k k
-=∑
是一个典型的错位相减法模型, 易得
111
2422n
k n k k n --=+=-∑ ∴n S =(1)n n +1
242n n -++- 21.(I )将抛物线2
:E y x =与圆2
2
2
:(4)(0)M x y r r -+=>的方程联立,消去2
y ,整理得
227160x x r -+-=.............(*)
抛物线2
:E y x =与圆2
2
2
:(4)(0)M x y r r -+=>相交于A 、B 、C 、D 四个点的充要条件是:方程(*)有两个不相等的正根即可.
由此得22122
12(7)4(16)070160r x x x x r ??=--->?
+=>??=->?
解得 215
16r <<
又 0r >所以 15
(
,4)2
r ∈ 考生利用数形结合及函数和方程的思想来处理也可以.
(II )考纲中明确提出不考查求两个圆锥曲线的交点的坐标。因此利用设而不求、整体代入的方法处理
本小题是一个较好的切入点。 设E 与M 的四个交点的坐标分别为:
11(,)A x x 、11(,)B x x -、22(,)C x x -、22(,)D x x 。
则直线AC BD 、的方程分别为
21
21
11112121
(),()x x x x y x x x y x x x x x x x --+-=
?-+=
?---
解得点P 的坐标为12(,0)x x 设12t x x =
,由216t r =-及(I )知702
t <<
由于四边形ABCD 为等腰梯形,因而其面积
211221121
2||()||()2
S x x x x x x x x =??-+=-+
则2212121212[()4](2)S x x x x x x x x =+-?++ 将12127,x x x x t +==代入上式,并令2
()f t S =,得
27
()(72)(72)(0)2
f t t t t =+?-<<
求导数'
()2(72)(67)f t t t =-+?-
令'
()0f t =,解得77
,62
t t =
=-(舍去) 当706
t <<时,'()0f t >;76t =时,'
()0f t =;
77
62
t <<时,'()0f t < 故当且仅当7
6
t =时,()f t 有最大值,即四边形ABCD 的
面积最大,故所求的点P 的坐标为7
(,0)6
22.解(I )()2
363f x x bx c '=++
依题意知,方程()0f x '=有两个根12x x 、,
1[10],x ∈-且,2[1,2].x ∈等价于()10f '-≥,
()00f '≤,()()1020f f ''≤≥,
由此得b 、c 满足的约束条件为
2102144
c b c c b c b ≥-??≤?
?
≤--??≥--? 满足这些条件的点(),b c 的区域为图中阴影部分,
(II)这一问考生不易得分,有一定的区分度。主要原因是含字母较多,不易找到突破口。此题主要利用消元的手段,消去目标()3
2
222233f x x bx cx =++中的b ,(如果消 c 会较繁琐)再利用2x 的范围,
并借助(I )中的约束条件得[2,0]c ∈-进而求解,有较强的技巧性。 解:由题设知()22223630f x x bx c '=++=,故22211
22
bx x c =-
- 于是()3
2
3222222133322
c
f x x bx cx x x =++=-
+ 由于
2[1,2]x ∈,而由(Ⅰ)知0c ≤,故
213
43()22
c f x c -+≤≤-+
又由(Ⅰ)知[2,0]c ∈- 所以 2110()2
f x -≤≤-