浙江省高考模拟试卷数学(有答案)
浙江省嘉兴市2024届高三第一次模拟测试数学试题含答案

嘉兴市2024届高三第一模拟测试数学试卷(答案在最后)一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要求的.1.已知复数220231i i i z =++++ ,则z =()A.0B.1C.D.【答案】A 【解析】【分析】化简复数z ,继而求模即可.【详解】220231i i i z =++++ ()()23420172018201920202021202220231i+i i +i i i +i i +i i +i =+++⋅⋅⋅++++15050i 1i 0=+⨯+--=则0z =,故选:A .2.已知集合πsin ,044k A k k ⎧⎫=∈≤≤⎨⎬⎩⎭N 且,则集合A 的元素个数为()A.3 B.2C.4D.5【答案】A 【解析】【分析】将k 的所有可能取值逐个代入计算即可得出集合A ,即可得集合A 的元素个数.【详解】当0k =时,πsin sin004k ==,当1k =时,ππsinsin 442k ==,当2k =时,π2ππsin sin sin 1442k ===,当3k =时,π3πsin sin 442k ==,当4k =时,π4πsinsin sinπ044k ===,故0,,12A ⎧⎫⎪⎪=⎨⎬⎪⎪⎩⎭,共三个元素.故选:A.3.已知向量()2,0a =,()0,3b = ,若实数λ满足()()b a a b λ-⊥+ ,则λ=()A.49B.94C.1- D.1【答案】A 【解析】【分析】先表示出,b a a b λ-+的坐标,然后根据垂直关系得到λ的方程,由此求解出结果.【详解】因为()()2,3,2,3b a a b λλ-=-+=,且()()b a a b λ-⊥+ ,所以22330λ-⨯+⨯=,所以49λ=,故选:A.4.已知1a x x=+,e e x x b -=+,sin c x x =,则下列结论错误的为()A.[1,1]x ∃∈-,a c >B.[1,1]x ∃∈-,b c >C.[1,1]x ∃∈-,a c <D.[1,1]x ∃∈-,b c<【答案】D 【解析】【分析】举例即可判断ABC ;再根据基本不等式及三角函数的性质即可判断D.【详解】对于A ,当π6x =时,π63626π64a =+>+=,13222c =+=,此时a c >,所以[1,1]x ∃∈-,a c >,故A 正确;对于B ,当0x =时,2b =,c =b c >,所以[1,1]x ∃∈-,b c >,故B 正确;对于C ,当π6x =-时,π606πa =--<,13122c =-+=,此时a c <,所以[1,1]x ∃∈-,a c <,故C 正确;对于D ,当[]1,1x ∈-时,2e e x x b -=≥=+,当且仅当e e x x-=,即0x =时取等号,πsin 2sin 3c x x x ⎛⎫=+=+ ⎪⎝⎭,由[]1,1x ∈-,得πππ1,1333x ⎡⎤+∈-++⎢⎥⎣⎦,而ππππ1π,012332<+<<-+<,所以当π3x +,即π6x =时,πsin 2sin 23c x x x ⎛⎫=+=+= ⎪⎝⎭,所以2≤c ,当且仅当π6x =时取等号,而π06≠,所以[1,1]x ∀∈-,b c >,故D 错误.故选:D.5.已知某物种t 年后的种群数量y 近似满足函数模型: 1.4e 0.1250ety k -=⋅(00k >,当0=t 时表示2023年初的种群数量).自2023年初起,经过n 年后(N)n ∈,当该物种的种群数量不足2023年初的10%时,n 的最小值为(参考数据:ln10 2.3026≈)()A.16B.17C.18D.19【答案】D 【解析】【分析】确定2023年初的种群数量为0=t 时的函数值,根据题意可列不等式 1.4e 0.125 1.4e 00e 10%e tk k -⋅<⋅⋅,结合对数运算即可求得答案.【详解】由题意可知2023年初的种群数量为0=t 时的函数值 1.4e0e k ⋅,故令 1.4e 0.125 1.4e 00e10%e ty k k -=⋅<⋅⋅,即0.1251e 10t -<,则0.125ln10t >,ln108ln108 2.302618.42080.125t ∴>=≈⨯=,由于*n ∈N ,故n 的最小值为19,故选:D6.已知数列{}n a 满足10a =,231a a ==,令()*12N n n n n b a a a n ++=++∈.若数列{}nb 是公比为2的等比数列,则2024a =()A.2024247- B.2024237+ C.2024247+ D.2024267+【答案】B 【解析】【分析】数列{}n b 是公比为2的等比数列,可得2nn b =,则有32nn n a a +-=,累加法结合等比数列求和公式,计算2024a .【详解】11230112b a a a =++=++=,数列{}n b 是公比为2的等比数列,则2nn b =,即()13123121222n n n n n n n n n n n n n a a a a a a a a b b ++++++++-=++-++=-=-=,()()()()2024202420212021201820182015522a a a a a a a a a a =-+-+-++-+ ()67423202420242021201820152212242322221111877⎡⎤--+⎢⎥⎣⎦=+++++=+=+=- .故选:B【点睛】关键点睛:本题关键点是利用数列{}n b 的通项得到32nn n a a +-=,用累加法即可计算2024a .7.正四面体的棱长为3,点M ,N 是它内切球球面上的两点,P 为正四面体表面上的动点,当线段MN 最长时,PM PN ⋅的最大值为()A.2B.94 C.3D.52【答案】C 【解析】【分析】设四面体ABCD 的内切球球心为O ,G 为BCD △的中心,E 为CD 的中点,连接,AG BE ,则O 在AG 上,连接BO ,根据题意求出内切球的半径,当MN 为内切球的直径时,MN 最长,再化简()()PM PN PO OM PO ON ⋅=+⋅+可求得其最大值.【详解】设正四面体ABCD 的内切球球心为O ,G 为BCD △的中心,E 为CD 的中点,连接,AG BE ,则O 在AG 上,连接BO ,则AO BO =.因为正四面体的棱长为3,所以223332BG BE ==⨯⨯=,所以AG ==r ,则()222AG r r BG -=+,)22rr =+,解得4r =,当MN 为内切球的直径时MN 最长,此时0+= OM ON,2348OM ON ⎛⋅=-=- ⎪⎝⎭ ,()()PM PN PO OM PO ON⋅=+⋅+ ()2238PO PO OM ON OM ON PO =+⋅++⋅=- ,因为P 为正四面体表面上的动点,所以当P 为正四体的顶点时,PO 最长,PO的最大值为44=,所以PM PN ⋅的最大值为23348⎛-= ⎝⎭.故选:C8.已知椭圆22221(0)x y a b a b+=>>的左、右焦点分别为1F ,2F ,P 为椭圆上不与左右顶点重合的任意一点,I ,G 分别为12PF F ∆的内心和重心,当IG x ⊥轴时,椭圆的离心率为A.13B.12C.2D.63【答案】A 【解析】【分析】结合图像,利用P 点坐标以及重心性质,得到G 点坐标,再由题目条件GI x ⊥轴,得到I 点横坐标,然后两次运用角平分线的相关性质得到MN ME的比值,再结合MIN ∆与MPE ∆相似,即可求得I 点纵坐标,也就是内切圆半径,再利用等面积法建立关于,,a b c 的关系式,从而求得椭圆离心率.【详解】如图,令P 点在第一象限(由椭圆对称性,其他位置同理),连接PO ,显然G 点在PO 上,连接PI 并延长交x 轴于点M ,连接G I 并延长交x 轴于点N ,GI x ⊥轴,过点P 作PE 垂直于x 轴于点E,设点00(,)P x y ,12(,0),(,0)F c F c -,则00,OE x PE y ==,因为G 为12PF F ∆的重心,所以00(,)33x y G ,因为IG x ⊥轴,所以I 点横坐标也为03x ,03xON =,因为PM 为12F PF ∠的角平分线,则有01212122()()23x PF PF F N NF F O ON OF ON ON -=-=+--==,又因为12+2PF PF a =,所以可得0012,33x xPF a PF a =+=-,又由角平分线的性质可得,011223=3x a F M PF x F M PF a +=-,而12=F M c OM F M c OM +-所以得03cxOM a=,所以0()3a c x MN ON OM a -=-=,0(3)3a c x ME OE OM a-=-=,所以3IN MN a c PEMEa c -==-,即0()3a c y IN a c-=-,因为1212121211()22PF F S PF PF F F IN F F PE ∆=++=即00()11(22)(2)232a c y a c c y a c -+=-,解得13c a =,所以答案为A.【点睛】本题主要考查离心率求解,关键是利用等面积法建立关于,,a b c 的关系式,同时也考查了重心坐标公式,以及内心的性质应用,属于难题.椭圆离心率求解方法主要有:(1)根据题目条件求出,a c ,利用离心率公式直接求解.(2)建立,,a b c 的齐次等式,转化为关于e 的方程求解,同时注意数形结合.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目的要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.下列说法正确的是()A.正切函数是周期函数,最小正周期为πB.正切函数的图象是不连续的C.直线()ππZ 2x k k =+∈是正切曲线的渐近线D.把ππtan ,,)2(2y x x =∈-的图象向左、右平行移动πk 个单位,就得到tan y x =π(R,π)2x x k ∈≠+的图象【答案】ABC 【解析】【分析】根据正切函数的性质,以及它的的图象的特点,即可判断A ,B 。
浙江数学高考模拟试卷附答案

浙江数学高考模拟考试数学试题卷姓名________________ 准考证号________________本试题卷共3大题,共X页。
满分0分,考试时间X分钟。
注意事项:1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔填写在答题卡和试卷上。
2.选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
非选择题用0.5毫米黑色字迹的签字笔将答案写在答题卡规定位置上。
3.所有试题均需在答题卡上作答,在试卷和草稿纸上作答无效。
4.考试结束后,将试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题(本大题共15小题,每小题0分,共0分)在每小题列出的四个备选答案中,只有一个是符合题目要求的。
错选、多选或未选均无分。
1.经过点(3,-2),且与直线x+2y-1=0垂直的直线方程是()A.x+2y+8=0B.2x+y+8=0C.2x-y+8=0D.2x-y-8=02.某产品的总成本y(万元)与产量x(台)之间的函数关系式为23000200.1,y x x=+-(0,240)x∈,若每台产品售价为25万元,则生产者不亏本时的最低产量是()A.100台B.120台C.150台D.180台3.已知等差数列{a n}中,a1=-5,d=7,a n≤695,则这个数列至多有()A.98项B.99项C.100项D.101项4.有6把椅子排成一排,3人随机入座,任意两人不相邻的坐法有()A.144种B.120种C.72种D.24种5.函数f(x)=x+1x的定义域是()A .{x |x >0}B .{x |x ≥0}C .{x |x ≠0}D .{x |x <0或x >0}6.下列函数在指定区间上为单调递增函数的是 ( )A .y =15log x +1,x ∈(0,+∞)B .y =2x +3,x ∈(-∞,+∞)C .y =-x -2,x ∈(-∞,+∞)D .y =1x,x ∈(-∞,0)7.下列函数在其定义域上单调递增的是(以下选项中的参数,均使函数表达式有意义) ( ) A .f (x )=2x +b B .f (x )=-x 2+c C .f (x )=3log ax D .f (x )=3ax8.设y =f (x )在(-∞,+∞)上是减函数,且满足f (2x -3)>f (x +5),则x 的取值范围是________. ( ) A .x >2 B .x >8 C .x <2D .x <89.已知点A (2,1),点B (-3,-2),且2AM AB =u u u u r u u u r,则点M 的坐标是________. ( )A .11(,)22--B .4(,1)3--C .1(,0)3D .1(0,)5-10.已知二次函数f (x )=x 2-2ax +3有最小值-1,则a =________.( )A .4B .±4D.±211.若120是一个数列中的一项,则这个数列可以是________.()A.{n2+1}B.{n2-1}C.{n2-2n+1}D.{n2-n-1}12.有6名同学站成一排照相,若甲同学必须站在中间的一个固定位子,共有________种不同的排法________.()A.120B.60C.30D.2413.已知tanα=2,则cos2α=________.()A.4 5B.-4 5C.3 5D.-3 514.两个球的表面积之比是1∶16,那么这两个球的体积之比是________.()A.1∶32B.1∶24C.1∶64D.1∶25615.有三个同学选报外语课程,每个同学只选报一项,分别有英语、日语、俄语、韩语四门课程,则不同的选法种数为________.()B .12C .81D .16二、填空题(本大题共10小题,每小题0分,共0分)16.若!321n x =⨯⨯,则x = .(用含排列组合的式子表示)17.某四边形的周长为14,四条边依次成等差数列,最短边为2,则最长边的长为 . 18.与椭圆x 24+y 23=1具有相同的焦距,且过点(2,0)的椭圆的标准方程为 . 19.如图,正方体棱长为a ,则球的半径为 .20.若x ,y ,x 成等差数列,则代数式(z -x )2-4(x -y )(y -z )的值为 . 21.方程x 2+y 2+4mx -2y -10=0表示圆时,圆心为(2,1),则圆的半径为________. 22.设m ,n 是两条不同的直线,a ,β是两个不同的平面,有下列四个命题 ①若m ⊥n ,n //α,则m ⊥α ②若m ⊥α,m ⊥β,n ⊥α则n ⊥β③若m ⊂α,n ⊂α,m ∥β,n ∥β,m ∩n =P ,则α∥β ④若m ∥β,β⊥α则m ⊥α写出所有正确结论的序号________.23.若sin θtan θ≤0,则角θ的终边在________.24.若a >0,b >0,则a bb a+的最小值是________.25.在数列{a n }中,若1121nn n a a a a +=+,=1,则a 6=________. 三、解答题(本大题共6小题,共0分。
浙江省金华市十校2025届高考数学一模试卷含解析

浙江省金华市十校2025届高考数学一模试卷注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置. 3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效. 5.如需作图,须用2B 铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.()252(2)x x -+的展开式中含4x 的项的系数为( ) A .20-B .60C .70D .802.已知数列{}n a 中,12a =,111n n a a -=-(2n ≥),则2018a 等于( ) A .12B .12-C .1-D .23.甲、乙、丙、丁四位同学高考之后计划去、、A B C 三个不同社区进行帮扶活动,每人只能去一个社区,每个社区至少一人.其中甲必须去A 社区,乙不去B 社区,则不同的安排方法种数为 ( ) A .8B .7C .6D .54.已知向量a ,b ,b =(1,3),且a 在b 方向上的投影为12,则a b ⋅等于( ) A .2B .1C .12D .05.执行如图所示的程序框图,若输出的310S =,则①处应填写( )A .3?k <B .3?kC .5?kD .5?k <6.已知复数z 满足11i z=+,则z 的值为( )A .12B .2C .22D .27.做抛掷一枚骰子的试验,当出现1点或2点时,就说这次试验成功,假设骰子是质地均匀的.则在3次这样的试验中成功次数X 的期望为( ) A .B .C .1D .28.已知函数()ln f x x =,若2()()3F x f x kx =-有2个零点,则实数k 的取值范围为( )A .21,06e ⎛⎫-⎪⎝⎭B .1,06e ⎛⎫-⎪⎝⎭C .10,6e ⎛⎫ ⎪⎝⎭D .210,6e ⎛⎫ ⎪⎝⎭9.若双曲线E :221x y m n-=(0)mn >绕其对称中心旋转3π后可得某一函数的图象,则E 的离心率等于( )A .33B 3C .2或233D .2310.设i 是虚数单位,a R ∈,532aii a i+=-+,则a =( ) A .2-B .1-C .1D .211.已知曲线11(0x y aa -=+>且1)a ≠过定点(),kb ,若m n b +=且0,0m n >>,则41m n+的最小值为( ). A .92 B .9C .5D .5212.已知集合{}10,1,0,12x A xB x -⎧⎫=<=-⎨⎬+⎩⎭,则A B 等于( ) A .{}11x x -<<B .{}1,0,1-C .{}1,0-D .{}0,1二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
浙江数学高考模拟试卷附答案

浙江数学⾼考模拟试卷附答案浙江数学⾼考模拟考试数学试题卷姓名________________ 准考证号________________本试题卷共3⼤题,共X页。
满分0分,考试时间X分钟。
注意事项:1.答题前,考⽣务必将⾃⼰的姓名、准考证号⽤⿊⾊字迹的签字笔填写在答题卡和试卷上。
2.选择题每⼩题选出答案后,⽤2B铅笔把答题卡上对应题⽬的答案标号涂⿊。
如需改动,⽤橡⽪擦⼲净后,再选涂其他答案标号。
⾮选择题⽤0.5毫⽶⿊⾊字迹的签字笔将答案写在答题卡规定位置上。
3.所有试题均需在答题卡上作答,在试卷和草稿纸上作答⽆效。
4.考试结束后,将试卷和答题卡⼀并交回。
⼀、单项选择题(本⼤题共18⼩题,每⼩题0分,共0分)在每⼩题列出的四个备选答案中,只有⼀个是符合题⽬要求的。
错选、多选或未选均⽆分。
1.不等式x+6-x2≥0的解集是()A.[-6,1]B.[-2,3]C.[2,3]D.[-6,3]2.数列0.25,0.25,0.5,2,16,…的第6项为()A.32B.64C.128D.2563.已知3sin5α=,且π,π2α??∈ ?,则tanα等于()A.34± B.43±C.34- D.43-4.4名同学报名参加2项不同的竞赛,每项均选⼀⼈,不同的选择种数为()A.24种B.42种C.24A种 D.种5.{5的正因数}的真⼦集个数有()A.1个B.2个C.3个D.4个6.已知a,b是两条不同的直线,α,β是两个不同的平⾯,且a⊥α,b⊥β,则下列命题中不正确的是()A.若a∥b,则α∥βB .若α⊥β,则a ⊥bC .若a 与b 相交,则α与β相交D .若α与β相交,则a 与b 相交7.函数y =x 2-2x -34-x 2的定义域为()A .{x |-1≤x ≤3且x ≠2}B .{x |-3≤x ≤1且x ≠2}C .{x |x ≥3或x ≤-1且x ≠-2}D .{x |x ≥1或x ≤-3且x ≠-2}8.“将⼀枚硬币先后抛两次,⾄少出现⼀次正⾯”的概率是()A .1B .12C .34D .149.⼀元⼆次函数f (x )=ax 2+bx +c 满⾜a >0,b 2-4ac <0,则ax 2+bx +c <0解集为()A .RB .R +C .R -D .?10.过平⾯β外⼀点P ,且平⾏于平⾯β的直线()A .只有⼀条,且⼀定在平⾯β内B .只有⼀条,但不⼀定在平⾯β内C .有⽆数条,但都不在平⾯β内D .有⽆数条,都在平⾯β内11.如图所⽰,阴影部分可表⽰为()A .?UB ∩A B .?U A ∩BC .?U A ∩?U BD .?U A ∪?U B12.+1x)10的展开式中含x 的正整数指数幂的项数为()A .0B .2C .4D .613.已知sin (π2+α)=14,则cos2α=()A .±78B .-78C .78D .15814.满⾜条件{0,1}∩P =的集合P 共有________. ()A .0个B .1个C .2个D .⽆数个15.________. () A.B .3C .1 D.416.两列⽕车从同⼀站台沿相反⽅向出发,⾛了相同的路程,已知两列⽕车的位移向量分别为a 、b ,则下列说法错误的是________. () A .两向量为平⾏向量 B .两向量的模相等 C .两向量为共线向量D .两向量为相等向量17.苹果的进价是每千克2元,销售中估计有5%的损耗,商家⾄少要把每千克苹果的价格定为x 元才能不亏本,则可列不等式为________. ()A .5%x ≥2B .(1-5%)x ≥2C .5%x ≤2D .(1-5%)x ≤218.函数y =log 2x 和y =12log x 在同⼀坐标系中图象之间的关系是________.()A .关于x 轴对称B .关于y 轴对称C .关于原点对称D .关于直线y =x 对称⼆、填空题(本⼤题共8⼩题,每⼩题0分,共0分)19.将log 0.27,log 27,2-0.2按从⼩到⼤的顺序排列:____________. 20.已知f (2x )=log 2(3x -4),则f (8)= .21.以椭圆4x 2+y 2=1的短轴顶点和焦点为顶点的四边形的⾯积为 . 22.已知等轴双曲线过点(4,3),则其标准⽅程为 . 23.若tan (π-α)=2,则sin α-2cos α3sin α+2cos α= .24.= . 25.若a >1,当41a a +-取得最⼩值时,a 的值为________,最⼩值为________. 26.化简:2sin (-1110°)-cos240°(-120°)=________.三、解答题(本⼤题共7⼩题,共0分。
浙江省高考数学模拟试卷(含答案)

浙江省高考数学模拟试卷(含答案)一、单选题(本大题共10小题,共40.0分)1. 已知集合A ={x|x 2−2x ≤0},B ={x|0≤log 3x ≤9},C ={x|x =2n,n ∈N},则A ∩B ∩C =( )A. {2}B. {0,2}C. {0,2,4}D. {2,4}【答案】A【解析】解:集合A ={x|x 2−2x ≤0}={x|0≤x ≤2}=[0,2], B ={x|0≤log 3x ≤9}={x|1≤x ≤2}=[1,2], C ={x|x =2n,n ∈N}={0,2,4,…}, 则A ∩B ∩C ={2}. 故选:A .化简集合A 、B 、C ,根据交集的定义计算即可. 本题考查了集合的化简与运算问题,是基础题.2. 复数z 满足(z −2i)⋅(1+i)=2(i 为虚数单位),则复数z −在复平面内对应的点在( )A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】D【解析】解:由(z −2i)⋅(1+i)=2得:z −2i =21+i =1−i , ∴z =1+i ,z −=1−i.则z −对应的点(1,−1)在第四象限, 故选:D .先求出z ,然后求出z 的共轭复数,由此即可求解.本题考查了共轭复数的概念,考查了复数对应的点的位置,属于基础题.3. 如果点P(x,y)在平面区域{2x −y +2≥0x −2y +1≤0x +y −2≤0上,则y+1x−2的取值范围是( )A. [−2,−13]B. [−2,−32]C. [−2,13]D. [−13,2]【答案】A【解析】解:如图,先作出点P(x,y)所在的平面区域.y+1x−2表示动点P 与定点Q(2,−1)连线的斜率.联立{x −2y +1=0x +y −2=0,解得{x =1y =1.于是k QE =1+11−2=−2,k QF =0+1−1−2=−13. 因此−2≤y+1x−2≤−13. 故选:A .作出不等式组对应的平面区域,利用y+1x−2的几何意义,通过数形结合即可的得到结论. 本题主要考查线性规划的应用,利用z 的几何意义,通过数形结合是解决本题的关键,是中档题.4. 条件p :x 2−4x −5<0是条件q :x 2+6x +5>0的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 非充分又非必要条件【答案】A【解析】解:∵P :由x 2−4x −5<0,解得:−1<x <5, q :由x 2+6x +5>0,解得:x >−1或x <−5, 由p ⇒q ,而q 推不出p , ∴p 是q 的充分不必要条件, 故选:A .分别解出关于p ,q 的不等式的解集,从而判断出p ,q 的关系. 本题考查了充分必要条件,考查了解不等式问题,是一道基础题.5. 函数f(x)=2xe x +e −x 的部分图象大致为( )A. B.C. D.【答案】A【解析】解:∵f(−x)=−2xe−x+e x=−f(x),∴函数f(x)为奇函数,排除选项B和C,当x→+∞时,e x比x增长的快,∴f(x)→0,排除选项D,故选:A.先判断函数的奇偶性,再考虑x→+∞时,f(x)的取值情况,即可作出选择.本题考查函数的图象与性质,一般可从函数的单调性、奇偶性或特殊点处的函数值等方面着手思考,考查学生的逻辑推理能力和运算求解能力,属于基础题.6.如图,在矩形ABCD中,AB=1,BC=√3,沿BD将矩形ABCD折叠,连接AC,所得三棱锥A−BCD正视图和俯视图如图,则三棱锥A−BCD中AC长为()A. 32B. √3 C. √102D. 2【答案】C【解析】解:根据矩形的折叠,得到:平面ABD⊥平面BCD.如图所示:在平面ABD 中,作AE ⊥DB ,在平面BCD 中,作CF ⊥BD , 利用射影定理:AB =1,BC =√3, 所以BD =2,AB 2=BE ⋅BD ,解得BE =12, 同理:DF =12,所以EF =2−12−12=1, 则:AE 2=BE ⋅ED =12×32=34, 同理:CF 2=34所以|AC⃗⃗⃗⃗⃗ |2=|AE ⃗⃗⃗⃗⃗ +EF ⃗⃗⃗⃗⃗ +FC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2=|AE ⃗⃗⃗⃗⃗ |2+|EF ⃗⃗⃗⃗⃗ |2+|FC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2+2AE ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅EF ⃗⃗⃗⃗⃗ +2EF ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅FC ⃗⃗⃗⃗⃗ +2AE ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅FC ⃗⃗⃗⃗⃗ =34+34+1=104. 故AC =√102.故选:C .直接利用矩形的折叠的应用和射影定理,线面垂直的应用,勾股定理,向量的线性运算,向量的模的应用求出结果.本题考查的知识要点:射影定理,线面垂直的应用,勾股定理,向量的线性运算,向量的模,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题.7. 已知直线l 过第一象限的点(m,n)和(1,5),直线l 的倾斜角为135°,则1m +4n 的最小值为( )A. 4B. 9C. 23D. 32【答案】D【解析】解:根据题意,直线l 过第一象限的点(m,n)和(1,5),直线l 的倾斜角为135°, 则n−5m−1=−1,变形可得m +n =6, 则1m +4n =16×(1m +4n )(m +n)=16(5+4m n+nm ),又由点(m,n)在第一象限,即m >0,n >0, 则有4m n+n m ≥2√4m n×n m =4,当且仅当n =2m 时等号成立,故1m +4n =16(5+4m n+nm )≥32,即1m +4n 的最小值为32, 故选:D .根据题意,由直线的斜率计算公式可得n−5m−1=−1,变形可得m +n =6,则有1m +4n =16×(1m +4n )(m +n)=16(5+4m n+nm ),结合基本不等式的性质分析可得答案.本题考查基本不等式的性质以及应用,涉及直线的斜率,属于基础题.8. 设0<a <13,随机变量ξ的分布列为ξ 01 2Pa 1−3a 2a那么,当a 在(0,13)内增大时,D(ξ)的变化是( )A. 减小B. 增大C. 先减小后增大D. 先增大后减小【答案】B【解析】解:由随机变量ξ的分布列,得: E(ξ)=1×(1−3a)+2×2a =1+a , E(ξ2)=1×(1−3a)+4×2a =1+5a ,D(ξ)=E(ξ2)−E 2(ξ)=(1+5a)−(1+a)2=−(a −32)2+94, 当0<a <13时,D(ξ)单调递增. 故选:B .先求出E(ξ)=1+a ,E(ξ2)=1+5a ,再求出D(ξ)=E(ξ2)−E 2(ξ)=(1+5a)−(1+a)2=−(a −32)2+94,从而得到当0<a <13时,D(ξ)单调递增.本题考查离散型随机变量的方差的变化趋势的判断,涉及到离散型随机变量的分布列的性质等基础知识,考查运算求解能力等数学核心素养,是基础题.9. 如图,在△ABC 中,AB =1,BC =2√2,B =π4,将△ABC 绕边AB 翻转至△ABP ,使平面ABP ⊥平面ABC ,D 是BC的中点,设Q是线段PA上的动点,则当PC与DQ所成角取得最小值时,线段AQ等于()A. √52B. 3√55C. 2√55D. 2√53【答案】C【解析】【分析】本题考查空间向量法在立体几何中的应用,考查利用向量法求线段长与直线所成的角,还考查利用导数研究函数的最值,考查运算求解能力,是中档题.根据题意过点P作PO⊥平面ABC,交BA延长线于点O,连结OC,以O为原点,OB 为x轴,OC为y轴,OP为z轴,建立空间直角坐标系,利用向量法能求出PC与DQ 所成角的余弦值,再结合导数即可求得PC与DQ所成角取得最小值时,线段AQ的长.【解答】解:因为平面ABP⊥平面ABC,交线为AB,故过点P作PO⊥平面ABC,交BA延长线于点O,连结OC,以O为原点,OB为x轴,OC为y轴,OP为z轴,建立空间直角坐标系,如图,,在△ABC中,AB=1,BC=2√2,B=π4将△ABC绕边AB翻转至△ABP,使平面ABP⊥平面ABC,D是BC的中点,设Q是线段PA上的动点,则B(2,0,0),A(1,0,0),O(0,0,0),C(0,2,0),P(0,0,2),设Q(x,y ,z),AQ ⃗⃗⃗⃗⃗ =λAP ⃗⃗⃗⃗⃗ =λ(−1,0,2),λ∈[0,1], 即(x −1,y ,z)=(−λ,0,2λ),∴Q(1−λ,0,2λ), 又D 是BC 的中点,故D (1,1,0), DQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(−λ,−1,2λ),PC ⃗⃗⃗⃗⃗ =(0,2,−2), |cos <DQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ,PC ⃗⃗⃗⃗⃗ >|=√5λ2+1⋅2√2=√2√(1+2λ)25λ2+1,令f(λ)=(1+2λ)25λ2+1,λ∈[0,1],∴f′(λ)=2(1+2λ)(2−5λ)(5λ2+1)2,由f′(λ)=0,λ∈[0,1],得λ=25,λ∈[0,25)时,f′(λ)>0,λ∈(25,1]时,f′(x)<0,∴当λ=25时,f(λ)取最大值,此时PC 与DQ 所成角取得最小值,|AQ|=25|AP ⃗⃗⃗⃗⃗ |=25√5. 故选:C .10. 已知数列{a n }满足a 1=1,a n+1−a n >1n+1(n ∈N ∗),则一定成立的是( )A. a 100>ln102B. a 99>ln100C. a 99<ln100D. a 100<ln99【答案】B【解析】解:∵a 1=1,a n+1−a n >1n+1(n ∈N ∗), ∴a n −a n−1>1n ,a n−1−a n−2>1n−1,…,a 2−a 1>12, 将上面的式子相加得到:a n −a 1>12+13+⋯+1n (n ≥2),即a n >1+12+13+⋯+1n ,n ≥2,令f(x)=ln(x +1)−x(x >−1),当x >0时,f′(x)=1x+1−1<0,故当x >0时,f(x)<f(0)=0,即ln(x +1)<x , ∴lnn+1n=ln(1+1n )<1n ,又ln(n +1)=lnn+1n+ln n n−1+⋯+ln 21,∴a n >1+12+13+⋯+1n >ln2+ln(1+12)+ln(1+13)+⋯+ln(1+1n )=ln(n +1),即a n >ln(n +1),n ≥2, ∴a 99>ln100, 故选:B .根据递推关系a n+1−a n >1n+1,可知a n −a n−1>1n ,a n−1−a n−2>1n−1,…,a 2−a 1>12,累加可得a n −a 1>12+13+⋯+1n(n ≥2),即a n >1+12+13+⋯+1n ,令f(x)=ln(x +1)−x(x >−1),利用导数研究函数的单调性,再结合对数函数的性质进行求解.本题主要考查数列中的不等式问题、累加法的应用及不等式的放缩,有一定的难度.二、单空题(本大题共7小题,共36.0分)11. 已知函数f(x)=sinπx +acosπx 图象的一条对称轴为x =16,则a = ______ ,函数f(x)在区间[−16,13]上的值域为______ . 【答案】√3 [1,2]【解析】解:因为函数f(x)的对称轴为x =16,由辅助角公式可得f(x)=√1+a 2sin(πx +θ)(tanθ=a),所以,|f(π6)|=√1+a 2,即|sin π6+acos π6|=√1+a 2,即|12+√32a|−√1+a 2,两端平方,可得a =√3.所以,f(x)=sinπx +√3cosπx =2sin(πx +π3). 由x ∈[−16,13],得πx +π3∈[π6,2π3],所以sin(πx +π3)∈[12,1],所以2sin(πx +π3)∈[1,2],故函数f(x)在区间[−16,13]上的值域为[1,2], 故答案为:√3;[1,2].由题意利用辅助角公式,化简函数的解析式,再利用正弦函数的图象的对称性,正弦函数的定义域和值域,求得结果.本题主要考查辅助角公式,正弦函数的图象的对称性,正弦函数的定义域和值域,属于中档题.12. 若(x +a)(√x −√x )4的展开式的常数项为2,则a = ______ ,所有项系数的绝对值之和是______ . 【答案】1 32【解析】解:∵(√x −√x )4 的通项公式为T r+1=C 4r⋅(−1)r ⋅x 2−r ,∴(x +a)(√x √x )4的展开式的常数项为C 43×(−1)+a ⋅C 42=2,则a =1.所有项系数的绝对值之和,即(x+a)⋅(√x+1√x)4的各项系数和,令x=1,可得为(x+a)⋅(√x+1√x)4的各项系数和(1+a)⋅24=32,故答案为:1;32.由题意利用二项展开式的通项公式,求得a的值,再通过给x赋值,可得所有项系数的绝对值之和.本题主要考查二项式定理的应用,二项展开式的通项公式,属于基础题.13.已知△ABC,∠BAC=120°,BC=2√3,AD为∠BAC的角平分线,则(ⅰ)△ABC面积的取值范围为______ .(ⅰ)AB+4ACAD的最小值为______ .【答案】(0,√3]9【解析】解:(ⅰ)可设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,可得a2=b2+c2−2bccosA=b2+c2−2bc⋅(−12)≥2bc+bc=3bc,即有bc≤13a2=13×12=4,当且仅当b=c=2取得等号,则S△ABC=12bcsinA=12bc⋅√32≤√34×4=√3,所以△ABC面积的取值范围为(0,√3];(ⅰ)由S△ABC=S△ABD+S△DAC,可得12bcsin120°=12c⋅AD⋅sin60°+12b⋅AD⋅sin60°,化为√32bc=√32AD(b+c),即为AD=bcb+c,所以AB+4ACAD =c+4bAD=(b+c)(c+4b)bc=cb+4bc+5≥2√cb⋅4bc+5=9,当且仅当c=2b时,取得等号,则AB+4ACAD的最小值为9.故答案为:(ⅰ)(0,√3],(ⅰ)9.(ⅰ)由三角形的余弦定理和面积公式,结合基本不等式可得所求范围;(ⅰ)由S△ABC=S△ABD+S△DAC,结合三角形的面积公式,可得AD,再由基本不等式计算可得所求最小值.本题考查三角形的余弦定理和面积公式,以及基本不等式的运用,考查方程思想和转化思想、运算能力和推理能力,属于中档题.14. 已知直线l :mx +y −2=0与圆(x −1)2+(y −m)2=2,若m =2,直线l 与圆相交于A ,B 两点,则|AB|= ______ ,若直线l 与圆相切,则实数m = ______ . 【答案】2√3052±√3【解析】解:当m =2时,直线l :2x +y −2=0,圆的方程为(x −1)2+(y −2)2=2, 圆心坐标为(1,2),半径为√2, 圆心到直线2x +y −2=0的距离d =√5=2√55, 则|AB|=2(2√55)=2√305;直线l 与圆相切,则(1,m)到直线mx +y −2=0的距离d =√m 2+1=√2,整理得:m 2−4m +1=0,解得m =2±√3. 故答案为:2√305;2±√3.由m =2求得圆心坐标与半径,求出圆心到直线的距离,再由垂径定理求弦长;若直线l 与圆相切,则由圆心到直线的距离等于半径列式求得m 值.本题考查直线与圆的位置关系,考查点到直线距离公式的应用,考查运算求解能力,是基础题.15. 已知a >0,b >0,且ab =1,则12a +12b +8a+b 的最小值为______. 【答案】4 【解析】 【分析】本题考查利用基本不等式求最值,考查运算转化能力,属于较难题. 由12a +12b +8a+b =a+b 2ab+8a+b =a+b 2+8a+b ,利用基本不等式即可求出,注意检验取等号的条件是否成立. 【解答】解:a >0,b >0,且ab =1, 则12a+12b +8a+b =a+b 2ab+8a+b =a+b 2+8a+b ≥2√a+b 2⋅8a+b =4,当且仅当a+b 2=8a+b时取等号,解得a +b =4,结合ab =1,a ,b 为方程x 2−4x +1=0的两根,∴a =2+√3,b =2−√3或a =2−√3,b =2+√3 取等号, ∴12a+12b+8a+b的最小值为4,故答案为4.16. 电影《夺冠》要在4所学校轮流放映,每所学校放映一场,则不同的放映次序共有______ 种.(用数字作答) 【答案】24【解析】解:根据题意,电影《夺冠》要在4所学校轮流放映,每所学校放映一场, 则有A 44=24种不同的顺序, 故答案为:24.根据题意,这个一共排列问题,由排列数公式直接计算可得答案. 本题考查排列数公式的应用,注意区分排列组合的定义,属于基础题.17. △ABC 中,(3AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,且对于t ∈R ,|BA ⃗⃗⃗⃗⃗ −t BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |最小值为65|BC|,则∠BAC = . 【答案】π4 【解析】 【分析】利用向量的减法运算和数量积,并借助余弦定理,化简(3AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,可得到5b 2−5c 2=a 2,化简|BA⃗⃗⃗⃗⃗ −t BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2,并利用二次函数求最值,求出|BA ⃗⃗⃗⃗⃗ −t BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2的最小值,且使最小值等于3625a 2,可得c 2=85a 2,进而得出b 2=95a 2,最后利用余弦定理即可得解.本题考查了向量的减法运算和数量积,余弦定理以及二次函数求最值问题,考查学生的运算求解能力,属于综合题,难度较大.利用向量的减法运算和数量积,并借助余弦定理,化简(3AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,得出三角形三边的关系是解题的关键. 【解答】解:设|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |=c,|BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |=a,|AC⃗⃗⃗⃗⃗ |=b , 又(3AB⃗⃗⃗⃗⃗ +2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =(3AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅(AC ⃗⃗⃗⃗⃗ −AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ) =2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ 2−3AB ⃗⃗⃗⃗⃗ 2+AC ⃗⃗⃗⃗⃗ ·AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =2b 2−3c 2+bccos∠BAC=2b 2−3c 2+b 2+c 2−a 22,∵(3AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =0, ∴2b 2−3c 2+b 2+c 2−a 22=0,∴5b 2−5c 2=a 2,又|BA ⃗⃗⃗⃗⃗ −t BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2=BA ⃗⃗⃗⃗⃗ 2+t 2BC ⃗⃗⃗⃗⃗ 2−2t BA ⃗⃗⃗⃗⃗ ·BC ⃗⃗⃗⃗⃗=c 2+t 2a 2−2taccosB =c 2+t 2a 2−2t ⋅a 2+c 2−b 22=a 2t 2−45a 2t +c 2=a 2(t −25)2+c 2−425a 2,∴|BA ⃗⃗⃗⃗⃗ −t BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |的最小值为c 2−425a 2, ∴c 2−425a 2=3625a 2,解得c 2=85a 2, ∴b 2=95a 2,∴cos∠BAC =b 2+c 2−a 22bc=95a 2+85a 2−a 22√95a 2⋅√85a 2=√22,又0<∠BAC <2π,∴∠BAC =π4. 故答案为:π4.三、解答题(本大题共5小题,共60.0分)18. 在△ABC 中,内角A ,B ,C 所对的边长分别为a ,b ,c ,且满足2tanB tanA+tanB =bc .(1)求角A ;(2)若a =7,b =5,求△ABC 的面积. 【答案】解:(1)由2tanBtanA+tanB =bc 及正弦定理可知:2sinB cosB sinA cosA +sinBcosB=sinBsinC ,所以2sinBcosB ⋅cosA⋅cosB sin(A+B)=sinBsinC ,所以2cosA=1,即cosA=12,又A∈(0,π),所以A=π3.(2)由余弦定理a2=b2+c2−2bccosA,得49=25+c2−5c,所以c2−5c−24=0,所以c=8(c=−3舍去),从而S△ABC=12bcsinA=12×5×8×√32=10√3.【解析】(1)由正弦定理,三角函数恒等变换的应用化简已知等式可得cosA=12,结合A∈(0,π),可得A的值.(2)由已知利用余弦定理可得c2−5c−24=0,解方程可得c的值,进而根据三角形的面积公式即可计算得解.本题主要考查了正弦定理,三角函数恒等变换的应用,余弦定理以及三角形的面积公式在解三角形中的综合应用,考查了转化思想和方程思想,属于中档题.19.在三棱台ABC−DEF中,AB=BC=2DE,∠DAB=∠EBA=60°,平面ABED⊥平面ABC,BC⊥BE.(1)求证:平面ABED⊥平面BCFE;(2)求直线DF与平面ABF所成角的正弦值.【答案】(1)证明:过点E作EH⊥AB于H,∵平面ABED⊥平面ABC,平面ABED∩平面ABC=AB,EH⊂平面ABED,∴EH⊥平面ABC,∵BC⊂平面ABC,∴EH⊥BC,又BC⊥BE,BE、EH⊂平面ABED,∴BC⊥平面ABED,∵BC ⊂平面BCFE , ∴平面ABED ⊥平面BCFE .(2)解:将三棱台ABC −DEF 补成三棱锥P −ABC , ∵AB =2DE ,∠DAB =∠EBA =60°,∴D ,E ,F 分别为PA ,PB ,PC 的中点,且△PAB 为正三角形,以B 为原点,BC ,BA 所在直线分别为x ,y 轴,作Bz ⊥平面ABC ,建立如图所示的空间直角坐标系,设AB =2,则A(0,2,0),P(0,1,√3),C(2,0,0),D(0,32,√32),F(1,12,√32),∴DF ⃗⃗⃗⃗⃗ =(1,−1,0),BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =(0,2,0),BF ⃗⃗⃗⃗⃗ =(1,12,√32), 设平面ABF 的法向量为n ⃗ =(x,y ,z),则{n ⃗ ⋅BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0n ⃗ ⋅BF ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,即{2y =0x +12y +√32z =0, 令z =2,则x =−√3,y =0,∴n ⃗ =(−√3,0,2),设直线DF 与平面ABF 所成角为θ,则sinθ=|cos <n ⃗ ,DF ⃗⃗⃗⃗⃗ >|=|n⃗⃗ ⋅DF ⃗⃗⃗⃗⃗⃗|n ⃗⃗ |⋅|DF ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ||=√3√7×√2=√4214, 故直线DF 与平面ABF 所成角的正弦值为√4214.【解析】(1)过点E 作EH ⊥AB 于H ,由平面ABED ⊥平面ABC ,推出EH ⊥平面ABC ,有EH ⊥BC ,再根据线面垂直的判定定理与面面垂直的判定定理,得证;(2)将三棱台ABC −DEF 补成三棱锥P −ABC ,则D ,E ,F 分别为PA ,PB ,PC 的中点,且△PAB 为正三角形,以B 为原点建立空间直角坐标系,求得平面ABF 的法向量n ⃗ ,设直线DF 与平面ABF 所成角为θ,由sinθ=|cos <n ⃗ ,DF ⃗⃗⃗⃗⃗ >|,得解.本题考查空间中线与面的垂直关系、线面角的求法,熟练掌握线面、面面垂直的判定定理或性质定理,以及利用空间向量处理线面角的方法是解题的关键,考查学生的空间立体感、逻辑推理能力和运算能力,属于中档题.20. 设{a n }是等比数列,公比大于0,{b n }是等差数列,(n ∈N ∗).已知a 1=1,a 3=a 2+2,a 4=b 3+b 5,a 5=b 4+2b 6. (Ⅰ)求{a n }和{b n }的通项公式;(Ⅱ)设数列{c n }满足c 1=c 2=1,c n ={1,3k <n <3k+1a k ,n =3k,其中k ∈N ∗. (ⅰ)求数列{b 3n (c 3n −1)}的通项公式;(ⅰ)若{nan (n+1)(n+2)}(n ∈N ∗)的前n 项和T n ,求T 3n +∑b i 3n i=1c i (n ∈N ∗).【答案】解:(Ⅰ)由题意,设等比数列{a n }的公比为q(q >0),则 a 2=q ,a 3=q 2, 则q 2−q −2=0,解得q =−1(舍去),或q =2, ∴a n =2n−1,n ∈N ∗, 设等差数列{b n }的公差为d ,则 由a 4=b 3+b s ,可得b 1+3d =4, 由a 5=b 4+2b 6,可得3b 1+13d =16, 联立{b 1+3d =43b 1+13d =16,解得{b 1=1d =1,∴b n =n ,n ∈N ∗, (Ⅱ)(i)由(Ⅰ),可知c n ={1,3k <n <3k+1a k ,n =3k ={1,3k <n <3k+12k−1,n =3k,∴b 3n (c 3n −1)=b 3n (a n −1)=3n (2n−1−1)=3×6n−1−3n , (ii)由题意,可得na n (n+1)(n+2)=n×2n−1(n+1)(n+2)=2n n+2−2n−1n+1, 则T n =213−202+224−213+⋯+2n n+2−2n−1n+1=2n n+2−12,∴T 3n =23n 3n+2−12=8n3n+2−12,∵∑b i 3ni=1c i =∑[3ni=1b i (c i −1)+b i ]=∑b i 3ni=1(c i −1)+∑b i 3ni=1=∑b 3i ni=1(c 3i −1)+∑b i 3ni=1=∑(ni=13×6i−1−3i )+∑i 3ni=1=∑3ni=1×6i−1−∑3i ni=1+∑i 3ni=1=3×(1−6n )1−6−3×(1−3n )1−3+(1+3n )×3n2 =3×(6n −1)5−3×(3n −1)2+(1+3n )×3n2=6n+1+910+32n −2×3n2,∴T 3n +∑b i 3ni=1c i =8n 3n +2−12+6n+1+910+32n −2×3n2=8n 3n+2+6n+1+410+9n −2×3n2.【解析】(Ⅰ)先设等比数列{a n }的公比为q(q >0),然后根据题干列出关于q 的方程,解出q 的值,即可计算出数列{a n }的通项公式,再根据a 4=b 3+b 5,a 5=b 4+2b 6列出首项b 1与公差d 的方程组,解出b 1与d 的值,即可得到数列{b n }的通项公式; (Ⅱ)(ⅰ)先根据第(Ⅰ)题的结果计算出数列{c n }的通项公式,然后代入计算出数列{b 3n (c 3n −1)}的通项公式;(ⅰ)先代入计算出数列{nan (n+1)(n+2)}(n ∈N ∗)的通项公式,然后运用裂项相消法计算出前n项和T n 的表达式,代入计算出T 3n 的表达式,计算∑b i 3n i=1c i 时将其转化为∑b i 3ni=1(c i −1)+∑b i 3ni=1,然后根据(Ⅱ)(ⅰ)的结果以及第(Ⅰ)题的结果代入进行计算,再根据等比数列的求和公式进行计算,最后即可算出T 3n +∑b i 3ni=1c i 的值.本题主要考查等差数列和等比数列的基本量的运算,以及数列求通项公式,求前n 项和,求和的计算.考查了转化与化归思想,方程思想,整体思想,定义法,求和的运算能力,以及逻辑推理能力和数学运算能力,属较难题.21. 已知抛物线C :2px =y 2(p >0)的焦点为F ,过F 作直线交抛物线C 于A ,B 两点,过A ,B 分别作抛物线C 的切线,两条切线交于点P .(Ⅰ)若P 的坐标为(−1,4),求直线的斜率;(Ⅱ)若P 始终不在椭圆4x 2+y 2=1的内部(不包括边界),求△ABP外接圆面积的最小值.【答案】解:(1)记A(x1,y1),B(x2,y2),设AB:x=my+p2,与抛物线方程联立可得方程y2−2pmy−p2=0,由韦达定理可知y1+y2=2pm,y1y2=−p2,另一方面,可求得过A的切线方程为y−y1=p y1(x−x1),过B的切线方程y−y2=py2(x−x2),联立解得P(−p2,pm),结合题意解得m=2,故k AB=1m =12.(2)由(1)知两条切线的斜率之积为k1k2=p2y1y2=−1,即AP⊥BP,则△ABP的外接圆半径即为12AB=12√1+m2⋅|y1−y2|=p√m2+1,又由题意知4⋅(−p2)2+(pm)2≥1,即p2+p2m2≥1,可知p√m2+1≥1,又所以外接圆的半径最小值为1,故外接圆的最小面积为π.【解析】(1)记A(x1,y1),B(x2,y2),设AB:x=my+p2,与抛物线方程联立,利用韦达定理,结合切线方程,转化求解P的坐标,然后求解AB的斜率即可.(2)由(1)判断AP⊥BP,求出△ABP的外接圆半径的表达式,利用基本不等式求解最小值即可.本题考查直线与抛物线的位置关系的应用,切线方程的求法与应用,考查分析问题解决问题的能力,是中档题.22.已知函数f(x)=lnx+m2.(1)若ℎ(x)=f(x)+1x⋅sinα,α∈(0,π2),ℎ(x)在x∈[2,+∞)上为增函数,求α的取值范围;(2)若g(x)=m2x,对任意x∈(1,+∞),f(x)的图象总在g(x)图象的下方,求实数m 的取值范围.【答案】解:(1)因为函数f(x)=lnx+m2,所以ℎ(x)=lnx+m2+1xsinα,所以ℎ′(x)=1x −1x2sinα=xsinα−1x2sinα,因为ℎ(x)在x ∈[2,+∞)上为增函数,所以xsinα−1≥0在x ∈[2,+∞)上恒成立, 即sinα≥1x 在x ∈[2,+∞)上恒成立,因为y =1x 在x ∈[2,+∞)上单调递减,故(1x )max =12, 所以sinα≥12,又因为α∈(0,π2),所以α∈[π6,π2);(2)因为对任意x ∈(1,+∞),f(x)的图象总在g(x)图象的下方, 所以lnx +m 2−m 2x <0在x ∈(1,+∞)上恒成立,设M(x)=lnx +m 2−m2x ,x ∈(1,+∞),则M′(x)=1x−m 2=2−mx 2x,①当m ≤0时,因为x ∈(1,+∞),则M′(x)>0,故M(x)在(1,+∞)上单调递增,所以M(x)>M(1)=0,不符合题意; ②当m ≥2时,则0<2m ≤1,因为M′(x)=−m(x−2m)2x<0在x ∈(1,+∞)恒成立,所以M(x)在x ∈(1,+∞)上单调递减,则有M(x)<M(1)=0,故m ≥2符合题意; ③当0<m <2,即2m >1时,由M′(x)>0,解得1<x <2m ,由M′(x)<0,解得x >2m ,所以M(x)在(1,2m )上单调递增,在(2m ,+∞)上单调递减, 所以M(2m )>M(1)=0与M(x)≤0恒成立矛盾,不符合题意. 综上所述,实数m 的取值范围是m ≥2.【解析】(1)利用导数的正负与函数单调性的关系将问题转为sinα≥1x 在x ∈[2,+∞)上恒成立,求出y =1x 的最值,得到sinα≥12,求解三角不等式即可; (2)将问题转化为lnx +m 2−m2x <0在x ∈(1,+∞)上恒成立,构造函数M(x)=lnx +m 2−m 2x ,x ∈(1,+∞),分m ≤0,m ≥2,0<m <2三种情况进行研究,利用导数研究函数的单调性逐一求解即可.本题考查了利用导数研究函数的性质,主要考查了导数的正负与函数单调性关系的应用,三角不等式的求解,不等式恒成立问题,考查了分类讨论思想以及逻辑推理,属于较难题。
浙江省高考数学模拟试卷(含答案)

浙江省高考数学模拟试卷(10)(4月份)一、单选题(本大题共10小题,共40.0分)1.已知集合A={x|x2<1},B={x|log2x<0},则A∪B=()A. (−∞,1)B. (0,1)C. (−1,0)D. (−1,1)【答案】D【解析】解:集合A={x|x2<1}=(−1,1),B={x|log2x<0}=(0,1),则A∪B=(−1,1),故选:D.化简集合,再求并集.考查集合的并集运算,基础题.2.已知tanα=2,则1+sin2α+cos2αsin2α−2cos2α=()A. 32B. 52C. 4D. 5【答案】D【解析】解:∵tanα=2,∴1+sin2α+cos2αsin2α−2cos2α=sin2α+2sinαcosα+2cos2αsin2α−2cos2α=tan2α+2tanα+2tan2α−2=22+2×2+222−2=5.故选:D.由已知利用同角三角函数基本关系式,二倍角的正弦函数公式化简所求即可求解.本题主要考查了同角三角函数基本关系式,二倍角的正弦函数公式在三角函数化简求值中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于基础题.3.圆x2+y2−mx+y+m=0在x轴上截得的弦长是它在y轴上截得的弦长的2倍,则实数m的值是()A. −6−2√10B. −6+2√10C. −3−√10D. −3+√10【答案】A【解析】解:对于x2+y2−mx+y+m=0,令x=0得:y2+y+m=0,设与y轴交点的纵坐标为y1,y2,且1−4m>0,得m<14①.则y1+y2=−1,y1y2=m,故与y轴相交的弦长为:|y1−y2|=√(y1+y2)2−4y1y2=√1−4m.同理,令y=0可得:x2−mx+m=0,设与x轴交点的横坐标为x1,x2,且m2−4m>0,得m>4,或m<0②.则x1+x2=m,x1x2=m,故与x轴相交的弦长为:|x1−x2|=√(x1+x2)2−4x1x2=√m2−4m.由题意得:√m2−4m=2√1−4m,解得:m=−6±2√10,结合①②得:m=−6−2√10符合题意.故选:A.分别令x=0与y=0,可求出与y轴和x轴的两个交点的纵坐标或横坐标,即可分别求出与y轴相交和与x轴相交的弦长,再结合题意列出m的方程即可.本题考查直线与圆的位置关系以及学生的运算能力,属于中档题.4.已知直线l、m与平面α、β,l⊂α,m⊂β,则下列命题中正确的是()A. 若l//m,则必有α//βB. 若l⊥m,则必有α⊥βC. 若l⊥β,则必有α⊥βD. 若α⊥β,则必有m⊥α【答案】C【解析】【分析】本题考查空间中线面、面面之间的关系,属于基础题.根据题意,逐项判断即可.【解答】解:A.如图所示,设α∩β=c,l//c,m//c满足条件l//m,但是α与β不平行,因此不正确;B.假设α//β,l⊂α,n⊂β,n//l,n⊥m,则满足条件l⊥m,但是α与β不垂直,因此不正确;C.若l⊂α,l⊥β,根据面面垂直的判定定理可得α⊥β,故正确;D.设α∩β=c,若l//c,m//c,虽然α⊥β,但是可有m//α,因此,不正确.综上可知:只有C 正确. 故选C .5. 在等比数列{a n }中,若a 2a 5=−34,a 2+a 3+a 4+a 5=94,则1a 2+1a 3+1a 4+1a 5=( ) A. 1B. −34C. −3D. 13【答案】C【解析】解:根据题意,在等比数列{a n }中,若a 2a 5=−34,则a 3a 4=−34, 若a 2+a 3+a 4+a 5=94,则a 2a 2a 5+a 3a3a 4+a 4a3a 4+a 5a2a 5=94−34=−3,即1a 2+1a 3+1a 4+1a 5=−3, 故选:C .根据题意,由等比数列的性质可得a 3a 4=−34,由a 2+a 3+a 4+a 5=94及a 2a 5=a 3a 4=−34,变形可得答案.本题考查等比数列的性质以及应用,注意等式的恒等变形,属于基础题.6. 设a ,b ∈R 且ab ≠0,则“ab <1成立”是“ba >1成立”的( )A. 充分非必要条件B. 必要非充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】解:“ab <1成立”⇔(a−b)b<0,⇔{a−b>0b<0,或{a−b<0b>0,“ba >1成立”⇔a(a−b)<0⇔{a−b>0a<0,或{a−b<0a>0⇔0>a>b,或0<a<b.∴由“ba >1成立”可得“ab<1成立”,反之不成立,例如:取a=2,b=−1.∴“ab <1成立”是“ba>1成立”的必要非充分条件.故选:B.利用不等式的基本性质及其不等式的解法分别化简:“ab <1成立“,“ba>1成立”,即可判断出关系.本题考查了不等式的基本性质、简易逻辑的判定方法,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.7.2020年11月,兰州地铁2号线二期开通试运营,甲、乙、丙、丁四位同学决定乘坐地铁去兰州老街、西固公园、西站十字,每人只能去一个地方,西站十字一定要有人去,则不同游览方案的种数为()A. 60B. 65C. 70D. 75【答案】B【解析】解:根据题意,甲、乙、丙、丁四位同学决定乘坐地铁去兰州老街、西固公园、西站十字.每人只能去一个地方,则每人有3种选择,则4人一共有3×3×3×3=81种情况,若西站十字没人去,即四位同学选择了兰州老街、西固公园.每人有2种选择方法,则4人一共有2×2×2×2=16种情况,故西站十字一定要有人去有81−16=65种情况,即西站十字一定有人去的游览方案有65种;故选:B.根据题意,先由分步计数原理计算可得四人选择3个地方的全部情况数目,再计算西站十字没人去的情况数目,分析可得西站十字一定要有人去的游览方案数目,即可得答案.本题考查排列、组合的实际应用,涉及分步计数原理的应用,注意用间接法分析,避免分类讨论.8.已知圆O:x2+y2=4,从圆上任意一点M向x轴作垂线段MN,N为垂足,则线段MN的中点P的轨迹方程为()A. x24+y2=1 B. x2+y24=1 C. x216+y24=1 D. x24+y216=1【答案】A【解析】解:设线段MN的中点P(x,y),M(x0,y0),则N(x0,0),则有{x=x0y=y0+02,解得{x0=xy0=2y,又点M在圆O:x2+y2=4上,所以有x2+(2y)2=4,即x24+y2=1,所以线段MN的中点P的轨迹方程为x24+y2=1.故选:A.设动点P(x,y),设M(x0,y0),则利用中点坐标公式可得M与P坐标之间的关系,再利用点M在圆上,即可得到x和y的关系,即为点P的轨迹方程.本题考查了动点轨迹方程的求解,要掌握常见的求解轨迹方程的方法:直接法、定义法、代入法、消元法、交轨法等,属于中档题.9.如图,在圆锥SO中,AB,CD为底面圆的两条直径,AB∩CD=O,且AB⊥CD,SO=OB=3,SE=14SB.,异面直线SC与OE所成角的正切值为()A. √222B. √53C. 1316D. √113【答案】D【解析】解:如图,过点S作SF//OE,交AB于点F,连接CF,则∠CSF即为异面直线SC与OE所成的角,∵SE=14SB,∴SE=13BE,又OB=3,∴OF=13OB=1,SO⊥OC,SO=OC=3,∴SC=3√2;SO⊥OF,SO=3,OF =1,∴SF =√10;OC ⊥OF ,OC =3,OF =1,∴CF =√10, ∴等腰△SCF 中,tan∠CSF =√(√10)2−(3√22)23√22=√113. 故选:D .可过点S 作SF//OE ,交AB 于点F ,并连接CF ,从而可得出∠CSF 为异面直线SC 与OE 所成的角,根据条件即可求出SC =3√2,SF =CF =√10,这样即可得出tan∠CSF 的值. 本题考查了异面直线所成角的定义及求法,直角三角形的边角的关系,正切函数的定义,平行线分线段成比例的定理,考查了计算能力,属于基础题.10. 已知函数f(x)=x −e2+ln exe−x ,若f(e2020)+f(2e2020)+⋯…+f(2018e2020)+f(2019e2020)=20192(a +b),其中b >0,则12|a|+|a|b的最小值为( )A. 34B. 54C. √2D. √22【答案】A【解析】解:∵f(x)=x −e 2+ln exe−x ,∴f(x)+f(e −x)=x −e 2+ln ex e −x +e −x −e 2+lne(e −x)x=ln exe−x +lne(e−x)x=ln[ex e−x ⋅e(e−x)x]=lne 2=2.令S =f(e2020)+f(2e2020)+⋯…+f(2018e2020)+f(2019e2020), 则S =f(2019e2020)+f(2018e2020)+⋯…+f(2e2020)+f(e2020), ∴2S =[f(e 2020)+f(2019e 2020)]+[f(2e 2020)+f(2018e 2020)]+⋯+[f(2019e 2020)+f(e2020)] =2×2019, 即S =2019, ∴20192(a +b)=2019,得a +b =2,其中b >0,则a =2−b .当a >0时,12|a|+|a|b=12a +2−b b=12a +2b −1=12(12a +2b )(a +b)−1=12(52+b2a +2ab)−1≥12(52+2√b2a ⋅2ab)−1=54, 当且仅当b2a =2ab,即a =23,b =43时等号成立; 当a <0时,12|a|+|a|b=1−2a +−a b=1−2a +b−2b=1−2a +−2b+1=12(1−2a +−2b )(a +b)+1=12(−52+b −2a +−2ab)+1≥12(−52+2√b−2a⋅−2a b)+1=34,当且仅当b−2a =−2a b,即a =−2,b =4时等号成立.∵34<54,∴12|a|+|a|b的最小值为34. 故选:A .先推得f(x)+f(e −x)=2,再利用倒序相加法求得f(e 2020)+f(2e2020)+⋯…+f(2018e 2020)+f(2019e 2020),得到a +b 的值,然后对a 分类讨论利用基本不等式求最值,则答案可求.本题考查函数的最值及其几何意义,训练了利用倒序相加法求和,考查利用基本不等式求最值,属难题.二、单空题(本大题共7小题,共36.0分)11. 已知复数z 满足(1−i)z =1+2i ,则z 的虚部为______ ,|z|= ______ .【答案】 √10【解析】解:由已知可得:z =1+2i 1−i=(1+2i)(1+i)(1−i)(1+i)=−1+3i 2=−12+3i2,所以z 的虚部为32,|z|=√(−12)2+(32)2=√102,故答案为:32,√102.利用复数的运算性质以及复数的模的定义即可求解.本题考查了复数的运算性质以及复数的模,考查了运算能力,属于基础题.12. 已知sin(π5−α)=14,则cos(2α+3π5)= ______ .【答案】−78【解析】解:因为sin(π5−α)=14, 所以cos(2α+3π5)=cos[π−(2π5−2α)] =−cos(2π−2α)=−[1−2sin 2(π−α)]=−(1−2×116)=−78. 故答案为:−78.由已知利用诱导公式,二倍角公式化简cos(2α+3π5),再根据sin(π5−α)=14,得到结果.本题主要考查了诱导公式,二倍角公式在三角函数化简求值中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于基础题.13.若(2−x)17=a0+a1(1+x)+a2(1+x)2+⋯+a16(1+x)16+a17(1+x)17,则:(1)a0+a1+a2+⋯+a16=______ ;(2)a1+2a2+3a3+⋯+16a16=______ .【答案】217+117(1−216)【解析】解:(1)∵(2−x)17=a0+a1(1+x)+a2(1+x)2+⋯+a16(1+x)16+a17(1+x)17,故a17即为x17的系数,故它等于−1.令x=0,可得a0+a1+a2+⋯+a16−1=217,∴a0+a1+a2+⋯+a16=217+1.(2)对于等式(2−x)17=a0+a1(1+x)+a2(1+x)2+⋯+a16(1+x)16+a17(1+x)17,两边同时对x求导数,可得−17(2−x)16=a1+2a2(1+x)+⋯+16a16(1+x)15+17a17(1+x)16,即−17(2−x)16=a1+2a2(1+x)+⋯+16a16(1+x)15−17(1+x)16,再令x=0,可得a1+2a2+3a3+⋯+16a16=17(1−216),故答案为:(1)217+1;(2)17(1−216).(1)由题意,a17即为x17的系数,故它等于−1.再令x=0,可得a0+a1+a2+⋯+a16的值.(2)对于等式两边同时对x求导数,再令x=0,可得a1+2a2+3a3+⋯+16a16=17(1−216),由此求得a1+2a2+3a3+⋯+16a16的值.本题主要考查二项式定理的应用,二项展开式的通项公式,二项式系数的性质,属于中档题.14.已知某几何体的三视图如图,则该几何体的体积为______ cm3,表面积为______cm2.【答案】7 19+2√2【解析】解:由三视图,可知该几何体为棱长为2的正方体截去一个直三棱柱, 直三棱柱的底面是等腰直角三角形,直角边长为1,高为2,则该几何体的体积V =2×2×2−12×1×1×2=7; 表面积S =5×2×2−2×12×1×1+2×√2=19+2√2. 故答案为:7;19+2√2.由三视图可得该几何体为棱长为2的正方体截去一个直三棱柱,再由柱体体积公式求体积,由矩形与三角形面积公式求表面积.本题考查由三视图求面积、体积,关键是由三视图得到直观图,是中档题.15. 某学校组织教师进行“学习强国”知识竞赛,规则为:每位参赛教师都要回答3个问题,且对这三个问题回答正确与否相互之间互不影响,已知对给出的3个问题,教师甲答对的概率分别为34,12,p.若教师甲恰好答对3个问题的概率是14,则p = ______ ,在前述条件下,设随机变量X 表示教师甲答对题目的个数,则X 的数学期望为______ .【答案】23 2312【解析】解:对给出的3个问题,教师甲答对的概率分别为34,12,p . ∵教师甲恰好答对3个问题的概率是14, ∴34×12×p =14, 解得p =23.设随机变量X 表示教师甲答对题目的个数,则X 的可能取值为0,1,2,3, P(X =0)=(1−34)(1−12)(1−23)=124,P(X =1)=34×(1−12)×(1−23)+(1−34)×12×(1−23)+(1−34)×(1−12)×23=624,P(X =2)=34×12×(1−23)+34×(1−12)×23+(1−34)×12×23=1124, P(X =3)=34×12×23=624,∴E(X)=0×124+1×624+2×1124+3×624=2312. 故答案为:23,2312.由教师甲恰好答对3个问题的概率是14,利用相互独立事件概率乘法公式列出方程,能求出p 的值.X 的可能取值为0,1,2,3,分别求出相应的概率,由此能求出E(X). 本题考查概率、离散型随机变量的数学期望的求法,考查相互独立事件概率乘法公式、互斥事件概率加法公式等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.16. 已知实数x ,y 满足x 2+y 2−xy =3,则S =x 2y 2−4xy 的最大值为______ .【答案】5【解析】解∵x 2+y 2−xy =3,∴x 2+y 2=xy +3, 又∵x 2+y 2=|x|2+|y|2≥2|x||y|=2|xy| ∴xy +3≥2|xy|①若xy ≥0时,xy +3≥2xy ,∴xy ≤3, ②xy <0时,xy +3≥−2xy ,∴xy ≥−1 ∴−1≤xy ≤3设t =xy ,则S =t 2−4t =(t −2)2−4,t ∈[−1,3], ∴当t =−1时,S max =9−4=5, ∴S 的最大值为5.故答案5.由x 2+y 2−xy =3,x 2+y 2=|x|2+|y|2≥2|x||y|=2|xy|得出xy 的范围,再用换元法转化为二次函数,利用二次函数求最值.本题考查了基本不等式在求最值中的应用,属于中档题.17. △QAB 是边长为6的正三角形,点C 满足QC⃗⃗⃗⃗⃗ =m QA ⃗⃗⃗⃗⃗ +n QB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ,且m >0,n >0,m +n =2,则|QC ⃗⃗⃗⃗⃗ |的取值范围是______ . 【答案】[6√3,12)【解析】解:设QD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =12QC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,则QD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =m 2QA ⃗⃗⃗⃗⃗ +n2QB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ,且m >0,n >0,m +n =2, ∴A ,B ,D 三点共线,且D 点在A ,B 两点之间,如图:当D 点为边AB 的中点时,|QC ⃗⃗⃗⃗⃗ |取最小值6√3;D 点越接近A 或B 点时,|QC ⃗⃗⃗⃗⃗ |的值越接近12,∴|QC ⃗⃗⃗⃗⃗ |的取值范围是:[6√3,12). 故答案为:[6√3,12).可设QD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =12QC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,从而得出QD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =m 2QA ⃗⃗⃗⃗⃗ +n 2QB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ,然后根据m >0,n >0,m +n =2可得出A ,B ,D 三点共线,且D 点在A ,B 两点之间,然后画出图形,结合图形即可求出|QC ⃗⃗⃗⃗⃗ |的取值范围.本题考查了向量的数乘运算,向量数乘的几何意义,当OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λOA ⃗⃗⃗⃗⃗ +μOC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,且λ+μ=1时,三点A ,B ,C 共线,向量加法的平行四边形法则,考查了计算能力,属于中档题.三、解答题(本大题共5小题,共60.0分)18. 已知△ABC 的三个内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,asinB +bcosA =c .(1)求B ;(2)设a =√2c ,b =2,求c .【答案】解:(1)由正弦定理得sinAsinB+sinBcosA=sinC,因为sinC=sin[π−(A+B)]=sin(A+B)=sinAcosB+cosAsinB,所以sinAsinB=sinAcosB,又因为sinA≠0,cosB≠0,所以tanB=1,又0<B<π,.所以B=π4(2)由余弦定理b2=c2+a2−2accosB,a=√2c,,解得c=2.可得4=c2+2c2−2√2c2×√22【解析】本题考查正弦定理及余弦定理在解三角形中的综合应用,考查了计算能力和转化思想,属于基础题.(1)由正弦定理,三角函数恒等变换化简已知等式可得tanB=1,结合0<B<π,可求B的值.(2)由已知利用余弦定理即可解得c的值.19.如图,在直三棱柱ABC−DEF中,正方形ACFD边长为3,BC=4,AC⊥BC,M是线段BC上一点,设MC=λBC.(Ⅰ)若λ=1,证明:BD//平面AMF;2(Ⅱ)若二面角M−AF−E的余弦值为√6,求λ的值.3【答案】(Ⅰ)证明:交AF于点N,连结MN,则M,N分别为BC和CD的中点,∴MN//BD,∵BD⊄平面AMF,MN⊆平面AMF,∴BD//平面AMF;(Ⅱ)解:以C为原点,CA,CB,CF分别为x轴,y轴,z轴正方向建立空间直角坐标系,则A(3,0,0),E(0,4,3),F(0,0,3),设M(0,4λ,0),则AF⃗⃗⃗⃗⃗ =(−3,0,3),AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =(−3,4,3),AM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(−3,4λ,0), 设平面AEF 的法向量为n⃗ =(x,y,z),则有{n ⃗ ⋅AF⃗⃗⃗⃗⃗ =−3x +3z =0n ⃗ ⋅AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =−3x +4y +3z =0,令x =1,则z =1,所以n⃗ =(1,0,1), 同理求出平面AMF 的法向量m ⃗⃗⃗ =(4λ,3,4λ), 所以|cos〈n ⃗ ,m ⃗⃗⃗ 〉|=|n ⃗⃗ ⋅m ⃗⃗⃗ ||n ⃗⃗ ||m ⃗⃗⃗ |=2√32λ2+9=√63,解得λ=34.【解析】(Ⅰ)连结CD 交AF 于点N ,连结MN ,则M ,N 分别为BC 和CD 的中点,利用中位线定理结合线面平行的判定定理证明即可;(Ⅱ)建立合适的空间直角坐标系,求出所需各点的坐标,设M(0,4λ,0),求出平面AEF 与平面MAF 的法向量,利用向量的夹角公式列出等式求出λ即可.本题考查了线面平行的判定定理的应用以及二面角的应用,对于空间角问题,常见的解法是建立空间直角坐标系,将空间角问题转化为空间向量问题进行研究,属于中档题.20. 已知正整数数列{a n }满足:a 1=a ,a 2=b ,a n+2=a n +2026a n+1+1(n ≥1).(1)已知a 5=2,a 6=1013,求a 和b 的值; (2)若a =1,求证:|a n+2−a n |≤12n−1|2026−b b+1|;(3)求a +b 的取值范围.【答案】解:(1)a 1=a ,a 2=b ,a n+2=a n +2026a n+1+1(n ≥1).∵a 5=2,a 6=1013, ∴1013=a 4+20262+1,解得a 4=1013,同理可得,a 3=2,a 2=1013,a 1=2, ∴a =2,b =1013;(2)证明:由题意可得a n+2a n+1+a n+2=a n +2026, 则{a n+2a n+1+a n+2=a n +2026a n+3a n+2+a n+3=a n+1+2026, 两式相减可得(a n+3−a n+1)(a n+2+1)=a n+2−a n ,即a n+3−a n+1=a n+2−a n a n+2+1,∵{a n }是正整数数列,∴a n+2+1≥2,于是|a n+2−a n |≤12|a n+1−a n−1|≤⋯≤12|a 3−a 1| =12n−1|a+2026b+1−a|=12n−1|2026−b b+1|;(3)由(2)知(a n+3−a n+1)(a n+2+1)=a n+2−a n ,①若a n+2−a n =0,即{a n }是周期为2的周期数列, 则有a n =a n +2026a n+1+1,即a n+1=2026a n,由{a n }是正整数数列,∴a n+1=1,2,1013,2026,经验证,{a =1b =2026,{a =2026b =1,{a =2b =1013,{a =1013b =2均符合题意;②若a n+2−a n ≠0,当n =1时,有(a 4−a 2)(a 3+1)=a 3−a 1, 当n =2时,有(a 5−a 3)(a 4+1)=a 4−a 2, 两式相除可得a 3+1=a 3−1(a5−a 3)(a 4+1)(∗),∵{a n }是正整数数列,∴(∗)不可能成立. 理由如下:若a 5−a 3≥1,则a 3−1(a 5−a 3)(a 4+1)<a 3<a 3+1;若a 5−a 3<0,则a 3−1(a5−a 3)(a 4+1)≤0<a 3+1.综上,必有{a n }是周期为2的周期数列,且有{a =1b =2026,{a =2026b =1,{a =2b =1013,{a =1013b =2, 因此a +b ∈{1015,2027}.【解析】(1)由已知数列递推式,结合a 5=2,a 6=1013,依次求得a 4,a 3,a 2,a 1的值,即可求得a 与b 的值;(2)由题意可得:a n+2a n+1+a n+2=a n +2026,进一步得到(a n+3−a n+1)(a n+2+1)=a n+2−a n ,即a n+3−a n+1=a n+2−a n a n+2+1,结合a n+2+1≥2,利用放缩法证明结论;(3)由(2)知(a n+3−a n+1)(a n+2+1)=a n+2−a n ,可知若a n+2−a n =0,则{a n }是周期为2的周期数列,由a n =a n +2026a n+1+1,求得a n+1=1,2,1013,2026,可得a 与b 的值;若a n+2−a n ≠0,不合题意,从而求得a +b 的取值范围.本题考查数列递推式,训练了利用放缩法证明数列不等式,考查逻辑思维能力与推理论证能力,属难题.21. 已知抛物线C :y 2=4x 的焦点为F ,O 为坐标原点.过点F 的直线l 与抛物线C 交于A ,B 两点.(1)若直线1与圆O :x 2+y 2=19相切,求直线l 的方程;(2)若直线1与y 轴的交点为D ,且DA ⃗⃗⃗⃗⃗ =λAF ⃗⃗⃗⃗⃗ ,DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =μBF ⃗⃗⃗⃗⃗ ,试探究:λ+μ是否为定值?若为定值,求出该定值;若不为定值,试说明理由.【答案】解:(1)由抛物线的方程可得焦点F(1,0), 显然直线l 的斜率不为0,设直线l 的方程为x =my +1, 联立{x =my +1x 2+y 2=19,整理得(1+m 2)y 2+2my +89=0, △=4m 2−4(1+m 2)⋅89=0,整理得m 29=89,解得m =±2√2,所以直线AB 的方程为x =±2√2y +1;(2)由直线l 与y 轴交于D 可得直线l 的斜率存在且不为0, 设直线l 的方程为:y =k(x −1),设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2), 由题意可得D(0,−k),联立{y =k(x −1)y 2=4x ,整理得ky 2−4y −4k =0,所以y 1+y 2=4k ,y 1y 2=−4, 由DA ⃗⃗⃗⃗⃗ =λAF ⃗⃗⃗⃗⃗ ,DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =μBF ⃗⃗⃗⃗⃗ ,D(0,−k), 可得(x 1,y 1+k)=λ(1−x 1,−y 1), 所以y 1+k =−λy 1,所以λ=−1−ky 1,同理可得μ=−1−ky 2,所以λ+μ=−2−k y 1−k y 2=−2−k ⋅y 1+y 2y 1y 2=−2−k ⋅4k−4==−1,所以可得λ+μ为定值−1.【解析】(1)由抛物线的方程可得焦点F 的坐标,设直线l 的方程,与圆联立,由判别式为0可得参数的值,进而求出直线l 的方程;(2)设直线AB 的方程,由题意可得D 的坐标,将直线AB 的方程与抛物线联立,求出两根之和及两根之积,再由向量的关系,求出λ,μ的表达式,进而求出λ+μ为定值. 本题考查直线与圆相切的应用及直线与抛物线的综合,考查了方程思想,属于中档题.22. 函数f(x)=e x cosx .(1)求f(x)的单调区间;(2)当x ≥0时,不等式f′(x)≤e 2x (e 2x −2ax)恒成立,求实数a 的取值范围. 【答案】解:(1)由题意得f′(x)=e x (cosx −sinx)=√2e x cos(x +π4), 令f′(x)≥0,解得:2kπ−π2≤x +π4≤2kπ+π2(k ∈Z), 故2kπ−3π4≤x ≤2kπ+π4(k ∈Z),∴f(x)的递增区间是[2kπ−3π4,2kπ+π4](k∈Z),令f′(x)≤0,解得:2kπ+π4≤x≤2kπ+5π4(k∈Z),∴f(x)的递减区间是[2kπ+π4,2kπ+5π4](k∈Z),综上:f(x)的递增区间是[2kπ−3π4,2kπ+π4](k∈Z),递减区间是[2kπ+π4,2kπ+5π4](k∈Z);(2)由f′(x)≤e2x(e2x−2ax)恒成立,得sinx−cosxe x+e2x−2ax≥0,构造函数ℎ(x)=sinx−cosxe x+e2x−2ax,则ℎ′(x)=2cosxe x+2e2x−2a,设φ(x)=ℎ′(x),则φ′(x)=4e3x−2√2sin(x+π4 )e x,当x∈[0,+∞)时,4e3x≥4,2√2sin(x+π4)≤2√2,所以φ′(x)>0,所以φ(x)即ℎ′(x)在[0,+∞)上单调递增,则ℎ′(x)≥ℎ′(0)=4−2a,若a≤2,则ℎ′(x)≥ℎ′(0)=4−2a≥0,所以ℎ(x)在[0,+∞)上单调递增,所以ℎ(xa>2)≥ℎ(0)=0恒成立,符合题意,若,则ℎ′(0)=4−2a<0,必存在正实数x0,满足:当x∈(0,x0)时,ℎ′(x)<0,ℎ(x)单调递减,此时ℎ(x)<ℎ(0)=0,不符合题意,综上所述,a的取值范围是(−∞,2].【解析】(1)利用三角函数的性质,解关于f(x)导函数的不等式,求出函数的单调区间即可;(2)由已知可得,sinx−cosxe x +e2x−2ax≥0.构造函数ℎ(x)=sinx−cosxe x+e2x−2ax,对其求导后,对a进行分类讨论,结合函数的性质即可求解.本题主要考查了利用导数求解函数的值域及不等式的恒成立求解参数范围问题,体现了转化思想及分类讨论思想的应用.。
浙江省金华一中2025届高考冲刺模拟数学试题含解析

浙江省金华一中2025届高考冲刺模拟数学试题考生请注意:1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。
2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3.考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.已知抛物线2:4C y x =和点()2,0D ,直线2x ty =-与抛物线C 交于不同两点A ,B ,直线BD 与抛物线C 交于另一点E .给出以下判断:①直线OB 与直线OE 的斜率乘积为2-; ②//AE y 轴;③以BE 为直径的圆与抛物线准线相切. 其中,所有正确判断的序号是( ) A .①②③B .①②C .①③D .②③2.已知倾斜角为θ的直线l 与直线230x y +-=垂直,则sin θ=( ) A .55-B .55C .255-D .2553.2019年10月1日,为了庆祝中华人民共和国成立70周年,小明、小红、小金三人以国庆为主题各自独立完成一幅十字绣赠送给当地的村委会,这三幅十字绣分别命名为“鸿福齐天”、“国富民强”、“兴国之路”,为了弄清“国富民强”这一作品是谁制作的,村支书对三人进行了问话,得到回复如下: 小明说:“鸿福齐天”是我制作的;小红说:“国富民强”不是小明制作的,就是我制作的; 小金说:“兴国之路”不是我制作的,若三人的说法有且仅有一人是正确的,则“鸿福齐天”的制作者是( ) A .小明 B .小红C .小金D .小金或小明4.函数的图象可能是下列哪一个?( )A .B .C .D .5.阅读名著,品味人生,是中华民族的优良传统.学生李华计划在高一年级每周星期一至星期五的每天阅读半个小时中国四大名著:《红楼梦》、《三国演义》、《水浒传》及《西游记》,其中每天阅读一种,每种至少阅读一次,则每周不同的阅读计划共有( ) A .120种B .240种C .480种D .600种6.已知函数()sin3(0,)f x a x a b a x =-++>∈R 的值域为[5,3]-,函数()cos g x b ax =-,则()g x 的图象的对称中心为( ) A .,5()4k k π⎛⎫-∈⎪⎝⎭Z B .,5()48k k ππ⎛⎫+-∈⎪⎝⎭Z C .,4()5k k π⎛⎫-∈⎪⎝⎭Z D .,4()510k k ππ⎛⎫+-∈⎪⎝⎭Z 7.某学校调查了200名学生每周的自习时间(单位:小时),制成了如图所示的频率分布直方图,其中自习时间的范围是17.5,30],样本数据分组为17.5,20),20,22.5),22.5,25),25,27.5),27.5,30).根据直方图,这200名学生中每周的自习时间不少于22.5小时的人数是( )A .56B .60C .140D .1208.如图,在底面边长为1,高为2的正四棱柱1111ABCD A BC D -中,点P 是平面1111D C B A 内一点,则三棱锥P BCD -的正视图与侧视图的面积之和为( )A .2B .3C .4D .59.正项等比数列{}n a 中,153759216a a a a a a ++=,且5a 与9a 的等差中项为4,则{}n a 的公比是 ( ) A .1B .2C 2D .210.若[]0,1x ∈时,|2|0x e x a --≥,则a 的取值范围为( ) A .[]1,1-B .[]2,2e e --C .[]2e,1-D .[]2ln 22,1-11.若复数z 满足()112i z i -=-+,则||Z =( )A .22B .32C 10D .1212.设点(,0)A t ,P 为曲线x y e =上动点,若点A ,P 6t 的值为( ) A 5B .52C .ln 222+D .ln 322+二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
浙江省杭州市第二中学2025届高考仿真模拟数学试卷含解析

浙江省杭州市第二中学2025届高考仿真模拟数学试卷注意事项:1. 答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2.选择题必须使用2B 铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.我们熟悉的卡通形象“哆啦A 梦”的长宽比为2:1.在东方文化中通常称这个比例为“白银比例”,该比例在设计和建筑领域有着广泛的应用.已知某电波塔自下而上依次建有第一展望台和第二展望台,塔顶到塔底的高度与第二展望台到塔底的高度之比,第二展望台到塔底的高度与第一展望台到塔底的高度之比皆等于“白银比例”,若两展望台间高度差为100米,则下列选项中与该塔的实际高度最接近的是( ) A .400米 B .480米 C .520米D .600米2.设,m n 是两条不同的直线,,αβ是两个不同的平面,下列命题中正确的是( ) A .若//m α,//m β,则//αβ B .若m α⊥,m n ⊥,则n α⊥ C .若m α⊥,//m n ,则n α⊥ D .若αβ⊥,m α⊥,则//m β3.关于函数()sin 6f x x π⎛⎫=-- ⎪⎝⎭在区间,2ππ⎛⎫⎪⎝⎭的单调性,下列叙述正确的是( ) A .单调递增B .单调递减C .先递减后递增D .先递增后递减4.函数22cos x xy x x--=-的图像大致为( ).A .B .C .D .5.已知向量11,,2a b m ⎛⎫== ⎪⎝⎭,若()()a b a b +⊥-,则实数m 的值为( )A .12B .32C .12±D .32±6.已知圆锥的高为3,底面半径为3,若该圆锥的顶点与底面的圆周都在同一个球面上,则这个球的体积与圆锥的体积的比值为( ) A .53B .329C .43D .2597.上世纪末河南出土的以鹤的尺骨(翅骨)制成的“骨笛”(图1),充分展示了我国古代高超的音律艺术及先进的数学水平,也印证了我国古代音律与历法的密切联系.图2为骨笛测量“春(秋)分”,“夏(冬)至”的示意图,图3是某骨笛的部分测量数据(骨笛的弯曲忽略不计),夏至(或冬至)日光(当日正午太阳光线)与春秋分日光(当日正午太阳光线)的夹角等于黄赤交角.由历法理论知,黄赤交角近1万年持续减小,其正切值及对应的年代如下表: 黄赤交角 2341︒'2357︒'2413︒'2428︒'2444︒'正切值 0.439 0.4440.4500.4550.461年代公元元年公元前2000年公元前4000年公元前6000年公元前8000年根据以上信息,通过计算黄赤交角,可估计该骨笛的大致年代是( ) A .公元前2000年到公元元年 B .公元前4000年到公元前2000年 C .公元前6000年到公元前4000年D .早于公元前6000年8.双曲线的离心率为,则其渐近线方程为 A .B .C .D .9.若复数()()31z i i =-+,则z =( ) A .22B .25C .10D .2010.数学中有许多形状优美、寓意美好的曲线,例如:四叶草曲线就是其中一种,其方程为()32222x y x y +=.给出下列四个结论:①曲线C 有四条对称轴;②曲线C 上的点到原点的最大距离为14; ③曲线C 第一象限上任意一点作两坐标轴的垂线与两坐标轴围成的矩形面积最大值为18; ④四叶草面积小于4π. 其中,所有正确结论的序号是( )A .①②B .①③C .①③④D .①②④11.已知α,β表示两个不同的平面,l 为α内的一条直线,则“α∥β是“l ∥β”的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充要条件D .既不充分也不必要条件12.已知复数z 满足(1)2z i -=,其中i 为虚数单位,则1z -=( ). A .iB .i -C .1i +D .1i -二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
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绝密★考试结束前高考模拟试卷数学卷考生须知:1. 本卷满分150分,考试时间120分钟;2. 答题前务必将自己的姓名,准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的地方。
3. 答题时,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范答题,在本试卷纸上答题一律无效。
4. 考试结束后,只需上交答题卷。
参考公式:如果事件,A B 互斥,那么柱体的体积公式 ()()()P A B P A P B +=+V Sh =如果事件,A B 相互独立,那么其中S 表示柱体的底面积,h 表示柱体的高 ()()()P AB P A P B =锥体的体积公式 如果事件A 在一次试验中发生的概率为p ,那么n 13V Sh =次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率为其中S 表示锥体的底面积,h 表示锥体的高()()10,1,2),,(k k n k n n P k C p p k n -==⋯-球的表面积公式台体的体积公式24S R =π11221()3V S S S S h =++球的体积公式其中12,S S 分别表示台体的上、下底面积,343VR =πh 表示为台体的高其中R 表示球的半径选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(原创)已知U=R ,集合⎭⎬⎫⎩⎨⎧<=23|x x A ,集合{}1|>=y y B ,则A.⎪⎭⎫⎢⎣⎡+∞,23B.(]⎪⎭⎫⎢⎣⎡+∞⋃∞-,231,C.⎪⎭⎫ ⎝⎛23,1D.⎪⎭⎫ ⎝⎛∞-23, (命题意图:考查集合的含义及运算,属容易题) 2.(原创)已知i 是虚数单位,若iiz 213-+=,则z 的共轭复数z 等于 A.371i - B.371i + C.571i - D.571i +(命题意图:共轭复数的概念,属容易题)3.(原创)若双曲线122=-y mx 的焦距为4,则其渐近线方程为 A. x y 33±= B. x y 3±= C. x y 55±= D.x y 5±= (命题意图:考查双曲线性质,属容易题)4.(原创)已知α,β是两个相交平面,其中α⊂l ,则 A.β内一定能找到与l 平行的直线 B.β内一定能找到与l 垂直的直线C.若β内有一条直线与l 平行,则该直线与α平行D.若β内有无数条直线与l 垂直,则β与α垂直(命题意图:直线与平面间垂直、平行的概念,属容易题)5.(原创)等差数列}{n a 的公差为d ,01≠a ,n S 为数列}{n a 的前n 项和,则“0=d ”是“∈nnS S 2Z ”的 A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 (命题意图:充分必要条件的判定,属容易题) 6.(原创)随机变量的分布列如下:其中a ,b ,c 成等差数列,若()9=ζE ,则()ζD = A.811 B.92 C. 98 D.8180 (命题意图:考查离散型随机变量的分布、数学期望和方差,属中档题) 7.(原创)若存在正实数y ,使得yx x y xy 451+=-,则实数x 的最大值为 A.51 B. 45C. 1D. 4 (命题意图:考查不等式和函数性质,属中档题)8.(原创)从集合{}F E D C B A ,,,,,和{}9,8,7,6,5,4,3,2,1中各任取2个元素排成一排(字母和数字均不能重复)。
则每排中字母C 和数字4,7至少出现两个的不同排法种数为A. 85B.95C. 2040D.2280(命题意图:考查排列组合、计数原理,属中档题)9. (改编)已知三棱锥ABC P -的所有棱长为1,M 是底面ABC ∆内部的一个动点(包括边界),且M 到三个侧面PAC PBC PAB ,,的距离为()321321,,h h h h h h <<,记PM 与AC BC AB ,,所成的角分别为γβα,,,则下列正确的是A. βα=B. γβ=C. βα<D.γβ<(命题意图:考查立体几何中异面直线所成角的问题,属偏难题)10. (原创)已知[]0,4,22-∈⋅=+b a b a,则a 的取值范围是A. []1,0B.⎥⎦⎤⎢⎣⎡1,21 C.[]2,1 D.[]2,0(命题意图:考查向量的模、数量积以及基底转化,属偏难题)非选择题部分 (共110分)二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。
11.(原创)若⎪⎭⎫⎝⎛∈2,0πα,36sin =α,则αcos = ,α2tan = 。
(命题意图:考查三角函数求值,属容易题)12.(原创)一个长方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图所示,则该几何体与原长方体的体积之比是 ,剩余部分表面积是 。
(命题意图:考查三视图,直观图,属容易题)13. (原创)若实数y x ,满足⎪⎩⎪⎨⎧≤≤+-≥-+40203y m y x y x ,若y x +3的最大值为7,则m = 。
(命题意图:考查线性规划中的最值问题,同时考查数形结合的思想方法,属容易题)14. (原创)在二项式()0152>⎪⎭⎫ ⎝⎛+a ax x 的展开式中5-x 的系数与常数项相等,则a 的值是 。
(命题意图:考查二项式定理的相关内容,属容易题)15.(原创)设数列{}n a 的前n 项和为n S 。
若*12,23,6N n S a S n n ∈+==+,则2a = ,5S = 。
(命题意图:考查数列的通项公式、前n 项和等知识,属中档题)16. (原创)在ABC ∆中,内角A ,B ,C 所对的边分别是c b a ,,。
已知A b B a cos cos =,6π=∠A ,边BC 上的中线长为4。
则c = ;BC AB ⋅= 。
(命题意图:考查解三角形问题中的正弦、余弦定理的运用,属中档题)17. (原创)如图,过椭圆1:2222=+by a x C 的左、右焦点21,F F 分别作斜率为22的直线交椭圆C 上半部分于B A ,两点,记21,BOF AOF ∆∆的面积分别为21,S S ,若5:7:21=S S ,则椭圆C 离心率为________。
(命题意图:考查椭圆的图象和性质,属偏难题)三、解答题: 本大题共5小题,共74分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
18.(本小题满分14分) (原创)已知函数()R x x x x x f ∈+⎪⎭⎫ ⎝⎛-+⎪⎭⎫ ⎝⎛+=,cos 232sin 32sin 2ππ.(1) 求函数()x f 的最小正周期和单调递减区间;(2) 求函数()x f 在区间⎥⎦⎤⎢⎣⎡-2,4ππ上的最大值和最小值。
(命题意图:考查三角函数化简及解决有关性质问题,属容易题)19.(本小题满分15分)(原创)如图,在直三棱柱ABC —111C B A 中,1,90AA AC AB BAC ===∠。
(1)求证:⊥1AB 平面11BC A ;(2)若D 在11C B 上,满足112DC D B =,求AD 与平面11BC A 所成的角的正弦值。
(命题意图:考查空间中线面垂直的判断及用向量、几何法求线面角,属中档题)F 2F 1yxABO20.(本小题满分15分)(原创)已知等比数列{}n a (其中*N n ∈),前n 项和记为n S ,满足:1673=S , n n a a 212log 1log +-=+。
(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)求数列{}n n a a 2log ⋅(*N n ∈)的前n 项和n T 。
(命题意图:考查等比数列通项公式及用错位相减法求前n 项和的知识,属中档题)21.(本小题满分15分) (原创)已知抛物线221:x y C =与直线1:-=kx y l 无交点,设点P 为直线l 上的动点,过P 作抛物线C 的两条切线,B A ,为切点。
(1)证明:直线AB 恒过定点Q ; (2)试求PAB ∆面积的最小值。
(命题意图:考查抛物线和切线间的位置关系,同时考查解析几何的基本思想方法和综合解题能力,属中档偏难题)22.(本小题满分15分)(改编)已知a 为常数,函数()()ax x x x f -=ln 有两个极值点()2121,x x x x <。
(1)求a 的取值范围; (2)证明:()()2121<-x f x f 。
(命题意图:考查函数与导数问题,属中档偏难题)2019年高考模拟试卷 数学卷答题纸姓 名 ________________________ 座位号 ________________________贴 条 形 码 区考生禁填 缺考生由监考员用黑色墨水笔填写准考证号和填涂右边的缺 考标记.填涂 样 例 注意事项1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号写清楚,并认真核准条形码上的准考证号、姓名,在规定的位置贴好条形码。
2.选择题必须使用2B 铅笔填涂;解答题必须使用0.5毫米黑色墨水的签字或黑色墨水钢笔书写,不得用铅笔或圆珠字作解答题字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁,不要折叠、不要弄破。
正确填涂 错误填涂 √ × ○ ● 第Ⅰ卷1 [A] [B] [C] [D] 4[A] [B] [C] [D] 7 [A] [B] [C] [D] 10 [A] [B] [C] [D]2 [A] [B] [C] [D] 5 [A] [B] [C] [D] 8 [A] [B] [C] [D]3 [A] [B] [C] [D] 6 [A] [B] [C] [D] 9 [A] [B] [C] [D]第Ⅱ卷11__________ ___________ 12___________ ____________13_______________________ 14_________________________15_________ ___________16 ___________ ____________17___________________________18(本题满分14分)接18题 请在各题目的答题区域内作答,超出红色矩形边框的答案无效请在各题目的答题区域内作答,超出红色矩形边框的答案无效 校班请在各题目的答题区域内作答,超出红色矩形边框的答案无效20(本题满分15分)21(本题满分15分)21(本题满分15分)请在各题目的答疑区域内做答,超出红色矩形边框的答案无效22(本题满分15分)浙江省高考模拟试卷数学参考答案及评分标准一、选择题: 本大题共10小题, 每小题4分, 共40分。