江西省南昌市外国语学校2021届高三高考适应性考试物理试题

江西省南昌市外国语学校2019届高三高考适应性考试物理试

题

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题

1．关于原子结构，下列说法错误的是( )

A．汤姆孙根据气体放电管实验断定阴极射线是带负电的粒子流，并求出了这种粒子的比荷

B．卢瑟福α粒子散射实验表明：原子中带正电部分的体积很小，但几乎占有全部质量，电子在正电体的外面运动

C．β射线是原子的核外电子电离后形成的电子流

D．玻尔在原子核式结构模型的基础上，结合普朗克的量子概念，提出了玻尔的原子模型

2．如图所示，水平面上A、B两物块的接触面水平，二者叠放在一起在作用于B上的水平恒定拉力F的作用下沿地面向右做匀速运动，某时刻撤去力F后，二者仍不发生相对滑动，关于撤去F前后下列说法正确的是()

A．撤去F之前A受3个力作用

B．撤去F之前B受到4个力作用

C．撤去F前后，A的受力情况不变

D．A、B间的动摩擦因数μ1不小于B与地面间的动摩擦因数μ2

3．一质量为1 kg的质点静止于光滑水平面上，从t＝0时刻开始，受到如图所示的水平外力作用，下列说法正确的是()

A ．第1 s 末质点的速度为2 m/s

B ．第2 s 末外力做功的瞬时功率最大

C ．第1 s 内与第2 s 内质点动量增加量之比为1∶2

D ．第1 s 内与第2 s 内质点动能增加量之比为4∶5

4．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为12:10:1n n =，a 、b 两点间的电压为

u =sin100V π

t （），R 为可变电阻，P 为额定电流1A 、用铅锑合金制成的保险丝．为使保险丝中的电流不超过1A ，可变电阻R 连入电路的最小阻值是（ ）

A ．2.2Ω

B ．Ω

C ．22Ω

D ．

二、多选题

5．法籍意大利数学家拉格朗日在论文《三体问题》中指出：两个质相差悬殊的天体（如太阳和地球）所在同一平面有5个特殊点，如图中的12345L L L L L 、、、、所示，若飞行器位于这些点上，会在太阳与地球引力共同作用下，可以几乎不消耗燃料而保持与地球同步绕太阳做圆周运动，人们称之为拉格朗日点.若发射一颗卫星定位于拉格朗日点2L ，下列说法正确的是（ ）

A ．该卫星绕太阳运动的周期和地球自转周期相等

B ．该卫星在2L 点处于平衡状态

C ．该卫星绕太阳运动的向心加速度大于地球绕太阳运动的向心加速度

D ．该卫星在2L 处所受太阳和地球引力的合力比在1L 处大

6．如图所示，两个带等量正电的点电荷分别位于x 轴上的P 、Q 两点，其位置关于坐标原点O 对称，圆弧曲线是个以O 点为圆心的半圆，c 点为半圆与y 轴的交点，a 、b 两点为一平行于x 轴的直线与半圆的交点，下列说法正确的是（ ）

A ．a 、b 两点的电势相同

B ．a 、b 两点的场强相同

C ．将一个正电荷q 沿着圆弧从a 点经c 点移到b 点，电势能先增加后减小

D ．将一个正电荷q 放在半圆上任一点，两电荷对q 的作用力大小分别是F 1、F 2，则

12

11

F F +为一定值 7．两条平行导轨倾斜地固定在绝缘地面上，导轨间距为d ，在导轨的底端连接一阻值为R 的定值电阻，在空间加一垂直导轨平面向上的匀强磁场，将一质量为m 、阻值为R 、长度为d 的金属杆垂直地放在导轨上，给金属杆一沿斜面向上的大小为v 的初速度，当其沿导轨向上运动的位移大小为x 时，速度减为零，已知导轨的倾角为α、金属杆与导轨之间的动摩擦因数为μ、重力加速度为g ．则金属杆从出发到到达最高点的过程中，下列说法正确的是( )

A ．金属杆所受安培力的最大值为22

B d V R

B ．金属杆克服安培力做的功为2

1()2

mv mgx sin cos αμα-+ C ．定值电阻产生的热量为

2

1()2

mv mgx sin cos αμα-+

D ．金属杆减少的机械能为

2

12

mv mgxsin α- 8．如图所示，在一个边长为a 的正六边形区域内存在磁感应强度为B ，方向垂直于纸面向里的匀强磁场，一个比荷为

q

m

的正粒子，从A 点沿AD 方向以一定的速度射入匀强磁场区域，粒子在运动过程中只受磁场力作用；已知粒子从ED 边上的某一点垂直ED 边界飞出磁场区域则（ ）

A ．粒子在磁场区域内运动的半径R =

B ．粒子在磁场区域内运动的时间3m

t Bq

π=

C D ．若改变B 和初速度的大小，使该粒子仍从ED 边界垂直飞出磁场区域，则粒子在磁场区域内运动的路程不变

9．下列说法中正确的是 。

A ．所有晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质都相同

B ．足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果

C ．自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性

D ．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热 E. 一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多

10．如图所示，一玻璃三棱镜置于空气中，一束光经折射后分为两束单色光a ，b ，则下列说法中正确的是 。

A ．a 光的频率大于b 光的频率

B ．玻璃对a 光的折射率小于b 光的折射率

C ．a 光在玻璃中的传播速度大于b 光在玻璃中的传播速度

D ．当a ，b 两束光从玻璃射入真空时，a 光发生全反射的临界角小于b 光发生全反射的临界角

E. a ，b 两束光分别通过同一双缝干涉装置形成的干涉条纹，相邻暗条纹间距b 光的较大

三、实验题

11．“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如下图所示．

(1)下列说法正确的是_____________。 A ．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力 B ．实验时应先释放小车后接通电源

C ．本实验砝码及砝码盘B 的质量应远大于小车A 的质量

D ．在用图象探究加速度与质量关系时，应作1

A

a m

图象 (2)某同学在实验中．打出的一条纸带如图所示，他选择了几个计时点作为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，其中S 1= 7.06cm 、S 2=7.68cm 、S 3=8.30cm 、S 4=8.92cm ，纸带加速度的大小是_____m/s 2．(保留两位有效数字)

(3)某同学将长木板右端适当垫高，其目的是_____________。但他把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大．用a 表示小车的加速度，F 表示细线作用于小车的拉力．他绘出的a - F 关系图象是______

A、B、

C、D、

12．在练习使用多用电表的实验中

(1)某同学连接的电路如图所示。

①若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过________的电流；

②若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，此时测得的是________的阻值；

③若旋转选择开关，使其尖端对准直流电压挡，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时测得的是________两端的电压．

(2)在使用多用电表的欧姆挡测量电阻时，下列说法正确的是（_________）

A．若用双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大

B．若测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必需减小倍率，重新调零后再进行测量C．欧姆表内的电池使用时间太长，若电动势不变，内阻变大，虽然完成调零，但测量值将略偏小

D．欧姆表内的电池使用时间太长，若电动势略减小，内阻变大，虽然完成调零，但测

量值将略偏大

四、解答题

13．如图所示，在竖直面内有两平行金属导轨AB 、CD ．导轨间距为L ，电阻不计．一根电阻不计的金属棒ab 可在导轨上无摩擦地滑动．棒与导轨垂直，并接触良好．导轨之间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感强度为B ．导轨右边与电路连接．电路中的三个定值电阻阻值分别为2R 、R 和R ．在BD 间接有一水平放置的电容为C 的平行板电容器，板间距离为d ，电容器中质量为m 的带电微粒电量为q 。

(1)当ab 以速度v 0匀速向左运动时，带电微粒恰好静止．试判断微粒的带电性质和电容器的电量Q

(2)ab 棒由静止开始，以恒定的加速度a 向左运动．求带电微粒q 所受合力恰好为0的时间t ．（设带电微粒始终未与极板接触．）

14．如图所示，在光滑的水平面上有一长为L 的木板B ，上表面粗糙，在其左端有一光滑的四分之一圆弧槽C ，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B 、C 静止在水平面上．现有滑块A 以初速度0v 从右端滑上B ，一段时间后，以0

2

v 滑离B ，并恰好能到达C 的最高点．A 、B 、C 的质量均为m ．求： （1）A 刚滑离木板B 时，木板B 的速度； （2）A 与B 的上表面间的动摩擦因数 ； （3）圆弧槽C 的半径R ；

（4）从开始滑上B 到最后滑离C 的过程中A 损失的机械能．

15．如图，一底面积为S 、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上，内有两个质量均为m 的相同活塞A 和B ；在A 与B 之间、B 与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V ．已知容器内气体温度始终不变，重力加速度大小为g ，外界大气压强为P 0，现假设活塞B 发生缓慢漏气，致使B 最终与容器底面接触．求活塞A 移动的距离

16．一列简谐横波在均匀介质中沿x轴正方向传播，波源位于坐标原点，在t=0时刻波源开始振动，在t=3s时刻的波形如图所示．求：

①该波沿x方向传播的速度；

②7s内x=2m处质点运动的路程．

参考答案

1．C 【解析】 【详解】

A 、汤姆孙通过研究求出了阴极射线的比荷，明确阴极射线是电子，故选项A 正确；

B 、由于极少数α粒子发生了大角度偏转，原子全部正电荷集中在原子中央很小的体积内，电子在正电体的外面运动，故选项B 正确；

C 、β射线是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，故选项C 错误；

D 、根据玻尔在原子核式结构模型的基础上，结合普朗克的量子概念，提出了玻尔的原子模型，故选项D 正确； 说法错误的是故选选项C 。 2．D 【解析】

A 、

B 、撤去F 前，整体做匀速运动，故B 受地面的摩擦力与F 平衡，而A 水平方向不受外力，故A 不受B 的摩擦力，B 受重力、支持力、压力、拉力和地面的摩擦力共5个力作用；A 只受重力和B 对A 的支持力，A 受两个力的作用；A 错误；B 错误；

C 、撤去拉力F 后，由于整体做减速运动， A 受到重力和B 对A 的支持力及B 对A 的摩擦力，A 受3个力的作用；C 错误；

D 、撤去拉力F 后，由于整体做减速运动，整体的加速度2a g μ=，而A 的加速度

21A a g g μμ=< ，即21μμ<，D 正确；

故选D 。

3．D 【解析】

A 、由动量定理：21?Ft mv ? mv =﹣，求出1s 末、2s 末速度分别为：1?v 4m /s =、 2v 6m /s = ，A 错误；

B 、第1 s 末的外力的功率P Fv 44W 16W ==?=，第2s 末外力做功的瞬时功率：

/ Fv 26W 12W P ==?=，B 错误；

C 、第1 s 内与第2s 内质点动量增加量之比为：1

1221

142 16141p mv p mv mv ?===-?-?，C 错误；

D 、第1秒内与第2秒内动能增加量分别为：2

1118J 2

k E mv =

=， 22

2211110J 22

k E mv mv =

-= ，则：12810

45

k k E E =

=：：： ，动能增加量的比值为4：5，D 正确； 故选D ．

4．A 【解析】

原线圈输入电压1220U V =

=

根据电压与匝数成正比

11

22

U n U n = 代入数据解得：2

211

22n U U V n =

= 原线圈的最大输入功率为111220P U I W == 输出功率等于输入功率21220P P W == 由公式：2

2

2

U P R

解得： 2.2R =Ω 故应选A ． 5．CD 【解析】 【详解】

据题意知，卫星与地球同步绕太阳做圆周运动，则公转周期相同，故A 错误；卫星所受的合力为地球和太阳对它引力的合力，这两个引力方向相同，合力不为零，处于非平衡状态，故B 错误；由于卫星与地球绕太阳做圆周运动的周期相同，卫星的轨道半径大，根据公式

2

24a r T

π=可知，卫星绕太阳运动的向心加速度大于地球绕太阳运动的向心加速度，故C 正

确；卫星在2L 或1L 所处所受太阳和地球引力的合力提供做圆周运动的向心力，即

2

24F m r T

合π=，卫星在2L 处的轨道半径比在1L 处大，所以合力比在1L 处大，所以合力比

在1L 处大，故D 正确。 6．AD 【分析】

根据等量同号电荷的电场分布图，可知各点的电势高低和场强大小；由电场力做功情况可知

电势能的大小；根据库仑定律推导12

11F F +的值．

【详解】

结合等量同号正电荷的电场分布特点图可知，a ，b 两点关于两点电荷的连线的中垂线对称，a ，b 两点电势相同，A 正确；电场强度的方向沿电场线的切线方向，由图可知，a ，b 两点的电场强度的方向不同，

B 错误；a 、c 、b 三点中，a 、b 两点的电势相等，c 点的电势最低，所以将一个正电荷q 沿着圆弧从a 点经c 点移到b 点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加，

C 错误；将一个正电荷q 放在半圆上任一点，设该点到P 的距离为r 1，到Q 的距离为r 2，则由勾股定理得2

2212r r PQ +=，两电荷对q 的作用力大小分别是F 1、F 2，则由

库仑定律得121kQq F r =，222kQq F r =，所以2

2212

1211r r ab F F kQq kQq kQq

+=+=

，为定值，D 正确．

7．BD 【解析】 【详解】

A 、金属杆开始运动时速度最大，产生的感应电动势和感应电流最大，所受的安培力最大，

由E Bdv =、2E I R =、A F BId =得最大安培力为222max B d v

F R

=，故选项A 错误；

B 、根据能量守恒定律可知，上滑过程中电流做功产生的热量为：

2

1 ()2

Q mv mgx sin cos αμα=

-+，由功能关系可知金属杆克服安培力做的功为2( )1

2

W Q mv mgx sin cos αμα==-+安，故选项B 正确；

C 、由于整个电路所产生的热量为2

1 2

() mv mgx sin cos αμα-+，则定值电阻产生的热量为

211

24()2

R Q Q mv mgx sin cos αμα==-+，故选项C 错误；

D 、上滑的过程中金属杆的动能减少2

12

mv ，重力势能增加 mgxsin α

，所以金属杆损失的机械能为 2

1 2mv mgxsin α

-，故选项D 正确； 故选选项BD 。 8．AD 【解析】 【详解】

画出带电粒子在磁场中运动的轨迹如图所示，由题意及速度方向确定轨迹圆的圆心在O 点，连接AE ，由几何关系确定各角度关系如图所标；

A 、带电粒子做匀速圆周运动的半径2303030AE acos r OA sin sin ?

==

==??

，故选项A 正确；

B、粒子在磁场中运动的时间

302

3606

m m

t

qB qB

ππ

?

=?=

?

，故选项B错误；

C、由洛仑兹力提供向心力

2

mv

qvB

r

=，从而求得v

m

=，故选项C错误；

D、若改变粒子初速度的大小和B的大小，仍使粒子从ED边界垂直飞出磁场区域，通过画图知道带电粒子在磁场中的运动轨迹不变，所以路程也不变，故选项D正确；

故选选项AD。

9．CDE

【解析】

【详解】

A、单晶体具有各向异性，即单晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质不同，故选项A错误；

B、足球充足气后很难压缩是由于足球内外有压强差的原因，与气体分子之间的作用力无关，故选项B错误；

C、根据热力学第二定律知，自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故选项C 正确；

D、一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，由气态方程pV

C

T

=知温度升高，内

能增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律U Q W

?=+可知，气体一定吸收热量，故选项D正确；

E、一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子的平均动能增大，则平均速率增大，单位时间内撞击单位面积上的分子数增多，故选项E正确；

故选选项CDE。

10．ADE

【解析】

【详解】

AB、由图可知a的偏折角大，则玻璃对a光的折射率大于对b光的折射率，所以a光的频率大于b光的频率，故选项A正确，B错误；

C、a光的折射率大，由

c

v

n

=可知在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度，故选项

C 错误；

D 、由临界角公式1

sinC n

=分析知，

a 光发生全反射的临界角小于

b 光发生全反射的临界角，故选项D 正确；

E. b 的折射率较小，频率较小，波长较长，而双缝干涉条纹间距与波长成正比，所以相邻暗条纹间距b 光的较大，故选项E 正确； 故选选项ADE 。

11．D 0.62 平衡摩擦力 C 【解析】 【详解】

解(1) A 、实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，故选项A 错误；

B 、实验时应先接通电源，然后再释放小车，故选项B 错误；

C 、在砝码及砝码盘B 的质量远小于小车A 的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力，故选项C 错误；

D 、应用图象法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观,应作1

A

a m -图象，故选项D 正确； 故选选项D ；

(2) 利用逐差法可得：2

43214s s s s aT +--=，解得

22

43212

0.0248/0.62/440.01

s s s s a m s m s T +--=

==?； (3) 将长木板右端适当垫高，其目的是平衡摩擦力；把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大，小车所受重力平行于木板的分力大于小车受到的摩擦力，小车受到的合力大于细线的拉力，在小车不受力时，小车已经具有一定的加速度，a F -图象不过原点，在a 轴上有截距，因此他绘出的a F -关系图象是选项C ；

12．R 1 R 1和R 2串联 R 2（或电源） D 【解析】 【详解】

解：(1)①多用电表与滑动变阻器串联，电流相等，旋转选择开关，使其尖端对准直流电流

挡，此时测得的是通过滑动变阻器1R 的电流；

②断开电路中的电键，1R 与2R 串联，多用电表接在其两端，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，此时测得的是1R 和2R 串联的阻值；

③滑动变阻器的滑片移至最左端，滑动变阻器相当于导线；则多用电表与电阻2R 相并联，测得的是2R 两端的电压；

(2)A 、双手捏住两表笔金属杆，人体与电阻并联，总电阻减小，故选项A 错误； B 、测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必需增大或者减小倍率，重新调零后再进行测量，故选项B 错误；

CD 、当两表笔短接(即0x R =)时，电流表应调至满偏电流g I ，设此时欧姆表的内阻为R 内，则有g I R E =内，当指针指在刻度盘的正中央时则有2g

I I =，即2g x I E R R =+内

，代入数据可

得X

R

R =内，当电池电动势变小，内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流g I 不变，

由公式g I R E

=

内

可知欧姆表内阻R 内得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由1g g x x x I R I E

I R R R R R R ===

+++内内内内

，可知当R 内变大时，I 变小，指针跟原来的位

置相比偏左了，欧姆表的示数变大，测量值将略偏大，故选项D 正确；

C 、欧姆表内的电池使用时间太长，若电动势不变，内阻变大，由于满偏电流g I 不变，由公式g I R E

=

内

可知欧姆表内阻R 内得不变，测量值将不变，故选项C 错误； 故选选项D 。 13．(1) 0

3

CBLv Q = (2) 3mgd t aBLq =

【解析】 【详解】

解：(1)ab 棒匀速向左，a 为正极，上板带正电，场强方向向下，即微粒带负电；

BD E U 3

=

0E BLv = BD Q CU =

联立解得：0

CBLv Q 3

=

(2)微粒所受合力为0，则有：qE mg =场

BD

U E d '=

场 3BD

E U ''= E BLv '=

联立解得：3mgd

t aBLq

=

14．（1） v B ＝04v ；（2）20516v gL μ=（3）2064v R g =（4）20

1532

mv E ?=

【详解】

(1)对A 在木板B 上的滑动过程，取A 、B 、C 为一个系统，根据动量守恒定律有：

mv 0＝m

2

v ＋2mv B 解得v B ＝

4

v (2)对A 在木板B 上的滑动过程，A 、B 、C 系统减少的动能全部转化为系统产生的热量

2

220001

11()2()22224

v v mgL mv m m μ?＝－－

解得20

516v gL

μ=

(3)对A 滑上C 直到最高点的作用过程，A 、C 系统水平方向上动量守恒，则有：

2

mv ＋mv B ＝2mv A 、C 系统机械能守恒：

22200111

()()222242

v v mgR m m mv +-?＝

解得20

64v R g

= (4)对A 滑上C 直到离开C 的作用过程，A 、C 系统水平方向上动量守恒

00

24

A C mv mv mv mv +=+ A 、C 系统初、末状态机械能守恒，

2222

001111()()222422

A C m m m m +=+v v v v 解得v A ＝

4

v . 所以从开始滑上B 到最后滑离C 的过程中A 损失的机械能为：

2

220

015112232

A mv E mv mv ?＝－＝

【点睛】

该题是一个板块的问题，关键是要理清A 、B 、C 运动的物理过程，灵活选择物理规律，能

够熟练运用动量守恒定律和能量守恒定律列出等式求解．

15．

0mgV

p S mgS

+

【解析】

设平衡时，在A 与B 之间、B 与容器底面之间气体的压强分别为1p 和2p ，由力的平衡条件有

10p S p S mg =+

①

21p S p S mg =+

②

漏气发生后，设整个封闭气体体积为'V ，压强为'p ，由力的平衡条件有：0'p S p S mg =+ ③

由玻意耳定律得'

11'p V p V =

④

'12'(')p V V p V -=

⑤

式中，'

1V 是原来A 与B 之间的气体在漏气发生后所占的体积．

设活塞A 移动的距离为l （取升高时为正），按几何关系有'2V V Sl =+ ⑥

联立可得0mg V

l p S mg S

?

?=

?+??

考点：理想气体状态方程．

16．①1m/s ②50cm 【解析】 【详解】 解：①根据Δx 3m

v 1m /s Δt 3s

=== ②由图

3

λ3m 4

=，λ4m = 周期λ4

T s 4s v 1

===

经2s 位于x=2m 质点开始起振 实际振动时间T t 5s T 4

==+

所以x=2m 质点运动的路s 4A A 5A 50cm =+==