2013年考研数三真题及答案解析(完整版)
2013 年考研数三真题及
答案解析
—8 小题.每小题4 分,共32 分.、一、选择题1
x0 o(x) x 1.当高阶的无穷小,则下列式子中错误的是(时,用表示比)
2233)(xx o(A))o( x) o(x) o( x )o(x (B)22222)o(x) o( xo( x)) o( x )o( x o( x )D)(C)(
A)(B)(C)都是正确的,对于(D)可找出反例,例【详解】
由高阶无穷小的定义可知(
2323 x 0 f (x)o(x ) xxx
o( x) f (x)g(x)o( x), g( x),但如当而不是时
2o( x ) D故应该选().
x x1f ( x)2.函数)的可去间断点的个数为(
x( x1) ln x
(A)0((D)3 B)1(C)2
x e1 ~ x ln x x x ln x0 1,【详解】当时,xln x
x x1x ln x x0 f ( x)1 limlimf ( x)lim的可去间断点.,所以是函数x 0x 0x ln x x( x 1) ln x x 0x1x ln xx1 x1 f
( x)limlimlimf ( x),所以的可去间断点.是函数x 0x
1 2 x ln x x( x 1) ln x2x 1x x1xln x
x1 f (x)limlimlimf ( x)的,所以所以不是函数1 x(x 1) ln x(x 1) ln x x x11x
可去间断点.
故应该选(C).
22kIx)dxdy ( y D D 1 y
( x, y) | x记的第是圆域象限的部分,3.设,则kk
D k()
I II000 D B )A(C4123 I0)((())【详解】由极坐标系下二重积分的计算可知
1k k2212I dr(sincos )r( yx)dxdyd(sinsin ) d k k 1( k1)032 D 2k k12cossin|k 132
II 0,I, I 22所以,应该选(B).1432
33
a4.设为正项数列,则下列选择项正确的是()n
n 1a)若(A a ( 1) a 收敛;,则n nn 1n 1
n 1 a aa ( 1);收敛,则)若B(n 1nn
n 1
p aP 1 lim n a存在;,使收敛.则存在常数)若C(nn n n 1
p alim nP 1a 收敛.(D)若存在常数存在,则,使nn n n 1D)正确,故应选(D).【详解】由正项级数的比较审敛法,可知选项(
此小题的(A)(B)选项想考查的交错级数收敛的莱布尼兹条件,对于选项(A),但少一
lim a0 条件,显然错误.而莱布尼兹条件只是交错级数收敛的充分条件,不是必要条件,n
n
选项(B)也不正确,反例自己去构造.
n 5.设A,B,C均为阶矩阵,若AB=C,且B可逆,则
(A)矩阵 C 的行向量组与矩阵 A 的行向量组等价.
A 的列向量组等价.)矩阵 C 的列向量组与矩阵(B
的行向量组与矩阵 B 的行向量组等价.(C)矩阵 C
B 的列向量组等价.(D)矩阵
C 的列向量组与矩阵,, , , ,, , CA,由于AB=C,,C 列分块如下:【详解】把矩阵A1 2n21 n
则可知 b bb (i, n) 1,2,,得到矩阵C的列向
量组可用矩阵 A 的i 2 2ii1 1in n
1 A CB 列向量组线性表示.同时由于,同理可知矩阵B 可逆,即A 的列向量组可用矩阵
C的列向量组线性表示,所以矩阵C的列向量组与矩阵A 的列向量组等价.应该选().B
1a1200
a0b0ba6.矩阵相似的充分必要条件是与矩阵
1a1000
a0,b2)((),为任意常数
a0b BA
a 2
b a 2,b0为任意常数,(D)C)(
2001a1200
a 00bab00b与矩阵【详解】注意矩阵A= 相是对角矩阵,所以矩阵
001a01000
似的充分必要条件是两个矩阵的特征值对应相等.
1a1
22 )2b 2a (
(b 2)bE Aaa
1a1
2a0 b 2b 2a 2b 从而可知为任意常数,故选择(,即,B).
22) ~ N(5,3,X,XXX), X~ N (0,1), X ~ N(0,2,是随机变量,且7 .设131232PP 2 X 2 ,则ii PPPPPP)(B(A)213312PPPPPP)(D (C)132312X2 ),则~ N(0,1)X ~ N(,【详解】若
X 2 P2 (2) 1X P2 (1) 11P22P,,1221
2
X 52 557723P2XPP21)( 1)33
33333
,71PP3 (1) 03(1)2.233故选择(A).8.设随机变量X 和Y 相互独立,且X 和Y 的概率分布分别为
3P20X1
1/81/8P1/41/2
10-1Y
1/31/31/3P PXY2则()
111
1 A()(CB ()))D(21286
【详解】11111PX2,Y0PXPXY2PX1,Y3,Y1 2424612
,故选择(C).
6 小题,每小题4分,满分24分 .把二、填空题(本题共
答案填在题中横线上)
2x
x yyf (x) 1,0lim nfn在点和9.设曲线.处有切线,则n2n
f 110, f ' (1).所以【详解】由条件可知
21f f (1)
nn22 f '(1)lim2lim nf2n 2n2nn
n22n
z x |y
xy z x, y zz确定,则10.设函数是由方程.(1,2 )
x
【详解】
zyxy F x, y, z x设)(,则
xx 1y, F (x,ny, z) x(z y)
(F x, y, z( z y) l z y),zx z |2 ln 2 20 z.2 x 1, y(1, 2 ),所以时,当
x
ln x d x.11.2x)(11
【详解】
ln x || ln 2 dxx1ln x1ln xddxln112111 11(1 x)1 xxx(1 x)x
1 y y0 y的通解为.12.微分方程
411r0,两个特征根分别为【详解】方程的特征方程为,所以方程通21
42
,C x) e C y (C C ,其中解为为任意
x2
常数.2211
a A aA A为元素为其行列式,.设13的代数余子式,且满足是三阶非零矩阵,ij ijij
Aa A 1,2,3) 0(i , j=,则.ijij
Aa T A *A*
0 A1,2,3) 0(i, j的伴随矩阵,从为,其中A可知【详解】由条件ij ij
而可知
A* AA A 1 A0.,所以或可能为
T 3 1*
nn,r (A)
*T ) r ( AA *
r ( A)r ( A*) A0n11, r ( A)但由结论伴随矩阵的秩只,可知,可知
1n0, r ( A)
A1.3,所以能为
2X E Xe X ~ N ( 0,1) ,则服从标准正分布X 14.设随机变量.
【详解】
2 X E Xe
dxe 2)e xe( x
222(x 2)x(x 2) 222x22
2dxdxex1e2222
e E( X ) 2eete e dt dt 22e.22t t 222222
2
22e.所以为
三、解答题
15.(本题满分10 分)
n cosx cos2x cos3x a, n x01ax是等价无穷小,求
常数与.当时,
x0 【分析】主要是考查时常见函数的马克劳林展开式.122x 0)时,【】,详解当c x o 1 s xo( x
212222 (2x)
o(x )2 x )o(x 11cos2 x,
212229 (3x)x o( x ) )o( x 1cos3x1,2
22
以所
22222222 ) ))7xo( xx ))(1o( xo( x2x
o(x ))(1x911cosx cos2xcos3x1 (1
22
,
n cosx cos2 x cos3x 1aax7, n 2是等价无
穷小,所以与由于.
分).(本题满分1610
3x x a (aV ,V x x y0) 绕分别是D,直线轴所转成的平面图形,设 D 是由曲线及yx
10VV y a 轴旋转一周所形成的立体的体积,若轴和的值.,求yx
【详解】由微元法可知
523a a23 dx dxVxy a;3 x
005
746aa3 dxx xf ( x) dx 22V a; 3
y007
10V V a7 7,知由条件.yx
分)10 17.(本题满分
2 dxdy x y 8 x3x, x
3 y, y.所围成,求设平面区域 D 是由曲线
416 dx dx dyx D【详解】22222
dxdyx dxdydyx x dxdyx.xx
83 x2x6023 D D33D2118.(本题满分10 分)Q,(P P6020 元/ 件,价格函数为元,可变成本为6000 设生产某产品的固定成本为
1000
是单价,单位:元,Q是销量,单位:件),已知产销平衡,求:(1)该的边际利润.
(2)当P=50 时的边际利润,并解释其经济意义.
(3)使得利润最大的定价P.
【详解】
Q2)设利润为1(6000 y y PQ (6000 20Q ) 40Q,,则1000
Q .y'40边际利润为
500
(2)当P=50 时,Q=10000,边际利润为20.
经济意义为:当P=50 时,销量每增加一个,利润增加.20 20000Qy'040.20000 , P,得(3)令60
10000
19.(本题满分10 分)
lim2 f (x)0 0 ) [0, f xf,证明,且上可导,在设函数
x a0 f a1;,使得(1)存在
1f ' (a(0, a) ),使得)中的)对((2 1 .,存在
a
【详解】lim()2X0,3X x时,有,当)由于证明(1,所以存在f x5 f (x)x22
0 a0 f a 1; f 0) f [0,x,由介值定理,存在,使得上连续,且又由于在
x [0,a] f上可导,由拉格朗日中值定理,在(2)函数
f (a)f (0)1 f ' ()(0, a) ,使得.存在aa
20.(本题满分11 分)
1a01AC CAB , B a, b ,并求出C,使得为何值时,存在矩阵,问当A设
11b0
所有矩阵C.
【详解】
xx21ACB CA存在,则必须是可知,如果C显然由,C阶的方阵.设2
xx43xaxaxxax0 142231B ACCA变形为则,xaxxxx1 b43213 xax032
axxax1412,要使 C 存在,此线性方程组必须有解,于是对方即得到线性方程组xxx1413
axxb32
程组的增广矩阵进行初等行变换如下
0011a00111
0aaa100110 A |b,
01100a11001
00b010a00b
AC CAB 0 a1, b.C ,使得时,线性方程组有解,即
存在矩阵所以,当
11101
00110 A | b此时,,
00000
00000
x1111
x0012所以方程组的通解为
CxC ACCA B 001x的矩阵,也就是满足231 x1004