2019中考数学压轴题专项训练有答案解析
2019中考压轴题专项训练
训练目标
1.熟悉题型结构,辨识题目类型,调用解题方法;
2.书写框架明晰,踩点得分(完整、快速、简洁)。
题型结构及解题方法
压轴题综合性强,知识高度融合,侧重考查学生对知识的综合运用能力,对问题背景的研究能力以及对数学模型和套路的调用整合能力。
答题规动作
1.试卷上探索思路、在演草纸上演草。
2.合理规划答题卡的答题区域:两栏书写,先左后右。
作答前根据思路,提前规划,确保在答题区域写完答案;同时方便修改。
3.作答要求:框架明晰,结论突出,过程简洁。
23题作答更加注重结论,不同类型的作答要点:
几何推理环节,要突出几何特征及数量关系表达,简化证明过程;
面积问题,要突出面积表达的方案和结论;
几何最值问题,直接确定最值存在状态,再进行求解;
存在性问题,要明确分类,突出总结。
4.20分钟完成。
实力才是考试发挥的前提。若在真题演练阶段训练过程中,对老师所讲的套路不熟悉或不知道,需要查找资源解决。下方所列查漏补缺资源集中训练每类问题的思路和方法,这些训练与真题演练阶段的训练互相补充,帮学生系统解决压轴题,以到中考考场时,不仅题目会做,而且能高效拿分。课程名称:
中考数学难点突破之动点
1、图形运动产生的面积问题
2、存在性问题
3、二次函数综合(包括二次函数与几何综合、二次函数之面积问题、二次函数中的存在性问题)
3、中考数学压轴题全面突破(包括动态几何、函数与几何综合、点的存在性、三角形的存在性、
四边形的存在性、压轴题综合训练)
一、图形运动产生的面积问题
一、知识点睛
1.研究_基本_图形
2.分析运动状态:
①由起点、终点确定t的围;
②对t分段,根据运动趋势画图,找边与定点,通常是状态转折点相交时的特殊位置.
3.分段画图,选择适当方法表达面积.
二、精讲精练
1.已知,等边三角形ABC的边长为4厘米,长为1厘米的线段MN在△ABC的边AB上,沿AB方向以1
厘米/秒的速度向B点运动(运动开始时,点M与点A重合,点N到达点B时运动终止),过点M、N分别作AB边的垂线,与△ABC的其他边交于P、Q两点,线段MN运动的时间为t秒.
(1)线段MN在运动的过程中,t为何值时,四边形MNQP恰为矩形?并求出该矩形的面积.
(2)线段MN 在运动的过程中,四边形MNQP 的面积为S ,运动的时间为t .求四边形MNQP 的面积S 随运动时间t 变化的函数关系式,并写出自变量t 的取值围. 1题图
2. 如图,在平面直角坐标系xOy 中,已知直线l 1:y =
1
2
x 与直线l 2:y =-x +6相交于点M ,直线l 2与x 轴相交于点N .
(1)求M ,N 的坐标.
(2)已知矩形ABCD 中,AB =1,BC =2,边AB 在x 轴上,矩形ABCD 沿x 轴自左向右以每秒1个单位长度的速度移动.设矩形ABCD 与△OMN 重叠部分的面积为S ,移动的时间为t (从点B 与点O 重合时开始计时,到点A 与点N 重合时计时结束).求S 与自变量t 之间的函数关系式,并写出相应的自变量t 的取值围.
A C M N Q
P
B
C
C D
M
y
3.我们知道,三角形的三条中线一定会交于一点,这一点就叫做三角形的重心。重心有很多美妙的性质,如在关线段比.面积比就有一些“漂亮”结论,利用这些性质可以解决三角形中的若干问题。请你利用重心的概念完成如下问题:
(1)若O 是△ABC 的重心(如图1),连结AO 并延长交BC 于D ,证明:2
3
AO AD =; (2)若AD 是△ABC 的一条中线(如图2),O 是AD 上一点,且满足
2
3
AO AD =,试判断O 是△ABC 的重心吗?如果是,请证明;如果不是,请说明理由;
(3)若O 是△ABC 的重心,过O 的一条直线分别与AB 、AC 相交于G 、H (均不与△ABC 的顶点重合)(如图3),S 四边形BCHG .S △AGH 分别表示四边形BCHG 和△AGH 的面积,试探究BCHG AGH
S S
四边形的最大值。
解:(1)证明:如答图1所示,连接CO并延长,交AB于点E,
∵点O是△ABC的重心,∴CE是中线,点E是AB的中点。
∴DE是中位线。∴DE∥AC,且DE=AC。
∵DE∥AC,∴△AOC∽△DOE。
∴。
∵AD=AO+OD,
∴。
(2)答:点O是△ABC的重心。证明如下:
如答图2,作△ABC的中线CE,与AD交于点Q,
则点Q为△ABC的重心。
由(1)可知,,
而,
∴点Q与点O重合(是同一个点)。
∴点O是△ABC的重心。
(3)如答图3所示,连接DG.
设S△GOD=S,由(1)知,即OA=2OD,
∴S△AOG=2S,S△AGD=S△GOD+S△AGO=3S。
为简便起见,不妨设AG=1,BG=x,则S△BGD=3xS.
∴S△ABD=S△AGD+S△BGD=3S+3xS=(3x+3)S。
∴S△ABC=2S△ABD=(6x+6)S。
设OH=k?OG,由S△AGO=2S,得S△AOH=2kS,
∴S△AGH=S△AGO+S△AOH=(2k+2)S。
∴S四边形BCHG=S△ABC﹣S△AGH=(6x+6)S﹣(2k+2)S=(6x﹣2k+4)S。
∴①。
如答图3,过点O作OF∥BC交AC于点F,过点G作GE∥BC交AC于点E,则OF∥GE。
∵OF∥BC,∴。∴OF=CD=BC。
∵GE∥BC,∴。∴。
∴,∴。
∵OF∥GE,∴。∴,即。
∴,代入①式得:
。
∴当x=时,有最大值,最大值为。
(1)如答图1,作出中位线DE,证明△AOC∽△DOE,可以证明结论。
(2)如答图2,作△ABC的中线CE,与AD交于点Q,则点Q为△ABC的重心.由(1)可知,,
而已知,故点O 与点Q 重合,即点O 为△ABC 的重心。
(3)如答图3,利用图形的面积关系,以及相似线段间的比例关系,求出的表达式,这是一个二
次函数,利用二次函数的性质求出其最大值。
二、二次函数中的存在性问题
一、知识点睛
解决“二次函数中存在性问题”的基本步骤:
①画图分析.研究确定图形,先画图解决其中一种情形.
②分类讨论.先验证①的结果是否合理,再找其他分类,类比第一种情形求解. ③验证取舍.结合点的运动围,画图或推理,对结果取舍. 二、精讲精练
1. 如图,已知点P 是二次函数y =-x 2
+3x 图象在y 轴右侧..
部分上的一个动点,将直线y =-2x 沿y 轴向上平移,分别交x 轴、y 轴于A 、B 两点. 若以AB 为直角边的△PAB 与△OAB 相似,请求出所有符合条件的点P 的坐标.
y
O
O x y y
x
O
O
x
y
B
A
y
x
O
O
x y
A
B
y
x
O O
x
y
y
x
O
O x y
2. 抛物线()2
1134
y x =-
-+与y 轴交于点A ,顶点为B ,对称轴BC 与x 轴交于点C .点P 在抛物线上,直线PQ //BC 交x 轴于点Q ,连接BQ .
(1)若含45°角的直角三角板如图所示放置,其中一个顶点与点C 重合,直角顶点D 在BQ 上,另一个顶点E 在PQ 上,求直线BQ 的函数解析式;
(2)若含30°角的直角三角板的一个顶点与点C 重合,直角顶点D 在直线BQ 上(点D 不与点Q 重合),另一个顶点E 在PQ 上,求点P 的坐标.
x
A
B
y O
C
C
O
y B
A
x
3. 如图,矩形OBCD 的边OD 、OB 分别在x 轴正半轴和y 轴负半轴上,且OD =10,
OB =8.将矩形的边BC 绕点B 逆时针旋转,使点C 恰好与x 轴上的点A 重合.
(1)若抛物线c bx x y ++-
=2
3
1经过A 、B 两点,求该抛物线的解析式:______________; (2)若点M 是直线AB 上方抛物线上的一个动点,作MN ⊥x 轴于点N .是否存在点M ,使△AMN 与△ACD 相似?若存在,求出点M 的坐标;若不存在,说明理由.
三、二次函数与几何综合
一、知识点睛
“二次函数与几何综合”思考流程:
整合信息时,下面两点可为我们提供便利:
①研究函数表达式.二次函数关注四点一线,一次函数关注k、b;
②)关键点坐标转线段长.找特殊图形、特殊位置关系,寻求边和角度信息.
二、精讲精练
1.如图,抛物线y=ax2-5ax+4(a<0)经过△ABC的三个顶点,已知BC∥x轴,点A在x轴上,点C在y
轴上,且AC=BC.
(1)求抛物线的解析式.
(2)在抛物线的对称轴上是否存在点M,使|MA-MB|最大?若存在,求出点M的坐标;若不存在,请
说明理由.
2.如图,已知抛物线y =ax 2-2ax -b (a >0)与x 轴交于A 、B 两点,点A 在点B 的右侧,且点B 的坐标为(-1,
0),与y 轴的负半轴交于点C ,顶点为D .连接AC 、CD ,∠ACD =90°. (1)求抛物线的解析式;
(2)点E 在抛物线的对称轴上,点F 在抛物线上,
且以B 、A 、F 、E 四点为顶点的四边形为平行四边形,求点F 的坐标.
3. 如图,在平面直角坐标系中,直线3342y x =
-与抛物线21
4
y x bx c =-++交于A 、B 两点,点A 在x 轴上,点B 的横坐标为-8. (1)求该抛物线的解析式;
(2)点P 是直线AB 上方的抛物线上一动点(不与点A 、B 重合),过点P 作x 轴的垂线,垂足为C ,交直线AB 于点D ,作PE ⊥AB 于点E .设△PDE 的周长为l ,点P 的横坐标为x ,求l 关于x 的函数关系式,并求出l 的最大值.
4.如图,点P 是直线l :22--=x y 上的点,过点P 的另一条直线m 交抛物线2x y =于A 、B 两点.
(1)若直线m 的解析式为2
3
21+-=x y ,求A 、B 两点的坐标; (2)①若点P 的坐标为(-2,t ),当PA =AB 时,请直接写出点A 的坐标;
②试证明:对于直线l 上任意给定的一点P ,在抛物线上都能找到点A ,使得PA =AB 成立. (3)设直线l 交y 轴于点C ,若△AOB 的外心在边AB 上,且∠BPC =∠OCP ,求点P 的坐标.
5.如图1,抛物线y=nx2-11nx+24n (n<0) 与x轴交于B、C两点(点B在点C的左侧),抛物线上另有
一点A在第一象限,且∠BAC=90°.
(1)填空:点B的坐标为(_ ),点C的坐标为(_ );
(2)连接OA,若△OAC为等腰三角形.
①求此时抛物线的解析式;
②如图2,将△OAC沿x轴翻折后得△ODC,点M为①中所求的抛物线上点A与点C两点之间一
动点,且点M的横坐标为m,过动点M作垂直于x轴的直线l与CD交于点N,试探究:当m为何值时,四边形AM的面积取得最大值,并求出这个最大值.
图1 图2
附:参考答案
一、图形运动产生的面积问题
1. (1)当t =
3
2
时,四边形MNQP 恰为矩形.此时,该矩形的面积为33平方厘米.
(2) 当0<t ≤1时,33+
S t =;当1<t ≤2时,33
S =; 当2<t <3时,73-3S t =+
2.(1)M (4,2) N (6,0)(2)当0≤t ≤1时,2
4
t S =;
当1<t ≤4时,1-24t S =
; 当4<t ≤5时,231349
--424S t t =+;
当5<t ≤6时,13
-2S t =+;
当6<t ≤7时,()2
17-2
S t =
3.解:(1)证明:如图1,连结CO 并延长交AB 于点P ,连结PD 。
∵点O 是△ABC 的重心,
∴P 是AB 的中点,D 是BC 的中点,PD 是△ABC 的中位线,AC=2PD , AC // PD ,
∠DPO=∠ACO ,∠PDO=∠CAO ,
△OPD ∽△CA ,= = , =
,∴;
(2)点O是是△ABC的重心。
证明:如图2,作△ABC的中线CP,与AB边交于点P,与△ABC的另一条中线AD交于点Q,则点Q是△ABC的重心,根据(1)中的证明可知,
而,点Q与点O重合(是同一个点),所以点O是△ABC的重心;
(3)如图3,连结CO交AB于F,连结BO交AC于E,过点O
分别作AB、AC的平行线OM、ON,分别
与AC、AB交于点M、N,
∵点O是△ABC的重心,
∴= ,= ,
∵在△ABE中,OM//AB,= = ,OM = AB,
在△ACF中,ON//AC,= = ,ON = AC,
在△AGH中,OM//AH,= ,
在△ACH中,ON//AH,= ,
∴+ = +=1,+ =1, + = 3 , 令= m , = n , m=3-n,
∵= ,
=
=
= -1= mn-1=(3-n)n-1= -n2 +3n-1= -(n-
)2 + ,
∴当= n = ,GH//BC时,有最
大值。
附:或的另外两种证明
方法的作图。
方法一:分别过点B、C作AD的平行线BE、CF,分别
交直线GH于点E、F。
方法二:分别过点B、C、A、D作直线GH的垂线,垂足
分别为E 、
F 、N 、M 。
二、二次函数中的存在性问题
1.解:由题意,设OA =m ,则OB =2m ;当∠BAP =90°时, △BAP ∽△AOB 或△BAP ∽△BOA ; ① 若△BAP ∽△AOB ,如图1,
可知△PMA ∽△AOB ,相似比为2:1;则P 1(5m ,2m ),
代入x x y 32
+-=,可知25
13=m ,)2526,513(1
P ② 若△BAP ∽△BOA ,如图2,
可知△PMA ∽△AOB ,相似比为1:2;则P 2(2m ,2
m
),
代入x x y 32
+-=,可知8
11=m ,)1611,411(2P
当∠ABP =90°时,△ABP ∽△AOB 或△ABP ∽△BOA ; ③ 若△ABP ∽△AOB ,如图3,
可知△PMB ∽△BOA ,相似比为2:1;则P 3(4m ,4m ),
代入x x y 32
+-=,可知2
1=m ,)2,2(3P
④ 若△ABP ∽△BOA ,如图4,
可知△PMB ∽△BOA ,相似比为1:2;则P 4(m ,m 2
5
), 代入x x y 32
+-=,可知21
=
m ,415(,)24
P
2.解:(1)由抛物线解析式()2
1134
y x =-
-+可得B 点坐标(1,3要求直线BQ 的函数解析式,只需求得点Q 坐标即可,即求CQ 长度.
过点D 作DG ⊥x 轴于点G ,过点D 作DF ⊥QP 于点F . 则可证△DCG ≌△DEF .则DG =DF ,∴矩形DGQF 为正方形.
则∠DQG =45°,则△BCQ 为等腰直角三角形.∴CQ =BC =3,此时,Q 点坐标为(4,0) 可得BQ 解析式为y =-x +4.
(2)要求P 点坐标,只需求得点Q 坐标,然后根据横坐标相同来求点P 坐标即可. 而题目当中没有说明∠DCE =30°还是∠DCE =60°,所以分两种情况来讨论.
① 当∠DCE =30°时,