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最新高考物理曲线运动真题汇编
( 含答案 )
一、高中物理精讲专题测试曲线运动
1. 一质量 M =0.8kg 的小物块,用长 l=0.8m 的细绳悬挂在天花板上,处于静止状态.一质量
m=0.2kg 的粘性小球以速度 v 0=10m/s 水平射向小物块,并与物块粘在一起,小球与小物 块相互作用时间极短可以忽略.不计空气阻力,重力加速度
g 取 10m/s 2.求:
( 1)小球粘在物块上的瞬间,小球和小物块共同速度的大小; ( 2)小球和小物块摆动过程中,细绳拉力的最大值;
( 3)小球和小物块摆动过程中所能达到的最大高度.
【答案】( 1) v 共 =2.0 m / s ( 2) F=15N (3)h=0.2m
【解析】
(1)因为小球与物块相互作用时间极短,所以小球和物块组成的系统动量守恒.
mv 0 (M
m)v 共
得 : v 共 =2.0 m / s (2)小球和物块将以
v
共
开始运动时,轻绳受到的拉力最大,设最大拉力为
F ,
F (M m) g ( M m)
v 共
2
L
得 : F 15N
(3)小球和物块将以
v 共 为初速度向右摆动,摆动过程中只有重力做功,所以机械能守
恒,设它们所能达到的最大高度为
h ,根据机械能守恒:
( m+M ) gh 1
( m M )v 共 2
2
解得 : h 0.2m
综上所述本题答案是 : ( 1) v 共 =2.0 m / s ( 2) F=15N (3)h=0.2m
点睛 :
( 1)小球粘在物块上,动量守恒.由动量守恒,得小球和物块共同速度的大小. ( 2)对小球和物块合力提供向心力,可求得轻绳受到的拉力
( 3)小球和物块上摆机械能守恒.由机械能守恒可得小球和物块能达到的最大高度. 2. 如图所示,倾角为
45
的粗糙平直导轨与半径为
r 的光滑圆环轨道相切,切点为
b ,整个轨道处在竖直平面内
. 一质量为
m 的小滑块从导轨上离地面高为
H=3r
的
d 处无初
速下滑进入圆环轨道,接着小滑块从最高点
a 水平飞出,恰好击中导轨上与圆心
O 等高的
c 点 . 已知圆环最低点为
e 点,重力加速度为
g ,不计空气阻力
. 求:
(1)小滑块在 a 点飞出的动能;
()小滑块在 e 点对圆环轨道压力的大小;
(3)小滑块与斜轨之间的动摩擦因数. (计算结果可以保留根号)
1
mgr ;(2)F′=6mg;(3)42
【答案】( 1)E k
14
2
【解析】
【分析】
【详解】
(1)小滑块从 a 点飞出后做平拋运动:
水平方向: 2r v a t
竖直方向: r 1 gt2
2
解得:
v a gr
小滑块在 a 点飞出的动能E k 1
mv a
2
1
mgr 22
(2)设小滑块在 e 点时速度为v m,由机械能守恒定律得:1
mv
2
1 mv2mg2r
2m2a
在最低点由牛顿第二定律:
mv m2 F mg
r
由牛顿第三定律得:F′=F
解得: F′ =6mg
(3) bd 之间长度为 L,由几何关系得:L 2 2 1 r
从 d 到最低点 e 过程中,由动能定理mgH mg cos L 1
mv m
2 2
解得
42
14
3.如图所示,一箱子高为 H.底边长为 L,一小球从一壁上沿口 A 垂直于箱壁以某一初速度向对面水平抛出,空气阻力不计。设小球与箱壁碰撞前后的速度大小不变,且速度方向
与箱壁的夹角相等。
(1)若小球与箱壁一次碰撞后落到箱底离 C 点距离,求小球抛出的初速度v0;(2)若小球正好落在箱子的 B 点,求初速度的可能。
【答案】( 1)( 2)
【解析】
【分析】
(1)将整个程等效完整的平抛运,合水平位移和直位移求解初速度;(2)若小球正好落在箱子的 B 点,水平位移是2L 的整数倍,通平抛运公式列式求解
初速度可能。
【解】
(1)此可以看成是无反的完整平抛运,水平
位移: x==v0t
直位移: H= gt2
解得: v0=;
(2)若小球正好落在箱子的 B 点,小球的水平位移:x′=2nL( n= 1.2.3 ??)
同理: x′=2nL=v′0
H=2
t ,gt ′解得:( n= 1.2.3 ??)
4.如所示, BC半径 r 2
2 m直放置的管,O管的心,在管的末5
端 C 接斜角45°、摩擦因数μ= 0.6 的足粗糙斜面,一量m= 0.5kg 的小球从 O 点正上方某 A 点以 v0水平抛出,恰好能垂直 OB 从 B 点入管,小球 C 点速度大小不,小球冲出 C 点后9s再次回到 C点。( g= 10m/s2)求:
8
(1)小球从 O 点的正上方某处 A 点水平抛出的初速度
v 0 为多大?
(2)小球第一次过
C 点时轨道对小球的支持力大小为多少?
(3)若将 BC 段换成光滑细圆管,其他不变,仍将小球从 A 点以 v 0 水平抛出,且从小球进
入圆管开始对小球施加了一竖直向上大小为
5N 的恒力,试判断小球在
BC 段的运动是否为
匀速圆周运动,若是匀速圆周运动,求出小球对细管作用力大小;若不是匀速圆周运动则
说明理由。
【答案】( 1) 2m/s (2) 20.9N ( 3) 5
2 N
【解析】
【详解】
(1)小球从 A 运动到 B 为平抛运动,有: rsin45 °= v 0t
gt 在 B 点有: tan45 °
v 0
解以上两式得: v 0= 2m/s
( 2)由牛顿第二定律得:
小球沿斜面向上滑动的加速度:
mgsin45 mgcos45
gsin45 +°μg cos45 =° 8 2
m/s 2
a 1
m
小球沿斜面向下滑动的加速度:
mgsin45
mgcos45
gsin45 ﹣°μg cos45 °=2
2 m/s 2 a 2
m
设小球沿斜面向上和向下滑动的时间分别为
t 1、 t 2,
由位移关系得:
1
a 1t 1 21
a 2t 2 2
2
2
9 又因为: t 1+t 2
s
8
解得: t 1
3 3 s , t 2
s
8
4
小球从 C 点冲出的速度: v C = a 1t 1= 3 2 m/s
在 C 点由牛顿第二定律得:
N ﹣ mg =m
v C 2
r
解得: N = 20.9N
(3)在 B 点由运动的合成与分解有: v B
v 0 2 2 m/s
sin45
因为恒力为 5N 与重力恰好平衡,小球在圆管中做匀速圆周运动。设细管对小球作用力大小为 F
由牛顿第二定律得:F=m v B2 r
解得: F= 5 2 N
由牛顿第三定律知小球对细管作用力大小为 5 2 N,
5.光滑水平面AB
与一光滑半圆形轨道在
B
点相连,轨道位于竖直面内,其半径为
R
,一
个质量为 m 的物块静止在水平面上,现向左推物块使其压紧弹簧,然后放手,物块在弹力
作用下获得一速度,当它经 B 点进入半圆形轨道瞬间,对轨道的压力为其重力的9 倍,之后向上运动经 C 点再落回到水平面,重力加速度为g.求:
(1)弹簧弹力对物块做的功;
(2)物块离开 C 点后,再落回到水平面上时距 B 点的距离;
(3)再次左推物块压紧弹簧,要使物块在半圆轨道上运动时不脱离轨道,则弹簧弹性势能的
取值范围为多少?
【答案】 (1)(2)4R(3)或
【解析】
【详解】
(1)由动能定理得W=
在 B 点由牛顿第二定律得:9mg- mg= m
解得 W= 4mgR
(2)设物块经 C 点落回到水平面上时距 B 点的距离为S,用时为t ,由平抛规律知
S=v c t
2R= gt2
从 B 到 C 由动能定理得
联立知, S= 4 R
(3)假设弹簧弹性势能为EP,要使物块在半圆轨道上运动时不脱离轨道,则物块可能在
圆轨道的上升高度不超过半圆轨道的中点,则由机械能守恒定律知
EP≤mgR
若物块刚好通过 C 点,则物块从 B 到 C 由动能定理得
物块在 C 点时 mg = m
则
联立知:E P≥ mgR.
综上所述,要使物块在半圆轨道上运动时不脱离轨道,则弹簧弹性势能的取值范围为
EP≤mgR 或 E P≥ mgR.
6. 如图所示,光滑轨道 CDEF 是一 “过山车 ”的简化模型,最低点 D 处入、出口不重合,
E 点是半径为 R 0.32m 的竖直圆轨道的最高点, D
F 部分水平,末端 F 点与其右侧的水
平传送带平滑连接,传送带以速率
v=1m/s
逆时针匀速转动,水平部分长度
L=1m .物块
B
静止在水平面的最右端
F
处.质量为
m A
1kg 的物块 A 从轨道上某点由静止释放,恰好
通过竖直圆轨道最高点
E ,然后与 B 发生碰撞并粘在一起.若
B 的质量是
A 的 k 倍, A 、B
与传送带的动摩擦因数都为
0.2 ,物块均可视为质点,物块
A 与物块
B 的碰撞时间极
短,取
g
10m / s 2 .求:
( 1)当 k 3 时物块 A 、B 碰撞过程中产生的内能;
( 2)当 k=3 时物块 A 、B 在传送带上向右滑行的最远距离; (3)讨论
在不同数值范围时,
、
碰撞后传送带对它们所做的功
的表达式.
k A B
W
【答案】 (1) 6J ( 2) 0.25m ( 3) ① W2 k
1 J ② W
k 2
2k 15
2 k
1
【解析】
(1)设物块 A 在 E 的速度为 v 0 ,由牛顿第二定律得: m A g m A
v 02 ①,
R
设碰撞前 A 的速度为 v 1 .由机械能守恒定律得:
2m A gR
1
m A v 02
1
m A v 12 ② ,
2
2
联立并代入数据解得:
v 1 4m / s ③ ;
设碰撞后A、B 速度为v2,且设向右为正方向,由动量守恒定律得m A v1 m A m2 v2④;
解得: v2
m A
v1
1
1m / s ⑤;m A m B1
4
3
由能量转化与守恒定律可得:Q 1
m A v12
1
m A m B v22⑥,代入数据解得Q=6J⑦;
2 2
(2)设物块 AB 在传送带上向右滑行的最远距离为s,
由动能定理得:m A m B gs 1
m A m B v22⑧,代入数据解得s0.25m ⑨;2
(3)由④式可知:v2m A v14
m / s ⑩;
m A m B1k (i )如果 A、 B 能从传送带右侧离开,必须满足1
m A m B v22m A m B gL ,2
解得: k< 1,传送带对它们所做的功为:W m A m B gL 2 k1 J;(ii )( I)当v2v 时有:k 3 ,即AB返回到传送带左端时速度仍为v2;
由动能定理可知,这个过程传送带对AB 所做的功为: W=0J,
(II)当0 k时, AB 沿传送带向右减速到速度为零,再向左加速,
当速度与传送带速度相等时与传送带一起匀速运动到传送带的左侧.
在这个过程中传送带对AB 所做的功为W1m A m B v21
m A m B v22,
22
k 22k15解得 W
k1;
2
【点睛】本题考查了动量守恒定律的应用,分析清楚物体的运动过程是解题的前提与关
键,应用牛顿第二定律、动量守恒定律、动能定理即可解题;解题时注意讨论,否则会漏
解. A 恰好通过最高点E,由牛顿第二定律求出 A 通过 E 时的速度,由机械能守恒定律求
出 A 与 B 碰撞前的速度,A、B 碰撞过程系统动量守恒,应用动量守恒定律与能量守恒定律
求出碰撞过程产生的内能,应用动能定理求出向右滑行的最大距离.根据A、B 速度与传送带速度间的关系分析AB 的运动过程,根据运动过程应用动能定理求出传送带所做的功.
7.如图所示,物体 A 置于静止在光滑水平面上的平板小车 B 的左端,物体在 A 的上方O 点用细线悬挂一小球C(可视为质点),线长L= 0.8m .现将小球 C 拉至水平无初速度释放,并在最低点与物体 A 发生水平正碰,碰撞后小球 C 反弹的速度为2m/s.已知A、 B、 C的质量分别为m A= 4kg、 m B= 8kg 和 m C=1kg, A、 B 间的动摩擦因数μ=0.2,A、C碰撞时间极短,且只碰一次,取重力加速度g= 10m/s 2.
(1)求小球 C 与物体 A 碰撞前瞬间受到细线的拉力大小;
(2)求 A、 C 碰撞后瞬间 A 的速度大小;
(3)若物体 A 未从小车 B 上掉落,小车 B 的最小长度为多少?
【答案】 (1)30 N (2)1.5 m/s (3)0.375 m
【解析】
【详解】
1(1)小球下摆过程机械能守恒,由机械能守恒定律得:m0 gl m0v02
2
代入数据解得:v0= 4m/s ,
对小球,由牛顿第二定律得:F﹣m0g=m0v02 l
代入数据解得: F=30N
(2)小球 C 与 A 碰撞后向左摆动的过程中机械能守恒,得:1mv C2mgh
2
所以: v C2gh 2 100.22m/s
小球与 A 碰撞过程系统动量守恒,以小球的初速度方向为正方向,
由动量守恒定律得:m0 00 c A
v =﹣ m v +mv
代入数据解得: v A=1.5m/s
(3)物块 A 与木板 B 相互作用过程,系统动量守恒,以 A 的速度方向为正方向,由动量守恒定律得:mv A=( m+M )v
代入数据解得: v= 0.5m/s
由能量守恒定律得:
1212μmgx mv A(m+M ) v
22
代入数据解得:x=0.375m;
8.如图甲所示,轻质弹簧原长为2L,将弹簧竖直放置在水平地面上,在其顶端将一质量
为 5m 的物体由静止释放,当弹簧被压缩到最短时,弹簧长度为L.现将该弹簧水平放置,如图乙所示.一端固定在 A 点,另一端与物块P接触但不连接.AB是长度
为
5L的水平轨
道, B端与半径为L 的光滑半圆轨道BCD相切,半圆的直
径
BD在竖直方向上.物块P
与
AB
间的动摩擦因数0.5,用外力推动物块P,将弹簧压缩至长度为L 处,然后释放P,P 开始沿轨道运动,重力加速度为g .
(1)求当弹簧压缩至长度为L 时的弹性势能E p;
(2)若P的质量为m,求物块离开圆轨道后落至AB上的位置与B点之间的距离;(3)为使物块P 滑上圆轨道后又能沿圆轨道滑回,求物块P 的质量取值范围.
【答案】 (1)E mgL
(3)
5#P
5(2)S 2 2L5
3
m Mm
2
【解析】
【详解】
(1)由机械能守恒定律可知:弹簧长度为L 时的弹性势能为
(2)设P到达B点时的速度大小为,由能量守恒定律得:
设 P 到达 D点时的速度大小为,由机械能守恒定律得:
物体从 D点水平射出,设P 落回到轨道AB所需的时间为
S 2 2L
(3)设P的质量为M,为使P能滑上圆轨道,它到达B点的速度不能小于零
得 5mgL 4 MgL M 5 m
2
要使 P 仍能沿圆轨道滑回,P 在圆轨道的上升高度不能超过半圆轨道的中点C,得1Mv B2MgL
2
E p1Mv B2 4 MgL
2
9.地面上有一个半径为R
的圆形跑道,高为
h
的平台边缘上的
P
点在地面上
P′
点的正上
方, P′与跑道圆心 O 的距离为 L(L> R),如图所示,跑道上停有一辆小车,现从P 点水平抛出小沙袋,使其落入小车中(沙袋所受空气阻力不计).问:
(1)当小车分别位于 A 点和 B 点时(∠ AOB=90 )°,沙袋被抛出时的初速度各为多大?(2)要使沙袋落在跑道上,则沙袋被抛出时的初速度在什么范围内?
(3)若小车沿跑道顺时针运动,当小车恰好经过 A 点时,将沙袋抛出,为使沙袋能在B
处落入小车中,小车的速率v 应满足什么条件?
【答案】(1)v A(L)g g ( L2R2 )
v B
R
2h2h
(2)( L R)g
v0
g 2h
( L R)
2h
(3)v 1
R
g
(n0,1,2,3...)
(4 n 1)
2h
2
【解析】【分析】【详解】
(1)沙袋从 P 点被抛出后做平抛运动,设它的落地时间为t,则 h= 1 gt2 2
解得 t 2h
( 1)g
当小车位于 A 点时,有x A=v A t=L-R(2)
解( 1)( 2)得 v A=( L-R)g 2h
当小车位于 B 点时,有x B v B tL2R2( 3)
g L2R2
解( 1)( 3)得v B
2h
(2)若小车在跑道上运动,要使沙袋落入小车,最小的抛出速度为
v
0min =v =( L-R)
A g( 4)
2h
若当小 C 点沙袋好落入,抛出的初速度最大,有x c=v0max t="L+R" ( 5)解( 1)( 5)得 v0max=( L+R)
g
2h
所以沙袋被抛出的初速度范(L-R)g
≤v0≤(L+R)
g 2h2h
(3)要使沙袋能在 B 落入小中,小运的与沙袋下落相同
t AB=(n+ 1
)
2R
(n=0,1,2,3?)(6)4v
2h
所以 t AB=t=
g
解得 v= 1
( 4n+1)πR
g
(n=0,1,2,3?).22h
【点睛】
本是平抛运律的考,在分析第三的候,要考到小运的周期性,小
并一定是1
周,也可以是了多个周之后再
1
周后恰好到达B点,是44
同学在解常忽略而出的地方.
10.如所示,半径R=0.4 m
的水平放置,直
OO′O
正上方
匀速,在心
h =0.8 m
高固定一水平道
PQ O′m=2kg
的小(可
,和水平道交于点.一量
点),在
F=6 N
的水平恒力作用下(一段后,撤去力),从
O′
左 x0 2 m
由静止开始沿道向右运,当小运到O′点,从小上自由放一小球,此半径 OA 与x重合 . 定O 点水平向右x 正方向.小与道的摩擦因数
0.2 ,g取10 m/s2.
(1)使小球好落在 A 点,的角速度多大?
(2)使小球能落到上,求水平拉力 F 作用的距离范?
【答案】 (1) 5 k(k 1,2,L )(2)4
x
3
(m) 32
【解析】【分析】【解】
(1) t 2h20.8
0.4(s) g10
使小球好落在 A 点,小球下落的周期的整数倍,有
t kT 2k
,其中 k=1, 2,3?
即
g
5k rad,其中 k=1,2, 3?2k
2h s
(2) 当球落到 O 点,v00
a1F mg 1.0m / s2
m
得: v22a1 x1
F 撤去后,匀减速,a2f g 2.0m / s2
m
v22a2 x2
依意: x1 x22
由以上各式解得:x14 ( m) 3
当球落到 A 点,v0R
1m / s t
先匀加速,后匀减速v2v022a2 x2
由以上各式得:x13
1.5(m) 2
水平力作用的距离范4x 3
(m)
32
【点睛】
解决本的关知道物整个程的运:匀加速直运、匀减速直运和平抛运
,知道三个程的运与的相等.以及熟运用运学公式.