2017-2018学年辽宁沈阳市第31中学高二第一学期期中考试物理试题 解析版

辽宁省沈阳市第31中学2017－2018学年第一学期期中考试高二物理试卷一.选择题：1. 两颗人造地球卫星，向心加度之比a1：a2、=9:1,下列有关数据之比正确的是（）A. 轨道半径之比R1：R2=1:3B. 线速之比v1：v2=3:1C. 向心力之比 F1：F2=1：9D. 周期之比T1：T2=3:1【答案】A【解析】根据可得轨道半径之比R1：R2=1:3，选项A正确；根据可得，线速度之比v1：v2=:1，选项B错误；因卫星的质量关系不确定，不能确定向心力之比，选项C错误；根据可知周期之比T1：T2=1:3，选项D错误；故选A.2. 下列关于物体动量和冲量不正确的是（）A. 物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向B. 物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大C. 物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变D. 物体所受合理外力越大，他的动量变化就越快【答案】B【解析】根据动量定理可知，物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向，选项A正确；物体所受合外力冲量越大，它的动量变化也越大，选项B错误；物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变，选项C正确；根据动量定理，合外力等于动量的变化率，则物体所受合外力越大，他的动量变化就越快，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B.3. 关于电动势，下列说法正确的是（）A. 在电源内部，通过静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加B. 对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C. 非静电力把位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大D. 电动势就是电源两端的电压【答案】C【解析】在电源内部，通过非静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加，选项A错误；非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大，选项B错误，C正确；电动势并不是电源两端的电压，大小等于外电路断路时的路端电压，选项D错误；故选C.4. 如图所示，在一次救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升飞机A，用悬索（重力可忽略不计）救护困在湖水中的伤员B.在直升机A和伤员B以相同的水平速度匀速运动的同时，悬索将伤员提起，在某一段时间内， A、B之间的距离以l=H-t2（式中H为直升飞机A离水面的高度，各物理量的单位均为国际单位制单位）规律变化，则在这段时间内，下列判断正确的是（不计空气作用力）A. 伤员做习减速曲线运动B. 伤员做匀速直线运动C. 悬索的拉力大于伤员的重力D. 悬索的拉力方向斜向上【答案】C【解析】直升飞机A和伤员B以相同的水平速度匀速运动，所以绳索是竖直的．故D错误．B 实际的运动是水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上匀加速直线运动的合运动．是加速度不变，则伤员做匀加速曲线运动，选项AB错误；在竖直方向上有向上的加速度，根据牛顿第二定律有F-mg=ma．知拉力大于重力．故C正确．故选C．点睛：解决本题的关键知道B实际的运动是水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上匀加速直线运动的合运动．根据牛顿第二定律可比较出拉力和重力的大小．5. 如图所示的电路中，电阻阻值已标出，当输入电压 U AB=220V时，输出电压U CD为（）A. 1VB. 2VC. 3VD. 4V【答案】B【解析】并联部分的等效电阻为：，则电路的总电阻为：R总=10R+R=11R．由串联分压得并联部分R并上的电压为：．而输出电压U CD即电阻R上分到的电压，再由串联分压得，．故选B.6. 人造地球卫星在运行中，若受到稀薄大力的阻力作用，其运动轨道半径会逐渐减小，但仍然可看成是圆周运动，在此过程中，以下说法正确的是（）A. 卫星的周期将增大B. 卫星的向心力将减小C. 卫星的动能将减少D. 卫星的机械能将减少【答案】D点睛：本题关键是根据题意得出轨道半径变小，然后抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论．7. 质量为1kg的物体以某一速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化的图线如所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A. 物体与水平面间的动摩擦因数为0.15B. 物体与水平面间的动摩擦因数为0.25C. 物体滑行的总时间为4.5sD. 物体滑行的总时间为2.5s【答案】B【解析】由图象可知，E K1=50J，E K2=0J，位移x=20m，E K1=mv12=50J，解得初速度v1=10m/s，由动能定理得：E K2-E K1=-fx，解得：f=2.5N=μmg，μ=0.25，物体加速度a==2.5m/s2，物体运动时间t==4s，以上分析可知，故B正确，ACD错误．故选B．点睛：利用数学图象处理物理问题的方法就是把物理表达式与图象结合起来，根据图象中的数据求解．一般我们通过图象的特殊值和斜率进行求解．8. 如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为 h的B点速度减为零，不计空气阻力，重力加速度为g，关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的有（）A. 小球的机械能减少mg（H+h）B. 小球克服阻力做的功为mghC. 小球所受阻力的冲量大于mD. 小球动量的改变量等于所受阻力的冲量【答案】AC【解析】AB．由动能定理mg(H＋h)－W f＝0，则W f＝－mg(H＋h)，所以小球的机械能减少了mg(H ＋h)，所以A选项正确，B选项错误；C．小球自由落下至地面过程，机械能守恒，mgH＝mv2，v＝，落到地面后又陷入泥潭中，由动量定理I G－I f＝0－mv，所以I f＝I G＋mv＝I G＋m，小球所受阻力的冲量大于m，所以C选项正确；D．由动量定理知小球动量的改变量等于合外力的冲量，所以D选项错误．故选：AC。

点睛：通过小球重力势能和动能的变化量求出小球机械能的减小量，对全过程运用动能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根据动量定理求出小球阻力的冲量．9. 如图所示，质量为M的物体内有光滑圆形轨道，现有一质量为m的小滑块沿该圆形轨道在竖直面内做圆周运动.A、C点为圆周的最高点和最低点，B、D点是圆水平直径两端点.物体M在地面上静止不动，则物体M对地面的压力和地面对M的摩擦力的有关说法正确的是（）A. 小滑块在 A点时，F N<Mg, M与地面无摩擦B. 小滑块在 B点时， F N=(M+m) g,摩擦力方向向右C. 小滑块在 C点时，F N>(M+m) g, M与地面无摩擦D. 小滑块在 D点时， F N=Mg,摩檫力方向向左【答案】ACD【解析】小滑块在A点时，滑块对M的作用力竖直向上，则F N<Mg，系统在水平方向不受力的作用，所以没有摩擦力的作用，故A正确．小滑块在B点时，需要的向心力向右，所以M对滑块有向右的支持力的作用，对M受力分析可知，地面要对M有向右的摩擦力的作用，在竖直方向上，由于没有加速度，物体受力平衡，所以物体M对地面的压力F N=Mg，故B错误．小滑块在C点时，滑块对M的作用力竖直向下，M在水平方向不受其他力的作用，所以不受摩擦力．滑块对物体M的压力要大于C的重力，那么M对地面的压力F N＞（M+m）g，故C正确．小滑块在D点和B的受力的类似，由B的分析可知F N=Mg，摩擦力方向向左，故D正确．故选ACD. 点睛：小滑块做圆周运动，分析清楚小滑块做圆周运动的向心力的来源，即可知道小滑块和M 之间的作用力的大小，再由牛顿第三定律可以分析得出地面对M的作用力．10. 一辆小汽车在水平路面上由静止起动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其v-t图象如图所示。

已知汽车质量为 m：1×102 kg，μ=0.2，g取10m/s2，则（）A. 汽车在前5s内的牵引力为4×103NB. 汽车在前5s内的牵引力为6×103NC. 汽车的额功率为40kWD. 汽车的最大速度为30m/s【答案】AC【解析】试题分析：汽车受到的阻力；前内，由图，由牛顿第二定律：，求得：故A 错误，B正确；末功率达到额定功率，，故C错误；当牵引力等于阻力时，汽车达最大速度，则最大速度，故D正确。

考点：功率、平均功率和瞬时功率【名师点睛】本题结合图象考查汽车启动问题，在解题时要明确汽车的运动过程及运动状态，正确应用牛顿第二定律及功率公式求解。

11. 如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d.平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电量为q的油滴处于静止状态，以下说法正确的是（）A. 若将s断开，则油滴将做自由落体运动， G表中无电流B. 若将A向左平移小段位移，则油滴仍然静止， G表中有b-a的电流C. 若将A向上平移小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有a-b的电流D. 若将s断开，A向下平移一小段位移，则油滴仍然静止， G表中无电流【答案】BD【解析】将S断开，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，故油滴仍处于静止状态，故A错误；若将A板左移，电容器板间电压不变，由E=U/d可知，场强E不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态．电容器的电容减小，由Q=CU知电容器的电量将减小，放电，则G表中有b→a的电流，故B正确．将A板上移，由E=U/d可知，E变小，油滴所受的电场力减小，将向下加速运动．电容C变小，电量减小，电容器要放电，则有由b→a 的电流流过G，故C错误；若将S断开，根据，C=Q/U，E=U/d可得：E=，可知E 不变，油滴所受的电场力不变，故油滴仍处于静止状态，由于电路断开了，则G中无电流，故D正确．故选BD．点睛：本题是电容器动态变化分析问题．含有电容器的电路，只有在电容器充电或放电的过程有电流，而分析电容器充放电要根据分析电容和电压的变化来确定．二.实验题：12. 表格中所列数是量小灯泡U-I关系的实验数据：（1）分析表内实数据可知，应选用的实验电路图是图_____（选填“甲”或“乙”）.（2）在下图中的方格纸内画出小灯泡的U-I曲线___________（3）分析曲线可知小灯泡的电阻随I变大而_____(选填“变大”或“变小”或“不变”)。

【答案】 (1). （1）甲 (2). （2）U-I曲线见解析； (3). （3）变大【解析】（1）由表中数据可知，电压、电流从零开始测量因此需要滑动变阻器分压接法，故该实验选择分压接法．故应选择甲电路；（2）根据表示所给数据，画出小灯泡的U-I曲线如上所示；由小灯泡的U-I曲线可知，图象的斜率变大，故说明当电流增大时，灯泡的电阻增大．13. 在用橡皮条拉动小车的实检方案“探究功与速度变化的关系"的实验中，得到的纸带如图所示，打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的速度应记为_____m/s。