2020年安徽省合肥市中考物理三模试卷

中考物理三模试卷

题号一二三四五总分

得分

一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）

1.下列有关声的叙述正确的是（ ）

A. 词语“引吭高歌”和“低声细语”中的“高”“低”指的是声音的音调

B. .可以用超声波来测量地球和月球间距离

C. .拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的响度

D. .生活中人们听到的声音大多是通过空气传播到人耳的

2.下列四个实列中，机械能在不断增大的是（ ）

A. 水平匀速飞行的飞艇

B. 加速起飞的飞机

C. 减速下降的热气球

D. 在发射台等待发射的火箭

3.运动会上运动员用力把标枪掷出后，下列说法正确的是（ ）

A. 标枪能继续飞行是因为受到惯性的作用

B. 标枪的运动状态一直不变

C. 标枪继续飞行的过程中惯性大小一直不变

D. 标枪继续飞行的过程中受到重力、推力和空气阻力的作用

4.用同一滑轮组匀速提升重力不同的物体，该滑轮组的机械效率η与所提升物体重力

G的关系图正确的是（不计绳重和摩擦）（ ）

A. B.

C. D.

5.用一个金属导体制成长度相等但横截面积不同的圆柱体a和和b互相连接,a

比b的横截面积大,将它们接入电路中,如图所示,通过a、b电流分别为,,a、b两

端电压分别为,,则下列说法正确的是

A. 、

B. 、

C. 、

D. 、

6.如图所示的电路中，电电源电压不变，S闭合后将滑片P向左

移动的过程中，下列分析正确的是（ ）

A. .电压表V示数变大

B. 电流表A的示数不变

C. .电压表V与电流表A1示数的比值变大

D. .整个电路消耗的电功率变大

7.下列做法不符合安全用电原则的是（ ）

A. .不接触低压带电体。不靠近高压带电体

B. 更换灯泡、搬动电器前先断开电源开关

C. 用试电笔辨别火线时，手一定要接触试电笔笔尾金属体

D. .用湿毛巾擦洗正在发光的台灯灯泡保持其清洁

二、填空题（本大题共10小题，共26.0分）

8.每年3月22日是“世界水日”，宗旨是唤起公众的节水意识，加强水资源保护。

节约用水，保护水资源是每个人义不容辞的责任，而更多了解有关水的知识也是中学生应该具备的意识。已知通常情况下水的密度为1.0×103kg/m3，表示的物理意义是______。

9.商场里的保洁员在拖过地后，常用电扇对着地面吹，这样做的目的是通过加快空气

流动来加快______（填物态变化的名称），使地面尽快变干。

10.如图重10N的物块放在水平面上，某时刻用竖直向上的5N的力

F作用在物体的上端，则此时物块受到的合力为______。

11.如图所示为用已经调节好的天平称量物体的质量，根据图示读出

此时烧杯和水的质量为______。

12.如图所示，重为G的均匀木棒竖直悬于O点，在其下端施一

水平拉力F，让棒缓慢转到图中虚线所示位置。在转动的过程

中，F的变化是______ （选填“变大”、“变小”或“不变”）

。

13.把一个重2.5N的物块轻轻放入盛满水的溢水杯中，溢出水

100g，则物块受到水的浮力为______N，

此物块的密度为______kg/m3。

14.如图甲为凹面镜对光的作用示意图，请在图乙中做出光线AO经凹面镜后的反射光

线，并标识出A的

像点A'。

15.现有两个灯，L1上：标有“6V3W”的字样，L2上标有“3V3W“”字样；为了保护

用电器的安全，若把两灯串联接人电路，则电源电压最大为______V；如果并联接入电路，则干路中允许通过的最大电流为______A．（不计灯丝电阻的变化）16.小磁针静止时的位置如图所示，由此可以判断出接线柱a连接的是电源的______（

选填“正“或“负“）极。

17.某同学家的电子式单相电能表上个月月初、月来的表盘如图所示，且表盘上有

“1600imp/kW?h”的参数。据表盘上的信息可知该同学家上个月共用电______kW?h ；若关闭家中其他用电器，只让一个电饭煲工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了40次，则此电饭煲工作时的电功率为______W。

三、计算题（本大题共2小题，共17.0分）

18.平底茶壶的质量是400g，底面积是40cm2，内盛0.8kg的

开水，放置在面积为1m2的水平桌面中央。（g取

10N/kg）试求：

（1）水对茶壶底部的压力；

（2）茶壶对桌面的压强。

19.图甲为某同学家新买的电煲锅，它有加热和保温两种功能。图乙是其简化电路，

当S接a时，电煲锅加热；当S接b时，电煲锅保温。已知：电源电压为220V，R1=55Ω，加热时总功率与保温时总功率的关系为：P加热=5P保温，[c米水=4×103J/（kg?℃]求；

（1）若电煲锅内装有1kg的米和水，从15℃加热到100℃，米和水共吸收多少热量？

（2）电阻R的阻值为多少？

（3）若电煲锅用加热挡时热效率为80%，完成问题（1）的加热任务需要多少秒？

（结果保留到整数位）

四、综合题（本大题共1小题，共6.0分）

20.如图，用水平向左的力F把物块推靠在竖直的墙壁上静止，请推证：

竖直墙面受到的压力F’等于推力F，即：F'=F。

五、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）

21.在“探究凸透镜成像规律”的实验中：

（1）如图甲所示，是小明确定焦距时所做的实验，则该凸透镜的焦距为______cm，当烛焰距凸透镜15cm时，能成倒立的实像，生活中的______仪就是利用这个原理制成的。

（2）当烛焰向左（远离透镜）移动后，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向______（选填“左”或“右”）移，此时所成像将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

（3）实验一段时间后，蜡烛因燃烧变短，所成像如图乙所示，要使像能够在光屏的中央，应将凸透镜向______（选填“上”或“下”）调整。

22.在学习了滑动摩擦力知识后，小胡和小华想用所学的知识进一步探究运动鞋的鞋底

防滑效果，他们各自带来了洗干净的运动鞋，又准备了一张练习立定跳远用的橡胶垫，一个弹簧测力计和细线。

（1）为了能准确地测量滑动摩擦力的大小，小胡认为应该让运动鞋沿水平方向做匀速直线运动，这样

做涉及的物理知识是______。

（2）小胡将自己的运动鞋放在水平桌面的橡胶垫上，努力匀速拉动并测出他的鞋子受到的滑动摩擦力。但是在拉动测力计时却发现测力计的示数难以稳定，且读数也不方便。

（3）小华经过思考改进了小胡的实验，让弹簧测力计和鞋保持静止，拉动鞋下的橡胶垫进行测量（如图

乙所示）。这样改进的好处是______，且弹簧测力计处在静止状态方便读数。

（4）最后小华测出他的鞋滑动摩擦力比小明的大，但小胡却认为这并不能说明小华的鞋子防滑效果一定比自己的好，这是因为______。

23.小华同学做“测量小灯泡电功率”的实验（小灯泡上标有“3.8V”字样）。

（1）如图甲所示，是小华所连接的不完整实验电路，请你用笔画线代替导线，将缺少的一根导线接好。

（2）电路接好后，闭合开关，发现小灯泡特别亮，电压表与电流表的示数较大。

接下来应进行的操作是______，______（两空按操作步骤先后顺序填写字母代号）。

A．断开电路开关B．检查电路是否短路C．移动滑动变阻器滑片至最大值位置D．更换电池或小灯泡

（3）实验过程中，当电压表示数为3V时，电流表的示数如图乙所示，其值为

______A，此时小灯泡的实际功率为______W．若要使小灯泡正常发光，则需将滑动变阻器的滑片向______移动（选填“左”或“右”），同时应观察______表的示数变化。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、“引吭高歌”和“低声细语”中的“高”“低”指的是声音的响度大；故A错误；

B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故不能用超声波来测量地球和月球间距离；故B错误；

C、拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的音调；故C错误；

D、声音的传播需要介质，生活中人们听到的声音大多是通过空气传播到人耳的；故D 正确；

故选：D。

（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

（2）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质；真空不能传声。深入理解声音的三个特征、理解声音的传播条件--需要介质。可解答此题。

2.【答案】B

【解析】解：A、匀速水平飞行的飞艇，速度不变，所以动能不变；高度不变，所以重力势能不变，故机械能不变，故A错误；

B、加速起飞的飞机，速度变大导致动能增大，高度升高导致重力势能增加，故机械能增大，故B正确；

C、减速下降的热气球，速度减小导致动能减小，高度降低导致重力势能减小，故机械能减小，故C错误；

D、等待发射的火箭，速度为零，故动能为零，所处的位置不变，故重力势能不变，则机械能保持不变，故D错误。

故选：B。

判断机械能的变化，要根据动能和势能的变化来确定，这就需要根据各自的影响因素是否变化来判断。动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。

该题考查机械能的变化，解题的关键是判断动能和势能的影响因素是否变化，或者判断机械能是否和其他形式的能发生转化。

3.【答案】C

【解析】解：A、惯性是物体具有的性质，标枪具有惯性，但不是“受到”惯性。故A 错误；

B、标枪在空中飞行过程中，速度大小和运动方向不断变化，即运动状态发生改变，故B错误；

C、标枪飞行过程中质量不变，所以惯性不变。故C正确；

D、飞行的标枪，在空中只受到重力和空气阻力，不再受到推力的作用。故D错误。

故选：C。

（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。影响惯性的因素是物体的质量；

（2）物体运动状态的改变包括方向和速度两个方面；

（3）（4）一切物体在不受力的作用时，保持静止或匀速直线运动状态。

此题以投掷标枪为素材，考查了惯性的存在、力和运动的关系以及对物体进行受力分析，难度不大，体现了物理与社会生活的密切联系，是一道好题。

4.【答案】A

【解析】解：

使用滑轮组，设提升物重的高度为h，

做的有用功，W有用=Gh，

不计绳重和摩擦，W额=G轮h，

总功W总=W有用+W额=Gh+G轮h，

滑轮组的机械效率：

η===，

同一滑轮组动滑轮重一定，由此可知，提起重物越重，其机械效率越高，并且G的变化大于G+G动的变化，所以η的变化小于G的变化，

A图象表示，η随G增大而增大，且η变化小于G的变化，故A正确；

B图象表示，η随G增大而减小，且η变化大于G的变化，故B错误；

C图象表示，η与G成正比，故C错误；

D图象表示，η与G成反比，故D错误。

故选：A。

表示出有用功、额外功和总功，根据η=结合图象分析解答。

本题考查了对机械效率的认识和理解，还要正确理解有用功、额外功与总功关系，能从图象中找到机械效率与物体重力的关系。

5.【答案】D

【解析】【分析】

本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，关键是根据影响电阻的大小因素确定两段导体电阻的大小。

利用电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关的知识进行分析即可判断；因两电阻串联，则由串联电路的电压和电流规律可知两导体中的电压、电流关系。

【解答】

同时a和b是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两端导体，S a＞S b，所以b 段电阻大，所以R a＜R b；

因两电阻串联，故两部分导体电流相等，即I a=I b，根据欧姆定律U=IR可知，电阻越大，分担的电压越多，即U a＜U b；

故ABC不正确，D正确。

故选D。

6.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路中的电流，电流表A1测R2支路的电流；

电源的电压不变，滑片移动时，电压表的示数不变，故A错误；

并联电路中各支路独立工作、互不影响，滑片移动时，通过R1的电流不变，

当滑动变阻器的滑片P向左移动时，R2接入电路中的电阻变大，

由I=可知，通过R2支路的电流变小，即电流表A2的示数变小，

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

干路总电流变大，即电流表A的示数变小，故B错误；

电压表V示数与电流表A1示数的比值变大，故C正确；

根据P=UI知，整个电路消耗的电功率变小，故D错误。

故选：C。

由电路图可知，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路中的电流，电流表A1测R2支路的电流；

根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知，接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化；根据P=UI判断出整个电路消耗的电功率变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

7.【答案】D

【解析】解：A、不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A符合安全用电要求；B、更换灯泡、搬动电器之前必须断开开关，否则可能引起触电，故B符合安全用电原则；

C、用试电笔辨别火线时，手一定要接触试电笔金属帽，故C符合安全用电原则；

D、水是电的导体，用湿毛巾擦洗正在发光的台灯灯泡时，可能会因湿毛巾导电而发生触电事故，故D不符合安全用电原则。

故选：D。

（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；

（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；

（3）使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属；

（4）生活用水属于导体，非常容易导电，绝缘层损坏后非常容易发生触电事故；

掌握生活中常见的安全用电规则，发生触电事故要有适当的应对方法。这样才能做到安全用电。

8.【答案】1m3水的质量为1.0×103kg

【解析】解：水的密度是1.0×103kg/m3，表示1m3的水质量为1.0×103kg。

故答案为：1m3水的质量为1.0×103kg。

在物理学中，把某种物质单位体积的质量叫做这种物质的密度。

本题中的水的密度是要求记忆的，很多题目用到水的密度时，一般按已知条件直接使用。

9.【答案】解：商场里的保洁员在拖过地后，常用电扇对着地面吹，这样液体表面空气流动加快，是通过加快液体表面的气体流动来加快蒸发（汽化），使地面尽快变干。故答案为：汽化。

【解析】解决此题要知道液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动的快慢等因素有关。

本题考查影响蒸发快慢的因素，结合影响蒸发的三个因素进行分析考虑，属于基础知识的考查。

10.【答案】0

【解析】解：当物体受到竖直向上5N拉力作用时，拉力小于重力，物体仍然处于静止状态，因此物体受到的合力为0；

故答案为：0。

物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力，再根据二力平衡条件得出受到的合力。

本题考查了平衡力的判断、二力平衡条件的应用、力的合成的计算，难度不大。11.【答案】82.4g

【解析】解：如图所示，此时天平的称量结果为：50g+20g+10g+2.4g=82.4g。

故答案为：82.4g。

物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。

本题考查天平的使用方法，无论天平两盘的放置如何，一定记住：左盘物体的质量=右盘物体的质量+游码对应的刻度值，这一等量关系是由天平的构造决定的。

12.【答案】变大

【解析】解：杠杆在转动的过程中符合杠杆平衡的条件，即阻力为木棒的重力，大小不变，木棒在竖直位置时，重力的力臂为0，转过一定角度后，重力力臂（阻力臂）逐渐增大；

当木棒在竖直位置时，F的力臂是杠杆的长度，且力臂最长，当杠杆转过一定角度后，力与杠杆不再垂直，所以动力臂变小，根据杠杆平衡的条件可得，阻力与阻力臂的乘积增大，而动力臂减小，所以动力逐渐变大。

故答案为：变大。

先确定阻力臂、动力臂的变化，然后根据杠杆平衡的条件（动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂）分析动力的变化。

知道杠杆平衡的条件，会熟练应用杠杆平衡的条件分析问题解决问题是关键。

13.【答案】1 2.5×103

【解析】解：

物块受到水的浮力：

F浮=G排=m排g=m溢g=0.1kg×10N/kg=1N，

因为F浮＜G，

所以物块在水中下沉、沉底；

由F浮=ρ水V排g得物块的体积：

V=V排===1×10-4m3，

物块的质量：

m===0.25kg，

物块的密度：

ρ===2.5×10-3m3。

故答案为：1；2.5×103。

物块轻轻放入盛满水的溢水杯中，排开水的质量等于溢出水的质量，利用阿基米德原理求物块受到水的浮力；

因为F浮＜G，所以物块在水中下沉、沉底；利用F浮=ρ水V排g求排开水的体积，即物块的体积；求出物块的质量，再利用密度公式求物块的密度。

本题考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，确定物块在水中的浮与沉是关键。

14.【答案】解：从A发出一条平行于主光轴的光线，经过凹面镜的反射后会经过焦点F ，与另一条反射光线相较于A'，这就是A的像点。

如图所示：

【解析】凹面镜能将平行主轴的入射的光线会聚在焦点F上，凹面镜能使过焦点的光线反射成平行于主轴的光，根据凹面镜的这个特点画出两条光线，从而得出像。

本题考查了像的画法，能根据凹面镜对光线的作用画出两条光线是解题的关键。15.【答案】7.5 1.25

【解析】解：（1）由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：

I1===0.5A，

I2===1A，

由I=可得，两灯泡的电阻分别为：

R1===12Ω，

R2===3Ω；

因串联电路中各处的电流相等，所以两灯泡串联时，电路中的最大电流I=I1=0.5A，

因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路两端允许加的最高电压：

U串=I（R1+R2）=0.5A×（12Ω+3Ω）=7.5V；

（2）两灯泡并联时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以电源的最大电压U并=U1=3V，

通过两灯泡的电流：

I2′=I2=1A，I1′===0.25A，

因并联电路中的干路电流等于各支路电流之和，所以干路允许通过的最大电流：

I并=I1′+I2′=0.25A+1A=1.25A。

故答案为：7.5；1.25。

（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，先根据公式P=UI求出各自正常工作时的电流，根据欧姆定律求出电阻，如果把它们串联起来，则串联电路的电流只能取两个电流中最小的一个，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端允许加的最高电压；（2）当将他们并联使用时，电路电压同样只能取额定电压较小的那个，然后分别算出通过两灯泡的电流，最后根据并联电路的电流特点求出干路允许通过的最大电流。

本题考查电压、电流、电功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个灯泡来说，串联时比较额定电流取小的，并联时比较额定电压取小的，这也是本题的重点。

16.【答案】正

【解析】解：由图可知，小磁针静止时S极指向右端，则说明A端为N极，另一端为S 极。用右手握住螺线管，让大拇指指向N极一端（螺线管的左端），则四指弯曲的方向就是电流方向，电流方向为从左端流入，则可知电源的a端为正极。

故答案为：正。

先根据小磁针静止时S极的指向，得出通电螺线管周围的磁场方向，知道了螺线管的N 极后，然后根据安培定则判断螺线管中的电流方向，最后根据电流方向得出电源的正、负极。

本题考查了螺线管周围的磁场方向、螺线管的极性和电流方向的关系、电流方向。本题是一道典型题，难易适中，紧扣教材。

17.【答案】95 500

【解析】解：（1）该同学家上个月共用电：W=12614.6kW?h-12519.6kW?h=95kW?h。

（2）因为电能表的指示灯闪烁了40次，所以电热器消耗的电能为：W=

=0.025kW?h=9×104J，

而t=3min=180s，

则电热器的实际功率为：P===500W。

故答案为：95；500。

（1）知道电能表的读数方法：（1）月末的减去月初的示数。（2）最后一位是小数。（3）单位kW?h。

（2）“1600imp/kw?h”表示每用电1kw?h指示灯闪烁1600次，可求出指示灯闪烁40

次消耗的电能，知道工作时间，可利用公式P=计算出电热器的实际功率。

本题考查对电能表各参数的理解以及电功率和电能的计算，关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用，还要知道各物理量单位的换算。

18.【答案】解：（1）水对茶壶底部的压强：

p1=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×12×10-3m=1200Pa；

由p=可得，水对茶壶底部的压力：

F1=p1S=1200Pa×40×10-4m2=4.8N；

（2）茶壶和水的总重力

G=mg=（m1+m2）g=（400×10-3kg+0.8kg）×10N/kg=12N，

茶壶对桌面的压力：

F2=G=12N，

茶壶对桌面的压强：

p2===3000Pa。

答：（1）水对茶壶底部的压力为4.8N；

（2）茶壶对桌面的压强为3000Pa。

【解析】（1）已知水的密度和深度，利用公式p=ρgh得到水对壶底的压强，又知道壶底的面积，利用公式F=pS得到水对壶底的压力；

（2）已知茶壶和水的质量，可以得到总重力，也就是对桌面的压力，利用公式p=得

到茶壶对桌面的压强。

正确地选择公式进行分析，是解决此类问题的关键。分析液体压强压力时，一般用公式

p=ρgh、F=pS；分析固体压力压强时，一般用公式F=G（竖直方向）、p=。

19.【答案】解：

（1）米和水吸收的热量：

Q吸=c米水m（t-t0）=4×103J/（kg?℃）×1kg×（100℃-15℃）=3.4×105J；

（2）由电路图可知，开关S接“b”时，R1、R串联；

开关S接“a”时，电路为R1的简单电路，

开关S接“b”时，电煲锅保温，由P=可得U2=P保温R总------①；

开关S接“a”时，电煲锅加热，同理可得U2=P加热R1------②；

已知：P加热=5P保温------③，

根据①②③可得：

P保温R总=5P保温R1；

所以，R总=5R1=5×55Ω=275Ω；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R的电阻值：

R=R总-R1=275Ω-55Ω=220Ω；

（3）电煲锅的加热功率为：P加热===880W；

由η==80%可得电煲锅消耗的电能：

W===4.25×105J，

由P=可得电煲锅需要的加热时间：

t==≈483s。

答：（1）若电煲锅内装有1kg的米和水，从15℃加热到100℃，米和水共吸收3.4×105J 的热量；

（2）电阻R的阻值为220Ω；

（3）若电煲锅用加热挡时热效率为80%，完成问题（1）的加热任务需要483s。

【解析】（1）知道米和水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t-t0）求出米和水吸收的热量；

（2）由电路图可知，开关S接“b”档时R1、R串联，开关S接“a”档时电路为R1的简单电路，根据P=求出两种情况下电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R的电阻值；

（3）根据η=求出消耗的电能，利用P=求出需要的加热时间。

本题考查了吸热公式、串联电路特点、电功率公式、效率公式的应用，关键是电煲锅处于不同档位时电路连接方式的判断。

20.【答案】解：物块水平方向推力F与竖直墙面对物块的弹力F弹是平衡力，F=F弹；竖直墙面受到的压力F′与墙面对物块的弹力F弹是一对相互作用力，F′=F弹，故F′=F。

【解析】相互作用力的条件是大小相等、方向相反、同一直线、不同物体；二力平衡的条件是大小相等、方向相反、同一直线、同一物体，据此分析。

本题考查了二力平衡、相互作用力，是一道基础题。

21.【答案】11.0 投影左变小下

【解析】解：（1）使平行光线通过凸透镜，并移动光屏，直到白纸上的光斑最小，这个光斑是凸透镜的焦点，凸透镜到焦点的距离为11.0cm，则凸透镜的焦距为11.0cm。

把蜡烛放在距凸透镜15cm处，2f＞U＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。

（2）把蜡烛从远处向凸透镜远离时，物距在不断增大，由凸透镜成像规律可知：物距增大，像距减小，像变小。所以当蜡烛逐渐远离凸透镜时，像距变小即光屏左移，烛焰所成的实像将变小。

（3）蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。

故答案为：（1）11.0；投影；（2）左；变小；（3）下。

（1）①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点和光心的距离是凸透镜的焦距。

②根据凸透镜成像的三种情况和应用。

U＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。

2f＞U＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。

U＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。

③凸透镜成实像时，物距增大，像距减小。

（2）凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反。

本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。22.【答案】二力平衡不需要再限制匀速直线拉动鞋子无法保证小华和小明两人的鞋子对水平桌面的压力相等

【解析】解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小才等于摩擦力的大小；

（3）改进了小胡的实验中，运动鞋相对地面静止，水平方向上受到测力计的拉力与受到的摩擦力为一对平衡力，大小相等，这样改进的好处是不需要再限制匀速直线拉动鞋子，且弹簧测力计处在静止状态方便读数；

（4）根据控制变量法，研究滑动摩擦力与接触面的粗糙程度关系，要控制压力相同，而实验中无法保证小华和小明两人的鞋子对水平桌面的压力相等，故小胡认为这并不能说明小华的鞋子防滑效果一定比自己的好。

故答案为：（1）二力平衡；（3）不需要再匀速直线拉动鞋子；（4）无法保证小华和小明两人的鞋子对水平桌面的压力相等。

（1）根据二力平衡的条件分析；

（3）根据运动鞋相对地面静止，水平方向上一对平衡力分析；

（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。

23.【答案】（1）

；

（2）A；C；

（3）0.3；0.9；左；电压

【解析】【分析】

此题主要考查了测量小灯泡电功率，包括电路的连接、常见现象的处理、操作过程、电功率的计算等，具有一定的综合性。

（1）电压表应并联在灯的两端；

（2）小灯泡特别亮，电压表与电流表的示数较大，说明小灯泡两端电压太高，电路中电流太大，说明滑动变阻器连入电路中的电阻太小，据此作答；

（3）根据电流表小量程读数，由P=UI求灯的实际功率；若要使灯正常发光需要增大灯的电压，根据串联分压原理确定滑片移动的方向，同时观察电压表的示数变化，使小灯泡两端的电压达到额定电压。

【解答】

（1）电压表测小灯泡两端的电压，所以电压表应并在灯泡两端，如图所示：

（2）小灯泡特别亮，电压表与电流表的示数较大，说明小灯泡两端电压太高，电路中电流太大，原因是滑动变阻器没移到阻值最大处，按要求应先断开开关，再移动滑动变阻器滑片至最大值位置，故AC正确，BD错误。故选AC；

（3）由乙图可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则电流表示数为0.3A，小灯实际功率为P=UI=3V×0.3A=0.9W；若要使灯正常发光需要增大灯两端的电压，减小变阻器分得的电压，根据串联分压原理，要减小变阻器连入电路中的电阻，所以滑片向左移动，同时观察电压表的示数变化直到电压表示数为3.8V。

故答案为：（1）如上图所示；（2）A；C；（3）0.3；0.9；左；电压。