2021年高等数学不定积分讲义
第 3、4 次课 4 学时
不定积分的概念与性质
1、复习13个基本导数公式.
2、原函数与不定积分的概念.
(1)定义1在区间I上,如果可导函数()
F x的导函数为()
f x,即
对任一x I ,都有
()'()F x f x =或()dF x =?dx x f )(,
那么函数()F x 就称为()f x (或()f x dx )在区间I 上的原函数.
(2)原函数存在定理如果函数()f x 在区间I 上连续,那么在区间I 上存在可导函数()F x ,使对任一x
I 都有F
(x )
()f x .
注: 1、如果函数()f x 在区间I 上有原函数()F x ,那么()f x 就有无限多个原函数.()F x C +都是()f x 的原函数.(其中C 是任意常数)
2、()f x 的任意两个原函数之间只差一个常数,即如果
(x )和
()F x 都是()f x 的原函数,则
()()x F x C Φ-=(C 为某个常数).
简单地说就是,连续函数一定有原函数.
定义 2 在区间I 上,函数()f x 的带有任意常数项的原函数称为
()f x (或?dx x f )()在区间
I 上的不定积分.记作?dx x f )(,其中记号?称为积
分号,()f x 称为被积函数,?dx x f )(称为被积表达式,x 称为积分变量.
3、例题讲解.
例1 因为sin x 是cos x 的原函数,所以C x xdx +=?sin cos .
因为
x
是
x
21的原函数, 所以 C x dx x
+=?
21.
例2. 求函数x x f 1)(=的不定积分
解:当0x >时,(ln x )x
1=,C x dx x
+=?ln 1(0x >).
当0x <时,[ln(x )]
x x 1)1(1=-?-=,C x dx x
+-=?)ln( 1
(0x <).合并上面两式,得到C x dx x
+=?||ln 1
(x 0).
例3. 求2.x dx ?
解 由于'
32
3x x ??= ???
,所以
33x 是2
x 的一个原函数,因此3
2
3
x x dx C =+?.
4、变式练习
5、积分曲线
函数()f x 的原函数的图形称为()f x 的积分曲线,从不
定积分的定义,即可知下述关系
?
=)(])([x f dx x f dx d 或?=dx x f dx x f d )(])([.
又由于()F x 是()'F x 的原函数,所以?+='C x F dx x F )()(或记作?+=C x F x dF )()(. 6、基本积分表(略).
例4.??-=dx x dx x 331C
x C x +-=++-=+-2
1321131.
例5.?
?=dx
x dx x x
25
2
C x ++=+12512
51C x +=2772C x x +=372. 7、不定积分的性质.
性质1 函数的和的不定积分等各个函数的不定积分的和,即
???+=+dx x g dx x f dx x g x f )()()]()([.
这是因为, ])([])([])()(['
+'='+????dx x g dx x f dx x g dx x f f (x )g (x ).
性质 2 求不定积分时,被积函数中不为零的常数因子可以提到积分号外面来,即
??=dx x f k dx x kf )()((k 是常数,0k ≠)
例6. ?
?
-=-dx
x x dx x x )5()5(21
252
.
C x x +?-=23
27
3
2
572. 例7.dx x x x dx x
x x x dx x
x )133(133)
1(222
323
-+-=-+-=-???
C x x x x dx x
dx x dx dx x +++-=-+-=????1||ln 3321113322.
8.变式练习
(1)
(2)dx -
? (3)22x x dx +?()
(4)3)x dx -(5)4223311x x dx x +++?
(6)2
2
1x dx x +? (7)x dx x x x ?34134
(-+
-)2
(8)23(1dx x -+?
(9)(10)221(1)dx x x +?(11)21
1
x x e dx e --?(12)3x x e dx ?(13)2cot xdx ?
第5 次课 2 学时
第一类换元积分法
1、回顾旧知
(1)复习13个常见积分公式
(2)思考:cos 2sin 2xdx x C =+?对吗? 2、第一类换元法. 设()f u 有原函数()
F u ()
u x ?=且()x ?可微那么根据复合函数
课程安排:1学期,周学时 2 , 共 48学时. 主要内容:不定积分,定积分,微分方程
本次课题:第一类换元积分法 教学要求:1. 掌握第一类换元积分法 重 点:第一类换元积分法 难 点:凑微分 教学手段及教具:讲授法
讲授内容及时间分配:
1. 第一类换元积分法理论 (25)
2. 练习(65)
课后作业
参考资料
微分法有
''''[()]()()[()]()[()]()dF x dF u F u du F x d x F x x dx
?????====
即
)
(]
)([)()]([)()]([x u du u f x d x f dx x x f ?????=???=='()
[()C]u x F u ?=+[()]C
F x ?+
定理1设()f u 具有原函数()u x ?=可导则有换元公式
???+=+==='C
x F C u F du u f x d x f dx x x f )]([)()()()]([)()]([?????
3、讲授例题. 例11cos 2cos 2(2)2
xdx x x dx '=
???1
cos 2(2)2xd x =? 211cos sin 22
u x udu u C ===+?令1
sin 22x C + 例2dx x x dx x ??'++=+)23(23121231?++=)
23(23121x d x
32111ln ||22
u x
du u C
u =+=
=+?令C x ++=|23|ln 21
例3 ???-==x
d x dx x
x xdx cos cos 1cos sin tan =ln |cos |x C -+
例4求6sec d .x x ?
解 6222sec d (tan 1)sec x x x xdx =+??? 4、变式练习.
1)dx x ?-3)23( 2)?-332x
dx
3)dt t
t ?sin 4)?
)
ln(ln ln x x x dx
5)?
x
x dx
sin cos
6)?
-+x
x e
e dx
7)dx x x )cos(2
?
8)dx x
x ?-4
3
13 第 6 次课 2 学时
第一类换元积分法
1、复习旧知.
(1)13个常见的积分公式.
(2)第一类换元积分法. 2、例题讲解(较难的积分).
例1. ???=xdx x xdx sin sin sin 23?--=x d x cos )cos 1(2
??+-=x xd x d cos cos cos 2C
x x ++-=3cos 3
1cos
例2. dx
x xdx ??+=22cos
1cos 2)2cos (21??+=xdx dx ??+=x xd dx 22cos 4121C x x ++=2sin 4
121
例
3. ??=dx x xdx sin 1csc ?=dx x
x 2
cos 2sin 21C x x x
d x x x d +===??|2tan |ln 2tan 2tan 2cos 2tan 22 ln |csc x
cot x | C
即?xdx
csc ln |csc x
cot x |
C
例 4. ??+=dx x xdx )2csc(sec π
C
x x ++-+=|)2
cot()2 csc(|ln ππln |sec x tan x |
C
即?xdx
sec ln |sec x tan x | C
3、变式练习.
1)dx x x
?
3cos sin 2)dx x
x ?--2491 3)?
-1
22
x dx
4)dx x ?3cos
5)?xdx x 3cos 2sin 6)?xdx x sec tan 3
7) dx x x ?+239 8)dx x
x ?+22sin 4cos 31
9)dx x
x ?
-2
arccos 2110 10)dx x x x ?
+)
1(arctan
4、小结
(1)分项积分:利用积化和差; 分式分项;2
2
1sin cos x x =+等;
(2)降低幂次:利用倍角公式 , 如22
1122cos (1cos 2);sin (1cos 2)x x x x =+=-.
(3)统一函数: 利用三角公式 ; 配元方法. (4)巧妙换元或配元
第 7 次课 2 学时
第二类换元积分法
1、复习第一类换元积分法.
2、第二类换元法. (1)定理1设x ()t ?是单调的、可导的函数
并且?
()
t 0又
设f [?()t ]?
()t 具有原函数F ()
t 则有换元公式
C
x F t F dt t t f dx x f +=='=-??)]([)()()]([)(1???
课程安排:1学期,周学时 2 , 共 48学时. 主要内容:不定积分,定积分,微分方程
本次课题:第二类换元积分法 教学要求:1. 理解第二类换元积分法 重 点:第二类换元积分法 难 点:第二类换元积分法 教学手段及教具:讲授法
讲授内容及时间分配:
1. 第二类换元积分法理论 (25)
2. 练习 (65)
课后作业
参考资料
其中t
?
1
-()x 是
x ?
()t 的反函数
这是因为
)
()]([1)()]([)(})]([{1x f t f dt
dx t t f dx
dt t F x F =='='='-????
3、例题讲解. 例1. 求dx x a ?
-22(a >0)
解: 设sin x a x =,2
2 ππ<<-t 那么
22x a -t a t a a cos sin 222=-=
cos dx a tdt
=于是??
?=-tdt a t a dx x a cos cos 22C
t t a tdt a ++==?)2sin 4
121(cos 222
因为a
x t arcsin =, a
x a a
x t t t 222cos sin 22sin -?
==所以
dx
x a ?
-2
2
C t t a ++=)2sin 4
121(2C x a x a x a +-+=22221arcsin 2. 例2 求2
.49
x +
解 原式2212(2)3x =+21ln 2492
x x C =++. 例3 求.1x
e
+
解 1x e t +=,则2ln(1),x t =-221
t
dx dt t =
-.所以 111
ln 111
x x t e C C t e -+-=+=++++.
4、变式练习.
1)dx x
x ?+2
11
2)dx x ?sin
3)dx x x ?-42 4)?>-)0(,222
a dx x
a x
5)?+3
2)
1(x dx 6)?
+x
dx 21
7)?
-+2
1x
x dx 8)?
-+2
11x
dx
第 8 次课 2 学时
分部积分法
1、提出问题:求解x xe dx (让学生试着求解).
2、分部积分公式.
设函数u u (x )及v v (x )具有连续导数.那么,两个函数乘积的导
数公式为
课程安排:1学期,周学时 2 , 共 48学时. 主要内容:不定积分,定积分,微分方程
本次课题:分部积分法1 教学要求:1. 掌握分部积分法 重 点:分部积分法 难 点:分部积分法 教学手段及教具:讲授法
讲授内容及时间分配:
1. 分部积分法理论 (25)
2. 练习 (65)
课后作业
参考资料
(uv )u v uv ,移项得uv (uv )u v.
对这个等式两边求不定积分
得??'-='vdx
u uv dx v u 或??-=vdu
uv udv
这个公式称为分部积分公式
思路分析:严格按照“‘反、对、幂、三、指’顺序,越靠后的越优先纳入到微分号下凑微分。”的原则进行分部积分的练习。
3、例题讲解.
例1 求x xe dx ?.
解 设,,x u x dv e dx ==那么,.x du dx v e ==于是
x x x x x x xe dx xde xe e dx xe e C ==-=-+???
. 例2 求 ln d .x x x ?
解 令'ln ,,u x v x ==则'21
1,2
u v x x
==. 原式222
1
111ln d ln 2
224
x x x x x x x C =-
=-+?. 例3 求sin d .x e x x ?
解 设sin ,.x u x v e '==cos ,x u x v e '==.则原式sin cos d x x e x e x x =-?. 再令cos ,x u x v e '==.则sin ,x u x v e '=-=. 故原式sin cos sin d x x x e x e x e x x =--?.
故12sin d (sin cos )x x
e x x e x x C
=-+?. 说明: 也可设,x u e v '=为为三角函数 , 但两次所设类型必须一致 . 注:(1)'()f x dx udv uv vdu uv vu dx -=-????凑微分公式.
(2)'
vu dx ?
应较
()f x dx ?易积分.
(3)熟悉了分部积分的步骤后,可以不明确写出,u dv ,而是直接用公
式来做.
例5 求cos x xdx ?.
解 cos sin sin sin xdx xd x x x xdx ==-??sin cos x x x C =-+. 例6 求2x x e dx ?.
解 22222222x x x x x x x x x e dx x de x e e dx x e xe dx x e xde ==-=-=-?????
()222x e x x C =-++. 4、变式练习.
1)inxdx xs ? 2)?xdx arcsin 3)?xdx x ln 2 4)dx x e x ?-2
sin 2 5)?xdx x arctan 2 6)?xdx x cos 2 7)?xdx 2ln 8)dx x x 2
cos 22?
第 9 次课 2 学时
分部积分法
1、复习分部积分法.
2、例题讲解.
例1 求xdx
e x sin ?
解因为???-==x d e x e xde xdx e x x x x sin sin sin sin ??-=-=x x x x xde x e xdx e x e cos sin cos sin
?--=xdx
e x e x e x x x sin cos sin
所以C x x e xdx e x x +-=?)cos (sin 2
1sin
例2求?xdx
3sec
解因为???=?=x xd xdx x xdx tan sec sec sec sec 23?-=xdx x x x 2tan sec tan sec
?-++=xdx
x x x x 3sec |tan sec |ln tan sec
教学要求:1. 会应用分部积分法求积分 重 点:分部积分法 难 点:分部积分法 教学手段及教具:讲授法
讲授内容及时间分配:
1. 习题 (90)
课后作业
参考资料
所以?xdx
3sec C x x x x +++=|)tan sec |ln tan (sec 2
1
例3??-=x
xd x x xdx arccos arccos arccos dx x x
x x ?-+=211arccos )1()1(2
1arccos 221
2x d x x x ---=?-
C
x x x +--=21arccos
解题技巧:选取u 及v 的一般方法:
把被积函数视为两个函数之积,按“反对幂三指”的顺序,前者为
u 后者为v .
例4??=2arctan 21arctan xdx xdx x ?+?-=dx x x x x 2221121arctan 21?+--=dx x x x )111(21arctan 2122 C
x x x x ++-=arctan 2
121arctan 212
例5 求?
+=n
n a x dx
I )(22
其中n 为正整数
解C a x a
a x dx I +=+=?arctan 1221
当n 1时,用分部积分法有
dx a x x n a x x a x dx n n n ??+-++=+--)()1(2)()(222122122dx a x a a x n a x x n
n n ?+-+-++=--])()(1[)1(2)(2221221
22
即))(1(2)
(211
221n n n n I a I n a x x
I --++=---
于是
])32()([)1(2111
222---++-=
n n n I n a x x n a I
以此作为递推公式并由C a
x a
I +=arctan 11即可得n I
例6 求dx e
x
?
解令x t 2则dx 2tdt 于
dx e
x
?C
x e C t e dt te x t t +-=+-==?)1(2)1(22
C x e C e
e x x x
x
+-=+-=)1(222
例7 22d (0).x a x a +> 解 设221,u x a v '=+=则22x a u v x +'=
=.
22
22222d x a x x a x a x a +=+++.
所以原式222
221ln ()22
a x x a x x a C =+++++.
注:(第一换元法与分部积分法的比较)共同点是第一步都是凑微分
??=')
()]([)()]([x d x f dx x x f ????u
x =)(?令?du
u f )(
??=')()()()(x dv x u dx x v x u ?-=)
()()()( x du x v x v x u
3、变式练习.
1)
?-dx e xe x
x
12)?+x x dx sin 2)2sin(3)dx e e x
x ?2arctan
4)
dx
x x ?
+4
351
5)dx x x x ?+-1856)dx x x x
x ?+cos sin cos sin