2019-2020学年山东省泰安市九年级(上)期末物理试卷

2019-2020学年山东省泰安市九年级（上）期末物理试卷

一、选择题（本题共15题，共30分．以下每题各只有一个正确答案，选对得2分；多选、错选均不得分；把正确答案的序号用铅笔涂在答题卡的规定位置）

1. 下列说法最接近实际情况的是（）

A.家用空调工作一晚消耗约100kW??电能

B.工厂用的动力电的电压是220V

C.家中电冰箱的电流约为1A

D.教室内一盏日光灯的功率约为400W

2. 下列有关电现象的说法中正确的是（）

A.验电器的工作原理是同种电荷互相排斥

B.摩擦起电是利用摩擦的方式创造电荷

C.电荷的移动形成电流

D.与丝绸摩擦过的玻璃棒带负电荷

3. 某同学设计了道路井盖移动报警电路．当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，R0为保护电阻．图中符合设计要求的电路图是（）

A. B.

C. D.

4. 图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分，当它在磁场中按箭头方向运动时，能产生

感应电流的是（）

A. B. C. D.

5. 如图所示，A、B为两盏白炽灯，A灯型号是“110V?25W”，B灯型号是“110V?100W”，R是一个未知电阻．若把它们接到电压为220V的电路上，下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是（）

A. B. C. D.

6. 如图所示，甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线．此时，丁站在地面上用手去拉丙．则（）

A.甲、乙都会触电

B.甲、丙都会触电

C.乙、丁都会触电

D.丙、丁都会触电

7. 如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知R1＝3R2，当S和S1闭合、S2断开时，电压表和电流表的示数分别为U1和I1；当S1断开、S和S2闭合时，电压表和电流表的示数分别为U2和I2，则U1:U2、I1:I2分别是（）

A.1:1、4:3

B.1:2、1:3

C.1:1、1:4

D.1:4、1:1

8. 如图所示电路，闭合开关，甲乙两灯均发光，两电表均有示数，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零，造成此现象的原因可能是（）

A.甲灯短路

B.乙灯短路

C.甲灯断路

D.乙灯断路

9. 下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（）

A.让热水流过散热器供暖

B.用循环水冷却汽车发动机

C.沿海地区昼夜温差较小

D.夏天在房间内洒水降温

10. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P自中点向b端移动的过程中，下列关于电表示数变化情况判断正确的是（）

A.电流表A1变小，A2变小，电压表V不变

B.电流表A1变小，A2不变，电压表V不变

C.电流表A1变小，A2变小，电压表V变大

D.电流表A1不变，A2变大，电压表V变小

11. “生活处处有物理”。下列生活中出现的现象与物理知识对应正确的是

①打开醋瓶能闻到酸味--分子的扩散现象

②用高压锅煮饭--利用提高气压，提高水的沸点

③水蒸气把锅盖顶起--是内能转化为机械能，与汽油机压缩冲程能量转化相同

④用煤气灶烧开水--利用热传递改变物体内能（）

A.只有①④正确

B.只有①②③正确

C.只有①②④正确

D.①②③④都正确

12. 额定电压均为6V的甲、乙两灯，I?U图线如图所示。下列说法正确的是（）

①甲、乙两灯的电阻均随电压增大而增大

②甲、乙两灯的额定功率之比为2:1

③甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，电阻之比为2:3

④甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，实际功率之比为1:3

A.只有①②正确

B.只有③④正确

C.只有②③正确

D.①②③④都正确

13. 如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1、S2时，下列说法正确的是（）①电磁铁的右端为N极

②小磁针将顺时针旋转

③当P向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变亮

④当P向右滑动时，电磁铁的磁性减小，电压表的示数减小

A.只有④正确

B.只有③④正确

C.只有②③正确

D.①②③④都正确

14. 如图所示，电源电压不变，为了比较电阻R1和R2的大小，同学们分别设计了如下的电路，其中能比较出两电阻大小的电路是（）

A.①②

B.③④

C.①②③

D.②③④

15. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定，灯泡L的电阻随温度变化而变化，R0为定值电阻，滑动变阻器R x 的规格为“20Ω?2.5A“闭合开关S，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，移动滑动变阻器的滑片P从A 端至B端，U2与U1的关系如图乙所示当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光。下列结果中正确的是（）

①电路中最小电流为1A

②定值电阻R0的阻值为6Ω

③灯L正常发光时的电阻为12Ω

④灯L的额定功率为48W

A.只有①正确

B.只有②③正确

C.只有①③正确

D.①②③④都正确

二、填空题（每空1分.共4分）

宋朝学者沈括在他的《梦溪笔谈》中说“万家以磁石磨针锋，则能指南。则被磁化的针指南的一端为

________极（选填“N”或“S”）。

如图所示，将两个铅柱的底面削平、削干净，然后紧紧地压在一起，在下面吊一个重物都不能把它们拉开，这个实验主要说明分子之间存在________。

甲、乙两个电热器的电阻之比为5:4，通过的电流之比为2:1，通电时间之比为1:2，则电流通过甲、乙两个

电热器产生的热量之比为________。

王瑞测试妈妈新买的挂烫机的功率。王瑞发现，当家里只有挂烫机单独使用时，30min后电能表示数由变成了，挂烫机的实际功率为________W。

三、作图题（每题2分，共4分）

根据图中小磁针的指向，画出螺线管导线的绕法。

如图所示的插座和电灯（带开关）是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将它们分别正确的

接入电路中。

四、实验题（第22题4分，第23题12分，共16分）

在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，实验室准备的器材有：电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干。王瑞利用上述器材，制成简易电磁铁甲、乙，

并设计了如图所示的电路。

（1）通过观察电磁铁的吸引大头针的数目不同，可以判断电磁铁的磁性强弱不同：

下列研究方法与本实验相同的是（）（多选）

A.学习电压时，我们可以通过对比水压来认识它

B.人们通过研究墨水的扩散现象认识分子的运动情况

C.研究电流与电压、电阻关系时，控制电阻（电压）不变，研究电流与电压（电阻）关系

D.在探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，通过观察被加热液体液面高度变化来比较电流通过电阻产生热量的多少

（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加，说明电流越________，电磁铁磁性越强。

（3）根据图示的情境可知，________（填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时，________，电磁铁磁性越强。

王瑞同学使用甲图所示器材，测量小灯泡的额定功率。

（1）在连接电路时，开关S应处于________状态，滑动变阻器的滑片P应放在电阻最________的位置。

（2）王瑞同学连接了如图甲所示的电路，闭合开关，电流表________示数，电压表________示数。（两空均选填“有”或“无”）

（3）他仔细检查电路。发现有一根导线连接错误。请你在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的一根连接导线。

（4）正确连接电路后，团合开关，调节滑动变阻器滑片P，当电压表的示数为2.5V时，观察到电流表示数如图乙所示，此时灯泡正常发光，小灯泡的额定功率为________W。

（5）同组李华同学想测小灯泡发出强光时的功率，应继续向________（选填“A”或“B”）端移动滑片P，适当增大灯泡两端的电压。

（6）现有一个电压约为20V的电源（电压保持不变），一个量程为0～0.6A的电流表，三个阻值已知的电阻R1?(20Ω)、R2?(30Ω)、R3?(10kΩ)，开关和导线若干。请合理选择器材设计实验，比较精确地测出约为10Ω的未知电阻R x的阻值。要求：

a．补全实验电路图丙：

b．写出主要的实验步骤（测量量用相应的物理量的符号表示）

①按电路图连接电路；

②________；

③________。

C．写出待测电阻R x的表达式________（用已知量和测量量表示）。

五、计算题（第24题7分，第25题9分，共16分）解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分．

如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A．当闭合开关S、S1、S2时，电流表的示数为0.6A，此时灯泡正常发光，求：

（1）电源电压；

（2）小灯泡的额定功率和正常发光时的电阻；

（3）当闭合开关S、S1、S2时，通电100s，求整个电路消耗的电能。

王瑞同学学习了电热和电磁的知识后，尝试设计一个热带鱼水箱温控装置，工作原理如图甲所示。控制电路由电压为U1＝6V的电源、电磁继电器（线圈电阻不计）、滑动变阻器R P和热敏电阻R0组成，图乙是热敏电阻R0阻值随温度变化的图象；工作电路由电压为U2＝220V的电源和电阻为R1＝44Ω和R2两个加热电阻组成。通过实验测得当电磁继电器线圈的电流达到60mA时，电磁继电器的衔铁被吸下来。己知适宜热带鱼生长的水温为28°C，若外界环境温度恒定，现鱼缸内装有30kg温度为18°C的水，鱼缸内的水被加热到28°C用时

20min，此时衔铁刚好被吸下进入保温模式。己知c

水＝4.2×103J/(kg?°C)，求：

（1）鱼缸内的水被加热到28°C吸收的热量：

（2）计算加热过程中散失的热量并估算保温电阻R2的保温功率和阻值：

（3）滑动变阻器连入电路的阻值。

参考答案与试题解析

2019-2020学年山东省泰安市九年级（上）期末物理试卷

一、选择题（本题共15题，共30分．以下每题各只有一个正确答案，选对得2分；多选、错选均不得分；把正确答案的序号用铅笔涂在答题卡的规定位置）

1.

【答案】

C

【考点】

电功

电压

电流的大小

额定功率

【解析】

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】

A、空调的电功率在1000W左右，但空调工作属于间歇式工作，即工作一段时间、停一段时间，

一晚工作的时间在5?左右，消耗的电能约为W＝Pt＝1kW×5?＝5kW??，故A不符合实际；

B、工厂用的动力电的电压是380V，故B不符合实际；

C、家中电冰箱的电功率约200W，工作电流I=P

U =200W

220V

≈1A，故C符合实际；

D、教室内一盏日光灯的功率约为40W，故D不符合实际。

2.

【答案】

A

【考点】

摩擦起电的实质

电流的形成

验电器的原理及使用

正电荷与负电荷

【解析】

（1）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；

（2）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，因电子比质子数量多而

带负电，束缚电子能力弱的失去电子，因电子比质子数量少而带正电，一种物质失去多少电子，另一种物质

就得到多少电子；因此摩擦起电不是创造了电荷，实质是电子发生了转移；

（3）电荷的定向移动形成电流；

（4）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷。丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。【解答】

A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A正确；

B、摩擦起电实质是电子在物体间发生了转移，不是创造了电荷，故B错误；

C、电荷的定向移动才会形成电流，故C错误；

D、据课本可知，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故D错误。

3.

【答案】

B

【考点】

串、并联电路的设计

【解析】

根据题意可知，正常情况下S闭合，灯泡不亮；当井盖丢失S断开时，灯泡发光，据此选择符合题意的电路图。【解答】

解：A．闭合开关，灯泡发光，断开开关，灯泡不发光，故A不符合题意；

B．闭合开关，灯泡被短路不能发光，断开开关，灯泡和定值电阻串联，灯泡能够发光，故B符合题意；C．闭合开关，灯泡发光，断开开关，灯泡不发光，故C不符合题意；

D．无论开关是否闭合，灯泡都能发光，故D不符合题意．

故选B．

4.

【答案】

C

【考点】

产生感应电流的条件

【解析】

能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②部分导体切割磁感线运动这两个条件。

【解答】

解：磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，C中导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流，故C

正确；

ABD中的导体运动时，导体运动方向与磁感线方向平行，都不会切割磁感线，所以不会产生感应电流，故ABD错误．

故选C．

5.

【答案】

C

【考点】

实际功率和额定功率

电路图设计

【解析】

（1）根据串联电路电阻的分压特点可知，电压相等时，电阻也要相等。

（2）已知电源电压相等，根据公式P=U

2

R

可知，电路中电阻越大。消耗的功率就越小，先根据公式R=U

2

P

分别求出灯泡A和灯泡B的电阻，再求出A、B、C图总电阻进行比较，即可得出结论。

【解答】

解：根据公式P=U

2

R

可知，灯泡的电阻R A=U A2

P A

=(110V)2

25W

=484Ω，

灯泡B的电阻R B=U B2

P B

=(110V)2

100W

=121Ω．

A．图中灯泡A和B并联，电压为220V，则A、B两端电压均为220V，大于其额定电压，故两盏灯都不正常发光，故A不符合题意；

B．图中灯泡A和B串联在电压为的电路中，由于两灯泡电阻不同，所以两灯泡两端的电压都不是其额定电压110V，则两盏灯都不正常发光，故B不符合题意；

C．图是灯泡A和未知电阻并联后又和灯泡B串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与未知电阻R并联后和灯泡B的电阻相等，但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B能正常工作，故C符合题意；

D．图是灯泡B和未知电阻并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与未知电阻并联后和灯泡A的电阻相等，并联电路，电阻更小，故灯泡A和灯泡B不能正常工作时，故D不符合题意．

故选C．

6.

【答案】

D

【考点】

触电危害及常见的触电类型与预防

【解析】

此题暂无解析

【解答】

解：甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发生触电；

乙站在地上一只手接触到零线，因为零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不会发生触电；

丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时，丁站在地面上用手去拉丙，这样电流可以从火线经丙、丁导向大地，会造成丙、丁两人同时触电．综上所述，甲、乙都不会触电，丙、丁都会触电，故D正确．

故选D．

7.

【答案】

A

【考点】

并联电路的电流规律

串联电路的电压规律

【解析】

当S1闭合、S2断开时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流；

当S1断开、S2闭合时，两电阻仍然并联，电压表测电源的电压，电流表测通过R2支路的电流；

根据电源的电压不变判断电压表示数的变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出各支路的电流，根据并联电路的电流特点判断电流表示数的比值。

【解答】

当S1闭合、S2断开时，等效电路图如图1所示；当S1断开、S2闭合时，等效电路图如图2所示。

电源的电压不变，且两种情况下电压表测电源的电压，所以两次电压表的示数不变，即U1:U2＝1:1；

两电阻并联，

I1=U

R1

+U

R2

=U

3R2

+U

R2

=4U

3R2

，I2=U

R2

则I1:I2=4:3。

8.

【答案】

B

【考点】

电流表、电压表在判断电路故障中的应用

【解析】

本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力．

【解答】

解：A．如果甲灯短路，乙灯泡发光，电路中有电流，电流表有示数，电压表与电源两端相连，电压表有示数，故A不符合题意；

B．若乙灯短路，电压表也同时被短路，没有示数，甲灯泡发光，电路中有电流，电流表有示数，故B符合题意；

C．若甲灯灯断路，乙灯泡不发光，电流表没有示数，电压表与电源两端不相连，电压表没有示数，故C不符合题意；

D．若乙灯灯断路，甲灯泡不发光，电流表没有示数，电压表与电源两端相连，电压表有示数，故D不符合题意．

故选B．

9.

【答案】

D

【考点】

水的比热容的特点及应用

【解析】

（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；

（2）水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。

【解答】

解：A．因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故A不符合题意；

B．因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故B不符合题意；

C．因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的温度少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故C不符合题意；

D．炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意．

故选D．

10.

【答案】

B

【考点】

电路的动态分析

欧姆定律的应用

【解析】

由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数不变，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1

的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化。

【解答】

解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的

电流，

因电源电压保持不变，

所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故CD错误；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，

当滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，

由I=U

R

可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小，故B正确，A错误．

故选B．

11.

【答案】

C

【考点】

热传递改变物体内能

扩散现象

沸点及沸点与气压的关系

【解析】

①扩散现象说明分子在做无规则的热运动；

②气压越高，沸点就越高，气压越低，沸点就越低；

③水蒸气膨胀做功，内能转化为机械能；

④做功和热传递都可以改变物体的内能。

【解答】

①由于醋分子的扩散现象我们会闻到酸味；

②高压锅可以增大气压，这样可以提高水的沸点；

③水蒸气把锅盖顶起，内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程中的能量转化相同；汽油机压缩冲程是机械能转化为内能；

④用煤气灶烧开水属于利用热传递改变物体内能。

所以说法正确的是①②④

12.

【答案】

D

【考点】

电功率的计算

实际功率和额定功率欧姆定律的应用

【解析】

（1）通过曲线图可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大；

（2）甲灯正常工作时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过甲、乙的电流，根据P＝UI求额定功率之比；（3）甲、乙两灯并联在2V的电源两端时，根据图象读出通过甲、乙的电流，再根据欧姆定律求出电阻之比；（4）当把两灯串联在8V电源上时，根据串联电路的电流特点和串联电路电压的特点确定甲、乙两灯两端的

实际电压，利用P＝UI即可得出实际功率之比。

【解答】

A．由甲、乙曲线图可知，甲、乙两灯的电阻均随电压增大而增大，故①正确；

B．由于甲、乙两灯的额定电压均为6V，由图象可知：I

甲额

＝0.6A，I

乙额

＝0.3A，

则：P

P

=UI

UI

=I

I

=0.6A

0.3A

=2

1

，故②正确；

C、甲、乙两灯并联在2V的电源两端时，由图象可知：I

甲

＝0.3A，I

乙

＝0.2A，

根据I=U

R

可得电阻之比：R

R

=

U

I

U

I

=I

I

=0.2A

0.3A

=2

3

，故③正确；

D．把甲、乙两灯串联接在8V的电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两灯泡两端的电压之和，由图象可知，当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为2V，乙灯的实际电压为6V时满足电源电压为8V，

所以实际功率之比：P

甲

:P

乙

＝U

甲

I:U

乙

I＝2V:6V＝1:3，故④正确。

13.

【答案】

B

【考点】

安培定则

探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验

【解析】

（1）根据安培定则得出电磁铁的两极，根据磁极间的相互作用判断小磁针旋转方向；

（2）先分析滑片向左或向右移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小

变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况，进一步得出灯泡亮度的变化和电压表示数的变化。

【解答】

①②根据安培定则可知，电磁铁的左端为N极，右端为S极；根据磁极间的相互作用规律可知，通电后，小

磁针将会逆时针旋转，故①②错误；

③闭合开关S1和S2，使滑片P向左滑动，变阻器接入电路的电阻变小，左侧电路中电流变大，电磁铁的磁性

增强，巨磁电阻的阻值减小，右侧电路中电流变大，所以指示灯的亮度会变亮，故③正确。

④使滑片P向右滑动，变阻器接入电路的电阻变大，左侧电路中电流变小，电磁铁的磁性变弱，巨磁电阻的

阻值变大，右侧电路中电流变小，根据U＝IR可知，灯泡两端的电压减小，即电压表示数变小，故④正确。14.

【答案】

D

【考点】

欧姆定律的应用

【解析】

（1）串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；

（2）并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大。【解答】

①两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表测量干路电流，只能测出电路的总电阻，不能求出或测出电阻R2、R1的阻值，因此无法比较两电阻阻值的大小，故①不符合题意。

②两个电阻串联，两个电压表分别测量两个电阻两端的电压，根据电压的大小就可以比较出电阻的大小，故

②符合题意。

③开关闭合电路为R1的简单电路，开关断开时两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的特点

和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用电源的电压不变建立等式，通过比较电流之间的关系得出电阻的大

小关系，故③符合题意。

④两个电阻串联，电压表V2测量电阻串联的总电压，电压表V1测量电阻R2两端的电压，根据串联电路电压的规律，电阻R1两端的电压等于电压表V2和V1的示数之差，这样就可以得到两个电阻两端的电压，根据电压的

大小就可以比较电阻的大小，故④符合题意。

15.

【答案】

A

【考点】

电功率的计算

欧姆定律的应用

【解析】

（1）由图知灯泡L、定值电阻R0、滑动变阻器串联，电压表V1测量定值电阻R0两端的电压，电压表V2测量灯

泡L和定值电阻R0两端的总电压，当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光，此时电路的总电阻最小，总电流

最大，两电压表的示数都达到了最大，判断出电源电压；

当滑动变阻器的滑片P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小，由乙图读出两电压表的示数，根据串联电路电压的规律表示出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出电路的电流和定值电阻R0的阻值；

（2）当滑片在B端时，滑动变阻器的电阻为零，电路的电流最大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的

电压为24V，根据欧姆定律算出电路的电流，根据串联电路电压的规律算出灯泡两端的额定电压，根据欧姆

定律算出灯L正常发光时的电阻，由P＝UI算出灯泡L的额定功率。

【解答】

当滑动变阻器的滑片P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小，两电压表的示数为16V和12V(1)(1)当

滑片在B端时，电压表V2的示数为36V，则电源电压为36V，此时灯L恰好正常发光（2）当滑动变阻器的滑片

P在A端时，滑动变阻器的电阻最大，电路中的总电流最小，此时滑动变阻器两端的电压为：U

滑

＝U?U′2＝36V?16V＝20V，

则此时电路的最小电流为：I

最小=U

R

=20V

20Ω

=1A，故①正确（3）定值电阻R0的阻值：R0=U0

I

=12V

1A

=12Ω，

故②错误（4）（2）当滑片在B端时，滑动变阻器的电阻为零，电路的电流最大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的电压为24V，

此时电路的最大电流为：I

大=U′0

R0

=24V

12Ω

=2A，

灯泡两端的额定电压为U L＝U2?U1＝36V?24V＝12V(5)灯L正常发光时的电阻为：R L=U L

I =12V

2A

=6Ω，故

③错误（6）灯泡L的额定功率为：P L＝U L I大＝12V×2A＝24W，故④错误。故选：A。二、填空题（每空1分.共4分）

【答案】

S

【考点】

地磁场

【解析】

指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向。

【解答】

地球是一个大磁体，指南针指南北的原因是由于受到了地磁场的作用；指南针静止时，指向南的一端是磁体的南(S)极；指向北的一端是磁体的北(N)极。

【答案】

引力

【考点】

分子间的作用力

【解析】

物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力。

【解答】

将两个铅柱的底面削平、削干净、然后紧紧地压在一起，两铅块就会结合起来，甚至下面吊一个重物都不能把它们拉开，说明了分子之间存在引力。

【答案】

5:2

【考点】

焦耳定律的计算公式及其应用

【解析】

根据Q＝I2Rt求出电热器产生的热量之比。

【解答】

电热器产生的热量之比：

Q

Q

=I2Rt

I Rt

=22×5×1

1×4×2

=5

2

。

【答案】

1200

【考点】

实际功率和额定功率

【解析】

电能表最后一位示数是小数位、单位是kW??；根据图示读出电能表示数，电能表前后示数之差即这段时间

内消耗的电能；再利用P=W

t

求挂烫机的实际功率。

【解答】

电能表的表盘上最后一位示数是小数位、

这段时间挂烫机消耗的电能：

W＝1235.1kW???1234.5kW??＝0.6kW??，

挂烫机的实际功率：

P=W

t

=0.6kW??

30

60

?

=1.2kW＝1200W。

三、作图题（每题2分，共4分）

【答案】

小磁针N极向左，即螺线管的右侧为N极，左侧为S极，由安培定则可知绕法如图：

【考点】

安培定则

磁极间的相互作用

【解析】

由小磁针的指向可知磁场的方向，由安培定则可知导线的绕法。

【解答】

小磁针N极向左，即螺线管的右侧为N极，左侧为S极，由安培定则可知绕法如图：

【答案】

首先辨别上面三根线地线、火线、零线。

灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。

三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

【考点】

家庭电路的连接

【解析】

灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。

三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

【解答】

首先辨别上面三根线地线、火线、零线。

灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。

三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。四、实验题（第22题4分，第23题12分，共16分）

【答案】

B,D

大

甲,线圈匝数越多

【考点】

探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验

【解析】

（1）通过观察电磁铁吸引大头针的数目的不同，可以判断电磁铁的磁性强弱不同用的是转换法，然后对各

个选项逐一分析即可。

（2）（3）要解决此题，需要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素。知道电磁铁的磁性与电流的大小和线圈匝数

有关。

【解答】

通过观察电磁铁的吸引大头针的数目不同，可以判断电磁铁的磁性强弱不同，采用的是转换法；

A．学习电压时，我们可以通过对比水压来认识它，是类比法；

B．人们通过研究墨水的扩散现象认识分子的运动情况，是转换法；

C．研究电流与电压、电阻关系时，控制电阻（电压）不变，研究电流与电压（电阻）关系，是控制变量法；D．通过观察被加热液体液面高度变化来比较电流通过电阻产生热量的多少，采用的是转换法。

则以上研究方法与本实验相同的是BD。

当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，

电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加，说明电流越大，电磁铁磁性越强；

根据图示的情境可知，甲乙是串联在电路中的，电流相同，甲的线圈的匝数多，吸引的大头针个数多，甲的

磁性强；明电流一定时，匝数越多，电磁铁磁性越强。

【答案】

断开,大

无,有

1.3

A

只闭合S2，记下电流表示数I1,只闭合S1，记下电流表示数I2,R X=I1×50Ω

I2

?30Ω

【考点】

伏安法测电阻的探究实验

探究用电器的电功率实验

【解析】

（1）根据实物连接的正确方法和滑动变阻器的作用进行分析，即在电路没有连接好之前，开关一直是断开的，而且滑动变阻器的阻值应在最大处。

（2）电压表内阻很大，串联接入电路时电路断路，根据电路结构分析答题。

（3）实物连接图中找错误之处，主要从电压表、电流表、滑动变阻器的正确使用上考虑：从电流表、电压

表的量程、连接方式、正负接线柱的接入方法上考虑。从滑动变阻器接线柱的选择考虑；

（4）根据电流表量程确定分度值读数，根据P＝UI求出功率；

（5）根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（6）电压约为20V的电源（电压保持不变），一个量程为0?0.6A的电流表，三个阻值已知的电阻R1(20Ω)、R2(30Ω)、R3(10kΩ)，为提高测量的准确程度，电流表示数不能太小，可将R1(20Ω)、R2(30Ω)和待测电阻

串联起来（R3电阻太大，不能串联在电路中），两个开关分别与R1和待测电阻并联，用电流表测量出R1(20Ω)、R2(30Ω)串联时电路中的电流，由电阻的串联和欧姆定律可得出电源电压；用电流表测量出R2与待测电阻串

联时的电流，由电阻的串联和欧姆定律可得出待电阻的表达式。

【解答】

为防止发生短路现象烧坏电源，连接电路时，开关应处于断开状态，闭合开关前，应使滑动变阻器的阻值处

于最大状态，由图可知变阻器的滑片滑在B点时连入电路中的电阻丝阻值最大。

实验时闭合开关，电压表与电流表串联后又并联在电阻的两端，所以通过电流表的电流为0，电压表测电阻R

两端的电压，电压表有示数；

由图可知，电流表与电表串联了，导致电流表没有示数，应将定值电阻右端接线柱与滑动变阻器左端接线柱

之间的导线去掉，将此导线改接在电压表中间接线柱上，如图。

当电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光，此时电流表的量程为0?0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A，

则小灯泡的额定功率为：

P＝UI＝2.5V×0.52A＝1.3W；

测小灯泡发出强光时的功率，可知应增大灯泡分得的电压，由分压原理，适当减小滑动变阻器两端的电压，

应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动；

a．将R1、R2和待测电阻串联起来，开关S1与R1并联，开关S2与R x并联，如下所示：

；

b．实验步骤为：

①按电路图连接电路；

②只闭合S2，记下电流表示数I1；

③只闭合S1，记下电流表示数I2；

在②中，R1、R2串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：U＝I1(R1+R2)＝I1×50Ω；在③中，R2与待测电阻串联，则电源电压：U＝I2(R x+R2)＝I2×(R x+30Ω)；

则：I1×50Ω＝I2×(R x+30Ω)，解得：R x

=I1×50Ω

I2

?30Ω。

五、计算题（第24题7分，第25题9分，共16分）解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分．

【答案】

电源电压为12V；

小灯泡的额定功率为2.4W，正常发光时的电阻为60Ω；

当闭合开关S、S1、S2时，通电100s，整个电路消耗的电能为720J。

【考点】

电功率的计算

电功的计算

欧姆定律的应用

【解析】

（1）当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电源电压；

（2）当闭合开关S、S1、S2时，定值电阻与小灯泡并联，根据并联电路电流的规律算出小灯泡的正常发光的

电流，利用P＝UI算出小灯泡的额定功率，利用R=U

I

算出正常发光时的电阻；

（3）当闭合开关S1、S2、S时，R1与小灯泡L并联，据W＝UIt求出通电100s整个电路消耗的电能。

【解答】

当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，

由I=U

R

可得，电源电压：U＝I1R1＝0.4A×30Ω＝12V；

当闭合开关S、S1、S2时，定值电阻与小灯泡并联，电流表测干路电流，

根据并联电路电流的规律知，

小灯泡的正常发光的电流：I L＝I?I1＝0.6A?0.4A＝0.2A，

灯泡的额定功率：P＝UI L＝12V×0.2A＝2.4W；

正常发光时的电阻：R L=U

I L

=12V

0.2A

=60Ω；

当闭合开关S1、S2、S时，R1与L并联，

通电100s整个电路消耗的电能：W＝UIt＝12V×0.6A×100s＝720J。

【答案】

鱼缸内的水被加热到28°C吸收的热量为1.26×106J；

加热过程中散失的热量为6×104J，保温电阻R2的保温功率为50W，其阻值为968Ω；滑动变阻器连入电路的阻值为80Ω。

【考点】

电功与热量的综合计算

【解析】

（1）知道鱼缸内水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q

吸＝c

水

m(t?t0)求出水吸收的热量；

（2）知道工作电路的电压和加热电阻R1的阻值以及加热时间，根据W＝UIt=U 2

R

t求出加热过程中消耗的电能，然后减去水吸收的热量即为加热过程中散失的热量；要保持鱼缸内水温不变，则保温电阻R2功率和水的

散热功率应相等，根据P=W

t =Q

t

求出保温电阻R2的保温功率，再利用P＝UI=U

2

R

求出R2的阻值；

（3）由题意可知，鱼缸内的水被加热到28°C时，电磁继电器线圈的电流达到60mA，电磁继电器的衔铁被吸下来，根据图乙读出此时热敏电阻的阻值，根据欧姆定律求出此时控制电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器连入电路的阻值。

【解答】

鱼缸内的水被加热到28°C吸收的热量：

Q 吸＝c

水

m(t?t0)＝4.2×103J/(kg?°C)×30kg×(28°C?18°C)＝1.26×106J；

由W＝UIt=U 2

R

t可得，加热20min消耗的电能：

W=U22

R1t′=(220V)2

44Ω

×20×60s＝1.32×106J，

则加热过程中散失的热量：

Q 散＝W?Q

吸

＝1.32×106J?1.26×106J＝6×104J，

要保持鱼缸内水温不变，则保温电阻R2功率和水的散热功率应相等，所以，保温电阻R2的保温功率：

P 保＝P

散

=Q

t′

=6×104J

20×60s

=50W，

由P＝UI=U 2

R

可得，R2的阻值：

R2=U22

P =(220V)2

50W

=968Ω；

由题意可知，鱼缸内的水被加热到28°C时，电磁继电器线圈的电流达到60mA，电磁继电器的衔铁被吸下来，由图乙可知，此时热敏电阻R0＝20Ω，

由I=U

R

可得，此时控制电路中的总电阻：

R=U1

I =6V

60×10?3A

=100Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器连入电路的阻值：

R P＝R?R0＝100Ω?20Ω＝80Ω。