山东省济南市章丘区第四中学2021届高三语文上学期第一次教学质量检测(8月)试题(含答案)
2020-2021学年济南市章丘第四中学高三语文第一次联考试题及答案
2020-2021学年济南市章丘第四中学高三语文第一次联考试题及答案一、现代文阅读（36分）(一)现代文阅读I(9分)阅读下面的文字,完成各题.材料一所谓996，是指工作从早上9点到晚上9点,一周工作6天,代表着中国互联网企业盛行的加班文化。
我国《劳动法》规定，“国家实行劳动者每日工作时间不超过八小时、平均每周工作时间不超过四十四小时的工时制度。
”第四十一条规定,“用人单位由于生产经营需要，经与工会和劳动者协商后可以延长工作时间，一般每日不得超过一小时;因特殊原因需要延长工作时间的，在保障劳动者身体健康的条件下延长工作时间每日不得超过三小时，但是每月不得超过三十六小时。
”根据上述规定,若公司强制实行996工作制度是违反法律规定的。
对于违反法律规定强制要求的加班，劳动者有权拒绝。
张耀律师表示，若是单位安排员工延长工作时间的，属于法律意义上的加班,单位应当根据法律规定支付加班费或予以调休；但若员工出于自愿加班的,不属于法律意义的加班，单位也无需支付加班费。
如果企业利用鼓励的模式变相强制要求员工加班,比如公司因员工拒绝加班而对员工降职、降薪、处罚、辞退的，员工可以向劳动保障行政部门投诉或申请劳动仲裁，维护自身合法权益。
从政府的角度来说,必须高度重视劳动法律法规的完善，尽快构建起法治维权的法律体系,重点治理各种形式的“隐性强迫”加班现象。
———新华网4.16材料二我们的企业不仅要依靠员工的汗水，更要激发员工的灵感;崇尚奋斗、崇尚劳动不等于强制加班。
苦干是奋斗，巧干也是奋斗；延长工时是奋斗,提高效率也是奋斗。
因此，不能给反对996的员工贴上“混日子”“不奋斗”的道德标签,而应该正视他们的真实诉求。
面对经济下行压力，很多企业都面临生存考验,强制推行996，不仅解决不了企业管理中的难题,也会助长“磨洋工”的顽疾。
从企业家角度来看，他们身上的极限奋斗精神是可贵的，但要考虑到普通员工的位置不同，强制灌输996的加班文化，不仅体现了企业管理者的傲慢，也不实际、不公平。
山东省济南市章丘区第四中学2021届高三生物上学期第一次教学质量检测(8月)试题.doc
山东省济南市章丘区第四中学2021届高三生物上学期第一次教学质量检测（8月）试题考试时间：90分钟分值：100分注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题)一、选择题：本题共14小题，每小题2分，共28分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1．研究表明，2021-nCoV新型冠状病毒表面的刺突蛋白(S蛋白)能识别靶细胞膜上特定受体——血管紧张素转换酶II(ACE2)，并与之结合形成稳定的复合物，再通过膜融合进入宿主细胞。
下列有关分析错误的是（）A．与S蛋白特异性结合的药物可抑制病毒感染B．新型冠状病毒的遗传物质是单链RNA，基本组成单位是核糖、磷酸和4种含氮碱基C．新型冠状病毒通过和细胞膜上的结合位点ACE2结合入侵细胞，这说明细胞膜控制物质进出的功能是相对的D．新型冠状病毒没有细胞结构，只能寄生于活细胞中，说明生命活动离不开细胞2．胃内的酸性环境是通过H+-K+泵维持的。
人进食后，胃壁细胞质中含有H+-K+泵的囊泡会转移到细胞膜上。
胃壁细胞通过H+-K+泵催化ATP水解释放能量，向胃液中分泌H+同时吸收K+。
细胞内K+又可经通道蛋白顺浓度进入胃腔。
下列分析不正确的是（）A．H+-K+泵同时具有酶和载体蛋白的功能，其形成与内质网、高尔基体密切相关B．H+-K+泵专一性转运两种离子与其结构的特异性有关C．H+和K+在胃壁细胞中的跨膜运输方式均需消耗能量D．抑制H+-K+泵功能的药物可用来有效的减少胃酸的分泌3．紫色洋葱的鳞片叶外表皮细胞吸收MoO42-后，液泡的颜色会由紫色变为蓝色。
某实验小组为了探究紫色洋葱的鳞片叶外表皮细胞吸收MoO42-的方式，用等量的下表溶液分别处理细胞，一段时间后观察变色细胞所占的比例，实验结果如下表。
2021届济南市章丘区第四中学高三上学期第一次教学质量检测(8月)答案
所以展开式共有 11 项，其中二项式系数最大的项是第 6 项
5
5
T6 C150 (1)5 x6 252x 6
5
所以展开式中二项式系数最大的项是第 6 项，T6 252x6
（2）同方案一（2）
方案三：选条件③
（1）
C2 n1
Cn2 n
C2 n1
Cn2
Cn1
10
故 n 10
所以展开式共有 11 项，其中二项式系数最大的项是第 6 项
故 X 的分布列为
X
0
1
2
3
16 4
4
3
P
27 27 27 27
所以 EX 0 16 1 4 2 4 3 3 7 ． 27 27 27 27 9
20.解：（1）设 DO a ，由题设可得 PO 6 a, AO 3 a, AB a ，
6
3
PA PB PC 2 a . 2
因此 PA2 PB2 AB2 ，从而 PA PB .
42
2
故当 a 1 时，g(x)≤1. 2
综上，a的取值范围是[7 e2 , ) . 4
5
5
T6 C150 (1)5 x6 252x 6
5
所以展开式中二项式系数最大的项是第 6 项，T6 252x6
（2）同方案一（2）
18.解：（1）由题意得
f
(x)
的定义域为 (0, ) ，
f (x)
1 x
a x2
xa x2
，
①当 a 0 时， f (x) 0 ，故 f (x) 在 (0, ) 上为增函数；
k k
1 1
，得
C2k0
C2k0
1
2020-2021学年山东省济南市章丘四中高三(上)第一次质检数学试卷(8月份)
2020-2021学年山东省济南市章丘四中高三（上）第一次质检数学试卷（8月份）试题数：22.满分：1501.（单选题.5分）已知集合A={x|x2-2x-3＞0}.集合B={x∈Z|x2≤4x}.则∁R A∩B=（）A.{x|0≤x≤3}B.{-1.0.1.2.3}C.{0.1.2.3}D.{1.2}为纯虚数.则实数a的值为（）2.（单选题.5分）若复数z= 1−i1+aiA.-1B.- 12C.0D.13.（单选题.5分）设随机变量X～N（1.δ2）.若P（X＞2）=0.2.则P（X＞0）等于（）A.0.5B.0.6C.0.7D.0.84.（单选题.5分）现有5种不同颜色要对如图所示的四个部分进行着色.要求有公共边界的两块不能用同一种颜色.则不同的着色方法共有（）A.120种B.180种C.60种D.48种5.（单选题.5分）在正三棱柱ABC-A1B1C1中AB=AA1.则B1C与平面AA1B1B所成角的余弦值为（）A. √104B. √155C. √64D. √636.（单选题.5分）函数f（x）= x−sinxe x+e−x在[-π.π]上的图象大致为（）A.B.C.D.7.（单选题.5分）已知a.b为正实数.直线y=x-a与曲线y=ln（x+b）相切.则1a +1b的最小值是（）A.2B. 4√2C.4D. 2√28.（多选题.5分）已知f（x）是可导的函数.且f′（x）＜f（x）.对于x∈R恒成立.则下列不等关系正确的是（）A.f（1）＜ef（0）.f（2020）＜e2020f（0）B.f（1）＞ef（0）.f（1）＞e2f（-1）C.f（1）＜ef（0）.f（1）＜e2f（-1）D.f（1）＞ef（0）.f（2020）＞e2020f（0）9.（多选题.5分）下列四个函数中.最小值为2的是（）A.y=sinx+ 1sinx （0 ＜x≤π2）B.y=lnx+ 1lnx（x＞0.x≠1）C. y=x2+6√x2+5D.y=4x+4-x10.（多选题.5分）下列说法错误的是（）A.若xy≥0.则|x|+|y|＞|x+y|B.若x2+y2≠0.则x≠0或y≠0C.“ x＞a+b2是x＞√ab”的充分不必要条件D.“∀x＞0.e x＞x+1”的否定形式是“∃x≤0.e x≤x+1”11.（多选题.5分）(x+ax )(2x−1x)5的展开式中各项系数的和为2.则其中正确命题的序号是（）A.a=1B.展开式中含x6项的系数是-32C.展开式中含x-1项D.展开式中常数项为4012.（多选题.5分）如图直角梯形ABCD.AB || CD.AB⊥BC.BC=CD= 12AB=2.E为AB中点.以DE 为折痕把△ADE折起.使点A到达点P的位置.且PC=2 √3．则（）A.平面PED⊥平面EBCDB.PC⊥EDC.二面角P-DC-B的大小为π4D.PC 与平面PED 所成角的正切值为 √213.（填空题.5分）若函数f （x ）=kx-lnx 在区间（1.+∞）上不单调.则k 的取值范围是___ ． 14.（填空题.5分）已知一组数据（1.3）.（2.3.8）.（3.5.2）.（a.b ）的线性回归方程为 y ̂ =1.04x+1.9.则b-1.04a=___ ．15.（填空题.5分）同时抛掷一颗红骰子和一颗蓝骰子.观察向上的点数.记“红骰子向上的点数大于3”为事件A.“两颗骰子的点数之和等于8”为事件B.则P （B|A ）=___ ．16.（填空题.5分）定义方程f （x ）=f′（x ）的实数根x 0叫做函数f （x ）的“新驻点”． （1）设f （x ）=sinx.则f （x ）在（0.π）上的“新驻点”为___ ．（2）如果函数g （x ）=ln （x+1）与h （x ）=x+e x 的“新驻点”分别为α、β.那么α和β的大小关系是___ ．17.（问答题.10分）请从下面三个条件中任选一个.补充在下面的横线上.并解答． ① 第5项的系数与第3项的系数之比是14：3； ② 第2项与倒数第3项的二项式系数之和为55；③ C n+12 -C n n−2 =10．已知在（ √x - √x3 ）n 的展开式中._______．（1）求展开式中二项式系数最大的项； （2）求展开式中含x 5的项．18.（问答题.12分）已知函数 f (x )=lnx −ax .a∈R ． （1）讨论f （x ）的单调性；（2）当a ＜-e 时.f （x ）在[1.e]上的最小值为1+e.求a 的值．19.（问答题.12分）甲、乙两支排球队进行比赛.约定先胜3局者获得比赛的胜利.比赛随即结束．除第五局甲队获胜的概率是 12外.其余每局比赛甲队获胜的概率是 23．假设各局比赛结果互相独立．（1）分别求甲队以3：0.3：1.3：2胜利的概率；（2）若比赛结果为3：0或3：1.则胜利方得3分.对方得0分；若比赛结果为3：2.则胜利方得2分、对方得1分.求乙队得分X 的分布列及数学期望．20.（问答题.12分）如图.D为圆锥的顶点.O是圆锥底面的圆心.AE为底面直径.AE=AD．△ABCDO．是底面的内接正三角形.P为DO上一点.PO= √66（1）证明：PA⊥平面PBC；（2）求二面角B-PC-E的余弦值．21.（问答题.12分）大型综艺节目《最强大脑》中.有一个游戏叫做盲拧魔方.就是玩家先观察魔方状态并进行记忆.记住后蒙住眼睛快速还原魔方.盲拧在外人看来很神奇.其实原理是十分简单的.要学会盲拧也是很容易的．为了解某市盲拧魔方爱好者的水平状况.某兴趣小组在全市范围内随机抽取了100名魔方爱好者进行调查.得到的情况如表所示：用时（秒）[5.10）[10.15）[15.20）[20.25）男性人数15 22 14 9女性人数 5 11 17 7.n=a+b+c+d．附：K2=n(ad−bc)2(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)P（K2≥k0）0.100 0.050 0.025 0.010 0.001 k0 2.706 3.841 5.024 6.635 10.828数据完成以下2×2列联表.并判断是否有95%的把握认为是否为“熟练盲拧者”与性别有关？熟练盲拧者非熟练盲拧者男性女性用时不超过10秒的概率.每位盲拧魔方爱好者用时是否超过10秒相互独立．那么在该兴趣小组在全市范围内再次随机抽取20名爱好者进行测试.其中用时不超过10秒的人数最有可能（即概率最大）是多少？22.（问答题.12分）已知函数f（x）=e x+ax2-x．（1）当a=1时.讨论f（x）的单调性；x3+1.求a的取值范围．（2）当x≥0时.f（x）≥ 122020-2021学年山东省济南市章丘四中高三（上）第一次质检数学试卷（8月份）参考答案与试题解析试题数：22.满分：1501.（单选题.5分）已知集合A={x|x2-2x-3＞0}.集合B={x∈Z|x2≤4x}.则∁R A∩B=（）A.{x|0≤x≤3}B.{-1.0.1.2.3}C.{0.1.2.3}D.{1.2}【正确答案】：C【解析】：根据题意.解x2-2x-3＞0可得集合A.由补集的意义可得∁R A={x|-1≤x≤3}.解x2≤4x 可得集合B.由交集的意义计算∁R A∩B即可得答案．【解答】：解：根据题意.x2-2x-3＞0⇒x＜-1或x＞3.则A={x|x2-2x-3＞0}={x|x＜-1或x＞3}.则∁R A={x|-1≤x≤3}.x2≤4x⇒0≤x≤4.B={x∈Z|x2≤4x}={x∈Z|0≤x≤4}={0.1.2.3.4}.则∁R A∩B={0.1.2.3}；故选：C．【点评】：本题考查集合的混合运算.关键是正确求出集合A、B．为纯虚数.则实数a的值为（）2.（单选题.5分）若复数z= 1−i1+aiA.-1B.- 12C.0D.1【正确答案】：D【解析】：利用复数代数形式的乘除运算化简.再由实部为0且虚部不为0列式求解．【解答】：解：∵z= 1−i1+ai = (1−i)(1−ai)(1+ai)(1−ai)=1−a1+a2−a+11+a2i为纯虚数.∴ {1−a=01+a≠0.解得a=1．故选：D．【点评】：本题考查复数代数形式的乘除运算.考查复数的基本概念.是基础题．3.（单选题.5分）设随机变量X～N（1.δ2）.若P（X＞2）=0.2.则P（X＞0）等于（）A.0.5B.0.6C.0.7D.0.8【正确答案】：D【解析】：由已知可正态分布曲线的对称轴.再由正态分布曲线的对称性求解．【解答】：解：∵随机变量X服从正态分布X～N（1.σ2）.∴对称轴方程为x=1.又P（X≥2）=0.2.∴P（X≤0）=0.2.则P（X≥0）=1-0.2=0.8．故选：D．【点评】：本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义.考查正态分布中两个量μ和σ的应用.考查曲线的对称性.属于基础题．4.（单选题.5分）现有5种不同颜色要对如图所示的四个部分进行着色.要求有公共边界的两块不能用同一种颜色.则不同的着色方法共有（）A.120种B.180种C.60种D.48种【正确答案】：B【解析】：根据题意.依次分析4个区域的着色方法数目.由分步计数原理计算可得答案．【解答】：解：根据题意.对于区域1.有5种颜色可选.对于区域2.与区域1相邻.有4种颜色可选.对于区域3.与区域1、2相邻.有3种颜色可选.对于区域4.与区域2、3相邻.有3种颜色可选.则一共有5×4×3×3=180种着色方法；故选：B．【点评】：本题考查分步计数原理.这种问题解题的关键是看清题目中出现的结果.几个环节所包含的事件数在计算时要做到不重不漏．5.（单选题.5分）在正三棱柱ABC-A1B1C1中AB=AA1.则B1C与平面AA1B1B所成角的余弦值为（）A. √104B. √155C. √64D. √63【正确答案】：A【解析】：取AB中点D.证明CD⊥平面AA1B1B.在Rt△B1CD中计算cos∠CB1D即可．【解答】：解：取AB中点D.连接CD.B1D.∵△ABC是等边三角形.∴CD⊥AB.∵BB1⊥平面ABC.CD⊂平面ABC.∴BB1⊥CD.又AB∩BB1=B.AB⊂平面AA1B1B.BB1⊂平面AA1B1B.∴CD⊥平面AA1B1B.∴∠CB1D为B1C与平面AA1B1B所成的角.设AB=AA1=1.则B1C= √2 .B1D= √14+1 = √52.∴cos∠CB1D= B1DB1C = √104．故选：A．【点评】：本题考查了直线与平面所成角的计算.属于中档题．6.（单选题.5分）函数f（x）= x−sinxe x+e−x在[-π.π]上的图象大致为（）A.B.C.D.【正确答案】：A【解析】：易知当x∈（0.π）时.观察选项可知.只有选项A符合题意．【解答】：解：当x∈（0.π）时.x＞sinx.故此时f(x)=x−sinxe x+e−x＞0 .只有选项A符合题意．故选：A．【点评】：本题考查利用函数解析式确定函数图象.解题的关键是掌握当x∈（0.π）时.x＞sinx.属于基础题．7.（单选题.5分）已知a.b为正实数.直线y=x-a与曲线y=ln（x+b）相切.则1a +1b的最小值是（）A.2B. 4√2C.4D. 2√2【正确答案】：C【解析】：求函数的导数.由已知切线的方程.可得切线的斜率.求得切线的坐标.可得a+b=1.再由乘1法和基本不等式.即可得到所求最小值．【解答】：解：根据y=ln（x+b）得y'= 1x+b.由切线的方程y=x-a可得切线的斜率为1.可得切点的横坐标为1-b.切点为（1-b.0）.代入y=x-a.得a+b=1.∵a、b为正实数.∴ 1 a +1b=（1a+1b）×（a+b）=1+1+ ba+ab=2+ ba+ab≥2+2 √ba•ab=2+2=4.当且仅当a=b时取等号.故1a +1b的最小值为4.故选：C．【点评】：本题主要考查导数的应用.利用导数的几何意义以及基本不等式是解决本题的关键.属于中档题．8.（多选题.5分）已知f（x）是可导的函数.且f′（x）＜f（x）.对于x∈R恒成立.则下列不等关系正确的是（）A.f（1）＜ef（0）.f（2020）＜e2020f（0）B.f （1）＞ef （0）.f （1）＞e 2f （-1）C.f （1）＜ef （0）.f （1）＜e 2f （-1）D.f （1）＞ef （0）.f （2020）＞e 2020f （0） 【正确答案】：AC【解析】：构造新函数g （x ）=f (x )e x.求导后易证得g （x ）在R 上单调递减.从而有g （1）＜g（0）.g （2020）＜g （0）.g （1）＜g （-1）.故而得解．【解答】：解：设g （x ）=f (x )e x.则g'（x ）=f′(x )−f (x )e x. ∵f′（x ）＜f （x ）.∴g'（x ）＜0.即g （x ）在R 上单调递减. ∴g （1）＜g （0）.即f (1)e ＜f (0)e0 .即f （1）＜ef （0）.g （2020）＜g （0）.即 f (2020)e 2020＜f (0)e 0.即f （2020）＜e 2020f （0）.g （1）＜g （-1）.即f (1)e ＜f (−1)e −1.即f （1）＜e 2f （-1）．∴选项A 和C 正确.选项B 和D 均错误． 故选：AC ．【点评】：本题考查利用导数研究函数的单调性.构造新函数是解题的关键.考查学生的分析能力、逻辑推理能力和运算能力.属于中档题．9.（多选题.5分）下列四个函数中.最小值为2的是（ ） A.y=sinx+ 1sinx（0 ＜x ≤π2）B.y=lnx+ 1lnx（x ＞0.x≠1） C. y =2√x 2+5D.y=4x +4-x 【正确答案】：AD【解析】：逐项利用基本不等式判断即可.需要注意等号成立的条件．【解答】：解：对于A.当0 ＜x ≤π2时.sinx∈（0.1].则 y =sinx +1sinx≥2√sinx •1sinx=2 .当且仅当sinx=1时取等号.符合题意；对于B.x ＞0且x≠1时.lnx 可以小于0.此时的最小值显然不为2.不符合题意； 对于C. y =2√x 2+5=√x 2+5√x 2+5≥2√(x 2+5)•1x 2+5=2 .当且仅当x 2+5=1时取等号.显然此时x 2+5=1在实数范围内无解.不符合题意；对于D. y=4x+4−x≥2√4x•4−x=2 .当且仅当x=0时取等号.符合题意．故选：AD．【点评】：本题考查基本不等式的运用.注意需满足“一正二定三相等”.属于基础题．10.（多选题.5分）下列说法错误的是（）A.若xy≥0.则|x|+|y|＞|x+y|B.若x2+y2≠0.则x≠0或y≠0C.“ x＞a+b2是x＞√ab”的充分不必要条件D.“∀x＞0.e x＞x+1”的否定形式是“∃x≤0.e x≤x+1”【正确答案】：ACD【解析】：直接利用三角不等式的应用判定A.利用否命题的应用判定B.利用基本不等式的应用和充分条件和必要条件的应用判定C.利用特称和全称命题的应用判定D．【解答】：解：对于选项A：若x≥0.y≥0.则|x|+|y|=|x+y|.故A错误．对于选项B：若x2+y2=0.则x=0且y=0.所以：若x2+y2≠0.则x≠0或y≠0.故B正确．对于选项C：当a≥0.b≥0时.x ＞a+b2成立.则x＞√ab .但是.当x＞√ab时. x＞a+b2不一定成立.故“ x＞a+b2是x＞√ab”的既不充分也不必要条件.故C错误．对于选项D：“∀x＞0.e x＞x+1”的否定形式是“∃x＞0.e x≤x+1”.故D错误．故选：ACD．【点评】：本题考查的知识要点：基本不等式.三角不等式.命题的否定.特称和全称命题.充分条件和必要条件.主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力.属于基础题．11.（多选题.5分）(x+ax )(2x−1x)5的展开式中各项系数的和为2.则其中正确命题的序号是（）A.a=1B.展开式中含x6项的系数是-32C.展开式中含x-1项D.展开式中常数项为40【正确答案】：AD【解析】：由于二项式展开式中各项的系数的和为2.故可以令x=1.建立a的方程.解出a的值.再其分别求出相对应的项即可．【解答】：解：令x=1则有1+a=2.得a=1.故二项式为（x+ 1x ）（2x- 1x）5.（2x- 1x）5通项公式为（-1）r25-r C5r x5-2r.r依次为0.1.2.3.4.5（x+ 1x ）（2x- 1x）5的展开式中含x6项系数为（2x- 1x）5通项展开式中x5项系数的与x7项的系数之和.令5-2r=5解得r=0.所以（2x- 1x）5通项展开式中x5项系数（-1）025C50=32. 令5-2r=7解得r=-1.不合题意.∴展开式中含x6项的系数是32.（x+ 1x ）（2x- 1x）5的展开式中含x-1项系数为（2x- 1x）5通项展开式中x-2项系数的与常数项之和.令5-2r=-2.解得r= 72.不合题意.令5-2r=0.解得r= 52.不合题意. 则展开式不含x-1项.（x+ 1x ）（2x- 1x）5的展开式中含常数项为（2x- 1x）5通项展开式中x-1项系数的与x项的系数之和.令5-2r=-1.解得r=3.令5-2r=1.解得r=2.所以其常数项为-22×C53+23C52=40．故选：AD．【点评】：本题考查二项式系数的性质.解题关键是掌握二项式系数的公式.以及根据二项式的形式判断出常数项的取法.理解题意.作出正确判断很重要．12.（多选题.5分）如图直角梯形ABCD.AB || CD.AB⊥BC.BC=CD= 12AB=2.E为AB中点.以DE 为折痕把△ADE折起.使点A到达点P的位置.且PC=2 √3．则（）A.平面PED⊥平面EBCDB.PC⊥EDC.二面角P-DC-B的大小为π4D.PC与平面PED所成角的正切值为√2【正确答案】：AC【解析】：在A中.四边形EBCD是边长为2的正方形.PE=2.推导出PE⊥DE.PE⊥CE.从而PE⊥平面EBCD.进而平面PED⊥平面EBCD；在B中.由DE || BC.BC⊥PB.得BC与PC不垂直.从而PC与ED不垂直；在C中.推导出BE⊥平面PDE.BE || CD.从而CD⊥平面PDE.进而∠PDE是二面角P-DC-B的平面角.进而求出二面角P-DC-B的大小为π4；在D中.PC与平面PED所成角的正切值为tan∠CPD= CDPD =2√2=√22．【解答】：解：直角梯形ABCD.AB || CD.AB⊥BC.BC=CD= 12AB=2.E为AB中点. 以DE为折痕把△ADE折起.使点A到达点P的位置.且PC=2 √3．在A中.四边形EBCD是边长为2的正方形.PE=2.∴PE⊥DE.CE= √22+22 =2 √2 .∴PE2+CE2=PC2.∴PE⊥CE.∵DE∩CE=E.∴PE⊥平面EBCD.∵PE⊂平面PED.∴平面PED⊥平面EBCD.故A正确；在B中.∵DE || BC.BC⊥PB.∴BC与PC不垂直.∴PC与ED不垂直.故B错误；在C中.∵BE⊥PE.BE⊥DE.P E∩DE=E.∴BE⊥平面PDE.∵BE || CD.∴CD⊥平面PDE.∴∠PDE是二面角P-DC-B的平面角.∵PE⊥平面BCD.PE=DE.∴∠PDE= π4.∴二面角P-DC-B的大小为π4.故C正确；在D中.∵CD⊥平面PDE.∴∠CPD是PC与平面PED所成角.PD= √PC2−CD2 = √(2√3)2−22 =2 √2 .∴PC与平面PED所成角的正切值为tan∠CPD= CDPD =2√2=√22.故D错误．故选：AC．【点评】：本题考查命题真假的判断.考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识.考查运算求解能力以及化归与转化思想.是中档题．13.（填空题.5分）若函数f（x）=kx-lnx在区间（1.+∞）上不单调.则k的取值范围是___ ．【正确答案】：[1]（0.1）【解析】：求出导函数f′（x）.由于函数f（x）=kx-lnx在区间（1.+∞）不是单调函数.就是函数在区间上有极值．然后区间即可．【解答】：解：函数f （x ）=kx-lnx.可得f′（x ）=k- 1x . ∵函数f （x ）=kx-lnx 在区间（1.+∞）不单调.∴f′（x ）=0在区间（1.+∞）有解．并且解的两侧.导函数的符号相反. ∴k - 1x =0.解得x= 1k ＞1.所以k∈（0.1）．而f （x ）在区间（1. 1k ）上单调递减.x∈（ 1k .+∞）时.f （x ）是增函数. ∴k 的取值范围是：（0.1）． 故答案为：（0.1）．【点评】：本题考查了利用导数研究函数的单调性、恒成立问题的等价转化方法.属于中档题． 14.（填空题.5分）已知一组数据（1.3）.（2.3.8）.（3.5.2）.（a.b ）的线性回归方程为 y ̂ =1.04x+1.9.则b-1.04a=___ ． 【正确答案】：[1]1.84【解析】：计算这组数据的平均数.代入回归直线方程中即可求得b-1.04a 的值．【解答】：解：计算数据（1.3）.（2.3.8）.（3.5.2）.（a.b ）的平均数为. x = 14 ×（1+2+3+a ）=6+a4. y = 14 ×（3+3.8+5.2+b ）=12+b4. 代入回归直线方程 y ̂=1.04x +1.9 中. 得12+b 4 =1.04× 6+a4+1.9. 则b-1.04a=1.04×6+1.9×4-12=1.84． 故答案为：1.84．【点评】：本题考查了线性回归方程的应用问题.也考查了平均数与样本中心点的应用问题.是基础题．15.（填空题.5分）同时抛掷一颗红骰子和一颗蓝骰子.观察向上的点数.记“红骰子向上的点数大于3”为事件A.“两颗骰子的点数之和等于8”为事件B.则P （B|A ）=___ ． 【正确答案】：[1] 16【解析】：记“红骰子向上的点数大于3”为事件A.“两颗骰子的点数之和等于8”为事件B.分别求出P （A ）.P （AB ）.再由P （B|A ）= P (AB )P (A ) .能求出结果．【解答】：解：同时抛掷一颗红骰子和一颗蓝骰子.观察向上的点数. 记“红骰子向上的点数大于3”为事件A. “两颗骰子的点数之和等于8”为事件B. P （A ）= 36 = 12 . P （AB ）=36×6 = 112. ∴P （B|A ）= P (AB )P (A ) = 11212= 16． 故答案为： 16 ．【点评】：本题考查概率的求法.考查条件概率等基础知识.考查运算求解能力.是基础题． 16.（填空题.5分）定义方程f （x ）=f′（x ）的实数根x 0叫做函数f （x ）的“新驻点”． （1）设f （x ）=sinx.则f （x ）在（0.π）上的“新驻点”为___ ．（2）如果函数g （x ）=ln （x+1）与h （x ）=x+e x 的“新驻点”分别为α、β.那么α和β的大小关系是___ ．【正确答案】：[1] π4; [2]α＜β【解析】：（1）先对函数求导.结合已知定义及三角函数性质即可求解；（2）分别对函数g （x ）.h （x ）求导.然后结合已知.利用导数分析相应函数的性质即可求解．【解答】：解：（1）f′（x ）=cosx. 令sinx=cosx 即tanx=1. 因为x∈（0.π）. 故x= π4 .（2） g′(x )=11+x .由题意可得.g （α）=g′（α）.即 11+α=ln (1+α) .设H （x ）= 11+x -ln （1+x ）.则易得H （x ）在（-1.+∞）单调递减且H （1）= 12−ln2=ln √e2＜0. 故α＜1.h′（x ）=1+e x .由1+e β=β+e β. 故β=1. 所以α＜β．故答案为： π4 .α＜β．【点评】：本题以新定义为载体.主要考查了 导数知识的综合应用.属于中档试题． 17.（问答题.10分）请从下面三个条件中任选一个.补充在下面的横线上.并解答． ① 第5项的系数与第3项的系数之比是14：3； ② 第2项与倒数第3项的二项式系数之和为55；③ C n+12 -C n n−2=10．已知在（ √x - √x3 ）n 的展开式中._______．（1）求展开式中二项式系数最大的项； （2）求展开式中含x 5的项．【正确答案】：【解析】：（1）由题意利用.二项式系数的性质.求得n 的值.再利用通项公式求得展开式中二项式系数最大的项．（2）由题意利用二项式展开式的通项公式.求得展开式中含x 5的项．【解答】：解： ① 在（ √x - √x 3 ）n 的展开式中.（1）若选 ① .第5项的系数与第3项的系数之比是14：3.则 C n 4 ： C n 2 =14：3.求得n=10.当二项式系数 C n r 最大时.r=5.即第六项的二项式系数最大. 此项为 T 6= C 105 •（-1）5• x 56 =-252 x 56 ．（2）该二项式的通项公式为 T r+1= C 10r •（-1）r • x30−5r6.令30−5r6=5.求得r=0.故展开式中含x 5的项为 T 1= C 100•x 5=x 5．② 在（ √x - √x3 ）n 的展开式中.（1）若选 ② .第2项与倒数第3项的二项式系数之和为55.则 C n 1 + C n n−2=n+ n (n−1)2 = n 2+n 2 =55.∴n=10.当二项式系数 C n r最大时.r=5.即第六项的二项式系数最大. 此项为 T 6= C 105 •（-1）5• x 56 =-252 x 56 ．（2）该二项式的通项公式为 T r+1= C 10r•（-1）r • x30−5r6.令30−5r6=5.求得r=0.故展开式中含x 5的项为 T 1= C 100•x 5=x 5．③ 在（ √x - √x3 ）n 的展开式中.（1）若选 ③ .C n+12 -C n n−2=10=(n+1)•n2-n (n−1)2.∴n=10. 当二项式系数 C n r最大时.r=5.即第六项的二项式系数最大. 此项为 T 6= C 105 •（-1）5• x 56 =-252 x 56 ．（2）该二项式的通项公式为 T r+1= C 10r •（-1）r • x30−5r6.令 30−5r6=5.求得r=0.故展开式中含x 5的项为 T 1= C 100•x 5=x 5．【点评】：本题主要考查二项式定理的应用.二项式系数的性质.二项式展开式的通项公式.属于中档题．18.（问答题.12分）已知函数 f (x )=lnx −ax .a∈R ． （1）讨论f （x ）的单调性；（2）当a ＜-e 时.f （x ）在[1.e]上的最小值为1+e.求a 的值．【正确答案】：【解析】：（1）求导得 f′(x )=1x +ax 2=x+ax 2.定义域为（0.+∞）.再分a≥0和a ＜0两类讨论f'（x ）与0的大小关系即可得解；（2）由（1）知.当a ＜-e 时.f （x ）在[1.e]上单调递减.故f （x ）min =f （e ）=1- ae .解之即可．【解答】：解：（1）由题意得.f （x ）的定义域为（0.+∞）. f′(x )=1x+a x 2=x+ax 2. ① 当a≥0时.f'（x ）＞0恒成立.∴f （x ）在（0.+∞）上单调递增； ② 当a ＜0时.令f'（x ）＞0.得x ＞-a ；令f'（x ）＜0.得x ＜-a. ∴f （x ）在（0.-a]上单调递减.在（-a.+∞）上单调递增． 综上所述.当a≥0时.f （x ）在（0.+∞）上单调递增；当a ＜0时.f （x ）在（0.-a]上单调递减.在（-a.+∞）上单调递增．（2）由（1）知.当a ＜-e 时.f （x ）在[1.e]上单调递减. ∴f （x ）min =f （e ）= 1−ae =1+e .解得a=-e 2. ∴a=-e 2．【点评】：本题考查利用导数研究函数的单调性和最值.理解原函数的单调性与导函数的正负性之间的联系是解题的关键.考查学生的逻辑推理能力和运算能力.属于基础题．19.（问答题.12分）甲、乙两支排球队进行比赛.约定先胜3局者获得比赛的胜利.比赛随即结束．除第五局甲队获胜的概率是 12 外.其余每局比赛甲队获胜的概率是 23 ．假设各局比赛结果互相独立．（1）分别求甲队以3：0.3：1.3：2胜利的概率；（2）若比赛结果为3：0或3：1.则胜利方得3分.对方得0分；若比赛结果为3：2.则胜利方得2分、对方得1分.求乙队得分X 的分布列及数学期望．【正确答案】：【解析】：（1）记“甲队以3：0胜利”为事件A 1.“甲队以3：1胜利”为事件A 2.“甲队以3：2胜利”为事件A 3.由题意知.各局比赛结果相互独立.利用n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率计算公式能求出甲队以3：0.3：1.3：2胜利的概率．（2）设“乙队以3：2胜利”为事件A 4.由题意知.各局比赛结果相互独立.P （A 4）= 427 ．由题意知.随机变量X 的所有可能的取值为0.1.2.3.分别求出相应的概率.由此能出乙队得分X 的分布列及数学期望．【解答】：解：（1）记“甲队以3：0胜利”为事件A 1.“甲队以3：1胜利”为事件A 2.“甲队以3：2胜利”为事件A 3.由题意知.各局比赛结果相互独立. 故P （A 1）=（ 23 ）3= 827 .P （A 2）= C 32(23)2×(13)×23 = 827 .P （A 3）= C 42(23)2×(13)2×12 = 427 ．所以甲队以3：0胜利、以3：1胜利的概率都为 827 .以3：2胜利的概率为 427 ． （2）设“乙队以3：2胜利”为事件A 4.由题意知.各局比赛结果相互独立. 所以P （A 4）= C 42(1−23)2×(23)2×(1−12) = 427 ．由题意知.随机变量X 的所有可能的取值为0.1.2.3.根据事件的互斥性得 P （X=0）=P （A 1+A 2）=P （A 1）+P （A 2）= 1627 ．又P （X=1）=P （A 3）= 427 .P （X=2）=P （A 4）= 427 .P （X=3）=1-P （X=0）-P （X=1）-P （X=2）= 327 .故X 的分布列为 X 1 2 3 P1627 427427 327所以E （X ）=0× 1627 +1× 427 +2× 427 +3× 327 = 79 ．【点评】：本题考查概率的求法.考查离散型随机变量的分布列、数学期望的求法.考查n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率计算公式、相互独立事件概率乘法公式等基础知识.考查推理论证能力、运算求解能力.考查化归与转化思想、函数与方程思想.是中档题． 20.（问答题.12分）如图.D 为圆锥的顶点.O 是圆锥底面的圆心.AE 为底面直径.AE=AD ．△ABC 是底面的内接正三角形.P 为DO 上一点.PO= √66DO ． （1）证明：PA⊥平面PBC ； （2）求二面角B-PC-E 的余弦值．【正确答案】：【解析】：（1）设圆O 的半径为1.求出各线段的长度.利用勾股定理即可得到PA⊥PC .PA⊥PB .进而得证；（2）建立空间直角坐标系.求出平面PBC 及平面PCE 的法向量.利用向量的夹角公式即可得解．【解答】：解：（1）不妨设圆O 的半径为1.OA=OB=OC=1.AE=AD=2. AB =BC =AC =√3 . DO =√DA 2−OA 2=√3，PO =√66DO =√22.PA =PB =PC =√PO 2+AO 2=√62. 在△PAC 中.PA 2+PC 2=AC 2.故PA⊥PC . 同理可得PA⊥PB .又PB∩PC=P . 故PA⊥平面PBC ；（2）建立如图所示的空间直角坐标系. 则有 B (√32，12，0)，C (−√32，12，0)，P (0，0，√22) .E （0.1.0）. 故 BC⃗⃗⃗⃗⃗ =(−√3，0，0)，CE ⃗⃗⃗⃗⃗ =(√32，12，0)，CP ⃗⃗⃗⃗⃗ =(√32，−12，√22) . 设平面PCE 的法向量为 n ⃗ =(x ，y ，z) . 则由 {n⃗ •CE ⃗⃗⃗⃗⃗ =0n ⃗ •CP⃗⃗⃗⃗⃗ =0 .得 {√32x+12y =0√32x −12y +√22z =0.取x=1.则 y =−√3 .z= −√6 .所以平面PCE 的法向量为 n ⃗ =(1，−√3，−√6) .由（1）可知PA⊥平面PBC.不妨取平面PBC 的法向量为 AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =(0，1，√22) . 故 cosθ=|PA⃗⃗⃗⃗⃗ •n ⃗ ||PA⃗⃗⃗⃗⃗ ||n ⃗ |=2√55.即二面角B-PC-E 的余弦值为2√55．【点评】：本题考查线面垂直的判定以及利用空间向量求解二面角.考查推理能力及计算能力.属于基础题．21.（问答题.12分）大型综艺节目《最强大脑》中.有一个游戏叫做盲拧魔方.就是玩家先观察魔方状态并进行记忆.记住后蒙住眼睛快速还原魔方.盲拧在外人看来很神奇.其实原理是十分简单的.要学会盲拧也是很容易的．为了解某市盲拧魔方爱好者的水平状况.某兴趣小组在全市范围内随机抽取了100名魔方爱好者进行调查.得到的情况如表所示： 用时（秒）[5.10）[10.15）[15.20）[20.25）附：K2=(a+b)(c+d)(a+c)(b+d).n=a+b+c+d．数据完成以下2×2列联表.并判断是否有95%的把握认为是否为“熟练盲拧者”与性别有关？用时不超过10秒的概率.每位盲拧魔方爱好者用时是否超过10秒相互独立．那么在该兴趣小组在全市范围内再次随机抽取20名爱好者进行测试.其中用时不超过10秒的人数最有可能（即概率最大）是多少？【正确答案】：【解析】：（1）根据题目所给的数据填写2×2列联表即可.计算K2.对照题目中的表格.得出统计结论．（2）设随机抽取了20名爱好者中用时不超过10秒的人数为ξ.由题意可知变量ξ服从二项分布ξ～B（20. 15）.由{P(ξ=k)≥P(ξ=k+1)P(ξ=k)≥P(ξ=k−1)求出k的取值范围.再利用k∈Z.即可求出k的值．【解答】：解：（1）由题意得列联表如下：K2的观测值k=53×47×60×40≈4.523＞3.841 . 所以有95%的把握认为“熟练盲拧者”与性别有关．（2）根据题意得.1名盲拧魔方爱好者用时不超过10秒的概率为20100=15.设随机抽取了20名爱好者中用时不超过10秒的人数为ξ.则变量ξ服从二项分布ξ～B（20.15）.其中 P (ξ=k )=C 20k (15)k (45)20−k.k=0.1.2.….20；由 {P (ξ=k )≥P (ξ=k +1)P (ξ=k )≥P (ξ=k −1) .得 {C 20k (15)k (45)20−k≥C 20k+1(15)k+1(45)19−kC 20k (15)k (45)20−k ≥C 20k−1(15)k−1(45)21−k . 化简得 {4(k +1)≥20−k21−k ≥4k.得 165≤k ≤215 ；又k∈Z .所以k=4.即这20名爱好者中用时不超过10秒的人数最有可能是4人．【点评】：本题考查了独立性检验的应用问题.考查了二项分布.也考查了计算能力的应用问题.是中档题．22.（问答题.12分）已知函数f （x ）=e x +ax 2-x ． （1）当a=1时.讨论f （x ）的单调性；（2）当x≥0时.f （x ）≥ 12x 3+1.求a 的取值范围．【正确答案】：【解析】：（1）求得a=1时.f （x ）的解析式.两次对x 求得导数.结合指数函数的值域判断导数的符号.即可得到所求单调性；（2）讨论x=0.不等式恒成立；x ＞0时.运用参数分离和构造函数.求得导数.判断单调性和最值.进而得到所求范围．【解答】：解：（1）当a=1时.f （x ）=e x +x 2-x. f′（x ）=e x +2x-1.设g （x ）=f′（x ）.因为g′（x ）=e x +2＞0.可得g （x ）在R 上递增.即f′（x ）在R 上递增. 因为f′（0）=0.所以当x ＞0时.f′（x ）＞0；当x ＜0时.f′（x ）＜0. 所以f （x ）的增区间为（0.+∞）.减区间为（-∞.0）； （2）当x≥0时.f （x ）≥ 12x 3+1恒成立. ① 当x=0时.不等式恒成立.可得a∈R ； ② 当x ＞0时.可得a≥12x 3+x+1−e x x 2恒成立.设h （x ）= 12x 3+x+1−e x x 2.则h′（x ）=(2−x )e x +(12x 3−x−2)x3 =(2−x )e x +(12x 3−x 2)+(x 2−x−2)x 3=(2−x )e x +12x 2(x−2)+(x−2)(x+1)x 3=(2−x )(e x −12x 2−x−1)x3 .可设m （x ）=e x - 12x 2-x-1.可得m′（x ）=e x -x-1. 设k （x ）=e x -x-1.k′（x ）=e x -1.由x ＞0.可得k′（x ）＞0恒成立.可得k （x ）在（0.+∞）递增. m′（x ）在（0.+∞）递增. 所以m′（x ）＞m′（0）=0.即m′（x ）＞0恒成立.即m （x ）在（0.+∞）递增.所以m （x ）＞m （0）=0. 再令h′（x ）=0.可得x=2.当0＜x ＜2时.h′（x ）＞0.h （x ）在（0.2）递增； x ＞2时.h′（x ）＜0.h （x ）在（2.+∞）递减.所以h （x ）max =h （2）= 7−e 24 .所以a≥ 7−e 24 .综上可得a 的取值范围是[ 7−e 24.+∞）．【点评】：本题考查导数的运用：求单调性和最值.考查构造函数法.主要考查分类讨论思想和化简运算能力、推理能力.属于难题．。
山东省2021年届高三语文上学期第一次诊断试卷及答案
山东省2021年届高三语文上学期第一次诊断试卷及答案山东省_届高三上学期第一次诊断测试语文试题_．9说明:试题分为第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分,第I卷为第1页至第5页.第II卷为第5页至第8页.试题答案请用2B铅笔或0．5mm签字笔填涂到答题卡规定位置上,书写在试题上的答案无效.考试时间150分钟.第I卷(共36分)一.(每小题3分,共15分)阅读下面一段文字,完成1-2题.真正的〝好〞教师重〝深教〞而不唯〝浅教〞.所谓〝浅教〞,唯重堆砌知识的形态,条块分割,外在于〝人〞:最令人痛心者,莫过于轻视甚或无视本应自如驾驭知识的强劲思想力.复制了大量弥散着书香的〝知识〞却不知其何以如是,何以用之.更心安理得于丢失开启未来世界的〝金钥匙’—____(质疑/置疑)批判.独立评论和逻辑演绎.这就从本源上断开了重构新世界知识形态的可能.梁启超先生早在〝五__183;四〞之前即_____(犀利／锋利)批判传统教育〝偏于记性〞.忽略悟性,至今不失为针砭时弊的教育箴言.而〝浅教〞的对立面是〝深教〞,它以培育学生强大的逻辑理性.严谨思辩和超越性创造力为根本宗旨,以____(叫醒／唤醒)个人沉睡的〝问题意识〞.养成植根自由思维.独立人格之上的评论能力为终极境界;换言之,卓越教育所视之为〝贵者〞,并非复制传统知识的机械〝记性〞,而是创生无尽真知和新知的珍贵思想力及其相辅相成的表达力.一切传统都会悄然老去,唯有茂盛的创造之树与时长青;一切知识都会暗然凋落,唯有成长的思想力和表达力才会孕育丰硕的创造之果.1．下列词语的字形和加点字的注音,都正确的一项是A．强劲(j__236;n)逻辑演绎B．悄然老去(qiǎo)暗然凋落C．箴(zhēn)言相辅相成D．针砭(biǎn)严谨思辩2.依次选用文中括号里的词语,最恰当的一项是A．质疑锋利叫醒B．质疑犀利唤醒C．置疑犀利唤醒D．置疑锋利叫醒3．下列句子中加点成语使用正确的一项是A．短小精悍的吕厚民,1950年被调到中南海,专门给毛主席和其他中央领导照相,开始了前后12年不平凡的人生历程.B．奥巴马救经济的措施还是可圈可点的,但其外交成绩难言及格.奥巴马顾内难以靖外,厚此薄彼亦符合辩证法的基本规律.C．这虽是一套知识点极为密集的大型专业图书,但并非大而无当,我们还是从繁杂的知识网络体系里找到每个疑难问题的答案.D．_年,民航进入多事之秋,空难事件一个接一个,一时间,民航人草木皆兵,民航安全形势更是如履薄冰.4．下列句子中没有语病的一项是A．法国民航安全调查分析局(BEA)方面称,他们从德国之翼航空公司失事的A320空客机驾驶舱录音记录仪中取到了可用的录音资料,确定客机未发生爆炸.B．那种借口以反腐会阻碍经济发展,引发社会不稳定为名,主张反腐应适可而止的观点极其有害,因为反腐事关人心向背和党的生死存亡.C．我们希望通过举办纪念抗战胜利70周年活动,唤起每一个善良的人对和平的向往与坚守,避免历史悲剧不再重演.D．未来12天中,来自五大洲的近3700余名青年运动员将在竞技场上挑战自我,追求卓越,在文化教育活动中加深理解,收获友谊.5．依次填入下面一段文字横线处的语句,衔接最恰当的一组是()诗有比其他文学样式更精美.隽永的语言,_____._____,_____._____,_____,_____.①诗的美应该是内在的美.本质的美②或描绘动人的场景,或抒发美好的情感③但是诗的美却不是靠华丽词藻装饰起来的④而不应该是浮艳的美.矫饰的美⑤是〝清水出芙蓉,天然去雕饰〞的美⑥华丽词藻的组合不一定是诗A,①⑤④②③⑥B．②③⑥①⑤④C．③⑥①⑤②④D．②⑤③④①⑥二.(每小题3分,共9分)阅读下面的文字,完成6-8题.〝微时代〞,读什么?信息技术代有更替,近两年来,微信成为很多人的移动聊天室,用户已超过6亿.君不见,候机室内,人人运指玩手机;地铁车厢,茫茫一片低头族.对许多人来说,〝微信阅读〞业已成为重要的阅读方式.订阅号渐渐增多,〝选择〞的问题也浮出水面.将各种内容推送给我的公共号,的确是我订阅的;而我订阅的,又是我感兴趣的.看不懂.不感兴趣.不认同其观点甚至仅仅是〝讨厌这个账号名〞,都可以成为我不订阅.不看的理由,何况,订了我也可以不看,更不用说还随时能〝取消关注〞了.在这样的〝自由选择〞下,我的阅读趣味乃至知识水平,决定了我能看到什么.我读到的固然是我喜欢的,但我抛弃的却可能会更有价值.这就像是进入了一个认知的丛林,我无法走出〝自我〞这个陷阱.固化的欣赏口味与阅读取向,很可能让我无法去拥抱更为广阔的世界,寻求更为深刻的精神享受,甚至让我对世界的想象力开始萎缩.简单点说,太舒服的阅读.让我无法〝突破〞,甚至原地踏步.虽然没有大数据支撑,但微信的普遍状况,却也证明着这样的观点.朋友圈中分享的公共账号页面,很多都有〝揭秘〞〝爆料〞〝有染〞等种种令人惊悚词汇,更不乏〝不得不看的人生格言〞〝30岁之前要明白的50个道理〞等或浓或淡的心灵鸡汤.多有无法深究的八卦,多有似是而非的劝诫,多有浅尝辄止的思考,多有不知所云的感悟……有人调侃说,这样的分享,说者未必懂,而听者也未必信,不过是在寻求饭局上的谈资.这样的阅读状况,难免会让人担心背后日渐失血的心灵图景.更重要的是,每天更新的订阅人数.页面访问量,让公共账号的提供者们,精准地掌握着读者的口味,从而不断满足甚至迎合着读者的阅读偏好.这样的〝正反馈效应〞,将使这个新的阅读市场越来越像一个提供廉价用品的超市.你的选择,也决定了你可能有的选择.人人爱八卦,则高谈阔论种种内幕.秘闻的内容就增多;个个爱鸡汤,则励志类.成功学.创业经难免泛滥.有人说,世界上种种变动中的关系,只有两种状态,要么是良性循环,要么是恶性循环.而让人欣慰的是.这两种循环是可以转化的.在微信阅读可能出现的循环状态中,只要有一方愿意迈出一步,就会改变其发展的走向.对于读者来说,走出心灵之宅,克服懒惰或是畏难心理,努力寻找〝高一层次〞的阅读,去理解那些你或许不同意的观点,去欣赏那些你或许不喜欢的表达,在这个过程中肯定能发现那一片〝林中空地〞.而对于微信公共账号——这些文化产品的提供者们来说,则需要保持恒定的审美价值观,在分析与把握受众需求的同时,以更高远的眼界开拓更丰富的资源,不被枯燥的数字牵着鼻子走.希望那些微信阅读时代的公共账号,以及那些不远的未来将会发生的更多阅读变革,在改变我们阅读的同时,也能给予我们以真正的幸福.(选自《人民日报》,有删改)6．下列对本文主旨的概括,正确的一项是A．微信阅读人数众多,多到可用亿计,已经成为被很多人认可的一种非常重要的阅读方式.B．读者订阅的都是其感兴趣的.特别喜欢的内容,这决定了其阅读必然是极其舒服的阅读.C．读者的口味被微信阅读的提供者们精准地掌握着,他们不断满足甚至迎合着读者的阅读偏好.D．微信阅读正在改变人们的阅读方式,但问题多多,需要正视并将其引到正确的轨道上来.7．下列对现阶段〝微信阅读〞的危害的表述,不正确的一项是A．微信阅读很可能令读者的欣赏口味与阅读取向固化,使一些读者获得的精神享受是肤浅的.B．对看不懂.不感兴趣的内容不订阅.不看,长此以往,读者自然难以拥抱更为广阔的阅读世界.C．微信阅读给读者提供了〝揭秘〞〝爆料〞〝有染〞等饭局上的谈资,难免会影响社会的安定团结.D．微信阅读多涉及没有多少营养的劝诫.感悟等,读的时间久了会让读者患上精神营养不良症.8．根据原文内容,下列理解和分析不正确的一项是A．现在的微信阅读提供的产品虽多,但是真正有价值的.为读者健康成长着想的产品不多.B．作为读者,如果能够主动去欣赏那些自己或许并不喜欢的表达,那么可能会有新的发现.C．微信阅读的提供者,被枯燥的数字牵着鼻子走,实际上就是一味迎合读者阅读趣味的表现.D．微信阅读时代的公共账号在改变人们的阅读方式,也必会引领读者通过阅读获得真正的幸福.三.(每小题3分,共12分)阅读下面的文言文,完成9—12题.孝文帝从代来,即位二十三年,宫室苑囿狗马服御无所增益,有不便,辄弛以利民.尝欲作露台,召匠计之,直百金.上曰:〝百金中民十家之产,吾奉先帝宫室.常恐羞之,何以台为!〞上常衣绨衣①,所幸慎夫人,今衣不得曳地,帏帐不得文绣,以示敦朴,为天下先.治霸陵皆以瓦器,不得以金银铜锡为饰,不治坟,欲为省,毋烦民.南越王尉佗自立为武帝,然上召贵尉佗兄弟,以德报之,佗遂去帝称臣.与匈奴和亲,匈奴背约入盗,然令边备守,不发兵深入,恶烦苦百姓.吴王诈病不朝,就赐几杖.群臣如袁盎等称说虽切.常假借用之.群臣如张武等受赂遗金钱,觉,上乃发御府金钱赐之,以愧其心,弗下吏.专务以德化民,是以海内殷富,兴于礼义.后七年六月己亥,帝崩于未央宫.遗诏曰:〝朕闻盖天下万物之萌生,糜不有死.死者天地之理.物之自然者,奚可甚哀.当今之时,世咸嘉生而恶死,厚葬以破业,重服以伤生,吾甚不取.且朕既不德,无以佐百姓;今崩,又使重服久临,以离寒暑之数,哀人之父子.伤长幼之志,损其饮食,绝鬼神之祭祀,以重吾不德也,谓天下何!朕获保宗庙,以眇眇之身托于天下君王之上,二十有余年矣.赖天地之灵,社稷之福,方内安宁,靡有兵革.朕既不敏,常畏过行,以羞先帝之遗德;维年之久长,惧于不终.今乃幸以天年,得复供养于高庙,朕之不明与.嘉之,其奚哀悲之有!〞孝景皇帝元年十月,制诏御史:〝孝文皇帝临天下,通关梁,不异远方.除诽谤,去肉刑,赏赐长老,收恤孤独,以育群生.减嗜欲,不受献,不私其利也.罪人不帑,不诛无罪.除宫刑,出美人,重绝人之世.朕既不敏,不能识.此皆上古之所不及,而孝文皇帝亲行之.德厚侔天地,利泽施四海,靡不获福焉.〞太史公曰:孔子言〝必世②然后仁.善人之治国百年,亦可胜残去杀〞.诚哉是言汉兴至孝文四十有余载德至盛也廪廪③乡改④正服⑤封禅矣谦让未成于今.呜呼,岂不仁哉!(选自《史记__183;孝文帝本纪》,有删改)【注】①绨衣:质地粗厚的丝织衣服.②世:古代以十年为一世.③廪廪:犹庶几,渐进.④乡改:更改历法.⑤正服:更改服色.9．对下列句子中加点的词的解释,不正确的一项是A．以示敦朴,为天下先先:做榜样B．朕闻盖天下万物之萌生,靡不有死靡:倒下C．以离寒暑之数离:遭遇D．德厚侔天地侔:比得上10．下列各组句子中,加点词的意义和用法相同的一项是A．与匈奴和亲,匈奴背约入盗与嬴而不助五国也B．上乃发御府金钱赐之设九宾于廷,臣乃敢上璧C．专务以德化民不赂者以赂者丧D．善人之治国百年邻之厚,君之薄也11．对文中画波浪线部分的断句,正确的一项是A．诚哉／是言汉兴／至孝文四十有余／载德至盛也／廪廪乡改正服封禅矣／谦让未成于今B．诚哉是言／汉兴／至孝文四十有余载／德至盛也／廪廪乡改正服封禅矣／谦让未成于今C．诚哉是言／汉兴至孝文四十有余／载德至盛也／廪廪乡改正服／封禅矣谦让／未成于今D．诚哉是言／汉兴／至孝文四十有余载／德至盛也／廪廪乡改正服／封禅矣谦让／未成于今12．下面对原文有关内容的分析和概括,不正确的一项是A.文帝注重休养生息,反对大兴土木.他打算建造一座高台,召来工匠一计算,造价要上百斤黄金,就自动停止了.B．文帝率先垂范,以身作则.他平时穿的是质地粗厚的丝织衣服,甚至严格限制慎夫人穿衣用度,为民做节俭的榜样.C．孝文皇帝有着比较进步的生死观,他认为死是事物的自然归宿;对侍丧葬也主张节俭,反对厚葬等奢侈攀比的习俗.D．孝文皇帝功德显赫,恩惠遍及四海.他去世后,后人给予他很高的历史评价,没有哪个皇帝堪与他比,无溢美之词.。
山东省济南市章丘区2021届高三上学期期中试题 语文【含答案】
山东省济南市章丘区2021届高三上学期期中试题语文【含答案】一、现代文阅读(35分)(一)现代文阅读Ⅰ(本题共5小题,19分)阅读下面的文字,完成1～5题。
材料一：什么是审美现代性呢?如果简单地望文生义地推论,就会轻而易举地得到这样的解答：审美现代性与现代性是一致的,是审美活动中体现出来的现代性特征。
事实并非如此。
审美作为超越的、自由的活动,并不肯定现实,并不与现实相一致，而是超越现实,甚至否定现实,审美的自由品格和超越本质存在于审美与现实的差异之中。
同理,审美现代性也不是现代性的肯定形式，而是对现代性的超越甚至否定。
这就是说,审英现代性与现代性并不一致,它是现代性的反思、批判力量,它使主体在现代化过程中保持着反恩能力和超越品格,不至于丧失自觉性而成为盲目的存在。
由于现代性具有感性与理性两个层面,审美现代性同样体现为感性和超感性两种形式。
审美现代性的感性形式体现于大众审美文化中。
在市场经济的刺激下，大众审美文化兴起,它包括通俗文学、流行艺术、大众化的影视作品,也包括商业化的产品设计和包装、时装、广告,第等。
大众审美文化作为感性审美现代性,具有两重性,一为与感性现代性之间的契合性、亲和性；一为对感性现代性的差异性、超越性。
一方面,大众审美文化迎合了现代消费主义浪潮,借助市场经济,使自己商品化,成为物质享乐的助动力。
最终，也就成为现代性的战利品,丧失了自己的超越品格。
另一方面,大众审美文化还具有审美属性。
审美属性使大众审美文化能在一定程度上克服感性现代性的物质主义,使物质消費带有某种精神性；一定程度上克服感性现代性的鄙俗性,使低俗文化品质有所提升。
总之,大众审美文化的两重性始终存在,二者相反相成,构成感性审美现代性。
审美现代性的超感性形式是精英审美文化。
精英审美文化不同于大众审美文化,它是精英知识阶层为主体的审美文化，包括现代纯文学,高雅艺术，以及其他高雅审美文化。
精英审美文化所体现的审美现代性,本质上是一种反现代性。
山东省济南市章丘区第四中学2021届高三上学期第一次教学质量检测(8月)英语试题
英语科试题卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第Ⅰ卷1 至6页，第Ⅱ卷7 至8页。
满分150分，考试用时120分钟。
请考生按规定用笔将所有试题的答案涂、写在答题卡上，否则无效。
第Ⅰ卷注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不能答在本试卷上，否则无效。
第一部分：听力（共两节，满分30分）第一节(共5 小题；每小题1.5 分，满分7.5 分)听下面5 段对话。
每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C 三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后，你都有10 秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
1. Who won the race this year?A. Mark.B. Ron.C. Ken.2. What is the man’s problem?A. He wants more money.B. He wants to leave earlier.C. He wants to stop walking to school.3. Where are the speakers?A. In the mall.B. At the museum.C. On the street.4. What is the conversation mainly about?A. The weather.B. A school.C. Roads.5. What will the woman probably do?A. Ride the bicycle.B. Catch the bus.C. Drive the car.第二节(共15 小题；每小题1.5 分，满分22.5 分)听下面5段对话或独白。
每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
山东省济南市章丘区第四中学2021届高三语文上学期第一次教学质量检测8月试题
山东省济南市章丘区第四中学2021届高三语文上学期第一次教学质量检测（8月）试题一、现代文阅读(35 分)(一)现代文阅读I (本题共5小题，19分)阅读下面的文字，完成1~5题。
材料一：鲁迅先生在《中国小说的历史的变迁》中说：“自有《红楼梦》出来之后，传统的思想和写法都打破了。
”这是从中国小说发展史的视角进行高度概括的，然而传统的思想和写法究竟是怎么打破的？遗憾的是鲁迅先生并没有细说下去。
一代又一代的学者对这个问题苦苦地探寻。
我们知道，小说故事的元素是人物、情节、线索等，但如何组合，也就是结构方式，这才是创造，才能显示作家的天才。
曹雪芹正是在《红楼梦》叙事结构的组合方式这一点，打破了传统。
传统叙事的经典作品《三国演义》和《水浒传》，其时空表现形态虽各自不同，但都遵循着一个共同的叙事原则：故事时间和文本时间是一致的，文本形成的以主要的人物和主要的事件为枢纽来挽结和创建整体的时空结构，就是故事的时空结构。
所以人们习惯分析叙事的结构方式时常常集中在时间链条上，提炼出叙事的主线和副线，形成传统线性的单一的结构方式和思维方式。
《红楼梦》追求时间艺术的空间化，打破了传统线性单一的结构方式和思维方式，使历史、现实和梦幻混合、交织、重组，小说人物任意穿行在时间的隧道，在过去、现在和未来三维构成的立体时间体系中来来往往。
“现在”不是折射过去的记忆，便是投影未来的图像，有时分不清哪些是现实，哪些是幻想，并在物理时间、心理时间、梦幻时间和神话时间里进进出出。
“传统”在被打破，也体现出现代小说的叙事特征，即故事时间和叙述时间的分离，创造了小说时间艺术的多维空间形式。
这是我们过去认识不到的层面，也正是《红楼梦》叙事“新变”的内涵。
（摘编自郑铁生《<红楼梦>的故事是怎样讲的》）材料二：《红楼梦》是长于写实的。
“石头”在全书第一章中答复空空道人说：“其间离合悲欢，兴衰际遇，俱是按迹寻踪，不敢稍加穿凿，致失其真。
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山东省济南市章丘区第四中学2021届高三语文上学期第一次教学
质量检测（8月）试题（含答案）
一、现代文阅读(35 分)
(一)现代文阅读I (本题共5小题，19分)
阅读下面的文字，完成1~5题。
材料一：
鲁迅先生在《中国小说的历史的变迁》中说：“自有《红楼梦》出来之后，传统的思想和写法都打破了。
”这是从中国小说发展史的视角进行高度概括的，然而传统的思想和写法究竟是怎么打破的？遗憾的是鲁迅先生并没有细说下去。
一代又一代的学者对这个问题苦苦地探寻。
我们知道，小说故事的元素是人物、情节、线索等，但如何组合，也就是结构方式，这才是创造，才能显示作家的天才。
曹雪芹正是在《红楼梦》叙事结构的组合方式这一点，打破了传统。
传统叙事的经典作品《三国演义》和《水浒传》，其时空表现形态虽各自不同，但都遵循着一个共同的叙事原则：故事时间和文本时间是一致的，文本形成的以主要的人物和主要的事件为枢纽来挽结和创建整体的时空结构，就是故事的时空结构。
所以人们习惯分析叙事的结构方式时常常集中在时间链条上，提炼出叙事的主线和副线，形成传统线性的单一的结构方式和思维方式。
《红楼梦》追求时间艺术的空间化，打破了传统线性单一的结构方式和思维方式，使历史、现实和梦幻混合、交织、重组，小说人物任意穿行在时间的隧道，在过去、现在和未来三维构成的立体时间体系中来来往往。
“现在”不是折射过去的记忆，便是投影未来的图像，有时分不清哪些是现实，哪些是幻想，并在物理时间、心理时间、梦幻时间和神话时间里进进出出。
“传统”在被打破，也体现出现代小说的叙事特征，即故事时间和叙述时间的分离，
创造了小说时间艺术的多维空间形式。
这是我们过去认识不到的层面，也正是《红楼梦》叙事“新变”的内涵。
（摘编自郑铁生《<红楼梦>的故事是怎样讲的》）材料二：
《红楼梦》是长于写实的。
“石头”在全书第一章中答复空空道人说：“其间离合悲欢，兴衰际遇，俱是按迹寻踪，不敢稍加穿凿，致失其真。
”这段写实主义的声明由“石头”所做，有点令人哭笑不得，也有点中国式的聪明灵活的辩证法。
写实的作品中，穿插环绕装点一些神话的、魔幻的、匪夷所思的故事，使写实的作品增添了一些幻化的生动、神秘、奇异，使写实的作品也生出想象的翅膀，生出浪漫的色彩，这就比一味写实，除了实还是实的作品更文学了。
一般地说，写实的作品易于厚重，梦幻的作品易于轻灵，或反过来说，写实的小说易失之于拙，梦幻的小说易失之于巧。
能不能把两者结合一下呢？厚重中显出轻灵，执著中显出超脱，命运的铁的法则中显出恍恍惚惚的朦胧。
这是真小说家的境界，这是人生真味的体验。
荒诞、幻化也是人的精神主体的一种要求，当科学性、必然性、可知性不能完全满足人的主体要求（包括观赏、享受的要求）的时候，荒诞性与梦幻性就应运而生了。
荒诞、幻化也是一种美，是一种突破了现实的硬壳、摆脱了大地芜杂的美，就像梦的美，痴的美。
荒诞化、幻化是把小说与人生间离的重要手段。
《红楼梦》一开篇，作者就强调“将真事隐去”“假语村言”“经历过一番梦幻”“说来虽近荒唐，细说颇有趣味”，一方面强调不失其真，未敢失其真，一方面又强调不可当真。
这就给创作主体留下了极大的艺术创造力纵横驰骋的余地，也为读者留下了阅读与欣赏的即进行二度创作的自由。
小说毕竟只是小说，至少首先是小说，虽然不如起诉书或辩护词那样具有明确的针对性，却因失去了这种针对性而获得了更普遍更长远的意义。
（摘编自王蒙《红楼启示录》）。