中考物理一模试卷

2016年上海市浦东新区中考物理一模试卷一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上．更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．1．首先用实验测出了大气压强值的科学家是（）A．牛顿 B．欧姆 C．阿基米德 D．托里拆利2．下列实例中，属于连通器应用的是（）A．吸尘器B．密度计C．锅炉水位计D．医用注射器3．下列物理量中，以科学家焦耳的名字作为单位的物理量是（）A．电阻 B．电功 C．电压 D．电流4．下列家用电器正常工作时，电流最小的是（）A．空调 B．微波炉C．热水器D．节能灯5．下列实例中属于增大压强的是（）A．图钉尖很尖锐B．书包背带较宽C．铁轨下铺设枕木D．穿滑雪板滑雪6．关于导体的电阻大小，下列说法中正确的是（）A．相同条件下，导体的电阻跟它的长度有关B．相同条件下，导体的电阻跟它的材料无关C．同一导体两端的电压越大，它的电阻越小D．通过同一导体的电流越小，它的电阻越大7．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S电路正常工作．过了一会儿，发现电路中有两个电表的示数突然变大．若故障只出现在R1或R2上，其它元件均完好．则（）A．一定是R1断路B．可能是R1短路C．一定是R2短路D．可能是R2断路8．如图所示的甲、乙两实心均匀正方体分别放置在水平地面上，它们对地面的压强相等．现分别在两个正方体的上部，沿水平方向切去一部分．以下判断正确的是（）A．若切去的质量相等，则甲被切去的厚度一定多B．若剩余的质量相等，则甲被切去的厚度可能多C．若切去的高度相等，则甲被切去的质量可能多D．若剩余的高度相等，则甲被切去的厚度一定多二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．9．一节新干电池的电压为伏．家中电灯与控制它的电键之间是连接的（选填“串联”或“并联”），用来测量用户消耗的电能．10．重力为600牛的某同学躺在床上时，他对床的压力为牛；若此时他对床面的压强为3000帕，其物理意义表示床面每平方米面积上所受，这时他与床面的接触面积为米2．11．如图所示的圆柱体浸没在液体中时，它的侧面受到的各个方向液体的压力相互，其下表面受到液体向上的压力比上表面受到液体向下的压力，这就是浸没在液体中的物体受到浮力的原因．因此，浮力的方向总是．12．当用微型探测器进行水下探测时，它在水面下3米处受到水的压强为帕．若探测器再继续下潜时，它受到水的浮力将，受到水的压强将．（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）13．某电灯标有“220V 40W”的字样，将它接在伏的电路中时能正常工作，“40W”表示它的为40W；该灯连续正常工作10小时，消耗电能度．14．10秒内通过某导体横截面的电量为5库，电流做的功为30焦，则通过该导体电流为安，导体两端的电压为伏．当该导体两端的电压为12伏时，电阻为欧．15．小明在研究串联电路的电流特点时，发现灯L1比灯L2亮，便作出“通过L1的电流大于通过L2的电流”的假设，由此推理，在图中A、B、C三点的电流I A、I B、I C大小关系为．基于以上假设，若在A点串联一个电流表，闭合电键后，电流表示数（选填“能”或“不能”）看作通过L1后的电流．若通过实验测量后，比较I A、I B、I C发现，则说明小明的假设是错误的．16．在图所示的电路中，电源电压保持不变．现将电流表A1和A2正确连入电路中，闭合电键S后，把滑动变阻器的滑片P逐渐向右移动，在此过程中：（1）若两电流表示数的差值始终不变，则这个差值是通过的电流．（2）若电流表A1与A2示数的比值变小，则电流表A2测量的是通过的电流．（均选填“R1”、“R2”或“干路”）三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．17．如图所示，重为6牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法在图中画出它对水平地面的压力F．18．在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图．四、计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．19．某铁块体积为4×10﹣4米3，当它浸没在水中时，求铁块受到的浮力F浮．20．如图所示电路中电源电压保持不变，定值电阻R2阻值为10欧，闭合电键后，通过R2的电流为0.6安，干路中的电流为1安．求：（1）电源电压U；（2）定值电阻R1消耗的电功率P1．21．如图所示的电路中，电源电压为15伏且保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”字样，R1的阻值为10欧．闭合电键S，R1两端的电压为8伏．（1）求通过电阻R1的电流I1；（2）求10秒钟内，电流对整个电路所做电功W；（3）要求在移动滑动变阻器滑片P的过程中，电路能正常工作，请通过计算说明R2两端电压的最小值．22．某足够高的薄壁圆柱形容器中盛有一定量的液体，静止在水平地面上．（1）若容器内盛有2×10﹣3米3的酒精，求酒精质量m酒；（ρ酒=0.8×103千克/米3）（2）若容器内盛有0.2米深的水，求水对容器底部的压强p水；（3）若容器中所盛液体的质量、体积分别为m、2V，把另一质量、体积分别为2m、V的金属圆柱体放入液体中，如图所示．液体对容器底部的压强变化量为△p液、容器对水平地面的压强变化量为△p容，求△p液：△p容的值．五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．23．如图（a）所示的仪器叫做，它可以用来进行“探究与哪些因素有关”的实验．如图（b）是“用滑动变阻器改变电路中的电流”的实验，请用笔画线代替导线连接电路，使滑动变阻器能改变电路中的电流（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图），此时你连入电路中的电阻线是段（选填“AP”、“BP”或“AB”）．24．阿基米德原理的内容为：当物体全部或部分浸在液体中时，它会受到向上的浮力，浮力大小等于它所排开这部分液体所受的重力大小，即F浮=G排．为了验证此原理，我们需要比较浸在液体中的物体所受浮力大小和的数量关系．实验室已提供的器材有：金属块、细线、水、小桶．为了测量浮力，还需选用的实验器材是（从“实验超市”中选填序号），用它测量浮力的方法是：先测出，再测出物体浸在液体中时它的示数，就可以得出浮力的大小．为了达成实验目的，还需要的实验器材有（从“实验超市”中选填序号）．“实验超市”：A．密度计、B．量筒、C．弹簧测力计、D．天平、E．U形管压强计、F．溢水杯、G．烧杯、H．小塑料袋．25．小伟在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，所用电源电压为3伏且不变．他正确连接电路，实验步骤正确．闭合电键后，在表格中记录了电流表的示数，此时电压表指针如图（a）所示，我们可以根据判断此时电压值为1.2伏；接着该同学移动滑动变阻器的滑片P到某位置，电压表示数为1.6伏，电流表示数如图（b）所示；当把滑动变阻器的滑片移到某端点时，电流表示数为0.48A．请将下表填写完整．（计算电阻时，精确到0.1欧）锥体竖直放在同一水平面上，如图所示，进行了多次实验，利用仪器测量得到圆锥体对水平面的压强及有关数据记录在表一、表二、表三中．（1）分析比较实验序号1与2，或5与6中的数据及相关条件，发现当实心均匀圆锥体的密度和高度都相同时，，由此可以得出：实心均匀圆锥体对水平面的压强与圆锥体的大小无关．（2）分析比较实验序号2（或1）与6（或5）与9，或4与11的数据及相关条件，可得出的初步结论是：当实心均匀圆锥体的高度相同时，．（3）分析比较实验序号的数据及相关条件，可得出的初步结论是：当实心均匀圆锥体的密度相同时，圆锥体对水平面的压强与高度成正比．（4）进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及相关条件，可归纳得出结论：（a）分析比较实验序号（2与10）或（3与7与11）或（4与8与12）中的数据及相关条件，可初步得出：；（b）分析比较实验序号9和6和（2与10）和（3与7与11）和（4与8与12）中的数据及相关条件，可初步得出：．2016年上海市浦东新区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上．更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．1．首先用实验测出了大气压强值的科学家是（）A．牛顿 B．欧姆 C．阿基米德 D．托里拆利【分析】托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验．【解答】解：首先用实验测出大气压值的科学家是托里拆利．故选D．2．下列实例中，属于连通器应用的是（）A．吸尘器B．密度计C．锅炉水位计D．医用注射器【分析】根据连通器的定义进行判断．上端开口，底部相互连通的容器是连通器．【解答】解：ABD、吸尘器、密度计、医用注射器都不符合上端开口、底部相互连通的容器这一特征，因此，都不是连通器，故ABD不合题意；C、锅炉水位计，水位计上端和锅炉炉身的上端都是开口的，底部是连通的，是连通器．符合题意．故选C．3．下列物理量中，以科学家焦耳的名字作为单位的物理量是（）A．电阻 B．电功 C．电压 D．电流【分析】据对电压、电流、电功、电阻单位的掌握解答此题．【解答】解：电阻的单位是欧姆（Ω）；电功的单位是焦耳（J）；电压的单位是：伏特（V）；电流的单位是安培（A）．故选B．4．下列家用电器正常工作时，电流最小的是（）A．空调 B．微波炉C．热水器D．节能灯【分析】家用电器正常工作时电压为U=220V，电压U一定，由P=UI知功率P越小，电流I越小，根据家用电器的功率可知哪种用电器电流最小．【解答】解：空调的功率在1000W以上，微波炉的功率约为2000W，热水器的功率1000W左右，节能灯的功率在20W左右，由此可见，节能灯的功率最小，家用电器的正常工作时电压U相等，由P=UI知节能灯电流最小．故选D．5．下列实例中属于增大压强的是（）A．图钉尖很尖锐B．书包背带较宽C．铁轨下铺设枕木D．穿滑雪板滑雪【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小；（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．【解答】解：A、图钉尖很尖锐，减小了受力面积，增大了压强，符合题意；B、书包背带较宽，增大了受力面积，减小了压强，不符合题意；C、铁轨下铺设枕木，增大了受力面积，减小了压强，不符合题意；D、穿滑雪板滑雪，增大了受力面积，减小了压强，不符合题意．故选A．6．关于导体的电阻大小，下列说法中正确的是（）A．相同条件下，导体的电阻跟它的长度有关B．相同条件下，导体的电阻跟它的材料无关C．同一导体两端的电压越大，它的电阻越小D．通过同一导体的电流越小，它的电阻越大【分析】电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关．【解答】解：（1）因导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，所以，相同条件下，导体的电阻跟它的长度有关，导体的电阻跟它的材料有关，故A正确、B错误；（2）电阻是导体自身的一种特性，同一导体的电阻确定，与导体两端的电压和通过的电流无关，故CD错误．故选A．7．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S电路正常工作．过了一会儿，发现电路中有两个电表的示数突然变大．若故障只出现在R1或R2上，其它元件均完好．则（）A．一定是R1断路B．可能是R1短路C．一定是R2短路D．可能是R2断路【分析】电路故障的原因通常有两种情况：断路或短路．具体原因逐一分析出现选项中故障时，电流表、电压表示数的变化，最后做出判断．【解答】解：A、如果R1断路，则整个电路断路，电流表无示数，电压表V1与电阻R2串联，此时电压表V2也无示数，故A不合题意；B、如果R1短路，则电路为R2的简单电路，电路中电流变大，则电压表示数增大，电压表V2测量电源电压，所以示数也增大，故B符合题意；C、同理，如果R2短路，也会出现电流表和电压表V1示数变大的情况，存在这种可能，但不是“一定”，故C不合题意；D、如果R2断路，则整个电路断路，电流表无示数，电压表V2与电阻R1串联，此时电压表V1也无示数，故D不合题意．故选B．8．如图所示的甲、乙两实心均匀正方体分别放置在水平地面上，它们对地面的压强相等．现分别在两个正方体的上部，沿水平方向切去一部分．以下判断正确的是（）A．若切去的质量相等，则甲被切去的厚度一定多B．若剩余的质量相等，则甲被切去的厚度可能多C．若切去的高度相等，则甲被切去的质量可能多D．若剩余的高度相等，则甲被切去的厚度一定多【分析】水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据G=mg、m=ρV、V=Sh和压p=得出均匀实心正方体对水平地面的压强，根据它们对地面的压强关系和高度关系得出两物体的密度关系；（1）若沿水平方向切去相等质量时，根据m=ρV=ρS△L=ρL2△L得出两者切去质量之间的关系，根据密度关系和边长关系得出切去厚度之间的关系；（2）若剩余的质量相等，根据m=ρV=ρS△L=ρL2△L得出两者剩余质量之间的关系，进一步得出两者剩余高度之间的关系，然后与两者的边长关系得出切去厚度之间的关系；（3）若切去的高度△h相等，根据m=ρL2△h得出切去质量的表达式，根据边长关系得出切去质量之间的关系；（4）若剩余的高度相等，得出切去厚度的表达式，根据边长关系得出切去厚度之间的关系．【解答】解：设正方体的边长为L，则正方体对水平地面的压强：p======ρgL，因p甲=p乙，所以，ρ甲gL甲=ρ乙gL乙，即ρ甲L甲=ρ乙L乙，由图可知：L甲＜L乙，则ρ甲＞ρ乙；（1）若切去的质量相等，由m=ρV=ρS△L=ρL2△L可得：ρ甲L甲2△L甲=ρ乙L乙2△L乙，把ρ甲L甲=ρ乙L乙代入上式可得：L甲△L甲=L乙△L乙，把L甲＜L乙代入上式可得：△L甲＞△L乙，故A正确；（2）若剩余的质量相等，则ρ甲L甲2L甲剩余=ρ乙L乙2L乙剩余，把ρ甲L甲=ρ乙L乙和L甲＜L乙代入上式可得：L甲剩余＞L乙剩余，因甲的边长小于乙的边长，且甲剩余的边长大于乙剩余的边长，所以，乙被切去的厚度多，故B错误；（3）若切去的高度△h相等，则△m甲=ρ甲L甲2△h，△m乙=ρ乙L乙2△h，因L甲＜L乙，ρ甲L甲=ρ乙L乙，所以，△m甲＜△m乙，即乙被切去的质量多，故C错误；（4）若剩余的高度h相等，因L甲＜L乙，所以，（L甲﹣h）＜（L乙﹣h）即乙被切去的厚度一定多，故D错误．故选A．二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．9．一节新干电池的电压为 1.5伏．家中电灯与控制它的电键之间是串联连接的（选填“串联”或“并联”），用电能表来测量用户消耗的电能．【分析】了解干电池的电压，知道家庭电路中用电器和开关之间的连接要求．知道电能表在家庭电路中的作用，可直接作答．【解答】解：一节新干电池的电压为1.5伏．家中电灯与控制它的电键之间串联连接的，这样才能实现有效控制；在家庭电路中，用电能表来测量用户消耗的电能的多少．故答案为：1.5；串联；电能表．10．重力为600牛的某同学躺在床上时，他对床的压力为600牛；若此时他对床面的压强为3000帕，其物理意义表示床面每平方米面积上所受压力为3000牛，这时他与床面的接触面积为0.2米2．【分析】水平面上物体的重力和自身的压力相等，压强指物体单位面积上受到的压力．根据压强公式求出这时他与床面的接触面积．【解答】解：重力为600牛的某同学躺在床上时，他对床的压力与自身的重力大小相等，即F=G=600N，压强为3000Pa，表示的物理意义：床面上每平方米面积上受到的压力为3000N．由p=可得，这时他与床面的接触面积S===0.2m2．故答案为：600；压力为3000牛；0.2．11．如图所示的圆柱体浸没在液体中时，它的侧面受到的各个方向液体的压力相互平衡，其下表面受到液体向上的压力比上表面受到液体向下的压力大，这就是浸没在液体中的物体受到浮力的原因．因此，浮力的方向总是竖直向上．【分析】解答此题的关键是利用压力、压强的公式求浸在液体中的正方体受到的液体对它产生的压力，分析所受压力的合力，从而得到浮力产生的原因．【解答】解：据相同深度液体向各个方向的压强相等的特点可知，圆柱体浸没在液体中时，它的侧面受到的各个方向液体的压力相互平衡，即可以相互抵消掉；而圆柱体上、下表面所受的压力是不同的，上表面所处的深度为h1，下表面深度为h2．则上表面受到的压强为p向下=ρ液gh1，受到的压力为F向下=p向下S=ρ液gh1；下表面受到的压强为p向上=ρ液gh2，受到的压力为F向上=P向上S=ρ液gh2．因为h1＜h2．所以F向上＞F向下，则液体会对物体产生一个向上的和向下的压力不相等，压力差就产生了浮力，即：F浮=F向上﹣F向下，所以浮力方向是与向上的压力F向上的方向一致，是竖直向上的．故答案为：平衡；大；竖直向上．12．当用微型探测器进行水下探测时，它在水面下3米处受到水的压强为29400帕．若探测器再继续下潜时，它受到水的浮力将不变，受到水的压强将变大．（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）【分析】知道微型探测器所处的深度，利用液体压强公式求受到的水的压强；若探测器再继续下潜时，根据阿基米德原理即可判断微型探测器受到的浮力变化；鱼上浮还是下沉靠改变鱼鳔的体积，也就是鱼的体积改变，当体积变大上浮浮力变大．【解答】解：微型探测器受到水的压强：p=ρgh=1×103kg/m3×9.8N/kg×3m=29400Pa；若探测器再继续下潜时，由于排开的水的体积不变，则根据F浮=ρ水gV排可知它受到水的浮力将不变；由于所处的深度增加，根据p=ρgh可知受到水的压强将变大．故答案为：29400；不变；变大．13．某电灯标有“220V 40W”的字样，将它接在220伏的电路中时能正常工作，“40W”表示它的额定功率为40W；该灯连续正常工作10小时，消耗电能0.4度．【分析】由电灯的铭牌可知电灯的额定电压和额电功率；再利用W=Pt求消耗的电能．【解答】解：由电灯的铭牌“220V 40W”可知电灯的额定电压为220V、额电功率为40W，连续正常工作10h消耗的电能：W=Pt=0.04kW×10h=0.4kW•h=0.4度．故答案为：220；额定功率；0.4．14．10秒内通过某导体横截面的电量为5库，电流做的功为30焦，则通过该导体电流为0.5安，导体两端的电压为6伏．当该导体两端的电压为12伏时，电阻为12欧．【分析】由电量的计算公式可求得电流的大小；由电功公式可求得导体两端的电压；由欧姆定律可求得电阻．【解答】解：由q=It得：I===0.5A；由W=UIt可得：U===6V；由欧姆定律I=可得：R===12Ω；因导体电阻只与导体本身的性质有关，和导体两端的电压无关，故当电压为12V时，电阻仍为12Ω；故答案为：0.5；6；12．15．小明在研究串联电路的电流特点时，发现灯L1比灯L2亮，便作出“通过L1的电流大于通过L2的电流”的假设，由此推理，在图中A、B、C三点的电流I A、I B、I C大小关系为I A＞I B＞I C．基于以上假设，若在A点串联一个电流表，闭合电键后，电流表示数不能（选填“能”或“不能”）看作通过L1后的电流．若通过实验测量后，比较I A、I B、I C发现I A=I B=I C，则说明小明的假设是错误的．【分析】先确定电路的连接方式，然后根据串联电路中处处电流相等进行解答．【解答】解：若发现灯L1比灯L2亮，便作出“通过L1的电流大于通过L2的电流”的假设，由此推理可得，在图中A、B、C三点的电流I A、I B、I C大小关系为I A＞I B＞I C．那么若在A点串联一个电流表，闭合电键后，电流表示数将不能看作是通过L1后的电流．由图可知，电路中两灯泡串联，而A、B、C三点是串联电路中的三处，实验测量后发现，串联电路中处处电流相等，即I A=I B=I C．由此说明小明的假设是错误的．故答案为：I A＞I B＞I C；不能；I A=I B=I C．16．在图所示的电路中，电源电压保持不变．现将电流表A1和A2正确连入电路中，闭合电键S后，把滑动变阻器的滑片P逐渐向右移动，在此过程中：（1）若两电流表示数的差值始终不变，则这个差值是通过R1的电流．（2）若电流表A1与A2示数的比值变小，则电流表A2测量的是通过干路的电流．（均选填“R1”、“R2”或“干路”）【分析】由电路图可知，R1与R2并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知R2支路电流的变化，根据并联电路的电流特点判断两电流表示数比值的变化，据此分析得出答案．【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，故两电流表示数的差值始终不变，则这个差值是通过R1的电流；把滑动变阻器的滑片P逐渐向右移动，接入电路中的电阻变大，由I=可知，R2支路的电流I2变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，==则I2变小时，变小，故电流表A2测量的是通过干路的电流．故答案为：（1）R1；（2）干路．三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．17．如图所示，重为6牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法在图中画出它对水平地面的压力F．【分析】已知的是重力，要求画出的是压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明确三要素，再确定标度，最后画出线段．【解答】解：压力的大小等于重力，为6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上．如图所示18．在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图．【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路．【解答】解：上边的〇在干路中，所以是电流表；中间的〇与灯L1串联，所以是电流表；下边的〇与灯L1并联，所以是电压表，如图．四、计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．19．某铁块体积为4×10﹣4米3，当它浸没在水中时，求铁块受到的浮力F浮．【分析】铁块浸没在水中，由此可得排开水的体积，根据阿基米德原理计算其受到浮力即可．【解答】解：因为铁块浸没在水中，所以：V排=V铁=4×10﹣4m3，铁块受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×4×10﹣4m3×10N/kg=4N．答：铁块浸没在水中时受到的浮力为4N．20．如图所示电路中电源电压保持不变，定值电阻R2阻值为10欧，闭合电键后，通过R2的电流为0.6安，干路中的电流为1安．求：（1）电源电压U；（2）定值电阻R1消耗的电功率P1．【分析】（1）由图两电阻串联，根据并联电路电压特点和欧姆定律计算电源电压；（2）根据并联电路电流特点可得R1的电流，由P=UI计算R1消耗的电功率P1．【解答】解：（1）由图电阻R1、R2串联，并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，由I=可得：U=U1=U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V；（2）并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以：I1=I﹣I2=1A﹣0.6A=0.4A，所以R1消耗的电功率：P1=U1I1=6V×0.4A=2.4W．答：（1）电源电压为6V；（2）定值电阻R1消耗的电功率为2.4W．21．如图所示的电路中，电源电压为15伏且保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”字样，R1的阻值为10欧．闭合电键S，R1两端的电压为8伏．（1）求通过电阻R1的电流I1；（2）求10秒钟内，电流对整个电路所做电功W；。