2020-2021学年广东省广州市中考数学六校联考模拟试题及答案解析
最新广东省广州市六校联考中考数学模拟试卷（A卷）
一、选择题：（本大题共10小题，每小题3分，共30分，每题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）
1．﹣1的绝对值是（）
A．﹣1 B．1 C．0 D．±1
2．如图所示，几何体的主视图是（）
A．B．C．D．
3．下列计算正确的是（）
A．a+a=2a2B．a2?a=2a3C．（﹣ab）2=ab2D．（2a）2÷a=4a
4．课间休息，小亮与小明一起玩“剪刀、石头、布”的游戏，小明出“剪刀”的概率是（）A．B．C．D．
5．如图，不等式组的解集在数轴上表示正确的是（）
A．B．C．
D．
6．如图，A、D是⊙O上的两点，BC是直径，若∠D=35°，则∠OCA的度数是（）
A．35°B．55°C．65°D．70°
7．在Rt△ABC中，∠C=90°，sinA=，则cosB的值为（）
A．B．C．D．
8．若方程x2﹣3x﹣4=0的两根分别为x1和x2，则+的值是（）
A．1 B．2 C．﹣D．﹣
9．如图，?ABCD中，E为AD的中点．已知△DEF的面积为1，则?ABCD的面积为（）
A．9 B．12 C．15 D．18
10．二次函数y=x2+bx的图象如图，对称轴为直线x=1，若关于x的一元二次方程x2+bx﹣t=0
（t为实数）在﹣1＜x＜4的范围内有解，则t的取值范围是（）
A．t≥﹣1 B．﹣1≤t＜3 C．﹣1≤t＜8 D．3＜t＜8
二、填空题（共6小题，每小题3分，满分18分）
11．使得二次根式有意义的x的取值范围是．
12．分解因式：ay2+2ay+a= ．
13．如图，△ABC的周长为24，AC的垂直平分线交BC于点D，垂足为E，若AE=4，则△ADB的周长是．
14．已知关于x的一元二次方程x2﹣2x+3k=0有两个相等的实数根，则k的值
是．
15．如图，已知正方形ABCD的边长为12cm，E为CD边上一点，DE=5cm．以点A为中心，将△ADE按顺时针方向旋转得△ABF，则点E所经过的路径长为cm．
16．如图，已知双曲线经过直角三角形OAB斜边OA的中点D，且与直角边
AB相交于点C．若点A的坐标为（﹣6，4），则△AOC的面积为．
三、解答题（本大题共9小题，满分102分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．解方程组．
18．已知：如图，在?ABCD中，O为对角线BD的中点，过点O的直线EF分别交AD，BC 于E，F两点，连结BE，DF．求证：△DOE≌△BOF．
19．先化简，然后在不等式5﹣2x＞﹣1的非负整数解中选一个使原式有意
义的数代入求值．
20．如图，在△AOB中，∠ABO=90°，OB=4，AB=8，反比例函数y=在第一象限内的图象分别交OA，AB于点C和点D，且△BOD的面积S△BOD=4．
（1）求直线AO的解析式；
（2）求反比例函数解析式；
（3）求点C的坐标．
21．课前预习是学习数学的重要环节，为了了解所教班级学生完成数学课前预习的具体情况，王老师对本班部分学生进行了为期半个月的跟踪调查，他将调查结果分为四类，A：很好；B：较好；C：一般；D：较差．并将调查结果绘制成以下两幅不完整的统计图，请你根据统计图解答下列问题：
（1）王老师一共调查了多少名同学？
（2）C类女生有名，D类男生有名，将上面条形统计图补充完整；
（3）为了共同进步，王老师想从被调查的A类和D类学生中各随机选取一位同学进行“一帮一”互助学习，请用列表法或画树形图的方法求出所选两位同学恰好是一位男同学和一位女同学的概率．
22．如图，AB、CD为两个建筑物，建筑物AB的高度为60米，从建筑物AB的顶点A点测得建筑物CD的顶点C点的俯角∠EAC为30°，测得建筑物CD的底部D点的俯角∠EAD为45°．（1）求两建筑物底部之间水平距离BD的长度；
（2）求建筑物CD的高度（结果保留根号）．
23．如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠BAC的角平分线AD交BC于D．
（1）动手操作：利用尺规作⊙O，使⊙O经过点A、D，且圆心O在AB上；并标出⊙O与AB的另一个交点E（保留作图痕迹，不写作法）；
（2）综合应用：在你所作的图中，
①判断直线BC与⊙O的位置关系，并说明理由；
②若AB=6，BD=2，求线段BD、BE与劣弧所围成的图形面积（结果保留根号和π）．
24．四边形ABCD是正方形，AC与BD，相交于点O，点E、F是直线AD上两动点，且AE=DF，CF所在直线与对角线BD所在直线交于点G，连接AG，直线AG交BE于点H．
（1）如图1，当点E、F在线段AD上时，①求证：∠DAG=∠DCG；②猜想AG与BE的位置关系，并加以证明；
（2）如图2，在（1）条件下，连接HO，试说明HO平分∠BHG；
（3）当点E、F运动到如图3所示的位置时，其它条件不变，请将图形补充完整，并直接写出∠BHO的度数．
25．已知二次函数y=mx2+nx+p图象的顶点横坐标是2，与x轴交于A（x1，0）、B（x2，0），
x1＜0＜x2，与y轴交于点C，O为坐标原点，tan∠CAO﹣tan∠CBO=1．
（1）求证：n+4m=0；
（2）求m、n的值；
（3）当p＞0且二次函数图象与直线y=x+3仅有一个交点时，求二次函数的最大值．
参考答案与试题解析
一、选择题：（本大题共10小题，每小题3分，共30分，每题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）
1．﹣1的绝对值是（）
A．﹣1 B．1 C．0 D．±1
【考点】绝对值．
【分析】根据正数的绝对值是本身，0的绝对值为0，负数的绝对值是其相反数．
【解答】解：∵﹣1的绝对值等于其相反数，
∴﹣1的绝对值是1．
故选B．
2．如图所示，几何体的主视图是（）
A．B．C．D．
【考点】简单组合体的三视图．
【分析】根据从正面看得到的图形是主视图，可得答案．
【解答】解：从正面看第一层是一个矩形，第二层左边一个矩形，
故选：A．
3．下列计算正确的是（）
A．a+a=2a2B．a2?a=2a3C．（﹣ab）2=ab2D．（2a）2÷a=4a
【考点】同底数幂的除法；合并同类项；同底数幂的乘法；幂的乘方与积的乘方．
【分析】利用同底数幂相乘，底数不变指数相加；积的乘方，等于把积的每一个因式分别乘方，再把所得的幂相乘；单项式的除法，对各选项分析判断后利用排除法求解．
【解答】解：A、应为a+a=2a，故本选项错误；
B、应为a2?a=a3，故本选项错误；
C、应为（﹣ab）2=a2b2，故本选项错误；
D、（2a）2÷a=4a2÷a=4a，正确．
故选D．
4．课间休息，小亮与小明一起玩“剪刀、石头、布”的游戏，小明出“剪刀”的概率是（）
A．B．C．D．
【考点】概率公式．
【分析】游戏中一共有3种情况：“剪刀”、“石头”、“布”，其中是“剪刀”的情况只有一种．利用概率公式进行计算即可．
【解答】解：小亮与小明一起玩“剪刀、石头、布”的游戏，
一共有3种情况：“剪刀”、“石头”、“布”，并且每一种情况出现的可能性相同，
所以小明出“剪刀”的概率是．
故选B．
5．如图，不等式组的解集在数轴上表示正确的是（）
A．B．
C．D．
【考点】在数轴上表示不等式的解集；解一元一次不等式组．
【分析】分别求出各不等式的解集，再在数轴上表示出来即可．
【解答】解：，
由①得，x＞﹣1，
由②得，x≤1，
故不等式组的解集为：﹣1＜x≤1．
在数轴上表示为：
．
故选B．
6．如图，A、D是⊙O上的两点，BC是直径，若∠D=35°，则∠OCA的度数是（）
A．35°B．55°C．65°D．70°
【考点】圆周角定理．
【分析】根据同弧所对的圆周角是圆心角的一半，可知∠AOC=2∠D，求出∠AOC=70°，由于OA=OC，可知△AOC为等腰三角形，易求出∠OCA的度数．
【解答】解：∵∠AOC=2∠D，∠D=35°，
∴∠AOC=2∠D=2×35°=70°，
在等腰△OAC中，∵OA=OC，∠AOC=70°，
∴∠OCA==55°，
故选B．
7．在Rt△ABC中，∠C=90°，sinA=，则cosB的值为（）
A．B．C．D．
【考点】锐角三角函数的定义；互余两角三角函数的关系．
【分析】利用同角、互为余角的三角函数关系式．
【解答】解：∵A、B互为余角，
∴cosB=sin（90°﹣B）=sinA=．
故选D．
8．若方程x2﹣3x﹣4=0的两根分别为x1和x2，则+的值是（）
A．1 B．2 C．﹣D．﹣
【考点】根与系数的关系．
【分析】找出一元二次方程的系数a，b及c的值，利用根与系数的关系求出两根之和与两根之积，然后利用完全平方公式变形后，将求出的两根之和与两根之积代入，即可求出所求式子的值．
【解答】解：依题意得：x1+x2=3，x1?x2=﹣4，
所以+===﹣．
故选：C．
9．如图，?ABCD中，E为AD的中点．已知△DEF的面积为1，则?ABCD的面积为（）
A．9 B．12 C．15 D．18
【考点】相似三角形的判定与性质；平行四边形的性质．
【分析】由于四边形ABCD是平行四边形，那么AD∥BC，AD=BC，根据平行线分线段成比例定理的推论可得△DEF∽△BCF，再根据E是AD中点，易求出相似比，从而可求△BCF的面积，再利用△BCF与△DEF是同高的三角形，则两个三角形面积比等于它们的底之比，从而易求△DCF的面积，进而可求?ABCD的面积．
【解答】解：如图所示，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD∥BC，AD=BC，
∴△DEF∽△BCF，
∴S△DEF：S△BCF=（）2，
又∵E是AD中点，
∴DE=AD=BC，
∴DE：BC=DF：BF=1：2，
∴S△DEF：S△BCF=1：4，
∴S△BCF=4，
又∵DF：BF=1：2，
∴S△DCF=2，
=2（S△DCF+S△BCF）=12．
∴S
?ABCD
故选B．
10．二次函数y=x2+bx的图象如图，对称轴为直线x=1，若关于x的一元二次方程x2+bx﹣t=0（t为实数）在﹣1＜x＜4的范围内有解，则t的取值范围是（）
A．t≥﹣1 B．﹣1≤t＜3 C．﹣1≤t＜8 D．3＜t＜8
【考点】二次函数与不等式（组）．
【分析】根据对称轴求出b的值，从而得到x=﹣1、4时的函数值，再根据一元二次方程x2+bx ﹣t=0（t为实数）在﹣1＜x＜4的范围内有解相当于y=x2+bx与y=t在x的范围内有交点解答．【解答】解：对称轴为直线x=﹣=1，
解得b=﹣2，
所以，二次函数解析式为y=x2﹣2x，
y=（x﹣1）2﹣1，
x=﹣1时，y=1+2=3，
x=4时，y=16﹣2×4=8，
∵x2+bx﹣t=0相当于y=x2+bx与直线y=t的交点的横坐标，
∴当﹣1≤t＜8时，在﹣1＜x＜4的范围内有解．
故选：C．
二、填空题（共6小题，每小题3分，满分18分）
11．使得二次根式有意义的x的取值范围是x≥﹣．
【考点】二次根式有意义的条件．
【分析】根据被开方数大于等于0列式计算即可得解．
【解答】解：根据题意得，2x+1≥0，
解得x≥﹣．
故答案为：x≥﹣．
12．分解因式：ay2+2ay+a= a（y+1）2．
【考点】提公因式法与公式法的综合运用．
【分析】首先提取公因式a，进而利用完全平方公式分解因式得出即可．
【解答】解：ay2+2ay+a
=a（y2+2y+1）
=a（y+1）2．
故答案为：a（y+1）2．
13．如图，△ABC的周长为24，AC的垂直平分线交BC于点D，垂足为E，若AE=4，则△ADB的周长是16 ．
【考点】线段垂直平分线的性质．
【分析】根据线段垂直平分线得出AD=DC，AC=2AE=8，根据△ABC的周长求出AB+BC=16，求出△ABD的周长=AB+BC，代入求出即可．
【解答】解：∵AC的垂直平分线交BC于点D，垂足为E，AE=4，
∴AD=DC，AC=2AE=8，
∵△ABC的周长为24，
∴AB+BC+AC=24，
∴AB+BC=24﹣8=16，
∴△ADB的周长是AB+AD+BD=AB+CD+BD=AB+BC=16，
故答案为：16．
14．已知关于x的一元二次方程x2﹣2x+3k=0有两个相等的实数根，则k的值是 1 ．
【考点】根的判别式．
【分析】根据方程有两个相等的实数根可得出△=0，列出关于k的方程，求出k的值即可．【解答】解：∵关于x的一元二次方程x2﹣2x+3k=0有两个相等的实数根，
∴△=0，即△=（﹣2）2﹣12k=0，解得k=1．
故答案为：1．
15．如图，已知正方形ABCD的边长为12cm，E为CD边上一点，DE=5cm．以点A为中心，将△ADE按顺时针方向旋转得△ABF，则点E所经过的路径长为cm．
【考点】弧长的计算；勾股定理；正方形的性质；旋转的性质．
【分析】先利用勾股定理求出AE的长，然后根据旋转的性质得到旋转角为∠DAB=90°，最后根据弧长公式即可计算出点E所经过的路径长．
【解答】解：∵AD=12，DE=5，
∴AE==13，
又∵将△ADE按顺时针方向旋转得△ABF，而AD=AB，
∴旋转角为∠DAB=90°，
∴点E所经过的路径长==（cm）．
故答案为．
16．如图，已知双曲线经过直角三角形OAB斜边OA的中点D，且与直角边
AB相交于点C．若点A的坐标为（﹣6，4），则△AOC的面积为9 ．
【考点】反比例函数系数k的几何意义．
【分析】要求△AOC的面积，已知OB为高，只要求AC长，即点C的坐标即可，由点D为三角形OAB斜边OA的中点，且点A的坐标（﹣6，4），可得点D的坐标为（﹣3，2），代入
双曲线可得k，又AB⊥OB，所以C点的横坐标为﹣6，代入解析式可得纵坐
标，继而可求得面积．
【解答】解：∵点D为△OAB斜边OA的中点，且点A的坐标（﹣6，4），
∴点D的坐标为（﹣3，2），
把（﹣3，2）代入双曲线，
可得k=﹣6，
即双曲线解析式为y=﹣，
∵AB⊥OB，且点A的坐标（﹣6，4），
∴C点的横坐标为﹣6，代入解析式y=﹣，
y=1，
即点C坐标为（﹣6，1），
∴AC=3，
又∵OB=6，
∴S△AOC=×AC×OB=9．
故答案为：9．
三、解答题（本大题共9小题，满分102分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．解方程组．
【考点】解二元一次方程组．
【分析】①+②消去未知数y求x的值，再把x=3代入②，求未知数y的值．
【解答】解：
①+②得3x=9，解得x=3，
把x=3代入②，得3﹣y=1，解得y=2，
∴原方程组的解是．
18．已知：如图，在?ABCD中，O为对角线BD的中点，过点O的直线EF分别交AD，BC 于E，F两点，连结BE，DF．求证：△DOE≌△BOF．
【考点】平行四边形的性质；全等三角形的判定．
【分析】由平行四边形的性质得出BO=DO，AD∥BC，证出∠EDO=∠FBO，由ASA证明△DOE ≌△BOF即可．
【解答】证明：∵在□ABCD中，O为对角线BD的中点，
∴BO=DO，AD∥BC，
∴∠EDO=∠FBO，
在△EOD和△FOB中，
，
∴△DOE≌△BOF（ASA）．
19．先化简，然后在不等式5﹣2x＞﹣1的非负整数解中选
一个使原式有意义的数代入求值．
【考点】分式的化简求值；一元一次不等式的整数解．
【分析】先根据分式混合运算的法则把原式进行化简，再根据5﹣2x＞﹣1求出x的取值范围，再在其非负整数解中选出x的值代入代数式进行计算即可．
【解答】解：原式=﹣
=，
∵5﹣2x＞﹣1，
∴x＜3，
∴非负整数解为x=0，1，2，
∴当x=0时，原式=．
20．如图，在△AOB中，∠ABO=90°，OB=4，AB=8，反比例函数y=在第一象限内的图象分别交OA，AB于点C和点D，且△BOD的面积S△BOD=4．
（1）求直线AO的解析式；
（2）求反比例函数解析式；
（3）求点C的坐标．
【考点】待定系数法求反比例函数解析式；待定系数法求一次函数解析式；反比例函数系数k的几何意义．
【分析】（1）首先根据题意确定A点坐标，然后设直线AO的解析式为y=kx，再把A点坐标代入可得k的值，进而可得函数解析式；
（2）根据△BOD的面积S△BOD=4可得D点坐标，再把D点坐标代入y=可得k的值，进而
可得函数解析式；
（3）点C是正比例函数和反比例函数的交点，联立两个函数解析式，然后再解可得C点坐标．
【解答】解：（1）∵OB=4，AB=8，∠ABO=90°，
∴A点坐标为（4，8），
设直线AO的解析式为y=kx，
则4k=8，解得k=2，
即直线AO的解析式为y=2x；
（2）∵OB=4，S△BOD=4，∠ABO=90°，
∴D点坐标为（4，2），
点D（4，2）代入y=，
则2=，解得k=8，
∴反比例函数解析式为y=；
（3）直线y=2x与反比例函数y=构成方程组为，
解得，（舍去），
∴C点坐标为（2，4）．
21．课前预习是学习数学的重要环节，为了了解所教班级学生完成数学课前预习的具体情况，王老师对本班部分学生进行了为期半个月的跟踪调查，他将调查结果分为四类，A：很好；B：较好；C：一般；D：较差．并将调查结果绘制成以下两幅不完整的统计图，请你根据统计图解答下列问题：
（1）王老师一共调查了多少名同学？
（2）C类女生有 3 名，D类男生有 1 名，将上面条形统计图补充完整；
（3）为了共同进步，王老师想从被调查的A类和D类学生中各随机选取一位同学进行“一帮一”互助学习，请用列表法或画树形图的方法求出所选两位同学恰好是一位男同学和一位女同学的概率．
【考点】条形统计图；扇形统计图；列表法与树状图法．
【分析】（1）根据B类有6+4=10人，所占的比例是50%，据此即可求得总人数；
（2）利用（1）中求得的总人数乘以对应的比例即可求得C类的人数，然后求得C类中女生人数，同理求得D类男生的人数；
（3）利用列举法即可表示出各种情况，然后利用概率公式即可求解．
【解答】解：（1）（6+4）÷50%=20．
所以王老师一共调查了20名学生．
（2）C类学生人数：20×25%=5（名）
C类女生人数：5﹣2=3（名），
D类学生占的百分比：1﹣15%﹣50%﹣25%=10%，
D类学生人数：20×10%=2（名），
D类男生人数：2﹣1=1（名），
故C类女生有3名，D类男生有1名；补充条形统计图
．
（3）由题意画树形图如下：
从树形图看出，所有可能出现的结果共有6种，且每种结果出现的可能性相等，所选
两位同学恰好是一位男同学和一位女同学的结果共有3种．
所以P（所选两位同学恰好是一位男同学和一位女同学）==．
22．如图，AB、CD为两个建筑物，建筑物AB的高度为60米，从建筑物AB的顶点A点测得建筑物CD的顶点C点的俯角∠EAC为30°，测得建筑物CD的底部D点的俯角∠EAD为45°．（1）求两建筑物底部之间水平距离BD的长度；
（2）求建筑物CD的高度（结果保留根号）．
【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题．
【分析】（1）根据题意得：BD∥AE，从而得到∠BAD=∠ADB=45°，利用BD=AB=60，求得两建筑物底部之间水平距离BD的长度为60米；
（2）延长AE、DC交于点F，根据题意得四边形ABDF为正方形，根据AF=BD=DF=60，在Rt △AFC中利用∠FAC=30°求得CF，然后即可求得CD的长．
【解答】解：（1）根据题意得：BD∥AE，
∴∠ADB=∠EAD=45°，
∵∠ABD=90°，
∴∠BAD=∠ADB=45°，
∴BD=AB=60，
∴两建筑物底部之间水平距离BD的长度为60米；
（2）延长AE、DC交于点F，根据题意得四边形ABDF为正方形，
∴AF=BD=DF=60，
在Rt△AFC中，∠FAC=30°，
∴CF=AF?tan∠FAC=60×=20，
又∵FD=60，
∴CD=60﹣20，
∴建筑物CD的高度为（60﹣20）米．
23．如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠BAC的角平分线AD交BC于D．
（1）动手操作：利用尺规作⊙O，使⊙O经过点A、D，且圆心O在AB上；并标出⊙O与AB的另一个交点E（保留作图痕迹，不写作法）；
（2）综合应用：在你所作的图中，
①判断直线BC与⊙O的位置关系，并说明理由；
②若AB=6，BD=2，求线段BD、BE与劣弧所围成的图形面积（结果保留根号和π）．
【考点】圆的综合题．
【分析】（1）根据题意得：O点应该是AD垂直平分线与AB的交点；
（2）①由∠BAC的角平分线AD交BC边于D，与圆的性质可证得AC∥OD，又由∠C=90°，则问题得证；
②设⊙O的半径为r．则在Rt△OBD中，利用勾股定理列出关于r的方程，通过解方程即可求得r的值；然后根据扇形面积公式和三角形面积的计算可以求得“线段BD、BE与劣弧DE
所围成的图形面积为：S△ODB﹣S扇形ODE=2﹣π”．
【解答】解：（1）如图1；
（2）①如图1，连接OD，
∵OA=OD，
∴∠OAD=∠ADO，
∵∠BAC的角平分线AD交BC边于D，
∴∠CAD=∠OAD，
∴∠CAD=∠ADO，
∴AC∥OD，
∵∠C=90°，
∴∠ODB=90°，
∴OD⊥BC，
即直线BC与⊙O的切线，
∴直线BC与⊙O的位置关系为相切；
（2）如图2，设⊙O的半径为r，则OB=6﹣r，又BD=2，
在Rt△OBD中，
OD2+BD2=OB2，
即r2+（2）2=（6﹣r）2，
解得r=2，OB=6﹣r=4，
∴∠DOB=60°，
∴S扇形ODE==π，
S△ODB=OD?BD=×2×2=2，
∴线段BD、BE与劣弧DE所围成的图形面积为：S△ODB﹣S扇形ODE=2﹣π．
24．四边形ABCD是正方形，AC与BD，相交于点O，点E、F是直线AD上两动点，且AE=DF，CF所在直线与对角线BD所在直线交于点G，连接AG，直线AG交BE于点H．
（1）如图1，当点E、F在线段AD上时，①求证：∠DAG=∠DCG；②猜想AG与BE的位置关系，并加以证明；
（2）如图2，在（1）条件下，连接HO，试说明HO平分∠BHG；
（3）当点E、F运动到如图3所示的位置时，其它条件不变，请将图形补充完整，并直接写出∠BHO的度数．
【考点】四边形综合题；全等三角形的判定与性质；正方形的性质．
【分析】（1）①根据正方形的性质得DA=DC，∠ADB=∠CDB=45°，则可根据“SAS”证明△ADG≌△CDG，所以∠DAG=∠DCG；②根据正方形的性质得AB=DC，∠BAD=∠CDA=90°，根据“SAS”证明△ABE≌△DCF，则∠ABE=∠DCF，由于∠DAG=∠DCG，所以∠DAG=∠ABE，然后利用∠DAG+∠BAG=90°得到∠ABE+∠BAG=90°，于是可判断AG⊥BE；
（2）如答图1所示，过点O作OM⊥BE于点M，ON⊥AG于点N，证明△AON≌△BOM，可得四边形OMHN为正方形，因此HO平分∠BHG结论成立；
（3）如答图2所示，与（1）同理，可以证明AG⊥BE；过点O作OM⊥BE于点M，ON⊥AG 于点N，构造全等三角形△AON≌△BOM，从而证明OMHN为正方形，所以HO平分∠BHG，即∠BHO=45°．
【解答】（1）①证明：∵四边形ABCD为正方形，
∴DA=DC，∠ADB=∠CDB=45°，
在△ADG和△CDG中
，
∴△ADG≌△CDG（SAS），
∴∠DAG=∠DCG；
②解：AG⊥BE．理由如下：
∵四边形ABCD为正方形，
∴AB=DC，∠BAD=∠CDA=90°，
在△ABE和△DCF中
，
∴△ABE≌△DCF（SAS），
∴∠ABE=∠DCF，
∵∠DAG=∠DCG，
∴∠DAG=∠ABE，
∵∠DAG+∠BAG=90°，
∴∠ABE+∠BAG=90°，
∴∠AHB=90°，
∴AG⊥BE；
（2）解：由（1）可知AG⊥BE．
如答图1所示，过点O作OM⊥BE于点M，ON⊥AG于点N，则四边形OMHN为矩形．
∴∠MON=90°，
又∵OA⊥OB，
∴∠AON=∠BOM．
∵∠AON+∠OAN=90°，∠BOM+∠OBM=90°，
∴∠OAN=∠OBM．
在△AON与△BOM中，
∴△AON≌△BOM（AAS）．
∴OM=ON，
∴矩形OMHN为正方形，
∴HO平分∠BHG．
（3）将图形补充完整，如答图2示，∠BHO=45°．
与（1）同理，可以证明AG⊥BE．
过点O作OM⊥BE于点M，ON⊥AG于点N，
与（2）同理，可以证明△AON≌△BOM，
可得OMHN为正方形，所以HO平分∠BHG，
∴∠BHO=45°．