第21章平行六面体的性质及应用

第二十一章平行六面体的性质及应用

【基础知识】

平行六面体是平行四边形的一个三维类比模型，平行四边形的一系列有趣性质可推证到平行六面体中去．平行四边形与三角形有着极为密切的关系，因而平行六面体与四面体也有着极为密切的关系，这些构成了平行六面体一系列既有趣又有重要应用的性质．

性质1平行六面体的四条对角线相交于一点，且在这一点互相平分，并称该点为中心．

推论称侧面对角线的交点为侧面中心，则相对侧面中心的连线也交于平行六面体的中心，且在这一点互相平分．（见例5）

性质2平行六面体所有对角线的平方和等于所有棱的平方和．

推论1平行六面体所有侧面对角线的平方和等于其所有（体）对角线平方和的两倍．

推论2平行六面体每一侧棱的平方等于与这侧棱共面的两侧面四条面对角线的平方和减去与这侧棱不共面而共端点的两条侧面对角线平方和所得差的四分之一．

推论3平行六面体的每一对角线长的平方等于过这条对角线一端点的三条侧面对角线的平方和减去过另一端点的三条棱的平方和．

性质3平行六面体的每一对角线长的平方等于共一端点的三条棱长的平方和减去这三条棱中每两条棱长及其所夹角余弦之积的两倍．

性质4平行六面体的每一对角线通过与该对角线共端点的三条棱的另一端点构成的三角形截面的重心，且被这三角形截面分成三等分．

性质5平行六面体的每个由三条侧面对角线构成的三角形截面面积平方的4倍，等于这截面所截三个侧面面积的平方和减去这三个侧面中每两个侧面面积及其所夹二面角余弦之积的两倍．

推论平行六面体的八个由三条侧面对角线构成的三角形截面面积的平方和等于六个侧面面积的平方和．

性质6设平行六面体的全面积为S ，四条对角线长为1AC l 、1A C l 、1BD l 、1BD l 、1B D l ，则

11112222

2AC A C BD B

D

S l l l l +++≤． 性质7通过平行六面体中心的任何平面，将平行六面体分成体积相等的两部分．

推论1以平行六面体任一顶点及这顶点出发的三条棱的端点构成的四面体体积是平行六面体体积的六分之一．

推论2以平行六面体任一顶点及这顶点出发的三条侧面对角线端点构成的四面体体积是平行六面体体积的三分之一．

性质8平行六面体的体积等于底面积与高的乘积，或任一侧面面积与相对面距离之积． 推论设共一顶点的三条棱长为a 、b 、c ，每两条棱的夹角为α、β、γ，则体积V 为

V abc =

若记()1

2

θαβγ=

++，则2V = 性质9()

11113/2

2222

124

AC A C BD B D V l l l l +++≤；

3/2

6S V ?? ?

??

≤．

推论l 表面积一定的平行六面体中，以正方体之体积为最大．

推论2在各个侧面面积为定值的平行六面体中，以长方体之体积为最大．

性质11由平行六面体的各顶点，至不截此体的一平面所引诸垂线段之和，等于由其对角线之交点至同

平面所引垂线段之和的8倍．

性质10在平行六面体1111ABCD A B C D -中，截面分别与AB 、AD 、1AA 、1AC 交于0B 、0C 、0A 、0D 各点，则11

0000

AC AA AB AD AC AB AD AA =++

． 下面介绍平行六面体与四面体的密切关系． 1．对应关系

作四面体的外接平行六面体，且使四面体的六条棱均成为平行六面体的侧面对角线．

此时，四面体与其外接平行六面体是一一对应的．特别地，一个正四面体对应着一个正方体，一个等腰四面体（三对对棱分别相等的四面体）对应着一个长方体，一个两对对棱分别相等的四面体对应着一个直平行六面体，一个对棱均互相垂直的四面体（直角四面体或正三棱锥四面体）对应着一个菱形六面体等等．

当四面体的共一顶点的三棱成为平行六面体的共顶点的三棱时，一个四面体对应着四个外接平行六面体，特别地，一个正四面体对应着一个一顶点面角均为60?的菱形六面体，一个等腰四面体对应着两个一顶点面角之和为180?的平行六面体等等． 2．隐显关系

从本世纪初开始，人们试图将三角形的许多性质引申到四面体——最简单的多面体，事实证明发展四面体的几何学比三角形几何学困难得多，有些提法并不复杂的问题解答起来非常费劲，甚至未能解决．下面的例题将启示我们：四面体某些数量关系的发现及几何特征的显露，借助于其外接平行六面体的性质的运用是一种方便的重要途径．因此，可以说四面体的一些性质可以利其外接平行六面体来显现，平行六面体隐含了四面体的一些重要性质． 【典型例题与基本方法】

例1在四面体ABCD 中，AB m =，CD n =，AD p =，BC q =，AC u =，BD u =．若AB 与CD 所成的角为θ，则()()2

222cos 2p q u v mn

+--=

．

证明如图211-，作四面体ABCD 的外接平行六面体A DB C AD BC ''''-，使四面体的棱都成为平行六面

体的侧面对角线．

A'

B'

C '

D '图21-1

D

A C

显然，AB 与CD 所成的角θ就是A B ''与CD 所成的角，于是 ()()2

2

22221/21/24cos 112222m n B D m n B D mn m n θ'+-????'+-????==

????

?? ? ????? 222222242222A D B D B D A D B D mn mn

'''''+--==

()()22222222

222222p q u v A D D D D D B D mn mn

+--''''---==．

例2若四面体的六条棱长分别为a 、b 、c 、d 、e 、f ，体积为V ，则有

333333a b c d e f +++++≥(Weisenbock 不等式的一种三维推广)．

证明如图211-，将四面体ABCD 补成平行六面体，则3ABCD V V =平行六面体．设平行六面体共顶点A 的三条棱长为l 、m 、n ，由前面的性质2的推论1，即有

()2222222224a b c d e f l m n +++++=++．

又由V l m n ??平行六面体≤及幂平均值不等式，有

1

13

3

3

3

3

3

2

2

2

2

2

2

3

2

66a b c d e f a b c d e f ????

++++++++++ ? ?????

≥．

于是()32

2

2

2

4212ABCD l m n

V ??

++?

?

???

?

①

()3

2

222222112a b c d e f ??=+++++????()312

23

3333331612a b c d e f ??????

+++++??????????

≤②

)3

33333a b c d e f =

+++++．

故333333a b c d e f +++++≥．

其中等号当且仅当①、②中满足l 、m 、n 互相垂直且l m n ==，即平行六面体为正方体，亦即a b c d e f =====时成立．

类似上例，并运用前面的性质5的推论，可证明Weisenbock 不等式的另一种三维推广：若四面体各顶点A 、B 、C 、D 所对的面的面积分别为A S 、B S 、C S 、D S ，体积为V ，则

33332A B C D S S S S +++ 例3空间四平面互相平行，相邻两面间距离都是h ．今有一正四面体，它的四个顶点分别在这四个面上．求正四面体的棱长．

解设正四面体ABCD 的外接正方体为'AC BD A CB D '''-．又设过棱DD

'及B C '中点F 的截面为3α，过棱C C '及A D '中点E 的截面为2α，过棱A A '，过棱B B '且与3α、2α平行的平面分别为1α、4α，这样这四个平面即为两相邻距离都相等的互相平行的四平面．又设过A B ''的中点O '与CE 垂直的直线为l ，l 与4α、3α、2α、1α的交点分别为B ''、D ''、C ''、A ''，如图21-2(b)，则4α、3α、2α、1α两相邻

平面间距离为B D ''''、D C ''''、C A ''''．

D

G

O 'B"

A"C "

D "B'

C '

D (b)

(a)

D

图21-2

C

F

当A C h ''

''=时，可求得A E '=

，从而A B ''=．这就是我们所要求的正四面体的棱长． 例4四面体ABCD 中，若AB CD ⊥，AC BD ⊥，则AD BC ⊥．

（1957年天津市、1979年上海市中学竞赛题）

证明如图211-，作四面体ABCD 的外接平行六面体A DB C AD BC ''''-．

由平行六面体每一侧面两对角线所夹的角（锐角）的余弦值等于这侧面两相邻棱的平方差的绝对值除以这两条侧面对角线长的乘积，即 ()

22cos A D DB A B

CD A B CD

''-'=''?．

由AB CD ⊥，则 ()

cos cos()0AB

CD A B CD ''== ，从而A D DB ''=，即侧面A DB C ''为菱形，同理，由AC BD ⊥．有侧面A CC A ''为菱形，从而侧面A DD A ''也为菱形，故AD BC ⊥．

例5求证四面体的三双对棱中点连线必交于一点，且互相平分．

证明如图213-，设E 、F 、G 、H 、M 、N 分别是四面体ABCD 的六条棱的中点．作四面体的外接平行六面体1A C ，则E 、F 、G 、H 、M 、N 分别是其六侧面对角线的交点．

图21-3

G N E

H O

C

D

B

A

C 1

A 1

D 1

B 1

M

F

在11AA C C 中，连EF ，则11EF AA CC ∥∥，且过六面体对角线1A C 的中点O ，同时被O 平分．因六面体的四条对角线共点O ，于是同理可证GH 、MN 过O ，且被O 平分．

例6立方体八个顶点中有四个恰是正四面体的顶点．求出立方体的表面积与四面体的表面积之比．

（1980年美国中学生竞赛AHSME 第16题） 解设立方体表面积为S ，四面体表面积为0S ，由平行六面体所有三角形截面（三角形的边由六面体侧

面对角线组成）面积的平方和等于所有侧面面积的平方和，有2

206/4264S S ????

??= ? ?????

，故0/S S

【解题思维策略分析】

1．善于将四面体问题转化为平行六面体问题

例7若A 、B 、C 、D 表示空间四点，AB 表示A 、B 两点间的距离，AC 表示A 、C 两点间的距离，?．证明：222222AC BD AD BC AB CD ++++≥．（第4届美国中学生竞赛题） 证明以空间四边形的边为侧面对角线构造平行六面体，由平行六面体所有侧面对角线的平方和等于所有棱的平方和的两倍及图213-，有

222222222111444AC BD AD BC AB CD AD AA A B +++++=++

()22242AD AB CD =++

故222222AC BD AD BC AB CD ++++≥．

当A 、B 、C 、D 共面时，10AD =，上式取等号．此时，可看作是压扁了的四面体．

例8在四面体ABCD 中，BDC ∠是直角，由D 到ABC △所在的平面的垂线的垂足H 是ABC △的垂心，证明：()()

2

2226AB BC CA AD BD CD ++++≤．（I M

O 12-试题）

证明如图214-，平行六面体1111AC BD B D AC -为四面体ABCD 的外接平行六面体．由题设，D 到ABC △所在的平面的垂线的垂足是ABC △的垂心，知这个四面体的对棱互相垂直，又BDC ∠是直角，

即知四面体ABCD 的三面角D ABC -是直三面角，故此平行六面体为长方体．

C

D

B

C 1

A 1

D 1

B 1

图21-4

H

由()

2222AD BD CD ++

()()()222222AD BD BD CD CD AD =+++++

222AB BC AC =++．

故()()

22222263AD BD CD AB BC AC ++=++222222AB BC CA AB BC BC CA AB CA +++?+?+?≥

()2

AB BC CA =++．

例9若a 、b 、c 是四面体共顶点的三条棱的长，α、β、γ，是这三条棱组成的面角，ω是这三个面角和的一半，则四面体的体积为：

1

3

V abc =四面体

证明如图21-4，设DA a =，DB b =，DC c =，BDC α∠=，ADC β∠=，

ADB γ∠=．由平行六面体

的体积公式()V abc S A =?平行六面体，其中

()S A

=

有1

6

V V =四面体平行六面体

1

=3

abc 2．善于构造平行六面体解答有关问题

例10已知a 、b 、c +∈R ，且2221a b c ++=3a b c ++>．

证明由2221a b c ++=3a b c ++>．

参见图212- (a)，构作长方体AB '．设对角线1AB '=，AD a '=，AC b '=，AA c '=，则A B ''=

B C ''，B D ''=．在A AB ''△中，A A A

B B A ''''+>，即1c >．同理，

1b >1a >．

以上三式相加，即证．

例11锐角α．β、γ满足222sin sin sin 1αβγ++=，求证：

π3π

24

αβγ<++<

． 证明构造长方体D AC B DA CB ''''-，参见图212- (a)，使其长、宽、高分别为sin D A α'=，sin AC β'=，

sin C C γ'=，则1AB D C ''=，D B A α''∠=，C B A β''∠=，C D C γ''∠=，且

AB BA '>．

sin sin sin D A D A

D B A D BA B A BA α'''''∴=∠=

<=∠'， sin sin sin AC AC C B A C BA B A BA

β''

'''=∠=<=∠'．

从而D BA α'<∠，C BA β'<∠． 1

π2

D BA C BA αβ''∴+<∠+∠=．

同理，π2βγ+<

，π2αγ+<，即3π4

αβγ++<． 设B A '与D C '相交于O ，则知2D OA α'∠=，2AOC β'∠=，2C OC γ'∠=． 由于三面角的任意两个面角的和大于第三个面角，则 22D OA AOC D OC αβ'''+=∠+∠>∠． ()2πD OC C OC αβγ''∴++=∠+∠=．

故

π3π

24

αβγ<++<

． 3．注意特殊平面体的性质的运用

例12正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1，求正方体底面ABCD 内切圆周上的点与过顶点1A 、

C 和1B 的圆周上的点之间的最小距离．（第19届全苏奥林匹克题）

图21-5

C

1

A B

解如图215-，考察两个圆周分别在以正方体的对称中心为球心的两个同心球面上，

即与正方体各棱都

）上，这两个球面上的点之间的最小距离

是它们的半径之差1

2

d =．

如果两圆周上各有一点恰好在球心O 发出的同一射线上，那么d 即为最小值．

考察在以O 为位似比的变换下，小球面变为大球面，而小球面上的圆周的象集为大球面上的圆周．

注意到ABCD 的内切圆1O 与线段BD 的交点E 和F 在该位似变换下的象在平面1AB C 的两侧（因11145O OF BB O ∠=?>∠，故射线OF 不与平面1AB C 相交），因此，1O 的象集（圆周）将与过顶点A ，C 和1B 的圆周相交．设一交点为

N ，而N 的原象为M ，那么

M ，N 之间的距离就是考察的两圆周上

的点之间的距离的最小值，其值为12

d =．

【模拟实战】

习题A

1．在正方体1111ABCD A B C D -中，O 是面ABCD 的中心，1O 是面11ADD A 的中心．求异面直线1D O 与1

BO 所成角的余弦值．

2．已知空间一个平面与一个正方体的12条棱的夹角都等于口α，求α的值．

3．能否用一个平面去截一个正方体，使得截面为五边形？进一步，截面是否为正五边形？

4．设一个平面截棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -，过顶点1C ，交1A D 1中点于E ，1A A 距A 较近的一个三等分点于F ，AB 于G ，BC

于H ．求截面1C EFGH 的周长．

5．已知一个平面截棱长为1的正方体所得截面是—个六边形．证明：此六边形周长≥． 6．正三棱锥S ABC -的侧棱与底面边长相等，如果E ，F 分别为SC ，AB 的中点，那么异面直线EF 与SA 所成的角等于多少？

7．已知111ABC A B C -是直三棱柱，90BAC ∠=?，点1D ，1F 分别是11A B ，11B C 的中点．若1AB CA AA ==，求1BD 与1CF 所夹角的余弦值．

8．已知ABCD 是边长为4的正方形，E ，F 分别是AB ，AD 的中点，GC ⊥面ABCD ，且2GC =．求点B 到面EFG 的距离．

9．在四面体SABC 中，已知SA BC a ==，SC AB b ==，SB AC c ==，求此四面体的体积． 10．在四面体1234A A A A 中，相应对棱中点的三条连线分别为1m ，2m ，3m ，顶点i A 所对侧面的重心为i G ，其四面体体积记为V ，则 （Ⅰ）1233m m m V ??≥；

（Ⅱ）4214

12716i j i i i j i A A AG =-∑∑≤≤≤≥

（Ⅲ）4

2

1i i i AG =∑ 11．已知α，β，γ是锐角，且222cos cos cos 1αβγ++=．求证：

（Ⅰ）tan tan tan αβγ??≥ （Ⅱ）

3π

π4

αβγ<++<． 12．已知0a >，0b >，0c >，且1a b c ++=

．

习题B

1．有一立方体，中心和边长为a b c <<的长方体的对称中心重合，诸界面与长方体各界面平行，求立方体的棱长，使得它与长方体的并的体积减去它与长方体的交的体积的差最小．（1979年捷克竞赛题） 2．证明：在棱长为a 的立方体内部可以作两个棱长为a 的正四面体，使得它们没有公共点．

（1983年民主德国竞赛题）