河北省定兴第三中学2014-2015学年高一下学期第一次月考物理试题 Word版含答案

物理（考试时间：90分钟；分值：100分；命题人：张永刚）第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（不定项选择，本题共10个小题，每题4分，共40分，选对的得4分，选不全得2分，有错选或不选得0分）1．关于运动的性质，下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．变速运动一定是曲线运动C．曲线运动一定是变加速运动D．运动物体的加速度数值和速度数值都不变的运动一定是直线运动2．质点做匀速圆周运动，则（）①在任何相等的时间里，质点的位移都相等②在任何相等的时间里，质点通过的路程都相等③在任何相等的时间里，质点运动的平均速度都相同④在任何相等的时间里，连接质点和圆心的半径转过的角度都相等以上说法中正确的是A．①②B．③④C．①③D．②④3．关于平抛运动，下列说法正确的是（）A．平抛运动是匀变速运动B．平抛运动是非匀变速运动C．平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动D．平抛运动的落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关4．如图所示装置绕竖直轴匀速旋转，有一紧贴内壁的小物体，物体随装置一起在水平面内匀速转动的过程中所受外力可能是（）A．重力，弹力B．重力，弹力，滑动摩擦力C．重力，弹力，静摩擦力D．下滑力，弹力，静摩擦力5．有关超重和失重，以下说法中正确的是：（）A．物体处于超重状态时，所受重力增大，处于失重状态时，所受重力减小B．斜上抛后，不计空气阻力，木箱中的物体处于完全失重状态C．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机必定处于下降过程D．在月球表面行走的人处于失重状态6．如图所示，将完全相同的两小球A、B用长L＝0．8 m的细绳悬于以v＝4 m/s向右匀速运动的小车顶部，两球与小车前后壁接触．由于某种原因，小车突然停止运动，此时悬线的拉力之比F B∶F A为（g＝10 m/s2）（）A ．1∶1B ．1∶2C ．1∶3D ．1∶4７．一球绕直径匀速转动，如图所示，球面上有A 、B 两点，则（ ）A ．A 、B 两点的向心加速度都指向球心0B ．由a = ω2r 可知a A <a BC ．由rva 2可知a A >a BD ．可能v A <v B ，也可能v A >v B８．如图所示，物体m 放在升降机中的斜面上，当升降机竖直向上由匀速运动变为作匀加速运动时，下列说法不．正确的是： （ ） A ．斜面对物体的支持力增大 B ．物体m 所受的合力增加 C ．物体m 处于失重状态 D ．物体m 所受摩擦力增加９．如图所示为一光滑竖直圆槽，AP 、BP 、CP 为通过最低点P 与水平面分别成30°、45°、60°角的三个光滑斜面，与圆相交于A 、B 、C 点.若一物体由静止分别从A 、B 、C 滑至P 点所需的时间为t 1，t 2，t 3，则 ( )A ．t 1＜t 2＜t 3B ．t 1＞t 2＞t 3C ．t 1=t 2=t 3D ．t 1=t 2＜t 3 １０．对于平抛运动（不计空气阻力，g 为已知），下列条件中可确定物体飞行时间的是（ ）A ．已知水平位移B ．已知下落高度C ．已知初速度D ．已知位移的大小和方向二、填空题（本题共3个小题，共20分）１１．一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如右图所示。

下图是打出的纸带的一段。

⑴已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz ，利用下图给出的数据可求出小车下滑的加速度a =_____。

⑵为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需要测量的物理量有_______。

12、如图所示，AB 杆水平固定，另y 2y 1 A BO P300ham ）θ5.12 5.746..37 6.987.608.24 8.859.47 (单位：cm)图1一细杆可绕固定轴O转动，O轴在AB杆上方h高处，两杆均被套在光滑圆环P上，当细杆绕O轴以角速度ω顺时针方向转至与竖直方向30°角时，环的运动速度为。

13、在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如上图所示的装置，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于靠近槽口处。

使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离糟口平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C。

若测得木板每次移动距离x =10.00cm，A、B间竖直距离y1 = 4.78cm，B、C间竖直距离y2 = 14.82cm。

（g取9.80m/s2）①根据以上直接测量的物理量求得小球初速度为v0 = （用题中所给字母表示）。

②小球初速度的测量值为m/s。

三、计算应用题（本题共4个小题，共４０分）１４．如图所示，一个人用与水平方向成θ= 300角的斜向下的推力F推一个质量为20 kg的箱子匀速前进，如图(a）所示，箱子与水平地面间的动摩擦因数为μ＝0.40．求：(1)推力F的大小；(2)若该人不改变力F的大小，只把力的方向变为与水平方向成300角斜向上去拉这个静止的箱子，如图(b)所示，拉力作用2.0 s后撤去，箱子最多还能运动多长距离？(g取10 m/s2）．１５．如图所示小球从离地5m高处，向离小球4m远的竖直墙以v0=8m/s的速度水平抛出，不计空气阻力（g=10m/s2）。

求：小球碰墙点离地面的高度。

1６．（7分）如图5－25所示，水平转盘的中心有个竖直小圆筒，质量为m的物体A放在转盘上，A到竖直筒中心的距离为r，物体A通过轻绳、无摩擦的滑轮与物体B相连，B与A质量相同，物体A与转盘间的最大静摩擦力是正压力的μ倍，则转盘转动的角速度在什么范围内，物体A才能随盘转动．17、滑雪者从A点由静止沿斜面滑下，沿一平台后水平飞离B点，地面上紧靠平台有一个水平台阶，空间几何尺度如图所示，斜面、平台与滑雪板之间的动摩擦因数为μ。

假设滑雪者由斜面底端进入平台时立即沿水平方向运动，且速度大小不变。

求：⑴滑雪者离开B点时的速度大小？⑵滑雪者从B点开始做平抛运动的水平距离s ？高一年级第一次月考物理试题参 考 答 案1、A2、Ｄ3、ＡＣ4、ＡＣ5、Ｂ6、C7、Ｂ 8、Ｃ 9、Ｃ 10、B Ｄ１１．：⑴3.89m/s 2 ⑵小车质量m ；斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h 。

xgy 2－y 1； 12、43 ωh； 13、0.98m/s14．解：(1)在图(a ）情况下，对箱子有11,sin ,cos N f N mg F f F μθθ==+= 由以上三式得F=120 N.(2）在图(b ）情况下，物体先以加速度a 1做匀速运动，然后以加速度a 2做匀减速运动直到停止．对物体有,),sin (cos cos 11121t a v F mg F N F ma =--=-=θμθμθ，2122322,v s a mg N ma ===μμ，解之得s 2=13.5 m.１５.解：设小球的竖直分位移和水平分位移分别是y 和L 。

由平抛运动规律可得：t v L gt y 0221== 设碰墙点离地面的高度x,可得:y h x -=由以上三式可得m x 75.3=1６．解析：由于A 在圆盘上随盘做匀速圆周运动，所以它受的合外力必然指向圆心，而其中重力与支持力平衡，绳的拉力指向圆心，所以A 所受的摩擦力的方向一定沿着半径，或指向圆心，或背离圆心．当A 将要沿盘向外滑时，A 所受的最大静摩擦力指向圆心，A 受力分析如图（甲）所示， A 的向心力为绳的拉力与最大静摩擦力的合力，即：F +F m ′=m ω12r ① 由于B 静止，故：F =mg ；② 由于最大静摩擦力是压力的μ倍，即： F m ′=μF N =μmg ．③由①、②、③解得：ω1=r g /)1(μ+．当A 将要沿盘向圆心滑时，A 所受的最大静摩擦力沿半径向外，A 受力分析如图（乙）所示，这时向心力为：ABChHh 2 L2hF －F m ′=m ω22r ④由②③④解得ω2=r g /)1(μ-则转盘转动的角速度的范围是r g /)1(μ-≤ω≤r g /)1(μ+答案：r g /)1(μ-≤ω≤r g /)1(μ+17．解：（1）设滑雪者质量为m ，斜面与水平面夹角为θ，滑雪者在斜面上加速滑行，据牛顿第二定律：mgsin θ－μmgcos θ = ma 1到斜面底端时：v 0 = 2a 1S 1滑雪者在水平面上匀减速运动据牛顿第二定律：μmg = ma 2 v 02－v B 2 = 2a 2S 2其中：S 1cos θ＋S 2 = LS 1sin θ = H －h 联立解得：滑雪者离开B 点时的速度v B = 2g(H －h －μL)（2）设滑雪者离开B 点后落在台阶上：h 2 = 12 gt 12 S = v B t 1 可解得S =2h(H －h －μL)此时必须满足S ＜ 2 h 即：H －μL ＜2h当H －μL ＞2h 时，滑雪者直接落到地面上，h= 12 gt 22 S = v B t 2 可解得S / = 2h(H －h －μL)。