信号分析与处理课程习题2参考解答-2010（共5篇）
信号分析与处理答案第二版完整版
信号分析与处理答案第二版HEN system office room 【HEN16H-HENS2AHENS8Q8-HENH1688】第二章习题参考解答求下列系统的阶跃响应和冲激响应。
(1)解当激励为时，响应为，即：由于方程简单，可利用迭代法求解：，，…，由此可归纳出的表达式：利用阶跃响应和冲激响应的关系，可以求得阶跃响应：(2)解 (a)求冲激响应，当时，。
特征方程，解得特征根为。
所以：…(2.1.2.1)通过原方程迭代知，，，代入式(2.1.2.1)中得：解得，代入式(2.1.2.1)：…(2.1.2.2)可验证满足式(2.1.2.2)，所以：(b)求阶跃响应通解为特解形式为，，代入原方程有，即完全解为通过原方程迭代之，，由此可得解得，。
所以阶跃响应为：(3)解(4)解当t>0时，原方程变为：。
…(2.1.3.1)…(2.1.3.2)将(2.1.3.1)、式代入原方程，比较两边的系数得：阶跃响应：求下列离散序列的卷积和。
(1)解用表格法求解(2)解用表格法求解(3)和如题图2.2.3所示解用表格法求解(4)解(5)解(6)解参见右图。
当时：当时：当时：当时：当时：(7) ，解参见右图：当时：当时：当时：当时：当时：(8) ，解参见右图当时：当时：当时：当时：(9) ，解(10)，解或写作：求下列连续信号的卷积。
(1) ，解参见右图：当时：当时：当时：当时：当时：当时：(2) 和如图2.3.2所示解当时：当时：当时：当时：当时：(3) ，解(4) ，解(5) ，解参见右图。
当时：当时：当时：当时：(6) ，解(7) ，解(8) ，解(9) ，解试求题图示系统的总冲激响应表达式。
解已知系统的微分方程及初始状态如下，试求系统的零输入响应。
(1) ；解，，(2) ；，解，，，，可定出(3) ；，解，，，可定出某一阶电路如题图所示，电路达到稳定状态后，开关S 于时闭合，试求输出响应。
解由于电容器二端的电压在ｔ＝０时不会发生突变，所以。
信号分析与处理课后习题答案
信号分析与处理课后习题答案第五章 快速傅里叶变换1.如果一台通用计算机的速度为平均每次复乘需要50us ，每次复加需要10us ，用来就散N=1024点的DFT ，问：（1）直接计算需要多少时间？用FFT 计算呢？（2）照这样计算，用FFT 计算快速卷积对信号进行处理是，估计可实现实时处理的信号最高频率？ 解：分析：直接利用DFT 计算：复乘次数为N 2，复加次数为N(N-1)；利用FFT 计算：复乘次数为20.5log N N ，复加次数为2log N N ；（1） 直接DFT 计算：复乘所需时间2215010245052.4288T N us us s =⨯=⨯=复加所需时间2(1)101024(10241)1010.47552T N N us us s =-⨯=-⨯= 所以总时间1262.90432DFT T T T s =+=FFT 计算：复乘所需时间3220.5log 500.51024log 1024500.256T N N us us s =⨯=⨯⨯⨯= 复加所需时间422log 101024log 1024100.1024T N N us us s =⨯=⨯⨯= 所以总时间为340.3584FFT T T T s =+= （2） 假设计算两个N 长序列1()x n 和2()x n 的卷积计算过程为如下：第一步：求1()X k ，2()X k ；所需时间为2FFT T ⨯第二步：计算12()()()X k X k X k =•，共需要N 次复乘运算所需时间为501024500.0512To N us us s =⨯=⨯=第三步：计算(())IFFT X k ，所需时间为FFT T所以总时间为230.35840.0512 1.1264FFT T T To s s s =⨯+=⨯+= 容许计算信号频率为N/T=911.3Hz2.设x(n)是长度为2N 的有限长实序列，()X k 为x(n)的2N 点得DFT 。
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第二章习题参考解答求下列系统的阶跃响应和冲激响应;1解当激励为时,响应为,即：由于方程简单,可利用迭代法求解：, ,…,由此可归纳出的表达式：利用阶跃响应和冲激响应的关系,可以求得阶跃响应：2解 a求冲激响应,当时,;特征方程,解得特征根为;所以：…2.1.2.1通过原方程迭代知,,,代入式2.1.2.1中得：解得, 代入式2.1.2.1：…2.1.2.2可验证满足式2.1.2.2,所以：b求阶跃响应通解为特解形式为,,代入原方程有, 即完全解为通过原方程迭代之,,由此可得解得,;所以阶跃响应为：3解4解当t>0时,原方程变为：;…2.1.3.1…2.1.3.2将2.1.3.1、式代入原方程,比较两边的系数得：阶跃响应：求下列离散序列的卷积和;1解用表格法求解2解用表格法求解3和如题图2.2.3所示解用表格法求解4解5解6解参见右图;当时：当时：当时：当时：当时：7 ,解参见右图：当时：当时：当时：当时：当时：8 , 解参见右图当时：当时：当时：当时：9 ,解10 ,解或写作：求下列连续信号的卷积;1 ,解参见右图：当时：当时：当时：当时：当时：当时：2 和如图2.3.2所示解当时：当时：当时：当时：当时：3 ,解4 ,解5 ,解参见右图;当时：当时：当时：当时：6 ,解7 ,解8 ,解9 ,解试求题图示系统的总冲激响应表达式;解已知系统的微分方程及初始状态如下,试求系统的零输入响应;1 ；解,,2 ；,解,,,,可定出3 ；,解,,,可定出某一阶电路如题图所示,电路达到稳定状态后,开关S于时闭合,试求输出响应;解由于电容器二端的电压在ｔ＝０时不会发生突变,所以;根据电路可以立出ｔ＞０时的微分方程：, 整理得齐次解：非齐次特解：设代入原方程可定出Ｂ＝２则：,积分电路如题图所示,已知激励信号为,试求零状态响应; 解根据电路可建立微分方程：当时：由可定出,根据系统的时不变性知,当时：当时：求下列离散系统的零输入响应;1 ；,解由,可定出,,2 ；,解由,, 可定出.3 ；,,解特征方程,,由可定出求下列离散系统的完全响应;1 ；解齐次方程通解：非齐次方程特解：代入原方程得：由可定出2 ；,解齐次方程通解：非齐次方程特解：代入原方程定出由可定出试判断下列系统的稳定性和因果性;1解因果的；稳定的;2解因为冲激响应不满足绝对可和条件,所以是不稳定的；非因果的;3解稳定的,非因果的;4解不稳定的,因果的;5解不稳定的,因果的;6 为实数解时：不稳定的,因果的；时：稳定的,因果的；时：不稳定的,因果的;7解不稳定的,非因果的;8解稳定的,非因果的;用方框图表示下列系统;123根据系统的差分方程求系统的单位脉冲响应;1解当时：,由原方程知当时：,由此可定出2解当时：齐次方程的通解为, 由原方程迭代求解可得为：由此可以定出根据系统的微分方程求系统的单位冲激响应;1解当时：,,代入原方程可确定2解当时：代入原方程,比较两边系数得：试求下列系统的零输入响应、零状态响应、强迫响应、自由响应;1 ；,,解 a求强迫响应：假设特解为：代入原方程,可定出；则强迫响应a求自由响应：利用冲激平衡法可知：可定出；所以完全解形式：,由定出即完全响应为：所以自由响应为：b求强迫响应：假设特解为：代入原方程,可定出；则强迫响应c求零输入响应：由可定出d求零状态响应零状态响应＝自由响应＋强迫响应－零输入响应＝综上所求,有：2 ；,,解法一用z变换求解;方程两边进行z变换,则有：解法二：时域解法;求强迫响应：当时：即为常值序列,设特解为,代入原方程可定出当时：仅在激励作用下,由原方程知,即：特解在时均满足方程;求自由响应：完全解：由经迭代得：由可定出完全解中系数为：则自由响应分量为：零输入响应：由可以定出：零状态响应：试证明线性时不变系统具有如下性质：1 若系统对激励的响应为,则系统对激励的响应为；2 若系统对激励的响应为,则系统对激励的响应为;证1 已知,根据系统的线性试不变性有：；令,则有：证2 已知,根据系统的线性试不变性有：令则 ,所以证毕;考察题图a所示系统,其中开平方运算取正根;1 求出和之间的关系；2 该系统是线性系统吗,是时不变系统吗3 若输入信号是题图b所示的矩形脉冲时间单位：秒,求响应;解 1 由系统框图可得2 由输入一输出关系可以看出,该系统不满足可加性,故系统是非线性的;又因为当输入为时,输出为,故系统是时不变的;3 由输入一输出关系,可以求得输出为图示波形;一个线性系统对的响应为,1 该系统是否为时不变系统2 该系统是否是因果系统3 若 a；b,求该系统对每个输入的响应;解1当时,输入为输出为当时,输入为输出为显然,是时变系统;2 当时,如显然,响应出现于激励之前,所以是非因果系统;3 因为不是LTI系统,所以输出响应不能用来计算;对于线性时变系统,输出响应可求解如下：任意信号仍可分解为冲激函数的和,即有：因为这里是的二元函数由于系统为线性的,故有：对于此例有,当时：注意：即当时：第三章习题参考解答求下列信号展开成傅里叶级数,并画出响应相应的幅频特性曲线;解 a解 b解 c解 d求题图所示信号的傅里叶变换;解 a解 b 设,由傅氏变换的微积分性质知：解 c利用傅氏变换性质知：解 d或解 e解 f若已知,试求下列信号的傅里叶变换;1解2解3解4解5解6解令则有：,,在题图b中取,将进行周期为的周期延拓,得到周期信号,如题图a所示；取的个周期构成截取函数,如题图b所示;1 求周期信号傅里叶级数系数；2 求周期信号的傅里叶变换；3 求截取信号的傅里叶变换;解 1 设单个三角波脉冲为,其傅里叶变换根据傅里叶级数和傅里叶变换之间的关系知：2 由周期信号的傅里叶变换知：3 因为绘出下列信号波形草图,并利用傅里叶变换的对偶性,求其傅里叶变换;1 2提示：参见脉冲信号和三角波信号的傅里叶变换解1 , 根据对偶知：解2已知的波形如题图a所示,1 画出其导数及的波形图；2 利用时域微分性质,求的傅里叶变换；3 求题图b所示梯形脉冲调制信号的频谱函数;解1 及的波形如下：23求下列频谱函数的傅里叶逆变换;1解2解3解4解5解………3.7.5.1 又………3.7.5.2由3.7.5.1、式可知：6解设输入信号为,系统的频率特性为,求系统的零状态响应;解理想低通滤波器的幅频特性为矩形函数,相频特性为线性函数,如题图所示;现假设输入信号为的矩形脉冲,试求系统输出信号;解利用傅里叶变换的对称性,可以求得该系统的冲激响应为：,,令得：其中：在题图a所示系统中,采样信号如图b 所示,是一个正负交替出现的冲激串,输入信号的频谱如图c所示;1 对于,画出和的频谱；2 对于,确定能够从中恢复的系统;解1由此可以绘出及的频谱图如下：2 从的频谱可以看出,由恢复的系统如图所示:在题图a所示系统中,已知输入信号的傅里叶变换如题图b所示,系统的频率特性和分别如图c和图d所示,试求输出的傅里叶变换;解：参见题图的标注;在题图a所示的滤波器中,;如果滤波器的频率特性函数满足：,为常数则称该滤波器为信号的匹配滤波器;1 若为图b所示的单个矩形脉冲,求其匹配滤波器的频率特性函数；2 证明图c所示系统是单个矩形脉冲的匹配滤波器；3 求单个单个矩形脉冲匹配滤波器的冲激响应,并画出的波形；4 求单个单个矩形脉冲匹配滤波器的输出响应,并画出的波形;解 1解 2 参见图c标注.又,即与１中有相同的函数形式;解 3 ,解 4 取ｋ＝１为一三角波求题中和的功率谱密度函数;解 1 参见3-1题;首先推出周期信号功率谱密度函数的表达式：周期信号的傅里叶变换为：其中是傅里叶级数展开式系数;考虑截取信号：根据频域卷积定理,截取信号的傅里叶变换为：当时,趋向于集中在处,其他地方为零值,所以功率谱密度函数为：由于,,所以：由此可求题给信号的功率谱密度函数：解 2求题中和的能量谱密度函数;解设的能量谱密度函数为,;设的能量谱密度函数为,;信号的最高频率为500Hz,当信号的最低频率分别为0,300Hz,400Hz时,试确定能够实现无混叠采样的最低采样频率,并解释如何从采样后信号中恢复;解1 ,所以2 ,,取当代入式中可知,只有当不等式才能成立：,所以采样频率只能取Hz;3 ,,当代入式中可知,当不等式成立：,所以最低采样频率;正弦信号的振幅电平为V,现采用12位的量化器进行舍入式量化,求量化误差的方均根值和量化信噪比; 解,,；,；,；绘出,的波形,并证明它们在0,1区间上是相互正交的;解由三角函数和符号函数的意义可绘出的波形如图所示;显然：即在0,1区间上满足正交的定义;求信号的自相关函数;解当：当：第四章习题解答求下列离散周期信号的傅里叶级数系数;1解,若取则：2解若取：则3解, 若取则：4 ,周期解5解6解已知周期信号的傅里叶级数系数及其周期,试确定信号;1 ,解,将此式与的定义式比较可知：若取则2 ,解求下列序列的傅里叶变换;1解2解令有：3解4解5解6解利用傅里叶变换的性质求下列序列的傅里叶变换;1解2解3解4解已知的傅里叶变换为,求下列序列的傅里叶变换; 1解；2解,3解4解已知离散信号的傅里叶变换为,求其对应的时域信号;1解2解和的定义式比较知：3解4解5解设两个离散LTI系统的频率响应分别为将这两个系统级联后,求描述整个系统的差分方程;解将这两系统级联后,求描述整个系统的差分方程级联后系统的频率响应为：的频率响应为：比较后得知级联后系统的差分方程为：设一离散LTI系统的差分方程为,1 求该系统的频率响应；2 若系统的激励为,求系统的零状态响应;解 1 方程两边进傅里叶变换得：解 2设和是周期信号,且,试证明离散时间调制特性,即证明其中;证明令类似可证：证毕;周期三角形序列如题图a所示,其单个周期内的序列构成有限长序列、,如图b和图c所示;1 求的傅里叶变换；2 求的傅里叶变换3 求的傅里叶级数系数；4 证明傅里叶级数系数表示或的等间隔采样,即有：或N为周期解1解2解3 周期,,解 4 由上面知：而比较知：一个离散时间系统的单位冲激响应为,利用傅里叶变换求该系统对下列输入信号的响应;解,,如果为系统的输入,为系统的输出,对下面每组信号判断是否存在一个离散时间LTI系统,当输入为时,输出为如果不存在,说明为什么;如果存在,它是否是唯一的求出该LTI系统的频率响应;1 ,解所以输人－输出为非线性关系,则不存在一个LTI系统能满足此输人－输出关系;2 ,解；所以该输人－输出关系可以对应一个频率响应为的LTI系统,且是唯一的;当然该输人－输出关系也可以对应一个的非线性系统;注意该题和1的区别,在题2中,所对应的LTI系统的输人－输出关系可以用差分方程：描述,而在题1中,则找不到满足线性的时域方程;3 ,解该输人－输出关系可以对一个LTI系统,其频响可为：显然能产生这种输人－输出关系的LTI系统不是唯一的,如则是另一个LTI系统; 用闭式表达以下有限长序列的DFT;1解2解3解4解5解6解已知以下,试求IDFT;1 2其中为某一正整数且;解 1解 2已知有限长序列,DFT=,试利用频移定理求1 2解 1解 2题图是的有限长序列,试绘图解答1 与的线性卷积；2 与的4点圆周卷积；3 与的10点圆周卷积；4 若与的圆周卷积和线性卷积相同,求长度L的最小值;解 1 利用表格法可求得线性卷积为：解 2当L=4时：根据上面信号波形的图示,直接按照周期卷积取主值来计算圆周卷积：上式中周期卷积的具体计算过程和线性卷积的计算过程类似;或者根据线性卷积和周期卷积的关系以及周期卷积和圆周卷积的关系求解;周期卷积和线性卷积的关系：〔这里〕圆周卷积是周期卷积的主值区间0,3;同时考虑到线性卷积的非零值区间为0,6所以利用上式计算圆周卷积时,只需考虑在0,3区间内有非零值的移位的叠加：=解 3当L=10时根据上图可求得：解 4 使卷积与圆周卷积结果相同的最小长度分别为两参与运算的序列长度;已知两个有限长序列,分别用卷积与DFT两种方法求解;解法一直接卷积和：解法二用DFT计算：类似可求得若1 求频率特性,作出幅频特性草图；2 求DFT的闭式表达式;解 1解 2第五章习题解答根据定义求下列信号的单边拉普拉斯变换,并注意比较所得结果;1 为任意值解2解3解4解5解由1～3; 4～5 之间的比较知,在ｔ＞０时具有相同函数形式的两个不同时域函数,具有相同的单边拉普拉斯变换;求下列信号的单边拉普拉斯变换;1解2解3解4解5解6解7解8解9解10解已知的拉普拉斯变换为,求下列信号的拉普拉斯变换; 1解2解,3解4解,求下列信号的拉普拉斯逆变换;1解2解3解；4解；5解,6解,,,7解8解求下列函数拉普拉斯逆变换的初值和终值;1解2解比例积分器的电路如题图所示,输入信号分别为以下二种情况时,求输出信号,并画出其波形草图;12解 1波形参见右图.解2某一LTI系统的微分方程为：系统的初始条件为,激励信号,试求：1 冲激响应；2 零输入响应,零状态响应及全响应；3 用初值定理求全响应的初值；4 用初值定理求零状态响应的初值;解 1解2 对原方程二边进行拉普拉斯变换得：解 3解 4在题图所示电路中,以前开关S位于“1”端,已进入稳定状态;时,开关从“1”倒向“2”,求;解由题意知根据电路可列出时的微分方程为：整理得设,方程二边进行拉普拉斯变换得：求题图所示电路的传输函数;1 题图a2 题图b解1 设一中间参量,参见图ａ,根据极点电压法可立方程如下由第2个方程解得,代入第1个方程得解2 设置中间参量参见图b,根据电路可立方程：整理得：,用复频域等效模型法求解题;解复频域等效模型参见下图;根据电路可立方程：已知传输函数的零极点分布如题图所示,并知,试写出的表示式,并说明系统的稳定性; 解根据零极点分布图可知：又由,可确定;由于所有极点均位于左半ｓ平面,所以该系统是稳定系统;求下列信号的单边变换,并注明收敛域;1解2解3解4解5解6解7解求下列的逆变换;1解2解3解利用卷积定理求;1 ,解；；2 ,解；用单边变换求解差分方程,,解方程两边取ｚ变换,并考虑初始条件得：整理得：系统结构如题图所示1 求该系统的单位冲激响应；2 若激励为,求输出;解1 系统差分方程为：两边取ｚ变换得：；则解2系统的微分方程为,试用下面三种方法求系统的冲激响应;1 用时域分析法求解微分方程；2 用频域分析法求；3 用复频域域分析法求;解1将代入微分方程,比较方程两边的系数得：；解得：解2 原方程两边同取傅里叶变换得：解3 原方程两边同取拉氏变换得：离散时间系统的差分方程为,试用下面三种方法求系统的单位冲激响应;1 用时域分析法求解微分方程；2 用频域分析法求；3 用域分析法求;解1齐次方程通解：又：；将代入通解表达式中得：解2 原方程两边进行拉氏变换得：解3: 原方程两边进行z变换得：电路如题图所示,激励信号,试用下面二种域分析法求解电路的全响应;1 根据电路建立微分方程,对方程进行拉普拉斯变换,求得；2 根据电路的复频域模型求得;解1 由电路可建立微分方程为：即：,两边取拉氏变换得：解2 电路的复频域等效模型为右图：试用拉普拉斯变换的性质求下列函数的拉普拉斯变换;1解2解3解4解某电路如题图所示,已知,,为受控电流源;使用复频域分析法求受控电流源两端的电压;解复频域等效电路如下：用节点电压法,设节点电压为参见上图;；根据电路有：代人参数并整理得：即有：由此确定出：已知系统及其输入信号如题图所示,系统的初始条件为零,试求输出电压; 解根据电路,可立复频域回路电流方程：整理得：设：则：利用变换的性质,求下列序列的单边变换;1解2解3解4解5解又6解7解8解设：则：由题7知: 又：9解10解11解。
信号分析与处理 杨西侠 第2章习题答案
2-1 画出下列各时间函数的波形图，注意它们的区别1）x 1(t) = sin Ω t ·u(t )2）x 2(t) = sin[ Ω ( t – t 0 ) ]·u(t )3）x 3(t) = sin Ω t ·u ( t – t 0 )-14）x2(t) = sin[ ( t – t0) ]·u( t – t0)2-2 已知波形图如图2-76所示，试画出经下列各种运算后的波形图（1）x ( t-2 )（2）x ( t+2 )（3）x (2t)（4）x ( t/2 )（5）x (-t)（6）x (-t-2)（7）x ( -t/2-2 )（8）dx/dt2-3 应用脉冲函数的抽样特性，求下列表达式的函数值(1)⎰+∞∞--)(0t t x δ(t) dt = x(-t 0) (2)⎰+∞∞--)(0t t x δ(t) dt = x(t 0) (3)⎰+∞∞--)(0t t δ u(t -20t ) dt = u(2t )(4)⎰+∞∞--)(0t t δ u(t – 2t 0) dt = u(-t 0) (5)()⎰+∞∞--+t etδ(t+2) dt = e 2-2(6)()⎰+∞∞-+t t sin δ(t-6π) dt =6π+21(7) ()()[]⎰+∞∞-Ω---dt t t t e tj 0δδ=()⎰+∞∞-Ω-dt t etj δ–⎰+∞∞-Ω--dt t t e t j )(0δ= 1-0t j eΩ- = 1 – cos Ωt 0 + jsin Ωt 02-4 求下列各函数x 1(t)与x 2(t) 之卷积，x 1(t)* x 2(t) (1) x 1(t) = u(t), x 2(t) = e -at · u(t) ( a>0 ) x 1(t)* x 2(t) =⎰+∞∞---ττττd t ue u a )()( =⎰-ta d e 0ττ = )1(1ate a--x 1(t)* x 2(t) =ττδτδτπd t t u t )]1()1([)]()4[cos(---+-+Ω⎰+∞∞-= cos[Ω(t+1)+4π]u(t+1) – cos[Ω(t-1)+4π]u(t-1)(3) x 1(t) = u(t) – u(t-1) , x 2(t) = u(t) – u(t-2) x 1(t)* x 2(t) =⎰+∞∞-+-----τττττd t u t u u u )]1()()][2()([当 t <0时，x 1(t)* x 2(t) = 0 当 0<t <1时，x 1(t)* x 2(t) =0td τ⎰ = t 当 1<t <2时，x 1(t)* x 2(t) =21d τ⎰= 1当 2<t<3时，x 1(t)* x 2(t) = 12t d τ-⎰=3-t 当 3<t 时，x 1(t)* x 2(t) = 0(4) x 1(t) = u(t-1) , x 2(t) = sin t · u(t) x 1(t)* x 2(t) =⎰+∞∞---ττττd t u u )1( )( )sin(=⎰⎰∞==01-t 01-t 0| cos - d sin 1)d --u(t sin ττττττ= 1- cos(t-1)2-5 已知周期函数x(t)前1/4周期的波形如图2-77所示，根据下列各种情况的要求画出x(t)在一个周期( 0<t<T )的波形(1) x(t)是偶函数，只含有偶次谐波分量f(t) = f(-t), f(t) = f(t ±T/2)(2) x(t)是偶函数，只含有奇次谐波分量 f(t) = f(-t), f(t) = -f(t ±T/2)(3) x(t)是偶函数，含有偶次和奇次谐波分量f(t) = f(-t)(4) x(t)是奇函数，只含有奇次谐波分量f(t) = -f(-t), f(t) = -f(t±T/2)(5) x(t)是奇函数，只含有偶次谐波分量f(t) = -f(-t), f(t) = f(t±T/2)(6) x(t)是奇函数，含有偶次和奇次谐波分量f(t) = -f(-t)2-6 利用信号x(t)的对称性，定性判断图2-78所示各周期信号的傅里叶级数中所含有的频率分量(a)这是一个非奇、非偶、非奇偶谐波函数，且正负半波不对称，所以含有直流、正弦等所有谐波分量，因为去除直流后为奇函数。
信号分析与处理-杨西侠-课后答案二三五章
2—1 画出下列各时间函数的波形图，注意它们的区别1)x 1(t) = sin Ω t ·u(t ）2）x 2（t ） = sin ［ Ω ( t – t 0 ） ]·u(t )3）x 3(t) = sin Ω t ·u ( t – t 0 )4）x 2（t) = sin ［ Ω ( t – t 0 ） ]·u ( t – t 0 ）-2-2 已知波形图如图2—76所示，试画出经下列各种运算后的波形图（1）x ( t-2 ）（2)x ( t+2 )（3）x (2t）（4）x （t/2 )（5）x （-t)（6）x （—t-2）(7）x ( -t/2—2 )（8)dx/dt2-3 应用脉冲函数的抽样特性，求下列表达式的函数值(1)⎰+∞∞--)(tt xδ(t) dt = x(—t0）（2)⎰+∞∞--)(tt xδ(t) dt = x（t0)x (-t-2)(3)⎰+∞∞--)(0t t δ u(t —2t ） dt = u （2t ）（4）⎰+∞∞--)(0t t δ u(t – 2t 0) dt = u （-t 0）（5)()⎰+∞∞--+tetδ（t+2) dt = e 2—2（6)()⎰+∞∞-+t t sin δ（t-6π） dt =6π+21(7）()()[]⎰+∞∞-Ω---dt t t t e t j 0δδ=()⎰+∞∞-Ω-dt t etj δ–⎰+∞∞-Ω--dt t t e t j )(0δ= 1—t j eΩ- = 1 – cos Ωt 0 + jsin Ωt 02—4 求下列各函数x 1(t ）与x 2(t ） 之卷积，x 1(t ）* x 2(t)(1） x 1（t ） = u(t ）， x 2（t ） = e—at· u(t) （ a>0 )x 1（t)＊ x 2(t) =⎰+∞∞---ττττd t u eu a )()( =⎰-ta d e 0ττ =)1(1at e a--x 1(t ）＊ x 2(t ） =ττδτδτπd t t u t )]1()1([)]()4[cos(---+-+Ω⎰+∞∞-= cos ［Ω(t+1)+4π］u （t+1） – cos[Ω(t —1）+4π]u(t —1）（3) x 1（t) = u （t) – u(t-1） , x 2（t) = u(t ） – u （t —2)x 1（t ）＊ x 2(t ） =⎰+∞∞-+-----τττττd t u t u u u )]1()()][2()([当 t 〈0时，x 1(t ）＊ x 2（t) = 0当 0<t 〈1时，x 1(t)＊ x 2(t ） =td τ⎰= t当 1<t <2时，x 1（t)* x 2（t ） =21d τ⎰= 1当 2<t<3时，x 1（t ）* x 2（t ） = 12t d τ-⎰=3-t当 3〈t 时，x 1(t ）＊ x 2(t) = 0(4） x 1(t) = u （t —1） , x 2(t) = sin t · u(t)x 1（t ）* x 2（t ） =⎰+∞∞---ττττd t u u )1( )( )sin(=⎰⎰∞==01-t 01-t 0| cos - d sin 1)d --u(t sin ττττττ= 1- cos （t-1）2—5 已知周期函数x(t)前1/4周期的波形如图2-77所示，根据下列各种情况的要求画出x(t ）在一个周期( 0<t<T )的波形 （1） x(t)是偶函数，只含有偶次谐波分量f （t ） = f(—t ）， f （t ） = f （t ±T/2)（2） x （t)是偶函数,只含有奇次谐波分量 f （t ） = f （-t ）, f （t) = —f(t ±T/2）(3) x(t）是偶函数,含有偶次和奇次谐波分量f（t) = f（—t)(4) x（t)是奇函数，只含有奇次谐波分量f（t）= —f(—t）, f(t) = -f(t±T/2）(5) x(t)是奇函数，只含有偶次谐波分量f(t) = -f(—t）, f（t) = f(t±T/2）（6）x（t)是奇函数,含有偶次和奇次谐波分量f（t）= —f（-t）2-6 利用信号x（t）的对称性，定性判断图2-78所示各周期信号的傅里叶级数中所含有的频率分量（a)这是一个非奇、非偶、非奇偶谐波函数，且正负半波不对称,所以含有直流、正弦等所有谐波分量，因为去除直流后为奇函数。
信号分析与处理 第二版 (赵光宙 着)_课后习题参考答案
= lim ∫ (sin 2 2t + 2sin 2t sin 2π t + sin 2 2π t )dt
T →∞ −T
T
w
.k w
= lim [ 2T −
T →∞
T ⎡1 − cos 4t α = 2t cos(α + β ) − cos(α − β ) 1 − cos 4π t ⎤ dt = lim ∫ ⎢ + + ⎥ T →∞ −T β = 2π t 2 2 2 ⎣ ⎦ T ⎡ cos 4t cos(α + β ) − cos(α − β ) cos 4π t ⎤ dt = lim ∫ ⎢1 − + − T →∞ −T 2 2 2 ⎥ ⎣ ⎦
kh
=∞
da
= lim [ 2T −
sin 4T sin(2 + 2π )T sin(2 − 2π )T sin 4π T ⎤ + − − 4 2 + 2π 2 − 2π 4 ⎥ ⎦
w
sin(2 − 2π )T sin(2 − 2π )T sin 4π T sin 4π T ⎤ − − − 4 − 4π 4 − 4π 8 8 ⎥ ⎦
(4) x1 [n] = ( ) u[n] 解：
1 2
j (π / 2 n +π / 8 )
π
4
n)
w .c
(1) P∞ = 0, E ∞ = 1 / 4
(2) P∞ = 1, E ∞ = ∞ (5) P∞ = 1, E ∞ = ∞
(3) P∞ = 1 / 2, E ∞ = ∞
kh
da
(4) P∞ = 0, E ∞ = 4 / 3
2
kh
（6）
信号分析与处理课后答案
习题一 (P7)1． 指出题图1－1所示各信号是连续时间信号？还是离散时间信号。
题图 1－1解：1345(),(),(),()x t x t x t x t 是连续时间信号 26(),()x t x t 是离散时间信号。
2． 判断下列各信号是否是周期信号，如果是周期信号，求出它的基波周期。
(1) )4/3cos(2)(π+=t t x (2) )27/8cos()(+=n n x π(3) (4))1()(−=t j et x π)8/()(π−=n j en x (5) (6) []∑∞=−−−−=)31()3()(m m n m n n x δδ)(2cos )(t u t t x ×=π(7) )4/cos()4/cos()(πn n n x ×=(8) )6/2/sin(2)8/sin()4/cos(2)(ππππ+−+=n n n n x分析：（1） 离散时间复指数信号的周期性：为了使为周期性的，周期，就必须有，因此有。
nj eΩ0>N n j N n j e eΩ+Ω=)(1=Ωn j e N Ω必须为π2的整数倍，即必须有一个整数m,满足m N π2=Ω所以N m=Ωπ2 因此，若π2Ω为一有理数，为周期性的，否则，不为周期性的。
nj e Ω所以，周期信号基波频率为：nj e Ωm N Ω=π2 ，基波周期为：Ω=π2m N 。
（2） 连续时间信号的周期性：（略）k hd a w.c o mk hd aw.co mwww.k hd a w .c o m课后答案网答案：（1） 是周期信号，32π=T （2） 是周期信号，747==mT（3） 是周期信号，2=T（4） 不是周期信号 （5） 不是周期信号 （6） 不是周期信号 （7） 不是周期信号（8） 是周期信号，16=T3．试判断下列信号是能量信号还是功率信号。
（1） （2）tAe t x −=)(10≥t )cos()(02θω+=t A t x（3）tt t x π2sin 2sin )(3+= （4）t e t x t2sin )(4−=解：（1）1()0tx t Aet −=≥222201lim lim 2TTtt T T w A e dt A e −−→∞→∞⎡⎤==⎢⎥−⎣⎦∫()22221lim 1lim 122TT T T A A e e −→∞→∞⎛⎞=−=−−⎜⎟−⎝⎠22A =2222011limlim 0222Tt T T T A P A e dt TTe−→∞→∞⎛⎞==−−⎜⎟⎝⎠∫12T =1()x t ∴为能量信号（2）20()cos()x t A t ωθ=+w =∞ 22A P =20lim cos()TTT w A ωθ−→∞=+∫dt20cos(22)1lim 2TT T t A dt ωθ−→∞++=∫2001lim sin(22)22TT TA t t ωθω→∞−⎡⎤=+⎢⎥⎣⎦+ k hd a w.c o mk hd aw.co mwww.k hd a w .c o m课后答案网2000011lim sin(22)sin(22)2222T A T T ωθωθωω→∞⎡⎤=+−−+⎢⎥⎣⎦T +=∞ 221lim()2T TT P x T−→∞=∫t dt0020011sin(22)sin(22)22lim 122T T T A T ωθωθωω→∞⎡⎤+−−+⎢⎥⎢⎥=+⎢⎥⎢⎥⎣⎦2000sin(22)sin(22)lim24T T T A Tωθωω→∞+−−+=+θ 22A =2()x t ∴为功率信号（3）3()sin 2sin 2x t t t π=+2lim (sin 2sin 2)TTT w t π−→∞=+∫t dt dt22lim(sin 22sin 2sin 2sin 2)TTT t t t t ππ−→∞=++∫21cos 4cos()cos()1cos 4lim 2222TT T t t t dt t ααβαβπβπ−→∞=−+−−−⎡⎤=++⎢⎥=⎣⎦∫ cos 4cos()cos()cos 4lim 1222T T T t t dt αβαβπ−→∞+−−⎡⎤=−+−⎢⎥⎣⎦∫ sin 4sin(22)sin(22)sin 4lim 8(22)2(22)28TT T t t t t πππππ→∞t π−⎡⎤+−=−+−−⎢⎥+−⎣⎦ [sin 4sin(4)sin(22)sin(22)lim 2884444T T T T T Tππππ→∞−++=−+++++ sin(22)sin(22)sin 4sin 4444488T T T T πππππ−−⎤−−−−⎥−−⎦π [sin 4sin(22)sin(22)sin 4lim 2422224T T T T T ππππ→∞+−⎤=−+−−⎥+−⎦T π =∞k hd a w.c o mk hd aw.co mwww.k hd a w .c o m课后答案网231lim()2TTT P x T −→∞=∫t dt[sin 4sin(22)sin(22)sin 4lim 18(22)2(22)28T T T T T T T ππππ→∞⎤+−=−+−−⎥+−⎦T T π =13()x t ∴为功率信号（4）4()sin 2tx t e −=t tdt2lim sin 2Tt T t w e −−→∞=∫12cos 4lim 2TtTT te d −−→∞−=∫t 22lim lim cos 42tTT t T TT t e dt e tdt −−−−→∞→∞=−∫∫ 22lim lim cos 44Tt T t TT T Te e t −−−→∞→∞−⎡⎤=−⎢⎥−⎣⎦∫dt 222lim lim cos 444T T T tT T T e e e t −−−→∞→∞⎛⎞=+−⎜⎟−⎝⎠∫dt 22211cos 4cos 4sin 452TTtt t TTetdt e t e t −−−−−⎡⎤=−+⎢⎥⎣⎦∫∵222211lim lim cos 4sin 44452TT T t tT T T e e w e t −−−→∞→∞e t −⎛⎞⎡⎤∴=+−−+⎜⎟⎢⎥−⎣⎦⎝⎠222222111lim lim cos 4sin 4cos 4sin 444522T T T T T TT T e e e T e T e T e −−−→∞→∞⎛⎞⎡⎤=+−−+++⎜⎟⎢⎥−⎣⎦⎝⎠T 2222221111lim cos 4sin 4cos 4sin 444105105T T T T T T T e e e T e T e T e T −−−→∞⎛⎞=++−−−⎜⎟−⎝⎠221cos 4sin 41cos 4sin 4lim lim 41054105T TT T T T T T e e −→∞→∞⎡⎤⎡=−+−+−−⎢⎥⎢⎣⎦⎣⎤⎥⎦ 0=+∞221cos 4sin 41cos 4sin 4limlim 2410524105T T T T e T T e T P TT−→∞→∞⎡⎤⎡=−+−+−−⎢⎥⎢⎣⎦⎣T ⎤⎥⎦0=+∞4()x t ∴既非功率信号，也非能量信号。
北邮随机信号分析与处理第2章习题解答_2
不满足严格平稳。
思考：是否满足广义平稳？
3
2.17
随机过程由下述三个样本函数组成，且等概率发生：
X (t, e1 ) 1, X (t, e2 ) sin t, X (t, e3 ) cos t (1)计算均值 mX (t ) 和自相关函数 RX (t1 , t2 )；
(2)该过程是否为平稳随机过程？ 解： 1 1 1
ftp服务器地址
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用户名和密码均为：sjxhfx
包括每次课的课件和部分习题解答
1
2.14
广义平稳随机过程 Y (t ) 的自相关矩阵如下，试确定矩阵中用 表示的元素。 2 1.3 0.4 2 1.2 0.8 RY 0.4 1.2 1.1 0.9 2 解：由自相关函数的性质
2
2.15
根据掷骰子试验，定义随机过程为
K X (t ) cos t ( K 1, 2,3, 4,5,6) 3 (1)求 X (1) 、X (2) 的概率密度； (2) X (t ) 是否为平稳随机过程？
解：
1/ 2, K 1,5 1/ 2, K 2, 4 K X (1) cos 1, K 3 3 1, K 6
E[ A(t1 ) A(t2 )cos t1 cos t2 ] E[ A(t1 ) B(t2 )cos t1 sin t2 ] E[ B(t1 ) A(t2 )sin t1 cos t2 ] E[ B(t1 ) B(t2 )sin t1 sin t2 ] RA (t1, t2 )cos t1 cos t2 RB (t1, t2 )sin t1 sin t2 R( )cos t1 cos t2 R( )sin t1 sin t2 R( )cos(t1 t2 ) R( )cos( )
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信号分析与处理课程习题2参考解答-2010（共5篇）第一篇：信号分析与处理课程习题2参考解答-2010P57-101Ω-j52-j5Ω(1)方法1：先时移→F[x(t-5)]=X(Ω)e，后尺度→F[x(2t-5)]=X()eΩt05Ω-j-j1Ω1Ω方法2：P40时移+尺度→F[x(at-t0)]=X()ea→F[x(2t-5)]=X()e2 |a|a221Ω-j(2)方法2：P40时移+尺度→F[x(at-t0)]=X()e|a|aΩt0aΩ→F[x(-t+1)]=X(-Ω)ejΩ(3)P42频域卷积定理→F[x1(t)⋅x2(t)]=X1(Ω)*X2(Ω)2π→F[x(t)⋅cos(t)]=X(Ω)*[πδ(Ω+1)+πδ(Ω-1)]=X(Ω+1)+X(Ω-1)2π22P57-12F[x(t)]=⎰x(t)e-∞∞-jΩtdt=⎰τ-2E(t+)eτ2ττdt+⎰22Eτ8ωττωτ(-t+)e-jΩtdt=2sin2()=Sa2()τ2424ωτP57-13假设矩形脉冲为g(t)=u(t+)-u(t-),其傅里叶变换为G(Ω),则22F[x(t)]=F[E⋅g(t+)-E⋅g(t-)]=E⋅G(Ω)eEΩτ=⋅G(Ω))2j2P57-15ττττjΩτ-E⋅G(Ω)e-jΩτ=E⋅G(Ω)(ejΩτ-e-jΩτ)图a)X(Ω)=|X(Ω)|e-1jΩ⎧AejΩt0,|Ω|<Ω0=⎨|Ω|>Ω0⎩0,→x(t)=F[X(Ω)]=2π⎰Ω0AejΩt0ejΩtdΩ=AΩ0Asin(Ω0(t+t0))=Sa(Ω0(t+t0))π(t+t0)π图b)X(Ω)=|X(Ω)|ejΩ⎧-jπ⎪Ae,-Ω0<Ω<0⎪jπ⎪=⎨Ae2,0<Ω<Ω0⎪0,|Ω|>Ω0⎪⎪⎩→x(t)=F[X(Ω)]=2π-1⎰-Ω0Ae-jπejΩt1dΩ+2π⎰Ω0Ae2ejΩtdΩ=jπA2A2Ω0t(cos(Ω0t-1))=-sin()πtπt2第二篇：高频电子信号第四章习题解答第四章习题解答4-1 为什么低频功率放大器不能工作于丙类？而高频功率放大器则可工作于丙类？分析：本题主要考察两种放大器的信号带宽、导通角和负载等工作参数和工作原理。
解谐振功率放大器通常用来放大窄带高频小信号（信号的通带宽度只有其中心频率的1%或更小），其工作状态通常选为丙类工作状态（θC<90︒）,电流为余弦脉冲，为了不失真的放大信号，它的负载必须是谐振回路。
而低频功率放大器的负载为无调谐负载，如电阻、变压器等，通常为甲类或乙类工作状态。
因此，低频功率放大器不能工作在丙类，而高频公率放大器则可以工作于丙类。
4-2 提高放大器的功率与效率，应从哪几方面入手？PPo分析：根据公式ηc=o=，可以得到各参数之间的关系，具体过程如下P=Po+Pc解功率放大器的原理是利用输入到基极的信号来控制集电极的直流电源所供给的直流功率，使之转变为交流信号功率输出去。
这种转换不可能是百分之百的，因为直流电源所供给的，因为直流电源所供给的功率除了转变为交流输出功率外，还有一部分功率以热能的形势消耗在集电极上，成为集电极耗散功率。
为了说明晶体管放大器的转换能力，采用集电极效率ηc，其定义为ηc=PoPo= P=Po+Pc 由上式可以得出以下两结论: ① 设法尽量降低集电极耗散功率P则集电极耗散功率ηc自然会提高。
这样，在给定Pc，=时，晶体管的交流输出功率Po就会增大；② 由上式可得⎛ηc⎫⎪Po=1-η⎪Pc c⎭⎝如果维持晶体管的集电极耗散功率P那么，提高集电极效率ηc，将使c不超过规定值，交流输出功率Po大幅增加。
可见，提到效率对输出功率有极大的影响。
当然，这时输入直流功率也要相应得提高，才能在Pc不变的情况下，增加输出功率。
因此，要设法尽量降低集电极耗散功率Pc，来提高交流输出功率Po。
4-3 丙类放大器为什么一定要用调谐回路作为集电极负载？回路为什么一定要调到谐振状态？回路失谐将产生什么结果？解谐振功率放大器通常用来放大窄带高频信号（信号的通带宽度只有其中心频率的1%或更小），其工作状态通常选为丙类工作状态（θC<90︒）,为了不失真的放大信号，它的负载必须是谐振回路。
丙类工作状态的集电极电流脉冲是尖顶余弦脉冲。
这适用于欠压或临界状态。
尖顶余弦脉冲含有基波、二次、三次、……、n次谐波，为了获得基波分量（即基波频率的正弦波），就要在输出端抑制其他谐波分量，因此一定要调到基波谐振状态。
如果回路失谐，就会使输出含有其他谐波分量，就会产生波形失真。
如果激励信号过大，回路失谐还会造成管子烧坏。
4-4 功放管最大允许耗散功率为20W，试计算当效率分别为80%、70%和50%时的集电极最大允许输出功率。
⎛ηc分析：本题主要考察关系式Po=1-ηc⎝解由耗散功率和效率的关系⎛ηc⎫⎪ Po=1-η⎪Pc c⎭⎝⎫⎪Pc ⎪⎭可得ηc=80% 时,Pcmax=⎛0.8⎫⎪⨯20w=80w⎝1-0.8⎭⎛0.7⎫ηc=70% 时,Pcmax=⎪⨯20w=46.67w1-0.7⎝⎭⎛0.5⎫ηc=50% 时,Pcmax=⎪⨯20w=20w1-0.5⎝⎭可见，集电极最大允许输出功率随效率的提高而提高，这体现了提高效率对提高输出功率具有的重要意义。
4-5 某一晶体管谐振功率放大器，设已知VCC=24V，Ic0=250mA，Po=5W，电压利用系数ξ=1。
试求P=、η、R0、IC1、电流导通角θ。
分析：本题的要求是为了熟悉参数间的关系和计算公式。
本题的难点是求出Icm1。
解题过程如下解 P==Ic0Vcc=0.25⨯24=6W PC=P=-P0=6-5=1Wη=P0/P==(5/6)⨯100%=83.3%Θη=1v(θ)ξ 2∴v(θ)=2η/ξ=1.67查余弦脉冲系数表知：θ=78º，cosθ=0.208，α1（θ）=0.466，α0（θ）=0.279，∴Icm=Ic0/α0(θ)=300/0.279=1075mARP=2PO=8.7Ω 2Icm4-6 晶体管放大器工作于临界状态，Rp=200Ω，VCC=30V，ic0=90mA，θ=90︒，试求Po与η。
解查表得：α0(90ο)=0.319 α1(90ο)=0.5；iCmax=IC0=0.28Aοα0(90) Icm1=iCmaxα1(90ο)=0.14A1Po=Icm12Rp=1.96W2PoPoηC===1.9 6/2.7=72.6%P=VccIc04-7 根据负载特性曲线，估算当集电极负载偏离最佳Rp时，Po如何变化：(1)增加一倍时，Po如何变化？(2)减小一半时，Po如何变化？分析：掌握负载特性曲线，主要考察恒流源和恒压源两种特殊情况下的负载特性解VCIc1Ic0PoPc0欠压临界过压Rp0欠压临界过压RpP=ηc（1）当RP增加一倍时，功率放大器进入过压区，VC基本不变，而24222RP=R1=Vcm(2PO)≈VCC(2PO)=Ω=144Ω,所以PO近似下降一半。
2⨯22（2）当RP减小一般时，功率放大器进入欠压区，Icm1 基本不变，而PO=Icm⨯RP/2，所以PO近似下降一半。
4-8 调谐功率放大器原来正常工作于临界状态，如果集电极回路稍有失调，集电极损耗功率Pc将如何变化？分析：此题主要考察谐振功率放大器的负载特性解当放大器正常工作在临界状态时与集电极回路稍失调时，负载电阻减小。
由负载特性曲线可知功放将工作在欠压状态，集电极功率Pc 将增大。
4-9 调谐功率放大器原来正常工作于临界状态，若负载回路旁并一电阻，放大器的工作状态会怎样变化？若其他条件不变，放大器的输出功率会怎样变化？分析：本题主要考察负载特性曲线的掌握情况解根据负载特性曲线可知，调谐功率放大器原来正常工作于临界状态，若负载回路旁并一电阻，相当于集电极负载RP减小，功率放大器将由临界状态进入欠压状态。
若其他条件不变放大器的输出功率会降低。
4-10 由于某种原因，调谐功率放大器的工作状态由临界变到欠压状态，试问有多少方法能使放大器的工作调回原来的临界状态？解若由于某种原因，调谐功率放大器的工作状态由临界变到欠压状态，则可以分别从调谐功率放大器的负载特性和各级电压VCC、VBB、Vbm对工作状态的影响入手，将放大器的工作状态调回到原来的临界状态。
可采取以下调节措施：①调谐功率放大器的工作状态由临界变到欠压状态，相当于集电极负载RP减小，因此应提高RP；②调谐功率放大器的工作状态由临界变到欠压状态，相当于VCC 变大，因此减小VCC ③调谐功率放大器的工作状态由临界变到欠压状态，相当于VBB绝对值变大，因此应减小VBB绝对值④调谐功率放大器的工作状态由临界变到欠压状态，相当于Vbm 减小，因此，应减小Vbm。
4-11 有一输出功率为2W的晶体管高频功率放大器，采用图4-16(a)所示的π型阻抗变换网络。
负载电阻RL=23Ω，VCC=4.8V，f=150MHz。
设QL=2，试求，L1、C1、C2之值。
解：根据π型匹配网络的计算公式可知2Vcm2R1==Ω=144Ω2P02⨯2 Xc1=R1144==144ΩQL10故得C1=11==221pF 6ωXC12π⨯50⨯10⨯144又 XL1=R22(1+QL)R2-1R1=200=16.95Ω200(1+102)-1144故得 C2=11==1240pF 6ωXC22π⨯50⨯10⨯2.56又Xc2=⎫QLR1⎛R2-1 ⎪=2.56Ω2QL+1⎝QLXC2⎭XL1故得L1=ω=16.95=0.054μH2π⨯50⨯1064-12 在调谐某一晶体管谐振功率放大器时，发现输出功率与集电极效率正常，但所需激励功率过大。
如何解决这一问题？假设为固定偏压。
解在调谐某一晶体管谐振功率放大器时，发现输出功率与集电极效率正常，但所需激励功率过大，这是由于Vbm太大，如果减小Vbm，调谐功率放大器的工作状态将由临界变到欠压状态，输出功率与集电极效率都将小降。
为了避免这种这种情况发生，可调节电路中其他参数，由于本题是固定偏压故只有提高RP，减小Vbm才能解决此问题。
4-13 对固定工作在某频率的高频谐振功率放大器，若放大器前面某级出现自激，则功放管可能会损坏。
为什么？解对工作在某一固定频率的高频谐振放大器，若放大器的前面某级出现自激，则会产生非工作频率的较高幅值的信号，此信号到达到达高频谐振功率放大器时，会使谐振功率放大器谐振回路失谐。
并联谐振回路谐振时是靠电感、电容的导纳相互抵消得到一个较高的纯电阻阻抗，其中单独的电感或电容的阻抗都很低，这样，当电容少许偏离谐振时的取值就可能使集电极负载阻抗明显降低并使集电极电流与电压之间出现相位差，这两者都会显著加大集电极功耗。