高二上学期第二次阶段考试物理试题
广东省江门市鹤山市第一中学2024-2025学年高二上学期12月月考物理试题(含答案)
鹤山一中2024-2025学年度第一学期第二阶段考试高二物理选考试卷 2024.12一、单选题（本题7小题，每小题4分，共28分）1．两个半径均为r 的相同金属球，两球相距r ，分别带有电荷量2Q 和，它们之间库仑力的大小为F ，现将两球接触后再放回原处，则（ ）A ．两球均带正电B ．两球电荷量均为C．两小球间库仑力为D ．两小球间库仑力小于2．如图所示，虚线表示电场中的三个等势面，电势分别为、、，实线是一带电粒子在该区域内的运动轨迹，a 、b 、c 是轨迹上的三个点，粒子重力不计，下列说法正确的是（ ）A ．粒子带负电B ．粒子必先过a ，再到b ，然后到cC ．粒子在三点所受的电场力大小关系为D ．粒子在三点所具有的动能大小关系为3．如图所示，匀强电场中有一个半径为4cm 的圆，电场方向与圆面平行，A 、B 、C 是圆上的三个等分点，已知，，则该电场的电场强度大小为（ ）A ．100V/mB．150V/m C．D ．4．如图所示，一平行板电容器，两极板水平放置，b 板接地，P 点在两板之间，与两板距离相等。
开关S 闭合后，一带电油滴在P 点处于静止状态，现在断开开关，而后将b 板缓慢向上平移一小段距离，下列说法中正确的是（ ）A ．滴将将向下运动B ．油滴将向上运动C ．P 点电势降低D ．P 点电势升高5．某品牌推出了手机快充技术，其中66W 快充的参数如图，当充电器与手机连接时，手机将启动66W 快充模式充电，即充电器输出电压为11V ，输出电流为6A 。
若用该充电模式对容量为4500mAh 的电池充电（初始电量为零），要把电池充满，理论上充电的时间约为（ ）A ．15分钟B ．30分钟C ．45分钟D ．60分钟6．下列关于的磁场相关知识说法正确的是（ ）4Q -Q18F 18F 10V 20V 30V c b aF F F >>k k k c b aE E E >>6V AB U =6V BC U =-A ．甲图中，通电螺线管内部小磁针静止时N 极水平向左B ．乙图中，小磁针正上方的直导线中通有电流时，小磁针的N 极会垂直纸面向外转动C ．丙图中，面积为S 的矩形线框置于磁感应强度为B 的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，此时通过线框的磁通量为BSD ．丁图中，同向通电直导线之间的相互作用是通过磁场发生的7．带电粒子在磁场中运动的实例如图所示，下列判断正确的有（ ）A ．甲图中，只有速度为的带电粒子从P 射入，才能做匀速直线运动从Q 射出B ．乙图中，同种带电粒子在磁场中运动的半径越大，周期也越大C ．丙图中，直线加速器使用直流电，且电压越大，粒子获得的能量越高D ．丁图中，磁感应强度增大时，a 、b 两表面间的电压U 减小二、多选题（本题3小题，每小题6分，共18分;全选正确得6分，，少选但正确得3分，错选或不选得0分）8．下列有关静电现象的说法，正确的是（ ）A ．摩擦起电创造了电荷B ．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施C ．某些小汽车顶上有一根露在外面的小天线是用来避免雷击的D ．超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的9．如图所示，细线栓一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则( )A ．小球不可能做匀速圆周运动B ．当小球运动到最高点时绳的张力可能最小C ．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D ．小球运动到最低点时，电势能一定最大10．如图所示电路，电源内阻不可忽略。
【高中教育】最新高二物理上学期第二次段考试卷(含解析)
——教学资料参考参考范本——【高中教育】最新高二物理上学期第二次段考试卷（含解析）______年______月______日____________________部门一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．1-7小题只有一个选项正确．8-10题有多个选项正确，全部选对得4分，选对部分得2分，有选错得0分）1．关于电动势，下列说法正确的是( )A．电源电动势一定等于电源两极间的电压B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．体积越大的电源，电动势一定越大D．电源电动势与外电路的组成有关2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )A．B．C．D．3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知( )A．三个等势面中，c等势面电势最高B．带电质点通过P点时电势能较小C．带电质点通过Q点时动能较大D．带电质点通过P点时加速度较小4．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则( )A．N点的电场强度大小为零B．q1电量小于q2C．NC间场强方向指向x轴负方向D．将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是( )A．a点的电势低于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做正功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c 6．平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地，P为两板间的一点．现保持B板不动，将A板慢慢平移到图中虚线所示的位置，这时( )A．电容器两极板间的电势差将减小B．P点的场强将减小C．P点的电势将降低D．固定在P点的负电荷电势能将减小7．某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的A、B、C所示，根据图线可知( )A．反映Pr变化的图线是bB．电源电动势为4 VC．电源内阻为1ΩD．当电流为0.5 A时，外电路的电阻为8Ω8．如图所示，A是带正电的球，B为不带电的导体，A、B均放在绝缘支架上，M、N是导体B中的两点．以无限远处为电势零点，当导体B 达到静电平衡后，说法正确的是( )A．M、N两点电场强度大小关系为EM=EN=0B．M、N两点电势高低关系为φM＞φNC．M、N两点电势高低关系为φM＞φN＞0D．感应电荷在M、N两点产生的电场强度EM′＞EN′9．一对平行金属板长为L，两板间距为d，质量为m、电荷量为e的电子从平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压uAB如图所示，交变电压的周期T=，已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则( )A．所有电子都从右侧的同一点离开电场B．所有电子离开电场时速度都是v0C．t=0时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大D．t=时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的有( )A．的值变大B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少二．实验题（本题共2小题，每空2分，共16分）11．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为__________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为__________mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为__________Ω．（4）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ=__________Ω•m．（保留2位有效数字）12．某同学采用如图1所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（0﹣3V，3kΩ）、电流表（0～0.6A，1.0Ω）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．①实验中滑动变阻器应选用__________（填“R1”或“R2”）．②在图2中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图3所示的U﹣I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=__________V；内阻，r=__________Ω．三．计算题（本题共44分，解题过程中要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分）13．一个量程为15V的电压表，串一个电阻为3000Ω的电阻后再去测量电路某两端的电压时，电压表示数为12V，已知该两端实际电压为15V，求：（1）电压表的内阻．（2）将该电压表改装成量程为90V的新电压表，应串联一个多大的电阻？14．在一个水平面上建立x轴，如图在过原点O右侧空间有一个匀强电场，电场强度大小E=6×105 N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个电荷量q=5×10﹣8C、质量m=0.010kg的带负电绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，（g取10m/s2）求：（1）物体进入电场的最大距离（2）物块最终停止时的位置；（3）物块在电场中运动过程的机械能增量．15．有一个用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电路电压为120V，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，（取g=10m/s2）求：（1）电动机线圈的电阻R等于多少．（2）电动机对该重物的最大提升速度是多少．（3）若因故障电动机不能转动，这时通过电动机的电流是多大，电动机消耗的电功率又为多大．16．（14分）如图所示，在O点放一个正电荷，在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q．小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（图中实线表示）相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h．若小球通过B点的速度为v，试求：（1）小球通过C点的速度大小．（2）小球由A到C的过程中电场力做了多少功；（3）小球由A到C机械能的损失．20xx-20xx学年江西省新余一中高二（上）第二次段考物理试卷一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．1-7小题只有一个选项正确．8-10题有多个选项正确，全部选对得4分，选对部分得2分，有选错得0分）1．关于电动势，下列说法正确的是( )A．电源电动势一定等于电源两极间的电压B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．体积越大的电源，电动势一定越大D．电源电动势与外电路的组成有关【考点】电源的电动势和内阻；闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，等于电源没有接入电路时两极间的电压，根据闭合电路欧姆定律分析电动势与外、内电压的关系．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故A错误．B、电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，所以电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故B正确．C、干电池的电动势与正负极的材料有关，与电源的体积无关；而其他的电源的电动势的大小也不一定与体积有关．故C错误．D、电动势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故D错误．故选：B【点评】对于电动势，可以结合电动势的物理意义、定义式和闭合电路欧姆定律等知识理解．2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )A．B．C．D．【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由金属导体电阻的决定式R=ρ进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．【解答】解：由电阻的决定式可知，A中电阻RA=，B中电阻RB=；C中电阻RC=；D中电阻RD=；故电阻最小的为A；故选：A．【点评】本题考查电阻定率的应用，要注意电阻是由导体本身的性质决定的．3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知( )A．三个等势面中，c等势面电势最高B．带电质点通过P点时电势能较小C．带电质点通过Q点时动能较大D．带电质点通过P点时加速度较小【考点】电势差与电场强度的关系；等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c 等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B错误；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C正确；D、由于相邻等势面之间的电势差相同．等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误．故选：C．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化4．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则( )A．N点的电场强度大小为零B．q1电量小于q2C．NC间场强方向指向x轴负方向D．将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】定性思想；控制变量法；电场力与电势的性质专题．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．【解答】解：A、该图象的斜率等于场强E，则知N点电场强度不为零，故A错误；B、如果q1和q2为等量异种电荷，点连线中垂线是等势面，故连线中点为零电势点；由于OA＞AM，故q1＞q2；故B错误；C、由图可知：OM间电场强度方向沿x轴正方向，MC间电场强度方向沿x轴负方向，NC间场强方向向x轴负方向．故C正确D、由于从N到D，电势先增加后减小；将一正电荷从N点移到D点，根据公式Ep=qφ，电势能先增加后减小，故电场力先做负功后正功；故D错误；故选：C【点评】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是( )A．a点的电势低于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做正功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c 【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】对于不在同一电场线上的两点在判断其电势高低时，可以通过等势线把它们移动到同一电场线上，然后根据沿电场线电势降低进行判断．根据电场线的疏密判断电场强度的大小，根据电场力做功情况，判断电势能的变化．【解答】解：A、由沿电场线的方向电势降落和电场线与等势面垂直的特点，可知a点的电势低于b点的电势，故A正确；B、将一正试探电荷由a点移到b点，由于a点的电势低于b点的电势，由电势能的公式式：Ep=qφ，可知正电荷在a点的电势能小于b点的电势能，由电场力做功与电势能变化的关系，说明电场力做负功，故B 错误；C、因为电场线的疏密表示电场的强弱，故c点的电场强度小于d点的电场强度，故C错误；D、正试探电荷在d点时所受的电场力沿该处电场线的切线方向，使该电荷离开该电场线，所以该电荷不可能沿着电场线由d到c．故D错误．故选：A【点评】本题考查了电场线和电场强度、电势之间的关系，对于电势能可以通过电势高度进行判断，也可以通过电场力做功进行判断．6．平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地，P为两板间的一点．现保持B板不动，将A板慢慢平移到图中虚线所示的位置，这时( )A．电容器两极板间的电势差将减小B．P点的场强将减小C． P点的电势将降低D．固定在P点的负电荷电势能将减小【考点】电容器的动态分析；匀强电场中电势差和电场强度的关系；电容．【专题】电容器专题．【分析】平行板电容器充电后与电源断开后所带电量不变．移动极板，根据推论分析板间场强是否变化．由电容的决定式分析电容的变化，确定电压U的变化．根据P点与上板间电势差的变化，分析P点的电势如何变化，判断电势能的变化．【解答】解：A、由题意可知，电容器始终与电源相连，故电源器两端的电压不变；即电容器两端的电势差保持不变，故A错误；B、由U=Ed可知，d增大，U不变，则场强E减小；故B正确；C、因E减小，而BP间的距离不变，故BP间的电势差减小，故P与A之间的电势差减增大；因A板接地，则P点的电势为降低；故C正确；D、因电势降低，而P点放置的为负电荷，故电荷的电势能将增大；故D错误；故选BC．【点评】本题要注意上极板接地，故电容器中的各点的电势均为负值；同时明确对于负电荷来说，电势越低的地方，电荷的电势能越高．7．某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的A、B、C所示，根据图线可知( )A．反映Pr变化的图线是bB．电源电动势为4 VC．电源内阻为1ΩD．当电流为0.5 A时，外电路的电阻为8Ω【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定量思想；图析法；电学图像专题．【分析】电源内部的发热功率Pr=I2r．直流电源的总功率PE=EI，P﹣I图象的斜率等于电动势E．由图知：当I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，求出电源的内阻．根据闭合电路欧姆定律求出电流为0.5A时的外电阻．【解答】解：A、电源内部的发热功率为 Pr=I2r，则Pr﹣I图象是抛物线，而且是增函数，则反映Pr变化的图线是c．故A错误．B、直流电源的总功率为 PE=EI，P﹣I图象的斜率等于电动势E，则有E==V=4V．故B正确．C、图中I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，则有Pr=I2r，得到r==Ω=2Ω．故C错误．D、当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得：I=，代入解得：R=6Ω．故D错误．故选：B【点评】本题要根据电源的总功率公式PE=EI求解电动势，根据发热功率的解析式I2r，求解电源的内阻．要明确内外电路功率的关系．8．如图所示，A是带正电的球，B为不带电的导体，A、B均放在绝缘支架上，M、N是导体B中的两点．以无限远处为电势零点，当导体B 达到静电平衡后，说法正确的是( )A．M、N两点电场强度大小关系为EM=EN=0B．M、N两点电势高低关系为φM＞φNC．M、N两点电势高低关系为φM＞φN＞0D．感应电荷在M、N两点产生的电场强度EM′＞EN′【考点】静电场中的导体；电场强度；电势．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】物体带电有接触起电，有感应带电，有摩擦起电．对于感应带电，是利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原理．且带电体是等势体．【解答】解：A、D、M、N两点的场强为导体球与B上感应电荷在这两处的场强之和，合场强大小为零，即EM=EN=0；而带电球A在M、N两点产生的场强不同，故B上感应电荷在M、N两点产生的电场强度不相等，根据点电荷电场强度公式，可知，离A越远的，电场强度越小，则感应电荷在M、N两点产生的电场强度EM′＞EN′，故AD正确．B、C、处于静电平衡的导体，其整体是等势体，故φM=φN，故B错误，C错误．故选：AD．【点评】本题重点掌握感应带电的本质是电荷的转移；当金属导体处于电场时出现静电平衡现象，注意处于静电平衡的导体内部电场强度为零，是由感应电荷与场源电荷叠加而成的，同时知道是等势体是解题的关键．9．一对平行金属板长为L，两板间距为d，质量为m、电荷量为e的电子从平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压uAB如图所示，交变电压的周期T=，已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则( )A．所有电子都从右侧的同一点离开电场B．所有电子离开电场时速度都是v0C．t=0时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大D．t=时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子竖直方向运动情况不同，则知不是从同一点离开电场．所有电子都能穿过平行板，竖直方向加速和减速的时间必然相等，飞出电场时，电子只有水平速度．t=0时刻进入电场的电子，离开电场时速度等于v0，电子的动能不是最大．分析t=时刻进入电场的电子运动情况，由牛顿第二定律和运动学公式求解最大侧位移．【解答】解：A、电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子竖直方向分速度图象如图，根据图象的“面积”大小等于位移可知，各个电子在竖直方向的位移不全相同，故所有电子从右侧的离开电场的位置不全相同．故A错误．B、由图看出，所有电子离开电场时竖直方向分速度vy=0，速度都等于v0，故B正确．C、由上分析可知，电子离开电场时的速度都相同，动能都相同．故C 错误．D、t=时刻进入电场的电子，在t=时刻侧位移最大，最大侧位移为ymax=2=…①在t=0时刻进入电场的电子侧位移最大为，则有：=4×a…②联立①②得：ymax= 故D正确．故选BD【点评】本题作出速度图象，根据“面积”大小等于位移分析竖直方向的运动情况．10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的有( )A．的值变大B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少【考点】电容；闭合电路的欧姆定律．【专题】电容器专题．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可知电路电流的变化，则可分析内电压、路端电压及各部分电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．若P向左端移动，则滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A、根据欧姆定律得的值等于滑动变阻器的阻值，所以的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆定律得：U1=E﹣I（R1+r），则=R1+r，所以的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆定律得：由U2=E﹣Ir，则=r，所以的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；故选：AC．【点评】闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．二．实验题（本题共2小题，每空2分，共16分）11．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为4.700mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为220Ω．（4）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ=7.6×10﹣2Ω•m．（保留2位有效数字）【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）20分度游标卡尺游标每一分度表示长度为0.05mm，由主尺读出整毫米数，根据游标尺上第几条刻度线与主尺对齐，读出毫米的小数部分．（2）螺旋测微器固定刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．（3）电阻的测量值=指针指示值×倍率．（4）根据欧姆定律求得电阻的表达式，再由电阻定律即可求得电阻率．【解答】解：（1）主尺读数为50mm，游标上第3条刻度线与主尺对齐，读数为3×0.05mm=0.15mm，则长度为50.15mm．（2）螺旋测微器固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.200mm，则直径为4.700mm．（3）电阻的阻值R=22×10Ω=220Ω（4）由电阻定律R=，S=代入解得ρ=7.6×10﹣2Ω•m．本题答案是（1）50.15（2）4.700（3）220（4）7.6×10﹣2【点评】测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计．测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法．控制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法．在两种方法都能用的情况下，为了减小能耗，选择限流式接法．12．某同学采用如图1所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（0﹣3V，3kΩ）、电流表（0～0.6A，1.0Ω）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．①实验中滑动变阻器应选用R1（填“R1”或“R2”）．②在图2中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图3所示的U﹣I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=1.47V；内阻，r=1.81Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】①为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；②根据实物电路图作出实验电路图；③根据电源U﹣I图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：①电源内阻约为1.5V，电路最大电流约为零点几安培，两滑动变阻器均可保证安全，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1；。
2021-2022年高二物理上学期第二次段考试题(I)
2021-2022年高二物理上学期第二次段考试题(I)一、单项选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分，1—5题给出的四个选项中只有一个是正确的；6—8题为多项选择题，对而不全的得3分）1. 下列说法中正确的是（）A.电流既有大小，又有方向，因此电流是矢量B.电场强度是矢量,方向就是电荷在该点的受力方向C.磁感应强度是矢量，方向与垂直放入该点的电流元受力方向一致D.磁通量、电势均有正负，但它们是标量2. 在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）3.如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以L 2相同的初速度飞入。
仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则：（ ）A ．一定带正电，b 一定带负电vB ．加速度增大，b 加速度增大C ．电势能减小，b 电势能增大D ．和b 的动能一定都增大4．如图所示，电源的电动势为E ，内电阻为r 。
开关S 闭合后，灯泡L 1、L 2均能发光。
现将滑动变阻器R 的滑片P 稍向下移动，则 （ ）A ．灯泡 L 1变暗，L 2变亮B ．灯泡 L 1、L 2均变暗C ．电流表的示数变大D ．电源的输出功率变小5.如图所示的虚线区域内，充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场。
一带电粒子a （不计重力）以一定的初速度由左边界的O 点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的O′点（图中未标出）穿出。
若撤去该区域内的磁场而保留电场不变，另一个同样的粒子b（不计重力）仍以相同初速度由O点射入，从区域右边界穿出，则粒子b（）A．穿出位置一定在O′点下方B．穿出位置一定在O′点上方C．运动时，在电场中的电势能一定减小D．在电场中运动时，动能一定减小6. 质子和α粒子的电荷量比q1 :q2=1:2，质量比m1: m2= 1 : 4，它们以相同速度进入同一匀强磁场中后，在垂直磁场的平面内做匀速圆周运动，其轨道半径分别为R1、R2，周期分别为T1、T2，则（）A. R1:R2=1:2 B. R1:R2=2:1C. T1:T2=1:2 D. T1:T2=2:17.如图所示，实线表示某静电场中的电场线，图中A、O、B是同一电场线上的三点.下列说法中正确的是（）A. 正电荷在A点受到的电场力一定比负电荷在A点受到的电场力大B. 正电荷在A点的电势能比在O点的电势能大C. 把电荷由A点移到B点电场力做正功D. A点的电势一定比B点的电势高8．如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接。
高二第一学期第二次阶段考试物理试题(word文档+参考答案)
高二第一学期第二次阶段考试试题第一部分 选择题（共46分）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题的四个选项中只有一个符合题意，答案涂在答题卡上）1、下列叙述不符合史实的是( )A ．库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律B ．法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场C ．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D ．电荷e 的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的2、物理量的决定式能揭示该物理量的大小受什么因素的影响，以下公式不属于决定式的是( )A ．平行板电容器的电容kdS C πε4= B ．导体的电阻S lR ρ=C ．导体中的电流t q I =D ．孤立点电荷的电场强度2r Q k E = 3、如图~1所示的情况中，a 、b 两点的电场强度和电势均相同的是( )．A ．甲图：离点电荷等距的a 、b 两点B ．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a 、b 两点C ．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a 、b 两点D ．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a 、b 两点4、如图~2所示，两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N 与静电计金属球相连，极板M 和静电计的外壳均接地。
在两板相距为d 时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度。
在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量Q 不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是( )A ．仅将M 板向下平移B ．仅将M 板向左平移C ．仅将M 板向上平移D ．仅在M 、N 之间插入云母板(介电常数大于1)图~1图~25、下列说法中不正确的是（ ）A ．无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反B ．电源的作用是能为电路提供自由电子C ．在非纯电阻电路中，某段电路两端的电压U 、通过电流I 和电阻R 三者的关系有：UI > I 2RD ．并联电路中任一支路的电阻增大（其它支路不变），则总电阻也增大 6、如图~3为两个闭合电路中的两个电源的U —I 图线，下列说法中正确的是（A ．电动势E a >Eb ，内阻r a<r b B ．电动势E a <E b ，内阻r a >r b C ．内阻r a >r b ，短路电流I a >I bD ．当两电源的工作电压变化相同时，电源b 的内电流变化较大二、多项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，每小题有两个或两个以上选项符合题意，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
2021-2022年高二物理上学期第二次段考试卷
2021-2022年高二物理上学期第二次段考试卷一、单选题（只有一个选项正确，每题3分）1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合史实的是( )A．焦耳发现了电流的磁效应B．法拉第发现了电磁感应现象，并总结出了电磁感应定律C．惠更斯总结出了折射定律D．英国物理学家托马斯杨利用双缝干涉实验首先发现了光的干涉现象2．长10cm的通电直导线，通以1A的电流，在匀强磁场中受到的磁场力为0.4N，则该磁场的磁感应强度为（）A．等于4T B．大于或等于4T C．小于或等于4T D．上述说法都错误3.如图所示的电路中，两只小灯泡的规格相同。
在开关S闭合一段时间后，发现两个灯泡的亮度相同。
断开开关S后，进行如下操作，下列对小灯泡发光的描述正确的是（）A.开关S闭合瞬间，两灯一样亮B.开关S闭合后，灯A2一直比A1亮C.若将电源换成交流电，两灯一样亮D.断开开关S时，两灯都逐渐熄灭4.如图是地磁场的分布图，已知地球自转方向是自西向东的，则下列说法正确的是（）A.磁感线是磁场中真实存在的曲线B.如果地磁场是地球表面带电产生的，则地球带正电C. 赤道处一条通有竖直向下方向电流的导体棒受到的安培力向西D. 竖直向下射向赤道的带正电的宇宙射线受到的洛伦兹力向东5.法拉第圆盘发动机的示意图如图所示。
铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和铜轴接触。
圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中。
圆盘旋转时，下列说法正确的是（）A．圆盘虽然转动，但由于通过圆盘的磁通量没有变化，没有电流通过电阻RB．若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到b的方向流过电阻RC．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D．若圆盘转动的角速度变为原来的两倍，则电流在R上的热功率也变为原来的2倍6.如图带电粒子以相同速率经过A、B两点，且粒子经过A、B两处时速度方向与AB连线所成夹角相等，则空间可能是 ( )A.一定分布着平行于纸面的匀强电场Ax3L 图甲 a b L B.一定分布着平行于纸面的点电荷电场 C.一定分布着垂直于纸面的匀强磁场 D.以上三者都有可能7.现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。
河北省卓越联盟2024-2024学年高二上学期第二次联考物理试题(基础必刷)
河北省卓越联盟2024-2024学年高二上学期第二次联考物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题一列简谐横波在x轴上传播，t=0时刻的波形如图甲所示，x=2m的质点P的振动图象如图乙所示，由此可以判断（ ）A．该波的传播方向是沿x轴正方向B．2s末质点P到达x=0m位置C．在t=5s时质点P的加速度为零D．在0到5s时间内质点P通过的路程是25cm第(2)题如图所示直径为d的圆环中通有顺时针方向的电流I，以通过圆心的虚线为界线，左侧有垂直圆环平面向外的匀强磁场，右侧有垂直圆环平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小都为B，则对圆环受到的安培力情况正确的是（ ）A．受到的安培力的合力为0B．受到的安培力的合力大小为BdI，方向垂直虚线向右C．受到的安培力的合力大小为2BdI，方向垂直虚线向左D．受到的安培力的合力大小为2BdI，方向垂直虚线向右第(3)题木星有4颗卫星是伽利略发现的，称为伽利略卫星。
已知木卫二的质量m、绕木星做匀速圆周运动的轨道半径r，木星的质量M、半径R、自转周期T，万有引力常量G。
根据万有引力的知识计算木卫二绕木星运动的周期，下列表达式中正确的是（ ）A．B．C．D．第(4)题如图所示，闭合矩形线圈abcd与长直导线MN在同一平面内，线圈的ab、dc两边与直导线平行，直导线中有逐渐增大、但方向不明的电流，则（ ）A．可知道线圈中的感应电流方向abcdaB．可知道线圈中的感应电流方向adcbaC．可知道整个线圈所受的磁场力的合力方向向右D．可知道整个线圈所受的磁场力的合力方向向左第(5)题我国初，高中学生及大学生近视眼率超过70%，现在医学上治疗近视眼时，用激光“焊接”视网膜，所用激光的波长，已知普朗克常量，光在真空中的传播速度，则该激光中每个光子的能量为（ ）A．B．C．D．第(6)题如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心处放一点电荷，将质量为，带电量为的小球从圆弧管的水平直径端点C由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力。
高二物理上学期阶段性考试二试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校宁阳一中高二物理上学期阶段性考试二试题第I卷（选择题）一、选择题（本题共有12小题，共48分，其中1-7题只有一个选项正确，8-12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下说法符合史实的是（）A. 焦耳发现了电流的热效应B. 安培发现了电流的磁效应C. 卡文迪许利用扭秤实验得出了电荷间的相互作用规律D. 奥斯特不仅提出了场的概念，而且用电场线和磁感线直观地描绘了场2.下列说法中正确的是（）A．在静电场中电场强度为零的位置，电势也一定为零B．放在静电场中某点的检验电荷所带的电荷量q发生变化时，该检验电荷所受电场力F与其电荷量q的比值保持不变C．在空间某位置放入一小段检验电流元，若这一小段检验电流元不受磁场力作用，则该位置的磁感应强度大小一定为零D．磁场中某点磁感应强度的方向，由放在该点的一小段检验电流元所受磁场力方向决定3.如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。
在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电 B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大 D．A、B两点相比，B点电势较低3题图 4题图5题图4.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，某时刻电压表读数减小、电流表读数增大，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1短路B．R2断路 C．R2短路 D．R3断路5.如图所示，在等量异种电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，B、D两点关于O点对称，则关于各点电场强度及电势的关系，下列说法中正确的是：（）A．A点电势比B点电势高 B．O点的电场强度为零C．C、D两点的电势与无穷远处的电势相等 D．B、D两点的电场强度不相同6.如图所示，光滑的金属轨道分为水平段和圆弧段两部分，O点为圆弧的圆心，N 为轨道交点。
高二(上)第二次阶段性考试物理试题(解析版)
高二上学期第二次阶段性考试物理试题一、选择题（每小题3分,共45分。
1~10题为单选题;11~15题为多选题）1. 物体在运动过程中加速度不为零,则下列说法正确的是( )A. 物体速度的大小一定随时间变化B. 物体速度的方向一定随时间变化C. 物体动能一定随时间变化D. 物体动量一定随时间变化【答案】D【解析】试题分析：做匀变速直线运动的物体,加速度不为零,但是物体的速度方向不随时间变化;做匀速圆周运动的物体,加速度不为零,但是物体的速度大小不随时间变化,动能也不随时间变化;但是只要物体的加速度不为零则,物体的速度一定随时间变化,即物体的动量一定随时间变化．选项D正确．考点：速度、加速度、动能及动量的关系．2. 物体沿粗糙的斜面上滑,到最高点后又滑回原处,则（）A. 上滑时摩擦力冲量比下滑时大B. 上滑时重力的冲量比下滑时小C. 支持力的冲量为0D. 整个过程中合外力的冲量为零【答案】B【解析】【详解】物体上滑时受到的合力大于下滑时的合力,上滑时的加速度大于下滑时的加速度,上滑与下滑的位移大小相等,则上滑的时间比下滑的时间少A．上滑与下滑时摩擦力大小相等,上滑时间比下滑的时间少,则上滑时摩擦力冲量比下滑时小,A错误; B．由于重力相等,上滑的时间小于下滑的时间,则上滑时重力的冲量小于下滑时重力的冲量,B正确; C．支持力不为零,作用时间不为零,则支持力的冲量不为零,C错误;D．整个过程物体动量的变化不为零,由动量定理可知,物体所受合外力的冲量不为零,D错误。
故选B。
3. 如图所示,位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视为质点,质量相等．Q与水平轻弹簧相连,设Q静止,P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞．在整个过程中,弹簧具有的最大弹性势能等于() A. P的初动能B. P的初动能的12C. P的初动能的13D. P的初动能的14【答案】B 【解析】在整个过程中,弹簧具有最大弹性势能时,P和Q的速度相同．根据动量守恒定律：mv0=2mv．根据机械能守恒定律,有222000*********p k E mv mv mv E-⋅＝＝＝故最大弹性势能等于P的初动能的12．故选D．点睛：本题关键对两物体的受力情况和运动情况进行分析,得出P和Q的速度相同时,弹簧最短,然后根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式求解．4. 质量分别为m1和m2的两个物体在光滑的水平面上相碰,碰撞前后的位移－时间图象如图所示,若图中θ<45°,则( )A. m1>m2B. 碰撞前两物体速率相等C. 碰撞后两物体一起做匀速直线运动D. 碰撞前两物体动量大小相等、方向相反【答案】D【解析】【详解】s－t图象的斜率表示速度．根据图象可知,碰撞前两物体的速度大小v1>v2,速度方向相反．碰撞后两物体均静止,根据动量守恒定律有m 1v 1＋(－m 2v 2)＝0 即m 1v 1＝m 2v 2 则m 1<m 2 故ABC 错误,D 项正确．故选D 。
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高二上学期第二次阶段考试物理试题姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共6题；共12分)1. （2分） (2019高二上·枞阳期中) 在坐标－x0到x0之间有一静电场，x轴上各点的电势φ随坐标x的变化关系如图所示，一电荷量为e的质子从－x0处以一定初动能仅在电场力作用下沿x轴正向穿过该电场区域．则该质子（）A . 在－x0～0区间一直做加速运动B . 在0～x0区间受到的电场力一直减小C . 在－x0～0区间电势能一直减小D . 在－x0～0区间电势能一直增加2. （2分） (2018高二上·四川月考) 下面说法中正确的是（）A . 由E＝可知，电场中某点的场强与试探电荷的电荷量成反比B . 由C＝可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C . 由可知，将1 C正电荷从A点移动到B点克服电场力做功1J，则 =1 VD . 由可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关3. （2分）下列关于电源电动势的说法中正确的是（）A . 电源电动势的大小，等于电源没有接入电路时电源两极间的电压的大小B . 闭合电路中，并联在电源两端的电压表的示数就是电源电动势的值C . 电源提供的电能越多，电源的电动势越大D . 电源的电动势反映了电源将电能转化为其它形式的能的本领4. （2分）如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则（）A . a一定带正电，b一定带负电B . a的速度将减小，b的速度将增加C . a的加速度将减小，b的加速度将增加D . 两个粒子的电势能一个增加一个减小5. （2分）为了防止雷电造成人们生命和财产的损失，下列做法中，正确的是（）A . 在旷野遇到雷电，应远离高大树木和建筑物，撑起雨伞避雨B . 在游泳时遇到雷电，应马上闭气，潜入水中C . 在家中听到雷声时，应关闭电视机、音响等用电器并拔出插头D . 当感觉到身体有电荷时，如头发竖起、皮肤有显著颤动感时，应尽快打手机求救6. （2分） (2017高二上·赫山期末) 下列关于电容器电容的大小的说法中，正确的是（）A . 电容器两极板间的距离越大，其电容器越大B . 电容器的电容与两极板间的距离无关C . 电容器两极板的正对面积越大，其电容越小D . 电容器两极板的正对面积越大，其电容越大二、多选题 (共6题；共18分)7. （3分） (2016高二上·成都期中) 如图所示，在场强大小为E，方向水平向右的匀强电场中，放一个电荷量为﹣q的点电荷，A，B，C，D四点在以点电荷为圆心、半径为r的圆周上，并且A点、C点与点电荷在同一水平线上，B点、D点与点电荷在同一竖直线上，则下列说法正确的是（）A . A点电场强度最大，且为B . B，D两点电场强度大小相等，方向相同C . 同一点电荷在B点和D点时的电势能相等D . 同一点电荷在A点和C点时的电势能相等8. （3分） (2016高二上·遵义期中) 如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线．一个带正电的粒子（不计重力）从a到b穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示．下列结论中正确的是（）A . 带电粒子从a到b过程中动能逐渐增加B . 电场线的方向由N指向MC . 带电粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D . 带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度9. （3分） (2017高二上·福州期中) 有一电热器，额定电压为220V，额定功率为1000W．现要把它改装一下，用在电压为110V的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W．下面做法中正确的是（）A . 将电热器中的电热丝截去一半B . 将电热器中的电热丝截去，只留下C . 在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝D . 将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来10. （3分） (2018高二上·荔湾期末) 如图所示的U-I图象中，直线I为某一电源路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R的U-I图线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路．由图象可知（）A . R的阻值为1.5ΩB . 电源的电动势为3.0V，内阻为1.5ΩC . 电源的输出功率为3WD . 电源R消耗的功率为1.5W11. （3分） (2019高二上·大庆月考) 如图电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则（）A . 电灯L更亮，安培表的示数减小B . 电灯L变暗，安培表的示数增大C . 电灯L更亮，电阻R2上消耗的功率变小D . 电灯L变暗，电阻R2上消耗的功率变大12. （3分） (2016高二上·吉林期中) 某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（）A . 加5V电压时，导体的电阻约是5ΩB . 加11V电压时，导体的电阻约是1.4ΩC . 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D . 由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小三、实验题 (共4题；共26分)13. （2分） (2019高一下·淄川期中) 在测某种材料制成的均匀圆柱体的电阻率的实验中，需要测量其长度L、直径d和电阻R。
（1）如图甲，使用游标卡尺测量其长度L为________mm；如图乙，使用螺旋测微器测量其直径d为________mm；（2）若用图丙电路测圆柱体的电阻，则测量结果将比真实值________（填“偏大”或“偏小”）14. （2分） (2018高三上·门头沟期末) 用伏安法测量某一小灯泡的伏安特性曲线，现有实验器材如下：A．小灯泡（额定电压为2.5V）B．电流表A（量程0.6A，内阻约0.10Ω;量程3A，内阻约0.02Ω）C．电压表V（量程3V，内阻约3KΩ;量程15V，内阻约15KΩ）D．滑动变阻器R1（0～10Ω）E．滑动变阻器R2（0～200Ω）F．电源，电动势3VG．开关，导线若干（1）为了使测量结果尽量准确，电流表应选________量程；电压表应选________量程；滑动变阻器应选________。
（填写器材的符号）（2）本实验要求电压从零开始调节，下图中电路应选择________（3）请把下图中实物图按实际电路补充完整.（4）右图是此次实验所得出的伏安特性曲线，若把该小灯泡与电动势为3V，内阻为0.8Ω的电源相连，小灯泡________（能、不能）正常发光，理由________15. （20分） (2018高二上·辽宁期中) 某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如左下图，由图可知其长度为L=________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D=________mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为________Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～30mA，内阻约30Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；开关S；导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图的电路，试指出不妥之处 ____________A . 电流表应选A2B . 电流表应采用外接法C . 滑动变阻器R1应采用分压式接法D . 滑动变阻器应采用R216. （2分） (2019高二下·含山期中) 甲乙两位同学在实验室利用如图（a）所示的电路测定定值电阻 R0,电源的电动势 E 和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头 P 向某一方向移动时，甲同学记录了电流表 A 和电压表V1 的测量数据，乙同学记录的是电流表 A 和电压表 V2 的测量数据．并根据数据描绘了如图（b）所示的两条 U ﹣I 直线．回答下列问题：（1）图象中两直线的交点表示的物理意义是______A . 滑动变阻器的滑动头 P 滑到了最右端B . 电源的输出功率最大C . 定值电阻 R0 上消耗的功率为 0.5WD . 电源的效率达到最大值（2）根据图（b），可以求出电源电动势 E=________V，内电阻r= ________Ω ．（以上结果均保留 2 位有效数字）。
这样测得的电源电动势比实际值________（填“偏大”“偏小”），这是由于________的原因造成的。
四、解答题 (共2题；共12分)17. （10分） (2019高二下·无锡期中) 如图所示，光滑的金属导轨放在磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场中。
平行导轨的宽度d＝0.2m，定值电阻R＝0.5Ω。
框架上放置一质量为0.1kg、电阻为0.5Ω的金属杆，框架电阻不计，若杆以恒定加速度a＝2m/s2由静止开始做匀变速运动，则：（1）第5s末，回路中的电流多大？杆哪端电势高？（2）第5s末时外力F的功率（3）画出理想电压表示数U随时间t变化关系图线18. （2分） (2019高二上·齐齐哈尔月考) 如图所示，有一电子（电荷量为e，质量为m）经电压U0加速后，进入两块间距为d，电压为U的平行金属板间。
若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：（1）金属板AB的长度L；（2）电子穿出电场时的动能Ek。
参考答案一、单选题 (共6题；共12分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、二、多选题 (共6题；共18分)7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、三、实验题 (共4题；共26分)13-1、13-2、14-1、14-2、14-3、14-4、15-1、15-2、15-3、15-4、16-1、16-2、四、解答题 (共2题；共12分)17-1、17-2、17-3、18-1、18-2、。