高中物理第十三章 电磁感应与电磁波精选测试卷检测题(WORD版含答案)

高中物理第十三章电磁感应与电磁波精选测试卷检测题（WORD版含答案）

一、第十三章电磁感应与电磁波初步选择题易错题培优（难）

1．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为（）

A．0 B．0.5B C．B D．2 B

【答案】A

【解析】

试题分析：乙为双绕线圈，两股导线产生的磁场相互抵消，管内磁感应强度为零，故A正确．

考点：磁场的叠加

名师点睛：本题比较简单，考查了通电螺线管周围的磁场，弄清两图中电流以及导线的绕法的异同即可正确解答本题．

2．为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）

A．B． C．

D．

【答案】B

【解析】

【分析】

要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向．

【详解】

地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指

向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确．

【点睛】

主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在．另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定．

3．如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环a，下列各种情况中铜环a中没有感应电流的是（）

A．将电键突然断开的瞬间

B．线圈中通以恒定的电流

C．通电时，使滑动变阻器的滑片P做加速移动

D．通电时，使滑动变阻器的滑片P做匀速移动

【答案】B

【解析】

【详解】

A.将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过铜环a的磁通量减小，产生感应电流，故A不符合题意；

B.线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环a的磁通量不变，没有感应电流产生，故B符合题意；

C.通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环a磁通量变化，产生感应电流，故C不符合题意；

D.通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环a磁通量增大，产生感应电流，故D不符合题意；

4．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．下列表述符合物理学史实的是（）

A．法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了人类对电磁现象的研究

B．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证

C．牛顿利用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点

D．胡克认为弹簧的弹力与弹簧的长度成正比

【答案】A

【解析】

【详解】

A、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故A正确；

B、伽利略用数学和逻辑推理得出了自由落体的速度与下落时间成正比，而不是直接用实验验证这个结论．故B错误．

C、伽利略利用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点，故C错误；

D、胡克认为弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误.故选A.【点睛】

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．

5．通电直导线在其周围形成的磁场中某一点的磁感应强度大小与电流的大小成正比，与该点到导线的垂直距离成反比．如图所示，菱形ABCD在水平面内，O点为菱形的中心，

∠DAB＝60°，在A、B、C三点垂直于水平面放置三根平行直导线，导线中电流的大小和方向均相同，则O点和D点处的磁感应强度方向的关系以及大小之比为( )

A．相反，1∶2 B．相同，1∶1

C．垂直，2∶1 D．垂直，1∶2

【答案】B

【解析】

【详解】

如图甲所示，A、C处导线在O点处产生的磁场的磁感应强度等大反向，矢量和为零，B处导线在O点处产生的磁场的磁感应强度沿OC方向，设菱形的边长为a，导线中的电流大

小为I，则O点处的磁感应强度大小为

02

B

kI

a

=．如图乙所示，A、C处导线在D点处产

生的磁场的磁感应强度的矢量和为kI

a

，方向垂直BD向右，B处导线在D点处产生的磁场

的磁感应强度方向垂直BD向右，大小为kI

a

，因此D点处的磁感应强度方向垂直BD向

右，大小为

2

D

B

kI

a

=，则O、D两点处的磁感应强度方向相同，大小之比为1∶1，B正

确．

6．三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I ，方向如图所示。a 、b 和c 三点分别位于三角形的三个顶角的角平分线上，且到相应顶点的距离相等。将a 、b 和c 处的磁感应强度大小分别记为B 1、B 2和B 3，下列说法正确的是（ ）

A ．

B 1=B 2

B ．B 1=B 2=B 3

C ．a 和c 处磁场方向垂直于纸面向外，b 处磁场方向垂直于纸面向里

D ．a 处磁场方向垂直于纸面向外，b 和c 处磁场方向垂直于纸面向里

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】

AB ．由安培定则判断，对a 和b ，其临近的两条导线在a 和b 点产生的磁感应强度等大方向，磁感应强度相互抵消，则a 和b 处的磁感应强度就等于远离的那条导线产生的磁感应强度，有12B B ；对c ，其临近的两条导线在c 产生的磁感应强度等大同向，磁感应强度加倍，而远离c 的那条导线在c 产生的磁感应强度小于其临近的两条导线在c 产生的磁感应强度，且方向相反，在c 处的磁感应强度3B 应大于a 和b 处的磁感应强度1B 和2B , A 正确，B 错误；

CD ．由安培定则判断可得a 和b 处磁场方向垂直于纸面向外，c 处磁场方向垂直于纸面向里，CD 错误；

故选A ．

7．如图是生产中常用的一种延时继电器，铁芯上有两个线圈P 和Q ，线圈P 与电源连接，线圈Q 与电流表G 连接，分别构成闭合回路。下列说法正确的是（ ）

A ．闭合S 瞬间，线圈P 具有延时作用

B ．断开S 瞬间，线圈Q 具有延时作用

C．闭合S瞬间，Q中感应电流的方向为a→G→b

D．断开S瞬间，Q中感应电流的方向为b→G→a

【答案】B

【解析】

【分析】

【详解】

AB．将S断开闭合，导致穿过线圈Q的磁通量变化，根据楞次定律可知，线圈Q产生有延时的作用，故A错误，B正确；

C．闭合S瞬间，线圈P产生磁场，Q的磁通量变大，根据楞次定律，穿过Q中感应电流的方向为b→G→a，故C错误；

D．断开S瞬间，线圈P产生磁场，Q的磁通量变小，根据楞次定律，穿过Q中感应电流的方向为a→G→b，故D错误。

故选B。

8．如图所示，在等腰直角三角形ABC的A点和B点分别固定一垂直纸面向外和向里的无限长通电直导线，其电流强度分别为I A和I B，∠A=45°，通电直导线形成的磁场在空间某点

处的磁感应强度大小

I

B k

r

，k为比例系数，r为该点到导线的距离，I为导线中的电流

强度。当一小磁针在C点N极所受磁场力方向沿BC方向时，两直导线的电流强度I B与I A 之比为（）

A．1

2

B．

2

4

C．

2

2

D．

1

4

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】

由题意可知C点处磁场的磁感应强度B合的方向平行BC向右，设A点处导线和B点处导线在C点处形成的磁场的磁感应强度大小分別为A B和B B，方向分别与AC和BC垂直，如图所示

由图可知

2

sin45

2

B

A

B

B

=?=

又由于

B

BC

B

A

A

AC

kI

l

B

kI

B

l

=

计算可得

1

2

B

A

I

I

=

故A正确，B、C、D错误；

故选A。

9．如图所示，三根通电长直导线A、B、C互相平行，其横截面位于等腰直角三角形的三个顶点上，三根导线中通入的电流大小相等，且A、C中电流方向垂直于纸面向外，B中电流方向垂直于纸面向内；已知通电导线在其周围某处产生的磁场的磁感应强度

kI

B

r

=，其中I为通电导线中的电流强度，r为某处到通电直导线的距离，k为常量．下列说法正确的是( )

A．A所受磁场作用力的方向与B、C所在平面垂直

B．B所受磁场作用力的方向与A、C所在平面垂直

C．A、B单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶2

D．A、B单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶2

【答案】BC

【解析】

【分析】

【详解】

A．利用右手定则可知：A处的合磁场方向沿AC方向，所以A所受磁场作用力的方向与A、C所在平面垂直，A错；

B．利用右手定则可知：B处的合磁场方向沿AC方向，所以B所受磁场作用力的方向与A、C所在平面垂直，B对；

CD．知通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度

kI

B

r

=，根据磁场的叠加知：A处的磁

场大小为

2

2

kI

r

，而B处的磁场强度为2

kI

r

，所以A、B单位长度所受的磁场作用力

大小之比为1:2，C对，D错；

故选：BC

10．如图所示，A、B两回路中各有一开关S1、S2，且回路A中接有电源，回路B中接有灵敏电流计，下列操作及相应的结果可能的是（）

A．先闭合S2，后闭合S1的瞬间，电流计指针偏转

B．S1、S2闭合后，在断开S2的瞬间，电流计指针偏转

C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转

D．S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，电流计指针偏转

【答案】AD

【解析】

【分析】

【详解】

A．先闭合S2，构成闭合电路，当后闭合S1的瞬间时，通过线圈A的电流增大，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，从而产生感应电流，则指针发生偏转，故A正确；

B．当S1、S2闭合后，稳定后线圈B中没有磁通量的变化，因而线圈B中没有感应电流，在断开S2的瞬间，当然指针也不偏转，故B错误；

C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，穿过线圈B的磁通量没有变化，则不会产生感应电流，故C错误；

D．当S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，因而出现感应电流，故D正确，

故选AD

11．如图通有向上电流的导体AA'、BB'、CC'和'

DD为正方体的棱，电流大小均为I，O为正方体的中心，O'为面ABB A''的中心，电流AA'在O'点产生的磁感应强度大小为B，已知直导线在过导线中央的垂直平面某处产生的磁感应强度与电流成正比、与距离成反比，则下列说法正确的是（）

A ．电流AA '在O 点产生的磁感应强度大小为22

B B ．O '处的磁感应强度方向沿AA B B ''平面垂直指向BB '

C ．若仅将AA '中电流反向，O 2B

D ．若仅将AA '中电流加倍，O 2B

【答案】ABC

【解析】

【分析】

【详解】

设正方体的棱长为a ，AA '到O '点的距离为2

a ，到O 的距离 222()()22a a d =+= 直导线在过导线中央的垂直平面某处产生的磁感应强度与电流成正比、与距离成反比，设电流为I ，距离为r ，比例系数为k ，则磁感应强度

I B k r

= A ．电流AA '在O '点产生的磁感应强度大小为B ，则电流AA '在O 点产生的磁感应强度大小为22

B ，选项A 正确； B ．由安培定则可知，O '处的磁感应强度方向沿AA B B ''平面垂直指向BB '，选项B 正确；

C ．AA '、BB '、CC '、'D

D 中电流相等，它们到O 点的距离相等，它们在O 点产生的磁2B ，若AA '方向反向，由安培定则可知，AA '在O 点产生的磁场方向与BB '、CC '、'DD 在O 点产生的的磁场方向相反，AA '、BB '、CC '、'DD 在O 点2B ，选项C 正确；

D ．若仅将AA '中电流加倍，AA '在O 2B ，BB '、CC '、'DD 中电流在O 处产生的磁感应强度为22

B ，则O 处的磁感应强度大小为 222B

选项D错误。

故选ABC。

12．如图，两根互相平行的长直导线垂直穿过纸面上的M、N两点。导线中通有大小相等、方向相反的电流。a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等。关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）

A． o点处的磁感应强度为零

B．a、c两点处磁感应强度的方向相同

C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同

D．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反

【答案】BC

【解析】

【分析】

根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形定则进行矢量叠加。

【详解】

A．根据右手螺旋定则，M处导线在o点产生的磁场方向垂直MN向下，N处导线在o点产生的磁场方向垂直MN向下，合成后磁感应强度不等于0，故A错误；

B．由右手定则可知，M、N处导线在a点产生的磁场方向均垂直MN向下，则a点磁感应强度的方向垂直MN向下；M、N处导线在c点产生的磁场大小相等，方向分别垂直

cM向下，垂直cN向下且关于直线cd对称，由平行四边形法则可得，c点磁感应强度的方向同样垂直MN向下，故B正确；

C、M处导线在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下，根据平行四边形定则，知c处的磁场方向垂直MN向下，d处的磁场方向垂直MN向下，磁感应强度方向相同，且合磁感应强度大小相等，故C正确；

D．M在a处产生的磁场方向垂直MN向下，在b处产生的磁场方向垂直MN向下，N在a 处产生的磁场方向垂直MN向下，b处产生的磁场方向垂直MN向下，根据磁感应强度的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同，故D错误。

【点睛】

本题考查了比较磁感应强度大小由于方向关系问题，解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成。

13．下列说法中正确的是________

A．做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，加速度也相同

B．做简谐运动的质点，经过四分之一周期，所通过的路程一定是一倍振幅

C．根据麦克斯电磁场理论可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场D．双缝干涉实验中，若只减小双缝到光屏间的距离，两相邻亮条纹间距离将变大

E.声波从空气传入水中时频率不变，波长变长．

【答案】ACE

【解析】

【分析】

【详解】

做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，回复力相同，故加速度也相同，选项A 正确；做简谐运动的质点，经过四分之一周期，只有从平衡位置或者从位移最大或最小的位置计时，所通过的路程一定是一倍振幅，选项B错误；根据麦克斯电磁场理论可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场，选项C正确；双缝干涉实验中，根据

l x

d λ

?=可知，若只减小双缝到光屏间的距离，两相邻亮条纹间距离将变小，选项D错

误；声波从空气传入水中时频率不变，波速变大，根据=v f

λ可知波长变长，选项E正确；故选ACE.

14．两根固定的相互平行的直导线A和B，相距为L，电流方向如图所示．导线C用轻绳

悬挂在AB导线的中间上方，距离AB为

3

2

L，三根导线通的电流都为I．下列说法正确

的是（）

A．从上往下看导线C顺时针转动，同时绳子的张力变小

B．从上往下看导线C逆时针转动，同时绳子的张力变大

C．当C转到与A、B平行时A、B和C单位长度所受的磁场作用力大小之比为

331

D．当C转到与A、B平行时A、B和C单位长度所受的磁场作用力大小之比为1：1：1【答案】BD

【解析】

AB 、由右手螺旋定则可以判断C 导线左侧的磁场方向从下往上，右侧从上往下，从而可判断C 导线左侧受到向外的力右侧受到向里的力，从上往下看导线是逆时针转动；利用极限法可判断C 导线转动到与AB 平行时受到向下的安培力，所以过程中绳子张力变大；A 错误，B 正确，

CD 、转到与AB 平行时，三根导线电流方向都是垂直纸面向里，所以A 、B 和C 受到相互之间的磁场作用力大小相等，C 错误，D 正确．故选BD

15．如图所示，用同种材料制成的四根相互平行的通电长直导线（每根导线电阻为r ）a b c d 、、、分别置于正方形的四个顶点上，四根导线都垂直于正方形所在平面。若每根通电直导线单独存在时，通电直导线上的电流I 与通电直导线上的电流在正方形中心O 处产生的感应磁场B 的大小关系为(0)I B k

k r

=>，则四根通电导线同时存在时，以下选项正确的是（ ）

A ．a 和b 通电电流都为I ，c 和d 通电电流为都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小

为32I k

r

，方向水平向左 B ．a 通电电流为2I ，b c d 、、通电电流都为I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为32I k r

，方向向左下方 C ．a 和b c 、通电电流都为I ，d 通电电流为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

5I k

r

，方向向左下方 D ．a 通电电流为I ，b c d 、、通电电流都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为5I k

r

，方向向左上方 【答案】AD

【解析】

【详解】 A.当四根导线同时存在时，根据安培定则可知，四根导线在O 点产生的磁感应方向分别为：a 导线产生的磁感应强度方向沿Oc 方向；b 导线产生的磁感应强度方向沿Oa ；c 导

线产生的磁感应强度方向沿Oa ；d 导线产生的磁感应强度方向沿Oc ；根据平行四边形定则可知：a 和b 通电电流都为I ，c 和d 通电流都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

°°2cos 452cos 45232I I I B k k k r r r

=??+??=， 方向水平向左，故A 正确；

B.a 通电电流为2I ，b c d 、、通电电流都为I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

222()()13I I I I I B k

k k k k r r r r r

=+++=， 方向向左下方，故B 错误； C.a 和b c 、通电电流都为I ，d 通电电流为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

222()()13I I I I I B k

k k k k r r r r r

=+++=， 方向向左下方，故C 错误； D.a 通电电流为I ，b c d 、、通电电流都为2I 时，在O 点产生的磁感应强度大小为

22222()()5I I I I I B k

k k k k r r r r r

=+++=， 方向向左上方，D 正确。

故选：AD 。

二、第十三章 电磁感应与电磁波初步实验题易错题培优（难）

16．(1)在“探究楞次定律”的实验中除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外,还要用到电表．请从下列电表中选择（______）

A ．量程为0~3 V 的电压表

B ．量程为0~3 A 的电流表

C ．量程为0~0.6 A 的电流表

D ．零刻度在中间的灵敏电流表

(2)某同学按下列步骤进行实验:

①将已知绕向的螺线管与电表连接;

②设计表格,记录将磁铁N 、S 极插入和抽出过程中引起感应电流的磁场方向、磁通量变化、感应电流的方向、感应电流的磁场方向;

③分析实验结果,得出结论．

上述实验中,漏掉的实验步骤是______．

丙

(3)图甲为某实验小组利用微电流传感器做验证楞次定律实验时,在计算机屏幕上得到的波形,横坐标为时间t,纵坐标为电流I．根据图线分析知道:将条形磁铁的N极插入圆形闭合线圈时得到图甲内①所示图线．现用该磁铁,如图乙所示,从很远处按原方向沿一圆形线圈的轴线匀速运动,并穿过线圈向远处而去．图丙中较正确地反映线圈中电流I与时间t关系的是

____．

【答案】D查明电流流入电表方向与电表指针偏转方向的关系B

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]．由于电流方向会发生变化，所以应该用零刻度在中间的灵敏电流表，故选D。（2）[2]．因为本实验时探究“楞次定律”的实验，所以要查明电流流入电表方向与电表指针偏转方向的关系，从而来确定感应电流方向与原磁通量变化之间的关系。

（3）[3]．根据图线分析知道:将条形磁铁的N极插入圆形闭合线圈时得到图甲内①所示图线，则表明穿过线圈N极的磁通量增加时，应该形成图①的形状，当磁铁S极从很远处按原方向沿一圆形线圈的轴线匀速运动,并穿过线圈向远处而去，则穿过线圈平面的S极的磁通量先增大后减小，且磁场方向与题中所给的方向恰好相反，所以图像应该是B，故选B。

17．在“探究电磁感应的产生条件”实验中，

（1）如图1所示，线圈横卧在课桌上并与G表相连，将条形磁铁从线圈的左端插入、右端拔出，己知插入时G表指针向左偏转，则拔出时G表指针____________（填“向左”或“向右”）偏转，若条形磁铁S极正对线圈的右端并从右端插入、左端拔出，则插入时G表指针____________（填“向左”或“向右”）偏转，拔出时G表指针____________（填“向左” 或“向右”）偏转。

（2）如图2所示，将学生电源和单刀开关、滑动变阻器、A线圈串联起来，将B线圈与G 表连接起来。一般情况下，开关和A线圈应该与学牛电源的____________（填“直流”或“交流”）接线柱相连，闭合开关接通电源后，第一次将滑动变阻器从最大阻值滑移至某一较

小阻值，第二次用比第一次大的速度将滑动变阻器从最大阻值滑移至同一较小阻值，则第二次G表偏转的角度较 ____________（填“小”或“大”）。

【答案】向右向左向右直流大

【解析】

【详解】

（1）[1][2][3]．如图1所示，将条形磁铁从线圈的左端插入、右端拔出，当插入时，向右穿过线圈的磁通量增大，则G表指针向左偏转，当拔出时，向右穿过线圈的磁通量减小，那么G表指针向右偏转；同理，当条形磁铁S极正对线圈的右端，并从右端插入、左端拔出，则插入时，向右穿过线圈的磁通量增大，则G表指针向左偏转，当拔出时，向右穿过线圈的磁通量减小，那么G表指针向右偏转。

（2）[4][5]．将学生电源和单刀开关、滑动变阻器、A线圈串联起来，将B线圈与G表连接起来，A线圈应该与学生电源的直流接线柱相连，第一次将滑动变阻器从最大阻值滑移至某一较小阻值，而第二次用比第一次大的速度将滑动变阻器从最大阻值滑移至同一较小阻值，两种情况的磁通量变化均相同，而后者变化的时间短，那么第二次感应电动势较大，则G表偏转的角度较大。

18．为了研究某导线的特性，某同学所做部分实验如下：

（1）用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，则螺旋测微器的读数为___mm；（2）用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“×10”倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择_____倍率的电阻档（选填“×1”或“×100”），欧姆调零后再进行测量，示数如图乙所示，则测量值为_____Ω；

（3）如图乙所示，线圈与电源、开关相连，直立在水平桌面上．铁芯插在线圈中，质量较小的铝环套在铁芯上．闭合开关的瞬间，铝环向上跳起来．如果将电源的正、负极对调，闭合开关的瞬间，会观察到_____的现象（填“同样”或“不同”）；先用手按住铝环，然后接通电源，电流稳定后放手，铝环是否还会跳起______（填“会”或“不会“）．

【答案】0.645 ×1 22 同样不会

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]由图可知，螺旋测微器的示数为

d=0.5+14.5×0.01=0.645mm

（2）[2][3]角度偏转太大，则说明示数太小，应换用小档位，故选用×1档；

由图可知，电阻值为

22×1=22Ω

（3）[4][5]感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的原磁通量的变化，我们可以这样理解：当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反；当原磁通量减少时，感应电流的磁场就与原来磁场的方向相同，即增反减同。题目中线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起的原因是：闭合电键的瞬间线圈突然产生磁场（假设磁场向上），通过铝环的磁通量突然（向上）增加，那么铝环中的感应电流就产生与原磁场方向相反的磁场（感应电流磁场向下）；因为原磁场与感应电流的磁场方向相反，相互排斥，所以铝环受到向上的斥力，所以铝环向上跳起．若保持电建闭合，流过线圈的电流稳定，磁场不再发生变化，铝环中就没有感应电流，也就没有相互作用，铝环仅受重力作用，最后落回。如果电源的正、负极对调，观察到的现象还是不变，因为我们讨论时电流的正负极对整个力的作用过程没有影响；若先用手按住铝环，然后接通电源，电流稳定后放手，铝环不会跳起，原因是穿过线圈的磁通量不变。

19．应用下图器材研究电磁感应现象的实验．

（1）将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关用导线连接成如图所示的实验电路，接通、断开开关时，电流表的指针都没有偏转，其原因是_________

A．开关位置错误 B．电流表的正、负极接反

C．线圈B的接头3、4接反 D．蓄电池的正、负极接反

（2）如果想验证楞次定律，必需先要明确_________

A．线圈A和B的绕线方向

B．线圈A和B的自感系数大小

C．电流表指针偏向与流入的电流方向的关系

D．线圈A和B的匝数大小

【答案】A AC

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]．由电路图可知，电键接在电流表所在电路，电键连接错误，闭合与断开电键时，通过螺线管A的电流不变，穿过螺线管B的磁通量不变，没有感应电流产生，电流表指针不偏转；故A正确；

（2）[2]．因为实验中需要根据右手定则判断螺线管中的磁场，所以需要明确两个线圈的绕线方向；在判断感应线圈中的电流方向时，需要根据电流表指针偏向与流入的电流方向

的关系判断，故AC正确；而自感系数和匝数跟产生感应电流大小有关，本实验要验证感应电流方向规律，所以只要有感应电流即可，感应电流的大小与实验无关，BD错误．

20．在“研究电磁感应现象”的实验中：

(1)电磁铁回路连线尚未完成，请以笔画线代替导线连成正确的完整回路________。

(2)电路连接完整后，闭合电键，将变阻器滑键向右移动的过程时，发现电流表指针向右偏转，则：

①将铁芯插入电磁铁的螺线管内时，电表指针向_____偏转。

②在电磁铁回路通电状态下，断开电键的瞬时，电表指针向______偏转。

【答案】左右

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]如图所示

(2)[2][3]由题意得，将变阻器滑键向右移动的过程时，通过小线圈的电流减小，穿过小线圈的磁通量减小，而电流表指针向右偏转，说明穿过线圈的磁通量减小时电流表指针向右偏转。将铁芯插入电磁铁的螺线管内时，穿过线圈的磁通量增大，则电流表的指针向左偏转。在电磁铁回路通电状态下，断开电键的瞬时，穿过线圈的磁通量减小，则电流表的指针向右偏转。