四川省成都市高三物理第一次一诊模拟检测试题

物理

总分110分时间60分钟

物理试题卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。

第I卷（选择题共42分）

一、选择题第1卷共7题，每题6分。每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是( )

A．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方

B．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大

C．两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢

D．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”。

2．在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器的滑

）P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（片变亮．灯泡LA ．电源的输出功率变大B 上的电荷量减少．电容器CC ．电流表读数变小，电压表读数变大D，某时刻卫星经过

T=1.5h3．一颗科学资源探测卫星的圆轨道经过地球两极上空，运动周期为，万有引力常量为G，T，地球同步卫星轨道半径r赤道上A城市上空。已知：地球自转周期0）根据上述条件（ B. 可以计算地球的质量A. 可以计算地球的球半径 C. 可以计算地球表面的重力加速度 A城市上空可以断定，再经过12h卫星第二次到达D.

，．一物体从地面由静止开始运动，取地面的重力势能为零，运动过程中重力对物体做功W41）W，其它力对物体做功，则该过程终态时（阻力对物体做功W32 WW B．物体的重力势能为A．物体的动能为W ＋112＋W＋W W ＋C．物体的机械能为W W D．物体的机械能为31232同位素和质谱仪的研究荣获了诺贝尔化学奖。1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、5.

若一束粒子（不计重力）由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法正确的是）（

P A．该束带电粒子带负电 B．速度选择器的上极板带负电P B C中运动半径越大的粒子，质量越大．在磁场2q/m中运动半径越大的粒子，比荷B越小D．在磁场2MNm的中点处通过一6. 右下图所示为一电流表的原理示意图。质量为的均质细金属棒abcdk内有匀强磁场，挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连，绝缘弹簧劲度系数为；在矩形区域NBMN连接的一绝缘轻指针可指示标尺

与方向垂直纸面向外；磁感应强度大小为，的右端- 1 -

ab MNMNMN与矩形区域上的读数，。当的长度大于中没有电流通过且处于平衡状态时，MNcd中有电流通过时，指针示数可表示电流强度。则（）的边重合；当

．当电流表示数为零时，弹簧伸长量是A k

MNN端应与电源正极相接．若要电流表正常工作，的B B＝0.20 T cbab k=， =0.20 m，

=0.050 cmC．若，200 N/m，此电流表的量程是2A

1倍，磁感应强度应变为原来的D．若将量程扩大到227.下表是一辆电动自行车的部分技术指标，其中额定车速是指电动车满载情况下在平直道路上以额定功率匀速行驶的速度。

充电时额定输电动机额定工电源输出电压电源额定车速车质量载重作电压和电流出功率间36 V/6 A

6~8 h

40 kg 80 kg 36 18 km/h

V/12 Ah

180 W

≥36 V

若该车满载时在平直道路上以额定功率行驶，且所受阻力大小恒定。请参考表中数据，判断2g 取10 m/s）（）下列说法正确的是（A. 该过程中，自行车电动机的热功率是216W

B．该车所配电动机的内阻是1 Ω

C. 该过程中，自行车受阻力是车重的0.02倍

0.2 m/sD．该过程中，当车速为3m/s分）（非选择题共68第Ⅱ卷

2时，加速度为

分）、（17二、实验题：8利用通电导线在磁场中受到的安培力与磁感应强度的关系就可以测定磁感应强分）（6Ⅰ度的大小。实验装置如图所示，弹簧测力计下端挂一矩形导线框，导线框接在图示电路中，极间磁场中的待测位置。、S线框的短边置于蹄型磁体的N先观察并记录下弹待线框静止后，①在接通电路前，

F；簧测力计的读数0I待②接通电路，调节滑动变阻器使电流表读数为,

FF F>线框静止后，观察并记录下弹簧测力计的读数。（）0由以上测量数据可知：导线框所受重力大小等磁场对矩形线框位于磁场中的一条边的作用力于；NL，则利用上述数大小为。若已知导线框在磁场中的这条边的长度为、线圈匝数为B。据计算待测磁场的磁感应强度的表达示为=

”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要3V 0.6WⅡ（11分）要测绘一个标有“由零逐

渐增加到3 V，并便于操作。已选用的器材有：请把第一卷选择题的答案填在下面方格中分一、选择题(共42)

题号 2

- 2 -

答案B = 。二、填空题

；4.5V电池组（电动势为，内阻约1Ω），内阻约电流表（量程为0250mA5Ω）；

；3kΩ）03V，内阻约电压表（量程为

电键一个、导线若干。（填字母代号）。①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的 1A）A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流）B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A ②请将设计的实验电路图画入下面的表格中：③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。现将这个小灯泡接到的电源两端，请在图中作出该电源输出电动势为1.5V，内阻为5Ω电流与路端电压的关系图线，由此得到小灯泡消耗的功率是 W。

分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算三、计算题（本题共351个小题，共计

步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）届悉尼奥运会，蹦床被列为正式比赛项目，比赛要求选手蹦起的27分）（15 2000年，第9.。蹦床比赛分成预备运动和比赛动作，最初，运动员静止站在蹦床上，在预m高度至少为8

备运动阶段，他经过若干次蹦跳，逐渐增加上升高度，最终达到完成比赛动作所需的高度，xF=kx 为此后，进入比赛动作阶段。现把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧，弹力大小(xkm，床面下沉的距离，为常量)，质量=0.10m=50kg的运动员静止站在蹦床上，床面下沉0WE=全部用于增。在预备运动阶段，假设运动员所做的总功此时弹簧具有的弹性势能25J P弹2g=10m/s，忽略空气阻力的加其机械能。取重力加速度影响。

k（1。）求常量t =2.0 s，（2）若选手每次离开床面做竖直上抛运动的腾空时间均为△请

通过计算说明比赛选手蹦起的高度是否符合比赛规则。W）请求出选手要到达比赛要求，至少要做的功3的值。（

圆弧与直轨道组合成光滑绝缘轨道，在高度10．1/4分）如图所示，在竖直平面内，两个（15qmgERhq、其它几何尺寸如图所示，方向水平向右的匀强电场，以下存在=2=/、一带电量为vm质量为的带正电的小球从向右运动．处以初速度A0- 3 -

v的大小应满足什么条件？（1）若小球始终沿轨道内侧运动而不脱离，则0v1（2）在）中的临界值时，求轨道对小球的最大弹力；取（0mg点落回水平轨道过程试求小球从B时对轨道的压力等于B，（3）若小球运动到最高点中电场力所做的

功．

AA、B带负电，电荷量大11.（19分）如图所示，两物块用一根轻绳跨过定滑轮相连，其中Aq

下部分粗糙且足够长，（斜面倾角为小为37°，。其上部分光滑，静止于斜面的光滑部分，轻绳

拉直而无形变。粗糙部分的摩擦系数为μ，上方有一个平行于斜面向下的匀强电场）CB、B、Ck 质。通过一根轻弹簧拴接在一起，且处于静止状态，弹簧劲度系数为不带电的gAmm的质量为2 ，不计滑轮的质量和摩擦，重力加速度为量相等，均为。，E（1）电场强度的大小为多少？BAC（此时180°，（2）现突然将电场的方向改变刚好要离开地面时开始运动起来，当B A，请求出此时还没有运动到滑轮处，的速度大小。刚要滑上斜面的粗糙部分）AA刚要滑上斜面的粗糙部分时，绳子断了，电场恰好再次反向，请问（3）若（2）问中再经多长时间停下来？

°37

20141224

物理参考答案越大，而不是速度越大，故a1.A.【试题分析】：根据牛顿第二定律，物体受的力越大加速度选项错误；一个运C一样）选项错误；根据自由落体运动，两物体同时到达（加速度Bg，故动的物体，如果不再受力了，它，根据牛顿第三定律，它将保持运动状态一直匀速直线运动，- 4 -

选项正确。D选项错误，故综上所述，只有A故R增：当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻2. D【试题分析】总2RRP?I错误；当内、外电阻相，减小，灯泡的功率A不变，则灯泡变暗，故大，电流I LL增大时，电源的输出RL的电阻大于电源的内阻，当等时，电源的输出功率功率最大．灯炮错误；变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电

容器上电压也增大，B功率减小，故Ir??EU正确．变大．故D则其电荷量增大，故C错误；电流表读数变小，电压表读数2?rMm4=mG：根据地球同步卫星万有引力提供向心力周期公式【试题分析】3. B22Tr032?r4=M式期公向心力周卫星万有引力提供测，故B

正确；根据探：得2GT022?R4MmGMT==mGR3已经求得，所以可以求得卫星绕地球运，因为解得：M222?TR4 A错误；动的圆轨道半径，不能得到地球的球半径，故Mm=mgG，因为不知道地球半径，所以无法求出地球表面的重力加速度，在地球表面有2r城市运动到和地心对称的位置了，而资源探测卫星正好转时，赤道上AC 错误；经过12h故B 错误．故选A城市上空，故D8过了圈，又回到原位置，所以经过12h卫星不会到达正A【解析】合外力做功等于动能的增加量，初动能为零，所以末动能为W1+W2+W3，故

4. C ，原来为零，W1确。重力做功等于重力势能的减少量，因为重力做功W1，所以重力势能减少错误。-W1，故B 现在为机械能是动能、重力势能、弹性势能之和，因为此题不涉及弹性势能，所以机械能的改变量正确，C ）-W1=W2+W3，故就取决于动能和势能的改变量，那么机械能的改变量为（W1+W2+W3 错误。D ：由带电粒子在磁场中的偏转方向知磁场的方向垂直纸面向外，由左手定则知，

5. D 【解析】错误；由左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则该粒子带正电，故A P 电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的极板带正1

2vmvqm ?qvB ?r r D 电，故B 正确；根据公式，知正确。越大，比荷，得越小，

rBqm x ?xk ?mg ＝，

则有设当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为【解析】：(1)①6. A D mg x ?? 正确；为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒由①式得②, 所以A k MNMMN

B 错误；设电流表满偏时通过的安培力必须向下，因此间端应接正极，所以

)x ＋?＝k (cb ＋BIabmg 2.5 A I ＝I ，电流强度为③，联立②③并代入数据得，则有

m m m

＋mg ＝k (cb

＋?x )ab 2B ?I ．B 故⑤，由′，则有C 错误；设量程扩大后，磁感应强度变为m

kcb ＝B ?

⑥，所以磁感应强度减半，故D 正确。①⑤式得 2Iab m PPUI =36×6 W=216 W ，，额定输入功率：

从表中知，额定输出功率7. B D 【解析】=180 W=入出

- 5 -

21180r PrIP ，所以A=错误，－B= ，正确；当达到最大速度时，

出

6P ?fv ?k (M ?m )gv kPF υ，根据牛顿第二定=，C ，则错误；发电机的输出功率为=0.03mm 2

F ?k (M ?m )g ?(M ?m )a a =0.2 m/s ，故律有D ，由上式得正确。 Ⅱ卷共4题，共68分。 F ?F 0F F-F （2分） 21）（6分）分）（2分）（8．（17分）（0

0INL （2）（11分）①A (2分) ②外接分压（4分）③作图（3分）0.1W （2分） mg=kx （2）根据分）（15分）解：（19.0

mg =5000N/?mk （3分）解得 x 012gt ?5h ?m ，

即（2）根据匀变速直线运动公式，上升下落时间相等，即上升时间为1s ， 2 5小于规定的要求8m ，所以不符合比赛要求。（分）W ）设人至少做功3（h=8 m

要达到比赛要求，人蹦起的高度至少为W+E=mgh x ）（3+由能量守恒定律有分）（P 0弹

W ?4025J （2分）解得

10．（15分）

12mv ?3R ?0qE ?2R ?mg ?（2分）（1）若刚好不脱离轨道，则 02

v ?22gRgRv ?

（2，分）解得所以应有 00 2mg 0

F ，方向与水平方向成45（2）重力与电场力的合力角斜

向下 =

所以在下边1/4圆弧中点（设为C ）处弹力最大，则

221122)R ?mg （??1?)R ?mv ?mv （qE ?1 （2分） 0C 222222vv 00CC N ?F ?mN ?qE cos45?mg sin45?m ）

（2分）（或22RR（2?32）mgN?解得1分）（2v B m??Nmg v?2gR（1

分）（1分），3（）在最高点B解得BB2R4R?t从B进入电场的时间1g R8t?

到达水平轨道的时间从 B2g R?t?t?t?（22?1）所以，在复合场中的运动时间1 （分）12g- 6 -

qEg??a，1水平方向分）（x m12R）（2?1???t?a（t?x?v）=2方向向左（1分）

xB2mgR）（2?1qE??x??2W??分） B（点到落回水平轨道过程电场力做功10qE sin37?2mg A分）（11.（19分）解析： (1)静止，由平衡条件有2mg6?E解得（2分）

q5mgkx?xB，由平衡条件有（1分）（2）初始时刻静止，设弹簧压缩量为 CCx′，设弹簧伸长量为刚要离开地面时，当N=0对地面的压力?mg?kx 1分）

由平衡条件有（mg?xx?CB、 1重力相等，故=

由于分）（k xACBx分析可知，当沿斜面下滑刚要

离开地面时，，向上运动22120mv3?xmg?2x sin2mg?2x37??qE?2B、A（3系统机械能守恒，有分）2m28g?υ 2解得分）

（k15?ma2N?A (3)滑上斜面的粗糙部分，由牛顿第二定律分）

（10372mg cos N?

420s?37/gmga?cos分）得（25m528v??t分）A 故做匀减速直线运动，时间（ 2k4a15- 7 -