辽宁省铁岭市调兵山市第一高级中学2019-2020学年高二下学期第一次月考物理试题 Word版含解析

物 理一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1. 如图所示，是A 、B 两质点运动的x t 图像，则下列说法错误的是（ ）A. A 质点以20m/s 的速度匀速运动B. A 、B 两质点在4s 末相遇C. B 质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动D. B 质点最初4s 做加速运动，后4s 做减速运动 【答案】D 【解析】【详解】A ．由图象可知图中A 质点做匀速运动，则有：80m/s 20m/s 4x v t ∆===∆ A 正确，不符合题意；B ．位移时间图象的交点表示两者相遇，所以A 、B 两质点在4 s 末相遇，B 正确，不符合题意；C ．B 图象是曲线，在0−4s 内，B 质点位移逐渐增大，沿正方向做直线运动，后4s 内位移逐渐减小，沿负方向做直线运动，C 正确，不符合题意；D ．根据位移图象的斜率大小表示速度大小，斜率的正负表示速度的方向，可知在0−4s 内，B 质点沿正方向做减速直线运动，后4s 内沿负方向做加速直线运动，D 错误，符合题意。

故选D 。

2. 如图，气垫导轨上装有两个光电计时装置A 与B ，AB 间距离为L =30cm ，为了测量滑块的加速度，在滑块上安装了一个宽度为d =1cm 的遮光条，现让滑块以某一加速度通过A 、B ，记录遮光条通过A 、B 的时间分别为0.010s 、0.005s ，滑块从A 到B 所用时间为0.200s ，则下列说法正确的是（ ）A. 滑块通过A 的速度为1cm/sB. 滑块通过B 的速度为2cm/sC. 滑块的加速度为5 m/s 2D. 滑块在A 、B 间的平均速度为3 m/s 【答案】C 【解析】【详解】A. 滑块经过A 点时的速度：1cm/s 100cm/s 0.010A A v d t ===故A 错误；B. 滑块经过B 点时的速度：1cm/s 200cm/s 0.005B B d v t === 故B 错误；C. 滑块加速度：2221m/s 5m/s 0.200B A v v a t --=== 故C 正确；D. 滑块在A 、B 间的平均速度：0.3m/s 1.5m/s 0.200x v t === 故D 错误．3. 如图所示，一光滑小球静止放置在光滑半球面的底端，小球所受重力为G ，用竖直放置的光滑挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面），木板对小球的推力1F 、半球面对小球的支持力2F 的变化情况正确的是（ ）A. 1F 增大，2F 减小B. 1F 增大，2F 增大C. 1F 减小，2F 减小D. 1F 减小，2F 增大【答案】B 【解析】【详解】作出球在某位置时的受力分析图，如图所示在小球运动的过程中，1F 的方向不变，2F 与竖直方向的夹角逐渐变大，画力的动态平行四边形，由图可知1F 、2F 均增大；故B 正确，ACD 错误。

故选B 。

4. 如图所示，在水平面上，有两个质量分别为m 1和m 2的物体A 、B 与水平面的摩擦因数均为μ，m 1>m 2，A 、B 间水平连接着一轻质弹簧秤．若用大小为F 的水平力向右拉B ，稳定后B 的加速度大小为a 1，弹簧秤示数为F 1；如果改用大小为F 的水平力向左拉A ，稳定后A 的加速度大小为a 2，弹簧秤示数为F 2.则以下关系式正确的是A. a 1＝a 2，F 1>F 2B. a 1＝a 2，F 1<F 2C. a 1＝a 2，F 1＝F 2D. a 1>a 2，F 1>F 2【答案】A 【解析】【详解】若用大小为F 的水平力向右拉B ，以整体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得系统的加速度()12112F m m ga m m μ-+=+以A 为研究对象，由牛顿第二定律得：1111F m g m a μ-=联立解得：1121m FF m m =+如果改用大小为F 的水平力向左拉A 时，同理可以解得：()12212F m m ga m m μ-+=+1222m FF m m =+因为m 1>m 2，所以a 1＝a 2，F 1>F 2A .A 项与上述分析结论相符，故A 正确；B .B 项与上述分析结论不相符，故B 错误；C .C 项与上述分析结论不相符，故C 错误；D .D 项与上述分析结论不相符，故D 错误．5. 如图所示，放置在水平转盘上的物体A 、B 、C 能随转盘一起以角速度ω匀速转动，A 、B 、C 的质量分别为m 、2m 、3m ，它们与水平转盘间的动摩擦因数均为μ，离转盘中心的距离分别为0.5r 、r 、1.5r ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ，则当物体与转盘间不发生相对运动时，转盘的角速度应满足的条件是( )A. grμω≤B. 23gr μω≤C. 2grμω≤2ggrrμμω≤≤【答案】B 【解析】对物体受力分析可得，摩擦力提供向心力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则2Mg MR μω≥，解得：gRμω≤．因三物体离转盘中心的距离分别为0.5r 、r 、1.5r ，则21.53ggrrμμω≤=．故B 项正确，ACD 三项错误． 点睛：最大静摩擦提供向心力对应发生滑动时的临界角速度，则2mg mr μω≥，解得：grμω≤．即临界角速度与物体质量无关，与物体与平台间的动摩擦因数和转动半径有关．6. 甲乙两车同时同地同向运动，两车的v –t 图象如图所示．其中质量m =7.5 t 甲车以恒定功率P =50 kW 启动，最后匀速运动．乙车做初速为0做匀加速运动，则乙车追上甲车的时间是A. 40 sB. 20 sC. 60 sD. 30 s【答案】D 【解析】 【分析】由图象可知两汽车的运动情况，甲乙两车同时同地同向运动，相遇时二者位移相等，对甲车根据动能定理即可求解，注意首先求解甲车的摩擦阻力． 【详解】设乙车追上甲车的时间为t ，对乙车：22111222x at t ==⨯⨯ 对甲车：当甲车速度最大时，牵引力等于阻力，则33501051010m P F f N N v ⨯====⨯ 由图可知，当乙车追上甲车时，甲车已经达到最大速度，并且以最大速度做匀速运动 对甲车根据动能定理有：212m Pt f x mv -⋅=联立以上方程式可以得到：30t s =，故选项D 正确，选项ABC 错误．【点睛】本题要注意明确图象的意义，关键在于甲车的运动情况，首先求解甲车的摩擦阻力，然后根据二者位移相等，利用动能定理进行求解即可．7. 将等量的正、负电荷分别放在正方形的四个顶点上（如图所示）。

O点为该正方形对角线的交点，直线段AB通过O点且垂直于该正方形，OA>OB，以下对A、B两点的电势和场强的判断正确的是（）A. A点场强小于B点场强B. A点场强大于B点场强C. A点电势等于B点电势D. A点电势高于B点电势【答案】C【解析】【详解】AB．根据场强的叠加原理可知，两个等量的正电荷和两个等量的负电荷，在AB两点叠加后的场强均为零，故AB错误；CD．根据电势的叠加原理可知，两个等量的正电荷和两个等量的负电荷在AB直线上叠加后的电势为零，故A点电势等于B点电势，故C正确，D错误。

故选C。

【点睛】此题是关于电场强度及电势的叠加问题；要知道电场强度是矢量，叠加时按照平行四边形法则合成；而电势是标量，按照正电荷周围的电势为正，负电荷周围的电势为负，然后直接相加减即可；此题是中等题，考查学生对物理量的合成方法。

8. 如图所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从O点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间t a、t b、t c、t d，其大小关系是（）A. t a<t b<t c<t dB. t a＝t b＝t c＝t dC. t a ＝t b <t c <t dD. t a ＝t b >t c >t d 【答案】D 【解析】【详解】电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为2mT qBπ=，四个电子m 、q 相同，B 也相同，则它们圆周运动的周期相同．画出电子运动的轨迹如图：从图1看出，从a 、b 两点射出的电子轨迹所对的圆心角都是π，则：122a b t t T T ππ===，从图2看出，从d 射出的电子轨迹所对的圆心角∠OO 2d ＜∠OO 1C ＜π，根据圆周运动的时间2t T απ=，T 相同时，圆心角α越大，时间t 越大，所以 2c d Tt t ＞＞．所以t a =t b ＞t c ＞t d ，故D 正确，ABC 错误。

9. 如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v 0沿逆时针方向运行。

t ＝0时，将质量m ＝1kg 的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v ﹣t 图像如图乙所示。

设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g ＝10m/s 2。

则（ ）A. 传送带的速率v 0＝10m/sB. 传送带的倾角θ＝30°C. 物体与传送带之间的动摩擦因数µ＝0.5D. 0~2.0s 内物体在传送带上留下的痕迹为6m 【答案】AC 【解析】【详解】A ．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在t ＝1.0s 时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为v 0＝10m/s ，故A 正确；BC ．在0~1.0s 内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为：1sin cos sin cos mg mg a g g mθμθθμθ+==+由图可得：211110m/s v a t ∆==∆ 在1.0~2.0s ，物体的加速度为：2sin cos sin cos mg mg a g g mθμθθμθ-==-由图可得：22222m/s v a t ∆==∆ 联立解得：0.5μ=，37θ=，故B 错误，C 正确；D ．根据“面积”表示位移，可知0~1.0s 物体相对于地的位移：11101m=5m 2x =⨯⨯传送带的位移为：x 2＝v 0t 1＝10×1m＝10m物体对传送带的位移大小为：1215m x x x ∆=-=方向向上。

1.0~2.0s 物体相对于地的位移：310121m 11m 2x +=⨯= 传送带的位移为：x 4＝v 0t 1＝10×1m＝10m物体对传送带的位移大小为：2341m x x x ∆=-=方向向下，故留下的痕迹为5m ，故D 错误。