安徽省蚌埠一中2015届高三12月月考 物理 Word版缺答案
安徽省蚌埠一中2015届高三12月月考 历史 Word版缺答案
蚌埠一中2014-2015学年度第一学期12月月考高三历史试卷（时间：90分钟分值：100分）一、选择题（本大题共22小题，每题2分，共44分）1.关于儒学的起源，《淮南子·要略》说：“……孔子修成康之道，述周公之训，以教七十子，使服其衣冠，修其篇籍，故儒者之学生焉。
”认为儒学是由继承文武周公的王道政治传统而产生的。
周公的王道政治主要是指A．王位世袭制 B．井田制 C．宗法制与礼乐制 D．郡县制2、“董仲舒……开启儒学神学化，儒家宗教化，孔子教主化的进程”。
董仲舒思想中，最能够体现这一观点是A．“罢黜百家，独尊儒术” B．“天人感应”“天人合一”C．“春秋大一统” D．“三纲五常”3、中国文明，这个唯一在任何时候都韦产生过祭司阶级的伟大文明，具有独特的现世主义。
固然，皇帝也是祭土，他为了所有臣民的利益而向苍天献祭，但是，他履行的宗教职责比起他的统治职责来，始终居于次要地位。
”与中国的“现世主义”关系最小的是A．儒家 B．道家 C．法家 D．墨家4．王阳明在一首《示诸生诗》中说：“尔身各各自天真，不用求人更问人。
但致良知成德业，漫从故纸费精神。
”这说明他主张A. 人的是非善恶来自固有的本性B．要向外部世界探寻真知识C．通过学习古代典籍以增长知识 D．探求知识要敢于向人求问5．近代思想家梁启超在《二千五百年儒学概略》中指出：“儒家在北朝时专讲注疏，中唐以后，要把春秋三传，束之高阁……儒家在北朝时，专讲训诂名物，中唐以后主讲明心见性……”梁启超之意是A．心学实际上孕育于中晚唐 B．佛教的兴盛影响了儒学的发展C．北朝至唐，儒学失去了正统思想的地位 D．唐朝时形成了“三教合归儒”的现象6．伏尔泰和孔子是东西方著名的思想家。
伏尔泰在孔子的石像下写下:“他是唯一有益理智的表现者,从未使世界迷惑,而是照亮了方向,他仅以圣贤而从未以先知的口吻讲话,但大家认为他是圣贤,甚至在全世界也是如此。
”出现这种现象的主要原因是A．孔子思想中具有尊重理性、道德,排斥迷信、暴力的因素B．孔子思想具有民主性C．儒家所宣扬的“仁政德治”与“开明君主制”有共同之处D．孔子思想的某些内容符合启蒙思想家的反封建需要7.孙中山指出，“革命的目的，是为中国谋幸福，故要进行民族革命、政治革命和社会革命，达到了这三样目的之后，我们中国当成为至完美的国家。
2015年高考物理(安徽卷)word版本 附详细解析
2015年高考物理（安徽卷）一、选择题（每小题6分）14．如图示是α粒了（氦原子核）被重金属原子核散射的运动轨迹，M 、N 、P 、Q 是轨迹上的四点，在散射过程中可以认为重金属原子核静止不动．图中所标出的α粒子在各点处的加速度方向正确的是（ ）A ．M 点B ．N 点C ．P 点D ．Q 点15．由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，带电量分别为q 1和q 2，其间距离为r 时，它们之间相互作用力的大小为F=221r q q k，式中k 为静电力常量．若用国际单位制的基本单位表示，k 的单位应为（ ） A ．kg •A 2•m 3 B ．kg •A ﹣2•m 3•s ﹣4C ．kg •m 2•C ﹣2D ．N •m 2•A ﹣216．图示电路中，变压器为理想变压器，a 、b 接在电压有效值不变的交流电流两端，R 0为定值电阻，R 为滑动变阻器，现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A 1的示数增大了0.2A ，电流表A 2的示数增大了0.8A ，则下列说法正确的是（ ）A ．电压表V 1示数增大B ．电压表V 2，V 3示数均增大C ．该变压器起升压作用D ．变阻器滑片是沿c →d 的方向滑动17．一根长为L 、横截面积为S 的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n ，电子的质量为m ，电荷量为e ，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v ，则金属棒内的电场强度大小为（ ）A ．eLm v 22B ．eSn m v 2C ．nev ρD ．SLevρ18．如图所示，一束单色光从空气入射到棱镜的AB 面上，经AB 和AC 两个面折射后从AC 面进入空气，当出射角i ′和入射角i 相等时，出射光线相对于入射光线偏转的角度为θ，已知棱镜顶角为α，则计算棱镜对该色光的折射率表达式为（ ）A ．2sin 2sinαθα+B ．2sin2sinθθα+C ．）—（2sin sin αθθD ．）—（2sin sin θαα19．如图所示，a b c d 为水平放置的平行“⊂”形光滑金属导轨，间距为l ，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，导轨电阻不计，已知金属杆MN 倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r ，保持金属杆以速度v 沿平行于cd 的方向滑动（金属杆滑动过程中与导轨接触良好）．则（ ）A ．电路中感应电动势的大小为θsin Blv B ．电路中感应电流的大小为rBv θsinC ．金属杆所受安培力的大小为r lv B θsin 2D ．金属杆的热功率为θsin 22r lv B20．已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为2εσ，其中σ为平面上单位面积所带的电荷量，ɛ0为常量，如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S ，其间为真空，带电量为Q ，不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为（ ）A ．S Q 0ε和SQ 02εB ．S Q02ε和SQ 02εC ．S Q02ε和S Q 022ε D ． S Q 0ε和SQ 022ε二、非选择题 21．（8分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，某同学用图钉把白纸固定在水平放置的木板上，将橡皮条的一端固定在板上一点，两个细绳套系在橡皮条的另一端，用两个弹簧测力计分别拉住两个细绳套，互成角度地施加拉力，使橡皮条伸长，结点到达纸面上某一位置，如图所示，请将以下的实验操作和处理补充完整： ①用铅笔描下结点位置，记为O ；②记录两个弹簧测力计的示数F 1和F 2，沿每条细绳（套）的方向用铅笔分别描出几个点，用刻度尺把相应的点连成线；③只用一个弹簧测力计，通过细绳套把橡皮条的结点仍拉到位置O ，记录测力计的示数F 3， ；④按照力的图示要求，作出拉力F1，F2，F3；⑤根据力的平行四边形定则作出F1和F2的合力F；⑥比较的一致程度，若有较大差异，对其原因进行分析，并作出相应的改进后再次进行实验．22．（10分）某同学为了测量一节电池的电动势和内阻，从实验室找到以下器材：一个满偏电流为100μA、内阻为2500Ω的表头，一个开关，两个电阻箱（0～999.9Ω）和若干导线．（1）由于表头量程偏小，该同学首先需将表头改装成量程为50mA的电流表，则应将表头与电阻箱（填“串联”或“并联”），并将该电阻箱阻值调为Ω．（2）接着该同学用改装的电流表对电池的电动势及内阻进行测量，实验电路如图1所示，通过改变电阻R测相应的电流I，且作相关计算后一并记录如表：①根据表中数据，图2中已描绘出四个点，请将第5、6两组数据也描绘在图2中，并画出IR﹣I图线；②根据图线可得电池的电动势E是V，内阻r是Ω．23．（14分）一质量为0.5kg的小物块放在水平地面上的A点，距离A点5m的位置B处是一面墙，如图所示，物块以v0=9m/s的初速度从A点沿AB方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7m/s，碰后以6m/s的速度反向运动直至静止．g取10m/s2．（1）求物块与地面间的动摩擦因数μ；（2）若碰撞时间为0.05s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F；（3）求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W．24．（16分）在xOy平面内，有沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E（图象未画出），由A点斜射出一质量为m、带电量为+q的粒子，B和C是粒子运动轨迹上的两点，如图所示，其中l0为常数，粒子所受重力忽略不计，求：（1）粒子从A到C过程中电场力对它做的功；（2）粒子从A到C过程所经历的时间；（3）粒子经过C点时的速率．25．（20分）由三颗星体构成的系统，忽略其它星体对它们的作用，存在着一种运动形式：三颗星体在相互之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三个顶点上，绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内做相同角速度的圆周运动（图示为A、B、C三颗星体质量不相同时的一般情况）．若A星体质量为2m，B、C两星体的质量均为m，三角形的边长为a，求：（1）A星体所受合力大小F A；（2）B星体所受合力大小F B；（3）C星体的轨道半径R C；（4）三星体做圆周运动的周期T．。
高考精品模拟试卷_安徽省蚌埠一中2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版无答案(精校完美版)
蚌埠一中2014-2015学年度第一学期期中考试高三物理试卷 命题人：王德立 （时间：90分钟 分值：100分）一、选择题(每小题4分，共60分。
下列每小题所给选项只有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上)1.科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用。
下列说法不符合历史事实的是( )A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B.伽利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C.笛卡儿指出:如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质2. 为了测定某辆轿车在平直路上起动时的加速度（轿车起动时的运动可近似看作匀加速运动），某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片（如图）。
如果拍摄时每隔2s 曝光一次，轿车车身总长为4.5m ，那么这辆轿车的加速度约为（ ）。
2222，木块与斜面体之间的动摩擦因数为μ。
在此过程中 以=4m/s ，即，那么关于空降第2题图第4题图第5题图．N．N小船横渡一条两岸平行的河流，船本身提供的速度（即静水速度）大小不变、船身方向垂直于B ．它的向心加速度大小与地球表面赤道处物体的向心加速度大小相等C ．它始终位于地球表面某个点的正上方D ．它的运行速度比月球绕地球的运行速度小11. 一圆盘可以绕其竖直轴在水平面内运动，圆盘半径为R ，甲、乙两物体的质量分别为M 和m （M ＞m ），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用长为L 的轻绳连在一起，L ＜R ．若将甲物体放在转轴位置上，甲、乙连线正好沿半径方向拉直。
要使两物体与圆盘不发生相对滑动，则圆盘旋转的角速度最大不得超过（两物体看作质点）（ ）A ．B ．C ．D ．12. 如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B(长木板足够长)的左端放着小物块A ，某时刻，A 受到水平向右的外力F 作用，F 随时间t 的变化规律如图乙所示，即F ＝kt ，其中k 为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力F f 的大小等于最大静摩擦力，且A 、B 的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B 的v －t 图象的是( )13. 大小相等的力F 按如图所示的四种方式作用在相同的物体上，使物体沿粗糙的水平面移动相同的距离，其中力F 做功最多的是（ ）14. 三个物体，质量分别为m 1=1kg 、m 2=2kg 、m 3=3kg ，带有滑轮的m 3放在光滑水平面上，m 1、m 2、m 3的位置如图所示，滑轮和所有接触面的摩擦以及绳子的质量均忽略不计，向右的水平推力F 作用在m 3上，m 1、m 2、m 3无相对运动，一起向右运动，则加速度的大小是（ ）第11题图第12题图第13题图第14题图15.如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O 。
安徽省蚌埠一中2015届高三12月月考 生物 Word版缺答案
蚌埠一中2014-2015学年度第一学期12月月考高三生物试卷（时间：90分钟分值：100分）一、单项选择题（共30题，满分60分，每题2分）1.埃博拉出血热（EBHF）是由埃博拉病毒（EBV）（一种丝状单链RNA病毒）引起的当今世界上最致命的病毒性出血热，目前该病毒已经造成超过5160人死亡。
EBV与宿主细胞结合后，将核酸-蛋白复合体释放至细胞质，通过下图途径进行增殖。
下列推断正确的是（）A．若将EBV的-RNA注入人体细胞将引起EBHF。
B．过程②需要的氨基酸和tRNA的种类、数量相同。
C．EBV增殖过程需细胞提供四种脱氧核苷酸和ATP 。
D．过程①所需嘌呤比例与过程③所需嘧啶比例相同。
2．下列关于颤藻和水绵的描述，错误的是()。
A．生活状态下颤藻呈蓝绿色，水绵呈绿色。
B．相同长度丝状体中颤藻细胞个数少于水绵。
C．颤藻细胞内有色素，水绵中有带状叶绿体。
D．滴加碘液后，水绵细胞内呈现出黄色结构，颤藻则无。
3．美国科学家吉尔曼和罗德贝尔因在G蛋白研究方面的突出贡献，荣获1994年诺贝尔奖。
多年后罗伯特和布莱恩，因在G蛋白偶联受体（GPCPs）方面的研究成果，荣获2012年诺贝尔奖。
GPCPs是一条往返穿膜七次的跨膜蛋白，下图是其结构模式图。
下列有关G蛋白和G 蛋白偶联受体说法错误的是( )A.G蛋白偶联受体（GPCPs）可能是糖蛋白。
B.该条多肽链只有一个游离的氨基和一个游离羧基。
C.此多肽链中氨基酸的“R基”之间形成的“—S—S—”，具有维持活性的作用。
D.G蛋白是在细胞中游离的核糖体上合成的。
4．下列关于细胞中结构、化合物和功能的叙述，正确的是（）A．原核生物没有染色体，不遵循孟德尔遗传规律，可遗传变异只能来自基因突变。
B．细胞内需能反应都是由A TP直接供能的，且需能反应越强，ATP/ADP比率越低所。
C．细胞中有RNA和DNA且都是由核苷酸组成的，但只有DNA是遗传物质且能够储存遗传信息。
安徽省蚌埠一中2015届高三12月月考 语文 Word版缺答案
蚌埠一中2014-2015学年度第一学期12月月考高三语文试卷（时间：150分钟分值： 150分）第Ⅰ卷阅读题（66分）一、（9分）阅读下面文字，完成1～3题在怀疑的时代依然需要信仰卢新宁①谢谢你们叫我回家。
让我有幸再次聆听老师的教诲，分享我亲爱的学弟学妹们的特殊喜悦。
如果把生活比作一段将理想“变现”的历程，我们只是一叠面额有限的现钞，而你们是即将上市的股票。
从一张白纸起步的书写，前程无远弗届，一切皆有可能。
面对你们，我甚至缺少一分抒发“过来人”心得的勇气。
②跟你们一样，我曾在中文系就读，青涩的背影也曾被燕园的阳光，定格在五院青藤缠满的绿墙上。
但那是上个世纪的事了，我们之间横亘着20多年的时光。
我们那时的中国依然贫穷却豪情万丈，而今天这个世界第二大经济体，还在苦苦寻找迷失的幸福，无数和你们一样的青年喜欢用“囧”形容自己的处境。
③其实，你们这一代人，有着远比我们当年更优越的条件，更广博的见识，更成熟的内心，站在更高的起点。
④我们想说的是，站在这样高的起点，由北大中文系出发，你们不缺前辈大师的庇荫，更不少历史文化的熏染。
《诗经》《楚辞》的世界，老庄孔孟的思想，李白杜甫的词章，构成了你们生命中最为激荡的青春时光。
我不需要提醒你们，未来将如何以具体琐碎消磨这份浪漫与绚烂；也不需要提醒你们，人生将以怎样的平庸世故，消解你们的万丈雄心；更不需要提醒你们，走入社会，要如何变得务实与现实，因为你们终将以一生浸淫其中。
⑤我唯一的害怕，是你们已经不相信了——不相信规则能战胜潜规则，不相信学场有别于官场，不相信学术不等于权术，不相信风骨远胜于媚骨。
你们或许不相信了，因为追求级别的越来越多，追求真理的越来越少；讲待遇的越来越多，讲理想的越来越少；大官越来越多，大师越来越少。
因此，在你们走向社会之际，我想说的只是，请看护好你曾经的激情和理想。
在这个怀疑的时代，我们依然需要信仰。
⑥我知道，与我们这一代相比，你们这一代人的社会化远在你们踏上社会之前就已经开始了，国家的盛世集中在你们的大学时代，但社会的问题也凸显在你们的青春岁月。
安徽省示范高中2015届高三第一次联考物理试题(扫描版)
安徽省示范高中2015届高三第一次联考2015届安徽省示范高中高三第一次联考物理参考答案开开关S 1、S 2，电容器C 的电荷量不变，将C 两极板错开一些由4sC kdεπ=知电容器C 的电容减小，由QC U =知U 增大，θ增大，选项C 正确；将C 两极板间距d 增大一些，由上面三式联立解得θ不变，选项D 错误。
4.D 【解析】由运动规律可得，坠楼女下落到男子手臂处的速度，由v 2=2gh 解得v =12m/s ，坠楼女的下落时间t 1=v/g =1.2s ，选项AB 正确；从接触男子手臂到停止运动，坠楼女的加速度a =v/t 2=60m/s 2，根据牛顿定律F －mg=ma 可得，F =7mg ，选项C 正确。
男子接坠楼女的整个过程，坠楼女做减速运动，加速度方向向上，坠楼女处于超重状态，选项D 错误。
5．C 【解析】由题图乙可知，交流电的周期为T ＝0.02s ，由T ＝1n可得，转速n ＝50r/s ；交流电的有效值为E ＝E m 2＝3V ，电压表的示数U ＝E R ＋r R ＝2V ，电路中电流的最大值为I m ＝E mR ＋r ＝2A 。
只有选项C 正确。
6．B 【解析】0—1s 产生的感应电动势E 1＝St B t 1111∆∆=∆∆φ，3—5s 产生的感应电动势E 2＝S t B t 2222∆∆=∆∆φ，由于ΔB 1＝ΔB 2，Δt 2＝2Δt 1，故E 1＝2E 2，选项B 正确；根据法拉第电磁感应定律可知在0—1s 内线圈中产生逆时针方向的电流，感应电流产生的磁场方向与原磁场方向相反；1—3s 穿过线圈的磁通量没有发生变化，故回路中没有感应电流，3—5s 穿过回路中的磁通量变小，根据楞次定律可知回路中产生顺时针方向的电流，感应电流的磁场与原磁场方向相同，故选项A 、C 、D 错误。
7.C 【解析】该粒子受到的洛伦兹力与所在处的磁感线方向垂直且斜向上，只是其水平分力（或者说是洛伦兹力与重力的合力）提供做匀速圆周运动的向心力，选项B 错误；根据左手定则知，从轨迹上方朝下看，该粒子沿顺时针方向运动，选项A 错误；由洛伦兹力与重力的合力提供做匀速圆周运动的向心力，结合勾股定理，有(qυB )2– (mg )2=m υ2R ，得该粒子所在处磁感应强度大小B=1qυm 2g2+ m 2υ4R2，选项C 正确，D 错误。
安徽省蚌埠一中2015-2016学年高二12月月考物理试题 含答案
蚌埠一中2015-2016年度第一学期12月份月考高二物理学科命题人：陈奇总分100分时间90分钟一、选择题:（每题4分，共48分）1.如图所示,在磁感应强度B＝1T的匀强磁场中,用两根细线悬挂长L ＝10cm、质量m1．关于电源,下列说法中正确的是（) A．电源的作用是为电路提供自由电荷B．电源的作用是自己直接释放出电能C．电源的作用是能保持导体两端的电压,使电路中有持续的电流D．电源的作用是使自由电荷运动起来2．两电阻R1、R2的电流I和电压U的关系如图所示,可知两电阻R1:R2等于( ）A．1：3 B．3:1C．1:错误! D 。
错误!:13．为探究小灯泡L的电流随电压变化的关系,连好如图甲所示的电路后闭合开关，通过移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光。
由电流表和电压表示数得到的多组数据描绘出的U－I图象应是（）4．改革开放以来，人们的生活水平和生活质量有了较大的改善,电冰箱、空调机、电视机等家用电器得到了普遍使用。
根据下图中铭牌上提供的信息，判断在12小时内正常使用的电冰箱与连续运转的电风扇消耗电能的情况是（）BC－65B电冰箱，额定电压220V，工作频率50Hz，额定功率70W 耗电荷量：0.50kW·h/24h错误!A．电冰箱比电风扇多B．电风扇比电冰箱多C．电风扇与电冰箱一样多D．电冰箱比电风扇可能多，也可能少5.如图为滑动变阻器的示意图，A、B、C、D为4个接线柱，当滑动片P由C向D移动时，若要使变阻器接入电路的电阻由大变小，应将电阻器的哪两个接线柱连入电路（)A．A和B B．A和DC．B和C D．C和D6．一根粗细均匀的电阻丝截成长度相等的三段,再将它们并联起来，测得阻值为3Ω，则此电阻丝原来的阻值为（）A．9 ΩB．8 ΩC．27 ΩD． 3Ω7．一太阳能电池板，测得它的开路电压(电动势)为800mV,短路电流为40mA，若将该电池板与一阻值为60Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是( )A．0。
安徽省蚌埠一中2014-2015学年高二物理上学期12月月考试题(含解析)
安徽省蚌埠一中2014-2015学年上学期12月月考高二物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每空4分，共48分．〕1．如图是某一点电荷的电场线分布图．如下表述正确的答案是〔〕A．a点的电势高于b点的电势B．该点电荷带正电C．a点和b点电场强度的方向一样D．a点的电场强度大于b点的电场强度考点：电场线；电场强度．.分析：利用电场线的特点分析即可．借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的上下．解答：解：A、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线方向电势降低，如此知a点电势低于b点电势，故A错误．B、根据电场线的方向特点，可知该点电荷带负电，故B错误．C、由题图可看出a点和b点电场强度的方向不同，故C错误D、电场线越密的地方电场强度越大，如此a点的电场强度大于b点的电场强度，故D正确．应当选：D．点评：熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键．2．〔4分〕〔2012•某某〕A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为﹣2q的点电荷，其所受电场力为〔〕A．﹣B．C．﹣F D．F考点：电场强度；电场的叠加．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：首先确定电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向的关系，再根据库仑定律得到F与AB的关系，即可求出﹣2q的点电荷所受电场力．解答：解：根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为﹣2q的点电荷在C 处所受的电场力方向与F方向一样．设AB=r，如此有BC=2r．如此有：F=k故电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受电场力为：F C=k=应当选B点评：此题关键是根据库仑定律研究两电荷在两点所受的电场力大小和方向关系，难度不大．3．〔4分〕〔2012•江苏〕一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是〔〕A．C和U均增大B．C增大，U减小C．C减小，U增大D．C和U均减小考点：电容器．.专题：电容器专题．分析：根据电容的决定式判断电容大小，根据定义式判断电压变化．解答：解：由公式知，在两极板间插入一电介质，其电容C增大，由公式知，电荷量不变时U减小，B正确．应当选B点评：此题考查了等容的定义式和决定式的配合应用．4．〔4分〕〔2010•资阳一模〕一电子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中实线所示图中一组平行虚线是等势面，如此如下说法正确的答案是〔〕A．a点的电势比b点低B．电子在a点的加速度方向向右C．电子从a点到b点动能增加D．电子从a点到b点电势能增加考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解答：解：A、根据电子的运动轨迹可知，电子受的电场力向下，电场线与等势面垂直，由此可知电场线的方向向上，沿电场线的方向，电势降低，所以a点的电势比b点高，所以A错误．B、由A的分析可知，电子受的电场力向下，所以电子在a点的加速度方向向下，所以B错误．C、从A点到B点的过程中，电场力做负功，所以电子从a点到b点动能减小，所以C错误．D、电场力做负功，电势能增加，所以电子从a点到b点电势能增加，所以D正确．应当选D．点评：加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．5．〔4分〕关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的答案是〔〕A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向考点：电场强度；电势．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的上下．解答：解：A、电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势上下，故A 错误；B、在匀强电场中，电场强度不变，沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；C、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零．故C错误．D、沿着电场方向电势降低最快，故D说法正确；应当选：D．点评：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的上下，如此电场强度与电势没有直接关系．顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．6．〔4分〕如下列图为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带正电的粒子，设带电粒子只受电场力的作用，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．2 s末带电粒子回到原出发点C．3 s末带电粒子的速度不为零D．0～3 s内，电场力做的总功为零考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由图象可知，电场强度的大小与方向的变化，当带电粒子由静止释放仅在电场力作用下，根据运动与力的关系可确定运动情况．解答：解：由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为 a1=，为第2s内加速度a2=的，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v﹣t 图象如下列图：A、带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误．B、根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点最远，故B错误；C、由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C错误；D、因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确．应当选：D．点评：此题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一，所以失去对称性．假设电场强度大小一样，如此带电粒子一直同一个方向运动．7．〔4分〕一根粗细均匀的导线，当其两端电压为U时，通过的电流是I，假设将此导线均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为I，导线两端所加的电压变为〔〕A．4U B．U C．2U D．考点：欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：由导线长度的变化可知电阻的变化，再由欧姆定律可求得导经两端所加电压．解答：解：由欧姆定律可知，R=导线拉长后，横截面积减小为原来的一半，如此电阻R′==4R；如此由欧姆定律可知，电压U′=I4R=4U；应当选：A．点评：此题考查欧姆定律与电阻定律，要注意当长度拉长后，导体的截面积减小为原来的一半．8．〔4分〕一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36W与36V．假设把此灯泡接到输出电压为18V的电源两端，如此灯泡消耗的电功率〔〕A．等于36 W B．小于36 W，大于9 WC．等于9 W D．小于9 W考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．.专题：恒定电流专题．分析：根据功率的公式P=可以分析，当电压有36V变为18V时灯泡的功率的变化，在由金属的电阻随温度的变化可以分析得出灯泡消耗的电功率．解答：解：由于金属的电阻随温度的升高而增大，所以以额定电压工作时的电阻大于以18V电压工作的电阻．根据局部电路欧姆定律，有P1=，P2=，所以=，所以灯泡消耗的功率小于36W大于9 W，所以B正确．应当选B．点评：在此题中要考虑到电压的变化对灯泡的电阻带来的影响，电压降低之后由于温度的降低，灯泡的电阻会减小．9．〔4分〕如下列图电路中，R0为定值电阻，当滑片P向右移动过程中，如下判断正确的答案是〔〕A．电压表V1、电流表A的读数都增大B．电压表V1与电流表A读数的比值保持不变C．电压表V2与电流表A读数的比值变大D．电压表V1、电流表A读数变化量的比值保持不变考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：当滑片P向右移动过程中，分析变阻器接入电路的电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，确定电流表读数的变化．由欧姆定律判断电压表V2读数的变化，分析变阻器的电压变化，判断电压表V1的变化．解答：解：A、当滑片P向右移动过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中总电流I减小，电流表A的读数减小．电压表V1的读数U1=E﹣I〔R0+r〕，I减小，E、R0、r不变，如此U1增大，电压表V1的读数增大．故A错误．B、电压表V1与电流表A读数的比值等于变阻器阻值，可见在增大．故B错误．C、电压表V2与电流表A读数的比值为电阻R0的阻值，所以保持不变．故C错误．D、根据闭合电路欧姆定律得：U1=E﹣I〔R0+r〕，如此电压表V1、电流表A读数变化量的比值=R0+r，保持不变．故D正确．应当选：D点评：此题考查分析电路动态变化的能力，两电表读数的比值要根据欧姆定律和全电路欧姆定律进展分析．10．〔4分〕如图，电源内阻不计．为使电容器的带电量增大，可采取以下那些方法〔〕A．增大R1B．增大R2C．增大R3D．减小R3考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：为使电容器的带电量增大，必须使电容器板间电压增大，电路稳定时，电容器板间电压等于变阻器R2两端的电压，根据串联电路的特点分析电容器电压的变化．解答：解：由电路图看出，电容器板间电压等于变阻器R2两端的电压，由欧姆定律得知，电容器的电压为 U=E，当增大R2或减小R1时，U增大，电容器的带电量增大，由上式看出U与R3无关．故B 正确．应当选：B点评：此题是含容电路，关键分析电容器的电压，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．11．〔4分〕如下列图，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V．如果他把电压表改接在R2两端，如此电压表的示数将〔〕A．小于4V B．等于4V C．大于4V小于8V D．等于或大于8V考点：串联电路和并联电路．.专题：恒定电流专题．分析：电压表的内阻不是远大于R1 R2，电表表与电阻并联后，并联局部电阻减小，分担的电压减小．结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数．解答：解：电压表接在R1两端，电压表的示数8V，如此此时R2两端的电压为4V．把此表改接在两端R2时，由于电压表的内阻不是远大于R1 R2，电压表与R2并联的阻值小于R2，而R1与并联局部串联，总电压U=12V，如此R1的电压大于8V，电压表与R2并联的电路的电压小于4V．应当选A点评：此题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．12．〔4分〕如下列图是一个双量程电压表，表头是一个内阻R g=500Ω，满刻度电流为I g=1mA 的毫安表，现接成量程分别为10V和100V的两个量程，如此所串联的电阻R1和R2分别为〔〕A．9500Ω，9.95×104ΩB．9500Ω，9×104ΩC．1.0×103Ω，9×104ΩD．1.0×103Ω，9.95×104Ω考点：把电流表改装成电压表．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：串联的电阻的大小决定了量程的大小，其关系式为：U=I g R g+I g R 得R=以此求解问题．解答：解：表头满刻度电压值为U g=I g×R g=0.5V，量程为10V时，在电阻R1两端的电压应为9.5V，电阻R1=；同理R2=Ω=9×104Ω．如此B正确，A C D 错误应当选：B点评：电流表串联电阻量程增加，其关系式为 U=I g R g+I g R二、填空、实验题〔此题共4小题，每空3分，共27分．〕13．〔6分〕质量为m、电量为q的质点，在静电力作用下以恒定的速率v沿圆弧从A点运动到B点，其速度方向改变的角度为θ〔弧度〕，AB弧长为s，如此A、B两点间的电势差ϕA﹣ϕB=0，AB弧中点的场强大小E=．考点：电势差；电场强度．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意知电荷在静电力作用下做的是匀速圆周运动，静电力做的功是零得出A、B两点间的电势差．静电力是质点做圆周运动的向心力列出等式和点电荷的场强公式结合求解AB弧中点的场强大小．解答：解：由题意知电荷在静电力作用下做的是匀速圆周运动，从A点运动到B点，由动能定理知，静电力做的功是零，所以A、B两点间的电势差U AB=0设场源电荷的电荷量为Q，质点做圆周运动的轨道半径为r，如此弧长s=θr ①静电力是质点做圆周运动的向心力，即=②弧AB中点的场强大小E=③解①②③组成的方程组得E=故答案为：0；．点评：涉与到电势差的问题，常常要用到动能定理．要掌握电场强度，电势差，电场力做功等物理量间的关系．14．〔6分〕〔1〕图1中是用螺旋测微器测量一金属薄板厚度时的示数，此读数应为5.625 mm．〔2〕一游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有10个小等分间隔，现用此卡尺来测量工件的直径，如图2所示．该工件的直径为29.8 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．.专题：实验题．分析：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为12.5×0.01mm=0.125mm，所以最终读数为5.5mm+0.125mm=5.625mm．2、游标卡尺的主尺读数为29mm，游标尺上第8个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.1×8mm=0.8mm，所以最终读数为：29mm+0.8mm=29.8mm；故答案为：5.625，29.8点评：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些根本仪器进展有关测量．15．〔6分〕在用伏安法测量一个定值电阻阻值的实验中提供了如下器材，器材规格如下：〔1〕待测电阻R x〔约100Ω〕；〔2〕直流毫安表〔量程0～20mA，内阻约50Ω〕；〔3〕直流电压表〔量程0～3V，内阻约5kΩ〕；〔4〕直流电源〔输出电压3V，内阻可不计〕；〔5〕滑动变阻器〔阻值范围0～15Ω，允许最大电流1A〕；〔6〕电键一个，导线假设干条．实验要求最大限度的减小误差，如此毫安表的连接应选择外接〔填“内接〞或“外接〞〕的连接方式；滑动变阻器的连接应选择分压〔填“限流〞或“分压〞〕的连接方式．考点：伏安法测电阻．.专题：实验题．分析：此题的关键是明确当满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法；当滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法．解答：解：由于待测电阻满足，所以电流表应用外接法；由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻，所以变阻器应采用分压式接法．故答案为：外接，分压点评：应明确：①当满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．②当变阻器的全电阻远小于待测电阻或要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法．16．〔9分〕用如图的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的电动势约为2V，内阻非常小，为防止滑动变阻器电阻过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0．除蓄电池、滑动变阻器、开关、导线外，可供使用的实验器材还有：A．电流表〔量程I：0.6A，量程Ⅱ：3A〕；B．电压表〔量程I：3V，量程Ⅱ：15V〕；c．定值电阻〔阻值2Ω、额定功率5w〕；D．定值电阻〔阻值10Ω、额定功率10w〕；为了完成实验：〔1〕电流表应选用量程I〔填“I〞或“Ⅱ〞〕．〔2〕电压表应选用量程I〔填“I〞或“Ⅱ〞〕．〔3〕保护电阻R．应选用C〔填“C〞或“D〞〕．考点：测定电源的电动势和内阻．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，保护电阻既能保护电路，阻值又不能太大，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器最大阻值应小些．解答：解：蓄电池内阻约为1Ω，电路中接有保护电阻，电路电流不超过1A，如果用量程为3A的电流表，误差较大，因此电流表应选0.6A量程；一节蓄电池电动势约为2V，因此电压表应选3V量程；选电池电动势为2V，保护电阻应选C〔阻值2Ω、额定功率5W〕，如果选择乙，由于定值定值较大，电路电流较小，电流变化范围小，不能测多组实验数据；故答案为：〔1〕I；〔2〕I；〔3〕C．点评：此题考查了实验器材的选取，要掌握实验器材的选取原如此：安全性原如此、准确性原如此、方便性原如此、经济〔节能〕性原如此．三、计算题〔第17题9分，18题9分，19题7分〕17．〔9分〕如下列图，在直角三角形区域ABC内存在着平行于AC方向的匀强电场，AC边长为L，一质量为m、电荷量为+q的带电粒子以初速度v0从A点沿AB方向进入电场，垂直通过BC边的中点，如此粒子从BC出来时的水平分速度v x和电场强度的大小E各为多大？〔不计重力〕考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电粒子垂直进入电场做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，速度不变．粒子垂直通过BC边的中点，速度方向与水平方向的夹角等于∠C，竖直位移等于，水平位移等于．根据牛顿第二定律和运动学公式分别两个分位移的关系和两个分速度的关系，求出E的大小．解答：解：带电粒子垂直进入电场做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，粒子从BC出来时的水平分速度v x=V0．设粒子垂直通过BC边中点时水平位移为x，竖直位移为y，∠C=θ由题有：x=tanθ=v0t…①y===…②由①②联立得： =…③设粒子经过BC中点时竖直方向分速度这v y，如此v y=v0tanθ又v y2=2ay得：v02tan2θ=…④tan2θ=…⑤将⑤代入③解得：E=答：粒子从BC出来时的水平分速度v x和电场强度的大小E各为V0，点评：此题粒子做类平抛运动，既要分解位移，又要分解速度，考查综合分析和应用的能力．18．〔9分〕如下列图，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加有如下列图的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，求：〔1〕原来的电场强度的大小；〔2〕物体运动的加速度；〔3〕沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕考点：共点力平衡的条件与其应用；带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：〔1〕对小球进展受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度．〔2〕电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度．〔3〕沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解．解答：解：〔1〕对小球受力分析并合成如图：由平衡条件得：F′=mg在直角三角形中：tanθ=得：qE=mgtanθ，解得：〔2〕对小球受力分析并正交分解如图：F合=mgsin37°﹣Fcos37°=ma即：解得：a=3m/s2方向：沿斜面向下〔3〕在下滑过程中：W=F合×L由动能定理：解得：答：〔1〕原来的电场强度〔2〕物体运动的加速度为：a=3m/s2，方向：沿斜面向下〔3〕沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小为点评：问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可．19．〔7分〕如下列图的电路中，电源的电动势E=9V，内阻未知，R1=5Ω，R2=12Ω，L为规格“6V，3w〞的灯泡，开关S断开时，灯泡恰好正常发光．不考虑温度对灯泡电阻的影响．求：〔1〕灯泡的额定电流和和灯丝电阻．〔2〕电源的内阻．〔3〕开关S闭合时，灯泡实际消耗的功率．考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：〔1〕根据求出小灯泡的额定电流，根据求电阻〔2〕断开S时，灯L正常发光，即I1=I0，根据闭合电路欧姆定律即可求解；〔3〕闭合S时，求出外电路总电阻，根据欧姆定律求出电流和电压，从而求出实际功率．解答：解：〔1〕开关S断开：==0.5A=〔2〕由闭合电路欧姆定律：E=I0〔R1+R L+r〕代入数据得r=1Ω〔3〕开关S闭合时：总电阻为﹣﹣﹣﹣﹣①电流I=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②U L=E﹣I〔r+R1〕﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④代入数据求得：P L=1.6875W答：〔1〕灯泡的额定电流和和灯丝电阻为.5安、12欧〔2〕电源的内阻为1欧〔3〕实际功率为1.6875瓦点评：对于直流电路的计算问题，往往先求出局部的电阻，再求出外电路总电阻，根据欧姆定。
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蚌埠一中2014-2015学年度第一学期12月月考
高三物理试卷
（时间：90 分值：100 ）
一、单项选择题（每小题4分，共60分）
1.如图1所示，两个电荷量均为＋q 的小球用长为l 的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上．两个小球的半径r ≪l ，k 表示静电力常量．则轻绳的张力大小为( )
A ．0 B.kq 2
l
2
C ．2kq 2l 2 D.kq
l 2 图1
2.关于点电荷的概念，下列说法正确的是( )
A ．当两个带电体的形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看做点电荷
B ．只有体积很小的带电体才能看做点电荷
C ．体积很大的带电体一定不能看做点电荷
D ．对于任何带电球体，总可以把它看做电荷全部集中在球心的点电荷 3．真空中，A 、B 两点与点电荷Q 的距离分别为r 和3r ，则A 、B 两点的电场强度大小之比为( )
A ．3:1
B ．1:3
C ．9:1
D ．1:9
4．如图2所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q 产生的电场线，若带电粒子q (|Q |≫|q |)由a 运动到b ，电场力做正功．已知在a 、b 两点粒子所受电场力分别为F a 、F b ，则下列判断错误的是( )
A ．若Q 为正电荷，则q 带正电，F a ＞F b
B ．若Q 为正电荷，则q 带正电，F a ＜F b
C ．若Q 为负电荷，则q 带正电，F a ＞F b
D ．若Q 为负电荷，则q 带正电，F a ＜F b
图2 图3
5．如图3所示，M 、N 为两个等量同种正电荷Q ，在其连线的中垂线上任意一点P 自由释放一个负点电荷q ，不计重力影响，下列关于点电荷q 的运动的说法正确的是( )
A ．从P →O 的过程中，加速度越来越大，速度越来越大
B ．从P →O 的过程中，加速度越来越小，速度越来越大
C ．点电荷运动到O 点时加速度为零，速度达到最大值
D ．点电荷越过O 点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零 6．如图4所示，真空中A 、B 两个点电荷的电荷量分别为＋Q 和＋q ，放在光滑绝缘水平面上，A 、B 之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x 0.若弹簧发生的均是弹性形变，则( )
A ．保持Q 不变，将q 变为2q ，平衡时弹簧的伸长量等于2x 0
B ．保持q 不变，将Q 变为2Q ，平衡时弹簧的伸长量小于2x 0
C ．保持Q 不变，将q 变为－q ，平衡时弹簧的缩短量等于x 0
D ．保持q 不变，将Q 变为－Q ，平衡时弹簧的缩短量小于x 0
图4 图5
7．如图5是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集版`中央的两侧，对矿粉分离的过程，下列表述正确的有( )
A ．带正电的矿粉落在右侧
B ．电场力对矿粉做正功
C ．带负电的矿粉电势能变大
D ．带正电的矿粉电势能变大
8．静电场中，带电粒子在电场力作用下从电势为φa 的a 点运动至电势为φb 的b 点．若带电粒子在a 、b 两点的速率分别为v a 、v b ，不计重力，则带电粒子的
比荷q
m 为( )
A. 22a b
b a v v ϕϕ--
B. 22b a b a v v ϕϕ--
C.222()
a b
b a v v ϕϕ-- D. 222()
b a
b a v v ϕϕ--
9．一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C 和两极板间的电势差U 的变化情况是( )
A ．C 和U 均增大
B ．
C 增大，U 减小 C ．C 减小，U 增大
D ．C 和U 均减小
10．如图6所示，质子(11H )和α粒子(4
2He )，以相同的初动能垂直射入偏转电
场(粒子不计重力)，则这两个粒子射出电场时的偏转位移y 之比为( )
A ．1:1
B ．1:4
C ．2:1
D ．1:2
图6 图7
11．两个劲度系数分别为k 1
2弹簧的一端固定在墙上，如图7所示．开始时弹簧均处于原长状态，现用水平力作用在b 弹簧的P 端向右拉动弹簧，已知a 弹簧的伸长量为L ，则( )
A ．b 弹簧的伸长量也为L
B ．b 弹簧的伸长量为k 1L k 2
C ．P 端向右移动的距离为2L
D ．P 端向右移动的距离为(1＋k 2
k 1
)L
12.关于电流，下列说法中正确的是( )
A ．导线内自由电子定向移动速率等于电流的传导速率
B ．电子运动的速率越大，电流越大
C ．电流是一个矢量，其方向就是正电荷定向运动的方向
D．在国际单位制中电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位
13. 电动势为E，内阻为r的电源与固定电阻R0、可变电阻R串联，如右图
所示，设R0＝r，R ab＝2r，当变阻器的滑片自a端向b端滑动时，
下列各物理量中随之减小的是()
A．电源的输出功率B．变阻器消耗的功率
C．固定电阻R0上消耗的功率D．电池内电阻上消耗的功
率
14.在如图8所示电路中，AB为粗细均匀、长为L的电阻丝，以A、B上各点相对A点的电压为纵坐标，各点离A点的距离x为横坐标，则U随x变化的图线应为()
图8 A．B．C． D.
15.电阻R1和R2分别标有“2 Ω，1.0 A”和“4 Ω，0.5 A”，将它们串联后接入电路中，如图9所示，则此电路中允许消耗的最大功率为() A．1.5 W B．3.0 W
C．5.0 W D．6.0 W
图9
二、非选择题（共40分）
16.（6分）某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图10①所示，测金属板厚度时的示数如图10②所示．图①所示读数为________mm，图②所示读数为__________mm，所测金属板的厚度为__________mm.
图10
17.（8分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6 V,1.5
W”的小灯泡、导线和开关外，还有：
A．直流电源6 V(内阻不计)
B．直流电流表0～3 A(内阻0.1 Ω以下)
C．直流电流表0～300 mA(内阻约为5 Ω)
D．直流电压表0～10 V(内阻约为15 kΩ)
E．滑动变阻器10 Ω，2 A
F．滑动变阻器1 kΩ，0.5 A
实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．
(1)实验中电流表应选用__________，滑动变阻器应选用__________．(均用序号表示)
(2)画出实验电路图．
18.（8分）质量为3千克的铅球从2米高处由静止自由落下，进入沙
坑后静止，铅球在沙坑中的深度为0.2米，取g=10m/s2。
求铅球在沙坑中受到的平均阻力。
19.（12分）如下图所示，水平放置的带电平行板M、N相距10 cm，A点距M板3 cm，AB间距为10 cm，且与水平方向成30°角，将一带电荷量为2.0×10－6C的正电荷q由A点沿AB直线移到B点，电场力做功为1.6×10－6 J．试求：
(1)板间电场强度；
(2)M、N两板间的电势差；
(3)电荷q在B点的电势能．
20.（6分）在光滑水平地面上有一凹槽A，中央放一小物块B，物块与左右两边槽壁的距离如下图所示，L为1.0m，凹槽与物块的质量均为m，两者之间的动摩擦因数μ为0.05，开始时物块静止，凹槽以v0＝5m/s初速度向右运动，设物块与凹槽槽壁碰撞过程中没有能量损失，且碰撞时间不计。
g取10m/s2。
求：
（1）从凹槽开始运动到两者相对静止物块与右侧槽壁碰撞的次数；
（2）从凹槽开始运动到两者刚相对静止所经历的时间及该时间内凹槽运动的位移大小。