小学奥数25完全平方数

完全平方数

相关概念

完全平方即用一个整数乘以自己例如1*1，2*2,3*3等等，依此类推。若一个数能表示成某个整数的平方的形式，则称这个数为完全平方数。完全平方数是非负数。

性质推论

例如：

0,1,4,9,16,25,36,49,64,81,100,121,144,169,196,225,256,289,324,361,400,441,4 84,529…

观察这些完全平方数，可以获得对它们的个位数、十位数、数字和等的规律性的认识。下面我们来研究完全平方数的一些常用性质：

性质1：末位数只能是0,1,4,5,6,9。

此为完全平方数的必要不充分条件，且定义为“一个数如果是另一个整数的完全平方，那么我们就称这个数为完全平方数”，0为整数，故0是完全平方数

性质2：奇数的平方的个位数字一定是奇数，十位数字为偶数；偶数的平方的个位数字一定是偶数。

证明奇数必为下列五种形式之一：

10a+1,10a+3,10a+5,10a+7,10a+9

分别平方后，得

(10a+1)2=100a2+20a+1=20a(5a+1)+1

(10a+3)2=100a2+60a+9=20a(5a+3)+9

(10a+5)2=100a2+100a+25=20 (5a+5a+1)+5

(10a+7)2=100a2+140a+49=20 (5a+7a+2)+9

(10a+9)2=100a2+180a+81=20 (5a+9a+4)+1

综上各种情形可知：奇数的平方，个位数字为奇数1,5,9；十位数字为偶数。

性质3：如果完全平方数的十位数字是奇数，则它的个位数字一定是6；反之，如果完全平方数的个位数字是6，则它的十位数字一定是奇数。

证明已知m2=10k+6，证明k为奇数。因为k的个位数为6，所以m的个位数为4或6，于是可设m=10n+4或10n+6。

则10k+6=(10n+4)2=100+(8n+1)x10+6

或 10k+6=(10n+6)2=100+(12n+3)x10+6

即 k=10+8n+1=2(5+4n)+1

或 k=10+12n+3=2(5+6n)+3

∴ k为奇数。

推论1：如果一个数的十位数字是奇数，而个位数字不是6，那么这个数一定不是完全平方数。

推论2：如果一个完全平方数的个位数字不是6，则它的十位数字是偶数。

性质4：（1）凡个位数字是5，但末两位数字不是25的自然数不是完全平方数；

（2）末尾只有奇数个“0”的自然数（不包括0本身）不是完全平方数；

100，10000，1000000是完全平方数，10，1000，100000等则不是完全平方数。

（3）个位数字为1，4，9而十位数字为奇数的自然数不是完全平方数。

需要说明的是：个位数字为1，4，9而十位数字为奇数的自然数一定不是完全平方数，如：11，31，51，74，99，211，454，879等一定不是完全平方数一定不是完全平方数。

但个位数字为1，4，9而十位数字为偶数的自然数不都是完全平方数。

如：21，44，89不是完全平方数，但49，64，81是完全平方数。

性质5：偶数的平方是4的倍数；奇数的平方是4的倍数加1。

这是因为(2k+1)2=4k2+4k+1=4k(k+1)+1 (2k)2=4k2

性质6：奇数的平方是8n+1型；偶数的平方为8n或8n+4型。

在性质4的证明中，由k(k+1)一定为偶数可得到(2k+1)是8n+1型的数；由为奇数或偶数可得(2k)为8n型或8n+4型的数。

性质7：完全平方数的形式必为下列两种之一：3k,3k+1。

因为自然数被3除按余数的不同可以分为三类：3m,3m+1,3m+2。平方后，分别得(3m)2=9m2=3k

(3m+1)2=9+6m+1=3k+1

(3m+2)2=9+12m+4=3k+1

同理可以得到：

性质8：不能被5整除的数的平方为5k±1型，能被5整除的数为5k型。

性质9：平方数的形式具有下列形式之一：16m,16m+1,16m+4,16m+9。

除了上面关于个位数，十位数和余数的性质之外，还可研究完全平方数各位数字之和。例如，256它的各位数字相加为2+5+6=13，13叫做256的各位数字和。如果再把13的各位数字相加：1+3=4，4也可以叫做256的各位数字的和。下面我们提到的一个数的各位数字之和是指把它的各位数字相加，如果得到的数字之和不是一位数，就把所得的数字再相加，直到成为一位数为止。我们可以得到下面的命题：

一个数的数字和等于这个数被9除的余数。

下面以四位数为例来说明这个命题。

设四位数为，则

1000a+100b+10c+d

= 999a+99b+9c+(a+b+c+d)

=9(111a+11b+c)+(a+b+c+d)

显然，a+b+c+d是四位数被9除的余数。

对于n位数，也可以仿此法予以证明。

关于完全平方数的数字和有下面的性质：

性质10：完全平方数的数字之和只能是0,1,4,7,9。

证明因为一个整数被9除只能是9k,9k±1,9k±2,9k±3,9k±4这几种形式，而

(9k)2=9(9k2)+0

(9k±1)2=9(9k2±2k)+1

(9k±2)2=9(9k2±4k)+4

(9k±3)2=9(9k2±6k)+9

(9k±4)2=9(9k2±8k+1)+7

性质11：a2b为完全平方数的充分必要条件是b为完全平方数。

性质12：如果质数p能整除a，但p的平方不能整除a，则a不是完全平方数。

证明由题设可知，a有质因数p，但无因数，可知a分解成标准式时，p的次方为1，而完全平方数分解成标准式时，各质因数的次方均为偶数，可见a不是完全平方数。

性质13：在两个相邻的整数的平方数之间的所有整数都不是完全平方数。

即若n2 < k2 < (n+1)2，则k一定不是整数。

性质14：一个正整数n是完全平方数的充分必要条件是n有奇数个因数（包括1和n 本身）。

重要结论

1、个位数是2,3,7,8的整数一定不是完全平方数；

2、个位数和十位数都是奇数的整数一定不是完全平方数；

3、个位数是6，十位数是偶数的整数一定不是完全平方数；

4、形如3n+2型的整数一定不是完全平方数；

5、形如4n+2和4n+3型的整数一定不是完全平方数；

6、形如5n±2型的整数一定不是完全平方数；

7、形如8n+2,8n+3,8n+5,8n+6,8n+7型的整数一定不是完全平方数；

8、数字和是2,3,5,6,8的整数一定不是完全平方数。

9、四平方和定理：每个正整数均可表示为4个整数的平方和

10、完全平方数的因数个数一定是奇数。

典型例题

例1 一个自然数减去45及加上44都仍是完全平方数，求此数。

解：设此自然数为x，依题意可得

x-45=m2 ⑴

x+44=n2 ⑵

（m,n为自然数）

⑵-⑴可得 :n^2-m^2=89

因为n+m>n-m

又因为89为质数，

所以：n+m=89; n-m=1

解之，得n=45。代入⑵得。故所求的自然数是1981。

例2求证：四个连续的整数的积加上1，等于一个奇数的平方（1954年基辅数学竞赛题）。解：设四个连续整数分别为n-1、n、n+1、n+2.

这时，

(n-1)n(n+1)(n+2)+1

= …①

易知该式可被分解为两个二次因式的乘积，设为

得ad=1,ae+bd=2,af+be+cd=-1,bf+ce=-2,cf=1，解得a=d=e=b=1,c=f=-1

故①可被分解为，因为n与n+1是连续两个整数，故n(n+1)为偶数，所以[n(n+1)-1]为奇数，即(n-1)n(n+1)(n+2)+1为一个奇数的平方。

例3求证：11,111,1111，11111……这串数中没有完全平方数。（1972年基辅数学竞赛题。解：易知该串数中若存在完全平方数，则为末尾是1或9的数的平方。

当该串数中存在末尾为1的数的平方时，则，其中n、k为正整数。

但，易知n2需满足十位数为偶数，矛盾。

解2：完全平方数除以四余数为0或1，而根据除以四余数性质（一个数除以四的余数=这个数末两位除以四的余数）可得，这串数除以四余数为3，矛盾，所以这串数中没有完全平方数。

例4用300个2和若干个0组成的整数有没有可能是完全平方数

解：设由300个2和若干个0组成的数为A，则其数字和为600

3|600 ∴3|A

此数有3的因数，故9|A。但9|600，∴矛盾。故不可能有完全平方数。

例5试求一个四位数，它是一个完全平方数，并且它的前两位数字相同，后两位数字也相同（1999小学数学世界邀请赛试题）。

解：设该四位数为1000a+100a+10b+b，则

1000a+100a+10b+b=1100a+11b =11（100a+b）

故100a+b必须被11整除=>a+b被11整除，又因为(a+b)≤18

所以a+b=11，

带入上式得四位数=11×（a×100+（11－a）） =11×（a×99+11） =11×11×（9a+1)

故9a+1必须为完全平方数。由a=2、3、4、5、6、7、8、9验证得， 9a+1=19、28、27、46、55、64、73。所以只有a=7一个解；此时b=4。因此四位数是7744=112×82=88×88。

例6求满足下列条件的所有自然数：

⑴它是四位数。

⑵被22除余数为5。

⑶它是完全平方数。

解：设，其中n,N为自然数，可知N为奇数。

11|N - 5或11|N + 6

或

n = 1 不合

n = 2 1369

n = 3 3481 2601

n = 4 6561 5329

n = 5 9025

所以此自然数为1369,2601,3481,5329,6561,9025。

例7矩形四边的长度都是小于10的整数（单位：公分），这四个长度数可构成一个四位数，

这个四位数的千位数字与百位数字相同，并且这四位数是一个完全平方数，求这个矩形的面积（1986年缙云杯初二数学竞赛题）。

解：设千位与百位的数字为A,十位与个位数字为B

则该四位数为：1000A+100A+10B+B=11*(100A+B)且为完全平方数

所以100A+B能被11整除=>A+B能被11整除，又因为A+B≤18

故A+B=11

易知100A+B除以11后得数为完全平方数,且各个数位之和为10

验证得该数64

所以A=7,B=4，则四位数是7744

例8求一个四位数，使它等于它的四个数字和的四次方，并证明此数是唯一的。

（1986年第27届IMO试题）设正整数d不等于2,5,13，求证在集合{2,5,13,d}中可以找到两个不同的元素a,b，使得ab -1不是完全平方数。

解：显然2*5-1=9 2*13-1=25 5*13-1=64都为完全平方数

假设2d-1为完全平方数,注意到d为正整数,2d-1为奇数不妨设2d-1=(2n-1)^2 得d=2n^2-2n+1

此时5d-1=10n^2-10n+4不是完全平方数

同理假设5d-1 13d-1 为完全平方数可以分d为奇偶去证明.

例9 求k的最大值，使2010可以表示为k个连续正整数之和。

解：假设这k个数为 a,a+1,a+2,...,a+(k-1)

它们的和为 ka+k(k-1)/2=2010

k(k+2a-1)=2*2010=2^2*5*3*67=60*67

显然k最大只能是60,此时a=4

例10 某校2001年的学生人数是个完全平方数。该校2002年的学生人数比上一年多101人，这个数字也是完全平方数。该校2002年学生人数是多少

解：设2001年的学生人数是X^2,2002年的学生人数是Y^2,则

Y^2-X^2=101 即：(Y+X)(Y-X)=101 =101*1

所以：X+Y=101 Y-X=1

解之得Y=56 X=55

所以该校2002年的学生人数是：56*56=3136