2021届广东省揭阳市普宁二中高三(上)第二次月考物理试题
2021年广东省揭阳市普宁洪阳中学高三物理月考试卷带解析
2021年广东省揭阳市普宁洪阳中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 随着人们生活水平的提高，高尔夫球赛将逐渐成为普通人的休闲娱乐方式．如图，某人从高出水平地面h的坡上水平击出一个质量为m的高尔夫球．由于恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为L的A穴．则( )A．球被击出后做平抛运动B．该球从被击出到落入A穴所用的时间为C．球被击出时的初速度大小为LD．球被击出后受到的水平风力的大小为mgh/L参考答案：BC2. 如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为R．电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q与O点的连线和OC间夹角为60°．下列说法正确的是A．O、C两点场强相同B．O、C两点电势相同C．在A点由静止释放一个正电荷，电荷将沿圆周向D运动D．沿直径由B向D移动一个正电荷，电荷的电势能先增大后减小参考答案：AB3. （单选）如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m的三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为FT.现用水平拉力F拉质量为3m的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是( )A．质量为2m的木块受到四个力的作用B．当F逐渐增大到FT时，轻绳刚好被拉断C．当F逐渐增大到1.5FT时，轻绳还不会被拉断D．当轻绳刚要被拉断时，质量为m和2m的木块间的摩擦力为FT参考答案：C4. 一列简谐横波正沿着x轴正方向传播，波在某一时刻的波形图象如图所示。
下列判断正确的是A．这列波的波长是8mB．此时刻x = 3m处质点正沿y轴正方向运动C．此时刻x = 6m处质点的速度为0D．此时刻x = 7m处质点的加速度方向沿y轴负方向参考答案：答案：ABD5. 如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比为10：1，变压器输入端的交变电压如图甲所示，若乙图中电流表的示数为2A，则下列说法正确的是（）． 电压表的示数为V B． 电阻R 的阻值为14.1ΩD 解：由理想变压器输入信号如图甲所示，可知原线圈的输入端的电压有效值为200V ，频率为50Hz ．原、副线圈匝数比为10：1，则副线圈的电压有效值为20V ，则电压表读数为20V ．由于电路中电流表读数为2A ，所以电阻R=10Ω，副线圈得到的功率为P=UI=20×2W=40W ． 故选：BD ．二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）研究物理问题时，常常需要忽略某些次要因素，建立理想化的物理模型。
2020-2021学年广东省揭阳市普宁南阳中学高三物理月考试题带解析
2020-2021学年广东省揭阳市普宁南阳中学高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示为杂技“顶竿”表演的示意图：一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为( )A.(M+m)gB.(M+m)g-maC.(M+m)g+maD.(M-m)g参考答案：B对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力Ff，有 mg-Ff=ma；所以 Ff=m（g-a），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力--摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力Ff′、顶竿的人对竿的支持力FN，有Mg+Ff′=FN，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到FN′=Mg+Ff′=（M+m）g-ma．所以B项正确．故选：B．2. 如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出。
仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则( )A．a一定带正电，b一定带负电B．a的加速度减小，b的加速度增大C．a的电势能减小，b的电势能增大D．a的动能减小，b的动能增大参考答案：B由题图运动轨迹可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误。
根据题图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，故C错误。
根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度即电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B正确。
根据题图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，动能增加，故D错误。
故选B.3. （多选）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。
广东省揭阳市2021届新高考物理第二次调研试卷含解析
广东省揭阳市2021届新高考物理第二次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在圆形空间区域内存在关于直径ab对称、方向相反的两个匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小相等，一金属导线制成的圆环刚好与磁场边界重合，下列说法中正确的是A．若使圆环向右平动，感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向B．若使圆环竖直向上平动，感应电流始终沿逆时针方向C．若圆环以ab为轴转动，a点的电势高于b点的电势D．若圆环以ab为轴转动，b点的电势高于a点的电势【答案】A【解析】若圆环向右平动，由楞次定律知感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向，A正确；若圆环竖直向上平动，由于穿过圆环的磁通量未发生变化，所以圆环中无感应电流产生，B错误；若圆环以ab为轴转动，在0～90°内，由右手定则知b点的电势高于a点的电势，在90°～180°内，由右手定则知a点的电势高于b点的电势，以后a、b两点电势按此规律周期性变化，CD错误．故选A.2．如图甲所示，梯形硬导线框abcd固定在磁场中，磁场方向与线框平面垂直，图乙表示该磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系，t=0时刻磁场方向垂直纸面向里。
在0～5t0时间内，设垂直ab边向上为安培力的正方向，线框ab边受到该磁场对它的安培力F随时间t变化的关系图为A．B． C．D．【答案】D【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势，根据欧姆定律求解感应电流，根据安培力公式F＝BIL求解安培力；根据楞次定律判断感应电流的方向，再由左手定则判定安培力的方向，即可求解。
【详解】0﹣2t0，感应电动势为：E1＝SBt= VVS0Bt，为定值，3t0﹣5t0，感应电动势为：E2＝SBt=VVS0Bt，也为定值，因此感应电流也为定值，那么安培力F＝BIL∝B，由于0﹣t0，B逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零，根据楞次定律，可知，线圈中感应电流方向顺时针，依据左手定则，可知，线框ab边受到安培力方向向上，即为正；同理，t0﹣2t0，安培力方向向下，为负，大小增大，而在2t0﹣3t0，没有安培力；在3t0﹣4t0，安培力方向向上，为正，大小减小；在4t0﹣5t0，安培力方向向下，为负，大小增大，故D 正确，ABC错误。
广东省揭阳市2021届新高考二诊物理试题含解析
广东省揭阳市2021届新高考二诊物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．某天体平均密度为ρ，第一宇宙速度为v ，已知万有引力恒量为G ，天体可视为均匀球体，则（ ）ABCD 【答案】C【解析】【详解】A.设该天体的质量为M ，半径为R ，则：343M R π= 根据万有引力提供向心力可得：22Mm v G m R R＝ 联立可得该天体半径为:R =选项A 错误；B.根据第一宇宙速度的公式有：2v mg m R'= 解得：2v g R '==选项B 错误；C. 绕该天体表面附近飞行的卫星周期：2R T v π== 选项C 正确；D.若考虑天体自转，则维持该天体稳定的自转周期最小时，天体表面的物体受到的万有引力恰好提供向心力，有：002042m g m R T π'⋅⋅＝ 解得：0T 选项D 错误。
故选C 。
2．材料相同质量不同的两滑块，以相同的初动能在同一水平面上运动，最后都停了下来。
下列说法正确的是（ ）A ．质量大的滑块摩擦力做功多B ．质量大的滑块运动的位移大C ．质量大的滑块运动的时间长D ．质量大的滑块摩擦力冲量大【答案】D【解析】【详解】AB ．滑块匀减速直线运动停下的过程，根据动能定理有0f k W mgx E μ=-=-得k E x mgμ= 故摩擦力做功相同，质量大的滑块位移小，故AB 错误；CD ．根据动量定理有0I mgt μ=-=故质量大的滑块受到的冲量大，运动时间短，故C 错误，D 正确。
故选D 。
3．如图所示，在与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直的平面内，有一根长为s 的导线，量得导线的两个端点间的距离ab=d，导线中通过的电流为I，则下列有关导线受安培力大小和方向的正确表述是（）A．大小为BIs，方向沿ab指向b B．大小为BIs，方向垂直abC．大小为BId，方向沿ab指向a D．大小为BId，方向垂直ab【答案】D【解析】【分析】【详解】导线的等效长度为d，则所受的安培力为F=BId，由左手定则可知方向垂直ab。
2021届广东省揭阳市揭东二中高三(上)第二次月考物理试题
2021届广东省揭阳市揭东二中高三（上）第二次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．一个质点做直线运动，其位移随时间变化的规律为263(m)x t t =-，其中时间t 的单位s ，则当质点的速度大小为9m/s 时，质点运动的位移为 A ．3.75m B ．-3.75m C ．2.25mD ．-2.25m2．以相同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可以忽略，另一个物体所受空气阻力大小恒定不变，下列用虚线和实线描述两物体运动过程的v -t 图像可能正确的（ ）A ．B ．C ．D ．3．汽车以20m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5m/s 2，则自驾驶员急踩刹车开始，2s 与5s 时汽车的位移之比为（ ） A ．3：4B ．4：5C ．5：4D ．4：34．如图所示，水平面上固定一个四分之一的圆柱体，圆柱体左侧面光滑，质量分别为m 1、m 2的小球(可视为质点)通过柔软光滑的轻绳连接后静止于圆柱体表面上，此时m 1与圆柱体中心O 的连线与水平方向成30o 角，则m2/m1为A ．1:1B ．2:1C D ．1:25．如图所示，在倾角37θ=︒的光滑斜面上，物块A 静止在轻弹簧上面，物块B 用细线与斜面顶端相连，物块A 、B 紧挨在一起但它们之间无弹力，已知物块A 、B 质量分别为m 和2m ，重力加速度为g ，sin 370.6︒=，cos370.8︒=。
某时刻将细线剪断，则在细线剪断瞬间，下列说法正确的是（ ）A ．物块B 的加速度为0.6g B ．物块A 、B 间的弹力为0.4mgC ．物块A 的加速度为0.6gD ．弹簧的弹力为1.8mg6．如图所示，两个小球a 、b 质量均为m ，用细线相连并悬挂于O 点，现用一轻质弹簧给小球a 施加一个拉力F ，使整个装置处于静止状态，且Oa 与竖直方向夹角为=45θ︒，已知弹簧的劲度系数为k ，则弹簧形变量最小值是( )A ．kB ．2kC ．3kD ．2mgk7．在遇到暴雨、雾霾等恶劣天气时，高速公路上能见度不足100m 。
2020-2021学年广东省揭阳市普宁二中高三(上)第一次月考物理试卷(附答案详解)
2020-2021学年广东省揭阳市普宁二中高三（上）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）1.一攀岩者以1m/s的速度匀速向上攀登，途中碰落了岩壁上的石块，石块自由下落。
3s后攀岩者听到石块落地的声音，此时他离地面的高度约为()A. 10mB. 30mC. 50mD. 70m2.图中，图1是某人站在力传感器上做下蹲−起跳动作的示意图，中间的●表示人的重心。
图2是根据传感器画出的F−t图线。
两图中a～g各点均对应，其中有几个点在左图中没有画出，图中a、c、e对应的纵坐标均为700N.取重力加速度g= 10m/s2.请根据这两个图所给出的信息，判断下面说法中正确的是()A. 此人重心在b点时处于超重状态B. 此人重心在c点时的加速度大小大于在b点时的加速度大小C. 此人重心在e点时的加速度大小大于在a点时的加速度大小D. 此人重心在f点时的脚刚好离开传感器3.某质点作自由落体运动经历时间2t秒，前t秒内通过的位移为S1，后t秒内通过的位移为S2，则该质点从开始运动计时，t时刻的瞬时速度为()A. S1t B. S2+S12tC. S2−S1t2D. S2t4.一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v和位移x的关系图象中，能描述该过程的是()A. B.C. D.5.小明想推动家里的衣橱，但使出了很大的力气也没推动，于是他便想了个妙招，如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中央一站，衣橱居然被推动了！下列说法正确的是()A. 这是不可能的，因为小明根本没有用力去推衣橱B. 这是不可能的，因为无论如何小明的力气也没那么大C. 这有可能，A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力D. 这有可能，但A板对衣橱的推力不可能大于小明的重力6.如图所示，小球A、B通过一条细绳跨过定滑轮连接，它们都穿在一根竖直杆上．当两球平衡时，连接两球的细绳与水平方向的夹角分别为θ和2θ.假设装置中的各处摩擦均不计，则A、B球的质量之比为()A. 2cosθ：1B. 1：2cosθC. tanθ：1D. 1：2sinθ二、多选题（本大题共6小题，共24.0分）7.消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说法正确的是()A. 绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力B. 绳子对儿童的拉力大于儿童的重力C. 消防员对绳子的拉力与绳子对消防员的拉力是一对作用力与反作用力D. 消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力8.如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面。
(含5套模拟卷)广东省揭阳市2021届新高考物理二模试卷含解析
广东省揭阳市2021届新高考物理二模试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．若已知引力常量G ，则利用下列四组数据可以算出地球质量的是（ ）A ．一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的运行速率和周期B ．一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的质量和地球的第一宇宙速度C ．月球绕地球公转的轨道半径和地球自转的周期D ．地球绕太阳公转的周期和轨道半径【答案】A【解析】【分析】【详解】ABC ．可根据方程22Mm v G m r r= 和22r vT v r T ππ=⇒= 联立可以求出地球质量M ，选项BC 错误，A 正确；D ．已知地球绕太阳公转的周期和轨道半径可以求出太阳质量，选项D 错误。
故选A 。
2．笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件。
当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作；当显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态。
如图所示，一块宽为a 、长为c 的矩形半导体霍尔元元件，元件内的导电粒子是电荷量为e 的自由电子，通入方向向右的电流I 时，电子的定向移动速度v ，当显示屏闭合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场B 中，于是元件的前、后表面间出现电压U ，以此控制屏幕的熄灭。
则元件的（ ）A ．前表面的电势比后表面的低。
B ．前、后表面间的电压U=BveC ．前、后表面间的电压U 与I 成正比D ．自由电子受到的洛伦兹力大小为eU c【答案】C【解析】【分析】【详解】A．电流方向向右，电子向左定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里，则后表面积累了电子，前表面的电势比后表面的电势高，故A错误；B．由电子受力平衡可得U=e evBa=，电流越大，电子的定向移动速度v越大，所以前、后表面间的电压U与I成正比，所以解得U Bva故B错误，C正确；D．稳定时自由电子受力平衡，受到的洛伦兹力等于电场力，即U==F eE ea故D错误。
解析广东省揭阳市2021年高中毕业班第二次模拟考试理综物理试题
2021年广东省揭阳市高考物理二模试卷一、单项选择题1．(6分）如图所示,两物体的运动情况是（)A．甲在前6s内运动方向不变,通过的位移大小为4mB．甲在前6s内做往返运动，通过的位移大小为4mC. 乙在前６ｓ内做往返运动，通过的位移大小为4ｍＤ. 乙在前6s内运动方向不变，通过的位移大小为4m【考点】:匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：x﹣t图象的斜率表示速度,坐标之差表示位移,ｖ﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向,图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移,时间轴上方面积表示位移为正,下方表示为负.【解析】:解：Ａ、x﹣t图象的斜率表示速度,坐标之差表示位移,根据图象可知，图象斜率不变，则甲在前6s运动方向不变,位移x=２﹣(﹣2）=４m，故A正确,B错误;C、ｖ﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，根据图象可知，乙在前６s内运动方向改变，位移ｘ=,位移为零,故ＣＤ错误.故选：A【点评】：图象由于具有形象直观的特点，因此在物理中广泛应用，对于图象问题要明确两坐标轴的含义,图象斜率、截距、围成面积等含义．２．（6分）如图所示的交流电压加在一电阻两端,下列说法不正确的是（）Ａ．该交流电压的频率为50ＨzB. 该交流电压的周期为0.03sＣ. 并联在该电阻两端的交流电压表的示数为11０VD. 该交流电压的瞬时表达式为μ=１10sin100πt（v）【考点】：正弦式电流的图象和三角函数表达式;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】:交流电专题．【分析】:由图读出交流电压的最大值，由最大值与有效值的关系求出有效值,根据有效值求解电阻消耗的功率.读出周期,求出角频率ω，写出交流电压的瞬时值表达式.交流电压表测量的是有效值.【解析】：解:A、由图可知，该交流电的周期为0.02s;故交流电压的频率f=5０Hｚ，故Ａ正确，B错误;C、由图读出,电压的最大值为U m=11０V,有效值为U=Uｍ=110Ｖ，并联在该电阻两端的交流电压表的示数为电压的有效值,即为１1０Ｖ．故C正确．D、由图读出周期T＝0.02s，f＝50Ｈｚ,则ω==100πrad／s,该交流电压的瞬时值表达式为u＝Ｕm sinωt＝11０ｓin10０πt(V)．故D正确.本题选错误的,故选；B.【点评】：题考查交流电有效值、瞬时值、频率等知识．交流电压测量的是有效值，计算交流电的电功、电功率和焦耳热等与热效应等有关的量都用有效值３．（6分)甲、乙两颗人造卫星绕地球作圆周运动,周期关系是T甲>T乙,若忽略其他因素的影响,则（）Ａ．甲的运行速度大B. 甲的运行半径大C. 甲的运行角速度大D．地球对甲的万有引力大【考点】:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.【专题】：人造卫星问题．【分析】：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可.【解析】：解：A、根据万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得：＝m=mω２r=m rT=2π，甲、乙两颗人造卫星绕地球作圆周运动,周期关系是T甲>T乙，所以运行半径关系是r甲>ｒ乙，v=，所以甲的运行速度小，故A错误，Ｂ正确;C、ω=，所以甲的运行角速度小，故C错误；Ｄ、万有引力F=,由于甲、乙两颗人造卫星质量关系不清楚，所以无法比较万有引力大小，故Ｄ错误；故选：B．【点评】:本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论.4．（6分）如图所示,一竖直方向的电场线上有Ａ、B两点，若将带正电物体在A点从静止释放,沿竖直方向下落，经过B点时速度为零,则这一过程中（)A．物体的电场力做正功B．电场方向由A指BC．物体的运动不可能是匀加速运动D．物体重力做功大于克服电场力所做的功【考点】：电势差与电场强度的关系；电场线.【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】：物体受两个力:重力和电场力,由静止向下运动，经过B点时速度为零，可判断出电场力的方向,根据电场力做的功，判断电势能的变化.通过带电质点初末速度为零可比较出两点的电场强度．从而判断场强的变化,分析物体的运动情况.【解析】:解：ＡB、由题意可知，带电物体受两个力：重力和电场力，由于物体运动过程中初、末速度均为零,因此物体所受的电场力必定向上，则电场力对物体做负功，故Ａ错误.B、物体带正电,电场力向上，则电场方向应向上,故B错误.Ｃ、物体的初、末速度均为零,则知物体应先加速后减速，故在A点电场力小于重力,在Ｂ点电场力大于重力，在AB之间某点重力等于电场力,合外力为零,且此时速度最大,因此沿ＡＢ方向电场强度是增大的,合力是变化，不可能做匀加速直线运动，故C正确．D、从A到B，物体的动能变化量为零，根据动能定理知，物体重力做功等于克服电场力所做的功.故Ｄ错误．故选:C.【点评】：解决带电粒子在复合场中的运动，要正确进行受力分析，确定其运动状态，然后依据相关力学规律求解.二、双项选择题5．（６分）关于核衰变和核反应的类型,下列表述正确的有( )Ａ．H+Ｈ→Hｅ+ｎ是α衰变Ｂ. p→Si＋ｅ是β衰变Ｃ．4Ｈ→He+2e是轻核聚变D．U+ｎ→Ba+Kｒ+3n是重核裂变【考点】:裂变反应和聚变反应．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：解答本题需要掌握：正确应用质量数和电荷数守恒正确书写核反应方程;明确裂变和聚变反应特点，知道α、β衰变现象，并能正确书写其衰变方程.【解析】：解：Ａ、H+H→Hｅ+n是轻核聚变中的一种方式.故A错误;Ｂ、p→Si+e的过程中产生的正电子，不是β衰变．故B错误;C、4H→He+2e是轻核聚变.故Ｃ正确；Ｄ、U+n→Ｂａ+Kｒ+３n的过程中，U吸收一个中子后分裂成两个中等质量的核,是重核裂变．故D正确．故选：CD【点评】:该题考查常见的核反应方程与它们的意义,对于原子物理中核反应方程、裂变、聚变等基本知识要熟练掌握和应用．6.(6分)如图所示,有一容器,被水平力Ｆ压在竖直的墙面上，现缓慢地向容器内注水，直到将容器刚好盛满为止，在此过程中容器始终保持静止，则( ）A. 容器受到的摩擦力不变Ｂ. 容器受到的摩擦力逐渐增大C. 水平力Ｆ可能不变Ｄ. 水平力F一定逐渐增大【考点】：共点力平衡的条件及其应用;摩擦力的判断与计算．【专题】:共点力作用下物体平衡专题.【分析】：由题知物体处于静止状态，受力平衡,合力为０;再利用二力平衡的条件再分析其受到的摩擦力和F是否会发生变化；【解析】:解：A、B、由题知物体处于静止状态，受力平衡，摩擦力等于容器和水的总重力，所以容器受到的摩擦力逐渐增大,故A错误，B正确；Ｃ、D、水平方向受力平衡,若开始时F比较大,容器与墙壁间的最大静摩擦力较大，则力F 可能不变;但如果F开始时较小,为了让容器保持静止,应增大F,从而增大容器与墙壁之间的最大静摩擦力;故Ｃ正确，Ｄ错误．故选:ＢC【点评】:本题应注意在沿墙体方向上，物体受到墙的摩擦力等于物体重,物重变大、摩擦力变大，这是本题的易错点．7．（６分)下列说法正确的是( ）A．一定质量的理想气体等温膨胀的过程中,其压强一定变化B. 物体的温度越高，分子热运动越剧烈C．物体从外界吸收热量,其内能一定增加D. 空调既能制热又能制冷,说明热传递不存在方向性【考点】：理想气体的状态方程;热力学第一定律.【专题】:理想气体状态方程专题.【分析】:物体内能包括分子热运动的动能和分子势能，温度是分子热运动平均动能的标志；根据理想气体状态方程为=C分析状态的可能变化【解析】：解：A、根据理想气体状态方程为=C，一定质量的理想气体经等温膨胀后,其压强一定减小,故Ａ正确;B、物体的温度越高，分子热运动越剧烈，故B正确;C、改变内能的方式有做功和热传递，故只吸收热量内能不一定增加，故C错误;D、热量能自发从高温物体传向低温物体,空调制冷不是自发的,要消耗电能，故Ｄ错误;故选：AB【点评】:本题关键明确气体的内能的标志是温度,同时要能根据理想气体状态方程为=C和热力学第一定律分析8.(6分）如图所示,小球沿水平面以初速v０通过O点进入半径为Ｒ的竖直半圆弧轨道，不计一切阻力，则（)Ａ. 球进入竖直半圆轨道后做匀速圆周运动Ｂ. 若小球能通过半圆弧最高点P，则球在P点受力平衡C. 若小球的初速度v0=3,则小球一定能通过P点D. 若小球恰能通过半圆弧最高点Ｐ，则小球落地点离Ｏ点的水平距离为2Ｒ【考点】:向心力；平抛运动.【专题】：匀速圆周运动专题.【分析】:不计一切阻力，球进入半圆轨道的过程中机械能守恒,根据机械能守恒定律分析其速率的变化.在Ｐ点时,小球受力并不平衡.小球要通过P点，向心力必须大于等于重力,列式可得出小球通过P点的速度条件,再由机械能守恒求出ｖ0．若小球能通过半圆弧最高点Ｐ,之后小球做平抛运动,由平抛运动的规律求解水平距离.【解析】：解:Ａ、球进入竖直半圆轨道后，随着高度的上升,重力势能增加，根据机械能守恒定律可知,其动能减小，速率减小，做变速圆周运动，故Ａ错误.B、若小球能通过半圆弧最高点P,小球所受的合力不为零，提供向心力,则球在P点受力不平衡.故B错误.C、小球恰好通过Ｐ点，则有ｍg＝m,v P＝设小球的初速度为v．由机械能守恒定律得:mg•2R＋=,联立解得v=由于v0=3>v,所以小球一定能通过P点,故Ｃ正确.D、若小球恰能通过半圆弧最高点P,之后做平抛运动，则有２R=，得t=2水平距离为x=vＰt，当vＰ＝时，水平距离最小，为x=•2=2R,故D正确.故选：CＤ．【点评】:本题关键分析清楚物体的运动过程,然后结合平抛运动和机械能守恒、向心力等相关知识求解．９．(6分）如图示,等腰直角三角形AＢC中存在匀强磁场，比荷相同的两个粒子沿AB方向射入磁场，分别从AＣ边上的D（AC的中点)、Ｃ两孔射出，则( ）Ａ. 从C、D两孔射出的粒子的运动半径大小之比为R C：R D=２:1B. 从C、Ｄ两孔射出的粒子的出射速度大小之比为v C：ｖD=1:１C. 从Ｃ、D两孔射出的粒子在磁场中的运动周期之比为ＴC:ＴD=２:１Ｄ．从Ｃ、Ｄ两孔射出的粒子在磁场中的运动时间之比为ｔC:t D=1:1【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】:粒子进入磁场中做匀速圆周运动，半径公式为r=，周期公式为T=．画出粒子的运动轨迹,由几何知识求半径之比,即可由半径公式得到速度之比.由轨迹对应的圆心角分析时间之比．【解析】:解:A、粒子进入磁场中做匀速圆周运动,其运动轨迹如图．由几何知识可得粒子的运动半径大小之比为ＲC：ＲD＝2：1．故A正确．B、由半径公式r＝,知，粒子的比荷相等,ｒ与v成正比,则知粒子的出射速度大小之比为v C:ｖＤ=２:1,故B错误．Ｃ、由周期公式T=,可得粒子在磁场中运动周期之比为TＣ：TＤ=１：1，故C错误．D、由图知，粒子在磁场中的运动时间t C＝tＤ=T=T,即t C:t D=１:1，故D正确.故选：AD【点评】:粒子在磁场中做圆周运动,由洛伦兹力提供向心力,根据粒子的运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹是解决本题的关键.三、非选择题10.某实验小组利用拉力传感器、光电门等器材探究滑块“动能定理”的实验．实验装置如图所示,在滑块上安装一遮光条与拉力传感器,把滑块放在水平气垫导轨上并静止在A处,并通过定滑轮的细绳与钩码相连,光电门安装在B处.测得滑块（含遮光板和拉力传感器)质量为M、钩码总质量为m、AB之间的距离为L，当地的重力加速度为ｇ．将滑块在图示A位置由静止释放后，拉力传感器记录下滑块在运动过程的拉力为Ｆ，光电计时器记录下遮光条通过光电门的时间分别为△t.①实验中是否要求钩码总质量ｍ远小于滑块质量M 否（填：是、否)②实验中还需要测量的物理量是AＢ间的距离L （用文字及相应的符号表示)．③则本实验中探究滑块动能定理的表达式为(用以上对应物理量的符号表示)．④(双选题)为减少实验误差,可采取的方法是ADＡ.增大AB之间的距离L B.减少ＡＢ之间的距离LＣ．增大遮光条的宽度d D.减少遮光条的宽度d．【考点】：探究功与速度变化的关系．【专题】：实验题.【分析】：本实验要测量拉力做的功,故要用刻度尺测量光电门A至光电门B中心之间的距离L.滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据动能定理列方程.本实验用了气垫导轨,摩擦力几乎没有，不需要平衡摩擦力.【解析】：解:①拉力是直接通过传感器测量的,故与小车质量和钩码质量大小关系无关；故不需要钩码总质量m远小于滑块质量M;（2）为了测量拉力的功，故要测量光电门A至光电门B中心之间的距离Ｌ，需要刻度尺测量.②由于遮光条的宽度很小，通过光电门的时间也很短,故遮光条通过光电门的平均速度可以表示瞬时速度,则通过A点的速度v A=,B点的速度v B=,拉力做功Ｗ=FL动能的增加量为△E k=＝故本实验中探究动能定理的表达式为.③由公式可知,实验误差来自由长度的测量和速度的测量,故可以让AＢ之间的距离L增大或减小遮光片的长度；故选:AＤ;故答案为:①否；②光电门A至光电门B中心之间的距离L;③；③AD.【点评】:本题考查验证动能定理的实验，在处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项．11.(10分）小明用伏安法测２Ｂ铅笔芯的电阻值．①图１是部分连接好的实物电路图,请用电流表外接法完成接线并在图甲中画出．②小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2Ｂ铅笔芯的伏安特性,并将得到的电流、电压数据描到U﹣Ｉ图2，如图所示.在图中，用× （填“○”或“×”)表示的数据点能较准确地测出2B铅笔芯的电阻，请根据这些数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为 1.２(1.1～1．３) Ω．【考点】:伏安法测电阻.【专题】：实验题.【分析】:连接实物图,注意电流表外接以及电流表正负接线柱的接法;电流表外接法,由于电压表分流作用,测得的电流值会偏大，根据欧姆定律分析误差，进而选择相应的U﹣I图线．【解析】:解：(1)电流表外接法，为了比较精确测量，滑动变阻器连接实物图如图；（2）电流表外接法,由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大,根据欧姆定律则电阻测量值偏小,即Ｕ﹣I图线的斜率偏小,故由电流表外接法得到的数据点是用×表示的;（3)选择×数据点，在图上用作图法作图,求出这段铅笔芯的电阻为：R===１．2Ω故答案为：(1)如图;(2）×；（３)１.２(１.1～1.３).【点评】:本题考查了伏安法测量电阻的电路图以及数据处理问题,电路图连接时一定要注意电流表的内接外接以及滑动变阻器的分压、限流接法选择问题．12．（１8分）两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置,它们各有一边在同一水平面内,另一边垂直于水平面,金属细杆ab、ｃd与导轨垂直接触形成闭合回路．金属细杆ａb、cd与导轨之间的动摩擦因数均为μ,金属细杆ab、cd电阻都为Ｒ，导轨电阻不计,其中金属细杆ab的质量为M．整个装置处于磁感应强度大小为B,方向竖直向上的匀强磁场中．当金属细杆ab杆在平行于水平导轨大小未知的拉力F作用下以速度v1沿导轨匀速运动时,金属细杆cd也正好以速度ｖ2向下匀速运动,重力加速度为g,求：(1)回路中感应电动势E的大小及拉力F的大小（2)金属细杆cd的质量m(3)金属细杆cｄ下降高度H过程中回路产生的焦耳热Ｑ.【考点】:导体切割磁感线时的感应电动势;焦耳定律．【专题】:电磁感应与电路结合.【分析】: (１）根据法拉第电磁感应定律,求出感应电动势大小；再由左手定则,来判定安培力的方向,根据受力平衡,即可求解;(2)对ab杆受力分析，从而由平衡方程，即可求解；（3)根据ab杆匀速运动,可求出运动的距离；再由整个过程中运用能量守恒,可得出，焦耳热等于克服安培力所做的功，即可求解．【解析】：解：(１）由法拉第电磁感应定律:E=BＬｖ1…①由闭合电路欧姆定律：…②对ab杆由平衡条件:F＝ＢIL+μMｇ…③联立①②③式可得：+μMg…④（2)对cｄ杆，由平衡条件：μBIL=mg…⑤联立①②⑤式可得：m＝…⑥（3)由运动学公式:对cd杆有,H=v2ｔ；对ab杆有，ｓ＝v1t…⑦由功能关系可得回路产生的焦耳热为:Q1=﹣W安＝ＢIＬs…⑧联立①②⑦⑧式，可得:Q＝答：(1)回路中感应电动势E的大小BLv１及拉力F的大小；（2）金属细杆cd的质量；(３)金属细杆ｃd下降高度H过程中回路产生的焦耳热.【点评】:考查法拉第电磁感应定律、左手定则、平衡方程、能量守恒定律等规律的应用,强调受力分析的正确性,同时突出克服安培力所做的功等于产生的焦耳热.１３.（18分）在光滑水平面上静止放置一足够长的木板B,B的质量为mＢ=2kｇ,B右端离竖直墙S=５m，在B的左端静止一小物体A，其质量为mＡ=0.９9kg,一质量为m C=0.01ｋｇ的子弹以v＝600m/s的速度击中Ａ并留存A中，且相互作用时间极短,如图所示，A与B间的动摩擦因数为μ=0.4，在运动过程中只是B与墙壁碰撞，碰撞时间极短,且碰撞时无能量损失,取g=1０ｍ/s2，求：（1)子弹击中Ａ后，A的速度及子弹击中A过程中产生的热量Q(2)要使A最终不脱离B,木板B的最短长度L．【考点】:动量守恒定律.【专题】：动量定理应用专题．【分析】: 1、C击中A的过程中,根据AC组成系统动量守恒得出A的速度,根据能量守恒定律得出产生的热量Q2、假设AＢC共速后才与墙壁发生碰撞，由动量守恒定律和能量守恒定律分析求解.【解析】：解：（1）C击中A的过程中,规定向右为正方向，根据AC组成系统动量守恒:mＣv=（mＡ+m C）v1①C击中A的过程中,由能量守恒定律：m C v2=(m A+mＣ）+Q ②联立①②式并代入数据可得:子弹击中Ａ后，A的速度为：v1=6m/s ③子弹击中Ａ过程中产生热量为：Q=178２J ④（2)假设AＢC共速后才与墙壁发生碰撞,规定向右为正方向，由动量守恒定律得(ｍA+ｍC）ｖ１=(m A＋m B+m C)v2⑤由能量守恒定律:(m A+m C)=(mＡ+mＢ+ｍC）＋μ（m A+mＣ）g△L1⑥对B由动能定理:μ（mＡ＋ｍC）gs１＝ｍB⑦联立⑤⑥⑦并代入数据可得：A在B上滑动距离为：△Ｌ1＝3m ⑧AＢ相对运动过程中，B的位移为：ｓ1=1m＜s ⑨所以假设成立，B与墙壁相撞，由于无能量损失,B以相等的速率反弹,AC与Ｂ再次发生相对滑动，直到ABC一起向左以v3匀速运，由动量守恒：ｍB v２﹣(m A+m C）v2＝（m A+m B＋mＣ)v3⑩由能量守恒定律可得:(ｍA＋mＢ+mＣ）=（ｍA+ｍB+m C)+μ（m A+ｍC)g△L2(11）联立⑩11并代入数据可得B反弹的A在B上滑动距离为:△L2=m （１2)故要使A最终不脱离Ｂ,Ｂ的最小长度为:Ｌ=△L１+△Ｌ2=m答:（１)子弹击中A后，A的速度是6m/s，子弹击中Ａ过程中产生的热量是1７82J (２）要使A最终不脱离B，木板B的最短长度是m．【点评】:运用动量守恒定律关键选择好研究的系统和研究的过程,能够把能量守恒定律和动量守恒定律结合应用，知道摩擦力在相对位移上做的功等于系统机械能的损耗.。
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2021届广东省揭阳市普宁二中高三（上）第二次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．雨滴从高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，直到为零，在此过程中雨滴的运动情况是( )A ．位移逐渐减小B ．速度逐渐减小C ．加速度减小到零时速度最小D ．速度的变化率越来越小2．如图所示，两梯形木块A 、B 叠放在水平地面上，A 、B 之间的接触面倾斜．A 与天花板之间的细绳沿竖直方向，则关于两木块的受力，下列说法正确的是( )A ．A 、B 之间一定存在摩擦力作用B ．A 可能受三个力作用C ．B 可能受到地面的摩擦力作用D ．B 受到地面的支持力一定大于B 的重力3．如图所示，长为L 的直杆一端可绕固定轴O 无摩擦转动，另一端靠在以水平速度v 匀速向左运动、表面光滑的竖直挡板上，当直杆与竖直方向夹角为θ时，直杆端点A 的线速度为（ ）A ．sin v θB ．vsin θC ．v cos θD ．vcos θ 4．宇航员在某星球上完成自由落体运动实验：让一个质量为2 kg 的小球从一定的高度自由下落，测得在第4s 内的位移是21 m ，则( )A ．该星球表面的重力加速度为10 m/s 2B ．物体在2 s 末的速度是12 m/sC．物体在第2 s内的位移是12 mD．物体在4 s内的位移是80 m5．物体的运动情况或所受合外力的情况如图所示，四幅图的图线都是直线，从图中可以判断这四个质量一定的物体的某些运动特征．下列说法正确的是A．甲物体受到不为零且恒定的合外力B．乙物体受到的合外力越来越大C．丙物体受到的合外力为零D．丁物体的加速度越来越大6．有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（）A．如图a，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态B．如图b所示是一圆锥摆，增大θ，若保持圆锥的高不变，则圆锥摆的角速度不变C．如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速度圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度相等D．如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速度圆周运动，则在A、B两位置小球所受筒壁的支持力大小不相等7．固定在竖直面内的半圆弧ABC的半径为R，直径AB水平，小孔P和圆心O连线与水平方向夹角为θ，自A点将质量为m的小球水平抛出，一段时间后，小球恰好通过小孔P，重力加速度为g，不计空气阻力。
下列说法正确的是（）A．小球平抛的初速度大小为v=B ．小球通过小孔P 的速度一定沿OP 方向C ．只要初速度大小合适，小球可以通过B 点D ．小球通过小孔P 8．物块A 、B 的质量分别为m 和2m ，用轻弹簧连接后放在粗糙的水平面上，动摩擦因数均为μ．现对B 施加向右的水平拉力F ，稳定后A 、B 相对静止的在水平面上运动，此时弹簧弹力为F 1 ．若撤去拉力F ，换成大小仍为F 的水平推力向右推A ，稳定后A 、B 相对静止地在水平面上运动，此时弹簧弹力为F 2 ．则F 1：F 2等于（ ）A ．1：1B ．1：2C ．2：1D ．3：1二、多选题9．有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星：a 还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b 在地球的近地圆轨道上正常运行，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，则下列说法正确的是（ ）A ．向心加速度大小关系是：b c d a a a a a >>>，速度大小关系是：a b c d v v v v >>>B ．在相同时间内b 转过的弧长最长，a 、c 转过的弧长对应的角度相等C ．c 在4小时内转过的圆心角是2π ，a 在2小时内转过的圆心角是6π D ．b 的周期一定小于d 的周期，d 的周期一定大于24小时10．一物体从A 点沿正东方向以5m /s 的速度运动6s 到达B 点，然后又以10m /s 的速度向北匀速运动4s 到达C 点，则关于这10s 内物体的路程、位移、平均速率和平均速度大小的说法，正确的是（ ）A ．路程为70mB ．位移大小为50mC ．平均速率为5m /sD ．平均速度大小为5m /s11．两个中间有孔的质量为M 的小球用一轻弹簧相连，套在一水平光滑横杆上。
两个小球下面分别连一轻弹簧。
两轻弹簧下端系在同一质量为m 的小球上，如图所示。
已知三根轻弹簧的劲度系数都为k ，三根轻弹簧刚好构成一个等边三角形。
则下列判断正确的是（ ）A ．水平横杆对质量为M 的小球的支持力为Mg +mgB ．连接质量为m 小球的轻弹簧的弹力为3mgC ．连接质量为mD 12．一固定杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m 1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m 2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为μ。
若滑块与小球保持相对静止一起向上做匀减速直线运动，则此时小球的位置不可能．．．是下图中的哪一个（ ） A ． B ．C ．D ．三、实验题13．某实验小组测量重力加速度的实验装置，如图所示，图中D 为铁架台，E 为固定在铁架台上的定滑轮（质量和摩擦可忽略）, F 为光电门，C 为固定在重物上的宽度为d =0.48cm 的遮光条（质量不计）。
让质量为3.0kg 的重物A 拉着质量为1.0kg 的物块B 从静止开始下落。
某次实验，测得A 静止时遮光条到光电门的距离h =60.0cm ，测出遮光条C 经过光电门的时间32.010s t -=⨯，根据以上数据，可得该次实验重物A 经过光电门的速度为_______m/s, 重力加速度为________m/s 2（计算结果均保留两位有效数字）。
本次实验重力加速度的测量值比实际值________（填“偏小”、“偏大”或“不变”）。
14．图（a）为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图。
(1)虚线框内是用毫安表改装成电流表的电路，已知是理想电压表，毫安表表头的内阻为3.0Ω，满偏电流为100mA，电阻R1=0.6Ω，由此可知，改装后电流表的量程为______A。
(2)实验步骤如下，请完成相应的填空：①将滑动变阻器R的滑片移到端______（选填“A”或B”），闭合开关S；②多次调节滑动变阻器的滑片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I，某次测量时毫安表的示数如图（b）所示，其读数为______mA。
③以U为纵坐标，I为横坐标，作U−I图线，如图（c）所示；④已知定值电阻R0=2.0Ω，根据图线求得电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω。
（结果均保留到小数点后两位）四、解答题15．某游乐设施如图所示，由半圆形APB和直线BC组成的细圆管轨道固定在水平桌面上（圆半径比细管内径大得多），轨道内壁光滑。
已知APB 部分的半径0.2m R =，BC 段长 1.6m L =。
弹射装置将一质量0.2kg m =的小球（可视为质点）以水平初速度0v 从A 点弹入轨道，小球从C 点离开轨道水平抛出，落地点D 离C 点的水平距离为 2.5m s =，桌子的高度 1.25m h =，不计空气阻力，取210m /s g =，求：(1)小球水平初速度0v 的大小；(2)小球在半圆形轨道上运动时的角速度ω以及从A 点运动到C 点的时间t ；(3)小球在半圆形轨道上运动时细圆管对小球的作用力F 的大小。
16．足够长光滑固定斜面BC 倾角α＝53°，小物块与水平面间的动摩擦因数为0.5，水平面与斜面之间B 点有一小段弧形连接(未画出)，一质量m ＝2 kg 的小物块静止于A 点．现在AB 段对小物块施加与水平方向成α＝53°的恒力F 作用，如图甲所示．小物块在AB 段运动的速度－时间图象如图乙所示，到达B 点迅速撤去恒力F (已知sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，g 取10 m/s 2)．求：(1)小物块所受到的恒力F 的大小；(2)小物块从B 点沿斜面向上运动，到返回B 点所用的时间；(3)小物块最终离A 点的距离．17．质量为m =0.5kg 的小煤块（可视为质点）放在质量为M =0.5kg 的长木板的右端，木板足够长，小煤块与木板的动摩擦因数1=0.2μ，木板与地面之间的动摩擦因数2=0.4μ，开始时两者都处于静止状态，现对木板施加水平向右的恒力F =9N ，如图所示，经t =2s 后撤去F 。
由于煤块与木板间相对滑动会留下一条黑色痕迹。
（g 取10m/s 2）试求：(1)小煤块在木板上留下的痕迹的长度？(2)小煤块和木板均静止后，煤块到木板右端的距离为多少？参考答案1．D【详解】A ．雨滴一直在下降，所以位移一直在增大。
选项A 错误；BC ．雨滴在下落过程中，加速度的方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大；当加速度减小为零时，速度达到最大。
选项BC 均错误；D ．速度的变化率就是加速度大小，加速度逐渐减小，即速度变化率逐渐减小。
选项D 正确。
故选D 。
2．B【详解】对A 进行受力分析，则A 可能受绳子的拉力、重力而处于平衡；此时AB 间没有相互的挤压，故没有摩擦力，故A 错误；若木块对绳子没有拉力，则此时A 受重力、支持力及摩擦力而处于平衡，故B 正确；对整体受力分析可知，整体不受水平方向的推力作用，故B 不受地面的摩擦力，故C 错误；若出现A 中情况，此时A 对B 没有压力，故B 只受重力和支持力而处于平衡；此时支持力等于B 的重力，故D 错误。
3．C【解析】试题分析：如图将A 点的速度分解：根据运动的合成与分解可知，接触点A 的实际运动、即合运动为 在A 点垂直于杆的方向的运动，该运动由水平向左的分运动和竖直向下的分速度组成，所以A v v cos θ=，为A 点做圆周运动的线速度．故选C ．考点：速度的分解4．B【详解】A ．第4s 内的位移是21m ，有 22431121m 22gt gt -= 解得26m/s g =故A 错误；B ．物体在2s 末的速度是262m/s 12m/s v at ==⨯=故B 正确；C ．前2s 的位移22221162m 12m 22x at ==⨯⨯= 第1s 内的位移22111161m 3m 22x at ==⨯⨯= 则物体在第2s 内的位移2112m 3m 9m x x x =-=-=故C 错误；D ．物体在4s 内的位移2241164m 48m 22x at ==⨯⨯= 故D 错误。
故选B 。
5．D【详解】甲图中物体做匀速直线，处于平衡状态，此时所受合力为零，A 错误；乙图中物体做匀加速直线运动，加速度恒定，根据牛顿第二定律，所受合外力恒定，B 错误； 丙图中加速度恒定，同样所受合包力恒定不变，C 错误；丁图中，根据牛顿第二定律，F=ma ，所受合外力越来越大，因此加速度越来越大，D 正确． 6．B【详解】A ．汽车在最高点，根据牛顿第二定律有2N v mg F m r-= 则有N F mg <所以汽车处于失重状态，故A 错误；B ．如图b 所示是一圆锥摆，由重力和拉力的合力提供向心力，则有F =mgtanθ=mω2r半径为r =Lsinθ联立可得：ω==故增大θ，但保持圆锥的高h 不变，角速度不变，故B 正确；D ．图c ，根据受力分析知两球受力情况相同，若设侧壁与竖直方向的夹角为θ；则支持力sin N mgF θ=则支持力相同；故D 错误；C ．一小球在光滑而固定的圆锥筒内做圆周运动的向心力为2tan mgF mr ωθ== 解得，角速度ω=因为A 、B 两位置小球做圆周运动的半径r 不同，所以角速度不同，故CD 错误。