高考数学经典例题
1(10天津)如图,在长方体1111ABCD A B C D -中,E 、F 分别是棱BC ,1CC 上的点,2CF AB CE ==,1::1:2:4AB AD AA =。(1)求异面直线EF 与1A D 所成角的余弦值;(2)证明AF ⊥平面1A ED ;(3)求二面角1A ED F --的正弦值。 【解析】本小题主要考查异面直线所成的角、直线与平面垂直、二面角等基础知识,考查用空间向量解决立体几何问题的方法,考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力,满分12分。
方法一:如图所示,建立空间直角坐标系, 点A 为坐标原点,设1AB =,依题意得(0,2,0)D ,
(1,2,1)F ,1(0,0,4)A ,31,,02E ?? ???
(1) 解:易得10,,12EF ??= ???u u u r ,1(0,2,4)A D =-u u u u r
于是1113
cos ,5EF A D EF A D EF A D
==-u u u r u u u u r
u u u r u u u u r g u u u r u u u u r
所以异面直线EF 与1A D 所成角的余弦值为3
5
(2) 证明:已知(1,2,1)AF =u u u r ,131,,42EA ??=-- ???u u u r ,1
1,,02ED ??=- ???
u u u r 于是AF u u u r ·1EA u u u r
=0,AF u u u r ·ED u u u r =0.因此,1AF EA ⊥,AF ED ⊥,又1EA ED E ?=
所以AF ⊥平面1A ED
(3)解:设平面EFD 的法向量(,,)u x y z =r ,则0
u EF u ED ?=??=??r u u u r g r u u u r
g ,即102102
y z x y ?+=????-+=?? 不妨令X=1,可得(1,21u →=-)。由(2)可知,AF →
为平面1A ED 的一个法向量。
于是2cos
,==3||AF AF |AF|
u u u →→
→
→
→
→
?,从而5sin ,AF u →→
所以二面角1A -ED-F 的正弦值为
53
方法二:(1)解:设AB=1,可得AD=2,AA 1=4,CF=1.CE=12
链接B 1C,BC 1,设B 1C 与BC 1交于点M,易知A 1D ∥B 1C ,由
1CE CF 1
==CB CC 4
,可知EF ∥BC 1.故BMC ∠是异面直线EF 与A 1D 所成的角,易知BM=CM=11
B C=52
,所以2223cos 25BM CM BC BMC BM CM +-∠=
=g ,所以异面直线FE 与A 1D 所成角的余弦值为35
(2)证明:连接AC ,设AC 与DE 交点N 因为
1
2
CD EC BC AB ==,所以Rt DCE Rt CBA ??:,从而CDE BCA ∠=∠,又由于90CDE CED ∠+∠=?,所以90BCA CED ∠+∠=?,故AC ⊥DE,又因为CC 1⊥DE 且1CC AC C ?=,所以DE ⊥平
面ACF ,从而AF ⊥DE.
连接BF ,同理可证B 1C ⊥平面ABF,从而AF ⊥B 1C,所以AF ⊥A 1D 因为
1DE A D D ?=,所以AF ⊥平面A 1ED
(3)解:连接A 1N.FN,由(2)可知DE ⊥平面ACF,又NF ?平面ACF, A 1N ?平面ACF ,所以DE ⊥NF,DE ⊥A 1N,故1A NF ∠为二面角A 1-ED-F 的平面角 易知Rt CNE Rt CBA ??:,所以
CN EC
BC AC
=
,又5AC =所以5CN =,在22130
5
Rt NCF NF CF CN Rt A AN ?=+=
V 中,在中2211430NA A A AN =+= 连接A 1C 1,A 1F 在22
11111114Rt AC F A F AC C F ?=+=中,
222111112
cos 23
A N FN A F Rt A NF A NF A N FN +-?∠==?在中,。所以15sin 3A NF ∠= 所以二面角A 1-DE-F 5
2(浙江)已知m >1,直线2:02
m l x my --=,椭圆2
22:1x C y m +=,1,2F F 分别为椭
圆C 的左、右焦点. (Ⅰ)当直线l 过右焦点2F 时,求直线l 的方程;(Ⅱ)设直线l 与椭圆C 交于,A B 两
点,
12AF F V ,12BF F V 的重心分别为,G H .若原点O 在以线段GH 为直径的圆内,求实数m 的取值范围. 解析:本题主要考察椭圆的几何性质,直线与椭
圆,点与圆的位置关系等基础知识,同时考察解析几何的基本思想方法和综合解题能力。
(Ⅰ)解:因为直线:l 202m x my --=经过2
2(1,0)F m -,2212
m m -=,
得22m =,
又因为1m >,所以2m =, 故直线l 的方程为2
202
x -
=。 (Ⅱ)解:设1122(,),(,)A x y B x y 。
由2222
2
1m x my x y m ?=+????+=??,消去x 得
则由2
2
28(1)804
m m m ?=--=-+>,知
28m <,
且有212121
,282
m m y y y y +=-=-g 。
由于12(,0),(,0),F c F c -, 故O 为12F F 的中点,
由2,2AG GO BH HO ==u u u r u u u r u u u r u u u r
,
可知1121(,),(,),3333
x y x y G h 设M 是GH 的中点,则1212
(,)66
x x y y M ++, 由题意可知2,MO GH <
即22
2212121212()()4[()()]6699
x x y y x x y y ++--+<+ 即12120x x y y +<
而22
12121212()()22m m x x y y my my y y +=+++
所以21
082
m -<
即24m <
又因为1m >且0?> 所以12m <<。
所以m 的取值范围是(1,2)。
3(辽宁)设椭圆C :22
221(0)x y a b a b
+=>>的左焦点为F ,过点F 的直线与椭圆
C 相交于A ,B 两点,直线l 的倾斜角为60o
,2AF FB =u u u r u u u r
. (Ⅰ)求椭圆C 的离
心率;(Ⅱ)如果|AB|=
15
4
,求椭圆C 的方程. 解:设1122(,),(,)A x y B x y ,由题意知1y <0,2y >0.
(Ⅰ)直线l 的方程为 )y x c =-,其中c =
联立2222),1
y x c x y a b ?=-?
?+=??
得22224(3)30a b y cy b ++-=
解得22122222
(2)(2)
,33c a c a y y a b a b +-==++
因为2AF FB =u u u r u u u r
,所以122y y -=. 即
222222
(2)(2)
233c a c a a b a b
+-=?++ 得离心率 23
c
e a ==. ……6分
(Ⅱ)因为21AB y =-
2221534a b
=+.
由23c a =
得3b a =
.所以515
44
a =,得a=3
,b =椭圆C 的方程为22
195
x y +=. ……12分
4(北京)在平面直角坐标系xOy 中,点B 与点A (-1,1)关于原点O 对称,P 是动点,且直线AP 与BP 的斜率之积等于1
3
-.(Ⅰ)求动点P 的轨迹方程;(Ⅱ)设直线AP 和BP 分别与直线x=3交于点M,N ,问:是否存在点P 使得△PAB 与△PMN 的面积相等?若存在,求出点P 的坐标;若不存在,说明理由。
(I )解:因为点B 与A (1,1)-关于原点O 对称,所以点B 得坐标为(1,1)-. 设点P 的坐标为(,)x y 由题意得
111
113
y y x x -+=-+-g 化简得 2234(1)x y x +=≠±.
故动点P 的轨迹方程为2234(1)x y x +=≠±
(II )解法一:设点P 的坐标为00(,)x y ,点M ,N 得坐标分别为
(3,)M y ,(3,)N y .
则直线AP 的方程为001
1(1)1
y y x x --=
++,直线BP 的方程为001
1(1)1
y y x x ++=
-- 令3x =得000431M y x y x +-=
+,00023
1
N y x y x -+=-.
于是PMN V 得面积
又直线AB 的方程为0x y +=
,||AB = 点P 到直线AB
的距离d =. 于是PAB V 的面积 当PAB
PMN S S =V V 时,得2
000002
0||(3)|||1|
x y x x y x +-+=- 又00||0x y +≠,
所以20(3)x -=20|1|x -,解得05|3
x =。 因为220034x y +=
,所以0y = 故存在点P 使得PAB V 与PMN V 的面积相等,此时点P 的坐标
为
5(,3. 解法二:若存在点P 使得PAB V 与PMN V 的面积相等,设点P 的坐标为
00(,)x y
则1
1||||sin ||||sin 22
PA PB APB PM PN MPN ∠=∠g
g . 因为sin sin APB MPN ∠=∠, 所以
||||
||||
PA PN PM PB =
所以
000|1||3|
|3||1|
x x x x +-=-- 即 2200(3)|1|x x -=-,解得0x 53
= 因为220034x y +=,所以033y =±
故存在点P S 使得PAB V 与PMN V 的面积相等,此时点P 的坐标为533(,)3
±
. 5(2江苏)在平面直角坐标系xoy 中,如图,已知椭圆15
92
2=+y x 的左、右顶
点为A 、B ,右焦点为F 。设过点T (m t ,)的直线TA 、TB 与椭圆分别交于点设M ),(11y x 、),(22y x N ,其中m>0,0,021<>y y 。(1)动点P 满足422=-PB PF ,求点P 的轨迹;(2)
设
3
1
,221=
=x x ,求点T 的坐标;(3)设9=t ,求证:直线MN 必过x 轴上的一定点(其坐标与m
无关)。
[解析] 本小题主要考查求简单曲线的方程,考查方直线与椭圆的方程等基础知识。考查运算求解能力和探究问题的能力。满分16分。 (1)设点P (x ,y ),则:F (2,0)、B (3,0)、A (-3,0)。 由422=-PB PF ,得2222(2)[(3)]4,x y x y -+--+= 化简得92
x =。 故所求点P 的轨迹为直线92
x =。
(2)将3
1,221==x x 分别代入椭圆方程,以及0,021<>y y 得:M (2,53
)、N (13
,20
9
-
) 直线MTA 方程为:
03
52303y x -+=
+-,即113y x =+,
直线NTB 方程为:
03
2010393
y x --=
---,即5562y x =-。 联立方程组,解得:7
103x y =???
=??
, 所以点T 的坐标为10(7,)3
。 (3)点T 的坐标为(9,)m
直线MTA 方程为:
03093y x m -+=
-+,即(3)12m
y x =+, 直线NTB 方程为:03093y x m --=
--,即(3)6
m
y x =-。 分别与椭圆1592
2=+y x 联立方程组,同时考虑到123,3x x ≠-≠,
解得:2223(80)40(,)8080m m M m m -++、
222
3(20)20(,)2020m m
N m m --++。 (方法一)当12x x ≠时,直线MN 方程为:222
22
2
222
203(20)
202040203(80)3(20)80208020m m y x m m m m m m m m m m -+-++=--+-++++ 令0y =,解得:1x =。此时必过点D (1,0);
当12x x =时,直线MN 方程为:1x =,与x 轴交点为D (1,0)。 所以直线MN 必过x 轴上的一定点D (1,0)。
(方法二)若12x x =,则由2222
24033608020m m m m --=++及0m >,得210m =,
此时直线MN 的方程为1x =,过点D (1,0)。 若12x x ≠,则210m ≠,直线MD 的斜率222
2
4010802403401
80MD
m
m m k m m
m +==---+, 直线ND 的斜率222
2
201020360401
20ND
m
m m k m m
m -+==---+,得MD ND k k =,所以直线MN 过D 点。
?D 'A B C
D
M O
A '
B '
C '
?因此,直线MN 必过x 轴上的点(1,0)。
6(四川)已知正方体ABCD -A B C D ''''的棱长为1,点M 是棱AA '的中点,点
O 是对角线BD '的中点.(Ⅰ)求证:OM 为异面直线AA '和
BD '的公垂线;(Ⅱ)求二面角M -BC '-B '的大小;(Ⅲ)求
三棱锥M -OBC 的体积.
本小题主要考查异面直线、直线与平面垂直、二面角、正
方体、三棱锥体积等基础知识,并考查空间想象能力和逻辑推理能力,考查应用向量知识解决数学问题的能力。
解法一:(1)连结AC ,取AC 中点K ,则K 为BD 的中点,连结OK 因为M 是棱AA ’的中点,点O 是BD ’的中点 所以AM 1
//'//2
DD OK 所以MO //AK
由AA ’⊥AK ,得MO ⊥AA ’
因为AK ⊥BD ,AK ⊥BB ’,所以AK ⊥平面BDD ’B ’ 所以AK ⊥BD ’ 所以MO ⊥BD ’
又因为OM 与异面直线AA ’和BD ’都相交 故OM 为异面直线AA '和BD '的公垂线
(2)取BB ’中点N ,连结MN ,则MN ⊥平面BCC ’B ’ 过点N 作NH ⊥BC ’于H ,连结MH 则由三垂线定理得BC ’⊥MH
从而,∠MHN 为二面角M -BC ’-B ’的平面角
MN =1,NH =BNsin 45°=122
224
=g
在Rt △MNH 中,tan ∠MHN =
222
4
MN NH ==故二面角M -BC ’-B ’的大小为arctan 2
(3)易知,S △OBC =S △OA ’D ’,且△OBC 和△OA ’D ’都在平面BCD ’A ’内 点O 到平面MA ’D ’距离h =12
V M -OBC =V M -OA ’D ’=V O -MA ’D ’=13S △MA ’D ’h =
124
解法二:
以点D 为坐标原点,建立如图所示空间直角坐标系D -xyz
则A (1,0,0),B (1,1,0),C (0,1,0),A ’(1,0,1),C ’(0,1,1),D ’(0,0,1) (1)因为点M 是棱AA ’的中点,点O 是BD ’的中
点
所以M (1,0, 12
),O (12
,12
,12
)
11
(,,0)22
OM =-u u u u r ,'AA u u u r =(0,0,1),'BD u u u u r =(-1,-1,1)
'OM AA u u u u r u u u r g =0, 11
'22
OM BD =-+u u u u r u u u u r g +0=0
所以OM ⊥AA ’,OM ⊥BD ’
又因为OM 与异面直线AA ’和BD ’都相交 故OM 为异面直线AA '和BD '的公垂线.
(2)设平面BMC '的一个法向量为1n u r
=(x ,y ,z )
BM u u u u r =(0,-1,1
2
), 'BC u u u u r =(-1,0,1)
110
'0n BM n BC ?=??=??u r u u u u r g u r u u u u
r g 即1020
y z x z ?-+=???-+=? 取z =2,则x =2,y =1,从而1n u r
=(2,1,2) 取平面BC 'B '的一个法向量为2n u u r
=(0,1,0)
cos 1212121
,3
||||n n n n n n <>===u r u u r
u r u u r g u r u u r g 由图可知,二面角M -BC '-B '的平面角为锐角 故二面角M -BC '-B '的大小为arccos 1
3
(3)易知,S △OBC =14S BCD 'A '
=1144
=g
设平面OBC 的一个法向量为3n u u r
=(x 1,y 1,z 1)
'BD u u u u r
=(-1,-1,1), BC uuu r =(-1,0,0) 31'0
n BD n BC ?=??=??u u r u u u u r g u r u u u
r g 即111100x y z x --+=??-=? 取z 1=1,得y 1=1,从而3n u u r
=(0,1,1)
点M 到平面OBC 的距离d
=31||4||BM n ==u u u u r
g u u r
V M -OBC =1
11
334424
OBC S d ?==g g
g