【精品】2016年福建省莆田一中高考物理模拟试卷(5月份)含答案
福建省莆田第一中学2017届高三考前模拟(最后一卷)物理试题含答案
莆田一中2017届高三年级模拟试卷理科综合能力测试物理试题二、选择题（本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分，有选错的得0分.）14．关于下列四幅图说法正确的是：（）A．玻尔原子理论的基本假设认为，电子绕核运转轨道的半径是任意的；B．光电效应产生的条件为：光强大于临界值;C．电子束通过铝箔时的衍射图样证实了运动电子具有波动性；D．发现少数α粒子发生了较大偏转,说明原子核质量和体积都很大。
15．如图所示，滑轮固定在天花板上，细绳跨过滑轮连接物体A和B，物体B静止于水平地面上,用F f和F N分别表示地面对物体B的摩擦力和支持力，现将物体B向左移动一小段距离，仍静止，下列说法正确的是：( ）．A．F f和F N都增大；B．F f和F N都减小；C．F f增大,F N减小；D．F f减小，F N增大。
16．如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场。
重力不计、电荷量一定的带电粒子以速度v正对着圆心O射入磁场，若粒子射入、射出磁场点间的距离为R,则粒子在磁场中的运动时间为：( ）A．错误!; B．错误!；C．错误!；D．错误!。
17．边长为a的闭合金属正三角形框架，完全处于垂直于框架平面的匀强磁场中，现把框架匀速拉出磁场，如图甲所示,则选项图中电动势、外力、外力功率与位移图象规律与这一过程相符合的是：（）18．图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4∶1，原线圈接图乙所示的正弦交流电。
图甲中R t为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。
则下列说法正确的是：( )A．图乙所示电压的瞬时值表达式为u＝51sin 100πt V；B．变压器原、副线圈中的电流之比为1∶4；C．变压器输入、输出功率之比为1∶4；D．R t处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大。
高三物理试题-福建省莆田一中2016届高考模拟试卷(6月份)
2015年福建省莆田一中高考物理模拟试卷（6月份）一、本卷共6题，每小题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．1．在物理学的发展过程中，许多物理学家都做出了重要的贡献，他们也创造出了许多的物理学研究方法，下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A．理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如点电荷、元电荷等是理想化模型B．重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想C．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如电场场强E=，磁感应强度B=，加速度a=D．根据速度定义式v=，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了类比的思想方法2．在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图，其波速为5m/s，则下列说法正确的是（）A．此时P（﹣2m，0cm）、Q（2m，0cm）两点运动方向相反B．再经过0.5s质点N刚好在（﹣5m，20cm）位置C．能与该波发生干涉的横波的频率一定为3HZD．该波的频率由传播介质决定与波源的振动频率无关3．a、b两车在同一直线上做匀加速直线运动，v﹣t图象如图所示，在15s末两车在途中相遇，由图象可知（）A．a车的速度变化比b车快B．出发前a车在b车之前75m处C．出发前b车在a车之前150m处D．相遇前a、b两车的最远距离为150m4．“神舟十号”飞船与“天宫一号”目标飞行器在离地面343km的近似圆形的轨道上，成功进行了交会对接．对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气．下列说法正确的是（）A．在对接前，如不加干预，在运行一段时间后，“天宫一号”的动能可能会增加B．在对接前，如不加干预，“天宫一号”的轨道高度将缓慢增加C．在对接时，两者运行速度的大小都应大于第一宇宙速度D．航天员在“天宫一号”内的“私人睡眠站”中睡觉时处于平衡状态5．如图所示，匝数为10的矩形线框处在磁感应强度B=T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以恒定角速度ω=10rad/s在匀强磁场中转动，线框电阻不计，面积为0.4m2，线框通过滑环与一理想自耦变压器的原线圈相连，副线圈接有一只灯泡L（4W，100Ω）和滑动变阻器，已知图示状况下灯泡正常发光，电流表视为理想电表，则下列说法正确的是（）A．此时原副线圈的匝数比为2：1B．此时电流表的示数为0.4AC．若将自耦变压器触头向下滑动，灯泡会变亮D．若将滑动变阻器滑片向上移动，则电流表示数增大6．如图所示，一固定的水平玻璃圆环均匀带上电荷，其中心O的正上方和正下方分别有两点A、B，OA=OB=h．现将一质量为m的带正电小球放在A点时恰好处于静止状态，若给小球一个沿竖直向下的初速度υ0，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A．带电圆环在B点产生的场强方向竖直向上B．小球从A点运动到B点的过程中电场力一直做负功C．小球从A点运动到B点的过程中通过O点时速度最大D．小球通过B点时的速度为二.（必考部分）7．用如图甲所示的装置“探究加速度与力和质量的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细线均处于水平．（1）实验时，一定要进行的操作是．（填步骤序号）A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0；B．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C．用天平测出砂和砂桶的质量D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量（2）以拉力传感器示数的二倍F（F=2F0）为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a﹣F 图象如图乙所示，则可能正确的是．（3）在实验中，得到一条如图丙所示的纸带，按时间顺序取0、1、2、…、5共6个计数点，1～5每相邻两个点间各有四个打印点未画出，用刻度尺测出1、2、…、5各点到O点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通过电磁打点计时器的交流电频率为50Hz．则：小车的加速度大小为m/s2，（结果保留一位小数）8．某实验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”实验，实验室提供如下器材：热敏电阻R t（常温下约8kΩ）、温度计电流表A（量程1mA，内阻约200Ω）电压表V（量程3V，内阻约10kΩ）电池组E（4.5V，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）开关S、导线若干、烧杯和水．（1）根据提供器材的参数将图1所示的实物图中所缺的导线补接完整．（2）实验开始前滑动变阻器的滑动触头P应置于端（填“a”或“b”）．（3）利用补接完整的实验装置测量出不同温度下的电阻值，画出该热敏电阻的R t﹣t图象如图2中的实测曲线，与图中理论曲线相比二者有一定的差异．除了偶然误差外，下列关于产生系统误差的原因或减小系统误差的方法叙述正确的是．（填选项前的字母，不定项选择）A．电流表的分压造成电阻的测量值总比真实值大B．电压表的分流造成电阻的测量值总比真实值小C．温度升高到一定值后，电流表应改为外接法（4）将本实验所用的热敏电阻接到一个电流较大的恒流电源中使用，当电流通过电阻产生的热量与电阻向周围环境散热达到平衡时，满足关系式I2R=k（t﹣t0）（其中k是散热系数，t是电阻的温度，t0是周围环境温度，I为电流强度），电阻的温度稳定在某一值．若通过它的电流恒为50mA，t0=20℃，k=0.25w/℃，由实测曲线可知该电阻的温度稳定在℃．9．2015年新春佳节，我市的许多餐厅生意火爆，常常人满为患，为能服务更多的顾客，服务员需要用最短的时间将菜肴送至顾客处．某次服务员用单手托托盘方式（如图）给10m 远处的顾客上菜，要求全程托盘水平．托盘和手、碗之间的摩擦因数分别为0.2、0.125，服务员上菜最大速度为2.5m/s．假设服务员加速、减速运动过程中是匀变速直线运动，且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则：（1）求服务员运动的最大加速度；（2）服务员上菜所用的最短时间；（3）若服务员不小心手上沾了油，手和托盘间的摩擦因数变成了0.1，碗和托盘之间摩擦因数不变，求服务员的最大加速度．10．如图所示，两根半径为r的圆弧轨道间距为L，其顶端a、b与圆心处等高，轨道光滑且电阻不计，在其上端连有一阻值为R的电阻，整个装置处于辐向磁场中，圆弧轨道所在处的磁感应强度大小均为B．将一根长度稍大于L、质量为m、电阻为R0的金属棒从轨道顶端ab处由静止释放．已知当金属棒到达如图所示的cd位置（金属棒与轨道圆心连线和水平面夹角为θ）时，金属棒的速度达到最大；当金属棒到达轨道底端ef时，对轨道的压力为1.5mg．求：（1）当金属棒的速度最大时，流经电阻R的电流大小和方向；（2）金属棒滑到轨道底端的整个过程中电阻R上产生的热量．（3）金属棒滑到轨道底端的整个过程中流经电阻R的电量．11．如图甲所示，在以O为坐标原点的xOy平面内，存在着范围足够大的电场和磁场．一个带正电小球在0时刻以v0=3gt0的初速度从O点沿+x方向（水平向右）射入该空间，在t0时刻该空间同时加上如图乙所示的电场和磁场，其中电场沿+y方向（竖直向上），场强大小E0=，磁场垂直于xOy平面向外，磁感应强度大小B0=．已知小球的质量为m，带电量为q，时间单位t0，当地重力加速度g，空气阻力不计．试求：（1）12t0末小球速度的大小．（2）在给定的xOy坐标系中，大体画出小球在0到24t0内运动轨迹的示意图．（3）30t0内小球距x轴的最大距离．二.选考部分（本题共有两个模块，选做一个模块每个模块12分）[物理--选修3-3]12．对悬挂在空中密闭的气球从早晨到中午过程（体积变化忽略不计），下列描述中正确的是（）A．气球内的气体从外界吸收了热量，内能增加B．气球内的气体温度升高、体积不变、压强减小C．气球内的气体压强增大，所以单位体积内的分子增加，单位面积的碰撞频率增加D．气球内的气体虽然分子数不变，但分子对器壁单位时间、单位面积碰撞时的作用力减少13．如图，质量为M的绝热活塞把一定质量的理想气体密封在竖直放置的绝热气缸内．活塞可在气缸内无摩擦滑动．现通过电热丝对理想气体十分缓慢地加热．设气缸处在大气中，大气压强恒定．经过一段较长时间后，下列说法正确的（）A．气缸中气体的压强比加热前要大B．气缸中气体的压强保持不变C．气缸中气体的体积比加热前要少D．气缸中气体的内能可能和加热前一样大[物理--选修3-5]14．下列说法正确的是（）A．C经一次α衰变后成为NB．氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大C．温度升高能改变放射性元素的半衰期D．核反应方程应遵循质子数和中子数守恒15．质量M=0.6kg的足够长平板小车静止在光滑水面上，如图所示，当t=0时，两个质量都为m=0.2kg的小物体A和B，分别从小车的左端和右端以水平速度V1=0.5m/s和V2=2m/s 同时冲上小车，A和B与小车的摩擦因数μA=0.2，μB=0.4．求当它们相对于小车静止时小车速度的大小和方向为（）A．V=0.3m/s，方向向左B．V=1m/s，方向向右C．V=0.3m/s，方向向右D．无法求解2015年福建省莆田一中高考物理模拟试卷（6月份）参考答案与试题解析一、本卷共6题，每小题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．1．【考点】物理学史．【分析】理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的．电阻不是等效替代．瞬时速度定义用了数学极限思想．加速度a=不是采用比值法．【解答】解：A、理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的，点电荷是理想化模型，但是元电荷不是理想化模型，故A错误．B、重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想，故B正确．C、用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如电场场强E=，磁感应强度B=，加速度a=不是采用比值法，该公式为牛顿第二定律的表达式．故C错误；D、根据速度定义式v=，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了数学极限思想，故D错误．故选：B．【点评】本题涉及了物理多种物理方法和数学方法，理想化模型，等效替代，比值定义法，这些都是老师在课上经常提到的，只要留意听课，这些很容易解答．2．【考点】波长、频率和波速的关系．【分析】由波源O发出的简谐横波在x轴上向右、左两个方向传播，左右对称．由图读出波长，由v=求出周期，根据时间与周期的关系，分析经过0.5s质点N的位置．波的频率f=，当两列波的频率相同时能发生干涉．波的频率与波源的振动频率决定．【解答】解：A、根据对称性可知，此时P（﹣2m，0cm）、Q（2m，0cm）两点运动方向相同．故A错误．B、由图知波长λ=2m，周期为T==s，时间t=0.5s=1T，波传到N点时间为T，波传到N点时，N点向上运动，则经过0.5s质点N刚好在波峰，其坐标为（﹣5m，20cm）．故B 正确．C、该波的频率为f==2.5Hz，能与该波发生干涉的横波的频率一定为2.5Hz．故C错误．D、波的频率由波源的振动频率决定．故D错误．故选：B．【点评】本题的解题关键在于抓住对称性分析左右两列波的关系．根据时间与周期的关系，判断质点的位置或求出波传播的距离，由波形平移法判断质点的状态．3．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度图象的斜率等于加速度，由数学知识比较甲、乙的加速度大小．“面积”等于位移，求出15s末两物体的位移，此时两者相遇，则出发前ab相距的距离等于15s末位移之差．根据两物体的关系，分析它们之间距离的变化，求解相遇前两质点的最远距离．【解答】解：A、由图看出，a的斜率小于b的斜率，则a的加速度小于b的加速度，即a 车的速度变化比b车慢．故A错误．BCD、15s末a、b通过的位移分别为：x a=，x b=，由题，15秒末两质点在途中相遇，则说明出发前a在b之前150m处．由于出发前a在b之前150m 处，出发后a的速度一直大于b的速度，则两质点间距离不断缩短，所以相遇前甲乙两质点的最远距离为150m．故D正确，BC错误．故选：D．【点评】本题考查速度图象两个基本的意义：斜率等于加速度、“面积”等于位移，并根据速度和位置的关系求解两质点最远距离．4．【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】第一宇宙速度是近地围绕地球做圆周运动的线速度，它是发射卫星的最小速度也是围绕地球做圆周运动的最大速度，卫星由于阻力作用速度减小而做近心运动，在轨道下降的过程中重力做正功，故卫星的速度增加．【解答】解：A、由于轨道高度降低根据得v=可知，天宫一号的运行速度将增加，故动能增加，故A正确；B、在对接前，天宫一号绕地球做圆周运动的万有引力提供向心力，由于阻力使天宫一号运行速度减小，所需向心力减小，提供向心力的万有引力不变，故天宫一号将做近心运动，轨道高度要降低，故B错误；C、第一宇宙速度是近地围绕地球做圆周运动的最大速度，根据得v=可知，天宫一号和神舟十号的运行速度小于第一宇宙速度，故C错误；D、航天员在天宫一号内一起绕地球做圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，故航天员睡觉时不是处于平衡状态，故D错误．故选：A【点评】本题的关键抓住环绕天体绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，同时知道卫星的变轨原理，这是解决此类问题的关键．5．【考点】变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【专题】交流电专题．【分析】先根据公式U m=NBSω求解输入电压的最大值，然后根据理想变压器的变压比公式和变流比公式列式求解．【解答】解：A、输入电压的最大值为：U m=NBSω=40V，变压器变压器输入电压的有效值为：U1==40V，开关闭合时灯泡正常发光，所以U2==20V，根据理想变压器的变压比得此时原副线圈的匝数比为2：1，故A正确；B、由欧姆定律得：I2==0.2A，根据理想变压器的变流比得此时电流表的示数为：I1=×0.2=0.1A，故B错误；C、若将自耦变压器触头向下滑动，副线圈匝数变小，根据理想变压器的变压比可知输出电压减小，所以灯泡变暗，故C错误；D、线圈匝数不变，根据理想变压器的变压比可知输出电压不变，若将滑动变阻器触头向上滑动，连入电路电阻变大，负载等效电阻变大，P1=P2=，又P1=U1I1可知电流表示数变小，故D错误；故选：A【点评】本题关键是记住交流发电机最大电动势表达式U m=NBSω，同时要明确输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率．6．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据小球原来静止在A点，电场力与重力平衡，判断出A点的电场方向，由对称性分析B点的电场方向．由电场力方向与位移方向的关系分析电场力做功的正负，由动能定理分析速度的变化，并计算小球通过B点的速度．【解答】解：A、小球原来静止在A点，电场力与重力平衡，电场力方向竖直向上，所以A 点的场强方向竖直向上，由对称性分析知B点的场强方向竖直向下．故A错误．B、小球从A点运动到B点的过程中电场力先竖直向上，后竖直向下，则电场力做先做负功后做正功，故B错误．C、小球从A点运动到B点的过程中，电场力做先做负功后做正功，重力一直做正功，由动能定理知，通过B点时的速度最大，故C错误．D、从A到B，由对称性可知电场力做的总功为0，由动能定理得：2mgh=﹣，则v B=．故D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键是抓住圆环电场的对称性，通过分析做功，由动能定理分析速度的变化．二.（必考部分）7．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度．【解答】解：（1）A、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故A正确；B、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故B正确；C、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故CD错误．故选：AB；（2）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以a﹣F图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的a﹣F图象在F轴上有截距，故C正确．故选：C；（3）根据△x=aT2，运用逐差法得，a==﹣1.5m/s2，则小车的加速度大小为1.5m/s2．故答案为：（1）AB，（2）C，（3）1.5m/s2【点评】本题实验源于课本，但是又不同于课本，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．注意在本实验中不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量，因为拉力可以弹簧秤直接测出．8．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）根据图甲所示实验电路图连接实物电路图；（2）滑动变阻器采用分压接法时，闭合开关前，滑片应调到分压电路分压应为零处．（3）根据表中实验数据，在坐标系中描出对应点，然后作出图象．分析实验电路，根据伏安法测电阻所造成的误差分析误差原因．（4）作出P散=k（t﹣t0）的图象，与热敏电阻随温度变化的图象的交点即为该电阻的稳定温度，带入公式即可求得此时的发热功率．【解答】解：（1）根据电路图连接实物图，如图1所示．（2）因当滑动触头打到a端时待测电路电压或电流为零，从而保护电流表．故答案为a．（3）由于实验采用的是电流表内接法，由于电流表的分压使电压表读数大于热敏电阻两端的电压．故A正确；在相同的温度下，热敏电阻的测量值总比理论值偏大；当温度升高到一定值后，电阻变小，则电流表应该选用外接法，故C正确；故选：AC（4）电阻的散热功率可表示为P散=k（t﹣t0）=I2R I=40mA，R=100（t﹣t0），在R﹣t图象中做出如图所示的图线，据其与理论图线的交点即可求得：该电阻的温度大约稳定在50℃．故答案为：（1）连线如图；（2）a；（3）AC；（4）50【点评】本题中要特别注意第3小问中的作图解决的办法；由于导体电阻随温度的变化而变化，故不能直接应用欧姆定律，而是根据图象进行分析．本题为探究性实验，要求能将所学知识熟练应用；9．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）对物体受力分析，由牛顿第二定律求出加速度，然后求出最大加速度．（2）由运动学公式求出各阶段的时间与位移，然后求出总的时间．（3）应用牛顿第二定律可以求出最大加速度．【解答】解：（1）设碗的质量为m，托盘的质量为M，以最大加速度运动时，碗、托盘、手保持相对静止，碗受力如图甲所示，由牛顿第二定律得：F f1=ma1，碗与托盘间相对静止，则：F f1≤F f1max=μ1mg，解得：a1≤μ1g=0.125×10=1.25m/s2，对碗和托盘整体，由牛顿第二定律得：F f2=（M+m）a2，手和托盘间相对静止，则：F f2≤F f2max=μ2（M+m）g，解得：a2≤μ2g=0.2×10=2m/s2，则最大加速度：a max=1.25m/s2；（2）服务员以最大加速度达到最大速度，然后匀速运动，再以最大加速度减速运动，所需时间最短，加速运动时间：t1===2s，位移：x1=v max t1=×2.5×2=2.5m，减速运动时间：t2=t1=2s，位移：x2=x1=2.5m，匀速运动位移：x3=L﹣x1﹣x2=10﹣2.5﹣2.5=5m，匀速运动时间：t3===2s，最短时间：t=t1+t2+t3=6s；（3）同（1）可知：碗与托盘相对静止，则：a1≤μ1g=0.125×10=1.25m/s2，手与托盘相对静止，a2≤μ2g=0.1×10=1m/s2，最大加速度：a max=1m/s2；答：（1）服务员运动的最大加速度是1.25m/s2；（2）服务员上菜所用最短时间是6s；（3）若服务员不小心手上沾了油，手和托盘间的摩擦因数变成了0.1，碗和托盘之间摩擦因数不变，则服务员的最大加速度是1m/s2．【点评】本题考查了求加速度、运动时间问题，分析清楚物体运动过程，应用牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．10．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】（1）金属棒速度最大时，在轨道切线方向所受合力为0，由此条件列式求解流经电阻R的电流大小，由右手定则判断电流方向．（2）先由牛顿第二定律求出金属棒到达最低点时的速度，再根据能量守恒定律求电阻R上产生的热量．（3）金属棒下滑过程中，回路的磁通量增加，先求出磁通量的增加量，再由法拉第电磁感应定律和欧姆定律求电量．【解答】解：（1）金属棒速度最大时，在轨道切线方向所受合力为0，则有：mgcosθ=BIL解得：I=，流经R的电流方向为a→R→b．（2）在轨道最低点时，由牛顿第二定律得：N﹣mg=m据题有：N=1.5mg由能量转化和守恒得：Q=mgr﹣=mgr电阻R上发热量为：Q R=Q=（3）金属棒滑到轨道底端的整个过程中，穿过回路的磁通量变化量为：△Φ=BS=B•L•=平均电动势为：=，平均电流为：=则流经电阻R的电量：q=t==答：（1）当金属棒的速度最大时，流经电阻R的电流大小为，流经R的电流方向为a→R→b．（2）金属棒滑到轨道底端的整个过程中电阻R上产生的热量为．（3）金属棒滑到轨道底端的整个过程中流经电阻R的电量为．【点评】解决本题的关键是明确金属棒是垂直切割磁感线的，与平直轨道上运动情况相似，注意电量与磁通量的变化量有关，热量往往根据能量守恒求解．11．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）正确对小球进行受力分析，明确运动形式，求出圆周运动的周期和所给时间直间的关系，最后利用平抛运动规律求解；（2）根据第一问的解答，可正确画出图象；（3）利用运动的周期性画出30t0内小球运动轨迹图，然后利用数学知识求解．【解答】解：（1）0～t0内，小球只受重力作用，做平抛运动．当同时加上电场和磁场时，电场力：F1=qE0=mg，方向向上因为重力和电场力恰好平衡，所以在电场和磁场同时存在时小球只受洛伦兹力而做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有：qvB0=m，得r=运动周期T=联立解得T=2t0电场、磁场同时存在的时间正好是小球做圆周运动周期的5倍，即在这10t0内，小球恰好做了5个完整的匀速圆周运动．所以小球在t1=12 t0时刻的速度相当于小球做平抛运动t=2t0时的末速度．v y1=g•2t0=2gt0所以12t0末小球的速度大小为v1==gt0（2）24t0内运动轨迹的示意图如下图所示．（3）分析可知，小球在30t0时与24t0时的位置相同，在24t0内小球做了t2=3t0的平抛运动，和半个圆周运动．23t0末小球平抛运动的竖直分位移大小为：y2==竖直分速度v y2=3gt0所以小球与竖直方向的夹角为θ=45°，速度大小为v2=3此后小球做匀速圆周运动的半径r2==30t0末小球距x轴的最大距离：y3=y2+（1+cos45°）r2=（）g答：（1）12t0末小球速度的大小为gt0．（2）大体画出小球在0到24t0内运动轨迹的示意图如图所示．（3）30t0内小球距x轴的最大距离为（）g．【点评】解答带电粒子在磁场中运动的基本思路是正确受力分析，画出运动轨迹图，这类问题对学生数学知识要求较高，是考查重点和难点，要加强练习，提高解题能力．二.选考部分（本题共有两个模块，选做一个模块每个模块12分）[物理--选修3-3] 12．【考点】热力学第一定律；热力学第二定律．【专题】热力学定理专题．【分析】据热力学第一定律△U=W+Q判断气体内能的变化．根据气体方程进行判断各个物理量的变化．。
【精品】2016年全国高考物理一模试卷含答案
2016年全国高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求．全部选对得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．（6分）如图所示，A、B、C三个同心球面是同一个点电荷周围的三个等势面，已知这三个球面的半径之差相等．A、C两个等势面电势分別为φA=6V和φC=2V，则中间B等势面的电势是（）A．一定等于4V B．一定低于4V C．一定高于4V D．无法确定2．（6分）一个物体在一条直线上做匀加速直线运动，先后经过直线上的A、B 两点，已知AB间的距离为4m，物体运动的加速度为2m/s2，则物体到达B点的速度大小可能为（）A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．5m/s3．（6分）如图所示，某钢制工件上开有一个楔型凹槽．凹槽的横截面是一个直角三角形，三个角的度数分别是∠A=30°，∠B=90°，∠C=60°．在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，金属球对凹槽的AB边的压力为F1、对BC 边的压力为F2，则的值为（）A．B．C．D．4．（6分）某轰炸机在演习轰炸地面目标时，将炸弹以某一速度水平射出，地面监视系统显示出炸弹从B点飞出后的运行轨迹，如果只考虑炸弹的重力作用，已知物体从B点到C点与从C点到D点的时间相等，则下列说法中正确的是（）A．物体从B到C和从C到D重力做功之比为1：1B．物体从B到C和从C到D重力做功的平均功率之比为1：3C．物体运动到C点和D点重力的瞬时功率之比为1：3D．物体从B点到C点与从C点到D点的动能改变量之比为1：25．（6分）某发电站用交变电压远距离输电，在输送功率不变的前提下，若输电电压降低为原来的0.9倍，则下面说法正确的是（）A．因I=，所以输电线上的电流减为原来的0.9倍B．因I=，所以输电线上的电流增为原来的C．因P=，所以输电线上损失的功率为原来的0.92倍D．若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的电阻减为原来的0.9倍6．（6分）1876年美国著名物理学家罗兰在亥姆霍兹的实验室中完成了著名的“罗兰实验”：罗兰把大量的负电荷加在一个橡胶圆盘上，然后在圆盘附近悬挂了一个小磁针，使圆盘绕中心轴高速旋转，就会发现小磁针发生了偏转．忽略地磁场对小磁针的影响．下列说法正确的是（）A．使小磁针发生转动的原因是电磁感应B．使小磁针发生转动的原因是电流的磁效应C．当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极指向左侧D．当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极指向右侧7．（6分）已知地球半径为R，表面的重力加速度为g，一人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运动，椭圆轨道远地点与地心的距离为4R，则（）A．卫星在远地点时加速度为B．卫星经过远地点时速度大于C．卫星经过远地点时速度等于D．卫星经过远地点时速度小于8．（6分）如图所示，足够长的U形光滑金属导轨平面与水平面成θ角，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为υ，则金属棒ab在这一过程中（）A．加速度为B．下滑的位移为C．产生的焦耳热为sinθD．受到的最大安培力为二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．（一）必考题9．（6分）如图示数是某同学探究加速度与力的关系的实验装置．他在气垫导轨上安装了一个光电门，滑块上固定一宽度为d的遮光条，力传感器固定在滑块上，用细线绕过定滑轮与砂桶相连，每次滑块及遮光条都从同一位置由静止释放．开始时遮光条到光电门的距离为L．（1）实验时，将滑块由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t，滑块经过光电门时的瞬时速度为，滑块的加速度为．（2）改变砂桶质量，读出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的光电门的时间△t，用实验中的数据描绘出F﹣图象，若测得图象的斜率为k，则滑块和遮光条的总质量为M=．10．（9分）要测量一节旧的干电池的电动势和内阻，某同学设计了如图所示的电路，电路中定值电阻R1=8Ω．（1）闭合电键前，应将滑动变阻器的滑片调到最（填“左”或“右”）端．（2）闭合电键后，调节滑动变阻器，记录多组两个电压表的示数U1、U2，填在下面表格中．请用下面表格中的数据在所给的坐标纸中作出U2﹣U1关系图象．由图象得到电池的电动势E=V，电池的内阻r=Ω．（3）由于电压表（填“V1”、“V2”或“V1和V2”）内阻的存在，对（填“电动势E”、“内阻r”或“电动势E和内阻r”）的测量有影响．测得的电动势（填“大于”、“小于”或“等于”）电动势的真实值，测得的内阻（填“大于”、“小于”或“等于”）内阻的真实值．11．（14分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=2.0T，一质量为m=5.0×10﹣8kg、电量为q=1.0×10﹣6C的带电粒子从P点沿图示方向进入磁场，速度与y轴负方向成θ=37°角，已知OP=30cm，（粒子重力不计，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）若粒子以20m/s的速度进入磁场，从x轴上的Q点离开磁场，求OQ的距离；（2）若粒子不能进入x轴上方，求粒子进入磁场时的速度取值范围．12．（18分）如图所示，光滑斜面倾角为θ=30°，底端固定一垂直于斜面的挡板C，在斜面上放置长木板A，A的下端与C的距离为d=0.4m，A的上端放置小物块B，A、B的质量均为m，A、B间的动摩擦因数μ=，现同时由静止释放A，B．A与C发生碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间速度大小相等，运动过程中小物块始终没有从木板上滑落，已知重力加速度为g=10m/s2，求（1）A与C发生第一次碰撞前瞬间的速度大小v1；（2）A与C发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块B的速度大小v2；（3）为使B不与C碰撞，木板A长度的最小值L．（二）选考题[物理-选修3-3]13．（5分）以下说法中正确的是（）A．从微观角度看，气体压强的大小跟两个因素有关：一个是气体分子的最大速率，另一个是分子的数目B．各个分子的运动都是无规则的、带有偶然性的，但大量分子的运动却有一定的规律C．当分子间相互作用表现为斥力时，分子间距离越大，则分子势能越大D．物体吸收热量同时对外做功，内能可能不变E．氢气和氮气的温度相同时，它们分子的平均速率不同14．（10分）如图所示，总长度为15cm的气缸水平放置，活塞的质量m=20kg，横截面积S=100cm2，活塞可沿汽缸壁无摩擦滑动但不漏气，厚度不计．开始时活塞与汽缸底的距离12cm．外界气温为27℃，大气压为1.0×105Pa．将汽缸缓慢地转到开口向上的竖直位置，待稳定后对缸内气体逐渐加热，使活塞刚好到达汽缸口，取g=10m/s2，求：①活塞刚好到达汽缸口时气体的温度为多少？②在对缸内气体加热的过程中，吸收了Q=370J的热量，则气体增加的内能△U 多大？[物理-选修3-4]15．如图所示是一列向右传播的横波，波速为0.4m/s，M点的横坐标x=10m，图示时刻波传到N点．现从图示时刻开始计时，经过s时间，M点第二次到达波谷；这段时间里，N点经过的路程为cm．16．半径为R的玻璃四分之一圆柱体，圆心为O，底边水平．玻璃的折射率n=．一束单色光水平射向圆柱面，入射点为P，入射角r=60°，经折射后照到MO间的某点Q，求：①PQ间的距离；②光线PQ能否在Q点发生全反射？[物理-选修3-5]17．在光电效应试验中，某金属的截止频率相应的波长为λ0，该金属的逸出功为．若用波长为λ（λ＜λ0）单色光做实验，则其截止电压为．（已知电子的电荷量、真空中的光速和普朗克常量分别为e、c和h）18．如图所示，两端带有固定薄挡板的滑板C长为l，总质量为，与地面间的动摩擦因数为μ，其光滑上表面静止两质量分别为m、的物体A、B，其中左端带有轻质弹簧的A位于C的中点．现使B以水平速度2v向右运动，与挡板碰撞并瞬间粘连而不再分开，A、B可看作质点，弹簧的长度与C的长度相比可以忽略，所有碰撞事件很短，重力加速度为g．求：（1）B、C碰撞后的速度以及C在水平面上滑动时加速度的大小；（2）设A、C能够碰撞且碰撞过程用时极短，求A、C第一次碰撞时弹簧具有的最大性势能．2016年全国高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求．全部选对得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．（6分）如图所示，A、B、C三个同心球面是同一个点电荷周围的三个等势面，已知这三个球面的半径之差相等．A、C两个等势面电势分別为φA=6V和φC=2V，则中间B等势面的电势是（）A．一定等于4V B．一定低于4V C．一定高于4V D．无法确定【解答】解：电场线与等势面互相垂直，由图看出，AB段电场线比BC段电场线密，AB段场强较大，根据公式U=Ed可知，A、B间电势差U AB大于B、C间电势差U BC，即φA﹣φB＞φB ﹣φC，得到φB＜==4V，故B正确，ACD错误．故选：B．2．（6分）一个物体在一条直线上做匀加速直线运动，先后经过直线上的A、B 两点，已知AB间的距离为4m，物体运动的加速度为2m/s2，则物体到达B点的速度大小可能为（）A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．5m/s【解答】解：由题意知物体在AB间做匀加速直线运动，令物体在A点的速度为v A，B点速度为v B，加速度为a，则根据速度位移关系有：得：v B=＞0，故有：由题意知v即：v B＞4m/s故ABC不合题意，D可能．故选：D．3．（6分）如图所示，某钢制工件上开有一个楔型凹槽．凹槽的横截面是一个直角三角形，三个角的度数分别是∠A=30°，∠B=90°，∠C=60°．在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，金属球对凹槽的AB边的压力为F1、对BC 边的压力为F2，则的值为（）A．B．C．D．【解答】解：金属球受到的重力产生两个作用效果，压AB面和压BC面，作图如下：对AB面的压力等于分力F1′，对BC面的压力等于分力F2′；故故选：C4．（6分）某轰炸机在演习轰炸地面目标时，将炸弹以某一速度水平射出，地面监视系统显示出炸弹从B点飞出后的运行轨迹，如果只考虑炸弹的重力作用，已知物体从B点到C点与从C点到D点的时间相等，则下列说法中正确的是（）A．物体从B到C和从C到D重力做功之比为1：1B．物体从B到C和从C到D重力做功的平均功率之比为1：3C．物体运动到C点和D点重力的瞬时功率之比为1：3D．物体从B点到C点与从C点到D点的动能改变量之比为1：2【解答】解：A、炸弹做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，据题BC段和CD 段时间相等，由自由落体运动的规律可知，BC段和CD段竖直高度之比为1：3，由W=mgh可得，物体从B到C和从C到D重力做功之比为1：3．故A错误．B、由平均功率公式P=及t相等，可知物体从B到C和从C到D重力做功的平均功率之比为1：3．故B正确．C、由v y=gt得：物体运动到C点和D点时竖直分速度之比为1：2，由重力的瞬时功率由公式P=mgv y得：物体运动到C点和D点重力的瞬时功率之比为1：2，故C错误．D、根据动能定理知，物体下落时动能的改变量等于重力做功，所以物体从B点到C点与从C点到D点的动能改变量之比等于重力做功之比，为1：3．故D错误．故选：B5．（6分）某发电站用交变电压远距离输电，在输送功率不变的前提下，若输电电压降低为原来的0.9倍，则下面说法正确的是（）A．因I=，所以输电线上的电流减为原来的0.9倍B．因I=，所以输电线上的电流增为原来的C．因P=，所以输电线上损失的功率为原来的0.92倍D．若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的电阻减为原来的0.9倍【解答】解：A、输送的功率一定，根据P=UI，知输电电压越高，输电电流越小，若输送电压变为到原来的0.9倍，则电流增大到倍，故A错误，B正确；C、电流增大到n倍，根据P损=I2R，可知，电线上损失的功率为原来的，故C错误；D、若要使输电线上损失的功率不变，根据P损=I2R，可将输电线的电阻减为原来的，故D错误故选：B．6．（6分）1876年美国著名物理学家罗兰在亥姆霍兹的实验室中完成了著名的“罗兰实验”：罗兰把大量的负电荷加在一个橡胶圆盘上，然后在圆盘附近悬挂了一个小磁针，使圆盘绕中心轴高速旋转，就会发现小磁针发生了偏转．忽略地磁场对小磁针的影响．下列说法正确的是（）A．使小磁针发生转动的原因是电磁感应B．使小磁针发生转动的原因是电流的磁效应C．当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极指向左侧D．当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极指向右侧【解答】解：AB、由题意可知，磁针受到磁场力的作用，原因是由于电荷的定向移动，从而形成电流，而电流周围会产生磁场，不是电磁感应，故A错误，B 正确；C、圆盘带负电，根据右手定则可知，产生的磁场方向向上，故等效磁场上方为N极，故小磁针的N极将向左侧偏转；故C正确，D错误；故选：BC．7．（6分）已知地球半径为R，表面的重力加速度为g，一人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运动，椭圆轨道远地点与地心的距离为4R，则（）A．卫星在远地点时加速度为B．卫星经过远地点时速度大于C．卫星经过远地点时速度等于D．卫星经过远地点时速度小于【解答】解：A、设地球的质量为M，地球表面的物体受到的重力近似等于万有引力，则：①卫星在远地点时万有引力提供加速度，则：②联立①②得加速度为：a=．故A正确；B、设有一绕地球做匀速圆周运动的卫星的半径为4R，则：联立①③得：由于在椭圆轨道上运动的卫星在远地点时，做向心运动，则：所以v0＜v=．故BC错误，D正确．故选：AD8．（6分）如图所示，足够长的U形光滑金属导轨平面与水平面成θ角，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为υ，则金属棒ab在这一过程中（）A．加速度为B．下滑的位移为C．产生的焦耳热为sinθD．受到的最大安培力为【解答】解：A、金属棒ab开始做加速运动，速度增大，感应电动势增大，所以感应电流也增大，导致金属棒受到的安培力增大，所以加速度减小，即金属板做加速度逐渐减小的变加速运动，根据牛顿第二定律，有：mgsinθ﹣BIL=ma；其中I=；故a=gsinθ﹣，故A错误；B、由电量计算公式有：q=It=t==，可得下滑的位移大小为：X=，故B正确；C、根据能量守恒定律，产生的焦耳热为：Q=mgXsinθ﹣=sinθ﹣mv2，故C错误；D、金属棒ab受到的最大安培力大小为：F=BIL=B L=，故D正确．故选：BD二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．（一）必考题9．（6分）如图示数是某同学探究加速度与力的关系的实验装置．他在气垫导轨上安装了一个光电门，滑块上固定一宽度为d的遮光条，力传感器固定在滑块上，用细线绕过定滑轮与砂桶相连，每次滑块及遮光条都从同一位置由静止释放．开始时遮光条到光电门的距离为L．（1）实验时，将滑块由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t，滑块经过光电门时的瞬时速度为，滑块的加速度为．（2）改变砂桶质量，读出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的光电门的时间△t，用实验中的数据描绘出F﹣图象，若测得图象的斜率为k，则滑块和遮光条的总质量为M=．【解答】解：（1）滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度，则滑块经过光电门时的瞬时速度，根据v2=2aL，解得：a=，（2）根据牛顿第二定律得：a=，则，则有：F=，F﹣图象的斜率k=，解得：M=故答案为：（1）；；（2）10．（9分）要测量一节旧的干电池的电动势和内阻，某同学设计了如图所示的电路，电路中定值电阻R1=8Ω．（1）闭合电键前，应将滑动变阻器的滑片调到最右（填“左”或“右”）端．（2）闭合电键后，调节滑动变阻器，记录多组两个电压表的示数U1、U2，填在下面表格中．请用下面表格中的数据在所给的坐标纸中作出U2﹣U1关系图象．由图象得到电池的电动势E= 1.2V，电池的内阻r=4Ω．（3）由于电压表V1（填“V1”、“V2”或“V1和V2”）内阻的存在，对内阻r（填“电动势E”、“内阻r”或“电动势E和内阻r”）的测量有影响．测得的电动势等于（填“大于”、“小于”或“等于”）电动势的真实值，测得的内阻大于（填“大于”、“小于”或“等于”）内阻的真实值．【解答】解：（1）为了防止电路短路，开始时应将滑动变阻器调至接入阻值最大；即调至右端；（2）由表中数据采用描点法得出对应的图象如图所示；由闭合电路欧姆定律可知：E=U1+U2+解得：U2=E﹣U1由图可知，电动势E=1.2V；k===1.5解得：r=4Ω（3）由以上公式可得，由于V1内阻的影响，干路电流应大于；故题目中出现误差；当外电路断路时，电阻的影响可以忽略；故对电动势的测量没有影响；故电动势的测量值等于真实值；但如果考虑电压表内阻，表达式应为：U2=E﹣因R′＜R；故内阻的测量值大于真实值；故答案为：（1）右；（2）1.2；4．（3）V1；内阻r；等于；大于．11．（14分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=2.0T，一质量为m=5.0×10﹣8kg、电量为q=1.0×10﹣6C的带电粒子从P点沿图示方向进入磁场，速度与y轴负方向成θ=37°角，已知OP=30cm，（粒子重力不计，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）若粒子以20m/s的速度进入磁场，从x轴上的Q点离开磁场，求OQ的距离；（2）若粒子不能进入x轴上方，求粒子进入磁场时的速度取值范围．【解答】解：（1）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力：qvB=m可得：R==m=0.50m而：=m=0.50m故圆心一定在x轴上，轨迹如图所示，由几何关系可知：OQ=R（1+sin53°）=0.90m（2）带电粒子不从x轴射出，如图所示，由几何关系得：OP=R′（1+cos53°）解得：R′=根据洛伦兹力提供向心力：qv′B=m可得：v′==m/s=7.5m/s所以，若粒子刚好不能进入x轴上方，粒子进入磁场时的速度不大于7.5m/s 答：（1）若粒子以20m/s的速度进入磁场，从x轴上的Q点离开磁场，OQ的距离为0.90m；（2）若粒子不能进入x轴上方，粒子进入磁场时的速度应不大于7.5m/s．12．（18分）如图所示，光滑斜面倾角为θ=30°，底端固定一垂直于斜面的挡板C，在斜面上放置长木板A，A的下端与C的距离为d=0.4m，A的上端放置小物块B，A、B的质量均为m，A、B间的动摩擦因数μ=，现同时由静止释放A，B．A与C发生碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间速度大小相等，运动过程中小物块始终没有从木板上滑落，已知重力加速度为g=10m/s2，求（1）A与C发生第一次碰撞前瞬间的速度大小v1；（2）A与C发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块B的速度大小v2；（3）为使B不与C碰撞，木板A长度的最小值L．【解答】解：（1）第一次碰撞前由机械能守恒定律有：（m+m）v12=2mgdsinθ解得：v 1===2m/s；（2）设发生第一次碰撞后，A上滑，B下滑的加速度大小分别为a A、a B，则有：μmgcosθ+mgsinθ=ma A解得：a A=12.5m/s2，对B工件牛顿第二定律可得：μmgcosθ﹣mgsinθ=ma B；解得：a B=2.5m/s2；由于a A＞a B，则A先减速到零，设A第一次碰撞后上滑到最高点的时间为t，则v1=a A tv2=v1﹣a B t解得：v2==1.6m/s；（3）要使B不与A相碰，说明物体应停在木板上，则对全过程进行分析，由能量守恒定律有：mgdsinθ+mg（d+L）sinθ=μmgLcosθ，解得：L=4d=1.6m．答：（1）A与C发生第一次碰撞前瞬间的速度大小为2m/s；（2）A与C发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块B的速度大小1.6m/s；（3）为使B不与C碰撞，木板A长度的最小值为1.6m．（二）选考题[物理-选修3-3]13．（5分）以下说法中正确的是（）A．从微观角度看，气体压强的大小跟两个因素有关：一个是气体分子的最大速率，另一个是分子的数目B．各个分子的运动都是无规则的、带有偶然性的，但大量分子的运动却有一定的规律C．当分子间相互作用表现为斥力时，分子间距离越大，则分子势能越大D．物体吸收热量同时对外做功，内能可能不变E．氢气和氮气的温度相同时，它们分子的平均速率不同【解答】解：A、从微观角度看，气体压强的大小跟两个因素有关：一是分子的平均动能，二是单位体积内的分子数目．故A错误．B、各个分子的运动都是无规则的、带有偶然性的，但大量分子的运动存在统计规律，故B正确．C、当分子间相互作用表现为斥力时，分子间距离越大，分子力做正功，则分子势能越小．故C错误．D、物体吸收热量同时对外做功，若热量与功数值相等，由热力学第一定律知，内能不变，故D正确．E、氢气和氮气的温度相同时，它们分子的平均动能相同，由于分子质量不同，所以分子的平均速率不同．故E正确．故选：BDE14．（10分）如图所示，总长度为15cm的气缸水平放置，活塞的质量m=20kg，横截面积S=100cm2，活塞可沿汽缸壁无摩擦滑动但不漏气，厚度不计．开始时活塞与汽缸底的距离12cm．外界气温为27℃，大气压为1.0×105Pa．将汽缸缓慢地转到开口向上的竖直位置，待稳定后对缸内气体逐渐加热，使活塞刚好到达汽缸口，取g=10m/s2，求：①活塞刚好到达汽缸口时气体的温度为多少？②在对缸内气体加热的过程中，吸收了Q=370J的热量，则气体增加的内能△U 多大？【解答】解：（1）以封闭气体为研究对象，气体的状态参量：p1=p0=1.0×105Pa，V1=L1S=0.12S，T1=273+27=300K，气体的末状态：V2=L2S=0.15S，Pa，T2=？由理想气体的状态方程：代入数据得：T2=450K（2）将汽缸缓慢地转到开口向上的竖直位置时，设气体的长度为L3，则：P 1L1S=P2L3S代入数据得：L3=0.1m气体体积膨胀的过程中活塞向上移动：△x=0.15﹣0.1=0.05m，故大气压力对气体做功：W=﹣P2S•△x由热力学第一定律：△U=W+Q代入数据联立得：△U=310J答：①活塞刚好到达汽缸口时气体的温度为450K；②在对缸内气体加热的过程中，吸收了Q=370J的热量，则气体增加的内能△U 是310J．[物理-选修3-4]15．如图所示是一列向右传播的横波，波速为0.4m/s，M点的横坐标x=10m，图示时刻波传到N点．现从图示时刻开始计时，经过29s时间，M点第二次到达波谷；这段时间里，N点经过的路程为145cm．【解答】解：由图读出波长λ=1.6m，周期T==波由图示位置传到M的时间为t1==s=22s波传到M时，起振方向向上，经过1T=7s，M点第二次到达波谷，故从图示时刻开始计时，经过29s时间，M点第二次到达波谷；由t=29s=7T，则这段时间里，N点经过的路程为S=•4A=29×5cm=145cm．故答案为：29；14516．半径为R的玻璃四分之一圆柱体，圆心为O，底边水平．玻璃的折射率n=．一束单色光水平射向圆柱面，入射点为P，入射角r=60°，经折射后照到MO间的某点Q，求：①PQ间的距离；②光线PQ能否在Q点发生全反射？【解答】解：（1）先假设光线能从左侧射出，做出光路如图所示，由题意知光在P点的入射角α=60°，由折射定理得sinr=，所以：i=30°由图中几何关系得：，则：PQ=（2）设临界角为C，则：在左侧的Q点处，根据几何关系可知，光的入射角：i′=30°所以：sini′=＜所以：i′＜C光不能发生全反射．答：①PQ间的距离是；②光线PQ不能在Q点发生全反射．[物理-选修3-5]17．在光电效应试验中，某金属的截止频率相应的波长为λ0，该金属的逸出功为h．若用波长为λ（λ＜λ0）单色光做实验，则其截止电压为﹣．（已知电子的电荷量、真空中的光速和普朗克常量分别为e、c和h）【解答】解：金属的逸出功为：W0=hγ0=h．根据光电效应方程知：E km=h﹣h，又E km=eU，则遏止电压为：U=﹣．故答案为：h，﹣．18．如图所示，两端带有固定薄挡板的滑板C长为l，总质量为，与地面间的动摩擦因数为μ，其光滑上表面静止两质量分别为m、的物体A、B，其中左端带有轻质弹簧的A位于C的中点．现使B以水平速度2v向右运动，与挡板碰撞并瞬间粘连而不再分开，A、B可看作质点，弹簧的长度与C的长度相比可以忽略，所有碰撞事件很短，重力加速度为g．求：（1）B、C碰撞后的速度以及C在水平面上滑动时加速度的大小；（2）设A、C能够碰撞且碰撞过程用时极短，求A、C第一次碰撞时弹簧具有的最大性势能．【解答】解：（1）B、C碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：×2v=（+）v1，解得：v1=v；对BC，由牛顿第二定律得：μ（m++）g=（+）a，解得：a=2μg；（2）设A、C第一次碰撞前瞬间C的速度为v2，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v22﹣v12=2（﹣a）•，。
福建省莆田一中2016届高三年段高考5月模拟考试测试卷-文综政治试题.doc
莆田一中2016届高三年段高考模拟考试测试卷文科综合能力测试政治试题本试卷共13页，48题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用合乎要求的2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用合乎要求的签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用合乎要求的2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。
选择题共35小题，每小题4分，共140分在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
12.下表是A、B两个家庭2011~2015年收入和消费情况（单位：万元）。
从上表数据中，可以推断出A.居民家庭收入水平与消费水平成正比B.恩格尔系数的高低决定家庭消费水平C.稳定的家庭收入是影响家庭消费的因素D.家庭消费水平取决于不同的消费观念13.《中共中央国务院关于深化国有企业改革的指导意见》指出，鼓励非国有投资主体通过出资入股、收购股权等方式参与国有企业改革，鼓励国有资本以多种方式入股非国有企业。
《意见》提出这一要求①旨在进一步增强非公有制经济的市场竞争力②有利于巩固混合所有制经济在国民经济中的基础地位③缘于混合所有制经济是社会主义市场经济的有机组成部分④能够促使各种所有制资本取长补短，共同发展A.①②B.②④C.①③D.③④14. 党的十八届五中全会提出，要培育发展新动力，优化劳动力、资本、土地、技术、管理等要素配置，完善市场评价要素贡献并按贡献分配的机制。
这一举措旨在①充分发挥市场决定性作用②调整国民收入分配格局③调动各种生产要素的积极性④合理调整社会成员之间的经济利益关系A.①③B.①④C.②③D.②④2016年3月5日，在两会的政府工作报告中，李克强总理提出要“培育精益求精的工匠精神”。
2016年高考物理模拟试卷【新课标I卷】：2016年高考物理模拟试卷(一)(含参考答案及解析).pdf
2016 年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力模拟测试（新课标I卷）物理部分（一）第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14. 学习物理不仅要掌握物理知识，还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。
在下图所示的几个实验中，研究物理问题的思想方法相同的是A．甲、乙B．乙、丙C．甲、丙D．丙、丁15. 某质点在 0～3 s 内运动的 v－t 图象如图所示。
关于质点的运动，下列说法正确的是()A．质点在第 1 s 内的平均速度等于第 2 s 内的平均速度 B．t＝3 s 时，质点的位移最大C．质点在第 2 s 内的加速度与第 3 s 内的加速度大小相等，方向相反D．质点在第 2 s 内的位移与第 3 s 内的位移大小相等，方向相反16. 有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v 的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为A．B．C．D．17.. 如图所示，匀强电场方向平行于xOy 平面，在xOy 平面内有一个半径为R＝5 cm 的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP＝25 sinθ(V)，则该匀强电场的大小和方向分别为( )A．5 V/m，沿 x 轴正方向B．500V/m，沿 y 轴负方向C．500 V/m，沿 y 轴正方向D．250 V/m，沿 x 轴负方向18.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空 110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。
假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为地球同步卫星轨道离地面高度的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是（）A.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的 5 倍B.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的 25 倍 C.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动 D.“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救19. 在电场强度大小为E 的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为q 的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角的方向做直线运动.关于带电小球的电势能ε和机械能W 的判断，不正确的是( )A．若 sinθ<，则ε一定减少，W一定增加B．若 sinθ＝，则ε、W一定不变C．若 sinθ=，则ε一定增加，W一定减小D．若 tanθ＝，则ε可能增加，W一定增加20. 如图所示,A、B 两物块的质量分别为 2 m 和 m, 静止叠放在水平地面上。
2016年福建省高考物理模拟试卷(1)
2016年福建省高考物理模拟试卷（1）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共20小题，共60.0分)1.在下列各物体中，可视作质点的物体有（）A.研究公路上行驶的汽车的位移B.研究乒乓球运动员拉出的弧圈球C.研究表演旋转动作的芭蕾舞演员D.研究在双杠上表演动作的体操运动员2.关于时间和时刻，下列说法中表示时刻的是（）A.2012年新年钟声敲响时B.校运会100m赛跑的最好成绩是12.8sC.一般人的反应时间约为0.8sD.卫星绕地球运行的最小周期约为86min3.关于位移和路程，下列说法正确的是（）A.位移就是路程B.位移和路程的大小总是相等的C.位移是标量，路程是矢量D.在国际单位制中，位移和路程的单位都是米4.物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质称为惯性．下列有关惯性的说法中，正确的是（）A.乘坐汽车时系好安全带可减小惯性B.运动员跑得越快惯性越大C.宇宙飞船在太空中也有惯性D.汽车在刹车时才有惯性5.如图所示，在光滑水平面上的一根轻质弹簧，左端固定在竖直墙壁上，右端在水平恒力F的作用下，在弹性限度内伸长了x，则弹簧的劲度系数和墙壁对弹簧的作用力大小分别是（）A.，FB.，FC.，2FD.，2F6.家用电饭锅使用的传感器类型是（）A.湿度传感器B.声音传感器C.红外传感器D.温度传感器7.如图所示，皮带运输机把货物运到高处，货物在皮带上没有滑动，则货物受到的摩擦力（）A.是滑动摩擦力，方向沿皮带向下B.是滑动摩擦力，方向沿皮带向上C.是静摩擦力，方向沿皮带向下D.是静摩擦力，方向沿皮带向上8.如图所示，细绳OA和OB悬挂着一物体P，细绳BO水平，那么关于细绳AO和BO拉力情况，下列判断正确的是（）A.OA绳拉力小于OB绳的拉力B.OA绳拉力大于OB绳的拉力C.OA绳的拉力和OB绳的拉力均等于重物P的重力D.OA绳的拉力和OB绳的拉力均大于重物P的重力9.在升降机内的地板上放一台秤，一个人站在秤上，用F表示升降机匀速运动时秤的示数，F1和F2分别表示升降机以大小为a的加速度上升和加速下降时秤的示数，则（）A.F2＜F＜F1 B.F＜F1 F＜F2 C.F＜F1=F2 D.F＞F1，F＞F210.关于作用力与反作用力，下列说法正确的是（）A.地球对重物的引力大于重物对地球的引力B.当作用力是摩擦力时，反作用力也一定是摩擦力C.拔河比赛甲队获胜，则甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力D.匀速上升的气球所受的浮力的反作用力是气球的重力11.关于能量的转化，下列说法中不正确的是（）A.水力发电机把机械能转化为电能B.太阳能电池把太阳能转化为内能C.洗衣机把电能转化为机械能D.燃气热水器把化学能转化为水的内能12.某同学用一根结实的细绳，一端拴一个小物体在光滑的水平桌面上做圆周运动，体验手拉绳的力，如图所示．当保持物体质量不变时，下列说法正确的是（）A.半径不变，减小角速度，拉力将减小B.半径不变，增大角速度，拉力将减小C.角速度不变，减小半径，拉力将增大D.角速度不变，增大半径，拉力将减小13.地球和火星绕太阳的运动都可以看成匀速圆周运动，地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，若地球和火星绕太阳运行的线速度分别为v地、v火，周期分别为T地和T地，下列判断正确的是（）A.ω地=ω火B.a地＜a火C.T地＜T火D.v地＜v火14.磁通量可以形象地理解为“穿过磁场中某一面积的磁感线条数”．在如图所示磁场中，s1、s2、s3为三个面积相同的相互平行的线圈，穿过s1、s2、s3的磁通量分别为φ1、φ2、φ3且都不为0．下列判断正确的是（） A.φ1最大 B.φ2最大C.φ3最大D.φ1、φ2、φ3相等15.如图为条形磁铁部分磁感线分布示意图，P、Q是同一条磁感线上的两点，关于这两点的磁感应强度，下列判断正确的是（）A.P、Q两点的磁感应强度相同B.P点的磁感应强度比Q点的大C.P点的磁感应强度方向由P指向QD.Q点的磁感应强度方向由Q指向P16.如图所示，通电导线的电流方向和它周围产生的磁场磁感线的方向关系正确的是（）A. B. C. D.17.如图所示，在实验中，表明电子在磁场中偏转的是（）A. B. C. D.18.如图所示是研究电磁感应现象的实验装置，将实验装置正确连接好后，在条形磁铁插人或拔出线圈过程中，关于电流计指针偏转情况，下列叙述正确的是（）A.插入过程指针不偏转，拔出过程指针偏转B.插入过程指针偏转，拔出过程指针不偏转C.插人或拔出过程，指针都不偏转D.插入或拔出过程指针都偏转19.下列四种电学元件中，属于电容器的是（）A. B. C. D.20.标有“220V，55W”字样的白炽灯，不考虑灯泡通电发热，下列说法正确的是（）A.当它的实际工作电压小于220V时，消耗的实际功率为55WB.当它的实际工作电压小于220V时，通过的电流为0.25AC.当它的实际工作电压等于220V时，消耗的实际功率大于55WD.当它的实际工作电压大于220V时，灯泡的阻值为880Ω二、填空题(本大题共5小题，共15.0分)21.某物体作直线运动的速度-时间图象如图所示，根据图象回答：物体在AB段作______ 运动，加速度是______ m/s2，整个过程的平均速度是______ m/s．22.如图所示，重200N的木箱，在大小为100N、方向与水平面成60°角的拉力F的作用下，沿水平面匀速前进了500m．在此过程中，拉力F对木箱所做的功为______ J，木箱克服摩擦力所做的功为______ J．若木箱的速度为5m/s，则拉力的功率为______ W．（已知cos60°=）23.如图所示，空间中存在着磁感应强度大小为0.5T，方向沿纸面向上且范围足够大的匀强磁场，长为1m的直导线垂直磁场放置．若通过导线的电流为1A，方向垂直纸面向里，则通电直导线所受安培力大小为______ N，方向______ （填“向左”或“向右”）；若只改变导线中的电流方向而其它条件不变，则直导线所受安培力方向与原来的安培力方向______ （填“相同”或“相反”）．24.某同学将一个带电量为0.1C的正点电荷放入匀强电场中，测得其受到的电场力大小为1N，方向水平向左，则此电场的电场强度大小为______ N/C，方向______ （填“水平向左”或“水平向右”）．若将另一点电荷放入该电场中，测得其受到的电场力大小为0.5N，则此点电荷的电量大小为______ C．25.如图所示，а、b、c三种粒子垂直射入匀强磁场，根据粒子在磁场中的偏转情况，判断粒子的带电情况是：а ______ 、b______ 、c ______ ．（填“正电”、“负电”或“不带电”）三、实验题探究题(本大题共2小题，共6.0分)26.某同学用如图（a）所示的装置测定匀加速直线运动的加速度，打出的一条纸带如图（b）所示，A、B、C、D、E为在纸带上所选的计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1s．（1）实验时纸带的______ 端是和小车相连的．（选填“左”或“右”）（2）打点计时器打下C点时小车的速度大小为______ m/s．（3）由纸带所示数据可算出小车的加速度大小为______ m/s2．27.如图所示，某同学在做“探究弹簧伸长量与弹力的关系”实验时，先测出不挂钩码时弹簧的长度L0=20.00cm，然后在弹簧的下端依次挂上不同个数规格相同的钩码，测出每次相应的弹簧长度L，得到下面的记录表格．（1）当弹力大小为0.98N时，弹簧伸长量为______ cm；（2）由实验可知，在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成______ （选填“正比”或“反比”）；（3）由表中数据，可求出该弹簧的劲度系数为______ N/m．四、计算题(本大题共3小题，共19.0分)28.在21届温哥华冬奥会上，我国女子冰壶队取得了优异成绩，比赛中，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动，设一质量m=20kg的冰壶从被运动员推出到静止共用时t=20s，运动的位移x=30m，取g=10m/s2，求：冰壶在此过程中（1）所受重力的大小；（2）平均速度的大小；（3）加速度的大小．29.美国物理学家密立根通过油滴实验精确测量出电子的电荷量．测量原理是：让一些体积非常微小的带电油滴进入电场中，当电场力恰好与油滴所受重力平衡时，油滴处于悬浮状态．如图所示，匀强电场的电场强度大小为E，方向竖直向下，一滴质量为m的油滴恰好静止于电场中的P点，重力加速度为g．问：（1）油滴带何种电荷；（2）油滴所带电荷量q的大小．30.光滑的圆弧轨道AB竖直放置，半径R=0.2m，B端切线水平，B离地高度H=0.8m，如图所示，小滑块P从A点由静止滑下最终落在水平地面上（空气阻力不计，g取10m/s2）求：（1）小滑块P滑到B点时的速度v B的大小；（2）小滑块P的落地点与B点的水平距离S；（3）小滑块P的落地时的速度v的大小．。
2016年福建省三明市高考物理模拟试卷含参考答案(5月份)
2016年福建省三明市高考物理模拟试卷（5月份）一．选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题中只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容C的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d．极板所带电荷量为Q，静电计指针偏角为θ．实验中（）A．保持Q、S不变，增大d，则θ变大，C变小B．保持d、S不变．增大Q．则θ变大，C变大C．保持Q、d不变，减小S．则θ变小，C变小D．保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质．则θ变小，C变小2．（6分）如图（a）所示，半径为r的带缺口刚性金属圆环固定在水平面内，缺口两端引出两根导线，与电阻R构成闭合回路．若圆环内加一垂直于纸面变化的磁场，变化规律如图（b）所示．规定磁场方向垂直纸面向里为正，不计金属圆环的电阻．以下说法正确的是（）A．0﹣1s内，流过电阻R的电流方向为a→bB．1﹣2s内，回路中的电流逐渐减小C．2﹣3s内，穿过金属圆环的磁通量在减小D．t=2s时，U ab=πr2B03．（6分）2015年9月14日，美国的LIGO探测设施接收到一个来自GW 150914的引力波信号，此信号是由两个黑洞的合并过程产生的．如果将某个双黑洞系统简化为如图所示的圆周运动模型，两黑洞绕O点做匀速圆周运动．在相互强大的引力作用下，两黑洞间的距离逐渐减小，在此过程中，两黑洞做圆周运动的（）A．周期均逐渐增大 B．线速度均逐渐减小C．角速度均逐渐增大D．向心加速度均逐渐减小4．（6分）如图所示为著名的“阿特伍德机”装置示意图．跨过轻质定滑轮的轻绳两端悬挂两个质量均为M的物块，当左侧物块附上质量为m的小物块时，该物块由静止开始加速下落，下落h后小物块撞击挡板自动脱离，系统以v匀速运动．忽略系统一切阻力，重力加速度为g．若测出v，则可完成多个力学实验．下列关于此次实验的说法，正确的是（）A．系统放上小物块后，轻绳的张力增加了mgB．可测得当地重力加速度g=C．要验证机械能守恒，需验证等式mgh=Mv2，是否成立D．.要探究合外力与加速度的关系，需探究mg=（M+m）是否成立5．（6分）如图所示，质量为M的汽车从平直公路驶上斜坡．假设汽车在水平路面上匀速行驶，驶上斜坡后，汽车的功率及所受路面的阻力与在水平路面上行驶时一致，且车到达坡顶前已达到稳定状态．则在上坡过程中，汽车的速度v、牵引力F，牵引力做的功W，克服路面阻力做的功W f与时间t的关系图象，正确的是（）A．B．C．D．6．（6分）变压器除了有改变电压、电流作用外，还有变换负载的阻抗作用，以实现阻抗匹配．如图所示，将阻值为R0的负载接在理想变压器副线圈两端，则图（a）中虚线部分可等效为图（b）中阻值为R的电阻接在AB两点上，即R的两端电压为u1，通过的电流为I1．已知变压器的匝数比为n1：n2，若图（a）的AB两端接在电动势为ε，内阻为r的交流电源上，要使此电源的输出功率达到最大，下列说法正确的是（）A．R0=R时输出功率最大B．最大输出功率P=C．输出功率最大时μ2=D．R0=（）2r时输出功率最大7．（6分）如图所示，质量为m的小球（可视为质点）套在倾斜放置的固定光滑杆上，轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内．将小球沿杆拉到水平位置A处（此时弹簧处于原长状态）由静止释放，当小球滑至O点正下方的C处时速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h．若全过程中弹簧始终处于弹性限度内，且OA=OB，重力加速度为g．则下滑过程中，小球（）A．对弹簧做功mghB．滑到B处时动能最大C．加速度先增大后减小D．与弹簧组成的系统机械能守恒8．（6分）如图所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场．质量为m、半径为R的圆环当通有恒定的电流I时，恰好能水平静止在N极正上方H处．已知与磁单极子N极相距r处的磁场强度大小为B=，其中k为常数．重力加速度为g．则（）A．静止时圆环的电流方向为顺时针方向（俯视）B．静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势C．静止时圆环的电流I=D．若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落中加速度先增加后减小二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）某实验小组利用图（a）的装置“通过频闪照相研究平抛运动”．将小钢球A由斜槽某位置静止释放，到水平轨道末端水平抛出．由频闪照相得到图（b）所示的小球位置坐标图．结合图（b）的中的相关信息，研究得到“平抛运动水平方向是匀速直线运动”这一结论的依据是，“平抛运动竖直方向是匀变速直线运动”这一结论的依据是10．（9分）某同学采用图（a）所示实验电路来描绘额定电压为12V的小灯泡伏安特性曲线．（1）将图（b）的实物图连接完整．（2）某次实验时，滑动变阻器的滑片从a向b滑动的过程中，发现电压表和电流表原来几乎没有示数，直到接近b端时示数急剧增大．经检查所有电路连线及仪器都完好，则可能原因是：（3）若描绘出的伏安特性曲线如图（c）所示，则灯泡的额定功率为W．（保留两位有效数字）（4）若将两盏这样的灯泡与电动势12V，内阻4Ω的电源申联，则灯泡的实际功率为W．《保留两位有效数字）11．（12分）2010年上海世博会上，拉脱维亚馆的风洞飞行表演，令参观者大开眼界．如图（a）所示，圆柱体形状的风洞底部产生风速、风量保持不变的竖直向上的气流．表演者在风洞内．通过身姿调整．可改变所受向上的风力大小．以获得不同的运动效果．假设人体受风力大小与有效面积成正比，水平横躺时受风力有效而积最大．当人钵与竖直方向成一定角度倾斜使受风力有效面积为最大值的一半时，恰好可以静止或匀速运动．已知表演者质量60kg，重力加速度g=10m/s2，无风力时不计空气阻力．（1）表演者以水平横躺的姿势通过挂钩与轻绳连接悬停在距风洞底部高度h=3.6m处，某时刻释放挂钩，表演者保持姿势不变自由下落．为保证表演者不触及风洞底部，求从开始下落至开启风力的最长间隔时间．（2）某次表演者从风洞最底端变换不同姿态上升过程的v﹣t图象如图（b）所示，估算0﹣3s过程风力对表演者所做的功．12．（20分）如图（a）所示，在竖直平面内建立直角坐标系xoy，整个空间内都存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场和水平向右的匀强电场，匀强电场的方向与x轴止方向夹角为450．已知带电粒子质量为m、电量为+q，磁感应强度大小为B，电场强度大小E=，重力加速度为g．（1）若粒子在xoy平面内做匀速直线运动，求粒子的速度v0；（2）t=0时刻的电场和磁场方向如图（a）所示，若电场强度和磁感应强度的大小均不变．而方向随时间周期性的改变，如图（b）所示．将该粒子从原点O由静止释放，在0一时间内的运动轨迹如图（c）虚线OMN所示，M点为轨迹距y轴的最远点，M距y轴的距离为d．已知在曲线上某一点能找到一个和它内切的半径最大的圆，物体经过此点时，相当于以此圆的半径在做圆周运动，这个圆的半径就定义为曲线上这点的曲率半径．求：①粒子经过M点时曲率半径ρ②在图中画出粒子从N点回到O点的轨迹．(二）选考题，任选一模块作答[物理--选修3-3]（15分）13．（5分）下列说法正确的是（）A．分子质量不同的两种气体，温度相同时其分子的平均动能相同B．一定质量的气体，在体积膨胀的过程中，内能一定减小C．布朗运动表明，悬浮微粒周围的液体分子在做无规则运动D．知道阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度就可以估算出气体分子的大小E．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，它们的分子势能先减小后增大14．（10分）如图所示，左右两个容器的侧壁都是绝热的、底部都是导热的、横截面积均为S．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由容积可忽略的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强为p0，外部气温为T0=273K保持不变，两个活塞因自身重力对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求：（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．[物理一选修3-4]（15分）15．下列说法正确的是（）A．偏振光可以是横波，也可以是纵波B．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象C．光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理D．X射线在磁场中能偏转．穿透能力强，可用来进行人体透视E．声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率大于声源振动的频率16．一列简谐横波在t=0.6s时刻的图象如图甲所示．该时刻P，Q两质点的位移均为﹣lcm，平衡位置为15m处的A质点的振动图象如图乙所示．（i）求该列波的波速大小；（ii）求从t=0.6s开始，质点P、Q第一次回到平衡位置的时间间隔△t．[物理一选修3-5]（15分）17．下列说法正确的是（）A．经典电磁理论无法解释氢原子的分立线状光谱B．聚变又叫热核反应，太阳就是一个巨大的热核反应堆C．根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小D．某放射性原子核经过2次a衰变和一次β衰变，核内质子数减少3个E．用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，可以使氘核分解为一个质子和一个中子18．如图所示，物块A、C的质量均为m，B的质量为2m，都静止于光滑水平台面上，A、B间用一不可伸长的轻质短细线相连．初始时刻细线处于松弛状态，C 位于A右侧足够远处．现突然给A一瞬时冲量，使A以初速度v0沿A、C连线方向向C运动，A与C相碰后，粘合在一起．①A与C刚粘合在一起时的速度为多大？②若将A、B、C看成一个系统，则从A开始运动到A与C刚好粘合的过程中系统损失的机械能．2016年福建省三明市高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一．选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题中只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容C的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d．极板所带电荷量为Q，静电计指针偏角为θ．实验中（）A．保持Q、S不变，增大d，则θ变大，C变小B．保持d、S不变．增大Q．则θ变大，C变大C．保持Q、d不变，减小S．则θ变小，C变小D．保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质．则θ变小，C变小【解答】解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持Q、S不变，增大d时，电容C减小，因电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大．故A 正确；B、当保持d、S不变，增大Q时，根据电容的决定式C=得知，电容C不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则θ变大，B错误．C、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d 不变，减小S时，电容C减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大，故C错误；D、当保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质，根据电容的决定式C=得知，电容C变大，而由电容的定义式C=分析可知板间电势差减小，则θ变小，故D错误．故选：A．2．（6分）如图（a）所示，半径为r的带缺口刚性金属圆环固定在水平面内，缺口两端引出两根导线，与电阻R构成闭合回路．若圆环内加一垂直于纸面变化的磁场，变化规律如图（b）所示．规定磁场方向垂直纸面向里为正，不计金属圆环的电阻．以下说法正确的是（）A．0﹣1s内，流过电阻R的电流方向为a→bB．1﹣2s内，回路中的电流逐渐减小C．2﹣3s内，穿过金属圆环的磁通量在减小D．t=2s时，U ab=πr2B0【解答】解：A、依据楞次定律，在0﹣1s内，穿过线圈的向里磁通量增大，则线圈中产生顺时针方向感应电流，那么流过电阻R的电流方向为b→a，故A错误；B、在1﹣2s内，穿过线圈的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律，则回路中的电流恒定不变，故B错误；C、在2﹣3s内，穿过金属圆环的磁通量在增大，故C错误；D、当t=2s时，根据法拉第电磁感应定律，E=S=πr2B0；因不计金属圆环的电阻，因此U ab=E=πr2B0，故D正确；故选：D．3．（6分）2015年9月14日，美国的LIGO探测设施接收到一个来自GW 150914的引力波信号，此信号是由两个黑洞的合并过程产生的．如果将某个双黑洞系统简化为如图所示的圆周运动模型，两黑洞绕O点做匀速圆周运动．在相互强大的引力作用下，两黑洞间的距离逐渐减小，在此过程中，两黑洞做圆周运动的（）A．周期均逐渐增大 B．线速度均逐渐减小C．角速度均逐渐增大D．向心加速度均逐渐减小【解答】解：A、根据=，解得L2同理可得R2所以当M1+M2不变时，L增大，则T增大，即双星系统运行周期会随间距减小而减小，故A错误；B、根据，解得，由于L平方的减小比r1和r2的减小量大，则线速度增大，故B错误．C、角速度，结合A可知，角速度增大，故C正确；D、根据=M1a1=M2a知，L变小，则两星的向心加速度增大，故D错误．故选：C4．（6分）如图所示为著名的“阿特伍德机”装置示意图．跨过轻质定滑轮的轻绳两端悬挂两个质量均为M的物块，当左侧物块附上质量为m的小物块时，该物块由静止开始加速下落，下落h后小物块撞击挡板自动脱离，系统以v匀速运动．忽略系统一切阻力，重力加速度为g．若测出v，则可完成多个力学实验．下列关于此次实验的说法，正确的是（）A．系统放上小物块后，轻绳的张力增加了mgB．可测得当地重力加速度g=C．要验证机械能守恒，需验证等式mgh=Mv2，是否成立D．.要探究合外力与加速度的关系，需探究mg=（M+m）是否成立【解答】解：A、对系统，由牛顿第二定律得，加速度：a==，对M，由牛顿第二定律得：F﹣Mg=Ma，解得：F=Mg+，故A错误；B、对系统，由动能定理得：（M+m）gh﹣Mgh=（M+m+M）v2﹣0，解得：g=，故B正确；C、如果机械能守恒，则：（M+m）gh=Mgh+（M+m+M）v2，整理得：mgh=（2M+m）v2，故C错误；D、物体做初速度为零的匀加速直线运动，加速度：a=，由牛顿第二定律得：（M+m）g﹣Mg=（M+m+M）a，整理得：mg=（2M+m），要探究合外力与加速度的关系，需探究mg=（2M+m）是否成立，故D错误；故选：B．5．（6分）如图所示，质量为M的汽车从平直公路驶上斜坡．假设汽车在水平路面上匀速行驶，驶上斜坡后，汽车的功率及所受路面的阻力与在水平路面上行驶时一致，且车到达坡顶前已达到稳定状态．则在上坡过程中，汽车的速度v、牵引力F，牵引力做的功W，克服路面阻力做的功W f与时间t的关系图象，正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：A、汽车在水平面上匀速运动时，由P=Fv=fv，当到达斜面上时，由于刚到达斜面上，此时的牵引力不变，还是F，根据牛顿第二定律可知F﹣f﹣mgsinθ=ma，故汽车从刚到达斜面时，做减速运动，根据P=Fv可知，速度减小，牵引力增大，当牵引力等于阻力和重力沿斜面的分力时，速度减到最小，此后做匀速运动，故A正确，B错误；C、汽车始终在额定功率下运动，故牵引力所做的功为W=Pt，与时间成正比，故C正确；D、汽车开始做减速运动，然后做匀速运动，在减速运动阶段，位移不和时间成正比，故D错误；故选：AC6．（6分）变压器除了有改变电压、电流作用外，还有变换负载的阻抗作用，以实现阻抗匹配．如图所示，将阻值为R0的负载接在理想变压器副线圈两端，则图（a）中虚线部分可等效为图（b）中阻值为R的电阻接在AB两点上，即R的两端电压为u1，通过的电流为I1．已知变压器的匝数比为n1：n2，若图（a）的AB两端接在电动势为ε，内阻为r的交流电源上，要使此电源的输出功率达到最大，下列说法正确的是（）A．R0=R时输出功率最大B．最大输出功率P=C．输出功率最大时μ2=D．R0=（）2r时输出功率最大【解答】解：AB、可等效为带有内阻的电源的电路，即当内电阻和外电阻大小相等时，输出功率最大，即r=R时输出功率最大，最大为，当R=r时，，A错误B正确；C、根据闭合回路欧姆定律可得R，当输出功率最大时，r=R，故，代入可得，C错误；D、当输出功率最大时有，根据，结合，联立可得，D正确；故选：BD7．（6分）如图所示，质量为m的小球（可视为质点）套在倾斜放置的固定光滑杆上，轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内．将小球沿杆拉到水平位置A处（此时弹簧处于原长状态）由静止释放，当小球滑至O点正下方的C处时速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h．若全过程中弹簧始终处于弹性限度内，且OA=OB，重力加速度为g．则下滑过程中，小球（）A．对弹簧做功mghB．滑到B处时动能最大C．加速度先增大后减小D．与弹簧组成的系统机械能守恒【解答】解：A、小球从A下滑至最低点C的过程中，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，初、末位置动能都为零，所以弹簧的弹性势能增加量等于重力势能的减小量mgh，根据功能关系可知，小球对弹簧做功为mgh，故A正确．B、当小球滑到B处时，弹簧处于原长，合外力方向沿杆向下，小球继续加速，速度没有达到最大值，则动能也没有达到最大值，故B错误．C、小球在A处和B处弹簧处于原长状态，加速度为gsinα，α是杆的倾角．在AB的中点，弹簧与杆垂直，由牛顿第二定律知，小球的加速度也为gsinα．在A 到B的过程，弹簧处于压缩状态，可知，小球的加速度先减小后增大，再减小后增大．从B到C，弹簧伸长，由于小球的质量未知，则加速度可能先减小后增大，也可能一直减小，故C错误．D、小球运动过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，故D正确．故选：AD8．（6分）如图所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场．质量为m、半径为R的圆环当通有恒定的电流I时，恰好能水平静止在N极正上方H处．已知与磁单极子N极相距r处的磁场强度大小为B=，其中k为常数．重力加速度为g．则（）A．静止时圆环的电流方向为顺时针方向（俯视）B．静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势C．静止时圆环的电流I=D．若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落中加速度先增加后减小【解答】解：A、环所在处的磁场的方向向上，则环产生的磁场的方向向下，根据安培定则可知，静止时圆环的电流方向为顺时针方向（俯视），故A正确；B、静止时圆环的电流方向为逆时针方向由左手定则可知，环上的各点受到的安培力的方向向上向里，所以环有收缩的趋势，故B错误；C、对环的某一部分进行受力分析如图：在水平方向，根据安培力的对称性可知，整个的环在水平方向的合力为0，竖直方向的合力与重力大小相等，由于在圆环处各点电流的方向与磁场的方向都垂直，所以整体受到的安培力：F=BI•2πR由几何关系：Fcosθ=mgcosθ=由题：B=联立得：I=．故C正确；D、结合C的受力分析可知，若将圆环向上平移一小段距离后环受到的安培力将减小；由静止释放，重力开始时大于安培力，所以环加速下落，向下的过程中安培力增大，所以合外力减小，加速度先减小．故D错误．故选：AC二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）某实验小组利用图（a）的装置“通过频闪照相研究平抛运动”．将小钢球A由斜槽某位置静止释放，到水平轨道末端水平抛出．由频闪照相得到图（b）所示的小球位置坐标图．结合图（b）的中的相关信息，研究得到“平抛运动水平方向是匀速直线运动”这一结论的依据是相等时间间隔通过的水平位移相等，“平抛运动竖直方向是匀变速直线运动”这一结论的依据是相等时间间隔竖直方向相邻位移的差值相等【解答】解：由b图可知，因为频闪照片的时间间隔相等，在相等时间间隔内通过的水平位移相等，可知平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．相等时间间隔内，竖直方向上相邻位移的差值相等，可知平抛运动在竖直方向上做匀变速直线运动．故答案为：相等时间间隔通过的水平位移相等；相等时间间隔竖直方向相邻位移的差值相等；10．（9分）某同学采用图（a）所示实验电路来描绘额定电压为12V的小灯泡伏安特性曲线．（1）将图（b）的实物图连接完整．（2）某次实验时，滑动变阻器的滑片从a向b滑动的过程中，发现电压表和电流表原来几乎没有示数，直到接近b端时示数急剧增大．经检查所有电路连线及仪器都完好，则可能原因是：滑动变阻器阻值远大于灯泡电阻（3）若描绘出的伏安特性曲线如图（c）所示，则灯泡的额定功率为 6.6W．（保留两位有效数字）（4）若将两盏这样的灯泡与电动势12V，内阻4Ω的电源申联，则灯泡的实际功率为 2.0W．《保留两位有效数字）【解答】解：（1）根据原理图可得出对应的实物图，由图可知，电流最大值为0.6A，故电流表量程选择0.6A；如图所示；（2）滑动变阻器串联在电路中，电压表测量滑动变阻器电压，刚开始滑动触头P由A端向B端逐渐滑动时，电压表的示数几乎不变，说明随着电阻的变小，滑动变阻器的电阻占整个电路电阻的比例变化不大，直到当滑动触头P滑至临近B 端时，电压表的示数急剧变化，说明滑线变阻器的总电阻太大，所以原因是：滑动变阻器阻值太大，有效使用的部分短；（3）由图可知，当电压为12V时，电流为0.55A；故功率为：P=UI=12×0.55=6.6W；（4）将两盏这样的灯泡与电源串联，则灯泡的电流为I，则有：2U=E﹣Ir；U==6﹣2r；作出对应的伏安特性曲线，二者之间的交点即为灯泡的工作点，则由图可知，灯泡的电压为5V，电流为0.4A，则功率为：P=UI=5×0.4=2.0W；故答案为：（1）如图；（2）滑动变阻器阻值远大于灯泡电阻；（3）6.6；（4）2.011．（12分）2010年上海世博会上，拉脱维亚馆的风洞飞行表演，令参观者大开眼界．如图（a）所示，圆柱体形状的风洞底部产生风速、风量保持不变的竖直向上的气流．表演者在风洞内．通过身姿调整．可改变所受向上的风力大小．以获得不同的运动效果．假设人体受风力大小与有效面积成正比，水平横躺时受风力有效而积最大．当人钵与竖直方向成一定角度倾斜使受风力有效面积为最大值的一半时，恰好可以静止或匀速运动．已知表演者质量60kg，重力加速度g=10m/s2，无风力时不计空气阻力．（1）表演者以水平横躺的姿势通过挂钩与轻绳连接悬停在距风洞底部高度h=3.6m处，某时刻释放挂钩，表演者保持姿势不变自由下落．为保证表演者不触及风洞底部，求从开始下落至开启风力的最长间隔时间．（2）某次表演者从风洞最底端变换不同姿态上升过程的v﹣t图象如图（b）所示，估算0﹣3s过程风力对表演者所做的功．【解答】解：（1）由题意可知，表演者静止时所受风力F1=mg水平横躺时：F2=2F1=2mg表演者开始下落时做自由落体运动，设t1时刻开启风力，表演者做匀减速运动．由牛顿第二定律得：F2﹣mg=ma代入数据解得：a=g=10m/s2当表演者落至风洞底部时速度恰好为零，此过程间隔时间最长．加速过程：h1=gt12减速过程：h2=at22总位移为：h=h1+h2联立解得：t1=t2=0.6s（2）由图象可求得面积约为37或38格，故此过程上升的高度为h′=4.625m，末速度v=2m/s上升过程，由动能定理得：W﹣mgh′=mv2﹣0代入数据解得：W=2895J答：（1）从开始下落至开启风力的最长间隔时间为0.6s．。
福建省莆田一中2016届高三考前5月模拟试卷文综地理试
莆田一中2016届高三年段高考模拟考试测试卷文科综合能力测试地理试题本试卷共13页，48题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用合乎要求的2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用合乎要求的签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用合乎要求的2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。
选择题共35小题，每小题4分，共140分在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
城市集聚效应是指各种产业和经济活动在空间上集中产生的经济效果,以及吸引经济活动向一定地区靠近的向心力，是导致城市形成和不断扩大的基本因素。
下图示意城市集聚效应与工业化水平的关系，读图完成1~2题。
1．伴随工业化水平提高，城市集聚效应A．逐渐增强 B．逐渐减弱C．先增强后减弱 D．先减弱后增强2．城市集聚效应达到M点后，将可能出现A.逆城市化现象 B．工业化水平下降C．城市规模萎缩 D．农业人口增加中央谷地位于美国西南部，是重要的“果篮子”和“菜篮子”基地。
某海水淡化工厂在该地收集含盐地下水和农业退水（农业生产中排出的污水和液态废物），利用蒸馏技术提取可用的淡水，并浓缩分离出多种矿物质。
下图示意中央谷地水系分布，读图回答3~5题。
3．造成谷地东西两侧降水量差异的主导因素是A．洋流 B．海陆位置 C．地形 D．纬度位置4．该工厂蒸馏制水利用的热源最可能来自A．矿物能 B．太阳能 C．生物能 D．风能5．该地区运用和推广淡化技术将有助于A．减轻土壤盐碱化 B．缓解矿产资源短缺C．减轻水土流失 D．缓解土地沙漠化下图反映黄河下游花园口站在三个不同时段内年径流及输沙量的变化范围，据此完成6～8题。
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2016年福建省莆田一中高考物理模拟试卷（5月份）二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-4题只有一项符合题目要求，第5-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）夸克是构成物质的基本单元，1994年发现于美国费米实验室的顶夸克便是其中一种．已知正、反顶夸克之间的强相互作用势能可写为E P=﹣K，式中r是正、反顶夸克之间的距离，a s=0.12是强相互作用耦合常数，无单位，K是与单位制有关的常数，则在国际单位制中常数K的单位是（）A．N B．N•m C．N•m2D．N•m2/C22．（6分）一铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直．现用水平外力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止．则在这一过程中（）A．水平外力F不变B．细线的拉力不变C．铁架台对地面的压力不变D．铁架台所受地面的摩擦力不变3．（6分）一自耦调压变压器（可看做理想变压器）的电路如图甲所示，移动滑动触头P可改变副线圈匝数．已知变压器线圈总匝数为1 900匝，原线圈匝数为1 100匝，接在如图乙所示的交流电源上，电压表为理想电表，则（）A．交流电源电压瞬时值的表达式为u=220sin 100πt VB．P向上移动时，电压表的示数变大，最大显示示数为380VC．P向下移动时，变压器的输入功率不变D．P向下移动时，通过原线圈的电流减小4．（6分）如图所示，竖直平面内固定有一段内壁光滑的弯管，其两端P、Q的水平距离为d．若将直径略小于弯管内径的小球以初速度v0从P端水平射入弯管，则小球在穿过整个弯管的过程中与弯管均无挤压．若小球从静止开始由P端滑入弯管，则小球从Q端射出时的速度也为v0．已知重力加速度为g，不计空气阻力，那么（）A．v0=B．v0= C．v0=D．v0=25．（6分）质量分别为2m和m的A、B两物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，撤去F1、F2后受摩擦力的作用减速到停止，其v﹣t图象如图所示．若水平面对A、B两物体的摩擦力分别为f1、f2，则下列说法正确的是（）A．F1：F2=1：1 f1：f2=1：1 B．F1：F2=2：1 f1：f2=1：1C．F1：F2=1：1 f1：f2=1：2 D．F1：F2=2：1 f1：f2=2：16．（6分）小陈在地面上从玩具枪中竖直向上射出初速度为v0的塑料小球，若小球运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，下列说法中正确的是（）A．小球上升过程中的平均速度大于B．小球下降过程中的平均速度大于C．小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为0D．小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小7．（6分）如图所示，水平面内有一个固定的光滑绝缘圆环，圆环上套有一质量m=2×10﹣2kg、带电量q=+1×10﹣6C的小球，整个装置处在水平方向的匀强电场中，AB为圆环的一条直径．若小球从A点静止释放，则其运动过程中最大速度v1=0.1m/s；若小球从B点静止释放，则其运动过程中的最大速度v2=0.2m/s．若规定圆环圆心O处的电势为零，则下列说法正确的是（）A．圆环上A点的电势为100VB．圆环上B点的电势为150VC．小球从A点静止释放的运动过程中一定会经过B点D．小球从B点静止释放的运动过程中一定会经过A点8．（6分）如图所示，空间内存在竖直方向的磁感应强度为B的匀强磁场．电阻可忽略不计的金属框架ABCD固定在水平面内，AB与CD平行且足够长．粗细均匀的光滑导体棒MN垂直于CD放置，在外力F的作用下以垂直于自身的速度v 向右匀速运动，运动过程中始终与金属框接触良好．若以导体棒经过C点瞬间为计时起点，则电路中的电流大小I、消耗的电功率P、外力F、导体棒MN两点间的电势差U随时间t的变化规律图象中正确的是（）A．B．C．D．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个小题考生都必须作答．第13～18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）如图所示为一正在测量中的多用电表表盘．（1）如果是用直流5mA挡测量电流，则读数为．（2）如果是用直流电压10V挡测量电压，则读数为．（3）如果是用欧姆×10Ω挡测电阻，则读数为．10．（9分）某兴趣小组的同学用一个光伏电池（俗称太阳能电池）在正常光照环境下给标有“U”的小灯泡供电，发现灯泡并不发光，检查灯泡、线路均没有故障．甲、乙同学对此现象的原因进行了猜想与分析后，均认为电池内阻可能太大．为了验证猜想，甲同学用欧姆表直接连接在电池的两极，欧姆表的示数为L；乙同学则先将灵敏电流表（内阻可忽略）直接连接在电池的两极，测得电流为0.74mA，后将电压表（内阻约为50kΩ）单独连接电池的两极，测得电压为1.48V，再计算r===2×103Ω（1）根据甲、乙两同学的测量所得数值判断，此光伏电池的内阻R g大小应A．略大于2kΩB．等于2kΩC．略小于2kΩD．略大于30Ω．等于30ΩE．略小于30Ω（2）你若是兴趣小组中的一员，为测定光伏电池的电动势和内阻，在上述甲、乙两同学测量结果的基础上，请设计一个合理且具备操作性的实验电路图．提供的实验器材有：电流表A1（量程0.6A，内阻r1=1Ω）电流表A2（量程1mA，内阻r2=100Ω）电阻箱R1（0～99.99Ω）电阻箱R2（0～9999Ω）导线若干、开关请在虚线框中画出测量光伏电池的电动势和内阻的实验电路图（所选用的器材请在图中用对应的符号标出）．（3）多次改变电阻箱的阻值R，测出相应的电流表读数I．根据实验测得的数据描点，绘出的﹣R图象是一条直线．若直线的斜率为k，在坐标轴上的截距为b，则该电源的电动势E=，内阻r=（用题中所给字母表示）．11．（12分）如图所示，某行星绕太阳公转的运动轨道为椭圆，其近日点A和远日点B离太阳的距离分别为r A和r B．已知太阳质量为M，引力常量为G．（取无穷远处为零势能点时，两质量分别为m1、m2天体间的引力势能表达式为E p=﹣G，其中r为两天体中心间的距离．）（1）请结合开普勒第三定律求出该行星轨道半长轴a的三次方与它的公转周期T的平方的比值．（2）请结合开普勒第二定律求出该行星在近日点A点的速度大小．12．（20分）如图所示，直角坐标系xOy的第一象限内有方向垂直纸面向外、磁感应强度B=T的匀强磁场，第三象限内有方向沿y轴负方向、电场强度E=20V/m的匀强电场．现将大量质量相等、带电量不同的粒子，从y轴上PQ之间各处沿x轴正方向于某一瞬间全部射入磁场．已知粒子的质量m=10﹣10 kg，初速度v0=1.6×103m/s，带电量q的范围为2.5×10﹣6C至1×10﹣5C，所有粒子都能从坐标原点O处进入第三象限．足够大的荧光屏MN位于直线y=﹣0.64m处，粒子打到荧光屏的瞬间，荧光屏上被粒子击中的位置会发光．不计粒子重力，计算时可取=5，求：（1）PQ两点之间的距离；（2）荧光屏发光的持续时间；（3）已知带电量q=1×10﹣5C的粒子能够打中荧光屏的A点．若将荧光屏绕A 点顺时针转过一定角度θ（如图中虚线所示），且θ满足0＜θ＜135°．试问是否存在一个角度θ使得从PQ之间同时释放的所有粒子能够在同一时刻到达荧光屏．若存在，请求出θ的值；若不存在，请说明原因．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答，多答则每按所答的第一个评分．[物理-选修3-3]（15分）13．（5分）利用单分子油膜可以粗测定分子的大小和阿伏伽德罗罗常数，如果已知体积V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜面积为S，则这种油分子的直径的表达式d=，如果这种油的摩尔质量为M，密度ρ，则阿伏伽德罗常数的表达式为N A=．14．（10分）一定质量的理想气体经历了如图所示的A→B→C→D→A循环，该过程每个状态视为平衡态，各状态参数如图所示．A状态的压强为1×105Pa，求：（i）B状态的温度；（ii）完成一个循环，气体与外界热交换的热量．[物理-选修3-4]（15分）15．（1）在“用单摆测定当地的重力加速度”的实验中，除带横杆的铁架台、铁夹、秒表、游标卡尺、刻度尺之外，还必须选用的器材，正确的一组是．A．约1m的不可伸长的细线，半径约1cm的小铁球B．约0.1m的不可伸长的细线，半径约1cm的小铁球C．约0.1m的不可伸长的细线，半径约1cm的小塑料球D．约1m的不可伸长的细线，半径约1cm的小塑料球（2）某同学在处理数据的步骤中，以为纵坐标，以周期T为横坐标，作出如图所示的图象，已知该图线的斜率为k=0.500，则重力加速度为m/s2．（结果保留三位有效数字，π=3.14）16．在折射率为n、厚度为d的玻璃平板上方的空气中有一点光源S，从S发出的光线SA以入射角θ入射到玻璃板上表面，经过玻璃板后从下表面射出，如图所示．若沿此光线传播的光从光源S到玻璃板上表面的传播时间与在玻璃板中传播时间相等，点光源S到玻璃板上表面的垂直距离l应是多少？[物理-选修3-5]（15分）17．用同一实验装置甲研究光电效应现象，分别用A、B、C三束光照射光电管阴极，得到光管两端电压与相应的光电流的关系如图乙所示，其中A、C两束光照射时对应的遏止电压相同，均为U c1，根据你所学的相关理论下列论述正确的是（）A．三个光束的频率都大于阴极金属板的极限频率B．B光束光子的动量最大C．三个光束中B光束照射时单位时间内产生的光电子数量最多D．三个光束中A光束照射时单位时间内产生的光电子数量最多E．若B光是氢原子由第2能级向基态跃迁时产生的，则C光可能是氢原子由更高能级跃迁到基态产生的18．光滑水平面上有三个木块A、B、C，木块A、B、C质量分别为m A=m，m B=2m，m C=3m．开始时B静止，A、B间距小于B、C间距，A、C都以相同的初速度大小v0向B运动．A与B发生碰撞后分开，C与B发生碰撞后粘在一起，此后A 与B间的距离保持不变．（i）请通过计算判断A、B间的碰撞是否为弹性碰撞；（ii）求两次碰撞A、B、C组成的系统动能总的损失量．2016年福建省莆田一中高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-4题只有一项符合题目要求，第5-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）夸克是构成物质的基本单元，1994年发现于美国费米实验室的顶夸克便是其中一种．已知正、反顶夸克之间的强相互作用势能可写为E P=﹣K，式中r是正、反顶夸克之间的距离，a s=0.12是强相互作用耦合常数，无单位，K是与单位制有关的常数，则在国际单位制中常数K的单位是（）A．N B．N•m C．N•m2D．N•m2/C2【解答】解：由Ep=﹣K，得K=﹣势能的国际单位J、距离r的国际单位m，αs是强相互作用耦合常数，无单位，代入上式得：k的国际单位J﹒m 即N•mm，故C正确故选：C2．（6分）一铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直．现用水平外力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止．则在这一过程中（）A．水平外力F不变B．细线的拉力不变C．铁架台对地面的压力不变D．铁架台所受地面的摩擦力不变【解答】解：A、对小球受力分析，受拉力、重力、F，根据平衡条件，有：F=mgtanθ，θ逐渐增大则F逐渐增大，故A错误；B、由上图可知，线细的拉力为：T=，θ增大，T增大，故B错误；CD、以整体为研究对象，根据平衡条件得：F f=F，则F f逐渐增大．F N=（M+m）g，F N保持不变．故C正确，D错误．故选：C3．（6分）一自耦调压变压器（可看做理想变压器）的电路如图甲所示，移动滑动触头P可改变副线圈匝数．已知变压器线圈总匝数为1 900匝，原线圈匝数为1 100匝，接在如图乙所示的交流电源上，电压表为理想电表，则（）A．交流电源电压瞬时值的表达式为u=220sin 100πt VB．P向上移动时，电压表的示数变大，最大显示示数为380VC．P向下移动时，变压器的输入功率不变D．P向下移动时，通过原线圈的电流减小【解答】解：A、交流电源电压的最大值是220V，所以表达式为u=220sin100πtV，故A错误B、原线圈的电压有效值为220V，P向上移动时，电压表的最大示数为×220=380V，故B错误C、P向下移动时，副线圈电压减小，副线圈电流减小，变压器的输入功率变小，故C错误D、P向下移动时，副线圈电压减小，副线圈电流减小，输入功率等于输出功率，原线圈电流减小，故D正确故选：D4．（6分）如图所示，竖直平面内固定有一段内壁光滑的弯管，其两端P、Q的水平距离为d．若将直径略小于弯管内径的小球以初速度v0从P端水平射入弯管，则小球在穿过整个弯管的过程中与弯管均无挤压．若小球从静止开始由P端滑入弯管，则小球从Q端射出时的速度也为v0．已知重力加速度为g，不计空气阻力，那么（）A．v0=B．v0= C．v0=D．v0=2【解答】解：当小球在穿过整个弯管的过程中与弯管均无挤压，则小球做平抛运动，运动的时间t=，则下降的高度h=，若小球从静止开始滑入，根据动能定理得，mgh=，解得v0=．故选：A．5．（6分）质量分别为2m和m的A、B两物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，撤去F1、F2后受摩擦力的作用减速到停止，其v﹣t图象如图所示．若水平面对A、B两物体的摩擦力分别为f1、f2，则下列说法正确的是（）A．F 1：F2=1：1 f1：f2=1：1 B．F1：F2=2：1 f1：f2=1：1C．F1：F2=1：1 f1：f2=1：2 D．F1：F2=2：1 f1：f2=2：1【解答】解：由动量定理：△P=Ft可得对A：2m•（0﹣v0）=﹣f1（3t0﹣t0）对B：m•（0﹣v0）=﹣f2（3t0﹣2t0）所以：f1=f2加速的过程中．对A：（F1﹣f1）t0=2m•（v0﹣0），得：F1=3f1对B：（F2﹣f2）•2t0=m•（v0﹣0），得：F2=1.5f2所以：F1：F2=2：1．故B正确，ACD错误故选：B6．（6分）小陈在地面上从玩具枪中竖直向上射出初速度为v0的塑料小球，若小球运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，下列说法中正确的是（）A．小球上升过程中的平均速度大于B．小球下降过程中的平均速度大于C．小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为0D．小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小【解答】解：A、上升过程若是匀减速直线运动，其平均速度为，而从图中可以看出其面积小于匀减速直线运动的面积，即小球实际上升的位移小于做匀减速上升的位移，而平均速度等于位移与时间之比，故其平均速度小于匀减速运动的平均速度，即小于．故A错误。