2020年中考物理三模试卷(含解析)

初三中考物理模拟试题(含答案)

一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，计20分.每小题只有一个选项是符合题意的）1．（2分）下列估测值中，最接近实际的是（）

A．中学生百米赛跑的成绩约为6s

B．教室门的高度约为2m

C．物理课本的质量约为3kg

D．洗澡水的温度约为75℃

2．（2分）如图为“抖音”上热火的“泼水成冰“的美丽景象，“泼水成冰”过程中水发生的物态变化及吸放热情况是（）

A．汽化、吸热B．液化、放热C．熔化、吸热D．凝固、放热3．（2分）西汉初期的古书《淮南万毕术》中记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。其中涉及的光学知识与下列所述的四种现象形成过程相同的是（）

A．激光准直B．三棱镜分解白光

C．路口凸面镜中的车影D．皮影戏幕布上的影子

4．（2分）下列说法中正确的是（）

A．能量转化是守恒的，所以能源是取之不尽用之不竭的

B．飞机能够腾空而起，利用了“流体压强与流速”的关系原理

C．摩擦起电的过程中创造了电荷

D．只要物体的温度不变，它的内能就一定不变

5．（2分）电动平衡车是一种时尚的代步工具，当人驾驶平衡车在水平地面上做匀速直线运动时，关于平衡车的说法正确的是（）

A．运动过程中，人相对于地面是运动的

B．平衡车的脚踏板上刻有花纹，是为了减小摩擦力

C．人对平衡车的压力与平衡车对人的支持力是一对平衡力

D．若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车立刻停止运动

6．（2分）泡沫钢是含有丰富气孔的钢材料，可作为防弹服的内芯，孔隙度是指泡沫钢中所有气孔的体积与泡沫钢总体积之比，已知钢的密度为7.9×103kg/m3，一块质量为0.79kg、体积为500cm3泡沫钢，孔隙度是（）

A．20%B．80%C．90%D．98%

7．（2分）如图为“儿童安全插座”，它具有保护门双层互锁功能，能有效防止触电事故的发生。下列相关说法正确的是（）

A．“儿童安全插座”的开关接在火线上

B．“儿童安全插座”的白色保护门属于导体

C．用测电笔笔尖插入E孔，正常情况下测电笔氖管会发光

D．若“儿童安全插座”发生短路，家庭电路中的其它用电器仍能正常工作

8．（2分）如图为一款具有防倾倒功能的新型落地扇，当其电源开关S1闭合后电动机就能正常工作；其内部的防倾倒开关S2处于常闭状态，当落地扇倾斜时才会自动断开，使电动机停止工作。下列电路图中满足上述要求的是（）

A．B．

C．D．

9．（2分）关于图示情景或实验，下列说法中正确的是（）

A．图甲所示为卢瑟福提出的原子模型

B．如图乙苹果从树上落下的过程中，相较于a、b两点，经过c点时苹果的动能最小

C．图丙所示验电器可以检验出塑料棒所带电荷的种类

D．图丁中，转盘转过200圈，电能表连接的电路就消耗了6×105J的电能

10．（2分）某建筑工地上，工人通过图示装置用250N的竖直向下的拉力拉绳，将重600N 的建筑材料匀速提起。已知AOB是轻质杠杆且OA：OB＝1：2，不计绳重与摩擦，则（）

A．轻质杠杆AOB为费力杠杆

B．动滑轮的重力是100N

C．动滑轮的机械效率为60%

D．可通过减少所提升建筑材料的重量，来提高动滑轮的机械效率

二、填空与作图题（本大题共8小题，计22分）

11．（3分）2020年春节期间，我市市区内禁止燃放烟花爆竹，这一禁令得到了广大市民的支持和拥护。燃放爆竹时，爆竹周围的空气会因而产生较大的声音，较大是指声音的大；此时爆竹的声音对于已经入睡的人来说是（选填“乐音”或“噪声”）。

12．（3分）随着科技的进步，一些老手艺正逐渐淡出我们的视线。图甲是打铁的情景，一坨铁块能够被打成一把铁锹，是因为铁具有（选填“弹性”或“延展性”）；图乙是弹棉花的情景，弹棉花时师傅要戴着口罩，防止空气中的许多细丝进入呼吸道，这种现象（选填“是”或“不是”）扩散现象；“铁比棉花重”指的是铁的比棉花的大。

13．（3分）蓝牙音箱是以蓝牙连接取代传统线材连接的音响设备，蓝牙音箱与手机连接时是通过来传递信息的；蓝牙音箱内置可充电锂电池，在电池充电过程中的能量转化是电能转化为能；蓝牙音箱的核心部件是扬声器，扬声器从原理上与（选填“电动机”或“发电机”）大致相同。

14．（3分）如图所示，在家庭装修连接电路时，连接处的电线芯要紧密的多绕几圈，这样就可以增大连接处的横截面积，使连接处的电阻（填“增大”或“减小”），避免因电流的效应使得连接处发生安全事故；由于家庭电路的电压大于人体的安全电压，所以还要在连接处缠上几圈由（选填“导体”或“绝缘体”）材料制成的胶带，防止人体触电。

15．（3分）在如图所示的“汽油机模型”实验中，厚壁玻璃圆筒底部装有两根放电针，将适量的雾状汽油喷入筒内，再用软木塞塞住圆筒。当放电针放电时汽油燃烧，软木塞被冲出，该过程可模拟四冲程汽油机的冲程，实验中的能量转化情况为汽油燃烧释放的内能转化为软木塞的能。若本次实验中消耗汽油0.01kg，则这些汽油完全燃烧释放出的热量为J．[q汽油＝4.6×107J/kg]

16．（3分）我国常规动力核潜艇具备先进的通讯设备、武器、导航等系统和隐蔽性强、噪声低、安全可靠等优异性能。（g＝10N/kg）

（1）图甲是某型号常规动力核潜艇，已知该潜艇在水下匀速潜行时，可在5min内前行3000m，则该过程中潜艇的航速为km/h；

（2）潜艇在深海中匀速潜行时，如果遭遇海水密度突变造成的“断崖”险情（如图乙），从密度为1.07×103kg/m3的高密度海水区驶入密度为1.02×103kg/m3的低密度海水区，体积为3×103m3的潜艇所受浮力减少了N，此时工作人员应立即（选填“增多”或“减少”）水舱内的水量，才能使潜艇转危为安。

17．（4分）在图中画出石块下沉时所受到的重力和浮力的示意图。

18．请将图中的实物图补充完整，并在图中标出通电螺线管的N、S极。（要求：滑动变阻器的滑片向A端滑动时，弹簧伸长）

三、实验与探究题（本大题共3小题，计22分）

19．（7分）按要求完成填空。

（1）图甲中，正确的温度计读数方式是；（选填“A”“B”或“C”）

（2）图乙是某固体熔化时温度随时间变化的关系图象，此物质的熔点是℃；在第10min时，此物质处于（选填“固态”“液态”或“固液共存态”）；

（3）如图丙，此时的大气压相当于mm水银柱产生的压强；如果将玻璃管稍微倾斜，管内水银柱的高度会（选填“升高”“降低”或“不变”）；

（4）图丁是（选填“近”或“远”）视眼的成像示意图，应佩戴透镜制成的眼镜进行矫正。

20．（8分）小明做“探究电流与电阻的关系”实验，他选择了如下器材：电源（电压恒为

4.5V）、量程合适的滑动变阻器、电流表、电压表、开关、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω、

25Ω的各一个）、导线若干。

（1）检查实验仪器时，小明发现电压表的指针偏向“0”刻度线左侧，接下来小明的操作是。

（2）请你用笔画线代替导线，帮小明完成图甲中实物电路的连接；

（3）闭合开关前，小明应将滑动变阻器的滑片置于（选填“A”或“B”）端；

闭合开关后，小明发现电压表有示数，电流表示数为零。经检查，电流表、电压表正常且连接完好，则电路存在的故障是。

（4）排除故障后，小明依次将四个定值电阻接入电路进行实验，并根据测得的数据绘制出图乙所示的图象。由此小明得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成比；实验中所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于Ω；

（5）上述实验结束后，小明重新选择实验器材并利用图丙所示电路，测量出额定电流为

0.3A的小灯泡的额定功率。（已知R0＝10Ω，电源电压未知且大于小灯泡的额定电压）

①开关S接d，将滑动变阻器R的滑片置于a端，读出电流表示数为0.6A；

②开关S接c，移动滑动变阻器R的滑片使电流表示数为0.3A，此时小灯泡正常发光；

③开关S接d，使滑动变阻器的滑片保持不动，读出电流表示数为0.4A；

计算可得：电源电压为V，小灯泡的额定功率P额＝W。

21．（7分）夏天我们经常使用电风扇，电风扇吹出风的强度与什么因素有关？对此小明提出了以下猜想，并用玩具电风扇进行了探究。

①电风扇吹出风的强度与距离电风扇的远近有关；

②电风扇吹出风的强度与扇叶的转速有关。

为证实上述猜想，小明设计了图甲所示的装置：将纸板B固定在支架上，纸板A与轻杆固定后悬挂在纸板B上的转轴O处，纸板A和轻杆可绕转轴O自由摆动，将电风扇放在左侧正对纸板A．图中s是纸板A自然下垂时（虛线）到电风扇的水平距离，θ是纸板A向右摆动稳定后轻杆与竖直方向的夹角。

（1）该实验中，θ越大表示电风扇吹出风的强度越（选填“强”或“弱”），这里应用到的物理研究方法是（选填“转换法”或“控制变量法”）；

（2）小明保持电风扇的转速不变，移动电风扇，使s分别等于0.3cm、0.5cm、0.7cm、

0.9cm，在纸板B上分别标下纸板A稳定时轻杆的位置a、b、c、d（如图乙），由此可知

猜想是（选填“正确”或“错误”）的；

（3）探究另一猜想时，小明将一个滑动变阻器与电风扇的电动机（选填“串联”

或“并联”），在探究过程中小明还要保持不变；

（4）你认为电风扇吹出风的强度还可能与有关。

四、综合题（本大题共2小题，计16分）

22．（8分）图甲为一种应用于矿山工地的液压挖掘机，其质量为240t，履带与地面的总接触面积约为6m2，求：（g＝10N/kg）

（1）挖掘机安装宽大履带的目的是减小挖掘机对地面的；

（2）某次作业时，挖掘机从矿坑中挖出30t的矿土，其静止时对水平矿坑地面的压强约为多大？

（3）作业完成后，空载的挖掘机通过斜坡（如图乙）匀速返回地面，已知上坡时过程中挖掘机的牵引力恒为2×106N，则斜坡的机械效率为多大？

23．（8分）如图为一款多功能洗衣机的简化电路图，此款洗衣机的额定电压为220V，它有“加热”、“保温洗涤”和“脱水”三个档位。已知该洗衣机的“加热”“脱水”档的额定功率分别为2400W、440W，电阻R1的阻值为22Ω，求：[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]（1）“脱水”状态下正常工作时，电路中的电流是多少？

（2）加热电阻R2的阻值是多少？“保温洗涤”档的额定功率是多少？

（3）某次使用时在洗衣机内加入18kg、20℃的冷水，洗衣机将水加热至40℃至少要在“加热”档工作多少分钟？

初中物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，计20分.每小题只有一个选项是符合题意的）1．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：A、男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，一般在15s左右，故A不符合实际；

B、老师的身高约170cm，教室门的高度略大于此数值，在200cm＝2m左右，故B符合

实际；

C、两个苹果的质量约300g，物理课本的质量与此差不多，在300g＝0.3kg左右，故C

不符合实际；

D、人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，不可能达

到75℃．故D不符合实际。

故选：B。

2．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；

物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的。

【解答】解：由题意可知，“泼水成冰”是热水在极低的温度下变为冰的过程，水是液态，冰是固态，物质从液态变为固态的过程是凝固，凝固放热。故ABC错误，D正确；

故选：D。

3．【分析】（1）光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；

（2）光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；

（3）光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，平面镜成像属于光的反射。

【解答】解：

“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”，这是利用平面镜成像特点，来观察周围事物的情况，且其装置类似与现代的潜望镜装置；因此是利用了两次反射。

AD、激光准直、皮影戏幕布上的影子利用的是光在同种均匀介质中沿直线传播；故AD 不符合题意；

B、三棱镜分解白光是光的色散现象，故B不符合题意；

C、路口反光镜是凸面镜成像，属于光的反射，故C符合题意；

故选：C。

4．【分析】（1）能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源。

（2）飞机的机翼向上凸起，是机翼上方的流速大、压强小，从而使飞机产生了升力。

（3）摩擦起电的本质是电子由一个物体转移到另一个物体。

（4）根据影响物体内能大小的因素分析。

【解答】解：A、能量在转化过程中是守恒的，但可以利用的能源是有限的，不是取之不尽用之不竭的，故A错误。

B、飞机的机翼上凸下平，使机翼上下的空气流速不同，气压不同，流速大的压强小，使

飞机产生向上的升力，故飞机能够腾空而起，利用了“流体压强与流速”的关系原理，故B正确。

C、摩擦起电的本质是电子由一个物体转移到另一个物体，没有创造了电荷，故C错误。

D、影响内能大小的因素有温度、质量和状态，故温度不变，内能不一定不变，如晶体熔

化和凝固过程中，温度不变，内能会增加或减少。故D错误。

故选：B。

5．【分析】（1）如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断发生变化，则物体是运动的；

（2）滑动摩擦力的大小跟压力大小、接触面的粗糙程度相关。压力越大、滑动摩擦力越大；接触面越粗糙、滑动摩擦力越大；

（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；

（4）物体在不受力的作用时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。

【解答】解：

A、运动过程中，人相对于地面位置发生了变化，所以人是运动的，故A正确；

B、平衡车的脚踏板上刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩

擦力，故B错误；

C、人对平衡车的压力与平衡车对人的支持力作用在不同的物体上，因此不是一对平衡力，

故C错误；

D、若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，由牛顿第一定律可知，平衡车会保持原来

的运动状态，即做匀速直线运动，故D错误。

故选：A。

6．【分析】利用ρ＝求正方体泡沫钢中钢的体积，再求出正方体泡沫钢的体积，二者之差为泡沫钢中所有气孔的体积，孔隙度是指泡沫钢中所有气孔的体积与泡沫钢总体积之比。

【解答】解：由ρ＝得正方体泡沫钢中钢的体积：

V钢＝＝＝1×10﹣4m3＝100cm3，

（2）正方体泡沫钢的体积：

V＝500cm3，

泡沫钢中所有气孔的体积：

V孔＝V﹣V钢＝500cm3﹣100cm3＝400cm3，

孔隙度为：＝×100%＝80%。

故选：B。

7．【分析】（1）开关应控制火线；

（2）根据保护门的性质分析；

（3）测电笔的作用，是来辨别火线和零线的，若测电笔与火线相连，则氖管发光；

（4）在家庭电路中，一个用电器短路，则整个电路短路。

【解答】解：

A、为了用电的安全，开关应控制火线，故A正确；

B、白色保护门是由橡胶制成的，属于绝缘体，故B错误；

C、左零，右火，上接地，E孔接火线，所以用测电笔笔尖插入E孔，正常情况下测电笔

氖管会发光，故C正确；

D、若“儿童安全插座”发生短路，则电源短路，家庭电路中的其它用电器不能正常工作，

故D错误。

故选：AC。

8．【分析】由题意可知，只有电源开关S1和防倾倒开关S2均闭合时电动机才正常工作，说明两开关不能独立工作，应为串联，且共同控制电动机，据此进行解答。

【解答】解：经分析可知，只有电源开关S1、防倾倒开关S2同时闭合时，电动机才工作，所以两开关串联同时控制电动机，由选项可知ABD错误、C正确。

故选：C。

9．【分析】（1）根据α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，他认为：原子由处于原子中心带正电的原子核与核外电子组成；

（2）动能的大小与质量和速度有关；

（3）验电器的原理及使用方法：验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的，它能用来检验物体是否带电，但不能检验带何种电荷；

（4）1200r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转1200r；据此求出转盘转200r电路中消耗的电能，

【解答】解：A、组成物质的原子由位于原子中心的原子核和绕核运动的电子组成，由图可知，该图模型不是原子的核式结构模型，故A错误；

B、苹果从树上落下的过程中，速度越来越大，动能越来越大，相较于a、b两点，经过

c点时苹果的动能最大，故B错误；

C、验电器能用来检验物体是否带电，只有在已知原验电器带何种电荷的情况下，才能检

验出物体带电的种类，故C错误；

D、转盘转动200转消耗电能：W＝kW?h＝kW?h＝6×105J，故D错误。

故选：D。

10．【分析】（1）结合图片，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

（2）由图知n＝2，用该装置匀速提起600N的物体，杠杆A端施加的拉力F A＝（G+G

），由杠杆平衡条件可得F A×OA＝F B×OB，据此求动滑轮的重力；

动

（3）不计绳重与摩擦，根据η＝＝＝计算动滑轮的机械效率，（4）滑轮组的机械效率是有用功与总功之比，比值越大，机械效率越高。

【解答】解：

A、读图可知，O为支点，动力作用在B点，阻力作用在A点，动力臂大于阻力臂，所

以杠杆AOB属于省力杠杆，故A错误。

B、由图知n＝2，用该装置匀速提起600N的物体，不计绳重与摩擦，则杠杆A端施加

的拉力：

F A＝（G+G动）＝（600N+G动），

由杠杆平衡条件可得：F A×OA＝F B×OB，

即：（600N+G动）×OA＝250N×OB，且OA：OB＝1：2，

解得G动＝400N，故B错误；

C、不计绳重与摩擦，动滑轮的机械效率：

η＝＝＝＝×100%＝60%，故C正确；

D、减小所提升建筑材料的重量，在提升高度相同时，有用功减小，这样有用功在总功中

所占的比例减小，则动滑轮的机械效率会降低，即不能提高动滑轮的机械效率，故D错误。

故选：C。

二、填空与作图题（本大题共8小题，计22分）

11．【分析】（1）声音由物体的振动产生；

（2）响度是指人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关。振幅越大，响度越大；

振幅越小，响度越小；

（3）从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息和学习的声音都是噪声。

【解答】解：

燃放烟花爆竹时，会引起周围空气的振动，从而产生噪声；较大声音是指声音的响度较大；炮竹声影响人们的休息，所以属于噪声。

故答案为：振动；响度；噪声。

12．【分析】（1）金属具有良好的导热性、导电性、延展性等性质；

（2）不同物质的分子彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了分子在不停地做无规则运动；

（3）相同体积的铁比棉花重，也就是说铁的密度比棉花的大。

【解答】解：

（1）金属具有良好的延展性，所以一坨铁块能够被打成一把铁锹；

（2）扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，空气中的棉花细丝是肉眼可见的，所以这不是扩散现象；

（3）密度是指单位体积的某种物质的质量，在体积相同的情况下，铁比棉花重，故铁比棉花“重”是指铁的密度比棉花大。

故答案为：延展性；不是；密度。

13．【分析】（1）“蓝牙”是一种短距离的无线通信技术，故是利用电磁波来传递信息的；

（2）给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内；

（3）扬声器的线圈中有随声音变化的电流，因为通电线圈在磁场中受到力的作用，使得线圈不断地来回振动，纸盆也就振动起来，便发出了声音。

【解答】解：

“蓝牙”是一种短距离的无线通信技术，故蓝牙音箱与手机联接时是通过电磁波来传递信息的；

在电池充电的过程中，是将电能转化为化学能储存在电池内；

扬声器中的线圈中通过变化电流时，线圈会受到永久磁铁的磁场力的作用，而带动与线圈相连的纸盆振动，将电信号转化成声信号，因此与电动机的原理一致。

故答案为：电磁波；化学；电动机。

14．【分析】（1）电阻大小的影响因素：材料、长度、横截面积有关，有时还跟温度有关；

（2）电流具有热效应；

（3）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。

【解答】解：

（1）家庭装修连接电路时，连接处的电线芯要紧密的多绕几圈，这样就可以增大连接处的横截面积，使连接处的电阻减小；

（2）导体中有电流通过时，会产生热量，这就是电流的热效应；

（3）胶带是绝缘体，为了防止人触电，应该在导线连接处缠上几圈胶带。

故答案为：减小；热；绝缘体。

15．【分析】（1）燃料燃烧，将化学能转化为内能，气体膨胀对软木塞做功；在汽油机的做功冲程中，气体对外做功；

（2）汽油完全燃烧产生的热量可以利用公式Q放＝mq进行求解。

【解答】解：

图中，当放电针放电时汽油燃烧，圆筒内气体的内能增加，气体对软木塞做功，软木塞

被高温高压的气体冲出，而汽油机的做功冲程对外做功，因此该实验可模拟四冲程汽油机工作时的做功冲程，实验中的能量转化情况为汽油燃烧释放的内能转化为软木塞的机械能。

汽油完全燃烧产生的热量为：

Q放＝m汽油q＝0.01kg×4.6×107J/kg＝4.6×105J。

故答案为：做功；机械；4.6×105。

16．【分析】（1）已知核潜艇在5min内前行3000m，利用速度公式即可求得该过程中潜艇的航速；

（2）体积不变，从密度为1.07×103kg/m3的高密度海水区驶入密度为1.02×103kg/m3的低密度海水区，由F浮＝ρgV排可求得减少的浮力，

潜水艇是靠改变自身重力来实现上浮和下潜的。

【解答】解：（1）该潜艇在水下匀速潜行时的时间t＝5min＝h，路程s＝3000m＝3km，则该过程中潜艇的航速v＝＝＝36km/h；

（2）减小的浮力△F浮＝ρ深水gV排﹣ρ浅水gV排＝gV排（ρ深水﹣ρ浅水）＝10N/kg×3×103m3（1.07×103kg/m3﹣1.02×103kg/m3）＝1.5×106N，

潜水艇是靠改变自身重力来实现上浮和下潜的，已知潜水艇从高密度海水区驶入低密度海水区，所受浮力减少，因此应减小水舱内的水量，使潜艇受到的重力小于浮力，实现上浮，才能使潜艇转危为安。

故答案为：（1）36；（2）1.5×106；减少。

17．【分析】对石块此时的状态进行受力分析，明确要画出的两个力的三要素，并注意比较此时两个力的大小不同。

【解答】解：石块在下沉的过程中，重力大于所受浮力，两个力都作用在重心，方向相反，如图所示。

18．【分析】利用安培定则可判断螺线管的极性。通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，

电流越小，磁性越弱。据此可判断滑动变阻器的连接。

【解答】解：

当螺线管所在电路接通时，根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的下端为螺线管的N极，上端为S极；此时螺线管与条形磁铁相对的磁极为同名磁极，同名磁极相互排斥，即螺线管对条形磁铁有向上的排斥力；

当闭合开关，滑动变阻器的滑片向A端滑动时，发现弹簧伸长，说明通电螺线管的磁性减弱，排斥力减弱；

因为通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越小，磁性越弱，所以若使滑动变阻器的滑片向A端移动时，通电螺线管的磁性减弱，电流应该是减小的，则变阻器接入电路的阻值增大，故应将B接线柱与开关的右接线柱相连；如图所示：

三、实验与探究题（本大题共3小题，计22分）

19．【分析】（1）温度计读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；

（2）晶体熔化时的温度叫做熔点，晶体熔化过程中物质处于固液共存态；

（3）在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面的高度差反映了大气压强的大小；玻璃管倾斜时，管中水银柱长度将增大，管内水银柱的高度不变；

（4）近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正。

【解答】解：

（1）读取温度计示数时，视线与温度计中的液柱上表面相平，不能仰视或俯视，所以正确的是B；

（2）此物质熔化时不变的温度就是熔点，是48℃，在第10min时处于熔化过程中，物质处于固液共存态；

（3）读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为755mm，因此，当时的大气压强等于755mm高水银柱产生的压强；

大气压强等于管内水银柱产生的压强；如果将玻璃管稍微倾斜，管中水银柱长度将增大，由于此时大气压强不变，所以管内水银柱高度不变；

（4）近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，远处物体经眼睛会将像成在视网膜的前方，因此图为近视眼的成像示意图；

因为凹透镜对光线有发散作用，所以为使光线推迟会聚，需要佩戴凹透镜进行矫正。

故答案为：（1）B；（2）48；固液共存态；（3）755；不变；（4）近；凹。

20．【分析】（1）电压表使用前指针要调零；

（2）由图乙求出电阻两端的电压始确定电压表选用小量程与电阻并联，电流表选用小量程与电阻串联；（3）闭合开关前，为保护电路，小明应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；

若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了；

（4）由电流与电阻之积为一定值得出结论；

探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。

（5）分析①中电路连接，由欧姆定律求出电源电压，根据P＝UI求出灯的额定电压是关键：

灯的电流为0.3A时，灯正常发光，将变阻器与灯连入电路中，移动变阻器的滑片使灯正常发光，若能求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律和串联电路电压的规律即可求出灯的额定电压：

为得出此时变阻器连入电路的电阻，通过开关的转换，将定值电阻与变阻器串联（滑动变阻器的滑片P保持不动），读出电流表示数，由欧姆定律和串联电阻的规律即可求出这时变阻器连入电路的电阻，从而求出小灯泡额定功率。

【解答】解：（1）检查实验仪器时，小明发现电压表的指针偏向“0”刻度线左侧，接下来小明的操作是：将电压表指针调零；

（2）由图乙知，电阻两端的电压始终保持：

U V＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，

故电压表选用小量程与电阻并联，电流表选用小量程与电阻串联，如下所示：

（3）闭合开关前，小明应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处的B端；闭合开关后，小明发现电流表示数为零，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，则电路中的故障可能是定值电阻或定值电阻接线

（4）由①知，电流与电阻之积为一定值，得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；

电阻两端的电压始终保持U V＝2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：

U滑＝U﹣U V＝4.5V﹣2.5V＝2V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.8倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：

R滑＝0.8×25Ω＝20Ω，故为了完成整个实验，实验中所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于20Ω；

（5）实验步骤：

①开关S接d，将滑动变阻器R的滑片P置于a端，读出电流表示数为0.6A；

②开关S接c，移动滑动变阻器R的滑片P使电流表示数为0.3A，此时小灯泡正常发光；

③开关S接d，使滑动变阻器的滑片P保持不动，读出电流表示数为0.4A；

④在①中，为定值电阻的简单电路，由欧姆定律，电源电压为：

U电源＝I1R0＝0.6A×10Ω＝6V；

在③中，定值电阻与变阻器串联，由欧姆定律和电阻的串联规律：

R滑＝﹣R0＝﹣10Ω＝5Ω；

在②中，由欧姆定律和串联电路的规律，灯的额定电压为：

U额＝U电源﹣U滑═U电源﹣I2R滑＝6V﹣0.3A×5Ω＝4.5V，

小灯泡额定功率：

P额＝U额×I额＝4.5V×0.3A＝1.35W。

故答案为：

（1）将电压表指针调零；（2）如上所示；（3）B；定值电阻断路或定值电阻接线柱接触良；（4）反；20；（5）6；1.35。

21．【分析】（1）如何判断电风扇吹出风的强度即可判断所用的实验方法；

（2）保持电风扇的转速不变，移动电风扇的距离，由图右所示，距离电风扇越近，θ越大，电风扇吹出风的强度越强，据此进行解答；

（3）利用滑动变阻器调节电动机的转速时，两者应串联，根据控制变量法可知探究电风扇吹出的风的强度与扇叶的转速有关时控制的变量；

（4）风扇扇叶的大小、形状等都可能影响电风扇吹出的风的强度。

【解答】解：（1）通过观察纸板A向右摆动稳定后轻杆与竖直方向的夹角θ来判断电风扇吹出风的强度，θ越大表示电风扇吹出风的强度越强，这用到了转换法；

（2）保持电风扇的转速不变，移动电风扇的距离，由图右可知，距离电风扇越近，θ越大，电风扇吹出风的强度越强，

故结论为：电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近有关；故猜想一是正确的；

（3）探究电风扇吹出的风的强度与扇叶的转速有关时，电路中增加的滑动变阻器与电风扇的电动机串联；

实验探究时，应控制距离电风扇的远近不变，用滑动变阻器改变转动速度；

（4）电风扇吹出的风的强度还可能与风扇扇叶的大小有关，也可能与风扇扇叶的形状有关等。

故答案为：（1）强；转换法；（2）①；正确；

（3）串联；纸板A下垂时距离电风扇的远近；

（4）风扇扇叶的大小。

四、综合题（本大题共2小题，计16分）

22．【分析】（1）影响压强大小的因素是压力和受力面积，压力一定时，增大受力面积可以减小压强；

（2）某次作业时，挖掘机对水平矿坑地面的压力等于矿土和自身的重力之和，根据F＝G＝mg求出其大小，根据p＝求出对水平矿坑地面的压强；

（3）空载的挖掘机通过一斜坡返回地面时，有用功为克服自身重力所做的功（W＝Gh ＝mgh），总功为牵引力做的功W＝Fs，由图可知sin30°＝，根据η＝×100%

求出斜坡的机械效率。

【解答】解：

（1）挖掘机的两条履带，增大了履带与地面的接触面积，从而减小了挖掘机对地面的压强；

（2）某次作业时，挖掘机对水平矿坑地面的压力：

F压＝G总＝（m车+m土）g＝（240×103kg+30×103kg）×10N/kg＝2.7×106N，

对水平矿坑地面的压强：

p＝＝＝4.5×105Pa；

（3）空载的挖掘机通过一斜坡返回地面时，有用功：

W有＝G车h＝m车gh＝240×103kg×10N/kg×20m＝4.8×107J，

总功为：W总＝Fs＝2×106N×40m＝8×107J，

斜坡的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝60%。

答：（1）压强；

（2）挖掘机静止时对水平矿坑地面的压强约为4.5×105Pa；

（3）斜坡的机械效率为60%。

23．【分析】分析电路图可知，当开关置于位置1时，R1与R2并联，电路中电阻较小，电源电压一定，由P＝可知，电功率较大，为加热状态；当开关置于位置2时，R2与电动机并联，为保温洗涤状态；当开关置于位置3时，电路中只有电动机，为脱水状态。

（1）由题知，知道脱水功率、工作电压，利用P＝UI求电路中的电流；

（2）利用P＝求R1的功率，由于当开关置于位置1时为加热状态，R1与R2并联，知道加热功率、R1的功率可求R2的功率，再利用P＝求R2的阻值；

“保温洗涤”时R2与电动机并联，保温洗涤功率等于R2的功率与脱水功率之和；

（3）利用Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量，不计热量损失，消耗电能等于水吸收的热量，此时需要的加热时间最短；知道加热档功率，利用P＝求在“加热”档工作至少需要的时间。

【解答】解：由图知，当开关置于位置1时，R1与R2并联，电路中电阻较小，电源电压