高一 物理第一学期期末考试卷含答案

高一物理第一学期期末考试卷含答案

一、选择题

1．1924年瑞典的丁·斯韦德贝里设计了超速离心机，该技术可用于混合物中分离蛋白。如图所示，用极高的角速度旋转封闭的玻璃管一段时间后，管中的蛋白会按照不同的属性而相互分离、分层，且密度大的出现在远离转轴的管底部。己知玻璃管稳定地匀速圆周运动，管中两种不同的蛋白P、Q相对于转轴的距离分别为r和2r，则（）

A．蛋白P受到的合外力为零B．蛋白受到的力有重力、浮力和向心力C．蛋白P和蛋白Q的向心力之比为1:2 D．蛋白P和蛋白Q的向心加速度之比为1:2 2．A、B两个物体在同一直线上作匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）

A．A、B两物体运动方向相反

B．A物体的加速度比B物体的加速度大

C．前4s内A、B两物体的位移相同

D．t=4s时，A、B两物体的速度相同

3．渡河时船头始终沿垂直河岸的方向．已知船在静水中航行的速度大小不变，水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，且比例系数为定值，河的两岸平行．在水平面内，以出发点为坐标原点，沿着河岸的方向为x轴，垂直河岸方向为y轴，四位同学画出此过程中小船运动的轨迹，其中符合实际情况的是（）

A．B．

C．D．

4．一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽300m，水流速度为4m/s的河流中渡河，则该小船（）

A．能到达正对岸

B．渡河的时间可能少于100s

C．以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为400m

D．以最短位移渡河时，位移大小为300m

5．在某次交通事故中一辆载有30吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的电动车而紧急制动，结果车厢上的钢材向前冲出，压扁驾驶室．关于这起事故原因的物理分析正确的是()

A．由于车厢上的钢材有惯性，在汽车制动时，继续向前运动，压扁驾驶室

B．由于汽车紧急制动，使其惯性减小，而钢材惯性较大，所以继续向前运动

C．由于车厢上的钢材所受阻力太小，不足以克服其惯性，所以继续向前运动

D．由于汽车制动前的速度太大，汽车的惯性比钢材的惯性大，在汽车制动后，钢材继续向前运动

6．竖直升空的火箭，其v-t图像如图所示，由图可知以下说法中正确的是( )

A．火箭上升的最大高度为16000m

B．火箭上升的最大高度为48000m

C．火箭经过120s落回地面

D．火箭上升过程中的加速度始终是20m/s2

7．如图所示，位于斜面上的物块m在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态，则斜面作用于物块的静摩擦力说法错误的是( )

A．方向可能沿斜面向上

B．方向可能沿斜面向下

C．大小可能等于零

D．大小一定不等于零

8．金属小桶侧面有一小孔A，当桶内盛水时，水会从小孔A中流出．如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（）

A ．水继续以相同的速度从小孔中喷出

B ．水不再从小孔喷出

C ．水将以更大的速度喷出

D ．水将以较小的速度喷出

9．如图所示，水平力F 把一个物体紧压在竖直墙上，物体静止不动，则可知

A ．F 增大时静摩擦力也增大

B ．静摩擦力方向竖直向上

C ．静摩擦力方向竖直向下

D ．因为静摩擦力大于重力，所以没有下滑

10．如图所示，物块a 静止在水平地面上，物块b 叠放在物体a 上。现对物体a 施加一个水平向左的恒定拉力F ，a 、b 仍然都处于静止状态。以下说法正确的是

A ．a 受b 向右的摩擦力

B ．b 受a 向左的摩擦力

C ．a 、b 接触面间的动摩擦因数一定为零

D ．地面对a 的摩擦力大小等于F

11．两个做匀变速直线运动的物体，物体A 的加速2

A 2m/s a =，物体

B 的加速度

2B 3m/s a =-，两物体运动情况比较（ ）

A ．物体A 加速度大

B ．物体B 加速度大

C ．物体A 的速度大

D ．物体B 的速度大

12．第26届国际计量大会通过“修订国际单位制(SI)”的决议，将千克、安培、开尔文和摩尔4个国际单位制的基本单位改由物理常数重新定义，从而提高计量单位的稳定性和精确度。基本单位“千克”所对应的物理量是（ ） A ．力

B ．时间

C ．长度

D ．质量

13．如图所示，在加速上升的电梯中，小明站在一个台秤上．下列说法正确的是

A．人对秤的压力与秤对人的支持力是一对平衡力

B．秤对人的支持力与人的重力是一对平衡力

C．秤对人的支持力等于人对秤的压力

D．人处于失重状态

14．在科学研究中，可以用风力仪直接测量风力的大小，其原理如图所示，仪器中有一根轻质金属丝，悬挂着一个空心金属球，无风时金属丝竖直下垂；当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝偏离竖直方向一个角度θ，风力仪根据偏角θ的大小指示出风力大小．若

m=1kg，θ=30°，g取10m/s2．则风力大小为（）

A．5N B．53N C．10

3

3

N D．103N

15．如图所示，小张和小李同时从A出发，分别沿路径1、2先后到达B、C点，线段AB、AC的长度相等，下列说法正确的是（）

A．两人所走的路程相同

B．两人的位移大小相同

C．两人到达的时刻相同

D．两人在途中经历的时间相同

16．关于速度和加速度，下列说法正确的是()

A．物体的速度变化越大，加速度越大

B．加速度为零的物体，速度一定为零

C．物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同

D．物体的加速度方向变化时，速度的方向也要发生变化

17．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0~t0时间内，下列说法中正确的是（）

A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小

B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小

C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小

D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是(v1+v2)/2

18．一物体放在升降机地板上，当升降机作变速运动时，物体相对升降机静止。当升降机运动时，下列说法中正确的是（）

A．物体所受重力发生变化

B．加速向上时，物体所受重力大于所受支持力

C．加速向下时，物体所受重力与地板支持力是一对平衡力

D．无论怎样运动，物体压地板的力与物体所受支持力大小相等

19．如图，物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则物体受到力的个数（）

A．可能是两个B．可能是三个

C．可能是四个D．一定是四个

20．一小孩在地面上用玩具枪竖直向上射出初速度为比的塑料小球，若小球运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻球到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，下列说法中正确的是（）

v

A．小球上升过程中的平均速率小于0

2

v

B．小球下降过程中的平均速率小于1

2

C．小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为零

D．小球的加速度在上升过程中逐渐增大，在下降过程中逐渐减小

二、多选题

M=的粗糙长木板P（足够长）静止在水平地面上，一个可视21．如图甲所示，质量2kg

v=滑上长木板上表面，在物块Q滑上长木板P的同时给为质点的物块Q以初速度06m/s

P施加个方向水平向右大小为3N的拉力F，P、Q的v t-图线如图乙所示，其中a、b段分别是0~1s内Q、P的v t-图线，c段是1s~2s内P、Q共同的v t-图线，最大静摩擦力

等于滑动摩擦力，210m/s g =，下列说法正确的是（ ）

A ．物块Q 的质量为1kg

B ．P 、Q 之间的动摩擦因数为0.4，P 与地面间的动摩擦因数为0.2

C ．长木板P 最小的长度为3m

D ．0~2s 内物块Q 的位移大小为4m

22．如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图乙所示的模型。紧绷的传送带始终保持v = 0.4 m/s 的恒定速率运行，行李与传送带之间的动摩擦因数μ = 0.2，A 、B 间的距离为2 m ，g 取10 m/s 2。旅客把行李（可视为质点）无初速度地放在A 处，则下列说法正确的是（ ）

A ．开始时行李的加速度大小为2 m/s 2

B ．行李经过2 s 到达B 处

C ．行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度为0.08 m

D ．若传送带速度足够大，行李最快也要 2 s 才能到达B 处

23．如图所示，质量分别为M 和m 的物体A 、B 用不可伸长的轻质细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑轮固定在天花板上，已知M >m ，滑轮质量及摩擦均不计．A 、B 由静止释放后，在空中自由运动的过程中，下列说法正确的是（ ）

A ．细线上的拉力一定大于mg

B ．细线上的拉力一定小于Mg

C ．细线上的拉力等于

2

m M

+g D ．天花板对定滑轮的拉力等于(M +m )g

24．一长轻质薄硬板C 置于光滑水平地面上，其上放有质量均为2kg 的A 、B 两物块，A 、B 与C 之间的动摩擦因数分别为μ1=0.2、μ2=0.3，水平恒力F 作用在A 物块上，如图所示．已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取10m/s 2．下列说法正确的是

A．若F=12N，B、C间的摩擦力大小为6N

B．若F=12N，B的加速度大小为2m/s2

C．无论力F多大，B与C都不会发生相对滑动

D．无论力F多大，A与C都不会发生相对滑动

25．如图，半圆柱体半径为4R，固定在水平面上。竖直挡板紧靠柱体低端，使半径为R的光滑小球停在柱体与挡板之间，球与柱体接触点为M。现将挡板保持竖直，缓慢的向右移动距离R后保持静止，球与柱体接触点为N（未画出）。以下判断正确的是（）

A．挡板移动过程中，挡板对小球的弹力变小

B．挡板移动过程中，柱体对小球的弹力变大

C．小球在M、N两点所受挡板的作用力大小之比为3∶4

D．小球在M、N两点所受柱体的作用力大小之比为3∶4

26．质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住．现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上向右做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法正确的是（）

A．若加速度增大，竖直挡板对球的弹力增大

B．若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零

C．斜面和挡板对球的弹力及球的重力的的合力等于ma

D．无论加速度大小如何，斜面对球一定有弹力的作用，而且该弹力是一个定值

三、实验题

27．①某同学用如图所示装置做“验证牛顿第二定律”的实验，若他在图示状态下开始做实验，请指出图中的主要错误是（至少写两项）：_________________、

______________________。

②若他更正了图中的所有错误后，他以下的做法和理由正确的是________；

A．使砂桶的质量m远小于小车总质量M，是为了减小系统误差

B．平衡摩擦力是为了减小偶然误差

C．采用描点画图象的方法处理数据，是为了减少系统误差

D．采用逐差法处理数据，是为了减少偶然误差

③他在实验中得到如图所示纸带，纸带上的计数点用A、B、C、D、E表示。根据图上数据，小车经过B点时的速度是___________m/s。（相邻计数点间的时间间隔为0.1s）

28．某同学完成“验证力的平行四边形定则”实验后，与另一位同学合作利用该装置测定弹簧的劲度系数。某次实验操作如图甲所示，测出弹簧伸长量x=1.00cm，F1的读数为5.0N。

（1）弹簧测力计F2的读数____N；

（2）在图乙坐标纸上作图求F1、F2的合力，并在图上标出合力的大小___；（结果保留两位有效数字）

（3）由此可求出该弹簧的劲度系数k=___N/m。

29．在做“探究加速度与力、质量关系”的实验时，采用如图甲所示的一端带定滑轮的长木板实验装置，让重物通过轻绳拖动小车在长木板上做匀加速直线运动．其中小车质量用M表示，重物质量用m表示，加速度用a表示．

（1）实验时需要将长木板的一端垫起适当的高度，这样做是为了消除_____的影响，使绳对小车的拉力等于小车所受合外力．在进行小车在长木板上匀速滑下的调整时，小车后面的纸带_____（填“要”或“不要）同时穿上并穿过打点计时器．

（2）实验中由于绳对小车的实际拉力小于重物的重力，会给实验带来系统误差．为减小此

误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是_____．（填写相应选项前的字母即可）

A．M＝200g，m＝40g、60g、80g、100g、120g、140g

B．M＝200g，m＝30g、35g、40g、45g、50g、55g

C．M＝400g，m＝20g、40g、60g、80g、100g、120g

D．M＝400g，m＝10g、15g、20g、25g、30g、35g

（3）在实验中用接在50Hz交流电源上的打点计时器，测定小车的加速度．某次实验中得到的一条纸带如图乙所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个点作为计数点，分别标明0、1、2、3、4．量得0与1两点间距离s1＝1.20cm，1与2两点间的距离s2＝

1.80cm，2与3两点间距离s3＝

2.40cm，3与4两点间距离s4＝

3.00cm，则打计数点“3”时小车对应的速度大小为_____m/s，还可求得小车的加速度大小为_____m/s2

30．在“研究平抛运动”的实验中

（1）关于该实验的注意事项，下列说法正确的是_____（多选）

A．小球每次可以从斜槽上不同的位置由静止释放

B．斜槽轨道必须光滑

C．建立坐标系时，应该用重锤线来确定y轴

D．要使描绘的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些

（2）现让小球多次从斜槽上滚下，在白纸上依次记下小球的位置，某同学得到的记录纸如上图所示，从图中可看出该实验装置存在的问题_____

31．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中实验装置示意图如图1所示．

（1）该实验中，下列（如图2）备选器材中必须要用的是_____

（2）下列说法正确的是_____

A．实验时先释放小车，再接通电源

B．实验所用打点计时器应该接直流电源

C．实验过程中，小车质量应该远小于悬挂的重物的质量

D．实验过程中，细线应该与长木板平行

（3）如图3所示，图线不通过原点的原因是_____．

（4）实验中，获得如图4一条纸带纸带中所标出的点为计数点，相邻两计数点的时间间隔T＝0.1s，则该纸带的加速度为_____

32．(1）在“研究平抛物体的运动规律”的实验中，在安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是______

A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小

B．保证小球飞出时，初速度水平

C．保证小球在空中运动的时间每次都相等

D．保证小球运动的轨道是一条抛物线

(2）引起实验误差的原因是______

A．小球运动时与白纸相接触

B．斜槽不是绝对光滑的，有一定摩擦

C．确定oy轴时，没有用重锤线

D．描绘同一平抛运动轨迹的实验中，多次实验，没有保证小球从斜面上同一位置无初速释放

（3）为了探究平抛运动的规律，将小球A和B置于同一高度，在小球A做平抛运动的同时静止释放小球B．同学甲直接观察两小球是否同时落地，同学乙拍摄频闪照片进行测量、分析．通过多次实验，下列说法正确的是______

A．只有同学甲能证明平抛运动在水平方向是匀速运动

B．两位同学都能证明平抛运动在水平方向是匀速运动

C．只有同学甲能证明平抛运动在竖直方向是自由落体运动

D．两位同学都能证明平抛运动在竖直方向是自由落体运动

四、解答题

33．一物体从离地45m高处自由下落，不计空气阻力，取g=10m/s2，求：

(1)物体下落的总时间为多少？

(2)物体在最后1秒内的平均速度大小为多少？

34．如图所示，质量m=1kg的物体静止在粗糙水平地面上A点．物体在斜向上与水平方向夹角α=370的恒力F作用下，从A点开始运动，到达B点时立即撤去拉力F，物体最后滑到C点静止．物体开始一段时间及隔一段时间后的v-t的图象如图．g取

10m/s2，sinα=0.6，cosα=0.8．求：

（1）动摩擦因数μ；

（2）恒力F的大小；

（3）0~1.8s内物体位移s的大小．

35．汽车以15 m/s的速度匀速行驶，司机发现前方有危险，在0.8 s后才能作出反应，实施制动，这个时间称为反应时间．若汽车刹车时能产生的最大加速度为5 m/s2，从汽车司机发现前方有危险到刹车后汽车完全停下来，汽车所通过的距离叫刹车距离．求：

（1）在反应时间内汽车行驶的距离；

（2）刹车后汽车行驶的距离．

36．在火炮发明并被大规模应用于实战之前，抛石机是中国古代常用的破城重器。某一同学仿照古代抛石机制作一个抛石机模型如图所示，炮架上横置一个可以转动的轴，固定在轴上的长杆起杠杆作用，长杆可绕转轴O转动，转轴O到地面的距离为h=0.5m，发射前长杆A端着地与地面成30°夹角，A端半球形凹槽中放置一质量m=2kg的物体，用手搬动长杆另一端B至O点正下方，B贴近地面且速度B v=1m/s，此时长杆受到装置作用迅速停止，A端物体从最高点水平飞出，g取10m/2s

(1)求物体从最高点飞出时的速度A v

(2)求物体从最高点飞出前对长杆凹槽在竖直方向上的压力。

(3)若改变长杆转动的速度，使物体在最高点恰好与凹槽间无相互作用力，求物体落地点离转轴O的水平距离。

37．如图所示，杆OO′是竖直放置的转轴，水平轻杆BC的长为L，B端通过铰链与轴相连（它们之间无摩擦），C端固定小球P，细线AC的一端固定在轴上的A点、另一端连在小球P上．已知小球的质量为m，细线AC与轴的夹角θ，重力加速度为g．求：

（1）当系统处于静止状态时，杆BC对小球的弹力F1的大小；

（2）当轻杆BC对小球的弹力为零时，系统转动角速度ω的大小和细线上的弹力F2的大小；并据此判断当ω变化时细线上的弹力大小是否变化．

38．平地面上有一固定的磁场斜面，倾角为θ=37°，一质量m=1kg滑块在平行于斜面向上的恒定拉力F作用下从静止开始沿斜面向上做匀加速度直线运动，滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．从滑块由静止开始运动时计时，在4s末撤去恒定拉力F，滑块刚好可以滑到斜面顶端，滑块在0到4s内v-t图像如图乙所示，求：

（1）滑块前4s的加速度以及前4s内位移的大小；

（2）拉力F的大小；

（3）滑块经过斜面上距斜面顶点0.2m处所对应的时刻？

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题

1．D

解析：D

【解析】

【详解】

A. 蛋白P做匀速圆周运动，则合外力不为零，故A错误；

B.受力分析时不分析向心力，故B错误；

CD.由圆周运动公式

2

F ma m r

==

可知，向心加速度与半径成正比，因蛋白P 和蛋白Q 的半径之比为1:2，则向心加速度之比为1:2；但向心力大小与质量有关，因不知道两蛋白质量，则无法确定向心力之比；故C 错误D 正确。 故选D 。

2．D

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

A ．两物体的速度均为正值，说明此时两物体的速度方向相同，故A 错误；

B ．B 图线的斜率大于A 图线的斜率，故A 的加速度小于B 的加速度，故B 错误。

C ．由图象与时间轴围成的面积表示两物体通过的位移关系可知，开始4s 内A 的位移比B 的位移小，故C 错误；

D ．t =4s 时，两图象相交，说明此时两物体的速度相同，故D 正确。 故选D 。

3．D

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

船在静水中航行的速度大小不变，设为0v ，则有：

0y v v =

水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比

x

v ky ，12

y d ≤

或者

x

v k d

y （），1

2

d y d ＜

A ．水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，说明y 方向运动轨迹不可能为直线，A 错误；

BCD ．在船渡河的过程中，y 轴方向上的速度不变，x 轴方向的速度从岸边到河中心增大，从河中心到对岸的速度减小，故加速度产生在x 轴方向上，先沿x 轴正向，后沿x 轴负向；根据物体做曲线运动，合外力指向凹的一侧可知，运动轨迹向x 轴正方向弯曲，然后向x 轴负方向弯曲，D 正确，BC 错误。 故选D 。

4．C

解析：C 【解析】

A．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸，故A错误；

B．当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：

t min＝

c

d

v＝

300

3

＝100s

故B错误；

C．船以最短时间100s渡河时沿河岸的位移：

x＝v s t min＝4×100m＝400m，故C正确；

D．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸；

所以由三角形的相似得最短位移为：

s＝s

c

v

v

d＝

4

3

×300ｍ＝400m

故D错误；

故选择C选项。

5．A

解析：A

【解析】

【分析】

【详解】

汽车由于制动而减速，钢材由于惯性，继续向前运动，压扁驾驶室，A正确,D错误；惯性大小的唯一量度是质量，B错误；惯性不是力，C错误；

6．B

解析：B

【解析】

【详解】

从图可知火箭的速度一直为正，一直朝着正方向运动，即一直上升，在120s上升到最大高度，而图像与时间轴围成的面积表示位移，故火箭上升的最大高度为

1

80012048000

2

h m m

=??=，AC错误B正确；0~40s加速上升，40~120s减速上升，而图像的斜率表示加速度，所以上升阶段的加速度为22

8000

/20/

40

a m s m s

-

==，D正确．

7．D

【解析】

设斜面的倾角为θ．当F＜mgsinθ时，物体有下滑的趋势，静摩擦力方向沿斜面向上．当F=mgsinθ时，静摩擦力为零．当F＞mgsinθ时，物体有上滑的趋势，静摩擦力方向沿斜面向下．故选项ABC正确，D错误；本题错误的选D.

点睛：本题考查分析和理解静摩擦力的能力．静摩擦力的产生取决于物体有没有相对运动趋势，可运用平衡条件加深理解．

8．B

解析：B

【解析】

试题分析：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，加速度为g；当物体以加速度g 竖直下落时，物体处于完全失重状态．

解：水桶自由下落，处于完全失重状态，故其中的水也处于完全失重状态，对容器壁无压力，故水不会流出；

故选B．

【点评】本题关键明确水处于完全失重状态，对容器壁无压力；也可以假设水对容器壁的力为F，然后根据牛顿第二定律列式求出F=0．

9．B

解析：B

【解析】对物体受力分析，如图所示，在竖直方向上，G恒定，因为物体静止不动，所以 ，摩擦力与F的大小无关，方向竖直向上，B正确．

f G

10．D

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

ABC．a、b相对静止且相对地面也静止，以b为研究对象，由平衡条件知，a对b的摩擦力为0，则a与b之间摩擦力为0，因ab间无相对运动趋势，则ab接触面间可能光滑或粗糙，故ABC错误；

D．对a受力分析：

由平衡条件知

F=f，

即a与地面之间的摩擦力大小为F，故D正确。

故选D。

11．B

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

AB．加速度是矢量，正负表示方向，大小等于其绝对值，由于B的加速度的绝对值大于A 的加速度的绝对值，即物体B加速度大，故A错误，B正确；

CD．加速度表示速度的变化快慢，与速度的大小没有直接关系，又不知道它们的初速度大小，故无法判断两个物体的速度大小，故CD错误。

故选B。

12．D

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

ABCD.由国际基本单位制可知，“千克”对应的物理量为质量。故D正确ABC错误。

故选D。

13．C

解析：C

【解析】

【详解】

AC．人对秤的压力与秤对人的支持力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，故A错误，C正确；

B．人处在加速上升的电梯中，加速度向上，秤对人的支持力与人的重力的合力向上，故B 错误；

D．人处在加速上升的电梯中，加速度向上，人处于超重状态，故D错误．

故选C．

14．C

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

以小球为研究对象，受力分析如图，

由水平方向上的合力F x合和竖直方向上的合力F y合分别等于零，即：F x合=Tsinθ-F=0 F y合=Tcosθ-mg=0

有：Tsinθ=F，Tcosθ=mg

两式相比，得：F=mgtanθ

带入数据解得：

103

F N

=，故ABD错误，C正确．故选C．

15．B

解析：B

【解析】

【详解】

A、路程为运动轨迹的长度，由图可知轨迹长度不一定相等，即路程不一定相同，故选项A 错误；

B、位移为矢量，由初位置指向末位置的有向线段，则由图可知，二者的位移大小相等，但是方向不相同，故选项B正确；

C、由题可知，二者同时从A点出发，先后到达B、C两点，可知两人到达的时刻不相同，两人在途中经历的时间也不相同，故选项CD错误。

16．C

解析：C

【解析】

【详解】

A．物体的速度变化大，因时间不确定，加速度大小无法确定，故A错误；

B．加速度为零的物体，速度不一定为零，可能很大，故B错误；

C．由加速度的定义式

?

=

?

v

a

t

可知物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同，故C

正确；

D．物体的加速度方向变化时，速度的方向不一定发生变化，例如原来物体做加速直线运动，加速度方向变化后开始一段时间内物体仍沿原来方向做减速运动，速度方向没有变化，故D错误。

故选择C 选项。

17．A

解析：A 【解析】 【详解】

AB. 速度-时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体I 做加速度不断减小的加速运动，物体II 做加速度不断减小的减速运动，故A 项与题意相符，B 项与题意不相符；

C. v -t 图象中图线与坐标轴围成图形的面积表示位移，由图可知Ⅰ、Ⅱ两物体的位移都在不断增大，故C 项与题意不相符；

D. 图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果做匀变速运动，物体的速度从v 2均匀减小到v 1，或从v 1均匀增加到v 2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于

122v v +故I 物体的平均速度大于122v v +，II 的平均速度小于12

2

v v +，故D 项与题意不相符。

18．D

解析：D 【解析】 【详解】

A ．物体的重力为G mg =，即物体的重力与物体运动状态无关，则重力不变，故A 错误；

B ．物体加速向上时，物体所受重力小于所受支持力,合力提供了向上运动的加速度,故B 错误;

C ．升降机向下加速运动时，物体受到的合外力的方向向下，地板对物体的支持力小于物体的重力，故C 错误；

D ．由牛顿第三定律可知，物体压地板的力与物体所受支持力大小相等，故D 正确。 故选D 。

19．D

解析：D 【解析】 【详解】

物体一定受重力，拉力F 产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力，故D 正确。

故选D 。

20．A

解析：A 【解析】 【分析】 考查v-t 图像。 【详解】

A ．v -t 图像如图所示：

0-t 1时间内，直线为一物体从v 0开始，同样经过t 1时间做匀减速直线运动减速到0的v -t 图线，由匀变速直线运动的规律可知，匀变速直线运动的平均速度为：

012

v x v t =

= v -t 图像面积表示位移，由图可以看出，本题过程0-t 1时间内位移小于此匀减速直线运动，时间相同，所以平均速度小于

2

v ，A 正确； B ．同理，如图所示，匀加速直线运动的平均速度为：

2121-2

x v v t t =

= 小球下降过程加速到v 1的位移大于x 2，所以平均速度大于

1

2

v ，B 错误； C ．v -t 图像的斜率绝对值表示加速度大小，由图可知，射出时，加速度最大，最高点时，速度为0，没有阻力，加速度等于重力加速度，C 错误； D ．上升过程：

mg f ma +=

速度逐渐减小，则空气阻力逐渐减小，加速度减小； 下降过程：

mg f ma -=

速度逐渐增大，空气阻力逐渐增大，加速度减小，当速度增大到v 1时，空气阻力大小等于重力大小，加速度为0，之后匀速下降，加速度不变，即上升过程加速度减小，下降过程加速度先减小后不变，D 错误。 故选A 。

二、多选题

21．AC 【解析】 【详解】

AB ．设物块Q 的质量为m ，P 、Q 之间的动摩擦因数为μ1，P 与地面间的动摩擦因数为μ2。根据速度图象的斜率表示加速度，可得0-1s 内Q 、P 的加速度大小分别为 a1=4m/s2

解析：AC 【解析】 【详解】

AB ．设物块Q 的质量为m ，P 、Q 之间的动摩擦因数为μ1，P 与地面间的动摩擦因数为μ2。根据速度图象的斜率表示加速度，可得0-1s 内Q 、P 的加速度大小分别为

a 1=4m/s 2，a 2=4m/s 2。

0-1s ，根据牛顿第二定律，对Q 有：

μ1mg =ma 1

对P 有：

μ1mg +F -μ2（M +m ）g =Ma 2；

Q 、P 共速后做匀速运动，有：

F =μ2（M +m ）g

联立解得：

m =1kg ，μ1=0.4，μ2=0.1，

故A 正确，B 错误；

C ．长木板P 最小的长度等于0-1s 内Q 相对P 的位移为：

61

m 3m 2

L ?=

=， 故C 正确；

D ．0～2s 内物块Q 的位移大小为：

62

(

121)m 6m 2

x +=?+?=， 故D 错误。 故选AC 。

22．AD 【解析】 【详解】

A ．开始时行李的加速度大小为